2025年人教版高一物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版高一物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、下列事件中；屬于利用物體慣性的是（）

A.飛機著陸前；乘客要系好安全帶。

B.戰(zhàn)斗機要盡量減少自重。

C.保齡球的質(zhì)量比球瓶的質(zhì)量大得多。

D.運動員跑跳前須把鞋帶系緊。

2、【題文】從高h處以相同的速率先后拋出三個質(zhì)量相同的球，其中一個上拋，一個下拋，另一個平拋，不計空氣阻力，則從拋出到落地（）A.重力對它們做的功相同B.落地時它們的動能相同C.落地時它們的速度相同D.以上說法都不對3、如圖所示，質(zhì)量為m

的小球用水平輕彈簧系住，并用傾角為30鈭?

的光滑木板AB

托住，小球恰好處于靜止狀態(tài)。當木板AB

突然向下撤離的瞬間，小球的加速度大小為(

)

A.0

B.233g

C.g

D.33g

4、一本書放在水平桌面上，桌面對書有支持力N

書對桌面有壓力F

則()A.支持力N

實際上是由于桌面發(fā)生微小的彈性形變而對書產(chǎn)生的向上的彈力B.支持力N

實際上是由于書發(fā)生微小的彈性形變而對書產(chǎn)生的向上的彈力C.壓力F

實際上就是書受到的重力D.F

和N

是一對平衡力5、關(guān)于電場，下列說法中正確的是(

)

A.電場是電荷周圍空間實際存在的物質(zhì)B.電場是為了便于研究電荷的運動而引入的理想模型C.電荷周圍分布的電場線就是電場D.電荷間的相互作用不是通過電場作媒介產(chǎn)生的6、一物體作勻變速直線運動，某時刻速度的大小為4m/s1s

后速度的大小變?yōu)?0m/s.

在這1s

內(nèi)該物體的(

)

A.加速度的大小可能大于6m/s2

B.加速度的大小一定等于6m/s2

C.位移的大小一定等于7m

D.位移的大小可能大于10m

評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)7、如圖所示，平板C

放置在水平地面上，桿豎直固定在平板上，輕質(zhì)滑輪固定在桿的上方，細繩跨過滑輪，一端與放在平板C

上的物塊B

連接，另一端懸掛物塊A

整個裝置處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)對物體B

施加向左的水平外力F

使B

沿平板向左緩慢移動的過程中，平板C

一直處于靜止狀態(tài)。在上述過程中，逐漸變大的力是(

)

A.水平外力F

B.桿對滑輪的作用力C.繩對物塊B

的拉力D.地面對平板C

的作用力8、如圖所示，兩個三角形物塊AB

疊放在靠著粗糙的豎直墻壁放置的輕彈簧上，用力F

將物塊豎直向下緩慢壓一小段距離后又緩慢撤去，AB

恢復(fù)靜止狀態(tài)，整個過程中彈簧始終保持豎直，則力F

撤去后(

)

A.彈簧彈力的大小等于兩物塊的總重力B.墻壁對A

有豎直向下的靜摩擦力作用C.B

對A

的作用力大小大于A

的重力大小D.B

受到A

沿接觸面向下的靜摩擦力作用9、據(jù)報道，一個國際研究小組借助于智利的天文望遠鏡，觀測到了一組雙星系統(tǒng)，它們繞兩者連線上的某點O

做勻速圓周運動，如圖所示。假設(shè)此雙星系統(tǒng)中體積較小的成員能“吸食”另一顆體積較大星體的表面物質(zhì)，達到質(zhì)量轉(zhuǎn)移的目的。在演變過程中兩者球心之間的距離保持不變，雙星平均密度可視為相同。則在最初演變過程中()

A.它們間萬有引力保持不變B.它們做圓周運動的角速度不變C.體積較大的星體做圓周運動軌跡的半徑變大，線速度變大D.體積較大的星體做圓周運動軌跡的半徑變小，線速度變大10、關(guān)于做圓周運動的物體，下列說法正確的是(

)

A.做圓周運動物體的合力必定指向圓心B.做勻速圓周運動物體的合力必定指向圓心C.做變速圓周運動物體的向心力必定指向圓心D.做勻速圓周運動物體的加速度一定等于向心加速度11、某物體做直線運動v鈭?t

圖象如圖所示；下列說法是正確的是(

)

A.物體在4s

末返回出發(fā)點B.物體在第2s

內(nèi)和第3s

內(nèi)的加速度是不同的C.物體在第1s

末運動方向發(fā)生變化D.物體在6s

內(nèi)運動的路程是3m

評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)12、（1）下列的幾個數(shù)值中，不是保留兩位有效數(shù)字的是：____

A.0.032B.2.0×103C.20D.3.20

（2）打點計時器振針打點的周期取決于____

A．交流電壓的高低B．交流電的頻率。

C．永久磁鐵磁性的強弱D．振針與復(fù)寫紙間的距離．13、利用水滴下落可以測量重力加速度g，調(diào)節(jié)水龍頭，讓水一滴一滴地流出，在水龍頭的正下方放一盤子，調(diào)整盤子的高度，使一滴水滴碰到盤子時，恰好有另一滴水從水龍頭開始下落，而空中還有兩個正在下落的水滴，測出水龍頭處到盤子的高度為h（m），再用秒表測量時間，從第一滴水離開水龍頭開始，到第N滴水落至盤中，共用時間為t（s），當?shù)谝坏嗡涞奖P子時，第二滴水離盤子的高度為____m，重力加速度g=____m/s2．14、在做研究勻變速度運動的實驗中，所用交流電源的周期為T，實驗得到一條紙帶如圖所示，紙帶上相鄰的兩個計數(shù)點之間都有4個點未畫出．按時間順序取0，1，2，3計數(shù)點，實驗中用直尺量出的1，2，3，點到0點的距離如為d1、d2、d3．

（1）該紙帶運動的加速度為____；

（2）在計數(shù)點1所代表的時刻，紙帶運動的速度為____．15、如圖所示；是探究某根彈簧的伸長量X與所受拉力F之間的關(guān)系圖：

（1）寫出圖線代表的函數(shù)____（x用m做單位）；

（2）彈簧的勁度系數(shù)是____N/m；

（3）當彈簧受F=600N的拉力作用時（在彈性限度內(nèi)），彈簧伸長為x=____cm

16、如圖所示為甲、乙兩個物體直線運動s-t圖像，則v甲=______m/s.5s末它們的間距等于___________m。17、如圖所示，一質(zhì)量為2kg的物體在光滑的水平面上，處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)用與水平方向成60°角的恒力F=10N作用于物體上，歷時5s，則力F對物體的沖量大小為______Ns，物體所受重力沖量大小為______Ns，物體的動量變化為______kgm/s．（取g=10m/s2）18、在探究物體的加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系實驗中(1)

如果圖象是通過坐標原點的一條直線，則說明____．A.加速度a

與質(zhì)量m

成正比B.

加速度a

與質(zhì)量m

成反比C.質(zhì)量m

與加速度a

成反比D.

質(zhì)量m

與加速度a

成正比(2)

本實驗也可以不測加速度的具體數(shù)值，通過測出兩個初速度為零的勻加速運動在相同時間內(nèi)發(fā)生的位移x

1

x

2

來測量不同情況下物體加速度的比值，此比值____．評卷人得分四、計算題(共4題，共12分)19、升降機從靜止開始上升，先做勻加速運動，經(jīng)過2s速度達到4m/s，然后勻速上升2s，最后1s做勻減速運動，恰好停止下來．試作出升降機運動的v-t圖象．20、如圖所示的半圓形軌道，該軌道是用內(nèi)壁光滑的薄壁細圓管彎成，放置在豎直平面內(nèi)，圓半徑比細管內(nèi)徑大得多，軌道底端與水平地面相切，軌道在水平方向不可移動.

彈射裝置將一個小球(

可視為質(zhì)點)

從a

點水平彈射向b

點并進入軌道，經(jīng)過軌道后從最高點c

拋出。已知小球與地面ab

段間的動摩擦因數(shù)婁脤=0.2

不計其他機械能損失，ab

段長L=3m

圓的半徑R=0.1m

小球質(zhì)量m=0.01kg

軌道質(zhì)量為M=0.19kgg

取10m/s2

求：

(1)

若v0=5m/s

小球從最高點c

拋出后的水平射程．(2)

若v0=5m/s

小球經(jīng)過軌道的最高點c

時，管道對小球作用力的大小和方向．(3)

設(shè)小球進入軌道之前，軌道對地面的壓力大小等于軌道自身的重力，當v0

至少為多少時，小球經(jīng)過c

點時，軌道對地面的壓力為零．21、一輛長為5m的汽車以v＝15m/s的速度行駛，在離鐵路與公路交叉點175m處，汽車司機突然發(fā)現(xiàn)離交叉點200m處有一列長300m的列車以v＝20m/s的速度行駛過來，為了避免事故的發(fā)生，汽車司機應(yīng)采取什么措施？（不計司機的反應(yīng)時間）22、【題文】如圖所示質(zhì)量為m小球自弧形斜面頂端A由靜止滑下，在斜面底端B進入半徑為R的圓形軌道，小球剛好能通過圓形軌道的最高點C，已知A、B兩點的高度差為3R，AB段粗糙，BC段光滑，求小球在B點的速度與A到B過程摩擦力對小球做的功．重力加速度為g．評卷人得分五、實驗題(共4題，共16分)23、（4分）（1）在做“驗證力的平行四邊形定則”實驗時，橡皮條的一端固定在木板上，另一端系上兩根細繩，細繩的另一端都有繩套。實驗中需用兩個彈簧秤分別勾住繩套把橡皮條的一端拉到某一確定的O點，則下列說法中正確的是（）A．兩根細繩必須等長B．同一次實驗中，O點位置不允許變動C．實驗中，把橡皮條的另一端拉到O點時，兩個彈簧秤之間的夾角必須取90°D．實驗中，要始終將其中一個彈簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后調(diào)節(jié)另一彈簧秤拉力的大小和方向，把橡皮條另一端拉到O點（2）如圖所示，是甲、乙兩位同學(xué)在做本實驗時得到的結(jié)果，其中F是用作圖法得到的合力，F(xiàn)’是通過實驗測得的合力，則哪個實驗結(jié)果是符合實驗事實的_______(填“甲”或“乙”)24、電磁打點計時器的電源應(yīng)是________電，通常的工作電壓為________伏以下，實驗室使用我國民用電時，每隔________秒打一次點。25、在“探究平拋運動的運動規(guī)律”的實驗中，可以描繪出小球平拋運動的軌跡，實驗簡要步驟如下：A．讓小球多次從______________位置自由滾下，在一張印有小方格的紙記下小球碰到鉛筆筆尖的一系列位置，如右圖中a、b、c、d所示。B．按圖安裝好器材，注意調(diào)節(jié)斜槽末端切線___________，記下平拋初位置O點和過O點的豎直線。C．取下白紙以O(shè)為原點，以豎直線為y軸建立坐標系，用平滑曲線畫平拋運動物體的軌跡。⑴完成上述步驟，將正確的答案填在橫線上。⑵上述實驗步驟的合理順序是______________。⑶已知圖中小方格的邊長L＝1.25cm，則小球平拋的初速度為v0＝_____________（用L、g表示），其值是_________m/s（取g＝10m/s2）26、如圖甲所示，在“驗證力的平行四邊形定則”的實驗中，小高同學(xué)進行實驗的主要步驟是：將橡皮條的一端固定在木板上A位置，另一端系有輕質(zhì)小圓環(huán)：兩根輕質(zhì)細繩的一端分別系在小圓環(huán)上，另一端分別系在彈簧測力計的掛鉤上。現(xiàn)用彈簧測力計通過細繩拉動小圓環(huán)，使橡皮條沿平行木板平面伸長至O位置。讀取此時彈簧測力計的示數(shù)，分別記錄兩個拉力F1、F2的大小。再用筆在兩繩的拉力方向上分別標記a、b兩點，并分別將其與O點連接，表示兩力的方向。再用一個彈簧測力計將橡皮筋的活動端仍拉至O點，記錄其拉力F的大小并用上述方法記錄其方向.對于上述的實驗過程；下列說法中正確的是________

A.用一個彈簧測力計將橡皮筋的活動端時，可以拉至O點，也可以不拉至O點B.兩根輕質(zhì)繩拉力的方向應(yīng)與木板平面平行C.這位同學(xué)在實驗中確定分力方向時，圖甲所示的a點離O點過近，標記得不妥D.圖乙是在白紙上根據(jù)實驗結(jié)果作出的圖示，其中F是F1和F2合力的理論值參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】

A；飛機著陸前；人由于慣性上身繼續(xù)向前運動會向傾撞在椅背上，這是慣性帶來的危害，不符合題意；

B；戰(zhàn)斗機要盡量減少自重；是為了減小慣性，不符合題意；

C；保齡球的質(zhì)量比球瓶的質(zhì)量大得多；撞到球瓶后能繼續(xù)向前運動，是利用了慣性，符合題意；

D；運動員跑跳前須把鞋帶系緊；跟慣性無關(guān)，不符合題意．

故選C．

【解析】【答案】物體具有保持原來運動狀態(tài)不變的性質(zhì)叫做慣性；有些慣性是有益的，我們要加以利用；有些慣性是有害的，我們要防止它帶來的危害．

2、A|B【分析】【解析】三個質(zhì)量相同的物體都是從相同的高度以相同的速率拋出，所以從拋出到落地，重力做功都為mgh，根據(jù)動能定理得落地時的動能為故AB正確。上拋和下拋運動的物體落地時速度方向與地面垂直，而平拋運動物體落地時的速度方向不與地面垂直，所以落地時三個物體落地時的速度不相同，CD錯誤。【解析】【答案】AB3、B【分析】解：木板撤去前；小球處于平衡態(tài)，受重力；支持力和彈簧的拉力，如圖。

根據(jù)共點力平衡條件；有。

F鈭?Nsin30鈭?=0

Ncos30鈭?鈭?G=0

解得。

N=233mg

F=33mg

木板AB

突然撤去后；支持力消失，重力和拉力不變，合力等于支持力N

方向與N

反向；

故加速度為：

a=Nm=233g

故選：B

木板撤去前；小球處于平衡態(tài)，根據(jù)共點力平衡條件先求出各個力，撤去木板瞬間，支持力消失，彈力和重力不變，求出合力后即可求出加速度。

本題關(guān)鍵對物體受力分析，求出各個力，撤去一個力后，先求出合力，再求加速度。【解析】B

4、A【分析】【分析】彈力的施力物體是發(fā)生形變的物體，壓力與物體所受的重力是兩回事，支持力與壓力是一對作用力與反作用，符合牛頓第三定律。本題考查了作用力與反作用力和一對平衡力的區(qū)別，根據(jù)其區(qū)別和聯(lián)系求解?！窘獯稹?/p>

AB.

支持力N

是桌面對書的作用力；實際上是由于桌面發(fā)生微小的彈性形變而對書產(chǎn)生的向上的彈力，故A正確，B錯誤；

C.壓力F

是書對桌面的作用力，與書受到的重力是兩回事，兩個力的施力物體和受力物體不同，力的性質(zhì)也不同，所以壓力F

不是書受到的重力，故C錯誤；D.書對桌面的壓力FF和桌面對書的支持力NN一對作用力和反作用力；受力物體不同，不是平衡力，故D錯誤。

故選A。【解析】A

5、A【分析】解：A

電場是實際存在的物質(zhì)；不是理想化模型。故A正確，B錯誤。

C；電荷的周圍存在電場；而電場線是假想的，故C錯誤。

D；電荷間的相互作用是通過電場作媒介產(chǎn)生的。故D錯誤。

故選：A

電場是實際存在的物質(zhì)；電場線是為了形象地描述電場而假想的線.

電場強度的方向與正電荷所受電場力方向相同，與負電荷所受電場力的方向相反．

解決本題的關(guān)鍵掌握電場強度的方向規(guī)定，以及知道電場強度與電場力和放入電場中的電荷無關(guān)．【解析】A

6、A【分析】解：當末速度與初速度方向相同時，v0=4m/sv=10m/st=1s

則加速度a=v鈭?v0t=4鈭?101m/s2=鈭?6m/s2

加速度的大小為6m/s2.

位移x=v0+v2t=7m

當末速度與初速度方向相反時，v0=4m/sv=鈭?10m/st=1s

則加速度a=v鈭?v0t=鈭?10鈭?41m/s2=鈭?14m/s2

加速度的大小為14m/s2

位移x=v0+v2t=鈭?3m

位移的大小為3m

．

故選A

物體作勻變速直線運動，取初速度方向為正方向，1s

后末速度方向可能與初速度方向相同，為+1m/s

也可能與初速度方向相反，為鈭?1m/s

根據(jù)加速度的定義式a=v鈭?v0t

求出加速度可能值，根據(jù)位移公式x=v0+v2t

求出位移可能的值.

矢量的大小是其絕對值．

對于矢量，不僅要注意大小，還要注意方向，當方向不明確時，要討論.

矢量的大小是指矢量的絕對值，矢量的符號是表示其方向的．【解析】A

二、多選題(共5題，共10分)7、AD【分析】解：AC

以A

為研究對象；可知，細繩的拉力T

等于A

的重力，沒有變化。

對物塊B

受力分析；受到重力G

拉力F

繩子的拉力T

地面的支持力N

和摩擦力f

五個力的作用，如圖：

在水平方向上：F=Tcos婁脠+f

在豎直方向上：N=G鈭?Tsin婁脠

根據(jù)摩擦力的計算公式可得f=婁脤N

物塊B

向左緩慢移動一小段距離；婁脠

變小，T

不變，cos婁脠

變小，sin婁脠

變大，所以FfN

都變大，故A正確，C錯誤。

B；由于繩子拉力不變；兩根繩子的夾角變大，則兩根繩子的拉力的合力減小，根據(jù)平衡條件可知，桿對滑輪的作用力減小，故B錯誤；

D；以整體為研究對象；水平拉力不影響豎直方向的受力情況，所以地面對C

的支持力不變，但隨著拉力增大，地面對C

的摩擦力增大，故地面對平板C

的作用力增大，故D正確。

故選：AD

以A

為研究對象分析繩子拉力的變化情況；

對物塊B

受力分析；根據(jù)平衡條件分析拉力F

摩擦力f

和支持力N

的變化；

繩子拉力不變；兩根繩子的夾角變大，分析桿對滑輪的作用力的變化；

以整體為研究對象；分析地面對C

的作用力的變化。

本題主要是考查了共點力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對象、進行受力分析、利用平行四邊形法則進行力的合成或者是正交分解法進行力的分解，然后在坐標軸上建立平衡方程進行解答。注意整體法和隔離法的應(yīng)用?！窘馕觥緼D

8、AD【分析】解：A

對AB

組成的整體進行受力分析可知；墻壁對A

沒有彈力，否則水平方向不能平衡.

沒有彈力就沒有摩擦力；根據(jù)平衡條件，結(jié)合整體法，可知，彈簧彈力的大小等于兩物體的總重力，故A正確，B錯誤；

C；B

對A

的作用力有彈力與靜摩擦力；其合力的大小與A

的重力平衡，故C錯誤；

D；A

受到B

沿接觸面向上的靜摩擦力作用；B

受到A

沿接觸面向下的靜摩擦力作用，故D正確；

故選：AD

根據(jù)平衡條件；結(jié)合摩擦力產(chǎn)生的必須要有彈力，即可判斷A

與墻壁之間是否存在作用力；然后分別對A

與B

進行受力分析即可．

考查彈力與摩擦力關(guān)系，注意有彈力不一定有摩擦力，而有摩擦力一定有彈力，同時掌握平衡條件的應(yīng)用．【解析】AD

9、BC【分析】【分析】雙星繞兩者連線的一點做勻速圓周運動；由相互之間萬有引力提供向心力，根據(jù)萬有引力定律；牛頓第二定律和向心力進行分析．

本題是雙星問題，要抓住雙星系統(tǒng)的條件：角速度與周期相同，運用牛頓第二定律采用隔離法進行研究?！窘獯稹緼.

設(shè)體積較小的星體質(zhì)量為m1

軌道半徑為r1

體積大的星體質(zhì)量為m2

軌道半徑為r2.

雙星間的距離為L.

轉(zhuǎn)移的質(zhì)量為鈻?m

．

則它們之間的萬有引力為F=G(m1+?m)(m2+?m)L2

根據(jù)數(shù)學(xué)知識得知，隨著鈻?m

的增大；F

先增大后減小，故A錯誤；

B.對m1G(m1+?m)(m2鈭??m)L2=(m1+?m)婁脴2r1壟脵

對m2G(m1+?m)(m2鈭??m)L2=(m2鈭??m)婁脴2r2壟脷

由壟脵壟脷

得：婁脴=G(m1+m2)L3

總質(zhì)量m1+m2

不變，兩者距離L

不變，則角速度婁脴

不變，故B正確；

CD.

由壟脷

得：婁脴2r2=G(m1+?m)L2婁脴Lm1

均不變，鈻?m

增大，則r2

增大；即體積較大星體圓周運動軌跡半徑變大；

由v=婁脴r2

得線速度v

也增大.

故C正確；D錯誤。

故選BC。

【解析】BC

10、BD【分析】解：A

只有做勻速圓周運動的物體加速度才始終指向圓心；故A錯誤，B正確；

C；變速圓周運動的合外力指向圓心的分量提供向心力；所以變速圓周運動的合力不指向圓心，只有勻速圓周運動物體的合力才總指向圓心，故C錯誤；

D；做勻速圓周運動物體的加速度一定等于向心加速度；故D正確；

故選：BD

．

勻速圓周運動是指物體運動的速度的大小不變；勻速圓周運動的向心力始終指向圓心，向心力的方向也就是變化的，變速圓周運動向心力指向圓心，但合外力不指向圓心．

解決本題的關(guān)鍵知道圓周運動的向心力一定指向圓心，但合外力不一定指向圓心．【解析】BD

11、AD【分析】解：A

速度時間圖線與時間軸所圍成的面積表示物體的位移；圖象在時間軸上方位移為正，圖象在時間軸下方位移為負，則知0鈭?4s

內(nèi)物體的位移為0

物體在4s

末返回出發(fā)點，故A正確．

B；圖線的斜率表示物體的加速度；直線的斜率是一定的，所以2鈭?3s

內(nèi)物體的加速度是一定的，物體在第2s

內(nèi)和第3s

內(nèi)的加速度是相同的，故B錯誤．

C；物體在前2s

內(nèi)速度一直為正；運動方向沒有發(fā)生過改變，故C錯誤．

D、物體在6s

內(nèi)運動的路程是前2s

內(nèi)位移的3

倍，為x=3隆脕12隆脕2隆脕1m=3m

故D正確．

故選：AD

速度時間圖線與時間軸所圍成的面積表示物體的位移；圖線的斜率表示物體的加速度，速度的正負表示物體的運動方向，路程等于各段位移大小之和.

由此分析即可．

解決本題的關(guān)鍵能夠從速度時間圖線中獲取信息，知道速度圖線的斜率表示加速度，圖線與時間軸所圍成的面積表示位移．【解析】AD

三、填空題(共7題，共14分)12、略

【分析】

（1）A.0.032是兩位有效數(shù)字．B.2.0×103是兩位有效數(shù)字．

C.20是兩位有效數(shù)字D.3.20是三位有效數(shù)字．

故選D．

（2）當電流為正方向時；振片受向下的力，此時打點一次，當電流方向為反方向時，振片受向上的力，此時不打點，所以在交流電的一個周期內(nèi)打點一次，即每兩個點間的時間間隔等于交流電的周期．

而交流電的周期又等于電源的頻率的倒數(shù)．

故選B．

故答案為：（1）D

（2）B

【解析】【答案】（1）根據(jù)有效數(shù)字的概念；從左邊第一個不是0的數(shù)字3起，到數(shù)字7為止有三個有效數(shù)字，注意7右邊的6用四舍五入的方法，應(yīng)進1．

（2）了解打點計時器的打點原理．由于交變電流方向的改變間隔打點．

13、略

【分析】

由題意可知，水滴將h分成時間相等的3份，3份相等時間的位移比為1：3：5，總高度為h，所以第二滴水離盤子的高度為．

從第一滴水離開水龍頭開始，到第N滴水落至盤中（即N+3滴水離開水龍頭），共用時間為t（s），知道兩滴水間的時間間隔為

所以水從水龍頭到盤子的時間為t′=根據(jù)h=g=．

故本題答案為：．

【解析】【答案】當一滴水碰到盤子時；恰好有另一滴水從水龍頭開始下落，而空中還有兩個正在下落的水滴，知水滴將h分成時間相等的3份，根據(jù)初速度為0的勻加速運動，在相等時間內(nèi)的位移比為1：3：5，求出第二滴水離盤子的高度．

從第一滴水離開水龍頭開始，到第N滴水落至盤中（即N+3滴水離開水龍頭），共用時間為t（s），知道兩滴水間的時間間隔，根據(jù)h=求出重力加速度．

14、略

【分析】

由于交流電源的周期為T，紙帶上相鄰的兩個計數(shù)點之間都有4個點未畫出，所以相鄰的計數(shù)點間的時間間隔t=5T，根據(jù)勻變速直線運動的推論公式△x=aT2；我們可以用前兩段位移之差來解出加速度；

x2-x1=d2-d1-d1=at2；

解得：a==

根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度；

v1==

故答案為：

【解析】【答案】根據(jù)勻變速直線運動的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大??；根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上1點時小車的瞬時速度大?。?/p>

15、略

【分析】

（1）由圖象可以解出傾斜直線的斜率，k===2000N/m

由于F=kx

解得：F=2000x

（2）根據(jù)胡克定律彈簧的彈力與彈簧的形變量成正比；比例系數(shù)即為彈簧的勁度系數(shù)；所以彈簧的勁度系數(shù)為2000N/m．

（3）由胡克定律：F=2000x；當彈簧受F=600N的拉力作用時（在彈性限度內(nèi)）；

彈簧伸長：x=0.3m=30cm

故答案為：F=2000x；2000，30

【解析】【答案】由圖象可以看出根彈簧的伸長量X與所受拉力F是線性關(guān)系；解出斜率即能找到圖線對應(yīng)的函數(shù)，根據(jù)胡克定律可以解出彈簧的勁度系數(shù)，以及已知拉力時彈簧的形變量．

16、略

【分析】【解析】試題分析：圖像的斜率表示物體的運動速度，所以兩者在5s末的間距為考點：考查了對s-t圖像的理解【解析】【答案】2.5m/s,12.5m17、略

【分析】解：拉力F對物體的沖量：IF=Ft=10×5=50N?s；

物體所受重力的沖量：IG=mgt=2×10×5=100N?s；

由動量定理可知，物體動量的變化：△P=F合t=Fcos60°?t=10×cos60°×5=25kg?m/s；

故答案為：50；100；25．

力與力的作用時間的乘積是力的沖量；根據(jù)沖量的定義與動量定理分析答題．

本題考查了求沖量、動量的變化量問題，知道沖量的定義，應(yīng)用沖量的定義式、動量定理可以解題，本題是一道基礎(chǔ)題．【解析】50；100；2518、略

【分析】本題考查探究牛頓第二定律中加速度與合力和質(zhì)量的關(guān)系。(1)如果圖象是通過坐標原點的一條直線，則說明加速度aa與質(zhì)量mm成反比，故選B。(2)(2)根據(jù)位移時間關(guān)系可知加速度與位移成正比，所以故答案為：(1)B(2)

本題屬于簡單的數(shù)據(jù)處理，因為時間相同，初速度為零，所以用位移時間公式解決加速度和位移的關(guān)系?！窘馕觥?1)B(1)B(2)(2)四、計算題(共4題，共12分)19、略

【分析】

勻變速直線運動的v-t圖象是直線；先作出v-t圖象，然后根據(jù)加速度的定義求解各個時間段的加速度．

本題關(guān)鍵是明確v-t圖象的斜率表示加速度，傾斜直線表示勻變速直線運動，基礎(chǔ)問題．【解析】解：如圖所示：

答：如圖所示20、解：

(1)

設(shè)小物體運動到c

點的速度大小為v

對小物體由a

點運動到c

點過程運用動能定理得：鈭?婁脤mgL鈭?mg隆隴2R=12mv2鈭?12mv02

小物體自c

點做平拋運動，設(shè)運動時間為t

水平射程為s

則：2R=12gt2s=vt

，聯(lián)立解得小球從最高點c

拋出后的水平射程：s=0.6m

(2)

設(shè)在軌道的最高點時管道對小物體的作用力大小為F

取豎直向下為正方向，根據(jù)牛頓第二定律得，F(xiàn)+mg=mv2R

聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得：F=0.8N

方向豎直向下；

(3)

分析可知，要使小球以最小速度v0

運動時，可以使軌道對地面的壓力為零，由牛頓第二定律：F+mg=mv12RF隆盲=Mg

根據(jù)動能定理得，鈭?婁脤mgL鈭?mg隆隴2R=12mv12鈭?12mv02

解得：v0=6m/s

【分析】(1)

對a

到c

過程運用動能定理求出小球到達c

點的速度；根據(jù)平拋運動的規(guī)律求出小物體拋出后的水平射程；

(2)

根據(jù)牛頓第二定律求出管道對小物體的作用力大小和方向；

(3)

當小球在c

位置軌道對地面的壓力為零；此時速度最小，根據(jù)動能定理，結(jié)合牛頓第二定律求出最小的速度。

本題綜合考查牛頓第二定律和動能定理的運用；難度中等，涉及到圓周運動，平拋運動，需加強這方面題型的訓(xùn)練。

【解析】解：(1)

設(shè)小物體運動到c

點的速度大小為v

對小物體由a

點運動到c

點過程運用動能定理得：鈭?婁脤mgL鈭?mg隆隴2R=12mv2鈭?12mv02

小物體自c

點做平拋運動，設(shè)運動時間為t

水平射程為s

則：2R=12gt2s=vt

，聯(lián)立解得小球從最高點c

拋出后的水平射程：s=0.6m

(2)

設(shè)在軌道的最高點時管道對小物體的作用力大小為F

取豎直向下為正方向，根據(jù)牛頓第二定律得，F(xiàn)+mg=mv2R

聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得：F=0.8N

方向豎直向下；

(3)

分析可知，要使小球以最小速度v0

運動時，可以使軌道對地面的壓力為零，由牛頓第二定律：F+mg=mv12RF隆盲=Mg

根據(jù)動能定理得，鈭?婁脤mgL鈭?mg隆隴2R=12mv12鈭?12mv02

解得：v0=6m/s

21、略

【分析】

設(shè)A車的速度為vA，B車加速行駛時間為t，兩車在t0時相遇。則有XA=vAt①XB=vBt+at2/2+(vB+at)(t0-t)②式中，t0=12s，XA．XB分別為A．B兩車相遇前行駛的路程。依題意有XA=XB+X③式中X＝84m。由①②③式得t2-2t0t+=0④代入題給數(shù)據(jù)vA=20m/s，vB=4m/s，a=2m/s2，有⑤式中礦的單位為s。解得t1=6s，t2=18s⑥t