2025屆廣東省中山一中高二物理第一學期期末教學質量檢測試題含解析

2025屆廣東省中山一中高二物理第一學期期末教學質量檢測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖是探究產生感應電流條件的裝置圖，現將電池組、滑動變阻器、帶鐵芯的線圈A、線圈B、電流計及開關如圖連接，在開關閉合、線圈A放在線圈B中的情況下，某同學發(fā)現當他將滑動變阻器的滑動端P向左加速滑動時，電流計指針向右偏轉。由此可以判斷。A.線圈A向上移動或滑動變阻器滑動端P向右加速滑動，都能引起電流計指針向左偏轉B.線圈A中鐵芯向上拔出或斷開開關，都能引起電流計指針向右偏轉C.滑動變阻器的滑動端P勻速向左或勻速向右滑動，都能使電流計指針靜止在中央D.因為線圈A、線圈B的繞線方向未知，故無法判斷電流計指針偏轉的方向2、兩個半徑為R的帶電金屬球所帶同種電荷量分別為q1和q2，當兩球心相距3R時，相互作用的靜電力大小為（）A. B.C. D.無法確定3、一質點做勻變速直線運動的位移隨時間的變化的關系式為，x與t的單位分別為m與s，則質點的初速度與加速度分別為（）A.4m/s與2 B.0與4C.4m/s與4 D.4m/s與04、某靜電場的電場線分布如圖所示，P、Q是電場中的某兩點，下列表述正確的是（）A.P點電勢低于Q點電勢B.P、Q兩點場強大小相等、方向相同C.同一正電荷分別置于P、Q兩點時電勢能相等D.同一負電荷從P點移至Q點，電場力做負功，電勢能增大5、關于電源的電動勢，下面敘述不正確的是（）A.同一電源接入不同電路，電動勢不會發(fā)生變化B.電動勢等于閉合電路中接在電源兩極間的電壓表測得的電壓C.電源的電動勢反映電源把其他形式的能轉化為電能的本領大小D.在外電路接通時，電源的電動勢等于內外電路上的電壓之和6、如圖所示，面積為S的線圈平面與磁感應強度為B的勻強磁場垂直，一半在磁場中，則穿過線圈的磁通量為A.0 B.BSC.BS D.2BS二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，A和B為豎直放置的平行金屬板，在兩極板間用絕緣線懸掛一帶電小球．開始時開關S閉合且滑動變阻器的滑片P在a處，此時絕緣線向右偏離豎直方向(電源的內阻不能忽略)．下列判斷正確的是()A.小球帶正電B.當滑片P從a向b滑動時，細線的偏角θ變大C.當滑片P從a向b滑動時，電流表中有電流，方向從上向下D.當滑片P停在b處時，電源的輸出功率一定大于滑片P在a處時電源的輸出功率8、下列敘述正確的是()A.擴散現象說明了分子在不停地做無規(guī)則運動B.布朗運動就是液體分子的運動C.物體的溫度越高,分子運動越激烈,每個分子的動能都一定越大D.兩個鉛塊壓緊后能連在一起,說明分子間有引力9、電荷量為Q1和Q2的兩點電荷分別固定在x軸上的O、C兩點，規(guī)定無窮遠處電勢為零，x軸上各點電勢隨x的變化關系如圖所示．則A.Q1的電荷量小于Q2的電荷量B.G點處電場強度的方向沿x軸負方向C.將一帶負電的試探電荷自G點靜止釋放，僅在電場力作用下一定能到達D點D.將一帶負電試探電荷從D點移到J點，電場力先做正功后做負功10、如圖所示，在傾角為α的光滑斜面上，放置一根長為L，質量為m，通電電流為I的導線。若使導線靜止，應該在斜面上施加勻強磁場B的方向和大小為（）A.方向垂直斜面向下，B.方向垂直水平面向上，C.方向水平向左，D.方向豎直向下，三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，電源電動勢E=8V，內阻r=10Ω，R1=20Ω,R2=30Ω,電容器兩極板間距d=0.1m。當電鍵閉合時，一質量m=2×10-3kg的帶電液滴恰好靜止在兩極板中間。取重力加速度g=10m/s2，求：（1）帶電液滴所帶電荷量的大小q以及電性；（2）斷開電鍵，電容器充放電時間忽略不計，液滴運動到某一極板處需要經過多長時間？12．（12分）如圖所示，帶電平行金屬板相距為2R，在兩板間有垂直紙面向里、磁感應強度為B圓形勻強磁場區(qū)域，與兩板及左側邊緣線相切．一個帶正電的粒子（不計重力）沿兩板間中心線O1O2從左側邊緣O1點以某一速度射入，恰沿直線通過圓形磁場區(qū)域，并從極板邊緣飛出，在極板間運動時間為t0．若撤去磁場，粒子仍從O1點以相同速度射入，則經時間打到極板上（1）求兩極板間電壓u；（2）若兩極板不帶電，保持磁場不變，該粒子仍沿中心線O1O2從O1點射入，欲使粒子從兩板左側間飛出，射入的速度應滿足什么條件四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，兩根相距L＝1m的足夠長的光滑金屬導軌，一組導軌水平，另一組導軌與水平面成37°角，拐角處連接一阻值R＝1Ω的電阻．質量均為m＝2kg的金屬細桿ab、cd與導軌垂直接觸形成閉合回路，導軌電阻不計，兩桿的電阻均為R＝1Ω.整個裝置處于磁感應強度大小B＝1T、方向垂直于導軌平面的勻強磁場中．當ab桿在平行于水平導軌的拉力作用下沿導軌向右勻速運動時，cd桿靜止．g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，求：(1)水平拉力的功率；(2)現讓cd桿靜止，求撤去拉力后ab桿產生的焦耳熱14．（16分）一座小型水電站向遠處的用戶供電，已知它輸出的電功率為5×104W，輸電電壓為2.5kV，輸電導線的總電阻為5Ω。在用戶處安裝降壓變壓器，使用戶得到的電壓為220V，求：(1)輸電線上損失的功率；(2)降壓變壓器的匝數比。15．（12分）如圖所示，將邊長為L、總電阻為R的正方形閉合線圈，從磁感強度為B的勻強磁場中以速度v勻速拉出（磁場方向垂直線圈平面）(1)拉力F做的功WF和拉力F的功率PF(2)線圈放出的熱量Q

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】由題意可知當P向左加速滑動時，線圈A中的電流應越來越小，則其磁場減小，線圈B中產生了電流使指針向右偏轉；故可知當B中的磁通量減小時，電流表指向右偏；A.線圈A向上移動，回路磁通量減小，則電流表指向右偏，滑動變阻器滑動端P向右加速滑動，A所在回路電流增大，B中磁通量增大，電流表指向左偏，故A錯誤；B.線圈A中鐵芯向上拔出或斷開開關，導致B中磁通量減小，都能引起電流計指針向右偏轉，故B正確；C.滑動變阻器的滑動端P勻速向左或勻速向右滑動，均會改變A中電流大小，B中磁通量變化，產生感應電流，故C錯誤；D．根據以上分析可知，故D錯誤。故選B。2、C【解析】當兩球心相距時，兩球不能看成點電荷，電荷的中心不在幾何中心；因為是同種電荷，排斥，電荷中心距離大于，故故選C。3、C【解析】勻變速直線運動的位移與時間關系為對照題給表達式可知故選C。4、D【解析】A．根據順著電場線方向電勢降低可知，P點電勢高于Q點電勢．故A錯誤；B．由于P處電場線較密，則P處場強大于Q處場強，而且兩點的場強方向不同，故B錯誤；C．將正電荷從P移到Q時，電場力做正功，電勢能減小，則知同一正電荷置于P點時電勢能大于Q點電勢能，故C錯誤；D．負電荷所受的電場力逆著電場線，則同一負電荷從P點移至Q點，電場力做負功，電勢能增大，故D正確；故選D?！军c睛】本題關鍵掌握電場線的兩個物理意義：電場線疏密表示場強的大小、方向表示電勢的高低，即順著電場線電勢降低。5、B【解析】電動勢是電源本身的特性，與外電路無關，故A對．電動勢的值為閉合電路中內外電路上的電壓之和，閉合電路中接在電源兩極間的電壓表測得的電壓為路端電壓，不是電源電動勢．故B錯，D對．電源的電動勢物理意義是反映電源把其他形式的能轉化為電能的本領大小，故C對．故選B考點：電動勢的概念6、B【解析】根據磁通量公式Φ＝BS，因為圖中有效面積為S，所以B項正確二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】A.由圖，A板帶正電，B帶負電，電容器內電場方向水平向右．細線向右偏，電場力向右，則小球帶正電．故A正確.B.滑動頭向右移動時，R變小，外電路總電阻變小，總電流變大，路端電壓U=E-Ir變小，兩定值電阻電壓之和減小，R1兩端電壓減小，電容器電壓變小，兩板間場強減小，則細線偏角變小，故B錯誤C.滑動頭向右移動時，電容器電壓變小，電容器放電，因A板帶正電，則流過電流表的電流方向向下．故C正確D.根據電源的輸出功率與外電阻的關系：當外電阻等于內阻時，輸出功率最大．外電阻大于內阻，外電阻減小，輸出功率增大；當外電阻小于內阻時，外電阻減小，輸出功率減?。绢}，不知道外電阻與內阻大小關系，故無法判斷電源輸出功率的大小，故D錯誤8、AD【解析】擴散現象說明了分子在不停地做無規(guī)則運動，選項A正確；布朗運動是懸浮在液體表面的固體顆粒的的無規(guī)則運動，是液體分子無規(guī)則運動的表現，選項B錯誤；物體的溫度越高，分子運動越激烈，分子的平均動能變大，但非每個分子的動能都一定越大，選項C錯誤；兩個鉛塊壓緊后能連在一起，說明分子間有引力，選項D正確；故選AD.9、BD【解析】A項：圖像斜率表示場強大小，由圖可知在H點的場強為零，即Q1和Q2兩電荷在H的合場強為零，由公式可知，Q1的電荷量大于Q2的電荷量，故A錯誤；B項：由圖知B點的電勢為零，由于沿著電場線電勢降低，所以在B點邊場強方向沿x軸正方向，在B點右邊場強方向沿x軸負方向，故B正確；C項：由在G點場強方向沿x軸向左，負電荷所受電場力向右，所以負電荷沿x軸向右運，故C錯誤；D項：由圖像可知從D點到J點電勢先升高再降低，負電荷的電勢能先減小后增大，電場力先做正功后做負功，故D正確10、AD【解析】A．若磁場方向垂直于斜面向下，由左手定則知安培力平行于斜面向上，根據平衡條件，BIL=mgsinα得：A正確；B．若磁場方向垂直水平面向上，則安培力水平向右，通電導線不可能平衡，B錯誤；C．若磁場方向水平向左，則安培力豎直向上，根據平衡條件BIL=mg得：C錯誤；D．若磁場方向豎直向下，由左手定則知安培力水平向左，根據平衡條件：BIL=mgtanα則D正確。故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）5×10-4C，帶正電；（2）0.1s?！窘馕觥浚?）電鍵閉合時，兩板間電壓U1：液滴保持靜止：解得：q=5×10-4C，帶正電（2）電鍵斷開時，兩板間電壓：U2=E=8V液滴向上做勻加速運動，加速度a：解得：t=0.1s12、（1）（2）【解析】（1）設粒子從左側O1點射入的速度為v，極板長為L，磁場中根據受力平衡可得：qE=qvB根據勻強電場中電場強度與電勢差之間的關系式：電場強度為：因為粒子在磁場中做勻速直線運動，所以有：L=vt0在電場中做類似平拋運動，根據牛頓第二定律，有水平方向：L-2R=豎直方向：聯立解得：L=4R兩極板間電壓：（2）設粒子在磁場中做圓周運動的軌道半徑為r，粒子恰好從上極板左邊緣飛出時速度的偏轉角為α，根據幾何關系可知：β=π-α=45°因為：則有：根據洛倫茲力提供向心力可得：聯立解得：要使得粒子從兩板左側間飛出，粒子初速度要滿足：四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)864W(2)864J【解析】（1）根據安培力公式與平衡條件求出電流，然后又E=BLv求出電動勢，應用歐姆定律求出金屬桿的速度，由平衡條件求出水平拉力，然后應用P=Fv求出拉力的功率（2）由能量守恒定律求出產生的熱量，然后應用焦耳定律求出ab桿產生的焦耳熱【詳解】（1）cd桿靜止，由平衡條件可得mgsinθ＝BIL，解得I＝12A由閉合電路歐姆定律得2I＝，得v＝36m/s水平拉力F＝2BIL＝24N，水平拉力的功率P＝Fv＝864W（2）撤去外力后ab桿在安培力作用下做減速運動，安培力做負功，先將棒的動能轉化為電能，再通過電流做功將電能轉化為整個電路產生的焦耳熱，即焦耳熱等于桿的動能的減小量，有Q＝ΔEk＝mv2＝1296J而Q＝I′2·R·t，ab桿產生的焦耳熱Q′＝I′2·R·t，所以Q′＝Q＝864J.【點睛】本題是電磁感應與電路、力學相結合的綜合題14、(1)2000W；(2)【解析】(1)輸電線上的電流輸電線上損失的功率解得(2)輸電線上損失的電壓降壓變壓器輸入端的電壓由變壓器