2025屆果洛市重點(diǎn)中學(xué)高二物理第一學(xué)期期末聯(lián)考試題含解析_第1頁
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文檔簡介

2025屆果洛市重點(diǎn)中學(xué)高二物理第一學(xué)期期末聯(lián)考試題注意事項(xiàng)1.考生要認(rèn)真填寫考場號和座位序號。2.試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上,在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答;第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3.考試結(jié)束后,考生須將試卷和答題卡放在桌面上,待監(jiān)考員收回。一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、矩形導(dǎo)線框abcd與長直導(dǎo)線MN放在同一水平面內(nèi),ab邊與MN平行,導(dǎo)線MN中通入由M到N的恒定電流I.當(dāng)導(dǎo)線MN靜止、導(dǎo)線框abcd向右運(yùn)動的過程中,下列說法正確的是()A.導(dǎo)線框abcd中有逆時針方向的感應(yīng)電流,cd邊受到向左的磁場力B.導(dǎo)線框abcd中有逆時針方向的感應(yīng)電流,cd邊受到向右的磁場力C.導(dǎo)線框abcd中有順時針方向的感應(yīng)電流,cd邊受到向左的磁場力D.導(dǎo)線框abcd中有順時針方向的感應(yīng)電流,cd邊受到向右的磁場力2、關(guān)于勻強(qiáng)電場場強(qiáng)和電勢差的關(guān)系,下列敘述正確的是()A.在相同距離的兩點(diǎn)上,電勢差大的其場強(qiáng)也必定大B.電場強(qiáng)度越大的地方,電勢越高,任意兩點(diǎn)間的電勢差越大C.沿不垂直于電場線方向任意一條直線上相同距離上的電勢差必相等D.電勢降低的方向一定是場強(qiáng)方向3、在一磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動的帶電粒子,又垂直進(jìn)入另一磁感應(yīng)強(qiáng)度為2B的勻強(qiáng)磁場,則()A.粒子的速率加倍,周期減半 B.粒子的速率加倍,軌道半徑減半C.粒子的速率不變,軌道半徑減半 D.粒子的速率不變,周期加倍4、電源電動勢反映了電源把其它形式的能量轉(zhuǎn)化為電能的能力,因此()A.電動勢是一種非靜電力B.電動勢越大,表明電源儲存的電能越多C.電動勢的大小是非靜電力做功能力的反映D.電動勢就是閉合電路中電源兩端的電壓5、在如圖所示電路中,L為電阻很小的線圈,G1和G2為零點(diǎn)在表盤中央的相同的電流表.當(dāng)開關(guān)S閉合時,電流表G1指針偏向右方,那么當(dāng)開關(guān)S斷開時,將出現(xiàn)的現(xiàn)象是()A.G1和G2指針都立即回到零點(diǎn)B.G1指針立即回到零點(diǎn),而G2指針緩慢地回到零點(diǎn)C.G1指針緩慢回到零點(diǎn),而G2指針先立即偏向右方,然后緩慢地回到零點(diǎn)D.G1指針立即偏向左方,然后緩慢地回到零點(diǎn),而G2指針緩慢地回到零點(diǎn)6、將靜置在地面上,質(zhì)量為M(含燃料)的火箭模型點(diǎn)火升空,在極短時間內(nèi)以相對地面的速度豎直向下噴出質(zhì)量為m的熾熱氣體。忽略噴氣過程重力和空氣阻力的影響,則噴氣結(jié)束時火箭模型獲得的速度大小是()A. B.C. D.二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中,有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、如圖所示,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的矩形磁場區(qū)域長為,寬為L,甲、乙兩電子沿矩形磁場的上方邊界從A點(diǎn)射入磁場區(qū)域,甲、乙兩電子分別從D點(diǎn)和C點(diǎn)射出磁場,則甲、乙兩電子在磁場運(yùn)動的過程中()A.速率之比為1:4 B.角速度之比為1:3C.路程之比為4:3 D.時間之比為3:18、直流電動機(jī)在生產(chǎn)、生活中有著廣泛的應(yīng)用.如圖所示,一直流電動機(jī)M和電燈L并聯(lián)之后接在直流電源上,電動機(jī)內(nèi)阻,電燈燈絲電阻(阻值認(rèn)為保持不變),電源電動勢V,內(nèi)阻,開關(guān)S閉合,電動機(jī)正常工作時,電壓表讀數(shù)為8V.則下列說法正確的是()A.流過電源的電流9AB.流過電動機(jī)的電流3AC.電動機(jī)的輸入功率等于64WD.電動機(jī)對外輸出的機(jī)械功率15W9、在如圖所示的電路中,電源電動勢為E,內(nèi)電阻為r,閉合開關(guān)S,待電流達(dá)到穩(wěn)定后,電流表示數(shù)為I,電壓表示數(shù)為U,電容器C所帶電荷量為Q,將滑動變阻器的滑動觸頭P從圖示位置向a端移動一些,待電流達(dá)到穩(wěn)定后,則與P移動前相比()A.U變小 B.I變小C.Q增大 D.Q減小10、在圖示電路中,P為滑動變阻器的滑片,電表均為理想電表.下列說法正確的是A.在P向右移動的過程中,電流表的示數(shù)變大B.在P向右移動的過程中,電壓表的示數(shù)變大C.當(dāng)P移到滑動變阻器的右端時,電源內(nèi)部消耗的電功率最大D.當(dāng)P移到滑動變阻器的右端時,電源的效率最高三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)下圖中螺旋測微器的度數(shù)是__________cm;游標(biāo)卡尺的讀數(shù)是________cm12.(12分)某實(shí)驗(yàn)小組利用圖(甲)所示的器材測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)電阻。現(xiàn)有的實(shí)驗(yàn)器材為:A.待測干電池(電動勢約為1.5V)B.電壓表(量程3V,內(nèi)阻約5kΩ)C.電流表(量程0.6A,內(nèi)阻約0.5Ω)D.滑動變阻器(阻值范圍0~10Ω)E.開關(guān)、導(dǎo)線若干(1)在圖(甲)中用筆畫線代替導(dǎo)線將電路連接完整,要求滑片位于最左端時,滑動變阻器接入電路的阻值最大_____;(2)他們根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪制出的U﹣I圖象如圖(乙)所示,其中U是電壓表的讀數(shù),I是電流表的讀數(shù)。由此可以得到干電池的電動勢E=_____V,內(nèi)電阻r=_____Ω.(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)四、計算題:本題共3小題,共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)如圖所示,光滑四分之一圓弧軌道ab、cd的寬度L=0.4m,a、c、o1、o2在同一水平面內(nèi),空間存在豎直方向的勻強(qiáng)磁場,一質(zhì)量m=0.1kg的直導(dǎo)體棒通電后,可靜止于軌道上的ef處,已知導(dǎo)體棒中電流,方向由e到f,ef與ac平行且兩者之間的高度差為圓弧半徑的一半,重力加速度g=10m/s2,試求勻強(qiáng)磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小和方向。14.(16分)如圖所示,處于勻強(qiáng)磁場中的兩根足夠長且電阻不計的平行金屬導(dǎo)軌相距L,導(dǎo)軌平面與水平面夾角為,上端連接阻值為R的電阻?勻強(qiáng)磁場方向垂直導(dǎo)軌平面向下(圖中未畫出)。質(zhì)量為m,電阻可忽略不計的金屬棒放在兩導(dǎo)軌上由靜止開始釋放,金屬棒下滑過程中的最大速度為vm,棒與導(dǎo)軌始終垂直并保持良好接觸,且它們之間的動摩擦因數(shù)為μ(μ<tanθ)?已知重力加速度為g,求:(1)金屬棒沿導(dǎo)軌開始下滑時的加速度大小;(2)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小;(3)當(dāng)金屬棒沿導(dǎo)軌下滑距離為s時,金屬棒速度已達(dá)到最大值,則此過程中電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為多少?15.(12分)如圖甲所示,在真空中足夠大的絕緣水平地面上,一質(zhì)量為m=0.1kg、帶電荷量為的小物塊處于靜止?fàn)顟B(tài),小物塊與地面間的摩擦因數(shù).從t=0時刻開始,空間上加如圖乙所示的電場。(1)2s末小物塊的速度大??;(2)0-4s小物塊電勢能的減少量。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】直導(dǎo)線中通有向上的電流,根據(jù)安培定則,知通過線框的磁場方向垂直紙面向里,當(dāng)導(dǎo)線框abcd向右運(yùn)動時,磁感應(yīng)強(qiáng)度在減小,根據(jù)楞次定律,可知產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r針方向,根據(jù)左手定則可知,cd邊所受安培力方向水平向右,D正確,ABC錯誤。故選D。2、C【解析】A.在相同距離的兩點(diǎn)上,電勢差大,兩點(diǎn)沿電場方向的距離也大,其場強(qiáng)相同.故A錯誤;B.電場強(qiáng)度與電勢無關(guān),所以電場強(qiáng)度越大的地方,電勢不一定越高,兩點(diǎn)間的電勢差也不一定越大.勻強(qiáng)電場各點(diǎn)電場強(qiáng)度相等,沿電場方向電勢降低.故B錯誤;

C.根據(jù)勻強(qiáng)電場中場強(qiáng)和電勢差的關(guān)系公式U=Edcosθ得知,沿不垂直于電場線方向任意一條直線上,相同距離上的電勢差必相等.故C正確;D.電勢降低最快的方向是場強(qiáng)方向,電勢降低的方向不一定是場強(qiáng)方向.故D錯誤3、C【解析】洛倫茲力只改變帶電粒子的速度方向,不改變速度大小,所以粒子的速率不變.粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的周期:可知,當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼?倍,周期將減半;粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的軌道半徑:可知,當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼?倍,軌道半徑將減半;故C正確,ABD錯誤.故選C4、C【解析】電動勢在數(shù)值上等于非靜電力把1C的正電荷在電源內(nèi)部從負(fù)極搬運(yùn)到正極所做的功,不是一種非靜電力,故A錯誤;電動勢是描述電源把其它形式的能量轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)的物理量,是非靜電力做功能力的反映,電動勢越大,表明電源將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)越大,故B錯誤C正確;電源電動勢等于電源沒有接入電路時兩極間的電壓,在閉合電路中電源兩極間的電壓是路端電壓,小于電源電動勢,故D錯誤【點(diǎn)睛】電動勢等于非靜電力把1C的正電荷在電源內(nèi)部從負(fù)極搬運(yùn)到正極所做的功,描述電源把其它形式的能量轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)的物理量5、D【解析】當(dāng)開關(guān)閉合時,兩表指針均向右方偏,說明電流計指針向電流流進(jìn)的方向偏.當(dāng)開關(guān)斷開時,通過線圈的電流變小,導(dǎo)致線圈中產(chǎn)生瞬間感應(yīng)電動勢,相當(dāng)于一個瞬間電源,線圈左端是電源正極,產(chǎn)生自感電流的方向更原電流的方向相同,從而阻礙電流的變小,所以使得G2的指針緩慢地回到零點(diǎn),而G1的指針先立即偏向左方,然后緩慢地回到零點(diǎn),故ABC錯誤,D正確考點(diǎn):本題考查了自感系數(shù)和自感現(xiàn)象,意在考查考生處理通電、斷電瞬間燈泡亮度變化問題的能力6、D【解析】在不考慮重力和空氣阻力影響的情況下,火箭及燃料氣體系統(tǒng)在點(diǎn)火噴氣過程中動量守恒,設(shè)噴氣后火箭獲得的速度為v,并以v的方向?yàn)檎较?,根?jù)動量守恒定律有解得故D正確,ABC錯誤。故選D。二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中,有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、AD【解析】A.根據(jù)幾何關(guān)系可知,甲的軌道半徑為,乙的軌道半徑為2L,根據(jù)公式因此解得,速度之比等于半徑之比,因此甲乙速率之比為1:4,故A正確;B.根據(jù)公式解得角速度之比為1:1,故B錯誤;C.根據(jù)幾何關(guān)系可知,甲的圓心角為,乙的圓心角為,因此其路程分別為,因此路程之比為3:16,故C錯誤;D.根據(jù)公式可知,甲乙電子運(yùn)動周期相同,因此其運(yùn)動時間跟圓心角有關(guān),即解得,其運(yùn)動時間之比為3:1,故D正確。8、BD【解析】根據(jù)內(nèi)外之和等于電源的電動勢和歐姆定律,求出流過電源的電流.由歐姆定律求出燈泡的電流,由總電流與燈泡電流之差求出流過電動機(jī)的電流.電動機(jī)對外輸出的機(jī)械功率等于電動機(jī)的總功率與內(nèi)部發(fā)熱功率之差【詳解】A、電源的輸出電壓,則有;故A錯誤.B、對燈泡:,電動機(jī)與燈泡并聯(lián),則電動機(jī)的電流I電=I-I燈=4A-1A=3A,故B正確.C、電動機(jī)的輸入功率等于P=UI電=8×3=24W,故C錯誤;D、根據(jù)能量轉(zhuǎn)化與守恒定律得,電動機(jī)輸出功率P出=UI電-I電2rM=24-9=15W,故D正確.故選BD.【點(diǎn)睛】本題是含有電動機(jī)的問題,電動機(jī)正常工作時,其電路是非純電阻電路,歐姆定律不適用.9、BC【解析】首先搞清電路的結(jié)構(gòu):電流穩(wěn)定時,變阻器與R2串聯(lián),R1上無電流,無電壓,電容器的電壓等于變阻器的電壓,電壓表測量變阻器的電壓,電流表測量干路電流;當(dāng)滑片P向a端移動一些后,變阻器接入電路的電阻增大,根據(jù)歐姆定律分析電路的總電阻變化和干路電流的變化,再分析電表讀數(shù)的變化和電容器電量的變化【詳解】解:當(dāng)滑動變阻器P的滑動觸頭從圖示位置向a端移動時,其接入電路的電阻值增大,外電路總電阻增大,由閉合電路的歐姆定律可知,干路的電流I減??;變阻器兩端的電壓,由I減小,可知U增大,即電容器C兩端的電壓增大,再據(jù)Q=CU,可判斷出電容器的電荷量Q增大,故BC正確,AD錯誤.故選BC【點(diǎn)睛】本題是含有電容器的動態(tài)變化分析問題,要綜合考慮局部與整體的關(guān)系,對于電容器明確兩端的電壓,再利用電容器的定義式判斷電量的變化情況10、AC【解析】AB.滑動變阻器向右移動,電路總電阻減小,根據(jù):可知,電流表的示數(shù)變大,根據(jù):可知電壓表的示數(shù)減小;故A正確,B錯誤;CD.當(dāng)P移到滑動變阻器的右端時,外電阻R最小,根據(jù):可知,電路中的電流最大;根據(jù):可知此時電源內(nèi)部消耗的電功率最大;故C正確;根據(jù)效率:可知,此時的電源的效率最低,故D錯誤;三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、①.0.2988②.10.88【解析】螺旋測微器的固定刻度為2.5mm,可動刻度為0.01×48.8mm=0.488mm,所以最終讀數(shù)為:所以最終讀數(shù)為2.5mm+0.488mm=2.988mm=0.2988cm.游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為:10.8cm,游標(biāo)尺上第8個刻度和主尺上某一刻度對齊,所以游標(biāo)尺讀數(shù)為:0.1×8mm=0.8mm,所以最終讀數(shù)為:10.8cm+0.08cm=10.88cm12、①.②.1.4③.0.91【解析】(1)[1].本實(shí)驗(yàn)采用相對電源的電流表外接法;滑動變阻器采用限流接法,為了讓滑片位于最左端時,滑動變阻器接入電路的阻值最大,應(yīng)接滑動變阻器右下方和上方任一接線柱;如圖所示。(2)[2][3].在U﹣I圖象中圖象與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)等于電源的電動勢,所以由圖可以讀出電源的電動勢為1.4V;圖象中的斜率絕對值表示電源的內(nèi)阻,所以電源的內(nèi)阻為r==0.91Ω。四、計算題:本題共3小題,共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、5T,方向豎直向下【解析】為使導(dǎo)體棒能靜止,所受安培力應(yīng)水平向左,故磁感應(yīng)強(qiáng)度B的方向豎直向下。受力如圖示,由幾何關(guān)系易知,圖中θ=30°,由平衡條件得:,,又有:,聯(lián)立解得:,勻強(qiáng)磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小為2.5T,方向豎直向下。14、(1);(2);(3)【解析】根據(jù)牛頓第二定律求得初始時刻的加速度;再根據(jù)最大速度時受力平衡,可知安培力的大小

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