2025屆濮陽市重點中學高二物理第一學期期中復習檢測試題含解析

2025屆濮陽市重點中學高二物理第一學期期中復習檢測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，勻強電場的方向平行于xOy坐標系平面，其中坐標原點O處的電勢為2V，a點的坐標為（0，4），電勢為8V，b點的坐標為（3，0），電勢為8V，則電場強度的大小為A．250V/m B．200V/mC．150V/m D．120V/m2、關于電源的說法，正確的是（）A．電源向外提供的電能越多，表明電動勢越大B．電動勢表示電源將單位正電荷從負極移到正極時，非靜電力做的功C．在電源內部，從正極到負極電勢逐漸升高D．在電源外部，從正極到負極電勢逐漸升高3、如圖所示，小明在蕩秋千，a、b是繩上兩點，關于a、b兩點的線速度和角速度的大小關系，正確的是（）A．B．C．D．4、下面物理量及其對應的國際單位制單位符號，正確的是A．電動勢，F(xiàn) B．電容，WbC．磁通量，T D．自感系數(shù)，H5、如圖甲所示電路中，L1、L2、L3為三只“6V，3W”的燈泡，變壓器為理想變壓器，各電表均為理想電表，當ab端接如圖乙所示的交變電壓時，三只燈泡均正常發(fā)光。下列說法中正確的是（）A．變壓器原副線圈的匝數(shù)比為3∶1B．輸出端交流電的頻率為50HzC．電流表的示數(shù)為0.5AD．電壓表的示數(shù)為18V6、下列說法正確的是A．內能不同的物體，溫度一定不同B．物體機械能增大時，其內能一定增大C．溫度低的物體內能一定小D．同溫度、同質量的氫氣和氧氣，氫氣的分子總動能大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，MPQO為有界的豎直向下的勻強電場（邊界上有電場），電場強度為E=，ACB為光滑固定的半圓形軌道，軌道半徑為R，A、B為水平直徑的兩個端點，AC為圓弧，一個質量為m，電荷量為-q的帶電小球，從A點正上方高為H=R處由靜止釋放，并從A點沿切線進入半圓軌道，不計空氣阻力及一切能量損失，關于帶電小球的受力及運動情況，下列說法正確的是（）A．小球到達C點時對軌道壓力為2mgB．小球在AC部分運動時，加速度不變C．適當增大E，小球到達C點的速度可能為零D．若E=，要使小球沿軌道運動到C，則應將H至少調整為8、如圖所示,有一垂直于紙面向里的有界勻強磁場,A、B為邊界上兩點.一帶電粒子從A點以初速度v0、與邊界成角度θ(θ<90°)沿紙面射入磁場,經過一段時間后從B點射出.現(xiàn)撤去磁場,加一垂直邊界、沿紙面向上的勻強電場,其他條件不變,粒子仍從B點射出.粒子重力忽略不計,則粒子()A．帶負電B．在磁場中和電場中的運動軌跡相同C．從磁場中離開時速度方向與從電場中離開時速度方向相同D．從磁場中離開時速度大小與從電場中離開時速度大小相同9、有一電熱器，額定電壓為220V，額定功率為1000W.現(xiàn)要把它改裝一下，用在電壓為110V的電路中，若要使它消耗的功率仍為1000W．下面做法中正確的是()A．將電熱器中的電熱絲截去一半B．將電熱器中的電熱絲截去3/4，只留下1/4C．在電熱器中再并聯(lián)一根與原來相同的電熱絲D．將電熱器中的電熱絲等分成兩段，再并聯(lián)起來10、如圖甲是小型交流發(fā)電機的示意圖，兩極M，N間的磁場可視為水平方向的勻強磁場，A為理想交流電流表，V為理想交流電壓表．內阻不計的矩形線圈繞垂直于磁場方向的水平軸OO′沿逆時針方向勻速轉動，矩形線圈通過滑環(huán)接一理想變壓器，滑動觸頭P上下移動時可改變變壓器副線圈的輸出電壓，副線圈接有可調電阻R，從圖示位置開始計時，發(fā)電機線圈中產生的交變電動勢隨時間變化的圖象如圖乙所示，以下判斷正確的是()A．電壓表的示數(shù)為10VB．0.01s時發(fā)電機線圈平面與磁場方向平行C．若P的位置向上移動，R的大小不變時，電流表讀數(shù)將減小D．若P的位置不變，R的大小不變，而把發(fā)電機線圈的轉速增大一倍，則變壓器的輸入功率將增大到原來的4倍三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）兩位同學在實驗室利用如圖甲所示的電路測定定值電阻R0、電源的電動勢E和內阻r，調節(jié)滑動變阻器的滑片P向某一方向移動時，一個同學記錄了電流表A和電壓表V1的測量數(shù)據，另一同學記錄的是電流表A和電壓表V2的測量數(shù)據，并根據數(shù)據分別描繪了如圖乙所示的兩條U－I直線a、b，回答下列問題：（1）根據兩同學描繪的直線a、b，可知b圖線是根據電壓表________（填“V1”或“V2”）和電流表A的數(shù)據描繪的圖線。（2）由圖可知，定值電阻R0=_____Ω，電源的電動勢E=_____V，內阻r=_____Ω。（3）忽略各電表對電路的影響，則該電路中電流表的讀數(shù)最大不超過________A。12．（12分）小燈泡燈絲的電阻隨溫度的升高而變大，某同學利用實驗探究這一現(xiàn)象，所提供的器材有A．電流表（A1）量程0-0.6A，內阻約0.125ΩB．電流表（A2）量程0-3A，內阻約0.025ΩC．電壓表（V1）量程0-3V，內阻約3kΩD．電壓表（V2）量程0-15V，內阻約15kΩE．滑動變阻器（R1）總阻值約10ΩF．滑動變阻器（R2）總阻值約200ΩG．電池（E）電動勢3.0V，內阻很小H．導線若干，電鍵K該同學選擇儀器，設計電路并進行實驗，通過實驗得到如下數(shù)據：（1）請你推測該同學選擇的器材是：電流表為______，電壓表為______，滑動變阻器為______（以上均填寫器材代號）．（2）請你推測該同學設計的實驗電路圖并畫在圖甲的方框中______．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一個半徑R=m的圓形靶盤豎直放置，A、O兩點等高且相距4m，將質量為10g的飛鏢從A點沿AO方向拋出，經0.1s落在靶心正下方的B點處．不計空氣阻力，重力加速度取g=10m/s1．求：(1)飛鏢從A點拋出時的速度大??；(1)飛鏢從A處拋出到落到B處的過程中減少的重力勢能；(3)為了使飛鏢能落在靶盤上，飛鏢拋出的速度大小應滿足什么條件？14．（16分）如圖所示，為固定在豎直平面內的光滑圓弧軌道，其半徑為。軌道的點與光滑水平地面相切，質量為的小球由點靜止釋放，取。求：(1)小球滑到最低點時，小球速度的大??；(2)小球剛到達最低點時，軌道對小球支持力的大??；(3)小球通過光滑的水平面滑上固定曲面，恰能到達最高點，到地面的高度為，小球在曲面上克服摩擦力所做的功是多少？15．（12分）如圖所示，第Ⅰ象限有垂直紙面向外的勻強磁場，第Ⅳ象限有垂直紙面向里勻強磁場，Ⅰ、Ⅳ磁感應強度大小均為B，一帶正電粒子以初速度從y軸上的P點進入第Ⅰ象限磁場時速度方向與y軸的正方向成45°角，進入第Ⅳ象限的磁場時又垂直x軸，已知OP之間的距離為d，（不計粒子重力）求：（1）帶電粒子在磁場中做圓周運動的半徑；（2）帶電粒子從進入磁場到第二次經過x軸，在磁場中運動的總時間；（3）帶電粒子的比荷．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】試題分析：由題意可得a、b兩點的電勢相等，所以勻強電場的方向垂直于ab，過o點做ab的垂線相交ab于c點，由幾何關系得：，得∠b=53°；oc=ob?sin∠b=1．13×sin53°=2．4×11-2mco間的電勢差為：U=8V-2V=6V；則電場強度為：，故A正確．考點：電勢及電勢差2、B【解析】

A．根據電源向外提供的電能可知：電源向外提供的電能不僅與電動勢有關，還有電流和時間有關，A錯誤；

B．電動勢表征了電源內部非靜電力做功的本領，所以電動勢表示電源將單位正電荷從負極移到正極時，非靜電力做的功，B正確；

CD．電源正極電勢大于負極電勢，所以電源從正極到負極電勢逐漸減小，CD錯誤。

故選B。3、C【解析】由于a、b兩點繞同一中心點運動，并且時刻在一條直線上，所以a、b兩點的角速度相等，根據，可知，故C正確；故選C4、D【解析】

A．電動勢，V，選項A錯誤；B．電容，C，選項B錯誤；C．磁通量，Wb，選項C錯誤；D．自感系數(shù)，H，選項D正確。5、B【解析】

A．根據乙圖可得ab端接入的交流電有效值為燈泡正常發(fā)光，說明燈泡電壓為額定電壓，那么變壓器輸入電壓變壓器副線圈為兩個燈泡并聯(lián)，燈泡電壓等于副線圈輸出電壓即原副線圈匝數(shù)比為選項A錯誤；B．根據乙圖可知輸入交流電的頻率經過變壓器后交流電頻率不變，選項B正確；C．燈泡正常發(fā)光的額定電流電流表測量副線圈干路電流所以讀數(shù)為，選項C錯誤；D．電壓表示數(shù)為原線圈輸入電壓即選項D錯誤；故選B。6、D【解析】

A.內能是所有分子熱運動的動能和分子勢能的總和，溫度是分子熱運動平均動能的標志，內能不同有可能是分子數(shù)不同或體積，溫度可能相同，故A項錯誤；B.物體的機械能是由速度和高度決定，而內能是由溫度和分子間距決定的，故機械能與內能無關，故B項錯誤；C.溫度是分子熱運動平均動能的標志，溫度低的物體分子熱運動平均動能小，但分子數(shù)情況不清楚，故無法比較內能情況，故C項錯誤；D.溫度是分子熱運動平均動能的標志，同溫度的氫氣和氧氣，分子熱運動平均動能相同；同質量的氫氣和氧氣，氫氣的分子數(shù)量多，總動能大，故D項正確；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

A.小球進入半圓軌道，電場力和重力平衡，小球做勻速圓周運動，根據動能定理知解得：從A到C，因為電場力與重力等大反向，合力為零，所以到C點速度與A點等大。根據牛頓第二定律得，在C點：根據牛頓第三定律可知，小球到達C點時對軌道的壓力為2mg。故A正確。B.小球在AC部分做勻速圓周運動，加速度大小不變，方向始終指向圓心。故B錯誤。C.適當增大E，小球所受的電場力大于重力，根據徑向的合力提供向心力可知，在最低點的速度不可能為零。故C錯誤。D.若E=，在最低點根據牛頓第二定律得，解得：根據動能定理得：解得：所以H至少為，故D正確。8、ACD【解析】A、粒子在磁場中從A到B點做順時針圓周運動，受向右下的洛侖茲力，根據左手定則知道粒子帶負電，所以選項A正確；

B、撤去磁場加上電場，粒子做勻變速度曲線運，即類斜拋運動，所以軌跡不同于圓周，選項B錯誤；

C、無論是在磁場中做勻速圓周運動，還是在電場中做類斜拋運動，當粒子再次回到邊界時與邊界的夾角仍為，只是方向斜向下，所以選項C正確；

D、在磁場中做勻速圓周運動，洛侖茲力不做功，速度大小與進入時相同，而在電場中從A到B，電場力做功為零，所以與進入時速度大小也相同，只是方向不同，故選項D正確．點睛：本題只是把帶電粒子在磁場和電場中的兩種情況進行對比，由勻速圓周運動和斜拋運動的對稱性，當電場強度大小取某一確定值時，粒子可以從同一點B離開，但離開時，只是速度方向由斜向上變?yōu)樾毕蛳?，與邊界的夾角仍相同．9、BD【解析】AB.根據公式P=U2/R,電熱絲消耗的功率不變,電壓為額定電壓的1/2,則電阻應為原來的1/4,根據電阻定律得,電熱絲的長度應為原來的1/4,可將電熱器中的電熱絲截去3/4.故A錯誤，B正確；C.若在電熱器中再并聯(lián)一根與原來相同的電熱絲,總電阻變?yōu)?/2,電壓為額定電壓的1/2,電熱絲消耗的功率為原來的1/2，不符合題意．故C錯誤；D.若將電熱器中的電熱絲等分成兩段，再并聯(lián)起來，根據電阻定律可知電阻變?yōu)樵瓉淼?/4，符合要求．故D正確．故選BD10、ABD【解析】試題分析：由題圖乙可知交流電電流的最大值，根據求解電壓表的示數(shù)；根據磁通量變化率最大時，磁通量為零，即發(fā)電機線圈平面與磁場方向平行分析判斷；若P的位置向上移動、R的大小不變時，因為原線圈匝數(shù)發(fā)生變化，根據分析；把發(fā)電機線圈的轉速增大一倍，則交流電最大值發(fā)生變化，由入手分析判斷，；感應電動勢最大，則穿過線圈的磁通量變化最快，由電路動態(tài)變化規(guī)律分析解題由于線圈電阻不計，所以電壓表測量線圈產生的交流電壓的有效值，故電壓表示數(shù)為，A正確；在0.01s時交流電有峰值，此時磁通量變化率最大，磁通量最小為零，所以發(fā)電機線圈平面與磁場方向平行，B正確；若P的位置向上移動、R的大小不變時，根據公式（不變，減小，不變）可得增大，所以副線圈中的電流增大，即電流表讀數(shù)增大，C錯誤；若P的位置不變、R的大小不變，而把發(fā)電機線圈的轉速增大一倍，根據公式可得原線圈兩端電壓增大一倍，根據可得副線圈兩端電壓增大一倍，根據可得副線圈中消耗的電功率增大為原來的四倍，副線圈消耗的功率等于原線圈中的功率，所以變壓器的輸入功率將增大到原來的4倍，D正確；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、V22.01.501.00.5【解析】

(1)[1]由圖甲可知V1測量路端電壓，V2測量定值電阻R0的電壓；而定值電阻的圖線是正比圖線，一定經過原點，故b圖線是根據電壓表V2和電流表A的數(shù)據描繪的圖線.(2)[2]根據圖像