九年級上冊物理期中復(fù)習(xí)（易錯60題46大考點）2024-2025學(xué)年八年級物理上冊單元速記巧練（人教版2024）

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九年級上冊第11~13章。一．力是否做功的判斷（共1小題）1．（2023春?城西區(qū)校級期中）關(guān)于功的概念，下列說法正確的是（）A．只要有力作用在物體上，力就對物體做功 B．物體只要移動了距離，就有力對它做了功 C．只要有力作用在物體上，物體在力的方向上又移動了距離，則這個力就對物體做了功D．有力作用在物體上，物體又移動了距離，這個力就一定對物體做了功【答案】C【解答】解：A、有力作用在物體上，但沒有沿力的方向移動距離，此時也沒有力做功，故錯誤；B、手提水桶，沿水平方向前進20m，手的作用力向上，水桶沿水平方向運動，但手沒有對水桶做功。故該選項錯誤；C、有力作用在物體上，物體在力的方向上移動了距離，符合做功的必要條件。此選項正確。D、手提水桶，沿水平方向前進20m，雖然有力，同時也有距離，但不是沿力的方向的距離，所以此時手對水桶仍沒有做功，故該選項錯誤。故選：C。二．功的比較大?。ü?小題）2．（2023秋?高州市期中）小李同學(xué)先后用同樣大小的力F使同一木箱分別在如圖所示甲、乙、丙三個表面上沿力的方向移動相同的距離，該力F在這三個過程中所做的功分別為W甲、W乙、W丙，關(guān)于做功大小的下列說法正確的是（）A．W甲＜W乙＜W丙 B．W甲＞W(wǎng)乙＞W(wǎng)丙 C．W甲＝W乙＝W丙 D．W甲＝W乙＜W丙【答案】C【解答】解：一個人先后用同樣大小的力F使物體沿力的方向移動相同的距離s；該力在這三個過程中所做的功分別為W甲、W乙、W丙，三個功的大小都等于W＝Fs；即W甲＝W乙＝W丙；故C正確；ABD錯誤。故選：C。三．功率的大小比較（共1小題）3．（2023秋?潤州區(qū)期中）小明同學(xué)兩次施加水平拉力拉動同一物體在同一水平面上做勻速直線運動，兩次物體運動的圖像如圖所示，下列判斷正確的是（）A．兩次物體所受到的摩擦力f1＞f2 B．拉動到距離s1時，兩次克服摩擦所做的功W1＞W(wǎng)2 C．拉動到距離s1時，兩次拉力對物體所做的功W1＜W2 D．拉動到距離s1時，兩次拉力對物體做功的功率P1＞P2【答案】D【解答】解：AB、同一物體的重力不變，對水平面的壓力不變；在同一水平面上運動，則接觸面的粗糙程度相同，故兩次拉動物體時，物體受到的摩擦力相等，即f1＝f2；拉動到距離s1時，距離相等，所以根據(jù)W＝fs可知，兩次克服摩擦所做的功W1＝W2，故AB錯誤；CD、由圖象可知，兩次物體都做勻速直線運動，說明物體受到的拉力和摩擦力是一對平衡力，大小相等，所以，兩次物體所受的拉力：F1＝F2＝f；拉動到距離s1時，距離相等，所以根據(jù)W＝Fs可知，兩次拉力對物體所做的功W1′＝W2′；拉動到距離s1時，第一次所用時間小于第二次所用時間，所以根據(jù)P＝可知，拉動到距離s1時，兩次拉力對物體做功的功率P1＞P2，故C錯誤，D正確。故選：D。四．功率的計算（共2小題）4．（2023秋?亭湖區(qū)校級期中）某餐館用智能機器人（如圖）替代人工送菜。該機器人用20s時間在水平路面上運行30m將菜送到客人桌前；若機器人和菜總質(zhì)量為25kg，工作時牽引力恒為50N，完成本次送菜，牽引力做功1500J，牽引力做功的功率為75W，機器人所受重力做功0J?！敬鸢浮?500；75；0?！窘獯稹拷猓籂恳ψ龉Γ篧＝Fs＝50N×30m＝1500J；牽引力做功的功率P＝＝＝75W。機器人水平運動，所受重力的方向為豎直向下，機器人在重力的方向上沒有移動距離，所受重力做功0J。故答案為：1500；75；0。5．（2023秋?射陽縣期中）如圖1所示，水平地面上有一長方體木箱。小林用水平推力F把木箱向前推動。此過程中，推力F和木箱前進的速度v的大小隨時間t的變化情況分別如圖2甲、乙所示。在第2s時刻，木箱受到的摩擦力f＝20N，在0～1s內(nèi)，推力對木箱所做的功0J，在3～5s內(nèi)，推力對木箱所做功的功率為20W?！敬鸢浮恳娫囶}解答內(nèi)容【解答】解：（1）由乙圖可知，在3～5s內(nèi)木箱做勻速直線運動，處于平衡狀態(tài)，由平衡條件可知，木箱受到的滑動摩擦力f＝F，由甲圖可知，在3～5s內(nèi)推力F＝20N，則木箱受到的滑動摩擦力f＝F＝20N；由圖甲可知，木箱在1～3s內(nèi)做加速運動，受到的摩擦力為滑動摩擦力，滑動摩擦力與推力大小無關(guān)，物體間接觸面與物體間壓力不變，物體受到的滑動摩擦力不變，則1s～3s內(nèi)木箱受到的摩擦力大小為20N；（2）木箱在0～1s內(nèi)沒有動，因此在0～1s內(nèi)，推力對木箱所做的功為0J；（3）由乙圖知，箱子3～5s內(nèi)通過的距離s＝vt＝1m/s×2s＝2m，由甲圖指此時受到的推力F＝20N，因此推力做功W＝Fs＝20N×2m＝40J，在3～5s內(nèi)，推力對木箱所做功的功率為P＝＝＝20W。故答案為：20；0；20。五．探究影響物體動能大小的因素-動能大小的現(xiàn)象表現(xiàn)（共1小題）6．（2023秋?封開縣校級期中）如圖是探究“物體動能大小跟哪些因素有關(guān)”的實驗，實驗步驟如下：步驟1：讓不同質(zhì)量的鋼球從斜面上相同的高度由靜止?jié)L下，觀察木塊被撞擊后移動的距離。步驟2：讓同一鋼球從斜面上不同的高度由靜止?jié)L下，觀察木塊被撞擊后移動的距離。（1）該實驗是通過觀察木塊被撞擊后移動的距離來判斷鋼球的動能大小。（2）步驟2需要選用圖甲和圖乙做實驗（選填“甲”、“乙”或“丙”），是為了研究動能大小與速度的關(guān)系（選填“速度”或“質(zhì)量”）。（3）步驟1通過實驗得到的結(jié)論是：速度相同的物體，質(zhì)量越大，動能越大。這個結(jié)論可用來解釋汽車超載（選填“超速”或“超載”）帶來的危害?！敬鸢浮浚?）木塊被撞擊后移動的距離；（2）甲；乙；速度；（3）質(zhì)量；超載?！窘獯稹拷猓海?）實驗中通過觀察木塊被撞擊后移動的距離來判斷物體所具有動能大小的，木塊被推動的距離越遠，說明小球所具有的動能越大；用到轉(zhuǎn)換法；（2）由步驟2可知，讓同一鋼球從斜面上不同的高度由靜止?jié)L下，即鋼球的質(zhì)量相同，下滑的高度不同，由圖可知甲、乙兩圖滿足實驗要求；根據(jù)控制變量法可知，這是為了研究動能大小與速度的關(guān)系；（3）由步驟1可知，讓不同質(zhì)量的鋼球從斜面上相同的高度由靜止?jié)L下，即鋼球的速度相同，質(zhì)量不同，由乙、丙兩圖可知，質(zhì)量越大，推動木塊移動的距離越遠，故可得出結(jié)論：速度相同的物體，質(zhì)量越大，動能越大；可以用來解釋汽車超載帶來的危害。故答案為：（1）木塊被撞擊后移動的距離；（2）甲；乙；速度；（3）質(zhì)量；超載。六．比較動能的大?。ü?小題）7．（2023秋?梁溪區(qū)校級期中）圖中甲、乙兩個質(zhì)量不同的小球從相同高度靜止釋放（忽略空氣阻力），甲球下落過程中經(jīng)過P、Q兩點，下列說法正確的是（）A．釋放瞬間，兩球的重力勢能相等 B．著地瞬間，兩球的動能相等 C．甲球在P點和Q點的機械能相等 D．從釋放到著地，兩球所受重力做的功相等【答案】C【解答】解：A、釋放瞬間，兩球的高度相同，但由于兩球的質(zhì)量不同，所以兩球的重力勢能不相等，故A錯誤。B、著地瞬間，兩球的速度相等，但由于兩球的質(zhì)量不同，所以兩球的動能不相等，故B錯誤。C、甲由P點運動到Q點，重力勢能轉(zhuǎn)化為動能，由于忽略空氣阻力，所以甲球在P點和Q點的機械能相等，故C正確。D、從釋放到著地，兩球所受重力做的功為：W＝Gh＝mgh，h相同，但質(zhì)量m不同，所以兩球所受重力做功不相等，故D錯誤。故選：C。七．探究影響物體重力勢能大小的因素-重力勢能大小的現(xiàn)象表現(xiàn)（共1小題）8．（2023秋?太和區(qū)期中）某同學(xué)在探究“物體的重力勢能與哪些因素有關(guān)”時；選用下列實驗器材：一塊厚泡沫，三個相同的鐵釘，三個金屬塊m1、m2和m3（m1＝m2＜m3）。他做了如下實驗：將鐵釘插入泡沫的相同深度，分別將三個金屬塊由空中靜止釋放撞擊鐵釘，鐵釘進入泡沫深度如圖所示。（1）在這個實驗中，金屬塊在下落的過程中，它的重力勢能轉(zhuǎn)化為動能，可以通過觀察鐵釘進入泡沫的深度來比較金屬塊重力勢能的大??；（2）a、b兩次實驗可得到的結(jié)論是在質(zhì)量相同時，物體被舉得越高，重力勢能越大；（3）比較a、c兩次實驗的情況，說明金屬塊高度相同時，質(zhì)量越大，金屬塊的重力勢能越大；（4）金屬塊落在鐵釘上不能立即停下，是因為金屬塊具有慣性，鐵釘最終停下來是因為受到阻力的作用。【答案】（1）重力勢；鐵釘進入泡沫的深度；（2）在質(zhì)量相同時，物體被舉得越高，重力勢能越大；（3）a、c；（4）慣性；阻力?！窘獯稹拷猓海?）金屬塊下落的過程中質(zhì)量不變，高度變小，速度變大，重力勢能轉(zhuǎn)化為動能；我們是通過觀察比較鐵釘進入泡沫的深度來間接比較金屬塊重力勢能的大小，這是轉(zhuǎn)換法的應(yīng)用；（2）a、b中金屬塊的質(zhì)量相同，高度不同，鐵釘進入泡沫深度不同，故可得到的結(jié)論：在質(zhì)量相同時，物體被舉得越高，重力勢能越大；（3）根據(jù)控制變量法可知，比較a、c兩次實驗，金屬塊高度相同時，質(zhì)量越大，鐵釘進入泡沫的深度，說明金屬塊的重力勢能越大；（4）由于金屬塊具有慣性，所以鋁塊落在鐵釘上不能立即停下；鐵釘最終停下來是因為受到阻力的作用。故答案為：（1）重力勢；鐵釘進入泡沫的深度；（2）在質(zhì)量相同時，物體被舉得越高，重力勢能越大；（3）a、c；（4）慣性；阻力。八．機械能的概念（共1小題）9．（2023秋?阜寧縣期中）如圖所示是蕩秋千的簡化模型，擺球從A點由靜止釋放，到達D點后返回，B、C兩點等高，下列說法正確的是（）A．球在B、C兩點的機械能相等 B．球在A、D兩點的機械能相等 C．球從O點到C點的過程中機械能減少 D．球從D點到C點的過程中動能減少【答案】C【解答】解：A、球從B點到C點時，重力勢能轉(zhuǎn)化為動能再轉(zhuǎn)化為重力勢能，由于空氣阻力的存在，B點的機械能大于C點。故A錯誤。B、球從A點到D點時，重力勢能轉(zhuǎn)化為動能再轉(zhuǎn)化為重力勢能，由于空氣阻力的存在，A點的機械能大于D點。故B錯誤。C、球從O點到C點的過程中，動能轉(zhuǎn)化為重力勢能，由于空氣阻力的存在，機械能減少，故C正確。D、球從D點到C點的過程中，重力勢能轉(zhuǎn)化為動能，故動能增大，故D錯誤。故選：C。九．動能和重力勢能的相互轉(zhuǎn)化（共1小題）10．（2023秋?巴東縣期中）體育課上，小明用力斜向下將籃球擲向地面，籃球碰到地面后斜向上反彈，反彈后運動到的最高點比擲出籃球的位置更高，如圖所示。下列判斷正確的是（）A．籃球剛剛脫離手時，它的動能最大 B．籃球達到最高點時，動能為0 C．籃球從脫離手到它碰到地面的過程中，它的重力勢能轉(zhuǎn)化為動能 D．籃球從地面反彈到最高點的過程中，它的重力勢能逐漸減小【答案】C【解答】解：A、籃球碰到地面時的速度最大，動能最大，故A錯誤；B、籃球投出后，籃球斜向上反彈，在最高點有水平速度，故最高點的動能不為零，故B錯誤；C、籃球從脫離手到它碰到地面的過程中，質(zhì)量不變，速度增大，故動能增大，同時高度減小，故重力勢能減??；所以它的重力勢能轉(zhuǎn)化為動能，故C正確；D、籃球從地面反彈到最高點的過程中，它的質(zhì)量不變，高度增大，重力勢能逐漸增大，故D錯誤。故選：C。十．杠桿及其五要素（共1小題）11．（2023春?佛岡縣校級期中）如圖，是一輛行李的手推車，當(dāng)前輪遇到障礙物A時，推車人向下壓扶手，這時手推車可看作杠桿，支點在C（填字母）。當(dāng)后輪遇到障礙物時，推車人向上提扶手，這時支點是B點，與前輪遇到障礙物時相比，此時較省力（選填“省”或“費”）?！敬鸢浮恳娫囶}解答內(nèi)容【解答】解：（1）當(dāng)前輪遇障礙物A時，顧客向下按扶把，這時手推車可看成杠桿，支點是C點；（2）當(dāng)后輪遇到障礙物A時，顧客向上提把，這時支點是B點，顯然動力臂大于阻力臂，此時手推車可看成是省力杠桿，因此比較省力。故答案為：C；B；省。十一．力和力臂的畫法（共1小題）12．（2023春?石獅市校級期中）如圖是靜止在水平地面上的拉桿旅行箱的示意圖，O是輪子的轉(zhuǎn)軸，O′是箱體的重心。以O(shè)為支點，畫出力F的力臂和箱體所受重力的示意圖?！敬鸢浮恳娫囶}解答內(nèi)容【解答】解：過O點作F的垂線即為F的力臂，過O′作豎直向下的作用力G即為箱體所受重力。如圖所示十二．探究杠桿的平衡條件的實驗中使用彈簧測力計的問題（共2小題）13．（2023春?東莞市期中）在探究“杠桿的平衡條件”實驗中，某小組做了如圖所示實驗。（1）實驗開始時，杠桿的位置如圖甲所示，此時應(yīng)將杠桿右端的平衡螺母向右（選填“左”或“右”）移動，使杠桿在水平位置平衡。（2）要使圖乙中杠桿平衡，應(yīng)在a處掛1個鉤碼（每個鉤碼的質(zhì)量相同）才能使杠桿在水平位置平衡，在此實驗的基礎(chǔ)上，在杠桿兩端鉤碼處再各增加一個鉤碼，杠桿不能（選填“能”或“不能”）再次平衡。（3）當(dāng)彈簧測力計由圖丙中的豎直拉變成傾斜拉時，要使杠桿仍然在水平位置平衡，彈簧測力計的示數(shù)將變大（選填“變大”“不變”或“變小”），其原因是拉力的力臂變小了。（4）有同學(xué)測出一組數(shù)據(jù)后就得出了“動力×動力臂＝阻力×阻力臂”的結(jié)論，乙同學(xué)認(rèn)為他的做法不合理，理由是一組數(shù)據(jù)太少，具有偶然性，不能找出普遍規(guī)律?！敬鸢浮浚?）右；（2）1、不能；（3）變大、拉力的力臂變小了；（4）一組數(shù)據(jù)太少，具有偶然性，不能找出普遍規(guī)律?！窘獯稹拷猓海?）如圖甲所示，杠桿右端偏高，應(yīng)將平衡螺母向上翹起的右端移動；（2）設(shè)杠桿的每小格為L，一個鉤碼的重為G，根據(jù)杠桿的平衡條件F1l1＝F2l2得，2G×2L＝nG×4L，解得n＝1；在此實驗的基礎(chǔ)上，在杠桿兩端鉤碼處再各增加一個鉤碼，杠桿左邊3G×2L＝6GL；杠桿右邊2G×4L＝8GL，可知杠桿左端小于右端，杠桿不能再次平衡；（3）圖丙中當(dāng)彈簧測力計由圖丙中的豎直拉變成傾斜拉時，阻力和阻力臂不變，彈簧測力計拉力F的力臂變小，由杠桿平衡條件：F1l1＝F2l2知彈簧測力計的拉力變大；（4）只有一次實驗得出杠桿平衡的條件動力×動力臂＝阻力×阻力臂。這種結(jié)論具有偶然性，不合理，要進行多次實驗，總結(jié)出杠桿平衡條件。答案為：（1）右；（2）1、不能；（3）變大、拉力的力臂變小了；（4）一組數(shù)據(jù)太少，具有偶然性，不能找出普遍規(guī)律。14．（2023春?碑林區(qū)校級期中）在“探究杠桿的平衡條件”實驗中：（1）為使圖甲中杠桿在水平位置平衡，需將兩端平衡螺母向左（選填“左”或“右”）端調(diào)節(jié)；（2）圖乙中，在已調(diào)平的杠桿A處掛兩個鉤碼，則在B處需掛4個鉤碼時，杠桿才能繼續(xù)保持在水平位置平衡；（3）將圖丙中彈簧測力計向右逐漸傾斜時，其示數(shù)將變大（選填“變大”、“變小”或“不變”）；（4）實驗中保持鉤碼個數(shù)及位置不變，多次收集數(shù)據(jù)并在坐標(biāo)系中繪制出動力臂L1與動力F1的關(guān)系圖象，由圖象可知：當(dāng)F1＝0.5N時，L1＝30cm；（5）根據(jù)杠桿平衡的條件分析圖丁可知：A端胡蘿卜相比B端胡蘿卜更重些。（選填“更重些”、“一樣重”或“更輕些”）【答案】（1）左；便于測量力臂；（2）4；（3）變大；（4）30；（5）更重些?！窘獯稹拷猓海?）杠桿重心右移，應(yīng)將平衡螺母向左調(diào)節(jié)，直至杠桿在水平位置平衡，重心移到支點處，使杠桿重力的力臂為零，這樣就使杠桿自重對杠桿的平衡不產(chǎn)生影響；力臂等于支點到力的作用線的垂直距離，當(dāng)杠桿在水平位置平衡時，力的方向與杠桿垂直，力臂可以從杠桿標(biāo)尺刻度上直接讀出來，便于測量力臂；（2）設(shè)一個鉤碼的重為G，杠桿一個小格代表l，設(shè)杠桿右端掛n個鉤碼，根據(jù)杠桿平衡得，2G×4l＝nG×2l，所以n＝4（個）；（3）當(dāng)保持杠桿水平平衡，把彈簧測力計逐漸向右傾斜時，動力臂會逐漸減小，根據(jù)平衡條件可知，拉力變大；（4）根據(jù)圖可知，當(dāng)動力F1＝0.5N時，動力臂為L1，當(dāng)動力F2＝1N時，動力臂為L2＝15cm，由F1×L1＝F2×L2，解得L1＝30cm；（5）根據(jù)杠桿的平衡條件可得：GA?OA＝GB?OB，因為OA＜OB，所以，GA＞GB，A端胡蘿卜相比B端胡蘿卜更重些。故答案為：（1）左；便于測量力臂；（2）4；（3）變大；（4）30；（5）更重些。十三．杠桿的平衡條件（共2小題）15．（2023秋?拱墅區(qū)校級期中）如圖所示，小明將梨子和蘋果分別放在輕桿的兩側(cè)，輕桿順時針轉(zhuǎn)起來，下列說法正確的是（）A．可以確定蘋果的質(zhì)量大于梨子的質(zhì)量 B．將梨子向右移動適當(dāng)?shù)奈恢酶軛U可以在水平位置平衡 C．對蘋果施加一個豎直向上的力杠桿可以在水平位置平衡，此時支點受到的壓力大小不變 D．將蘋果和梨子的位置對調(diào)，若桿逆時針轉(zhuǎn)動就能比較蘋果和梨子的質(zhì)量大小【答案】D【解答】解：杠桿平衡條件是動力×動力臂＝阻力×阻力臂。A.已知輕桿順時針轉(zhuǎn)起來，說明蘋果的重力和它的力臂的乘積大于梨的重力與它的力臂的乘積，由圖可知蘋果的力臂大于梨子的力臂，所以無法比較蘋果和梨的重力，也就無法確定蘋果和梨子的質(zhì)量關(guān)系，故A錯誤；B.杠桿要在水平位置平衡，必須要讓蘋果的重力和它的力臂的乘積等于梨的重力與它的力臂的乘積，所以梨子應(yīng)該往左移動，增大梨子的力臂，故B錯誤；C.對蘋果施加一個豎直向上的力杠桿可以在水平位置平衡，但此時支點受到的壓力會變小，故C錯誤；D.將蘋果和梨子的位置對調(diào)，梨子的力臂大于蘋果的力臂，若桿逆時針轉(zhuǎn)動，則蘋果的重力和它的力臂的乘積大于梨的重力與它的力臂的乘積，說明蘋果的重力大于梨子的重力，就可以比較出它們的質(zhì)量關(guān)系，故D正確。故選：D。16．（2023秋?梁溪區(qū)校級期中）小明想利用杠桿平衡條件測量薯條的質(zhì)量。實驗器材：刻度尺（30cm）、砝碼（10g）、圓柱形鉛筆。實驗步驟：（1）如圖（a）、（b）所示，將質(zhì)量為m＝10g的砝碼放在刻度尺左邊某一刻度處，此時應(yīng)沿逆時針（順時針/逆時針）旋轉(zhuǎn)鉛筆，使刻度尺移動，直到刻度尺在鉛筆上水平平衡，讀出左側(cè)力臂（支點到砝碼重心的距離）l1＝9cm和右側(cè)力臂（支點到刻度尺重心的距離）l2＝6cm；（2）取下砝碼，并在該位置放上3根薯條，旋轉(zhuǎn)鉛筆，使刻度尺再次在水平位置平衡，此時左側(cè)力臂l3＝12.5cm，右側(cè)力臂l4＝2.5cm；（3）根據(jù)杠桿的平衡條件，可以計算出刻度尺質(zhì)量M＝15g，3根薯條的總質(zhì)量m＝3g。【答案】（1）逆時針；（2）2.5；（3）15；3?！窘獯稹拷猓海?）如圖（a）、（b）所示，此時左端高，應(yīng)向左調(diào)整刻度尺，即逆時針旋轉(zhuǎn)鉛筆，直到刻度尺在鉛筆上水平平衡。（2）取下砝碼，并在該位置放上3根薯條，旋轉(zhuǎn)鉛筆，使刻度尺再次在水平位置平衡，由于將砝碼換為薯條后與刻度尺重心間的距離不變，則右側(cè)力臂為l4＝l1+l2﹣l3＝9cm+6cm﹣12.5cm＝2.5cm（3）根據(jù)第一次測量時的杠桿平衡條件可知mgl1＝Mgl2則刻度尺質(zhì)量為由杠桿新的平衡條件可知mgl3＝Mgl43根薯條的總質(zhì)量為故答案為：（1）逆時針；（2）2.5；（3）15；3。十四．杠桿的平衡條件的計算（共1小題）17．（2023春?渝北區(qū)期中）小萍設(shè)計了如圖所示的裝置。輕質(zhì)杠桿AOB可繞支點O無摩擦轉(zhuǎn)動，OB＝2m，OA＝1m。在杠桿A端用不可伸長的細線懸掛正方體M，重力為600N，邊長為20cm。當(dāng)重為500N的小萍靜止站立在OB之間某處時，杠桿處于水平平衡狀態(tài)，且M對地面的壓力剛好為0。求：（1）小萍離O點的距離為多少米；（2）當(dāng)小萍再向左運動0.5m時，正方體M對水平地面的壓強?！敬鸢浮浚?）小萍離O點的距離為1.2m；（2）當(dāng)小萍再向左運動0.5m時，正方體M對水平地面的壓強為6250Pa。【解答】解：（1）M對地面的壓力剛好為0，則地面對M的支持力也為0，對M做受力分析，它受到豎直向下的重力和豎直向上的拉力，且拉力與重力相等，即F拉＝G＝600N，杠桿對重物M的拉力F拉與重物M對杠桿的拉力F1相等，即F1＝F拉＝600N；設(shè)小萍離O點的距離為l2，由杠桿平衡條件F1l1＝F2l2得F1?OA＝GAl2，即：l2＝＝＝1.2m；（2）當(dāng)小萍再向左運動0.5m時，小萍距O點的距離為l2'＝1.2m﹣0.5m＝0.7m，由杠桿平衡條件F1l1＝F2l2得F1'?OA＝GAl2'，則重物M對杠桿的拉力為：F1'＝＝＝350N，杠桿對重物的拉力為F拉'＝F1'＝350N，由于物體M靜止，物體M受到重力、拉力、支持力，關(guān)系式為F支＝G﹣F拉'＝600N﹣350N＝250N，則物體對地壓力為F壓＝250N，物體受力面積為S＝a2＝0.2m×0.2m＝4×10﹣2m2，正方體M對水平地面的壓強為：p＝＝＝6250Pa。答：（1）小萍離O點的距離為1.2m；（2）當(dāng)小萍再向左運動0.5m時，正方體M對水平地面的壓強為6250Pa。十五．杠桿的最小動力（共1小題）18．（2023秋?句容市期中）如圖所示，有一根質(zhì)量分布均勻的金屬棒CB，現(xiàn)將AC部分搭在水平桌面上，已知金屬棒長為L、重為300N，CA：AB＝1：3，為使金屬棒保持圖示位置靜止，則在B（選填“A”、“B”或“C”）點施加的力F最小，該最小力F1＝100N，若保持與F1的作用點和方向均相同，則使金屬棒在圖示位置靜止時所需的最大外力F2應(yīng)為150N?！敬鸢浮緽；100；150?！窘獯稹拷猓河蓤D可知，CA：AB＝1：3，由于金屬棒質(zhì)量分布均勻，重心在O點，當(dāng)以A為支點、AB為動力臂時，動力臂與阻力臂的比值為3：1，此時動力臂與阻力臂的比值是最大的，根據(jù)杠桿的平衡條件可知，此時的動力是最小的；則：F1＝＝300N×＝100N；若保持與F1的作用點和方向均相同，則C為支點，BC為動力臂，動力臂與阻力臂的比值為2：1，此時動力臂與阻力臂的比值是最小的，根據(jù)杠桿的平衡條件可知，此時的F2最大，則：F2＝＝300N×＝150N。故答案為：B；100；150。十六．滑輪組繩子上的拉力（共1小題）19．（2024春?桂林期中）圖甲所示是一種塔式起重機的簡圖，為了保證起重機起重時不會翻倒，在起重機右邊配有一個重物G0，配重為6×104N。已知OA＝12m，OB＝4m，現(xiàn)用起重機把貨物G勻速提起。求：（1）若起重機自重不計，吊起貨物為使起重機不翻倒，左邊貨物G的最大重力為多少？（2）如果起重機吊臂前端是由如圖乙所示的滑輪組組成，動滑輪的重力為1000N，繩重和摩擦不計，勻速提起第（1）問中的貨物G，拉力F的大小是多少？（3）如果把貨物G以0.1m/s的速度勻速提升，用時5min，繩子自由端運動的距離是多少？【答案】（1）2×104N；（2）7000N；（3）90m?！窘獯稹拷猓海?）如圖甲，吊臂相當(dāng)于一個杠桿，起重機自重不計，根據(jù)杠桿的平衡條件可得G×OA＝G0×OBG×12m＝6×104N×4m解得G＝2×104N；（2）由圖知，繩子的有效段數(shù)n＝3，繩重和摩擦不計，拉力F的大??；（3）貨物升高的高度h＝vt＝0.1m/s×5×60s＝30m，繩子自由端運動的距離s＝3h＝3×30m＝90m。答：（1）左邊貨物G的最大重力為2×104N；（2）拉力F的大小是7000N；（3）繩子自由端運動的距離是90m。十七．滑輪組的中的相關(guān)計算（共1小題）20．（2023春?無為市校級期中）如圖所示，彈簧測力計A和B及滑輪組均處于靜止?fàn)顟B(tài)，F(xiàn)＝10N，若不考慮測力計重、滑輪重及摩擦，彈簧測力計A和B的示數(shù)應(yīng)分別為（）A．30N和30N B．30N和20N C．20N和20N D．20N和30N【答案】B【解答】解：對于A彈簧測力計，滑輪組中共有三段繩子承擔(dān)拉力，則：FA＝3F＝3×10N＝30N；對于B彈簧測力計，滑輪組中與動滑輪相連的有兩段繩子，則：FB＝2F＝2×10N＝20N；故選：B。十八．輪軸及其應(yīng)用（共1小題）21．（2023秋?靖江市期中）如圖甲所示，用扳手?jǐn)Q螺帽時，圖b（a/b）的握法更有利于擰緊螺帽，原因是動力臂更長（長/短）。如圖乙所示，當(dāng)升旗手緩緩向下拉繩子時，旗子就會徐徐上升。這是由于旗桿頂部有一個定滑輪，它不能（能/不能）省力，但可以改變力的方向。丙圖中的螺絲刀也是一種簡單機械，叫輪軸，手柄粗（粗/細）一些的螺絲刀用起來更省力?！敬鸢浮縝；長；不能；改變力的方向；粗?！窘獯稹拷猓海?）（2）通過對比圖a和b知道，對于同一螺帽，阻力和阻力臂是一定的，而b圖中的動力臂要大于a圖中的動力臂，所以b圖所用動力更小。（3）（4）（5）根據(jù)滑輪的軸固定不動的特點可知：旗桿頂部的定滑輪，它的使用特點是只能改變力的方向，而不能省力。（6）螺絲刀手柄屬于輪軸中的輪，同樣的軸，輪越大就越省力，因此手柄粗一些的螺絲刀用起來更省力。故答案為：b；長；不能；改變力的方向；粗。十九．滑輪、滑輪組機械效率的計算（共3小題）22．（2023秋?封開縣校級期中）一個人利用如圖所示的滑輪組提起一個重2000N的重物，所用的拉力是400N，重物上升1m，下列說法正確的是（）A．總功是3200J，機械效率是60% B．總功是2000J，機械效率是50% C．有用功是3200J，機械效率是83% D．有用功是2000J，機械效率是62.5%【答案】D【解答】解：人做的有用功為：W有＝Gh＝2000N×1m＝2000J；由圖可知，n＝8，人做的總功為：W總＝Fs＝Fnh＝400N×8×1m＝3200J；則滑輪組機械效率為：η＝＝×100%＝62.5%，故ABC錯誤，D正確。故選：D。23．（2023秋?亭湖區(qū)校級期中）如圖所示，用兩個完全相同的滑輪勻速提升重力相同的物體，不計軸處摩擦。其中省力的是甲裝置圖，機械效率高的是乙裝置圖。如圖丙，將穿好的鞋帶兩端向兩邊拉扯，鞋幫就會收緊，達到省力的效果，這與簡單機械中滑輪組（選填“杠桿”、“滑輪組”或“斜面”）的省力原理相同。【答案】甲；乙；滑輪組?！窘獯稹拷猓杭讏D是動滑輪，可以省力，乙圖是定滑輪，不能省力，因此省力的是甲裝置圖；由于兩個滑輪都是勻速提升的是質(zhì)量相等的物體，所以所做的有用功相同；使用乙圖的定滑輪，不用對滑輪做額外功，使用甲圖的動滑輪，要對滑輪做額外功，故乙裝置圖的機械效率高；穿好的鞋帶兩端向兩邊拉扯，鞋幫就會收緊，達到省力的效果，這與簡單機械中滑輪組的省力原理相同。故答案為：甲；乙；滑輪組。24．（2023秋?西安期中）如圖甲所示的裝置，A是質(zhì)量為1.2kg的物體，繩子自由端能承受的最大拉力為24N，施加的拉力F隨時間變化關(guān)系如圖乙所示，A上升的速度v隨時間t變化關(guān)系如圖丙所示，忽略繩重及摩擦，g取10N/kg。問：（1）1～2s內(nèi)拉力F的功率為多少？（2）動滑輪的重力為多少？（3）此裝置勻速提升重物的最大機械效率為多少？（若除不盡，結(jié)果保留小數(shù)點后一位）【答案】（1）第2s內(nèi)拉力F的功率為40W；（2）動滑輪的重力為8N；（3）此裝置勻速提升重物的最大機械效率為83.3%?！窘獯稹拷猓海?）由圖乙、丙可知，1～2s內(nèi)拉力F＝10N，A上升速度vA＝2m/s，由圖甲知，通過動滑輪繩子的段數(shù)n＝2，則自由端移動的速度為：v＝nvA＝2×2m/s＝4m/s，故拉力F的功率為：P＝＝＝Fv＝10N×4m/s＝40W；（2）A是質(zhì)量為1.2kg，則A的重力為GA＝mg＝1.2kg×10N/kg＝12N，忽略繩重及摩擦，根據(jù)F＝（G+G動）可知，動滑輪重力為：G動＝nF﹣GA＝2×10N﹣12N＝8N；（3）當(dāng)繩端拉力達到最大時，提起物體的重力最大，根據(jù)F大＝（G大+G動）可知，G大＝nF大﹣G動＝2×24N﹣8N＝40N，同一滑輪組提起的物體越重，效率越高，所以此裝置最大機械效率為：η大＝＝＝＝＝≈83.3%。答：（1）第2s內(nèi)拉力F的功率為40W；（2）動滑輪的重力為8N；（3）此裝置勻速提升重物的最大機械效率為83.3%。二十．斜面機械效率的計算（共1小題）25．（2023秋?長安區(qū)期中）如圖所示是電動傳送機，傳送帶斜面長15m，高7.5m，每袋貨物質(zhì)量m＝30kg。貨物受到使它沿傳送帶向上運動的力是摩擦力（選填“壓力”或“摩擦力”），傳送機勻速傳送一袋貨物到A處所做的有用功為2250J，傳送機工作時的機械效率是75%，則傳送一袋貨物所做的額外功是750J．（g＝10N/kg）【答案】見試題解答內(nèi)容【解答】解：貨物在傳送帶上運動時由于受到重力作用會向下滑動或有向下滑動的趨勢，則貨物會受到沿斜面向上的摩擦力（與運動方向相同），所以貨物受到使它沿傳送帶向上運動的力是摩擦力。傳送機勻速傳送一袋貨物到A處所做的有用功為：W有＝Gh＝mgh＝30kg×10N/kg×7.5m＝2250J因為η＝75%，由η＝得：W總＝＝＝3000J所做額外功為：W額＝W總﹣W有＝3000J﹣2250J＝750J。故答案為：摩擦力；2250；750。二十一．?dāng)U散現(xiàn)象（共1小題）26．（2023秋?即墨區(qū)校級期中）端午節(jié)媽媽在廚房煮粽子，小強在客廳里就聞到了粽子的香味，這是擴散現(xiàn)象，煮粽子是通過熱傳遞方式增大粽子內(nèi)能的，餃子是中國的傳統(tǒng)美食，包餃子時，用力捏面皮，面皮會粘在一起，說明分子之間存在引力。【答案】擴散；熱傳遞；引?！窘獯稹拷猓海?）因分子在永不停息地做無規(guī)則運動，所以在客廳就聞到廚房里粽子的香味，屬于擴散現(xiàn)象；（2）煮粽子時，粽子吸收熱量、溫度升高，內(nèi)能增加，是通過熱傳遞方式增加粽子內(nèi)能的；（3）包餃子時，用力捏面皮，面皮會粘在起，說明分子之間存在引力。故答案為：擴散；熱傳遞；引。二十二．做功改變物體的內(nèi)能（共2小題）27．（2023秋?大觀區(qū)校級期中）關(guān)于溫度、內(nèi)能和熱量，下列說法中正確的是（）A．如圖1中，壓緊的兩鉛塊，下面懸掛鉤碼而不分開，這是由于大氣壓強的作用 B．如圖2中，試管內(nèi)的水沸騰后，水蒸氣將軟木塞推出，軟木塞的內(nèi)能轉(zhuǎn)化為它的機械能 C．如圖3中，抽掉玻璃隔板后，兩瓶中的氣體逐漸混合，這說明上面瓶中的空氣密度較大 D．如圖4中，金屬管裝有少量乙醚，迅速拉動纏在金屬管外的皮繩，可使橡皮塞從管口飛出，乙醚蒸氣的內(nèi)能轉(zhuǎn)化為橡皮塞的機械能【答案】D【解答】解：A、圖1中，壓緊的兩鉛塊，下面懸掛鉤碼而不分開，這是由于分子間存在相互作用的引力，故A錯誤；B、試管內(nèi)的水沸騰后，水蒸氣將軟木塞推出，此過程中水蒸氣的內(nèi)能轉(zhuǎn)化為軟木塞的機械能，故B錯誤；C、抽掉玻璃隔板后，兩瓶中的氣體逐漸混合，這是擴散現(xiàn)象，表明分子在不停地做無規(guī)則運動，而上面瓶中的空氣密度比二氧化氮的密度小，故C錯誤；D、金屬管裝有少量乙醚，迅速拉動纏在金屬管外的皮繩時，克服摩擦做功，使金屬管和內(nèi)部乙醚的溫度升高，乙醚蒸氣會推動橡皮塞做功，此過程中乙醚蒸氣的內(nèi)能轉(zhuǎn)化為橡皮塞的機械能，所以橡皮塞能從管口飛出，故D正確。故選：D。28．（2023秋?南海區(qū)期中）如圖所示為一名消防隊員正在進行模擬演習(xí)訓(xùn)練。在下滑過程中，他感到手心發(fā)燙，這是由于機械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，這個過程中能量的總量是守恒（選填“守恒”或“不守恒”）的?！敬鸢浮繖C械；內(nèi)；守恒?！窘獯稹拷猓海?）在下滑過程中，手克服摩擦力做功，機械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，使得手的內(nèi)能增加，溫度升高，故消防隊員的手心會感到發(fā)燙；（2）任何形式的能在轉(zhuǎn)化為其他形式能的過程中，能的總量都是保持不變的，即能量是守恒的，所以在消防隊員下滑過程中，能量的總量是守恒的。故答案為：機械；內(nèi)；守恒。二十三．溫度、內(nèi)能、熱量的關(guān)系（共1小題）29．（2023秋?涪城區(qū)期中）學(xué)完內(nèi)能，小明做了以下總結(jié)，其中正確的是（）A．兩個物體的溫度相同，則它們的內(nèi)能一定相同 B．一個物體的質(zhì)量不變，若溫度降低，它的內(nèi)能一定減少 C．甲物體傳遞了熱量給乙物體，說明甲物體內(nèi)能大 D．兩物體相比，分子動能越大的物體，其內(nèi)能越大【答案】B【解答】解：物體內(nèi)部所有分子熱運動的動能與分子勢能的總和，叫做物體的內(nèi)能；A、兩個物體的溫度相同，分子動能與分子勢能相同，如果兩個物體質(zhì)量不同，具有的分子數(shù)目不同，它們的內(nèi)能不一定相同，故選項A不正確；B、一個物體的質(zhì)量不變，若溫度降低，溫度降低，分子熱運動的劇烈程度降低，分子動能與分子勢能變小，它的內(nèi)能一定減少，故選項B正確；C、熱傳遞是能量從高溫物體傳到低溫物體或從同一物體的高溫部分傳到低溫部分的過程，故選項C不正確；D、兩物體相比，分子動能越大的物體，它的分子數(shù)目不一定多，分子熱運動的動能與分子勢能的總和不一定大，故選項D不正確；故選：B。二十四．比熱容的計算公式（共2小題）30．（2023秋?福田區(qū)期中）質(zhì)量和溫度相同的鋁塊和水放出相同熱量后，將鋁塊放入水中（c水＞c鋁），則（）A．水的溫度不斷傳給鋁塊 B．水的熱量傳給鋁塊 C．鋁塊的熱量傳給水 D．鋁塊和水之間不發(fā)生熱傳遞【答案】B【解答】解：質(zhì)量和初溫都相同的鋁塊和水，當(dāng)它們放出相同的熱量后，由Q＝cmΔt可知，比熱容越大，降低的溫度越??；由于水的比熱容大，所以水降低的溫度小，由于初溫相同，所以水的末溫高、鋁的末溫低；根據(jù)熱傳遞的方向可知，此時再將鋁塊投入水中，熱量由高溫的水傳給低溫的鋁，故B符合題意。故選：B。31．（2023秋?嵩縣期中）我們通常用水作為冷卻劑，是利用水的比熱容的特性；在1標(biāo)準(zhǔn)大氣壓下，初溫為21℃、質(zhì)量為1kg的水吸收3.36×105J熱量后溫度將升高79℃，小麗用相同的電加熱器分別對質(zhì)量為0.2kg的水和0.3kg的另一種液體進行加熱，得到的實驗數(shù)據(jù)如圖所示，則另一種液體的比熱容為1.4×103J/（kg?℃）。[c水＝4.2×103J/（kg?℃）]【答案】比熱容；79；1.4×103。【解答】解：因為水的比熱容大，我們通常用水作為冷卻劑，相同質(zhì)量的水和其他物質(zhì)升高相同的溫度，水吸收的熱量更多；質(zhì)量為1kg的水吸收3.36×105J熱量，則在1標(biāo)準(zhǔn)大氣壓下，水的沸點為100℃，已知水初溫為21℃，若水的溫度升高80℃，則末溫超過100℃，因此實際上水升高的溫度Δt'＝100℃﹣21℃＝79℃，由圖可知水在16min內(nèi)升高的溫度為30℃，則0.2kg的水吸收的熱量Q水＝cmΔt水＝4.2×103J/（kg?℃）×0.2kg×30℃＝2.52×104J用相同的加熱器，加熱相同時間，表示物質(zhì)吸收的熱量相同，因此另一種液體在8min吸收的熱量是水吸收熱量的一半，即由圖像可知，另一種液體在8min內(nèi)溫度升高了30℃，故另一種液體的比熱容故答案為：比熱容；79；1.4×103。二十五．比熱容的圖像（共1小題）32．（2023秋?亭湖區(qū)校級期中）如圖所示是甲、乙兩杯液體（兩個燒杯完全相同），用相同的電加熱器加熱過程中，液體溫度隨時間變化的圖像。根據(jù)圖像，下列判斷中正確的是（）A．若甲、乙是等質(zhì)量的不同液體，則甲的比熱容較大 B．若甲、乙是質(zhì)量不等的同種液體，則甲的質(zhì)量較大 C．若甲、乙是等質(zhì)量的不同液體，則加熱相同時間，乙吸收的熱量較少 D．無論甲、乙質(zhì)量和種類是否相同，乙的質(zhì)量和比熱容的乘積較大【答案】D【解答】解：用相同的加熱器加熱甲、乙兩種液體，加熱相同時間，表示甲、乙吸收的熱量相同，由圖象可知，甲升高的溫度比乙升高的溫度大，根據(jù)Q吸＝cmΔt可知：A、當(dāng)Q吸和m相同時，Δt越大，c就越小，即質(zhì)量相同的不同液體，吸收相同的熱量，升高溫度大的液體比熱容小，故A錯誤；B、當(dāng)Q吸和c相同時，Δt越大，m就越小，即同一種液體，吸收相同的熱量，升高溫度大的液體質(zhì)量小，做B錯誤；C、用相同的加熱器加熱相同時間，表示物質(zhì)吸收的熱量相同，故C錯誤；D、當(dāng)加熱相同時間，甲、乙吸收的熱量相同，根據(jù)Q吸＝cmΔt可知，當(dāng)Q吸相同時，Δt越小，c與m的乘積就越大，故D正確。故選：D。二十六．利用比熱容的公式計算熱量（共2小題）33．（2023秋?鄒城市期中）小明在探究冰的熔化特點。如圖是他根據(jù)實驗記錄的數(shù)據(jù)繪制成的溫度隨時間變化的圖像。圖像中，物體在B點時具有的內(nèi)能小于（填“大于”、“小于”或“等于”）在C點時的內(nèi)能。實驗過程中，第2～8min冰吸收的熱量為3.15×104J。（冰質(zhì)量500g，c冰＝2.1×103J/（kg?℃），不計熱損失）【答案】小于；3.15×104?！窘獯稹拷猓海?）BC段是冰的熔化過程，此時吸收熱量，內(nèi)能增大，但溫度不變，所以物體在B點時具有的內(nèi)能小于在C點時的內(nèi)能；（2）第2～8min是第0～2min加熱時間的3倍，則第2～8min吸收的熱量也是第0～2min吸收的熱量的3倍；冰的質(zhì)量m＝500g＝0.5kg，第0～2min冰吸收的熱量：Q吸冰＝c冰m（t﹣t0）＝2.1×103J/（kg?℃）×0.5kg×[0﹣（﹣10℃）]＝1.05×104J，第2～8min吸收的熱量：Q吸＝3Q吸冰＝3×1.05×104J＝3.15×104J；故答案為：小于；3.15×104。34．（2023秋?東?？h期中）小明在研究“物質(zhì)的吸熱本領(lǐng)大小”時，選用了兩只完全相同的酒精燈分別給質(zhì)量都是200g的沙子和水加熱。他繪制出沙子和水的溫度隨加熱時間變化的圖像如圖所示。（已知水的比熱容是4.2×103J/（kg?℃），牛奶的比熱容為2.5×103J/（kg?℃），不計熱量損失），請問：（1）哪個圖是沙子吸熱升溫的圖像？（2）加熱2min時，水吸收了多少熱量？（3）吃早飯時，小明用熱水加熱質(zhì)量為250g的袋裝牛奶，為了使這袋牛奶的溫度由12℃升高到42℃，小明至少要用60℃的熱水多少千克？【答案】（1）甲圖表示沙子吸熱升溫的過程；（2）水吸收了4.2×104J的熱量；（3）小明至少要用60℃的熱水0.25千克。【解答】解：（1）因為沙子和水的質(zhì)量相等，吸收相同熱量時，沙子的比熱容比水小，由c＝可知，沙子溫度升得多，所以甲圖表示沙子吸熱升溫的過程。（2）圖乙是水吸熱升溫的過程，由圖乙可知，加熱2min時，水的溫度由20℃升高到70℃，所以水吸收的熱量為Q水吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg?℃）×0.2kg×（70℃﹣20℃）＝4.2×104J；（3）牛奶吸收的熱量為Q牛奶吸＝c牛奶m牛奶（t′﹣t0′）＝2.5×103J/（kg?℃）×0.25kg×（42℃﹣12℃）＝1.875×104J，牛奶吸收的熱量正好等于熱水放出的熱量，水放出的熱量為Q水放＝Q牛奶吸＝1.875×104J，需要熱水的質(zhì)量為m′＝＝≈0.25kg；答：（1）甲圖表示沙子吸熱升溫的過程；（2）水吸收了4.2×104J的熱量；（3）小明至少要用60℃的熱水0.25千克。二十七．熱平衡方程及其應(yīng)用（共1小題）35．（2023秋?蕪湖期中）將一杯熱水倒入盛有冷水的容器中，冷水的溫度升高了10℃，再向容器內(nèi)倒入一杯相同質(zhì)量和溫度的熱水，容器中的水溫又升高了6℃．如果繼續(xù)向容器中倒入一杯同樣的熱水，則容器中的水溫會升高（）A．5℃ B．4℃ C．3℃ D．2℃【答案】B【解答】解：設(shè)熱水和冷水的溫度差為t，∵質(zhì)量為m0的一小杯熱水倒入盛有質(zhì)量為m的冷水的保溫容器中，使得冷水溫度升高了10℃，∴Q吸＝Q放，從而可知，cm0（t﹣10℃）＝cm×10℃，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①又向保溫容器中倒入一小杯同質(zhì)量為m0同溫度的熱水，水溫又上升了6℃，Q吸＝Q放，從而可知，cm0（t﹣10℃﹣6℃）＝c（m+m0）×6℃，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②則①﹣②得：6℃×cm0＝10℃×cm﹣6℃×cm﹣6℃×cm0，整理得：12℃×cm0＝4℃×cm，解得：m＝3m0；代入①式可得，t＝40℃；假設(shè)我們將全部熱水一次性注入，則由熱平衡方程可知：3m0c（40℃﹣Δt）＝mcΔt，m＝3m0；聯(lián)立兩式解得：Δt＝20℃；40℃﹣20℃＝20℃則注入3杯水后，水溫還會上升：20℃﹣10℃﹣6℃＝4℃。故選：B。二十八．四沖程的能量轉(zhuǎn)化（共1小題）36．（2023秋?合浦縣期中）關(guān)于如圖所示的四個情景，下列說法正確的是（）A．甲圖中兩個底面削平的鉛塊緊壓在一起后能吊住重物，主要是由于大氣壓強的存在B．乙圖中試管內(nèi)的水沸騰后，水蒸氣將軟木塞推出，表明機械能可以轉(zhuǎn)化為內(nèi)能 C．丙圖中紅墨水在熱水中比在冷水中擴散快，說明分子做無規(guī)則運動的劇烈程度與溫度有關(guān) D．丁圖中活塞向下運動，這是內(nèi)燃機的壓縮沖程【答案】C【解答】解：A、甲圖中兩個壓緊的鉛塊能吊起鉤碼，是由于分子間存在引力，故A錯誤；B、當(dāng)加熱試管到一定程度時，水蒸氣的內(nèi)能足夠大會將塞子沖出，將水蒸氣的內(nèi)能轉(zhuǎn)化為塞子的機械能，故B錯誤；C、紅墨水在熱水中擴散的比冷水中快，說明溫度越高，分子運動速度越快；故C正確；D、圖中沖程中火花塞點火和活塞向下移動的特點，可以判斷這個沖程是做功沖程，故D錯誤。故選：C。二十九．熱值的簡單計算（共1小題）37．（2023秋?海門市校級期中）探究小組利用如圖兩套裝置探究①“不同物質(zhì)吸熱升溫的現(xiàn)象”以及②“不同燃料充分燃燒放熱的現(xiàn)象”，液體和燃料的質(zhì)量及種類根據(jù)實驗需要和方便進行選取。（1）在組裝器材時應(yīng)先調(diào)節(jié)A（選填“A”或“B”）的高度：兩個實驗中都要控制杯中液體（填“燃料”或“杯中液體”）質(zhì)量相等。（2）探究“不同物質(zhì)吸熱升溫現(xiàn)象”，物質(zhì)吸熱多少是通過加熱時間反映。（3）在兩個探究中根據(jù)所測數(shù)據(jù)都畫出了如圖丙中的圖像（不計熱量的損失），根據(jù)圖像可計算：①“不同物質(zhì)吸熱升溫的現(xiàn)象”，若圖像一所對應(yīng)的物質(zhì)的比熱容為1.6×103J/（kg?℃），則圖像二所對應(yīng)的物質(zhì)的比熱容為3.6×103J/（kg?℃）；②“不同燃料充分燃燒放熱的現(xiàn)象”，圖像一和圖像二表示兩種燃料的熱值之比為3：2?！敬鸢浮浚?）A；杯中液體；（2）加熱時間；（3）3.6×103；3：2?！窘獯稹拷猓海?）因用酒精燈的外焰加熱，故在組裝器材時應(yīng)先調(diào)節(jié)A的高度；兩個實驗中都要控制杯中液體質(zhì)量相等；（2）在探究“不同物質(zhì)吸熱升溫”的特點時，由轉(zhuǎn)換法，物質(zhì)吸熱的多少是通過加熱時間反映的；（3）①“不同物質(zhì)吸熱升溫的現(xiàn)象”中，由探究①由繪制出的兩種液體溫度隨時間變化的關(guān)系圖象，圖象一對應(yīng)物質(zhì)的加熱時間為10分鐘（注意是均勻升溫），升高60℃，；而圖象二對應(yīng)物質(zhì)的加熱時間為15分鐘，升高40℃；由轉(zhuǎn)換法可知，兩種物質(zhì)吸收熱量之比為10min：15min＝2：3；根據(jù)Q＝cmΔt，在質(zhì)量和升高溫度相同的情況下，吸熱多少與比熱容成正比，故圖象一和圖象二表示兩種物質(zhì)的比熱容之比為2：3，則圖像二所對應(yīng)的物質(zhì)的比熱容為c2＝＝3.6×103J/（kg?℃）；②不同燃料充分燃燒放熱的現(xiàn)象中，燃料完全燃料（燃料質(zhì)量相同），圖象一對應(yīng)的物質(zhì)升高80℃﹣20℃＝60℃；圖象二對應(yīng)的物質(zhì)升高60℃﹣20℃＝40℃；而同種液體的質(zhì)量相同，根據(jù)Q＝cmΔt，吸熱多少與升高的溫度成正比，兩種物質(zhì)吸熱之比為60℃：40℃＝3：2，根據(jù)q＝，在燃料質(zhì)量相同的條件下，吸熱與熱值成正比，故圖象一和圖象二表示兩種燃料的熱值之比為3：2。故答案為：（1）A；杯中液體；（2）加熱時間；（3）3.6×103；3：2。三十．熱機的效率公式與計算（共3小題）38．（2023秋?大觀區(qū)校級期中）小亮家的汽車尾部上標(biāo)有“1.8T”的字樣，其中“T”就是“渦輪增壓”，通過給發(fā)動機足量的空氣使汽油更充分地燃燒。其它條件相同時，渦輪增壓汽車的熱機效率比普通轎車更高（選填“更高”、“更低”或者“一樣大”），同樣的汽油加在渦輪增壓轎車內(nèi)與加在普通轎車內(nèi)相中比，熱值一樣大（選填“更大”、“更小”或“一樣大”）?！敬鸢浮恳娫囶}解答內(nèi)容【解答】解：渦輪增壓發(fā)動機給發(fā)動機更足量的空氣使汽油更充分地燃燒，釋放更多的熱量，獲得更多的機械能，轎車的發(fā)動機效率更高；燃料的熱值是燃料的一種特性，只決定于燃料的種類，與質(zhì)量和燃燒情況等無關(guān)，所以汽油加在“渦輪增壓”轎車內(nèi)和在普通型轎車內(nèi)熱值是一樣大。故答案為：更高；一樣大。39．（2023秋?海門市校級期中）一輛氫氣動力試驗汽車在平直路面上勻速行駛了1.2×104m，消耗了0.15kg的氫氣，此過程汽車發(fā)動機產(chǎn)生的牽引力為1.0×103N。（氫氣熱值1.4×108J/kg）求：（1）牽引力對汽車所做的功。（2）氫氣完全燃燒放出的熱量。（3）汽車發(fā)動機的效率。（百分?jǐn)?shù)保留整數(shù)）【答案】（1）牽引力對汽車所做的功為1.2×107J；（2）氫氣完全燃燒放出的熱量為2.1×107J；（3）汽車發(fā)動機的效率為57%?！窘獯稹拷猓海?）牽引力對汽車所做的功為：W＝Fs＝1.0×103N×1.2×104m＝1.2×107J；（2）氫氣完全燃燒放出的熱量為：Q放＝mq＝0.15kg×1.4×108J/kg＝2.1×107J；（3）汽車發(fā)動機的效率為：η＝×100%＝×100%≈57%。答：（1）牽引力對汽車所做的功為1.2×107J；（2）氫氣完全燃燒放出的熱量為2.1×107J；（3）汽車發(fā)動機的效率為57%。40．（2023秋?大豐區(qū)期中）某汽車在水平地面上勻速行駛15000m，汽車發(fā)動機產(chǎn)生的牽引力所做的功為3×107J，消耗汽油1kg（假設(shè)汽油在發(fā)動機氣缸內(nèi)完全燃燒，q汽油＝5×107J/kg，g＝10N/kg）。針對這一過程，求：（1）汽車的牽引力；（2）汽車發(fā)動機的效率；（3）若這些汽油完全燃燒放出的熱量有84%被20℃、100kg的水吸收，則可使水的溫度升高多少攝氏度？（1個標(biāo)準(zhǔn)大氣壓下）?！敬鸢浮浚?）汽車的牽引力為2000N；（2）汽車發(fā)動機的效率為60%；（3）水吸收的熱量可使水的溫度升高80℃。【解答】解：（1）汽車的牽引力F＝＝＝2000N；（2）消耗的汽油完全燃燒放出的熱量Q放＝mq汽油＝1kg×5×107J/kg＝5×107J，汽車發(fā)動機的效率η＝×100%＝×100%＝60%；（3）水吸收的熱量Q吸＝ηQ放＝84%×5×107J＝4.2×107J，水溫可以升高的溫度Δt＝＝＝100℃，則水的末溫為t＝t0+Δt＝20℃+100℃＝120℃，1個標(biāo)準(zhǔn)大氣壓下水在100℃沸騰，并且沸騰時吸熱溫度保持不變，所以水的末溫實際為100℃，升高的溫度為Δt′＝t′﹣t0＝100℃﹣20℃＝80℃。答：（1）汽車的牽引力為2000N；（2）汽車發(fā)動機的效率為60%；（3）水吸收的熱量可使水的溫度升高80℃。三十一．燃料燃燒釋放的能力的流向（共1小題）41．（2023秋?南海區(qū)校級期中）汽車是現(xiàn)代生活中最常見的一種交通工具，如圖甲、乙分別是某汽油機的某沖程及能量流向圖。下列有關(guān)說法正確的是（）A．甲圖中汽油機的燃料燃燒得不充分，就會降低燃料的熱值 B．甲圖是壓縮沖程 C．由乙圖可知該汽油機的效率是30% D．由乙圖可知，在熱機的能量損失中，機械能散熱耗能最多【答案】B【解答】解：A、燃料的熱值是燃料的一種特性，只決定于燃料的種類，與質(zhì)量和燃燒情況等無關(guān)，因此甲圖中汽油機的燃料燃燒得不充分，其熱值不變，故A錯誤；B、兩個氣門都關(guān)閉，活塞向上運動，為壓縮沖程，故B正確；C、熱機效率是指有效利用的能量與燃料完全燃燒放出的熱量的比值，由圖可知，輸出有用機械能所占比例為：100%﹣36%﹣30%﹣6%＝28%，即該汽油機的效率為28%，故C錯誤；D、由圖乙可知，在熱機的能量損失中，廢氣帶走的能量最多，故D錯誤。故選：B。三十二．電路的基本組成（共1小題）42．（2023秋?荔灣區(qū)校級期中）隨著我國人民生活水平提高，家庭小汽車作為一種普通交通工具已走進千家萬戶。其中內(nèi)燃機的工作原理是我們初三學(xué)習(xí)的知識之一。請按題目要求看對應(yīng)圖片答題。（1）圖1所示，小芳迅速下壓活塞，筒內(nèi)密封氣體的內(nèi)能增大（選填“增大”、“減小”或“不變”），由此可見，做功可以改變物體的內(nèi)能。此過程的能量轉(zhuǎn)化與圖2的汽油機4個沖程中的D圖能量轉(zhuǎn)化情況相同。（2）圖3是甲、乙兩臺汽油機的能量流向及比例，若將甲汽油機更換成乙汽油機，消耗相同質(zhì)量的燃料，熱機效率將增大，尾氣帶走的能量將減小，散熱損失的能量所占比例將減小。（均選填“增大”、“減小”或“不變”）（3）為確保汽油機正常工作，需對其冷卻。一般使用水來充當(dāng)冷卻劑，這是因為：水的比熱容大，在質(zhì)量和升高的溫度相同時，水吸收的熱量多，冷卻效果好。（4）除了燃油汽車外，目前油電混合汽車同樣也投入使用。在給油電混合汽車的蓄電池充電時，蓄電池相當(dāng)于用電器（選填“用電器”或“電源”）；當(dāng)電動機正常工作時，主要將電能轉(zhuǎn)化為機械能?！敬鸢浮浚?）增大；做功；D；（2）增大；減??；減??；（3）水的比熱容大，在質(zhì)量和升高的溫度相同時，水吸收的熱量多，冷卻效果好；（4）用電器；機械。【解答】解：（1）把活塞迅速向下壓，活塞對筒內(nèi)密封氣體做功，將機械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，使氣體的內(nèi)能增大，這是通過做功來改變物體的內(nèi)能；在汽油機的壓縮沖程中，也是將機械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，二者的能量轉(zhuǎn)化相同；圖2中，A圖：進氣門開啟，活塞下行，氣體流入汽缸，是吸氣沖程；B圖：兩氣門都關(guān)閉，火花塞點火，活塞下行，汽缸容積變大，是做功沖程；C圖：排氣門開啟，活塞上行，氣體流出汽缸，是排氣沖程；D圖：兩氣門都關(guān)閉，活塞上行，汽缸容積變小，是壓縮沖程；故選：D；（2）觀察圖3中甲、乙兩臺汽油機的能量流向及比例可知，甲汽油機的熱機效率為30%，乙汽油機的熱機效率為43%，所以，若將甲汽油機更換成乙汽油機，熱機效率將增大；由圖3可知，甲尾氣帶走的能量所占比例37%，乙尾氣帶走的能量所占比例29%，消耗相同質(zhì)量的燃料，則將甲汽油機更換成乙汽油機后，尾氣帶走的能量所占比例將減??；由圖3可知，甲散熱損失的能量所占比例為23%，乙散熱損失的能量所占比例為19%，消耗相同質(zhì)量的燃料，則將甲汽油機更換成乙汽油機后，散熱損失的能量所占比例將減?。唬?）為確保汽油機正常工作，需對其冷卻，一般使用水來充當(dāng)冷卻劑，這是因為與其它液體相比，水的比熱容大，在質(zhì)量和升高的溫度相同時，水吸收的熱量多，冷卻效果好；（4）給汽車蓄電池充電時，汽車蓄電池消耗電能，相當(dāng)于用電器；當(dāng)電動機正常工作時，消耗了電能，獲得機械能，因此它主要將電能轉(zhuǎn)化為機械能。故答案為：（1）增大；做功；D；（2）增大；減小；減??；（3）水的比熱容大，在質(zhì)量和升高的溫度相同時，水吸收的熱量多，冷卻效果好；（4）用電器；機械。三十三．電源的能量轉(zhuǎn)化（共2小題）43．（2023秋?雁塔區(qū)校級期中）如圖甲是小華在學(xué)?？萍紝嵺`活動中自制的鹽水動力車，主要是由鹽水電池和一個小電動機組裝而成的。圖乙是他在測量自制鹽水電池的電壓。下列內(nèi)容摘自關(guān)于鹽水動力車的說明書，其中說法不合理的是（）A．鹽水電池給小車供電時，化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能 B．鹽水電池的銅片為電池的負極 C．自制鹽水電池的電壓是0.4V D．小車運動時，電能轉(zhuǎn)化為機械能【答案】B【解答】解：A、鹽水電池給小車供電時，化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能，故A不符合題意；B、據(jù)圖示可知，指針正向偏轉(zhuǎn)，因為銅片與電壓表的正接線柱相連，因此銅片為鹽水電池的正極，故B符合題意；C、電壓表的量程為0～3V，分度值為0.1V，示數(shù)為0.4V，故C不符合題意；D、小車運動時，電能轉(zhuǎn)化為機械能，故D不符合題意。故選：B。44．（2023秋?山亭區(qū)期中）共享單車在車筐底部覆蓋著太陽能發(fā)電板，如圖所示，通過陽光給里面的蓄電池充電，從而為GPS和通信模塊供電，此時在太陽能發(fā)電板和蓄電池的電路中，蓄電池相當(dāng)于用電器（選填“電源”、“用電器”或“開關(guān)”）。蓄電池充電過程中，把電能轉(zhuǎn)化成化學(xué)能?！敬鸢浮坑秒娖鳎浑?；化學(xué)?！窘獯稹拷猓涸谔柲馨l(fā)電板和蓄電池的電路中，太陽能發(fā)電板將太陽能轉(zhuǎn)化為電能，蓄電池充電時將電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能儲存起來，此時蓄電池相當(dāng)于用電器。故答案為：用電器；電；化學(xué)。三十四．根據(jù)實物圖畫電路圖（共1小題）45．（2023秋?龍崗區(qū)校級期中）根據(jù)實物圖畫出電路圖（畫在虛線框內(nèi)）。【答案】見解答圖。【解答】解：由實物圖知，燈泡L、電動機并聯(lián)，S1在L支路上，S2在電動機支路上，電路圖如下圖所示：。三十五．開關(guān)在串并聯(lián)電路中的作用（共2小題）46．（2023秋?富民縣校級期中）如圖所示的電路，下列分析正確的是（）A．只閉合S1時，L2發(fā)光、L1不發(fā)光，A2測L2電流 B．只閉合S2時，L1發(fā)光、L2不發(fā)光，A1測L1電流 C．閉合S1、S2時，L1、L2并聯(lián)，A2測L2電流 D．閉合S1、S2時，L1、L2串聯(lián)，A1、A2示數(shù)相等【答案】C【解答】解：A、只閉合S1時，電流表A1與L1連入電路，為L1基本電路，因此L1發(fā)光，L2不發(fā)光，故A錯誤；B、只閉合S2時，由于干路上的S1斷開，則整個電路處于開路狀態(tài)，L1、L2不發(fā)光，故B錯誤；CD、閉合S1、S2時，電流分別流入L1、L2，則L1、L2并聯(lián)，A1在干路上，A2在L2支路上，則A1測干路電流，A2測L2支路的電流，故C正確，D錯誤；故選：C。47．（2023秋?敦煌市校級期中）如圖所示電路中，只閉合開關(guān)S1S3時，燈L1和燈L2并聯(lián)；只閉合開關(guān)S2時，燈L1與L2串聯(lián)；只閉合開關(guān)S1和S2時，電路處于短路（填“通路”、“斷路”或“短路”）狀態(tài)?！敬鸢浮恳娫囶}解答內(nèi)容【解答】解：只閉合S1、S3時，由電路圖知：燈L1、L2先并列相連，即有兩條電流的路徑，故是并聯(lián)電路；若是使得兩個燈泡串聯(lián)，即只有一條電流的路徑，故應(yīng)該閉合S2，斷開S1S3；若是只閉合開關(guān)S1和S2時，相當(dāng)于將電源的正負極直接相連，故發(fā)生短路。故答案為：S1S3；S2；短路。三十六．生活中的串、并聯(lián)電路（共1小題）48．（2023秋?仁壽縣期中）考試試卷保密至關(guān)重要，為確保試卷萬無一失，存放試卷的保密室有厚厚的大門，要想開門，需要主考用鑰匙閉合開關(guān)S，或者兩名副主考同時使用鑰匙閉合開關(guān)S1、S2，使電動機工作拉開大門。為防止有小偷從窗戶或排氣扇處翻入，在窗戶和排氣扇處還分別設(shè)有自動感應(yīng)開關(guān)S3、S4，當(dāng)小偷闖入時感應(yīng)開關(guān)自動閉合，警鈴報警。下列電路圖符合設(shè)計要求的是（）A． B． C． D．【答案】C【解答】解：A．由電路圖可知，開關(guān)S、S1、S2中任意一個閉合時電動機都可以工作，故A不符合題意；B．由電路圖可知，開關(guān)S3、S4同時閉合時，警鈴才工作，故B不符合題意；C．由電路圖可知，開關(guān)S或者同時閉合開關(guān)S1、S2時，電動機工作，閉合開關(guān)S3或S4時，警鈴工作，故C符合題意；D．由電路圖可知，開關(guān)S、S1、S2都閉合時電動機才工作，開關(guān)S3、S4同時閉合時警鈴才工作，故D不符合題意。故選：C。三十七．判斷電流表測量的對象（共1小題）49．（2023秋?自流井區(qū)校級期中）用電流表測量通過燈L2的電流，如圖所示的四個電路圖中，正確的是（）A． B． C． D．【答案】C【解答】解：A、電流表在干路中，測干路中的電流；B、電流表與L2串聯(lián)，但接線柱接錯了；C、電流表與L2串聯(lián)，測與L2的電流；D、電流表在干路中，測干路中的電流。故選：C。三十八．電流表的使用方法（共1小題）50．（2023秋?澄邁縣期中）如圖，閉合開關(guān)S，燈泡L發(fā)光，請在電路的“〇”中填入電流表或電壓表的符號?！敬鸢浮俊窘獯稹拷猓喝鐖D，上面圈內(nèi)電表與燈串聯(lián)，為電流表；下面圈內(nèi)電表與燈并聯(lián)，為電壓表，如圖所示：。三十九．電流表正進負出（共1小題）51．（2023秋?溧水區(qū)期中）如圖是實驗室常用的一種電流表，零刻度不在表盤的最左端。當(dāng)導(dǎo)線a、b分別與標(biāo)有“﹣”和“3”的接線柱相連時，電流表指針偏轉(zhuǎn)情況如圖所示，此時電流是從導(dǎo)線a（選填“a”或“b”）流入電流表的。為了增大指針的偏轉(zhuǎn)角度從而減小讀數(shù)誤差，應(yīng)將導(dǎo)線a與標(biāo)有“0.6”的接線柱相連，b與標(biāo)有“﹣”的接線柱相連。【答案】見試題解答內(nèi)容【解答】解：由圖知，電流表指針偏向了0刻度線的左側(cè)，原因是正負接線柱接反了，也就是電流從導(dǎo)線a進入了電流表；為測量正確并且讀數(shù)誤差較小，需要改變進入電流表的電流方向，改接小量程，所以需要將導(dǎo)線a與標(biāo)有“0.6”的接線柱相連，b與標(biāo)有“﹣”的接線柱相連。故答案為：a；0.6；﹣。四十．探究并聯(lián)電路中干路電流與各支路電流的關(guān)系（共1小題）52．（2023秋?婁底期中）為了探究并聯(lián)電路的電流規(guī)律，小明同學(xué)設(shè)計了如圖甲所示的電路進行實驗。（1）連接電路時，開關(guān)應(yīng)處于斷開狀態(tài)；（2）在測量電流的過程中，閉合開關(guān)前電流表的指針出現(xiàn)了如圖丙所示的情況，接下來應(yīng)進行的操作是調(diào)零；（3）圖乙實物圖中，電流表測量圖甲中A處電流（選填“A”、“B”或“C”）；（4）正確操作后，電流表測量C處電流的示數(shù)如圖丁所示，則電流表的示數(shù)為0.24A；（5）分別測量了A、B、C三處的電流后，為尋找普遍規(guī)律，避免實驗結(jié)論的偶然性，應(yīng)該更換規(guī)格不同的小燈泡重復(fù)多次實驗（選填“不同”或“相同”）?！敬鸢浮浚?）斷開；（2）調(diào)零；（3）A；（4）0.24；（5）不同?！窘獯稹拷猓海?）為了保護電路，連接電路時，開關(guān)應(yīng)處于斷開狀態(tài)；（2）在測量電流的過程中，閉合開關(guān)前電流表的指針出現(xiàn)了如圖丙所示的情況，電流表指針沒有與零刻度線對齊，接下來應(yīng)進行的操作是調(diào)零；（3）在圖乙中，電流表串聯(lián)在干路中，測干路的電流，因此電流表測量的是圖甲中A處的電流；（4）正確操作后，電流表測量C處電流的示數(shù)如圖丁所示，電流表選用小量程，分度值0.02A，其示數(shù)為0.24A；（5）為了避免偶然性，應(yīng)該更換不同規(guī)格的小燈泡重復(fù)多次實驗。故答案為：（1）斷開；（2）調(diào)零；（3）A；（4）0.24；（5）不同。四十一．運用并聯(lián)電路中的電流規(guī)律計算（共2小題）53．（2023秋?西昌市期中）在如圖所示的電路中，當(dāng)閉合開關(guān)后，兩個電流表指針偏轉(zhuǎn)均為圖所示，則電阻R1中的電流為1.76