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文檔簡介
人大附中朝陽學校2024~2025學年度上學期高三年級期中試卷
數(shù)學試題2024年11月1日
一、選擇題:(本大題共10小題,每小題4分,共40分)
1.已知集合知={x|(x+3)(x-l)〈O},N={x\\x\<2],則()
A.(-2,1]B.[-3,2)C.(-2,3]D.L-1,2)
2.下列函數(shù)既是奇函數(shù),又在(0,包)上單調遞增的是()
A.f{x)=-^—B./(x)=2|v|C./(x)=tanx
D./(x)=2x--
x-1X
3.若|利=1,|切=2,(〃一。),々,則向量〃與-的夾角為()
A.30°B.60°C.120°D.150°
4.設S〃為等比數(shù)列{an}的前〃項和,已知S3=?4-2,S2=?3-2,則公比4=)
A.2B.-2C.-D.--
22
5.下列命題中,真命題的是()
A.若則B.若。>6,則〃、油〉〃
ab
C.若0<a<6<c,則logjvlogc,D.若a+26=2,貝i)2"+型24
6.設a,是三個不同平面,且\y=m,則“/〃/"”是“a〃夕”的()
A.充分不必要條件B.必要不充分條件C.充要條件D.既不充分也不必要條件
7.〃x)=2cos23x+e)+b的部分圖象如圖所示,則以下說法正確的是(
7171
A.co=—,b=\B.a)=—,b=-lC.a)=Tt,b=lD.a>=n,b=-l
22
8.已知向量a,6滿足卜+母=3,a-b=Q,若c=Qz+(l-㈤/2eR),且
?2=2%,則|c|的最大值為()
A.3B.2C.-
2
9.十字歇山頂是中國古代建筑屋頂?shù)慕浀錁邮街?
圖1中的故宮角樓的頂部即為十字歇山頂.其上部
可視為由兩個相同的直三棱柱交疊而成的幾何體
(圖2),這兩個三棱柱有一個公共側面ABCD.在
底面3CE中,若BE=CE=3,NBEC=120。,則
該幾何體的體積為()
A.—B.C.27
22
10.2024年1月17日我國自行研制的天舟七號貨運飛船在發(fā)射3小時后成功對接于空間站天和
核心艙后向端口,創(chuàng)造了自動交會對接的記錄.某學校的航天科技活動小組為了探索運動物體
追蹤技術,設計了如下實驗:目標尸在地面軌道上做勻速直線運動;在地面上相距7m的
2兩點各放置一個傳感器,分別實時記錄43兩點與物體尸的距離.科技小組的同學根據(jù)傳
感器的數(shù)據(jù),繪制了“距離-時間”函數(shù)圖像,分別如曲線。,6所示/和L分別是兩個函數(shù)的
極小值點.曲線.經過和“2,%),曲線6經過色,4).已知〃=3⑵4=4m,r=4s,
并且從t=0時刻到t=t2時刻P的運動軌跡與線段AB相
交.分析曲線數(shù)據(jù)可知,尸的運動軌跡與直線AB所成夾角
的正弦值以及尸的速度大小分別為()
A65/口6屈/
A.—,-----m/sD.------m/s
7472
「23#)「23#)
C.—,-----m/sD?—,-----m/s
7472
二、填空題:(本大題共5小題,每小題5分,共25分.)
11.復數(shù)卷-------------;對應的點坐標為一
長為______________;共軌復數(shù)是___________________.
12.已知角x在第二象限,且sin^+|^|=-|,貝ijtan2x=.
13.在;A3C中,。,瓦c分別是角A,氏C的對邊,且a+c=26,則角B的取值范圍為.
J尤-2+a,x>2
14.設函數(shù)/(%)=I_|c(a>0且4R1).給出下列四個結論:
\ax-2\,x<2
①當。=2時,存在f,方程=f有唯一解;
②當ae(0,l)時,存在f,方程/(x)=r有三個解;
③對任意實數(shù)。(4>0且"1),/(X)的值域為[0,+8);
④存在實數(shù)。,使得了。)在區(qū)間(。,+8)上單調遞增;
其中所有正確結論的序號是.
15.已知數(shù)列的前"項和為E,,q=l且%+i=S;+l,(〃eN)給出下列四個結論:①長度分別
為1,。角,5“的三條線段可以構成一個直角三角形:②V〃eN*,S建27③
JT
2a
VneN",a“+%+2<?+i;?VneN*,a?+1=2ancos西.其中所有正確結論的序號是.
人大附中朝陽學校2024~2025學年度上學期高三年級統(tǒng)練試卷
數(shù)學答題紙2024年11月1日
三、解答題:(本大題共5小題,共85分.)
16.(14分(5+4+5))已矢口函數(shù)/(x)=sin2x+2sinxcosx-cos2x.
(I)求/(x)的最小正周期;
(II)求不等式7(x)2-1的解集;
din從條件①,條件②,條件③選擇一個作為已知條件,求加的取值范圍.
①/(%)在(0,m)有恰有兩個極值點;
②在(0,利)單調遞減;
③/(%)在(0,m)恰好有兩個零點.
注:如果選擇的條件不符合要求,0分;如果選擇多個符合要求的條件解答,按第一個解答計分.
17.(13分(7+6))若同時滿足條件①、條件②、條件③、條件④中的三個,請選擇一組
這樣的三個條件并解決下列問題:
(I)求邊”的值;
(II)求△ABC的面積.
條件①:acosA=6sinA;條件②:8=a+2;條件③:sinC=J;條件④:,.cosC=-106-12.
注:如果選擇多組條件分別解答,按第一個解答計分.
18.(14分(4+5+5))如圖,在三棱柱ABC—44G中,AC=5C=A8]=2,蝴上平面ABC,
AC,1AC,D,石分別是AC,4cl的中點.
(I)證明:ACl/C]
(II)證明:〃平面的43;
din求OE與平面84cle所成角的正弦值.
19.(14分(4+5+5))已知函數(shù)/(x)=x"lnx,其中a為常數(shù)且awO.
(I)求曲線y=/(x)在x=i處的切線方程;
(H)討論函數(shù)/(尤)的單調區(qū)間;
(III)當。=1時,若在點M(XoJ(Xo)),o>J處的切線/分別與X軸和〉軸于,A,8兩點,。為坐
標原點,記的面積為S,求S的最小值.
20.(15分(4+5+6))已知/'(x)=(2x-l)e"-x在x=0處的切線方程為x+y+6=0.
(I)求實數(shù)》的值;
(H)證明:〃龍)僅有一個極值點飛,且“x0)
(III)若g(x)=(依TH'T,是否存在上使得g(x)-l恒成立,存在請求出左的取值范圍,不存在
請說明理由.
21.(15分(4+5+6))已知有限數(shù)列,從數(shù)列中選取第1項、第三項、、第0項
(,;<%<<或),順次排列構成數(shù)列低},其中"=%,”小加,則稱新數(shù)列{4}為
的長度為機的子列.規(guī)定:數(shù)列的任意一項都是的長度為1的子列,若數(shù)列的
每一子列的所有項的和都不相同,則稱數(shù)列為完全數(shù)列.設數(shù)列滿足%=〃,
l<n<25,neN*.
(I)判斷下面數(shù)列的兩個子列是否為完全數(shù)列,并說明由;
數(shù)列①:3,5,7,9,11;數(shù)列②:2,4,8,16.
(II)數(shù)列的子列{a}長度為m,且{4}為完全數(shù)列,證明:加的最大值為6;
(ill)數(shù)列的子列{4}長度m=5,且{4}為完全數(shù)列,求:+:+:+:+:的最大值.
4“2”3”4“5
2024北京人大附中朝陽學校高三11月統(tǒng)練數(shù)學答案
一、單選題
1.
【答案】B
【分析】分別確定集合N,根據(jù)并集的概念求MuN可得答案.
【詳解】因為M={x|-3VxVl}=[-3,l],N={x]-2<x<2}=(-2,2),
所以MuN=[-3,2).
故選:B
2.
【答案】D
【分析】根據(jù)函數(shù)的奇偶性先排除AB選項,再結合函數(shù)的單調性選擇正確答案.
【詳解】對A:因為函數(shù)/(x)=工的定義域為定義域不關于原點對稱,
x-1
所以為非奇非偶函數(shù),故A錯誤;
對B:/(-x)=2w=2w=/(x),所以函數(shù)/(X)=2M為偶函數(shù),故B錯誤;
對C:根據(jù)正切函數(shù)的性質可知,函數(shù)/*)=tanx在(0,+s)不具有單調性,故C錯誤;
對D:函數(shù)的定義域為(-8,0)30,+3°),/(-x)=2(-x)---=-[2%--|=故函數(shù)
為奇函數(shù),
又r(力=2+5>0,所以函數(shù)在(0,+8)上單調遞增.
故選:D
3.
【答案】B
【詳解】試題分析:由。?("&)=(),得a2-a.b=0,即。?&=|?!?,所以向量。力的夾角為
?abLI21
==9所以向量。力的夾角為60.
考點:向量的運算及向量的夾角.
4.【答案】A
試卷第1頁,共13頁
【詳解】S3-S2=a3=a^-a3,則9=二二2
a2
5.
【答案】D
【分析】舉反例即可判斷ABC,根據(jù)基本不等式和指數(shù)運算即可判斷D.
【詳解】對A,當。=-1,8=1時,則,<:,故A錯誤;
ab
對B,當〃=-11=一2時,貝=1,。力=2,貝!]〃2<[人,故B錯誤;
對C,當0<c<l時,根據(jù)對數(shù)函數(shù)單調性知log->log),故C錯誤;
對D,若a+2b=2,則2。+4嗆2也4"=2d2計2b=4,
當且僅當。=1,占=;時取等號,故D正確.
故選:D.
6.
【答案】B
【分析】利用面面平行的性質定理,及它們之間的推出關系,即可以作出判斷.
【詳解】若?!ㄏ?,a\丫=1邛\y=m,則由平面平行的性質定理:得/〃機;
但當/〃加,a\y=l,/3y=機時,可能有a〃月,也可能有月相交,
如/,也是三棱柱的兩條側棱所在直線,r是/,根確定的平面,
另兩個側面所在平面分別為a,〃,此時符合條件,而外夕相交,
所以“〃/加”是“?!ㄏΑ谋匾怀浞謼l件.
故選:B
7.
【答案】B
【分析】先把函數(shù)解析式化成y=Acos(ox+°)的形式,再結合函數(shù)的周期和值域求值.
【詳解】因為/(x)=2cos2(0x+p)+b=cos(20x+20)+b+l.
由函數(shù)圖象可知:b+l=0nb=-l;
T2兀71
又〈二號5一:1=1,所以T=2,又7=三=@=?.
244202
故選:B
試卷第2頁,共13頁
8.
【答案】D
【分析】令〃=4",b=MB=AN,根據(jù)題意作出圖形,結合圖形將已知條件轉化,得到
AC人MN,然后數(shù)形結合求卜|的最大值.
【詳解】如圖:令。=AM,b=MB=AN,則〃+A=AM+=AB,故W6卜3.
因為〃?/?=(),所以記AB的中點為。,所以點M在以A3為直徑的圓。上.
設°=4。,連接MV,因為c=X〃+(l-X)。,所以點C在直線MN上.
因為c?〃=c/,所以c-(a—b)=O,即AC.NM=O,所以AC_LMN.
結合圖形可知,當A3時,|AC|即卜|取得最大值,且kLx=MOI=|?
故選:D
9.
【答案】C
【詳解】如圖所示,該幾何體可視為直三柱BCE-ADF與兩個三棱錐S-M4B,S-NCD拼
接而成.
記直三棱柱BCD-ADF的底面BCE的面積為S,高為6,所求幾何體的體積為V,
貝!JS=」BE.CE-sinl20°=』x3x3x3=9,
2224
因為兩個直三棱柱相同,^h=CD=BC=35
所以V二憶棱柱BCE-ADF+V三棱錐S-MAB+棱錐S-N8
=Sh+-S--h+-S--h=-Sh=27.
32323
故選:C.
試卷第3頁,共13頁
10.
【答案】B
【分析】建系,設點,作相應的輔助線,分析可知|Aq=6m,|BC|=2vm,結合|A8|=7m分
析求解即可.
【詳解】如圖,建立平面直角坐標系,
設動點尸的軌跡與y軸重合,其在,=0,4,L時刻對應的點分別為。(坐標原點),D,E,p
的速度為皿/s,v〉0,
因為科=,與2=4m,%=2s,,2=4s,可得弓=2m,
由題意可知:A。,BE均與>軸垂直,且|AD|=4m,|BE|=2m,|OD|=|£?E|=2vm,
作BC1AD垂足為C,則|AC|=6m,|BC|=2vm,
因為|AC「+忸C『=|A砰,即36+4T2=49,解得v=半;
又因為BC〃y軸,可知P的運動軌跡與直線AB所成夾角即為NABC,
一|AC|6
所以尸的運動軌跡與直線AB所成夾角的正弦值為sinZABC=T—j-=-.
\AB\7
故選:B.
二、填空題
11.
【答案】i;(0,1);1;1;-i
試卷第4頁,共13頁
12.
【答案】-§24/一3=3
77
【分析】先根據(jù)誘導公式得cos%,再根據(jù)同角三角函數(shù)關系得tani,最后利用二倍角公式
即可求解.
【詳解】因為sin、+g)=-所以由誘導公式可得:cosx=-p
________3
因為角1在第二象限,所以sin%=J1—cos?%=g,
13.
【答案】
【分析】由余弦定理、基本不等式得出cosB的范圍即可得解.
22_[£+£|
【詳解】a2+c2-b2+C[2J3a2+3c2-2ac6ac-2ac1,
cosB=---=--------------------=------------------->-------------=—
2ac2acSacSac2
當且僅當。=c=b,即-ABC為等邊三角形時,cosB=J,又,0<B<n.-.Be^
故答案為:(o.j].
14.
【答案】①②④
【分析】分情況,做出函數(shù)圖象,數(shù)形結合,可得問題答案.
【詳解】當。=2時,可得函數(shù)圖象如下:
由,-2|=0nx=l;&二5+2=2,|22-2卜2,結合圖象:
試卷第5頁,共13頁
當尤£(-oo』時,函數(shù)單調遞減,且“力40,2);
當了£口,+8),函數(shù)單調遞增,/(X)G[0,+O>).
所以當年2時,方程/(%)=才有唯一解.故①正確;
當0VQV1時,函數(shù)圖象如下:
由上一2卜0=>%=log“2<0;由圖象可知,
當%?-8,loga2]時,函數(shù)單調遞減,/(X)G[0,+O)).
當元E(log。2,2)時,函數(shù)單調遞增,/(x)e(0,2-tz2);
當尤E[2,+8)時,函數(shù)單調遞增,“尤)£(。,+8).
因為2-〃2+一1),因為0<。<1,所以一(〃+2)(。一1)〉。,即2—2>aa
所以,當時,方程=£有三個解.故②正確;
如圖:
由|優(yōu)一2|=。n%=log42,再由log.2>2夜,
此時〃力在(-叫2)上單調遞減,在[2,+8)上單調遞增,且0<2-〃2<。,
所以此時函數(shù)的值域不是?+8).故③錯誤;
由①可得,當。=2時,函數(shù)外“在(2,+。)上單調遞增.
即:存在實數(shù)。,使得〃光)在區(qū)間(。,+力)上單調遞增.故④正確.
故答案為:①②④
試卷第6頁,共13頁
15.
【答案】②
[分析】①:先確定L。用,斗最大的那個,再根據(jù)勾股定理列式判斷;②通過放縮得到。角>2%,
再進一步通過放縮判斷;③④求出力,生,。3,然后舉例排除.
【詳解】對于①:=S;+l>0,4=1,則4+i>1,S〃>0,
貝”4+1—=S;+1—S〃=(s〃一g]+(>0,即?!?1>S〃,
假設長度分別為l,"z,S〃的三條線段可以構成一個直角三角形,
則4+1為斜邊,所以〃3=S;+1,
所以。3=?!?1-1+1,所以%=?;?+1=i,與〃/1>1矛盾,故①錯誤;
對于②:an+l=S^+l>2Sn>2an,當且僅當〃=1等號成立,
所以乎22,所以222〃一%=2〃,
所以V〃£N*,S“24N2i,②正確;
對于③:由已知。1=1,4=2,%=1。,此時4+%>2%,所以£N*M〃+an+2<2an+i不成立,
③錯誤;
對于④:由已知q=1,。2=2,%=1°,此時為,2〃2cos/,所以V〃£N*M〃+]=2〃“cos1r不
成立,④錯誤.
故答案為:②.
三、解答題
16.
【詳解】(1)f(x)=sin2x+2sinxcosx-cos2x
=2sinxcosx-(cos2x-sin2x)=sin2x-cos2x
=0sin(2x—2).
2兀
所以“X)的最小正周期為1=限
試卷第7頁,共13頁
(2)sin(2x——)......-,則----卜2kjiG2x---?----卜2k7i,ksZ,
42444
37r
解集為{x\k7r<x<——+ki,k^Z].
4
(3)因為x£(。,m),所以2%—G(—,2m—).
444
選擇①,因為/(九)在(。,附有恰有兩個極值點.
所以_兀,5兀
372t<2m——<——.
42
所
以77-t/11兀
8<m<---.
8
若選擇②,因為當2%-;£(-■7,大)時,/(九)函數(shù)遞增,
所以/(九)在(0,⑼不可能單調遞減,所以②不符合題意;
選擇③,因為/(%)在(0,附恰好有兩個零點.
兀
所以兀<2m——<2K.
4
5兀9兀
所以一<m<一.
88
17.
【詳解】(1)因為acosA=Z>sinA,由正弦定理得,sinAcosA=sinBsinA
又因為A£(0,〃),所以sinA。0,所以COSA=sin
TT
由于sinB>0,所以cosA>0,又因為AEQTT),所以AE(0,1).
2
7T
當AE(0,5)時,COSAG(0,1),
而sin3e(0,1),Be(0㈤時,ZB的取值最多兩個.
當4e(0,工)時,B=^-A^B=A+-,
422
此時,C=T或C=q-2Ae(0,?.
當4嗚$時,因為5-2Ae(g0],所以C=(即NC不可能為鈍角.
由條件④知,cosC<0,NC為鈍角,
所以條件①和條件④不能同時滿足.
因此有兩種情況的解答:
選擇條件①②③
因為“C不可能為鈍角,
試卷第8頁,共13頁
1兀
又因為sinC=M,所以NC==.
26
因為cosA=sin5,且sin5=sin(A+C),
所以cosA=sin(A+—)=^-sinA+—cosA
622
所以」cosA=@sinA,即tanA=^^,
222
又因為Ae(0,7t),所以A=',B=TI-A-C=—.
63
在△ABC中,由正弦定理,三=一二
sinAsinB
所以。sin5=bsinA,
又因為b=a+2,所以〃?咚=;(a+2).所以〃=6+l,
選擇條件②③④
由條件④知,cosC<0,NC為鈍角,
又因為sinC=1,所以NC=^,所以cosC=-YI.
又因為c2.cosC=-10百-12,所以,=20+86.
由余弦定理得c2=a2+b2-2abcosC,^20+8^=a2+(a+2)2-2a(a+2)x(-^-),
整理得a?+2。-8=0,解得。=2或。=-4(舍).
(2)選擇條件①②③,
由(1)矢口〃=6+1,
又因為NA=NC,所以c=Vi+l,b=a+2=6+3.
SABC=1^sinC=i(V3+l)(^+3)xi=|+V3,
所以△ABC的面積為?+
2
選擇條件②③④
結合第⑴問。=2,此時〃=。+2=4,
所以SABC=1^sinC=1x2x4x1=2,
所以△ABC的面積為2.
18.
【詳解】(1)A5]_L平面ABC,ACu平面A5C,.?.A5]_LAC,又〈AG-LAC,
試卷第9頁,共13頁
AQ'AB,=A,ACPAB,<=平面AB^,AC±平面AB^,■B?u平面AB^,
ACLB£.
(2)取A片的中點歹,連接E尸、AF,
因為E、F分別為AG、用$的中點,所以EF//AG,EF=JAG,
所以四邊形A£?EF為平行四邊形,所以DE//A尸,
因為。E<Z平面AA4B,APu平面44由8,所以DE//平面A4j與8
⑶過點A作Ay//C4,所以4月,AC,AB,1Ay,AClAy,如圖建系,以4為坐標
原點,AC、Ay、A用所在直線為尤,y,z軸建立空間直角坐標系,
DE=(一1,-1,2),平面BB&C的法向量n=(1,0,1),
所以直線DE與平面BBgC所成角的正弦值為且.
6
19.
[詳角軍](1)fr(x)=axa~xlnx+xa~l,x>0.
因為廣⑴=1,/(D=o,
所以切線方程為y=%-L
(2)定義域為(0,+8),
f(x)=(alnx+l)xa~l,令/(無)=0,解得%=?4?
當4〉0時,
%G(0,e1),<0=>/(x)的減區(qū)間為Qe1);
Xe(e;+8),/'(X)>°n/(x)的增區(qū)間為(e;+8)?
當av0時,
%£(0,ej,/'(%)>』/(X)的增區(qū)間為Qej;
Xe(e;+8),/(x)<°n/⑴的減區(qū)間為屋,”).
(3)當a=l時,f(x)=xlnx,f'(x)=l+lnx.
試卷第10頁,共13頁
切線/:y=(lnxo+l)(x-xo)+xolnxo,
令x=0,%=r()<0;
xQInx0%o
令y=o,4=一+%o=>0.
Inx0+1Inx0+1
1
設g(%)=x>—.
2(lnx+l)e
2xQnx+l)-xM21nx+1)
g'(%)=
2(ln%+l)22(lnx+l)2-
i_11_1
xe(-,e2),g'(x)<0ng(x)在(±,e?)單調遞減;
ee
xe(eW+oo),g'(九)>0=g(])在(e1,+oo)單調遞增?
所以g(x)2g(e2)=-.
e
所以當%=F時,S的最小值為]
20.
【詳解】⑴由題意,廣(同=(2"+2—。)泮—1,貝IJ尸(。)=1—〃=一1,
解得〃=2,又〃0)=-1,可得切點為代入尤+y+b=0,得八1.
所以實數(shù)〃=2,b=l.
(2)由(1)得/(%)=(2%—1卜2「工,則/(九)=4以-1,
令g(%)=/(%),=4e2x(1+2龍),
令g'(%)>。,得%,-萬,令g'(%)<。,得%
所以g(x)在1-8,-上單調遞減,在[-2,”)上單調遞增,
所以8(Ain=g=-2J-1<0,
且當x<0時,g(x)<0,g(0)=-l<0,g(j=eLl>0,
所以g(x)在(0,;)上存在唯一零點飛,使得g(x0)=。即4/K演=1,
當尤£(-8,%)時,g(X)<0,即廣(無)V0,”龍)單調遞減,
試卷第11頁,共13頁
當%£(%,+oo)時,g(%)>0,即—(%)>0,單調遞增,
所以,(九)僅存在一個極值點%0,
2
/(x0)=(2x0-l)e'°-x0=(2x0-l)x-ix0=;-'
4%0,I"o)
又函數(shù)y=x+;,xjo』,而v,=E^l<0,
4xI4;4/
所以y=x+;在xJ。,]上單調遞減,則>=工+;>=,
4九(4J4x4
i53
所以/(%)<2_^=_1.
(3)若存在%,使得g(x)"l恒成立,即(正-對xeR恒成立,
當上V0時,當x>l時,則(丘-l)e*<0,顯然上式不成立;
當2>0時,令0(%)=(依-l)e"-%+1,研0)=0,
貝U『'(%)=-1,
令G(%)="(%),則G'(x)=A2(l+3*>0在[0,+oo)上恒成立,
所以G(x)即(可在[0,+功上單調遞增,又“(0)=—1,0(')=工
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