2025屆江西省南豐一中物理高二上期末經(jīng)典模擬試題含解析

2025屆江西省南豐一中物理高二上期末經(jīng)典模擬試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認(rèn)真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖，虛線框內(nèi)為改裝好的電表，M、N為新電表的接線柱，其中靈敏電流計G的滿偏電流為，已測得它的內(nèi)阻為，圖中電阻箱讀數(shù)為。現(xiàn)將MN接入某電路，發(fā)現(xiàn)靈敏電流計G剛好滿偏，則根據(jù)以上數(shù)據(jù)計算可知（）A.M、N兩端的電壓為1mV B.M、N兩端的電壓為100mVC.流過M、N的電流為 D.流過M、N的電流為10mA2、如圖所示，水平粗糙絕緣桿從物體A中心的孔穿過，A的質(zhì)量為M，用絕緣細(xì)線將另一質(zhì)量為m的小球B與A連接，整個裝置所在空間存在水平向右的勻強(qiáng)電場E，A不帶電，B帶正電且電荷量大小為q，A、B均處于靜止?fàn)顟B(tài)，細(xì)線與豎直方向成θ角．則()A.細(xì)線中張力大小為mgcosθB.細(xì)線中張力大小為C.桿對A的摩擦力大小為qED.桿對A的支持力大小為Mg3、1922年英國物理學(xué)家阿斯頓因質(zhì)譜儀的發(fā)明、同位素和質(zhì)譜的研究榮獲了諾貝爾化學(xué)獎．若速度相同的一束粒子由左端射入質(zhì)譜儀后的運動軌跡如圖所示，則下列相關(guān)說法中正確的是()A.該束帶電粒子帶負(fù)電B.速度選擇器的P1極板帶負(fù)電C.在B2磁場中運動半徑越大的粒子，質(zhì)量越大D.在B2磁場中運動半徑越大的粒子，比荷越小4、下列敘述正確的是（）A.牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律并測量了萬有引力常量B.法拉第發(fā)現(xiàn)通電導(dǎo)線能夠在其周圍產(chǎn)生磁場C.法拉第總結(jié)了通電導(dǎo)線周圍磁場的規(guī)律，并提出分子電流假說D.感應(yīng)電流遵從楞次定律所描述的方向，這是能量守恒定律的必然結(jié)果5、在以下幾幅圖中，洛倫茲力的方向判斷不正確的是()A. B.C. D.6、關(guān)于電流，下列說法正確的是A.通過導(dǎo)線截面的電量越多，電流越大B.單位時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量越多，則導(dǎo)體中電流越大C.電流有方向，因此電流是矢量D.通電時間越短，電流越大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、狄拉克曾經(jīng)預(yù)言，自然界應(yīng)該存在只有一個磁極的磁單極子，其周圍磁感線呈均勻輻射狀分布（如圖甲所示），距離它r處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為（k為常數(shù)），其磁場分布與負(fù)點電荷Q的電場（如圖乙所示）分布相似。現(xiàn)假設(shè)磁單極子S和負(fù)點電荷Q均固定，有帶電小球分別在S極和Q附近做勻速圓周運動，則關(guān)于小球做勻速圓周運動的判斷正確的是（）A.若小球帶正電，其運動軌跡平面可在S的正上方，如圖甲所示B.若小球帶正電，其運動軌跡平面可在Q的正下方，如圖乙所示C.若小球帶負(fù)電，其運動軌跡平面可在S的正上方，如圖甲所示D.若小球帶負(fù)電，其運動軌跡平面可在Q的正下方，如圖乙所示8、如圖所示，空間存在一水平向左的勻強(qiáng)電場和一垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，電場強(qiáng)度大小為E=，電場方向和磁場方向相互垂直．在此電磁場正交的空間中有一足夠長的固定粗糙絕緣桿，與電場正方向成60°夾角且處于豎直平面內(nèi)．一質(zhì)量為m，帶電量為+q的小球套在絕緣桿上．若給小球一沿桿向下的初速度v0，小球恰好做勻速運動，且小球電量保持不變，重力加速度為g，則下列說法正確的是（）A.小球的初速度為v0=B.若小球的初速度為，小球?qū)⒆黾铀俣炔粩鄿p小的減速運動，最后勻速C.若小球的初速度為，小球?qū)⒆黾铀俣炔粩嘣龃蟮募铀龠\動，最后勻速D.若小球的初速度為，則運動中克服摩擦力做功為9、在如圖所示的電路中，電源電動勢為E、內(nèi)電阻為r．將滑動變阻器的滑片P從圖示位置向右滑動的過程中，關(guān)于各電表示數(shù)的變化，下列判斷中正確的是（）A.電壓表V的示數(shù)變小B.電流表A2的示數(shù)變小C.電流表A1的示數(shù)變大D.電流表A的示數(shù)變大10、一質(zhì)量為m、電量為q的帶正電小滑塊，從傾角為θ的光滑絕緣斜面上的A點由靜止下滑，經(jīng)時間t后立即加上沿斜面向上的勻強(qiáng)電場，再經(jīng)時間t滑塊恰好過A點．重力加速度大小為g，則A.勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小為B.滑塊過A點時速度大小為C.滑塊從A點到最低點過程中重力勢能減少了D.滑塊從最低點到A點的過程中電勢能減少了三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學(xué)對實驗室的一個多用電表中的電池進(jìn)行更換時發(fā)現(xiàn)，里面除了一節(jié)1.5V的干電池外，還有一個方形的電池(層疊電池)．為了測定該電池的電動勢和內(nèi)電阻，實驗室中提供如下器材：A.電流表A1(滿偏電流10mA，內(nèi)阻10Ω)；B.電流表A2(0～0.6A，內(nèi)阻未知)；C.滑動變阻器R0(0～100Ω，1A)；D.定值電阻R(阻值990Ω)；E.開關(guān)與導(dǎo)線若干該同學(xué)根據(jù)現(xiàn)有的實驗器材，設(shè)計了如圖甲所示的電路，圖乙為該同學(xué)根據(jù)上述設(shè)計的實驗電路測出多組數(shù)據(jù)并繪出的I1—I2圖線(I1為電流表A1的示數(shù)，I2為電流表A2的示數(shù))，則由圖線可以得到被測電池的電動勢E＝_____V，內(nèi)阻r＝_____Ω．(結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)12．（12分）要用實驗描繪小燈泡伏安特性曲線，已知待測小燈泡的額定電壓6V，額定功率約為3W，提供的器材有：量程為0．6A，內(nèi)阻約為0．5的電流表Al；量程為3A，內(nèi)阻約為0．1的電流表A2；量程為3V，內(nèi)阻為3k的電壓表V1阻值是0～10，額定電流是2A的滑動變阻器R1；阻值是0～500，額定電流是lA的滑動變阻器R2；定值電阻R3=1k；定值電阻R4=3k；電源電動勢為9V，內(nèi)阻約為0．1；開關(guān)一個，導(dǎo)線若干（1）為了保證實驗的測量精度和操作方便，并能測出小燈泡的額定功率，在可供選擇的器材中．應(yīng)該選用的電流表是___，滑動變阻器是____(填儀器的字母代號)（2）根據(jù)所選的器材，在虛線框中畫出完整的實驗電路圖，并標(biāo)出器材代號______（3）實驗中，電壓表的示數(shù)為____V時，可測出燈泡的額定功率四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy內(nèi)，第Ⅰ象限存在沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場，第Ⅳ象限中在－3L≤y≤0區(qū)域內(nèi)存在一垂直坐標(biāo)平面向里的有界勻強(qiáng)磁場，一質(zhì)量為m、電量為q的帶電粒子以初速度v0從y軸上的P(0，L)點沿+x方向進(jìn)入電場，從x軸上的Q(2L，0)射入磁場，不計粒子的重力。(1)求帶電粒子在Q點的速度的大小和方向，(2)若粒子從M(2L，－3L)點射出磁場，求粒子從P點運動到M點的時間t，(3)若勻強(qiáng)磁場的強(qiáng)弱可調(diào)節(jié)，要使粒子不從y軸上射出磁場，求磁感應(yīng)強(qiáng)度B應(yīng)滿足的條件。14．（16分）如圖所示，質(zhì)量分別為m1=m2=1.0kg的木板和足夠高的光滑凹槽靜止放置在光滑水平面上，木板和光滑凹槽接觸但不粘連，凹槽左端與木板等高.現(xiàn)有一質(zhì)量m=2.0kg的物塊以水平初速度v0=5.0m/s從木板左端滑上木板，物塊離開木板時木板速度大小為1.0m/s，物塊以某一速度滑上凹槽.已知物塊和木板間的動摩擦因數(shù)μ=0.5，重力加速度g取10m/s2.求：（1）木板的長度；（2）物塊滑上凹槽的最大高度15．（12分）如圖所示，在坐標(biāo)系xoy的第一象限內(nèi)，斜線OC的上方存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，第四象限內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小未知、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m帶電量為－q的粒子（不計重力）從y軸上的A點，以初速度v0水平向右垂直射入勻強(qiáng)磁場，恰好垂直O(jiān)C射出，并從x軸上的P點（未畫出）進(jìn)入第四象限內(nèi)的勻強(qiáng)磁場，粒子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后從y軸上D點（未畫出）垂直y軸射出，已知OC與x軸的夾角為45°。求：(1)OA的距離；(2)第四象限內(nèi)勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大?。?3)粒子從A點運動到D點的總時間

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】AB．M、N兩端電壓為AB錯誤；CD．流過M、N的電流為C錯誤D正確。故選D。2、C【解析】AB．在計算細(xì)線中張力大小時，采用分離法，對B小球進(jìn)行受力分析，受力示意圖如圖1，由于B小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，根據(jù)平衡條件可得故AB錯誤；CD．在求桿對A的摩擦力和支持力時，采用整體法，對整體進(jìn)行受力分析，受力示意圖如圖2，由于AB小球整體處于靜止?fàn)顟B(tài)，根據(jù)平衡條件可得：故C正確，D錯誤。故選C。3、D【解析】A、帶電粒子在磁場中向下偏轉(zhuǎn)，磁場的方向垂直紙面向外，根據(jù)左手定則知，該粒子帶正電，故A錯誤；B、在平行金屬板間，根據(jù)左手定則知，帶電粒子所受的洛倫茲力方向豎直向上，則電場力的方向豎直向下，知電場強(qiáng)度的方向豎直向下，所以速度選擇器的極板帶正電，故B錯誤；C、進(jìn)入磁場中的粒子速度是一定的，根據(jù)得，，知r越大，荷質(zhì)比越小，而質(zhì)量m不一定大，故C錯誤，D正確4、D【解析】A．牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，卡文迪許測量了萬有引力常量，故A錯誤；B．奧斯特發(fā)現(xiàn)通電導(dǎo)線能夠在其周圍產(chǎn)生磁場，故B錯誤；C．安培總結(jié)了通電導(dǎo)線周圍磁場的規(guī)律，并提出分子電流假說，故C錯誤；D．感應(yīng)電流遵從楞次定律所描述的方向，這是能量守恒定律的必然結(jié)果，故D正確。故選D。5、C【解析】A.根據(jù)左手定則，垂直紙面向里的磁感線穿過手心，四指指向正電荷的運動方向向右，大拇指指向洛倫茲力的方向，判斷出來洛倫茲力向上。故A正確不符合題意。B.根據(jù)左手定則，垂直紙面向外的磁感線穿過手心，四指指向正電荷運動的方向向右，大拇指指向洛倫茲力的方向，判斷出來洛倫茲力向下。故B正確不符合題意。C.當(dāng)速度與磁感線平行時，電荷不受洛倫茲力。故C錯誤符合題意。D.根據(jù)左手定則，水平向左的磁感線穿過手心，四指指向負(fù)電荷運動的反方向向上，拇指指向洛倫茲力的方向，判斷出來洛倫茲力方向垂直紙面向外。故D正確不符合題意。6、B【解析】根據(jù)I=q/t可知，通過導(dǎo)體橫截面的電量多，但不知道通電時間，所以不能得出導(dǎo)體中的電流大小，故A錯誤；由電流的定義可知，單位時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量相多，則導(dǎo)體中電流越大；故B正確；電流有方向，但電流是標(biāo)量；故C錯誤；通電時間短，若流過的電量小，則電流一樣可以很小；故D錯誤；故選B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】AC.要使小球能做勻速圓周運動，則洛侖茲力與重力的合力應(yīng)能充當(dāng)向心力；在甲圖中，若小球為正電荷且逆時針轉(zhuǎn)動（由上向下看），由左手定則知其受洛侖茲力斜向上，與重力的合力可以指向圓心，其運動軌跡平面可在S的正上方；若小球為負(fù)電荷，但順時針轉(zhuǎn)動，同理可知，合力也可以充當(dāng)向心力，其運動軌跡平面可在S的正上方，故AC正確；BD.Q帶負(fù)電，若小球帶正電，則正電荷在圖示位置各點受到的電場力指向Q，電場力與重力的合力可能充當(dāng)向心力，其運動軌跡平面可在Q的正下方；但若小球帶負(fù)電，小球受電場力逆著電場線，其與重力的合力不能提供向心力，其運動軌跡平面不可能在Q的正下方，小球不會做勻速圓周運動，故B正確，D錯誤。故選ABC。8、ABD【解析】小球受重力、摩擦力（可能有）、彈力（可能有）、向右上方的洛倫茲力、向左的電場力，當(dāng)受到的合外力等于0時，小球做勻速直線運動．當(dāng)小球受到的合外力不為0時，要判斷出支持力的方向，明確支持力的大小隨洛倫茲力的變化關(guān)系，然后做出判定【詳解】對小球進(jìn)行受力分析如圖，電場力的大?。篎=qE=，由于重力的方向豎直向下．電場力的方向水平向右，二者垂直，合力：FG+F==2mg，由幾何關(guān)系可知，重力與電場力的合力與桿的方向垂直，所以重力與電場力的合力不會對小球做功，而洛倫茲力的方向與速度的方向垂直，所以也不會對小球做功．所以，當(dāng)小球做勻速直線運動時，不可能存在摩擦力，沒有摩擦力，說明小球與桿之間就沒有支持力的作用，則洛倫茲力大小與重力、電場力的合力相等，方向相反．所以qv0B=2mg．所以．故A正確；若小球的初速度為，則洛倫茲力：f=qv0B=3mg＞FG+F，則在垂直于桿的方向上，小球還受到桿的垂直于桿向下的支持力，則摩擦力：f=μFN．小球?qū)⒆鰷p速運動；隨速度的減小，洛倫茲力減小，則支持力逐漸減小，摩擦力減小，小球做加速度不斷減小的減速運動，最后當(dāng)速度減小到時，小球開始做勻速直線運動．故B正確．若小球的初速度為，則洛倫茲力：f=qv0B=mg＜FG+F，則在垂直于桿的方向上，小球還受到桿的垂直于桿向上的支持力，而摩擦力：f=μFN．小球?qū)⒆鰷p速運動；隨速度的減小，洛倫茲力減小，則支持力逐漸增大，摩擦力逐漸增大，小球的加速度增大，所以小球?qū)⒆黾铀俣炔粩嘣龃蟮臏p速運動，最后停止．故C錯誤；若小球的初速度為，球?qū)⒆黾铀俣炔粩嘣龃蟮臏p速運動，最后停止，運動中克服摩擦力做功等于小球的動能，所以．故D正確．故選ABD【點睛】本題考查小球在混合場中的運動，解答的關(guān)鍵明確小球的受力情況，并能夠結(jié)合受力的情況分析小球的運動情況，要知道小球何時做加速度減小的減速運動，何時做加速度增大的減速運動，當(dāng)加速度減為零時，做勻速運動9、BCD【解析】當(dāng)滑片向右滑動時，滑動變阻器接入電阻增大，則總電阻增大；由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流減小，則由U=E-Ir可知，路端電壓增大；則可知電流表A的示數(shù)減小，電壓表V的示數(shù)增大；故A錯誤，D正確；因路端電壓增大，A1中電流增大；因總電流減小，而R1中電流增大，則A2中電流減小，故BC正確．故選BCD10、AB【解析】A.未加電場時，取向下為正：，過t時間后，速度：，位移：，加上電場后，根據(jù)題意，加速度：，過t后，根據(jù)勻變速運動規(guī)律：，聯(lián)立解得：，，A正確B.過A點的速度，速度大小，方向沿斜面向上，B正確C從A點到最低點，位移：，所以重力勢能減小，C錯誤D.從最低點到A點根據(jù)動能定理：，解得：，所以電勢能減少了：，D錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.9.0V②.10Ω【解析】表頭及定值電阻充當(dāng)電壓表使用，則由閉合電路歐姆定律可得出表達(dá)式，由圖象結(jié)合表達(dá)式可得出電動勢和內(nèi)電阻.【詳解】表頭的示數(shù)與定值電阻阻值的乘積可作為路端電壓處理，則由閉合電路歐姆定律可知：，即，由圖可知，圖象與縱坐標(biāo)的交點為9.0mA，則有：，解得E=9.0V；由圖象可知圖象的斜率為10×10-3，由公式得圖象的斜率等于，故，解得r=10Ω【點睛】本題為測量電源的電動勢和內(nèi)電阻的實驗的變形，注意由于沒有電壓表，本實驗中采用改裝的方式將表頭改裝為電壓表，再根據(jù)原實驗的研究方法進(jìn)行分析研究12、①.②.③.④.3【解析】（1）描繪小燈泡的伏安特性曲線，要求電壓調(diào)節(jié)范圍盡可能大，滑動變阻器選擇分壓式連接，因此滑動變阻器選擇阻值小的，小燈泡正常發(fā)光的額定電流,3A的電流表量程過大，所以選擇量程0.6A的（2）滑動變阻器選擇分壓式連接．燈泡額定電壓外6v,而電壓表量程只有3v，可是已知電壓表內(nèi)阻為，確切知道其內(nèi)阻，就可以串聯(lián)定值電阻來擴(kuò)大量程，要使得量程大于6v，則需要滿足，即串聯(lián)的定值電阻阻值要大于等于所以定值電阻選擇.電流表已經(jīng)選擇，由