河北省邯鄲市2023-2024學(xué)年高一上學(xué)期期末考試物理試題（含答案）

河北省邯鄲市2023-2024學(xué)年高一上學(xué)期期末考試物理試題一、選擇題：本題共10小題，1-7題每題4分，共28分，在每個(gè)小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合題目要求的；8-10題多選題，每個(gè)小題6分，共18分。在每個(gè)小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中有兩個(gè)或兩個(gè)以上選項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但選不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1．如圖甲，德化石牛山索道全長(zhǎng)7168米、高度差1088米，是亞洲第二長(zhǎng)索道，乘坐索道纜車可飽覽石牛山的美景。如圖乙，纜車水平底板上放一個(gè)小行李，若纜車隨傾斜直纜繩勻速上行，則小行李()A．受到底板的摩擦力方向水平向右B．受到底板的支持力大于小行李的重力C．受到底板作用力的方向豎直向上D．受到底板作用力的方向沿纜繩斜向上2．2022年8月16日，在國際軍事比賽“蘇沃洛夫突擊”單車賽中，中國車組奪冠。在比賽中，一輛坦克在t＝0時(shí)刻開始做初速度為1m/s的加速直線運(yùn)動(dòng)，其a-t圖像如圖所示，則()A．3～6s內(nèi)坦克做勻減速運(yùn)動(dòng)B．0～3s內(nèi)坦克的平均速度為2m/sC．0～6s內(nèi)坦克的位移為9mD．6s末坦克的速度大小為10m/s3．一同學(xué)將排球自O(shè)點(diǎn)墊起，排球豎直向上運(yùn)動(dòng)，隨后下落回到O點(diǎn)。設(shè)排球在運(yùn)動(dòng)過程中所受空氣阻力大小和速度大小成正比。則該排球（）A．上升時(shí)間等于下落時(shí)間 B．被墊起后瞬間的速度最大C．達(dá)到最高點(diǎn)時(shí)加速度為零 D．下落過程中做勻加速運(yùn)動(dòng)4．某城市邊緣的一小山崗，在干燥的春季發(fā)生了山頂局部火災(zāi)，消防員及時(shí)趕到，用高壓水槍同時(shí)啟動(dòng)了多個(gè)噴水口進(jìn)行圍堵式滅火?？吭谝黄鸬募?、乙高壓水槍，它們的噴水口徑相同，所噴出的水在空中運(yùn)動(dòng)的軌跡幾乎在同一豎直面內(nèi)，如圖所示。則由圖可知()A．甲水槍噴出水的速度較大B．乙水槍噴出的水在最高點(diǎn)的速度一定較大C．甲水槍噴水的功率一定較大D．乙水槍噴出的水在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間一定較長(zhǎng)5．為在2022年北京冬奧會(huì)上取得好成績(jī)，運(yùn)動(dòng)員刻苦訓(xùn)練。如圖所示，某次訓(xùn)練中，運(yùn)動(dòng)員(視為質(zhì)點(diǎn))從傾斜雪道上端的平臺(tái)上以10m/s的速度水平飛出，最后落在傾角為37°的傾斜雪道上。取重力加速度大小g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，不計(jì)空氣阻力。下列說法正確的是()A．運(yùn)動(dòng)員的落點(diǎn)距雪道上端的距離為18mB．運(yùn)動(dòng)員飛出后到雪道的最遠(yuǎn)距離為2.25mC．運(yùn)動(dòng)員飛出后距雪道最遠(yuǎn)時(shí)的速度大小為10.5m/sD．若運(yùn)動(dòng)員水平飛出時(shí)的速度減小，則他落到雪道上的速度方向?qū)⒏淖?．如圖所示，光滑水平桌面上，一小球以速度v向右勻速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)它經(jīng)過靠近桌邊的豎直木板ad邊正前方時(shí)，木板開始做自由落體運(yùn)動(dòng)。若木板開始運(yùn)動(dòng)時(shí)，cd邊與桌面相齊，則小球在木板上的投影軌跡是()A． B．C． D．7．在樓房維修時(shí)，為防止重物碰撞陽臺(tái)，工人經(jīng)常使用如圖所示的裝置提升重物?？邕^光滑定滑輪的a繩和b、c繩聯(lián)結(jié)在O點(diǎn)，工人甲拉動(dòng)繩的一端使重物上升，工人乙在地面某固定位置用力拉著b繩的一端，保證重物沿豎直方向勻速上升，繩子均為輕繩，則下列說法正確的是()A．a(chǎn)繩的拉力先變大后變小B．b繩的拉力越來越小C．工人乙對(duì)地面的壓力越來越大D．工人乙對(duì)地面的摩擦力越來越大8．如圖甲，某同學(xué)站在壓力傳感器上完成下蹲和起立的動(dòng)作，用計(jì)算機(jī)采集到的壓力傳感器讀數(shù)F隨時(shí)間t變化的圖像如圖乙，下列說法正確的是（）A．該同學(xué)重力約為500NB．下蹲過程中該同學(xué)始終處于失重狀態(tài)C．該同學(xué)完成了一次下蹲再起立的動(dòng)作D．起立過程中該同學(xué)對(duì)傳感器的壓力小于傳感器對(duì)該同學(xué)的支持力9．如圖所示，兩小球1和2之間用輕彈簧B相連，彈簧B與水平方向的夾角為30°，小球1的左上方用輕繩A懸掛在天花板上，繩A與豎直方向的夾角為30°，小球2的右邊用輕繩C沿水平方向固定在豎直墻壁上。兩小球均處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知重力加速度為g，則()A．球1和球2的質(zhì)量之比為1∶2B．球1和球2的質(zhì)量之比為2∶1C．在輕繩A突然斷裂的瞬間，球1的加速度大小為gD．在輕繩A突然斷裂的瞬間，球2的加速度大小為2g10．一種定點(diǎn)投拋游戲可簡(jiǎn)化為如圖所示的模型，以水平速度v1從O點(diǎn)拋出小球，小球正好落入傾角為θ的斜面上的洞中，洞口處于斜面上的P點(diǎn)，O、P的連線正好與斜面垂直；當(dāng)以水平速度v2從O點(diǎn)拋出小球時(shí)，小球正好與斜面在Q點(diǎn)垂直相碰。不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g，下列說法正確的是()A．小球落在P點(diǎn)的時(shí)間是2B．Q點(diǎn)在P點(diǎn)的下方C．v1>v2D．小球落在P點(diǎn)所用的時(shí)間與落在Q點(diǎn)所用的時(shí)間之比是2二、實(shí)驗(yàn)題11．某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖甲所示的裝置探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系。（1）把木板的一側(cè)墊高，調(diào)節(jié)木板的傾斜度，使小車在不受牽引時(shí)能拖動(dòng)紙帶沿木板勻速運(yùn)動(dòng)。此處采用的科學(xué)方法是____。A．理想化模型法 B．平衡阻力法C．等效替代法 D．控制變量法（2）已知交流電源頻率為50Hz，啟動(dòng)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，釋放小車，小車在砝碼桶的作用下拖著紙帶運(yùn)動(dòng)。打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的紙帶如圖乙所示(圖中相鄰兩點(diǎn)間有4個(gè)點(diǎn)未畫出)。小車的加速度大小為m/s2。(結(jié)果保留三位有效數(shù)字)（3）實(shí)驗(yàn)時(shí)改變砝碼桶內(nèi)砝碼的質(zhì)量，分別測(cè)量小車在不同外力作用下的加速度。根據(jù)測(cè)得的多組數(shù)據(jù)畫出a-F關(guān)系圖像，如圖丙所示。此圖像的AB段明顯偏離直線，造成此現(xiàn)象的主要原因可能是____。(選填下列選項(xiàng)的序號(hào))A．小車與長(zhǎng)木板之間存在摩擦B．長(zhǎng)木板傾斜角度過大C．所用小車的質(zhì)量過大D．所掛的砝碼桶及桶內(nèi)砝碼的總質(zhì)量過大12．在“探究平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)”實(shí)驗(yàn)中（1）用圖1裝置進(jìn)行探究，下列說法正確的是____A．只能探究平拋運(yùn)動(dòng)水平分運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)B．需改變小錘擊打的力度，多次重復(fù)實(shí)驗(yàn)C．能同時(shí)探究平拋運(yùn)動(dòng)水平、豎直分運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)（2）用圖2裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是____A．斜槽軌道M必須光滑且其末端水平B．上下調(diào)節(jié)擋板N時(shí)必須每次等間距移動(dòng)C．小鋼球從斜槽M上同一位置靜止?jié)L下（3）用圖3裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，豎直擋板上附有復(fù)寫紙和白紙，可以記下鋼球撞擊擋板時(shí)的點(diǎn)跡。實(shí)驗(yàn)時(shí)豎直擋板初始位置緊靠斜槽末端，鋼球從斜槽上P點(diǎn)靜止?jié)L下，撞擊擋板留下點(diǎn)跡0，將擋板依次水平向右移動(dòng)x，重復(fù)實(shí)驗(yàn)，擋板上留下點(diǎn)跡1、2、3、4。以點(diǎn)跡0為坐標(biāo)原點(diǎn)，豎直向下建立坐標(biāo)軸y，各點(diǎn)跡坐標(biāo)值分別為y1、y2、y3、y4。測(cè)得鋼球直徑為d，則鋼球平拋初速度v0為____。A．x+d2g2y1 B．x+三、解答題（共39分）13．如圖所示，質(zhì)量M＝1kg、長(zhǎng)度L＝1m的木板A靜止在水平面上，A與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1＝0.1。在A的左端放置一質(zhì)量m＝1kg的鐵塊B(可視為質(zhì)點(diǎn))，B與A間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2＝0.3?，F(xiàn)用一水平恒力F作用在B上，取g＝10m/s2，設(shè)滑動(dòng)摩擦力等于最大靜摩擦力。（1）要保持A、B一起做勻加速運(yùn)動(dòng)，求力F的取值范圍；（2）若F＝5N，求鐵塊運(yùn)動(dòng)到木板右端所用的時(shí)間。14．2022年2月8日，18歲的中國選手谷愛凌在北京冬奧會(huì)自由式滑雪女子大跳臺(tái)比賽中以絕對(duì)優(yōu)勢(shì)奪得金牌。比賽場(chǎng)地如圖甲，可簡(jiǎn)化為如圖乙所示的示意圖。在比賽的空中階段可將運(yùn)動(dòng)員視為質(zhì)點(diǎn)，運(yùn)動(dòng)員從傾角為α＝30°的斜面頂端O點(diǎn)以v0＝20m/s的初速度飛出，初速度方向與斜面的夾角為θ＝60°，圖中虛曲線為運(yùn)動(dòng)員在空中的運(yùn)動(dòng)軌跡，A為軌跡的最高點(diǎn)，B為軌跡上離斜面最遠(yuǎn)的點(diǎn)，C為過B點(diǎn)作豎直線與斜面的交點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，取重力加速度g＝10m/s2。求：（1）運(yùn)動(dòng)員從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的時(shí)間；（2）O、C兩點(diǎn)間的距離。15．如圖所示，傳送帶與水平方向成30°角，順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的速度大小v＝8m/s，傳送帶長(zhǎng)LAB＝11.4m，水平面上有一塊足夠長(zhǎng)的木板。質(zhì)量為m＝3kg的物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))以初速度v0＝4m/s，自A端沿AB方向滑上傳送帶，在底端B滑上緊靠傳送帶上表面的靜止木板，木板質(zhì)量為M＝1kg，不考慮物塊沖上木板時(shí)碰撞帶來的機(jī)械能損失。已知物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ1＝，物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2＝0.3，木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ3＝0.1。取重力加速度g＝10m/s2，求：（1）物塊從A運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)經(jīng)歷的時(shí)間t；（2）物塊停止運(yùn)動(dòng)時(shí)與B點(diǎn)的距離x。

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】若纜車隨傾斜直纜繩勻速上行，則小行李也做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以行李受豎直向下的重力和豎直向上的支持力，不受底板的摩擦力。

故答案為：C。

【分析】纜車勻速上行，行李與纜車保持相對(duì)靜止，即行李處于平衡狀態(tài)，再根據(jù)平衡條件及行李的受力情況進(jìn)行分析。2．【答案】D【解析】【解答】A、由圖可知，3~6s坦克做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；

B、0～3s內(nèi)坦克做勻加速點(diǎn)線運(yùn)動(dòng)，加速度大小為2m/s2，則位移大小x=平均速度v=故B錯(cuò)誤；

C、0～6s內(nèi)坦克一直做加速直線運(yùn)動(dòng)，位移一定大于12m，C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)a-t圖像中圖線與t軸包圍圖形的面積表示速度的變化量可得，6s末坦克的速度大小v故D正確。

故答案為：D。

【分析】a-t圖像中圖線與t軸包圍圖形的面積表示速度的變化量。加速度不變時(shí)，物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。3．【答案】B【解析】【解答】A、上升過程做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，下降過程做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，克服空氣阻力做功，同一位置上升的速度大于下降的速度的大小，所以上升的平均速度大于下降的平均速度，兩過程的位移大小相等，所以上升的時(shí)間小于下降的時(shí)間，A錯(cuò)誤；

B、整個(gè)過程克服空氣阻力做功，機(jī)械能減小，故剛墊起后瞬間速度最大，B正確；

C、最高點(diǎn)速度為零，空氣阻力為零，只受重力，加速度是重力加速度g，C錯(cuò)誤；

D、下降過程做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，D錯(cuò)誤；

故答案為：B

【分析】受力分析明確運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，全程克服空氣阻力做功，機(jī)械能減小，同一高度，上升速度大于下降速度大小。4．【答案】B【解析】【解答】AB．由圖可知，兩水槍噴出的水到達(dá)高度相同，說明豎直分速度相同，而甲水槍噴出水的水平位移較小，說明甲的水平分速度較小，到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)只有水平分速度，所以乙水槍噴出的水在最高點(diǎn)的速度一定較大，根據(jù)矢量合成法則可知乙水槍噴出水的速度較大，故A錯(cuò)誤，B正確；

C．乙水槍噴出水的速度較大，則乙水槍噴水的功率較大，故C錯(cuò)誤；

D．兩水槍噴出的水到達(dá)高度相同，則在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間一樣長(zhǎng)，故D錯(cuò)誤。

故答案為：B。

【分析】噴出的水在豎直方向上做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)高度相等，即噴出時(shí)豎直方向分速度大小相等。到達(dá)最高點(diǎn)后，物體開始做平拋運(yùn)動(dòng)。根據(jù)題意確定水在空中各階段運(yùn)動(dòng)位移的關(guān)系，再根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律進(jìn)行解答。5．【答案】B【解析】【解答】A．根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得x=v0t，聯(lián)立解得t=1.5則運(yùn)動(dòng)員的落點(diǎn)距雪道上端的距離為s=故A錯(cuò)誤；

BC．當(dāng)運(yùn)動(dòng)員的速度方向與雪道平行時(shí)，運(yùn)動(dòng)員飛出后到雪道的距離最遠(yuǎn)，此時(shí)運(yùn)動(dòng)員的速度大小為v=運(yùn)動(dòng)員飛出后到雪道的最遠(yuǎn)距離為d故B正確，C錯(cuò)誤；

D．當(dāng)運(yùn)動(dòng)員落在斜坡上時(shí)，速度方向與水平方向夾角的正切值為tan即速度方向與水平方向的夾角是一定值，若運(yùn)動(dòng)員水平飛出時(shí)的速度減小，則他落到雪道上的速度方向不變，故D錯(cuò)誤。

故答案為：B。

【分析】運(yùn)動(dòng)員在空中做平拋運(yùn)動(dòng)，當(dāng)運(yùn)動(dòng)員的速度方向與雪道平行時(shí)，運(yùn)動(dòng)員飛出后到雪道的距離最遠(yuǎn)。再結(jié)合平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律進(jìn)行解答。6．【答案】C【解析】【解答】投影在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向上相對(duì)于木板向上做加速運(yùn)動(dòng)，故小球的合速度應(yīng)偏向上方，同時(shí)加速度指向曲線的內(nèi)側(cè)，故軌跡應(yīng)向上。

故答案為：C。

【分析】小球的投影的運(yùn)動(dòng)是由小球水平方向的位移與木板豎直方向上的位移的合位移，則由運(yùn)動(dòng)的合成可知投影的軌跡7．【答案】D【解析】【解答】AB．重物沿豎直方向勻速上升，O點(diǎn)受到c繩的拉力大小等于重物的重力，受力分析如下圖所示

當(dāng)物體上升時(shí)，a繩與豎直方向的夾角變大，b繩與豎直方向的夾角變小，根據(jù)平行四邊形法則可知ab繩中的拉力都變大，故AB錯(cuò)誤；

C．根據(jù)前面分析可知工人乙在豎直方向上受到的b繩拉力沿豎直方向的分量越來越大，根據(jù)平衡條件可知地面對(duì)乙的支持力越來越小，結(jié)合牛頓第三定律可知工人乙對(duì)地面的壓力越來越小，故C錯(cuò)誤；

D．由于a繩與豎直方向的夾角變大，a繩的拉力也變大，所以其水平方向上的分力越來越大，對(duì)重物和乙整體分析，水平方向上根據(jù)平衡條件可知工人乙水平方向上受到地面的摩擦力等于a繩沿水平方向上的分力，所以工人乙受到地面的摩擦力越來越大，結(jié)合牛頓第三定律可知工人乙對(duì)地面的摩擦力越來越大，故D正確。

故答案為：D。

【分析】重物勻速上升，即重物處于動(dòng)態(tài)平衡狀態(tài)，根據(jù)題意確定重物上升過程中各繩與豎直方向夾角的變化情況，結(jié)合結(jié)點(diǎn)O點(diǎn)受力情況根據(jù)平衡條件及平行四邊形定則進(jìn)行分析解答。8．【答案】A,C【解析】【解答】A、由圖像可知，該同學(xué)的重力約為500N，A正確。

B，下蹲過程中先失重，后超重，B錯(cuò)誤。

C，由圖可知該同學(xué)完成了一次下蹲再起立的過程，C正確。

D、由牛頓第三定律可知起立過程中該同學(xué)對(duì)傳感器的壓力等于傳感器對(duì)該同學(xué)的支持力，D錯(cuò)誤。

故答案為：AC

【分析】根據(jù)圖像結(jié)合超重和失重的概念對(duì)該同學(xué)進(jìn)行受力分析求解。9．【答案】B,C【解析】【解答】對(duì)兩小球1、2受力分析如圖

根據(jù)平衡條件可得，有FB=所以m在輕繩A突然斷裂的瞬間，彈簧彈力未來得及變化，球2的加速度大小為0，彈簧彈力F對(duì)球1F解得a=故答案為：BC。

【分析】輕繩A突然斷裂的瞬間，彈簧彈力不發(fā)生突變。即1號(hào)球受力發(fā)生改變，2號(hào)球受力情況不變。再根據(jù)平衡條件及牛頓第二定律進(jìn)行解答。10．【答案】A,D【解析】【解答】A．以水平速度v1從O點(diǎn)拋出小球，正好落入傾角為θ的斜面上的洞中，此時(shí)位移垂直于斜面，由幾何關(guān)系可知tan所以t故A正確；

BC．當(dāng)以水平速度v2從O點(diǎn)拋出小球，小球正好與斜面在Q點(diǎn)垂直相碰，此時(shí)速度與斜面垂直，根據(jù)幾何關(guān)系可知tan所以t故OQ連線與豎直方向的夾角滿足tan而OP連線與豎直方向夾角為θ，所以α>θ，故Q點(diǎn)在P點(diǎn)的上方。由y=可知t又因?yàn)樗轿灰苮由x=可知v故BC錯(cuò)誤；D．落在P點(diǎn)的時(shí)間與落在Q點(diǎn)的時(shí)間之比是t故D正確。

故答案為：AD。

【分析】OP的連線即小球的位移與斜面垂直，垂直落在Q點(diǎn)，即小球落在斜面上的速度與斜面垂直，再根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律進(jìn)行解答。11．【答案】（1）B（2）2.01（3）D【解析】【解答】（1）把木板的一側(cè)墊高，調(diào)節(jié)木板的傾斜度，使小車在不受牽引力時(shí)能拖動(dòng)紙帶沿木板勻速運(yùn)動(dòng)。此處采用的科學(xué)方法是阻力補(bǔ)償法。故答案為：B。

（2）小車的加速度大小為a=（3）ABC．由以上分析可知，當(dāng)小車與平面軌道之間存在摩擦，平面軌道傾斜角度過大，所用小車的質(zhì)量過大，都不會(huì)影響a-F關(guān)系圖，AB段不會(huì)偏離直線，故ABC錯(cuò)誤；

D．當(dāng)所掛的砝碼桶內(nèi)及桶內(nèi)磚碼的總質(zhì)量太大時(shí)，則有木塊所受的合外力F=Ma=造成此現(xiàn)象的主要原因可能是當(dāng)有砝碼桶內(nèi)及桶內(nèi)磚碼的總質(zhì)量接近木塊及木塊上砝碼的總質(zhì)量時(shí)，木塊受到的合外力小于磚碼桶及桶內(nèi)磚碼的總重力，木塊的加速度就不成線性增大，實(shí)驗(yàn)誤差增大，則有a-F圖像的AB段明顯偏離直線，故D正確。

故答案為：D。

【分析】由于要將砝碼桶及砝碼的總重力當(dāng)做繩子的拉力，故需要平衡小車與斜面的拉力。當(dāng)繩子的拉力無法直接測(cè)得時(shí)，注意掌握小車質(zhì)量和砝碼桶及砝碼總質(zhì)量的關(guān)系。12．【答案】（1）B（2）C（3）D【解析】【解答】（1）AC．用如圖1所示的實(shí)驗(yàn)裝置，只能探究平拋運(yùn)動(dòng)豎直分運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，不能研究水平分運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，故AC錯(cuò)誤；

B．在實(shí)驗(yàn)過程中，需要改變小錘擊打的力度，多次重復(fù)實(shí)驗(yàn)，最后得出結(jié)論，故B正確。

故答案為：B。

（2）AC．為了保證小球做平拋運(yùn)動(dòng)，需要斜槽末端水平，為了保證小球拋出時(shí)速度相等，每一次小球需要靜止從同一位置釋放，斜槽不需要光滑，故A錯(cuò)誤，C正確；

B．上下調(diào)節(jié)擋板N時(shí)不必每次等間距移動(dòng)，故B錯(cuò)誤。

故答案為：C。

（3）A．豎直方向，根據(jù)y水平方向x-聯(lián)立可得v故A錯(cuò)誤；

B．豎直方向，根據(jù)Δy=水平方向x=聯(lián)立可得v故B錯(cuò)誤；

CD．豎直方向根據(jù)y水平方向4x-聯(lián)立可得v故C錯(cuò)誤，D正確。

故答案為：D。

【分析】為保證小球做平拋運(yùn)動(dòng)，需要斜槽末端水平，為了保證小球拋出時(shí)速度相等，每一次小球需要靜止從同一位置釋放。小球在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，注意小球水平方向運(yùn)動(dòng)位移與小球之間的關(guān)系。再結(jié)合平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律進(jìn)行解答。13．【答案】（1）A與地面間的最大靜摩擦力大小f1=μ1（M+m）g=0.1×（1+1）×10N=2N

A與B間的最大靜摩擦力f2=μ2mg=0.3×1×10N=3N

A、B要一起做勻加速直線運(yùn)動(dòng)拉力F＞f1=2N

設(shè)拉力大小為F0時(shí)A、B恰好發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)

對(duì)A，由牛頓第二定律得：f2-f1=Ma

對(duì)A、B系統(tǒng)，由牛頓第二定律得：F0-f1=（m+M）a

代入數(shù)據(jù)解得：F0=4N，a=1m/s2

要保持A、B一起做勻加速運(yùn)動(dòng)，力F的取值范圍是2N＜F≤4N（2）解：拉力F=5N＞F0=4N時(shí)，A、B相對(duì)滑動(dòng)，A的加速度大小a=1m/s2

對(duì)B，由牛頓第二定律得：F-f2=maB

代入數(shù)據(jù)解得：aB=2m/s2

設(shè)經(jīng)過時(shí)間t鐵塊運(yùn)動(dòng)到木板的右端，則L＝代入數(shù)據(jù)解得：t=2s(【解析】【分析】（1）要AB一起做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則AB之間要保持相對(duì)靜止，即AB之間的摩擦力不超過最大靜摩擦力，且B與地面之間的摩擦力為滑動(dòng)摩擦力。分別根據(jù)當(dāng)B與地面的摩擦力恰好為滑動(dòng)摩擦力及AB之間的摩擦力達(dá)到最大值時(shí)，運(yùn)用整體法和隔離法進(jìn)行處理；

（2）根據(jù)（1）確定AB之間是否發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，并根據(jù)牛頓第二定律確定AB的加速度，當(dāng)鐵塊運(yùn)動(dòng)至木板右端時(shí)，AB的相對(duì)位移等于板長(zhǎng)，再結(jié)合勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律進(jìn)行解答。14．【答案】（1）解：A為軌跡的最高點(diǎn)，說明運(yùn)動(dòng)員在A點(diǎn)速度方向水平向右，設(shè)運(yùn)動(dòng)員從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)所用時(shí)間為t1，由斜拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律，豎直方向上有v0sin(θ－α)＝gt1..解得t1＝1s..運(yùn)動(dòng)員從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程，將運(yùn)動(dòng)分解為沿斜面方向和垂直斜面方向的分運(yùn)動(dòng)，到B點(diǎn)時(shí)速度平行于斜面向下。垂直斜面方向初速度為v1＝v0sinθ..設(shè)運(yùn)動(dòng)員的質(zhì)量為m，垂直斜面方向加速度大小為a1，根據(jù)牛頓第二定律有mgcosα＝ma1..設(shè)運(yùn)動(dòng)員從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的時(shí)間為t2，垂直斜面方向上有v1＝a1t2聯(lián)立解得t2＝2s..則運(yùn)動(dòng)員從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的時(shí)間Δt＝t2－t1＝1s。..（2）解：設(shè)運(yùn)動(dòng)員落在斜面的D點(diǎn)，由垂直斜面方向運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可得運(yùn)動(dòng)員從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)與從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)所用時(shí)間相等。平行斜面方向初速度為v2＝v0cosθ..設(shè)平行斜面方向加速度大小為a2，根據(jù)牛頓第二定律有mgsinα＝ma2..平行斜面方向，O、D兩點(diǎn)間的距離xOD＝v2·2t2＋a2(2t2)2..運(yùn)動(dòng)員在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則C為OD中點(diǎn)，O、C兩點(diǎn)間的距離xOC＝xOD..聯(lián)立解得xOC＝40m。..【解析】【分析】（1）運(yùn)動(dòng)員飛出后在空中做斜拋運(yùn)動(dòng)，到達(dá)最高點(diǎn)A時(shí)豎直方向速度為零；當(dāng)運(yùn)動(dòng)員的速度與斜面平行，即垂直斜面方向的速度為零時(shí)，運(yùn)動(dòng)員距離斜面最遠(yuǎn)。選擇恰當(dāng)?shù)淖鴺?biāo)系，確定運(yùn)動(dòng)員在分運(yùn)動(dòng)方向的加速度，再根據(jù)運(yùn)動(dòng)規(guī)律確定分別在OA和OB段的運(yùn)行時(shí)間進(jìn)行解答；

（2）將運(yùn)動(dòng)員的運(yùn)動(dòng)分解成沿斜面方向和垂直斜面方向，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可知，運(yùn)動(dòng)員從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)與從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)所用時(shí)間相等。OC的距離即為運(yùn)動(dòng)員沿斜面方向運(yùn)動(dòng)的位移，再根據(jù)牛頓第二定律及勻變速運(yùn)動(dòng)規(guī)律進(jìn)行解答。15．【答案】（1）解：根據(jù)題意，物塊在傳送帶上先做勻加速運(yùn)動(dòng)，設(shè)加速度大小為a1，對(duì)物塊受力分析，由牛頓第二定律得mgsin30°＋μ1mgcos30°