湖北省部分重點(diǎn)中學(xué)2022-2023學(xué)年高三上學(xué)期物理第二次聯(lián)考（期末）試卷

湖北省部分重點(diǎn)中學(xué)2022-2023學(xué)年高三上學(xué)期物理第二次聯(lián)考（期末）試卷姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二三四總分評(píng)分一、單選題1．場是物理學(xué)中的重要概念，地球附近就存在重力場。若用定義電場強(qiáng)度的方法來定義“重力場強(qiáng)度”，即地球附近某點(diǎn)的“重力場強(qiáng)度”為放在該點(diǎn)的物體所受的重力G與其質(zhì)量m的比值。下列說法正確的是（）A．某點(diǎn)的“重力場強(qiáng)度”的大小與放在該點(diǎn)物體的質(zhì)量成反比B．某點(diǎn)的“重力場強(qiáng)度”的大小與放在該點(diǎn)物體的質(zhì)量無關(guān)C．某點(diǎn)的“重力場強(qiáng)度”的大小與放在該點(diǎn)物體的重力成反比D．某點(diǎn)的“重力場強(qiáng)度”的大小與放在該點(diǎn)物體的重力成正比2．自然科學(xué)中很多物理量的表達(dá)式都有不止一個(gè)，通常都有其定義式和決定式，它們反應(yīng)人們對(duì)自然界認(rèn)識(shí)的不同層次。定義式側(cè)重描述客觀世界，決定式側(cè)重對(duì)因果關(guān)系的解釋。下列表達(dá)式中，側(cè)重解釋因果關(guān)系的是（）A．電阻R=UI C．加速度a=Fm 3．甲、乙兩車并排停在同一條平直公路上，從t=0時(shí)刻開始兩車分別做勻加速運(yùn)動(dòng)，t1=5s時(shí)兩車又分別開始做勻減速運(yùn)動(dòng)。t2=8s時(shí)兩車相距最遠(yuǎn)，最遠(yuǎn)距離為16m，此時(shí)甲車在前，乙車在后。甲車運(yùn)動(dòng)過程的速度?時(shí)間圖像如圖所示，則乙車減速過程的加速度大小為（）A．0.5m/s2 B．12m/s2 C．43m/s2 D．234．如圖所示，傾角為45°的斜面B放置在水平面上，物塊A放在斜面B上，A、B接觸面光滑，水平力F作用在物塊A上，A、B一起沿水平面向左勻速滑動(dòng)，若B與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，則A與B的質(zhì)量之比為()A．μ1?μ B．μ1+μ C．1?μμ5．如圖所示，光滑絕緣的水平桌面內(nèi)有一圓形的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為E，圓周外區(qū)域沒有電場。O為圓心，AC、BD為相互垂直的直徑。P為弧BC的中點(diǎn)。電場強(qiáng)度方向與直徑BD平行?，F(xiàn)有大量質(zhì)量為m、電荷量為q（電性不同）的粒子以不同速率從A點(diǎn)沿AO方向射入勻強(qiáng)電場，不計(jì)粒子重力及粒子間相互作用，下列說法正確的是（）A．從D點(diǎn)離開電場的粒子比從P點(diǎn)離開電場的粒子，在電場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間長B．從D點(diǎn)離開電場的粒子和從B點(diǎn)離開電場的粒子，電場力做功最多，所以離開時(shí)動(dòng)能一定最大C．粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)過程機(jī)械能守恒D．調(diào)節(jié)粒子速度，粒子可能垂直圓形電場區(qū)域的邊界射出電場6．在如圖所示的電路中，理想變壓器的原副線圈匝數(shù)比為2∶1，四個(gè)完全相同的燈泡額定電壓為U，若已知燈泡L3和L4恰能正常工作，那么（）A．L1和L2不能正常工作B．輸入端電壓U0=4UC．若減小輸入端電壓U0則L1和L2變的更亮D．因原線圈連接有燈泡，所以原線圈輸入功率不等于副線圈輸出功率7．如圖所示，垂直紙面向里的有界勻強(qiáng)磁場的寬度為d，在紙面內(nèi)，相同的帶正電的粒子（不計(jì)重力）從左邊界的A點(diǎn)以大小相等的初速度，在0～180°范圍內(nèi)沿不同方向垂直磁場射入，有些粒子從右邊界射出磁場，有些粒子從左邊界射出磁場。已知粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R且R=d，圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T，則下列說法中正確的是（）A．磁場中有粒子經(jīng)過的區(qū)域面積為3B．從磁場右邊界射出的粒子中，在磁場中運(yùn)動(dòng)最長時(shí)間是最短時(shí)間的1.5倍C．從左邊界射出的粒子數(shù)占總粒子數(shù)的30%D．右邊界有粒子射出的區(qū)域長度為(二、多選題8．如圖所示，將兩個(gè)相同的木塊P、Q置于粗糙斜面上，P、Q中間有一處于壓縮狀態(tài)的彈簧，彈簧不與P、Q栓接。木塊P受到一個(gè)沿斜面向下的恒定拉力F，P、Q均靜止。下列說法正確的是（）A．Q一定受到4個(gè)力的作用B．P一定受到5個(gè)力的作用C．只移去彈簧后Q可能會(huì)沿斜面上滑D．只移去彈簧后P所受摩擦力一定變小9．一物體靜止在水平地面上，對(duì)其施加一豎直向上的力F，當(dāng)物體上升2m時(shí)撤去力F，物體繼續(xù)上升0.25m后到達(dá)最高點(diǎn)，物體的機(jī)械能隨高度的變化關(guān)系如圖所示，已知物體所受阻力大小恒定，重力加速度g取10m/s，則下列說法正確的是（）A．物體的質(zhì)量為1kgB．物體所受阻力大小為3NC．力F的大小為9ND．物體上升過程中的最大速度為4210．中國科學(xué)家利用“慧眼”太空望遠(yuǎn)鏡觀測到了銀河系的MaxiJ1820+070是一個(gè)由黑洞和恒星組成的雙星系統(tǒng)，距離地球約10000光年。根據(jù)觀測，黑洞的質(zhì)量大約是太陽的8倍，恒星的質(zhì)量只有太陽的一半，若已知太陽質(zhì)量為M，引力常量為G，據(jù)此以上信息可以估算出（）A．黑洞與恒星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑之比B．黑洞與恒星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的線速度大小之比C．黑洞做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的角速度大小D．恒星的自轉(zhuǎn)周期11．英國的物理學(xué)家喬治·阿特伍德在1784年制做一種測定重力加速度的機(jī)械叫阿特伍德機(jī)，受此啟發(fā)，實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖所示的機(jī)械。具有共同水平軸的豎直輕質(zhì)轉(zhuǎn)盤的半徑關(guān)系為R2=2R1，物塊A、B由細(xì)繩相連，物塊B、C分別與繞在內(nèi)、外盤上的細(xì)繩相連，開始時(shí)物塊均處于靜止?fàn)顟B(tài)，它們的質(zhì)量分別為mA=2m，mB=mC=m。某時(shí)刻物塊被自由釋放，物塊A、B下降，C上升。當(dāng)物塊A下降高度h時(shí)A、B間的細(xì)繩突然裂。已知細(xì)繩足夠長，重力加速度為g，不計(jì)轉(zhuǎn)盤與軸以及細(xì)繩間的摩擦，忽略空氣阻力，運(yùn)動(dòng)過程中物塊不會(huì)碰到轉(zhuǎn)盤。下列說法中正確的是（）A．細(xì)繩斷裂前對(duì)物塊A做的功為?B．細(xì)繩斷裂后物塊B向下運(yùn)動(dòng)的最大距離為5C．物塊C返回初始位置時(shí)的速度大小為4D．物塊B返回初始位置時(shí)的速度大小為2三、實(shí)驗(yàn)題12．某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。小球A底部豎直地粘住一片寬度為d的遮光條，用懸線懸掛在O點(diǎn)，光電門固定在O點(diǎn)正下方鐵架臺(tái)的托桿上，小球B放在豎直支撐桿上，桿下方懸掛一重錘，小球A（包含遮光條）和B的質(zhì)量用天平測出分別為mA、mB，拉起小球A一定角度后釋放，兩小球碰撞前瞬間，遮光條剛好通過光電門，碰后小球B做平拋運(yùn)動(dòng)而落地，小球A反彈右擺一定角度，計(jì)時(shí)器的兩次示數(shù)分別為t1、t2，測量O點(diǎn)到球心的距離為L，小球B離地面的高度為h，小球B平拋的水平位移為x。（1）關(guān)于實(shí)驗(yàn)過程中的注意事項(xiàng)，下列說法正確的是_______。A．要使小球A和小球B發(fā)生對(duì)心碰撞B．小球A的質(zhì)量要大于小球B的質(zhì)量C．應(yīng)使小球A由靜止釋放（2）某次測量實(shí)驗(yàn)中，該同學(xué)測量數(shù)據(jù)如下：d=0.5cm，L=0.5cm，h=0.45cm，x=0.30cm，t1=0.0025s，t2=0.0050s，重力加速度g取10m/s2，若小球A（包含遮光條）與小球B的質(zhì)量之比為mA：mB=，則動(dòng)量守恒定律得到驗(yàn)證，根據(jù)數(shù)據(jù)可以得知小球A和小球B發(fā)生的碰撞是碰撞（“彈性”或“非彈性”）。13．如圖1所示為一個(gè)多用電表歐姆擋內(nèi)部電路示意圖。電流表滿偏電流1mA、內(nèi)阻10Ω；電池電動(dòng)勢1.5V、內(nèi)阻1Ω；（1）圖1中表筆a為色（選填“紅”或“黑”）。調(diào)零電阻R0可能是下面兩個(gè)滑動(dòng)變阻器中的（填選項(xiàng)序號(hào)）。A．電阻范圍0～200ΩB．電阻范圍0～2000Ω（2）在進(jìn)行歐姆調(diào)零后，正確使用該多用電表測量某電阻的阻值，電表讀數(shù)如圖2所示，被測電阻的阻值為Ω；（3）若該歐姆表換了一個(gè)電動(dòng)勢為1.5V、內(nèi)阻為10Ω的電池，調(diào)零后測量某電阻的阻值，其測量結(jié)果。（選填“偏大”“偏小”或“準(zhǔn)確”）（4）如圖3所示，某同學(xué)利用定值電阻R1給歐姆表增加一擋位“×10”，則定值電阻R1=Ω。（結(jié)果保留1位小數(shù)）四、解答題14．某均勻介質(zhì)中，波源位于水平面xOy的O點(diǎn)，從t=0時(shí)波源開始沿垂直于水平面的z軸（z軸正方向豎直向上）從z=0處開始做簡諧運(yùn)動(dòng)，振動(dòng)方程為z=4sin(10πt)cm．xOy水平面上P點(diǎn)的坐標(biāo)是(+9m，+12m)，Q點(diǎn)的坐標(biāo)是(0，+12m)．經(jīng)時(shí)間（1）求波速v和時(shí)間t0（2）若在Q點(diǎn)放一個(gè)也沿z軸方向做簡諧運(yùn)動(dòng)的波源，其振動(dòng)方程為z=6sin15．如圖所示，質(zhì)量為2m，長為L的木板放在光滑水平面上，其左端放有質(zhì)量為m的小物塊。初始給物塊和木板等大反向的初速度v0（1）小物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)；（2）小物塊對(duì)地向右運(yùn)動(dòng)的過程，木板的位移大小。16．如圖所示，有兩根光滑平行導(dǎo)軌，左側(cè)為位于豎直平面的金屬圓弧，右側(cè)為水平直導(dǎo)軌，圓弧底部和直導(dǎo)軌相切，兩條導(dǎo)軌水平部分在同一水平面內(nèi)，其中BC、NP段用絕緣材料制成，其余部分為金屬。兩導(dǎo)軌的間距為d=0.5m，導(dǎo)軌的左側(cè)接著一個(gè)阻值為R=2Ω的定值電阻，右側(cè)接C=2×1011pF的電容器，電容器尚未充電。水平導(dǎo)軌的ADQM區(qū)域存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=2T，虛線AM和DQ垂直于導(dǎo)軌，AB和MN的長度均為x=1.2m，兩根金屬棒a、b垂直放置在導(dǎo)軌上，質(zhì)量均為m=0.2kg，接入電路的電阻均為r=2Ω，金屬棒a從圓弧軌道距水平軌道高h(yuǎn)=0.8m處由靜止滑下，與靜止在圓弧底部的金屬棒b發(fā)生彈性碰撞，碰撞后金屬棒b進(jìn)入磁場區(qū)域，最終在CDQP區(qū)域穩(wěn)定運(yùn)動(dòng)。不計(jì)金屬導(dǎo)軌的電阻，求：（1）金屬棒b剛進(jìn)入磁場區(qū)域時(shí)的速度大?。唬?）整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中金屬桿a上產(chǎn)生的焦耳熱；（3）金屬棒b穩(wěn)定運(yùn)動(dòng)時(shí)電容器所帶的電荷量。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】地球附近某點(diǎn)的“重力場強(qiáng)度”為放在該點(diǎn)的物體所受的重力G與其質(zhì)量m的比值。即該定義方法為比值定義法，即某點(diǎn)的“重力場強(qiáng)度”的大小只與該點(diǎn)的位置決定，與放在該點(diǎn)物體的質(zhì)量及重力均無關(guān)。ACD不符合題意，B符合題意。故答案為：B。

【分析】“重力場強(qiáng)度”為放在該點(diǎn)的物體所受的重力G與其質(zhì)量m的比值。與放在該點(diǎn)物體的質(zhì)量及重力均無關(guān)。2．【答案】C【解析】【解答】ABD．電阻、電容、電場強(qiáng)度分別都僅與導(dǎo)體自身、電容器結(jié)構(gòu)、電場自身有關(guān)，沒有側(cè)重解釋因果關(guān)系，ABD不符合題意；C．加速度是因?yàn)榱Χa(chǎn)生的，所以加速度a=F故答案為：C。

【分析】電阻、電容、電場強(qiáng)度分別都僅與導(dǎo)體自身、電容器結(jié)構(gòu)、電場自身有關(guān)，力是物體產(chǎn)生加速度的原因。3．【答案】D【解析】【解答】由圖可得前8s甲位移x甲=0+102×5+4+10故答案為：D。

【分析】v-t圖像與坐標(biāo)軸圍成圖形的面積表示物體的位移，斜率表示加速度。4．【答案】A【解析】【解答】對(duì)物體A受力分析可知，F(xiàn)=mAgtan450=mAg；對(duì)AB的整體：F=μ(mA+mB)g，解得mA故答案為：A.

【分析】分別對(duì)A和AB整體進(jìn)行受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡得出AB的質(zhì)量之比。5．【答案】A【解析】【解答】A．粒子在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，所以在與電場線平行的方向上位移越大運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長，所以從D點(diǎn)離開電場的粒子比從P點(diǎn)離開電場的粒子，在電場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間長，A符合題意；B．從D點(diǎn)離開電場的粒子和從B點(diǎn)離開電場的粒子，電場力做功最多，但是因?yàn)楦髁Ｗ映鮿?dòng)能大小不同，所以從BD處離開的粒子動(dòng)能不一定是最大，B不符合題意；C．粒子在電場中運(yùn)動(dòng)，電場力做功，所以機(jī)械能不守恒，C不符合題意；D．粒子做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的知識(shí)，射出電場時(shí)，速度方向的反向延長線恰好過AC方向位移的中點(diǎn)，根據(jù)幾何知識(shí)可知該點(diǎn)一定不可能是圓心，而圓心與射出點(diǎn)的連線與邊界垂直，所以粒子不可能垂直圓形電場區(qū)域的邊界射出電場，D不符合題意。故答案為：A。

【分析】粒子在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，類平拋運(yùn)動(dòng)分解為沿初速度方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)和垂直于電場方向的自由落體運(yùn)動(dòng)結(jié)合類平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律以及功能關(guān)系進(jìn)行分析判斷。6．【答案】B【解析】【解答】A．設(shè)燈泡的額定電流為I，由于L3和L4恰能正常工作，副線圈的電流為2I，由于變壓器電流與匝數(shù)成反比，可知原線圈的電流為I，L1和L2與原線圈串聯(lián)電流為I，能正常工作，A不符合題意；B．設(shè)燈泡的額定電壓為U，變壓器電壓與匝數(shù)成正比，可知原線圈兩端電壓為2U，L1和L2正常工作，兩端的電壓均為U，故輸入端電壓為U0=4U，B符合題意；C．若減小輸入端電壓U0，則變壓器原線圈電壓減小，副線圈電壓減小，副線圈電流減小，導(dǎo)致原線圈電流減小，故L1和L2變的更暗，C不符合題意；D．理想變壓器原線圈輸入功率等于副線圈輸出功率，D不符合題意。故答案為：AB。

【分析】理想變壓器的原副線圈的匝數(shù)比和電壓比成正比，電流比成反比結(jié)合電路的分析判斷L1和L2能否正常工作，并得出輸入端的電壓和燈泡額定電壓的關(guān)系，理想變壓器的輸入功率和輸出功率的大小關(guān)系。7．【答案】B【解析】【解答】A．由題意可知R=d，根據(jù)洛倫茲力提供向心力，結(jié)合幾何關(guān)系，可得從左右兩個(gè)邊界射出的粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示實(shí)線標(biāo)記的上方半圓及下方14圓弧內(nèi)的面積為s=34B．由圖可知，粒子在該磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間不大于半個(gè)周期，圓心角不大于180°，入射點(diǎn)和出射點(diǎn)之間的連線越長即弦長越長、弧長越大、圓心角越大，那么粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)間就越長，反之越短。分析運(yùn)動(dòng)軌跡圖象可知，能從右邊界射出的粒子，最短的弦長為R，圓心角最小為60°，則最短時(shí)間tmin=α2πT=C．粒子初速度方向從向下到向右這90°范圍內(nèi)的粒子從右邊界射出，初速度方向從向右到向上這90°范圍內(nèi)的粒子從左邊界射出，故從左邊界射出的粒子數(shù)占總粒子數(shù)的50%，C不符合題意；D．如圖由幾何關(guān)系可知，最高點(diǎn)M和最低點(diǎn)N間距離為2d，D不符合題意。故答案為：B。

【分析】粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，從而得出粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的周期的表達(dá)式，結(jié)合周期和粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間的關(guān)系進(jìn)行分析判斷。8．【答案】B,D【解析】【解答】B．設(shè)木塊質(zhì)量為m，斜面傾角為θ，對(duì)P受力分析如圖則P受到重力、支持力、彈簧彈力、摩擦力、拉力五個(gè)力的作用，B符合題意；A．Q受到的彈簧彈力沿斜面向上，若Q重力沿斜面向下的分力與彈簧彈力的大小相等，則Q不受摩擦力，所以Q可能受到重力、支持力、彈簧彈力三個(gè)力的作用，A不符合題意；C．只移去彈簧后Q受到的向上的彈力消失，Q不可能沿斜面上滑，C不符合題意，D．有彈簧時(shí)，正交分解P受到的重力，沿斜面方向受力平衡，有fp=mgsin故答案為：BD。

【分析】對(duì)P進(jìn)行受力分析，根據(jù)力的分解以及共點(diǎn)力平衡進(jìn)行分析判斷。9．【答案】B,C【解析】【解答】A．物體在最高點(diǎn)時(shí)有機(jī)械能等于重力勢能E=mgh，解得m=EBC．由功能關(guān)系知，F(xiàn)與阻力做的功等于機(jī)械能的變化量，結(jié)合圖像可知，圖像的斜率為除重力外的合力，則有F?f=122N，f=12?11.252.25?2D．當(dāng)物體向上運(yùn)動(dòng)2m時(shí)速度最大，機(jī)械能等于重力勢能和動(dòng)能之和，則有E1=mgh1+故答案為：BC。

【分析】根據(jù)重力勢能的表達(dá)式得出物體的質(zhì)量，F(xiàn)與阻力做的功等于機(jī)械能的變化量，結(jié)合圖像得出阻力和f的大小，利用機(jī)械能的定義得出物體的最大速度。10．【答案】A,B【解析】【解答】ABC．設(shè)黑洞的質(zhì)量為8M，恒星的質(zhì)量為M2，黑洞和恒星組成雙星系統(tǒng)，則角速度相等，設(shè)為ω，設(shè)黑洞的軌道半徑為r1，恒星的軌道半徑為r根據(jù)萬有引力提供向心力：對(duì)黑洞G對(duì)恒星G聯(lián)立可得ω=M則r根據(jù)v=ωr可得v由于不知道黑洞和恒星的距離，無法求出角速度，AB符合題意，C不符合題意；D．根據(jù)題中條件無法求出恒星的自轉(zhuǎn)周期，D不符合題意。故答案為：AB。

【分析】利用引力提供向心力結(jié)合雙星模型其角速度相等可以求出雙星軌道半徑及線速度的比值。11．【答案】A,B,D【解析】【解答】A．因?yàn)閮奢喚哂邢嗤撬俣葀C=2vB=2vA，物塊A下降高度h時(shí)，C上升2hB．細(xì)繩斷裂后，當(dāng)B速度為零12mvCD．物塊C返回初始位置時(shí)B也返回初始位置mg(2h+2h')?mg(h+h')=12m(2v故答案為：ABD。

【分析】同皮帶轉(zhuǎn)動(dòng)各點(diǎn)線速度相等，結(jié)合能量守恒得出細(xì)繩斷裂前對(duì)物塊A做的功，細(xì)繩斷裂后，結(jié)合能量守恒關(guān)系得出物塊B返回初始位置時(shí)的速度。12．【答案】（1）A（2）130【解析】【解答】(1)A．兩個(gè)小球必發(fā)生對(duì)心碰撞，A符合題意；B．碰撞后入射球反彈，則要求入射球的質(zhì)量小于被碰球的質(zhì)量，B不符合題意；C．由于碰撞前后A的速度由光電門測出，A釋放不一定從靜止開始，C不符合題意；故答案為：A；(2)碰撞前后入射球A的速度由光電門測出：v1=dt1=0.5×10?22.5×10?3m/s=2.0m/s，v【分析】（1）根據(jù)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)原理判斷正確的選項(xiàng)；

（2）根據(jù)短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于瞬時(shí)速度，結(jié)合勻速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律得出被撞后B求得速度，結(jié)合動(dòng)量守恒得出AB的質(zhì)量之比，從而判斷機(jī)械能是否守恒并判斷出該碰撞的類型。13．【答案】（1）紅；B（2）1600（3）準(zhǔn)確（4）1.1【解析】【解答】（1）根據(jù)歐姆表的要求，黑表筆接內(nèi)部電源的正極，可以判斷a為紅表筆；當(dāng)電表滿偏時(shí)，電表總內(nèi)阻為R內(nèi)（2）可以先求歐姆表的中值電阻，當(dāng)表針指在表盤的正中央時(shí)對(duì)應(yīng)的電流為滿偏電流的一半，對(duì)應(yīng)的電阻為中值電阻E=12I（3）設(shè)電源電動(dòng)勢為E，干路電流為Ig，調(diào)零后電表內(nèi)阻為R0，電表指針指到表盤某處時(shí)，電表的電流為I，對(duì)應(yīng)的待測電阻為Rx，根據(jù)閉合電路歐姆定律E=IgR0，（4）倍率為×10時(shí)，中值電阻為150Ω，即內(nèi)阻為150Ω，由此可知，滿偏電流變?yōu)樵瓉淼?0倍，即0.01A，1×10?3【分析】（1）當(dāng)電表滿偏時(shí)，利用歐姆定律得出電表的內(nèi)阻；

（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律得出對(duì)應(yīng)的中值電阻，結(jié)合歐姆表的讀數(shù)原理得出待測電阻的阻值；

（3）結(jié)合閉合電路歐姆定律得出待測電阻的表達(dá)式，從而得出待測電阻測量結(jié)果與真實(shí)值的大小關(guān)系；

（4）根據(jù)歐姆表的讀數(shù)原理以及電流表滿偏值的變化情況得出定值電阻的大小。14．【答案】（1）解：根據(jù)振動(dòng)函數(shù)為z=4sin（10πt）cm，O點(diǎn)的起振方向?yàn)檎较?，振幅?cm，因?yàn)棣?則T=0.2s觀察波面圖判斷出波長λ=6m，則傳播速度為v=由于波源的起振方向向上，則在-6m≤x≤6m、-6m≤y≤6m區(qū)域中第二次形成如圖所示波面分布圖中，波前已經(jīng)達(dá)到x=13.5m處，波源已經(jīng)經(jīng)過t=214T振動(dòng)，則題圖中波面分布圖的形成時(shí)間t0（2）解：P點(diǎn)距離O點(diǎn)的波源15m，OP=2.5λ，P點(diǎn)距離Q點(diǎn)的波源9m，該波源引起的波的波長與O點(diǎn)的波的頻率和波長都相等，QP=1.5λ，因OP-QP=λ且兩波源起振方向相反，可知兩波在P點(diǎn)的振動(dòng)減弱，則振幅為A=6cm-4cm=2cm則振動(dòng)穩(wěn)定后P點(diǎn)在0.6s=3T內(nèi)的路程12A=24cm．【解析】【分析】（1）根據(jù)振動(dòng)的函數(shù)可以求出周期的大小；利用波面圖可以求出波長的大小，利用波長和周期可以求出波速的大??；由于已知波源的位置及其周期的大小可以求出振動(dòng)的時(shí)間；

（2）由于其Q點(diǎn)的波源其頻率與O點(diǎn)波源的頻率相等，且傳播速度相等所以其波長相等，利用其P到Q和O的波程差可以判別兩波在其P