2024年滬教新版必修3物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬教新版必修3物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示；電熱水器金屬內(nèi)膽出水口加接一個電阻，在電熱水器漏電且接地線失效時，能保障人的安全。當(dāng)熱水器漏電且接地線失效時，其金屬內(nèi)膽與大地間電壓為220V，由于出水口處有電阻（簡稱“隔電電阻”），使人體兩端的電壓不高于12V，下列說法正確的是（）

A.“隔電電阻”應(yīng)選用阻值較小的電阻B.“隔電電阻”大于“人體電阻"，且兩者串聯(lián)C.熱水器漏電且接地線失效時，“隔電電阻”使人體內(nèi)無電流通過D.在電熱水器漏電且接地線失效時，通過“隔電電阻”的電流遠(yuǎn)大于通過人體的電流，所以人是安全的2、如圖，兩根平行通電長直導(dǎo)線固定，左邊導(dǎo)線中通有垂直紙面向外、大小為I1的恒定電流，兩導(dǎo)線連線（水平）的中點處，一可自由轉(zhuǎn)動的小磁針靜止時N極方向平行于紙面向下。忽略地磁場的影響。關(guān)于右邊導(dǎo)線中的電流I2；下列判斷正確的是（）

A.I2<I1，方向垂直紙面向外B.I2>I1，方向垂直紙面向外C.I2<I1，方向垂直紙面向里D.I2>I1，方向垂直紙面向里3、風(fēng)力發(fā)電已成為我國實現(xiàn)“雙碳”目標(biāo)的重要途徑之一。如圖所示；風(fēng)力發(fā)電機是一種將風(fēng)能轉(zhuǎn)化為電能的裝置。某風(fēng)力發(fā)電機在風(fēng)速為9m/s時，輸出電功率為405kW，風(fēng)速在5~10m/s范圍內(nèi)，轉(zhuǎn)化效率可視為不變。該風(fēng)機葉片旋轉(zhuǎn)一周掃過的面積為A，空氣密度為ρ，風(fēng)場風(fēng)速為v，并保持風(fēng)正面吹向葉片。下列說法正確的是（）

A.該風(fēng)力發(fā)電機的輸出電功率與風(fēng)速成正比B.單位時間流過面積A的流動空氣動能為ρAv2C.若每天平均有1.0×108kW的風(fēng)能資源，則每天發(fā)電量為2.4×109kW·hD.若風(fēng)場每年有5000h風(fēng)速在6~10m/s范圍內(nèi)，則該發(fā)電機年發(fā)電量至少為6.0×105kW·h4、如圖所示，電源的電動勢為E、內(nèi)阻為r，為定值電阻，C為電容器。閉合開關(guān)S，在滑動變阻器R的滑片向上滑動過程中（）

A.電阻中的電流變小B.電阻中的電流向右C.電容器C的電容變大D.電容器C所帶電荷量變小5、普朗克在研究黑體輻射的基礎(chǔ)上，提出了能量子理論，開創(chuàng)了物理學(xué)的新紀(jì)元。關(guān)于量子，下列說法正確的是（）A.是類似于質(zhì)子、電子的微觀粒子B.是一種高科技材料C.是一個數(shù)量級的常量D.表示微觀世界的不連續(xù)性觀念6、如圖所示，在水平向右、大小為E的勻強電場中，在O點固定一電荷量為Q的正點電荷，A、B、C、D為以O(shè)為圓心、半徑為r的同一圓周上的四點，B、D連線與電場線平行，A、C連線與電場線垂直。則（）

A.A點的場強大小為B.B點的場強大小為C.D點的場強大小不可能為0D.A、C兩點的場強相同7、關(guān)于電場強度的概念，下列說法正確的是（）A.由可知，電場中某點的電場強度E與試探電荷的電荷量q成反比B.正、負(fù)試探電荷在電場中同一點受到的電場力方向相反，所以某一點電場強度方向與放入試探電荷的正負(fù)有關(guān)C.某一點的電場強度的大小和方向都與放入該點的試探電荷無關(guān)D.電場中某一點不放試探電荷時，該點的電場強度一定等于零8、如圖所示電路中，電動機的內(nèi)阻為開關(guān)閉合后，調(diào)節(jié)滑動變阻器，當(dāng)電動機正常工作時，電動機兩端的電壓為通過電動機的電流為電動機輸出的機械功率等于

A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、關(guān)于電容器的電容，下列說法中正確的是（）A.根據(jù)C=可知，電容器的電容與其所帶電荷量成正比，跟兩極板間的電壓成反比B.對于確定的電容器，其所帶電荷量與兩板間的電壓成正比C.無論電容器電壓如何變化（小于擊穿電壓且不為零），它所帶的電荷量與電壓的比值都恒定不變D.電容器所帶電荷量增加2倍，則電容增大2倍10、如圖所示，在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，有一個邊長為L的正方形導(dǎo)線框；線框平面與磁場垂直，下列說法正確的是（）

A.此時穿過線框的磁通量為B.若線框向右平移，由于左、右邊切割磁感線，線框中有感應(yīng)電流產(chǎn)生C.若將線框翻轉(zhuǎn)180°，該過程磁通量的變化為0，該過程無感應(yīng)電流產(chǎn)生D.將線框繞其中一邊向外轉(zhuǎn)90°，磁通量的變化為該過程中有感應(yīng)電流產(chǎn)生11、如圖所示，正方形ABCD的邊長為L，在它的四個頂點各放置一個電荷量均為Q、電性未知的點電荷，已知靜電力常量為k，則正方形中心O點電場強度的大小可能是（）

A.B.C.D.12、將兩點電荷分別固定在x軸上的A、B兩點，其坐標(biāo)分別為（-4d，0）和（2d，0），B處點電荷帶電量絕對值為Q，兩點電荷連線上各點電勢隨x變化的關(guān)系如圖所示，其中x=0處電勢最高，x軸上M、N兩點的坐標(biāo)分別為（-d，0）和（d，0），靜電力常量為k；則下列說法正確的是（）

A.兩點電荷一定為同種電荷B.M點的電場強度大于N點的電場強度C.M點電場強度大小為D.正的試探電荷在M點的電勢能小于在N點的電勢能13、在x軸上x=0和x=1處，固定兩點電荷q1和q2，兩電荷之間各點對應(yīng)的電勢高低如圖中曲線所示，在x=0.6m處電勢最低；下列說法中正確的是（）

A.兩個電荷是同種電荷，電荷量大小關(guān)系為q1：q2=9：4B.兩個電荷是同種電荷，電荷量大小關(guān)系為q1：q2=3：2C.x=0.5m處的位置電場強度不為0D.在q1與q2所在的直線上電場強度為0的點只有1個14、如圖所示，a、b、c、d為勻強電場中的等勢面，一個質(zhì)量為m，電荷量為q的質(zhì)子在勻強電場中運動，A、B為其運動軌跡上的兩個點。已知該粒子在A點的速度大小為v1，且方向與等勢面平行，在B點的速度大小為v2，A、B連線長為L，連線與等勢面間的夾角為θ，不計粒子受到的重力，則（）

A.粒子的速度v2一定大于v1B.等勢面b的電勢比等勢面c的電勢低C.粒子從A點運動到B點所用的時間為D.勻強電場的電場強度大小為15、下列說法中正確的是（）A.根據(jù)電勢的定義式可知電場中某點的電勢與試探電荷在該點的電勢能成正比B.由知，電容C與電容器所帶電荷量Q成正比，與電容器兩端的電壓U成反比C.安培認(rèn)為在原子、分子內(nèi)部總存在著一種環(huán)形電流——分子電流D.電動勢表征了電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)16、電流：

（1）定義：電荷的___________移動形成電流。

（2）意義：反映了電流的___________程度。

（3）單位：

①國際單位：安培；簡稱安，符號為A。

②常用單位：毫安mA；微安μA。

③關(guān)系：1mA=___________A；1μA=___________A。

（4）表達式：

（5）電流的方向：___________定向移動的方向規(guī)定為電流的方向。17、一次閃電，流動的電荷量大約為300C，持續(xù)的時間大約是0.005s，所形成的平均電流為________A。18、如圖所示，電源電壓一定時，已知燈泡L標(biāo)有“6V7.2W”字樣（燈絲電阻不受溫度影響），R2=10Ω。當(dāng)S、S1閉合，且滑片P在a端時，燈正常發(fā)光；當(dāng)S、S2閉合，且P在滑動變阻器中點處時，電流表示數(shù)為0.2A，燈泡L的阻值為_______Ω。通過對S、S1、S2的控制和調(diào)節(jié)滑動變阻器，可使電路消耗的總功率最小，電路總功率的最小值為_______。

19、如圖，A、B是真空中的兩塊面積很大的平行金屬板，已知B板的電勢為零，A板電勢UA隨時間變化的規(guī)律如圖所示，其中UA的最大值為U0，最小值為-2U0；在A、B的正中央處有一個離子源P，P距離A、B板的距離均為l，離子源P可以源源不斷地產(chǎn)生電荷量為q、質(zhì)量為m的帶負(fù)電的微粒，已知各個時刻產(chǎn)生帶電微粒的機會均等。這種微粒產(chǎn)生后，從靜止出發(fā)在電場力的作用下運動，設(shè)微粒一旦碰到金屬板，它就附在板上不再運動，且其電荷同時消失，不影響A、B板的電壓。已知上述的T、U0、l、q和m等各量的值正好滿足等式：l2=如果在A板電壓變化的每個周期T內(nèi)；平均產(chǎn)生320個上述微粒，則可求出：

(1)在t=0到的這段時間內(nèi)產(chǎn)生的微粒中，有____個微粒可到達A板。（不計重力；不考慮微粒之間的相互作用）

(2)在到t=T的這段時間內(nèi)產(chǎn)生的微粒中，有____個微?？傻竭_A板。（不計重力；不考慮微粒之間的相互作用）

20、如圖甲所示的電路，閉合開關(guān)S后，將滑動變阻器的滑片P從一端滑到另一端，R1、R2的U-I關(guān)系圖像如圖乙所示。則電源電壓為______V；電路消耗的最小功率是________W。

21、如圖所示，電解槽A與電阻R并聯(lián)后接到電源上，電源的電動勢E=120V，內(nèi)阻r＝1Ω，電阻R＝19Ω，電解槽電阻r′＝0.5Ω。S閉合時電阻R消耗的功率為475W，則此時通過電阻R的電流為______A，電解槽中電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的功率為______W。

評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)22、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學(xué)按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關(guān)S擲向1，一段時間后，將開關(guān)擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應(yīng)為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關(guān)于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內(nèi)阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短23、連線題：請將下列電路元器件的實物圖與其符號相連。

24、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導(dǎo)線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應(yīng)的磁感線（標(biāo)上方向）或電流方向。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共20分)25、在某實驗室中測量電源的電動勢和內(nèi)電阻；可以提供的器材有：

①待測電池：電動勢E（約3V）、內(nèi)電阻r（約1）

②電流表：量程500內(nèi)阻

③電流表：量程3A，內(nèi)阻

④滑動變阻器：阻值0-600額定電流0.5A

⑤滑動變阻器：阻值0-20額定電流2.5A

⑥電阻箱：9999.9

(1)實驗電路如圖1所示，根據(jù)實驗?zāi)康?，電路中電流表A1應(yīng)選擇___________，A2應(yīng)選擇___________，R1應(yīng)選擇___________（請?zhí)顚懫鞑男蛱枺?/p>

(2)實驗中改變電路中的電阻，通過多次讀取兩電流表的讀數(shù)，用描點法擬合出電流表A2的電流I2隨電流表A1的電流I1的變化的圖像，如圖所示。那么，根據(jù)圖像可得電動勢E的表達式為___________，內(nèi)電阻r表達式為___________。（答案只限于用R2、Iy、Ix及電流表的內(nèi)阻r1、r2表示，且消除系統(tǒng)誤差）26、（1）讀出圖中游標(biāo)卡尺（20等分）和螺旋測微器的讀數(shù)：圖a的讀數(shù)為______cm，圖b讀數(shù)為______mm；

（2）一靈敏電流計，允許通過的最大電流（滿刻度電流）為Ig=50μA，表頭電阻Rg=1kΩ，若改裝成量程為Im=0.5A的電流表，應(yīng)并聯(lián)的電阻阻值為______Ω；若改裝成量程為Um=10V的電壓表，應(yīng)串聯(lián)一個阻值為______Ω的電阻。評卷人得分六、解答題(共3題，共18分)27、如圖所示，電源由兩個電動勢E=1.5V、內(nèi)阻r=0.5Ω的相同電池串聯(lián)而成，外電路總電阻R=0.5Ω。當(dāng)開關(guān)S閉合后；求：

(1)電源的總功率P總；

(2)電源的輸出功率P出；

(3)外電路消耗的功率P外；

(4)內(nèi)電路消耗的功率P內(nèi)；

(5)電源的供電效率η。28、粗糙水平面上方存在水平向左的勻強電場，電場強度大小E=2.0×103N/C。帶正電的滑塊（可視為質(zhì)點）置于絕緣長木板左端，與長木板保持相對靜止共同向右運動，當(dāng)長木板右端距墻時，滑塊與長木板的速度v0=2.0m/s，長木板與墻碰撞時間極短，速度大小不變，方向反向，滑塊沒有從長木板右端滑出。已知長木板質(zhì)量M=2.0kg，滑塊帶電量q=1.5×10-3C、質(zhì)量m=1.0kg，長木板與地面之間的動摩擦因數(shù)1=0.1，滑塊與長木板之間的動摩擦因數(shù)2=0.2，重力加速度g取10m/s2。求：

（1）長木板與墻碰撞前瞬間的速度大小；

（2）長木板的長度應(yīng)滿足的條件；

（3）長木板最后靜止時的位置。

29、如圖所示，一電荷量為Q的正點電荷固定在傾角為30°的光滑絕緣斜面底部的C點，斜面上有A、B兩點，且A、B和C在同一直線上，A和C相距為L，B為AC中點?，F(xiàn)將一帶電小球從A點由靜止釋放，當(dāng)帶電小球運動到B點時速度正好又為零，已知帶電小球在A點處的加速度大小為靜電力常量為k；求：

（1）小球帶正電還是負(fù)電？

（2）小球運動到B點時的加速度大小。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【詳解】

AB．根據(jù)題圖可知；人體和管道串聯(lián)，因此“隔電電阻”起到了分壓的作用，“隔電電阻”應(yīng)選用阻值較大的電阻，使得“隔電電阻”分壓遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于人體分壓，從而保護人體，A錯誤，B正確；

CD．熱水器漏電且接地線失效時；人體內(nèi)和“隔電電阻”會有相同電流通過，不過由于“隔電電阻”較大，使得通過人體的電流很小，CD錯誤。

故選B。2、B【分析】【詳解】

小磁針靜止時N極方向平行于紙面向下，說明該處的磁場方向向下，因I1在該處形成的磁場方向向上，則I2在該處形成的磁場方向向下，且大于I1在該處形成的磁場，由安培定則可知I2方向垂直紙面向外且I2>I1。

故選B。3、D【分析】【詳解】

AB．單位時間流過面積A的流動空氣體積為V0=Av單位時間流過面積A的流動空氣質(zhì)量為m0=ρV0=ρAv單位時間流過面積A的流動空氣動能為m0v2=ρAv3風(fēng)速在5~10m/s范圍內(nèi)；轉(zhuǎn)化效率可視為不變，可知該風(fēng)力發(fā)電機的輸出電功率與風(fēng)速的三次方成正比，AB錯誤；

C．由于風(fēng)力發(fā)電存在轉(zhuǎn)化效率，若每天平均有1.0×108kW的風(fēng)能資源，則每天發(fā)電量應(yīng)滿足E<1.0×108×24kW·h=2.4×109kW·hC錯誤；

D．若風(fēng)場每年有5000h風(fēng)速在6~10m/s的風(fēng)能資源，當(dāng)風(fēng)速取最小值6m/s時，該發(fā)電機年發(fā)電量具有最小值，根據(jù)題意，風(fēng)速為9m/s時，輸出電功率為405kW，風(fēng)速在5~10m/s范圍內(nèi)，轉(zhuǎn)化效率可視為不變，可知風(fēng)速為6m/s時，輸出電功率為P=63×kW=120kW則該發(fā)電機年發(fā)電量至少為E=Pt=120×5000kW·h=6.0×105kW·hD正確；

故選D。4、B【分析】【詳解】

A．閉合開關(guān)S，在滑動變阻器R的滑片向上滑動過程中，滑動變阻器接入電路的阻值減小，則電路總電流增大，即通過電阻中的電流變大；故A錯誤；

BD．根據(jù)串聯(lián)分壓規(guī)律可知通過電阻中的電流變大，則通過電阻中的電壓變大，所以電容器C兩端電壓變大，根據(jù)電容的定義式可得

可知電容器C極板所帶電荷量變大，即電容器充電，根據(jù)連接方式可知電容器左極板帶正電，所以電阻中有向右的電流；故B正確，D錯誤；

C．電容器電容大小是由于電容器的兩板之間的距離和面積，以及介電常數(shù)決定，故電容器C的電容不變；故C錯誤。

故選B。5、D【分析】【詳解】

普朗克引入能量子的概念；得出黑體輻射的強度按波長分布的公式，與實驗符合得非常好，并由此開創(chuàng)了物理學(xué)的新紀(jì)元。量子不是類似于質(zhì)子；電子的微觀粒子，不是一種高科技材料，不是一個數(shù)量級的常量，表示微觀世界的不連續(xù)性觀念。

故選D。6、A【分析】【詳解】

A．正點電荷Q在A點的電場強度大小

而勻強電場在A點的電場強度大小為E，因方向相互垂直，根據(jù)矢量的合成法則，則有A點的場強大小為

故A正確；

B．同理，點電荷Q在B點的電場強度的方向與勻強電場方向相同，因此B點的場強大小為

故B錯誤；

C．當(dāng)點電荷Q在D點的電場強度的方向與勻強電場方向相反，且大小相等時，則D點的電場強度大小可以為零；故C錯誤；

D．根據(jù)矢量的合成法則，結(jié)合點電荷電場與勻強電場的方向，可知A、C兩點的電場強度大小相等；而方向不同，故D錯誤；

故選A。

【點睛】

此題考查點電荷的電場強度公式的內(nèi)容，掌握矢量合成法則的應(yīng)用，注意正點電荷在各點的電場強度的方向是解題的關(guān)鍵。7、C【分析】【分析】

【詳解】

A．電場中某點的電場強度E是由電場本身決定的，與試探電荷的電荷量q無關(guān)；選項A錯誤；

B．電場中某點的電場強度的方向是由電場本身決定的；與放入試探電荷的正負(fù)無關(guān)，選項B錯誤；

C．某一點的電場強度的大小和方向都與放入該點的試探電荷無關(guān)；選項C正確；

D．電場中某點的電場強度由電場本身決定的，與該點放不放試探電荷無關(guān)，選項D錯誤。故選C。8、C【分析】【詳解】

電動機是非純電阻電路，電動機兩端的電壓為U，通過電動機的電流為I，故電機的電功率為IU；電動機內(nèi)阻為R，故電動機消耗的熱功率為I2R；根據(jù)能量守恒定律，電動機輸出的機械功率為：

故C正確；ABD錯誤。

故選C。二、多選題(共7題，共14分)9、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AD．電容是電容器本身的性質(zhì)；對于一個確定的電容器的電容是不變的，與所帶的電荷量無關(guān)，故AD錯誤；

B．根據(jù)

對于確定的電容器；其所帶電荷量與兩板間的電壓成正比，故B正確；

C．根據(jù)電容的定義式

可知；電容器所帶的電荷量與電壓的比值是電容，故C正確。

故選BC。10、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．線框平面與磁場方向垂直，所以A正確；

B．若線框向右平移；由于通過線框的磁通量不變，線框中沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，B錯誤；

C．若將線框翻轉(zhuǎn)180°；該過程磁通量變化，有感應(yīng)電流產(chǎn)生，C錯誤；

D．開始時穿過線框的磁通量為將線框繞其中一邊向外轉(zhuǎn)90°，磁通量為零，磁通量的變化為該過程中通過閉合線框的磁通量變化，有感應(yīng)電流產(chǎn)生，D正確。

故選AD。11、C:D【分析】【詳解】

分以下三種情況討論：

（1）當(dāng)A、D處放置電荷電性相同，且B、C處放置電荷電性也相同時，根據(jù)對稱性可知O點的場強為零。

（2）當(dāng)其中一點與其他三點所放置的點電荷電性相反時，則位于其中一條對角線兩端的兩電性相同的電荷在O點產(chǎn)生的合場強為零，位于另一條對角線兩端的兩電性相反的的電荷在O點產(chǎn)生的合場強，即此時O點的場強，為

（3）當(dāng)A、D處放置電荷電性相反，且B、C處放置電荷電性也相反時，則A、D和B、C在O點產(chǎn)生的合場強大小均為

根據(jù)幾何關(guān)系A(chǔ)、D和B、C在O點產(chǎn)生的合場強方向垂直，所以此時O點的場強為

綜上所述可知AB不符合題意；CD符合題意。

故選CD。12、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．圖象的切線斜率表示電場強度，則可知原點O處合場強為零；且電勢均為負(fù)，則兩點電荷均為負(fù)電荷，故A正確；

B．圖象的切線斜率表示電場強度，則可知M點的電場強度小于N點的電場強度；故B錯誤；

C．設(shè)A處點電荷帶電量絕對值為由A項知原點O處合場強為零；則有。

解得。

在M點；根據(jù)電場的疊加原理有。

聯(lián)立得。

故C正確；

D．由圖可知，M點電勢高于N點，正的試探電荷在M點的電勢能大于在N點的電勢能；故D錯誤。

故選AC。13、A:C:D【分析】【詳解】

AB．由圖可知電勢都大于零，且在x=0.6m處電勢最低，故一定都是正電荷，因圖象的切線斜率表示電場強度，故在x=0.6m處的電場強度為零，則有

解得q1：q2=9：4；A正確，B錯誤；

C．因圖象的切線斜率表示電場強度，故x=0.5m處的位置切線斜率不為零；故電場強度不為零，C正確；

D．在q1與q2所在的直線上，q1左側(cè)電場強度向左，q2右側(cè)電場強度方向向右，所以在q1與q2所在的直線上電場強度為0的點只有1個；D正確。

故選ACD。14、A:C【分析】【詳解】

A．電場為勻強電場，等勢面沿水平方向，則電場線的方向沿豎直方向，帶正電的質(zhì)子彎曲的方向向下，所以質(zhì)子受力的方向向下，從A到B的過程中電場力做正功；所以質(zhì)子的速度增大，故A正確；

B．質(zhì)子受力的方向向下，質(zhì)子帶正電，則電場的方向向下，而沿著電場線電勢逐漸降低，故b的電勢高于c的電勢；故B錯誤；

C．質(zhì)子在A點的速度大小為v1，在B點的速度大小為v2，質(zhì)子在沿等勢面方向的分速度不變?yōu)関1，所以質(zhì)子運動的時間

故C正確；

D．在沿電場線的方向的位移為y=Lsinθ，由動能定理有

聯(lián)立解得

故D錯誤。

故選AC。15、C:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)電勢的定義式

可知電場中某點的電勢等于試探電荷在該點的電勢能與電荷量的比值；電場中某點的電勢與零電勢的選擇有關(guān)，故A錯誤；

B．根據(jù)電容的定義式

可知電容器的電容等于電容器極板所帶電荷量與電勢差的比值；電容器的電容決定于電容器本身，與電容器所帶電荷量無關(guān)，故B錯誤；

C．安培認(rèn)為在原子；分子內(nèi)部總存在著一種環(huán)形電流——分子電流；提出分子電流假設(shè)，故C正確；

D．電動勢是表征電源將其他形式能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)的物理量，故D正確。

故選CD。三、填空題(共6題，共12分)16、略

【分析】【詳解】

略【解析】定向強弱10-310-6正電荷17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】6×10418、略

【分析】【詳解】

［1］由電功率公式得

［2］當(dāng)閉合，且滑片在端時，燈正常發(fā)光，可知電源電壓與小燈泡的額定電壓相等，即為

當(dāng)閉合，且在滑動變阻器中點處時，定值電阻與滑動變阻器串聯(lián)，此時滑動變阻器在電路的電阻為其最大電阻的倍，電流表示數(shù)為則滑動變阻器接入電路的電阻為

則滑動變阻器的最大電阻為

當(dāng)閉合，打開，并將滑動變阻器的滑片移到最右端電路消耗的總功率最小，此時電路的總功率的最小值為【解析】50.72W19、略

【分析】【詳解】

（1）由于在t=0到的這段時間內(nèi)，A板的電勢高，所以從P點發(fā)出的帶負(fù)電的微粒會加速向A板移動，加速度的大小為a=

設(shè)粒子距離為l，則根據(jù)l=

需要的時間t=

再把l2=

代入到上式中，得t=

因為t<說明粒子發(fā)出后一直做勻加速直線運動到達A板；

但是在t=0到t=T/2內(nèi)發(fā)射的粒子，并不一定都打到A上，在接近T/2時刻，發(fā)射的粒子加速時間短，再減速后有可能到達不了A板，我們設(shè)粒子發(fā)射后加速△t時間，再減速通過的距離是l；

由于減速時的加速度大小為a＇=

則可求加速通過的距離x1==

末速度v1=a△t=

減速通過的距離x2=

故l=x1+x2

即l=+

解之得△t=

再把l2=

代入到上式中得△t=

由于每個周期內(nèi)平均產(chǎn)生320個微粒，則單位時間內(nèi)產(chǎn)生的微粒為λ=

所以在t=0到t=T/2的這段時間內(nèi)產(chǎn)生的微粒中，到達A板的微粒數(shù)為N1=（-△t）λ=80

（2）在t=T/2到t=T的這段時間內(nèi)產(chǎn)生的微粒中，A板的電勢低，負(fù)電荷會加速向B板運動，能到達A板的粒子應(yīng)該是向左加速一段時間后，再向左減速，當(dāng)粒子減速到零時，再反方向加速，減速和反方向加速的時間總時間是最后再向右減速，最終到達A板，在這些粒子中，最先到達A板的粒子的速度是零。設(shè)最初向左加速的時間為△t＇，則向左加速的位移x1＇=

末速度v1＇=a＇△t＇

然后粒子向左減速，到減到速度為0后再反方向加速，這段時間為通過的總位移為x2＇=-v1＇×+

末速度為v2＇=-v1＇+a×

最后向右減速到零的距離x3＇=

因為a＇=2a，故l=x2＇-x1＇+x3＇

聯(lián)立以上方程解之得△t＇=

故這段時間的粒子數(shù)為N2==30個【解析】803020、略

【分析】【詳解】

［1］由圖甲可知，該電路為定值電阻R1和滑動變阻器R2串聯(lián)電路，其中電壓表V1測R1兩端電壓，電壓表V2測R2兩端電壓，由串聯(lián)電路電壓特點，由于R2的阻值可以變到零，即其兩端電壓也可變到零，因此在圖乙中下方的圖線表示R2的U-I關(guān)系圖線，取上邊一條圖線最右側(cè)點的縱坐標(biāo)值，即U1=18V，此時只有R1接入電路，則

電源電壓U=U1=18V

［2］當(dāng)滑動變阻器接入電路中的電阻最大時，電路中的總電阻最大，總電流最小，電路消耗的電功率最小，由圖乙可知，電路中的電流最小值是0.2A，所以電路最小功率P=UI=18×0.2W=3.6W【解析】183.621、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)P=I2R可得通過電阻R的電流為

[2]路端電壓U=IRR=95V

總電流

則電解槽的電流I1=I-IR=20A

電解槽中電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的功率為【解析】51700四、作圖題(共3題，共18分)22、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應(yīng)為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減??；選項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據(jù)可知電阻箱R的電壓UR減?。贿x項D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據(jù)電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據(jù)電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動勢E，則可知電容器的電壓，根據(jù)可求出該電容器的電容；選項A正確；

B．根據(jù)電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時電阻箱阻值大小，選項B正確；

C．電源不變，電容器的充電電壓不變，電荷量不變，若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的電流將變小，因此放電時間將變長，選項C錯誤；

D．電源不變，電容器的充電電壓不變，若只減小電容器的電容大小，根據(jù)可知電容器的電荷量將變??；放電的時間將變短，選項D正確。

故選ABD。【解析】ABDABD23、略

【分析】【詳解】

實物圖中第一個為電動機；電動機符號為符號圖中的第二個；

實物圖中第二個為電容器；電容器符號為符號圖中的第三個；

實物圖中第三個為電阻；電阻符號為符號圖中的第四個；

實物圖中第四個為燈泡；燈泡符號為符號圖中的第一個。

【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止