2024年滬教版高三物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2024年滬教版高三物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷595考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、假設(shè)地球可視為質(zhì)量均勻分布的球體，已知地球表面重力加速度在兩極的大小為g0，赤道的大小為g；地球自轉(zhuǎn)的周期為T(mén)，引力常量為G．則地球的密度為（）A.B.C.D.2、如圖所示，一個(gè)理想變壓器，初級(jí)線圈的匝數(shù)為n1，a、b接交流電源，次級(jí)線圈匝數(shù)為n2，與負(fù)載電阻R相連接，R=40Ω．圖中電壓表的示數(shù)為100V，初級(jí)線圈的電流為0.4A．下列說(shuō)法正確的是（）A.次級(jí)線圈中的電流的最大值為1AB.初級(jí)和次級(jí)線圈的匝數(shù)比n1：n2=2：5C.如果將另一個(gè)阻值也為R的電阻與負(fù)載電阻并聯(lián)，圖中電流表的示數(shù)為2AD.如果將另一個(gè)阻值也為R的電阻與負(fù)載電阻串聯(lián)，變壓器消耗的電功率是80W3、設(shè)質(zhì)子、中子、氘核的質(zhì)量分別為m1、m2和m3，那么，當(dāng)一個(gè)質(zhì)子和一個(gè)中子結(jié)合成氘核時(shí)，釋放的能量是（）A.m2C2B.(m1+m2)C2C.(m3-m2-m1)C2D.(m1+m2-m3)C24、下列關(guān)于重力和重心的說(shuō)法中正確的是()A.物體本身就有重力，所以重力沒(méi)有施力物體B.形狀規(guī)則的物體的重心，一定在它的幾何中心上C.重力的方向總是和支持重物的支持面垂直的E.物體本身就有重力，所以重力沒(méi)有施力物體E.物體本身就有重力，所以重力沒(méi)有施力物體5、如圖所示，一列簡(jiǎn)諧橫波沿直線傳播，該直線上的a、b兩點(diǎn)相距4.42m，圖中實(shí)、虛兩條曲線分別表示平衡位置在a、b兩點(diǎn)處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)曲線．從圖示可知（）A.此列波的頻率可能是10HzB.此列波的波長(zhǎng)可能是0.1mC.此列波的傳播速度可能是26m/sD.a點(diǎn)一定比b點(diǎn)距波源近6、如圖所示，a、b、c是勻強(qiáng)電場(chǎng)中三個(gè)點(diǎn)，各點(diǎn)電勢(shì)依次為10V、2V、8V；三點(diǎn)在同一平面上．下列各圖中，電場(chǎng)強(qiáng)度的方向表示可能正確的是（）A.B.C.D.7、一個(gè)物體在平行于斜面向上的力F作用下，勻速向下運(yùn)動(dòng)，如圖所示，除力F以外，它受到的力還有（）A.重力、彈力、下滑力和摩擦力B.重力、彈力和摩擦力C.重力、彈力和下滑力D.彈力、摩擦力和下滑力8、如圖，用平行于斜面的推力F使物體靜止于傾角為θ的固定斜面上，下列表述正確的是（）A.斜面對(duì)物體的摩擦力一定沿斜面向下B.斜面對(duì)物體的摩擦力一定沿斜面向上C.斜面對(duì)物體的摩擦力可能為零D.物體對(duì)斜面的壓力可能為零評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、關(guān)于摩擦力，下列說(shuō)法中正確的是（）A.兩個(gè)接觸的相對(duì)靜止的物體間一定有摩擦力B.受靜摩擦作用的物體一定是靜止的C.滑動(dòng)摩擦力方向可能與運(yùn)動(dòng)方向相同D.物體間正壓力一定時(shí)，靜摩擦力的大小可以變化，但有一個(gè)限度10、在平直公路上有甲、乙兩輛汽車同時(shí)從同一位置沿著同一方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，它們速度的平方隨位移變化的圖象如圖所示，則（）A.甲車的加速度比乙車的加速度大B.在x=0.5m處甲乙兩車的速度相等C.在x=0.5m處甲乙兩車相遇D.在x=11.0m處甲乙兩車相遇11、如圖是一列簡(jiǎn)諧橫波在某一時(shí)刻的圖象，已知波的傳播速度為4m/s，從這一時(shí)刻起再經(jīng)0.25s，質(zhì)點(diǎn)D通過(guò)平衡位置．則這列波（）A.周期為2sB.質(zhì)點(diǎn)D在這0.25s內(nèi)通過(guò)的路程為5cmC.質(zhì)點(diǎn)C在3s內(nèi)通過(guò)的路程為60cmD.可能向x軸正方向傳播12、質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)的v-t圖象如右圖所示，規(guī)定向右為正方向，則該質(zhì)點(diǎn)（）A.第4s內(nèi)物體的速度和加速度方向相同B.第2s末和第4s末速度相同C.在前8s內(nèi)平均速度大小為0.25m/s，方向向左D.在前8s內(nèi)平均速度大小為1m/s，方向向右13、如圖所示，C為中間插有電介質(zhì)的電容器，a和b為其兩極板；a板接地；P和Q為兩豎直放置的平行金屬板，在兩板間用絕緣線懸掛一帶電小球；P板與b板用導(dǎo)線相連，Q板接地．開(kāi)始時(shí)懸線靜止在豎直方向，在b板帶電后，懸線偏轉(zhuǎn)了角度α．在以下方法中，能使懸線的偏角α變大的是（）A.縮小a、b間的距離B.加大a、b間的距離C.取出a、b兩極板間的電介質(zhì)D.換一塊形狀大小相同、介電常數(shù)更大的電介質(zhì)14、如圖(

甲)

所示，平行光滑金屬導(dǎo)軌水平放置，兩軌相距L=0.4m

導(dǎo)軌一端與阻值R=0.3婁賂

的電阻相連，導(dǎo)軌電阻不計(jì).

導(dǎo)軌x>0

一側(cè)存在沿x

方向均勻增大的恒定磁場(chǎng)，其方向與導(dǎo)軌平面垂直向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度B

隨位置x

變化如圖(

乙)

所示.

一根質(zhì)量m=0.2kg

電阻r=0.1婁賂

的金屬棒置于導(dǎo)軌上；并與導(dǎo)軌垂直，棒在外力F

作用下從x=0

處以初速度v0=2m/s

沿導(dǎo)軌向右變速運(yùn)動(dòng)，且金屬棒在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的安培力大小不變.

下列說(shuō)法中正確的是(

)

A.金屬棒向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)B.金屬棒在x=1m

處的速度大小為0.5m/s

C.金屬棒從x=0

運(yùn)動(dòng)到x=1m

過(guò)程中，外力F

所做的功為鈭?0.175J

D.金屬棒從x=0

運(yùn)動(dòng)到x=2m

過(guò)程中，流過(guò)金屬棒的電量為2C

15、如圖所示，豎直放置的長(zhǎng)直導(dǎo)線通以恒定電流，有一矩形線框與導(dǎo)線在同一平面內(nèi)，則線框中能產(chǎn)生感應(yīng)電流的情況為（）A.線框向右運(yùn)動(dòng)B.線框向上運(yùn)動(dòng)C.線框以導(dǎo)線為軸轉(zhuǎn)動(dòng)D.線框以ab邊為軸轉(zhuǎn)動(dòng)16、圖中的實(shí)線表示電場(chǎng)線，虛線表示只受靜電力作用的帶正電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，粒子先經(jīng)過(guò)M點(diǎn)，再經(jīng)過(guò)N點(diǎn)，可以判定（）A.M點(diǎn)的電勢(shì)大于N點(diǎn)的電勢(shì)B.M點(diǎn)的電勢(shì)小于N點(diǎn)的電勢(shì)C.帶正電粒子在M點(diǎn)受到的靜電力大于在N點(diǎn)受到的靜電力D.帶正電的粒子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)受到的靜電力做正功17、連接在電池兩極上的平行板電容器，當(dāng)A板下移一點(diǎn)使兩極板之間的距離減小時(shí)，則（）A.電容器的電容C變大B.電容器極板的帶電量Q減少C.電容器兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度E變大D.電容器兩極板間的P處電勢(shì)降低評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)18、傳感器擔(dān)負(fù)著信息的采集任務(wù)，在自動(dòng)控制中發(fā)揮著重要作用，傳感器能夠?qū)⒏惺艿降奈锢砹浚ㄈ鐪囟?、光、聲等）轉(zhuǎn)換成便于測(cè)量的量（通常是電學(xué)量），例如熱敏傳感器，主要是應(yīng)用了半導(dǎo)體材料制成的熱敏電阻，熱敏電阻隨溫度變化的圖線如圖甲所示，圖乙是由熱敏電阻R1作為傳感器；制作的簡(jiǎn)單自動(dòng)報(bào)警器線路圖．

（1）為了使溫度過(guò)高時(shí)報(bào)警器鈴響，c應(yīng)接在____（填“a”或“b”）．

（2）若使啟動(dòng)報(bào)警的溫度降低些，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器滑片P向____移動(dòng)（填“左”或“右”）．

（3）如果在調(diào)試報(bào)警器達(dá)到最低報(bào)警溫度時(shí)，無(wú)論如何調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片P都不能使報(bào)警器工作，且電路連接完好，各電路元件都能處于工作狀態(tài)，則造成工作電路實(shí)際不能工作的原因可能是____．19、在電梯中，把一重物置于臺(tái)秤上，臺(tái)秤與力的傳感器相連，電梯從靜止加速上升，然后又勻速運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間，最后停止運(yùn)動(dòng)；傳感器的屏幕上顯示出其受的壓力與時(shí)間的關(guān)系（N-t）圖象，如圖所示．則電梯在啟動(dòng)階段經(jīng)歷了____s加速上升過(guò)程；電梯的最大加速度是____m/s2．

20、已知地球同步衛(wèi)星離地面的高度約為地球半徑的6倍．若某行星的平均密度為地球平均密度的一半，它的同步衛(wèi)星距其表面的高度是其半徑的2.5倍，則該行星的自轉(zhuǎn)周期約為_(kāi)___小時(shí)．21、【題文】一只小燈泡接在電壓是1．5伏的電路上，通過(guò)小燈泡的電流為0．3安，則1分鐘內(nèi)通過(guò)小燈泡的電量是____庫(kù)，小燈泡燈絲的電阻為_(kāi)___歐。22、汽車在平直公路上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，已知汽車質(zhì)量為2×103kg，在3000N的牽引力作用下經(jīng)過(guò)的10s，速度從10m/s增大到20m/s，路面有阻力．以汽車的運(yùn)動(dòng)方向?yàn)檎较?，那么在這段時(shí)間內(nèi)，汽車動(dòng)量改變量是____kg?m/s，牽引力的沖量是____N?s，阻力的沖量是____N?s，汽車所受合外力的沖量是____N?s．評(píng)卷人得分四、判斷題(共1題，共8分)23、x-t圖象描述了物體的位移隨時(shí)間的變化規(guī)律．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分五、作圖題(共2題，共18分)24、【題文】如下圖甲所示，在水平面上疊放著兩個(gè)物體A和B，兩物體在F1、F2(F1>F2)的水平拉力作用下；處于靜止?fàn)顟B(tài)．試在圖乙中分別畫(huà)出A物體；B物體的受力圖。

25、如圖所示；用力F把物體壓在傾斜的天花板上，使物體保持靜止，畫(huà)出物體所受的其他各力的示意圖．

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【分析】根據(jù)萬(wàn)有引力等于重力，則可列出物體在兩極的表達(dá)式，再由引力與支持力的合力提供向心力，列式綜合可求得地球的質(zhì)量，最后由密度公式，即可求解．【解析】【解答】解：在兩極，引力等于重力，則有：mg0=G；

由此可得地球質(zhì)量M=；

在赤道處，引力與支持力的合力提供向心力，由牛頓第二定律，則有：G-mg=m；

而密度公式；

ρ==；故B正確，ACD錯(cuò)誤；

故選：B．2、C【分析】【分析】理想變壓器輸入功率等于輸出功率，原副線圈電流與匝數(shù)成反比，原副線圈電壓與匝數(shù)成正比．且電流與電壓均是有效值，電表測(cè)量值也是有效值．【解析】【解答】解：A、變壓器的輸出功率等于輸入功率，則：U1I1=U2I2=I22R

解得：I2=1A，U2=40V

所以最大值Im=I2=A；故A錯(cuò)誤；

B；由于原副線圈電流與匝數(shù)成反比；所以初級(jí)線圈和次級(jí)線圈的匝數(shù)比為5：2，故B錯(cuò)誤；

C、如果將另一個(gè)阻值為R的電阻與負(fù)載電阻并聯(lián)，則總電阻R總=20Ω，則I2===2A；故C正確；

D、如果將另一個(gè)阻值為R的電阻與負(fù)載電阻串聯(lián)，則總電阻R總=80Ω，則P2==20W；故D錯(cuò)誤。

故選：C3、D【分析】【分析】核反應(yīng)方程為根據(jù)愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程可得D正確；

【點(diǎn)評(píng)】在計(jì)算核反應(yīng)時(shí)，需要先寫(xiě)出反應(yīng)方程，然后根據(jù)愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程求解4、D【分析】解：A；任何物體都受重力的作用；是由于地球?qū)ξ矬w的吸引造成的，施力物體是地球，所以A選項(xiàng)錯(cuò)誤．

B；形狀規(guī)則的物體的重心不一定在它的幾何中心上；還要看物體的密度是否均勻，如果密度不均勻，那就不在幾何中心，所以B選項(xiàng)錯(cuò)誤．

C；重力的方向始終是豎直向下的；無(wú)論物體放在什么樣的物體上面，方向是不變的，所以C選項(xiàng)錯(cuò)誤．

D；在地面上同一地點(diǎn)；重力加速度是一樣的，重力G=mg，所以物體的質(zhì)量越大，它所受到的重力也越大，所以D選項(xiàng)正確．

故選：D．【解析】【答案】D5、A【分析】【分析】根據(jù)兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)在同一時(shí)刻的狀態(tài)，結(jié)合波形波，分析a、b間的距離與波長(zhǎng)的關(guān)系，求出波速的通項(xiàng)和頻率的通項(xiàng)，再確定波速的特殊值．根據(jù)a、b兩點(diǎn)振動(dòng)先后判斷離振源的遠(yuǎn)近．【解析】【解答】解：A、由圖讀出周期為T(mén)=0.1s，則此波的頻率為f===10Hz；故A正確；

B、波從a傳到b的時(shí)間為t=（0.1n+0.03）s，波速為v==（n=0，1，2），波長(zhǎng)為λ=vT=；n是整數(shù)，λ不可能等于0.1m．故B錯(cuò)誤．

C、波從a傳到b的時(shí)間為t=（0.1n+0.03）s，波速為v==（n=0；1，2），n=1.4時(shí)，v=26m/s，由于n是整數(shù)不可能為1.4，則波速不會(huì)為26m/s，故C錯(cuò)誤；

D、由于不知道波的傳播方向，與波源的起振方向，無(wú)法判斷a、b哪點(diǎn)距波源近；故D錯(cuò)誤；

故選：A．6、D【分析】【分析】在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)強(qiáng)度大小處處相等，方向處處相同，電場(chǎng)線是平行且等間距．電勢(shì)沿著電場(chǎng)線降低，電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直．確定出a、b兩點(diǎn)連線的中點(diǎn)的電勢(shì)，即可得到一條等勢(shì)線，再根據(jù)相關(guān)知識(shí)分析．【解析】【解答】解：據(jù)題，a、b、c三點(diǎn)的電勢(shì)分別φa=10V，φb=2V，φc=8V，則ab兩點(diǎn)連線的中點(diǎn)的電勢(shì)為6V，因此該中點(diǎn)與C點(diǎn)的連線為等勢(shì)面，那么與連線垂直的即為電場(chǎng)線．由于φA=10V，φB=2V；又因?yàn)殡妱?shì)沿著電場(chǎng)線降低．故D正確；

故選：D7、B【分析】【分析】對(duì)物體受力分析可知，物體受重力、支持力、拉力及摩擦力；根據(jù)滑動(dòng)摩擦力的方向與相對(duì)運(yùn)動(dòng)方向相反，即可求解．【解析】【解答】解：由于勻速向下運(yùn)動(dòng)；則除重力，支持力與拉力外，還有滑動(dòng)摩擦力，所謂的下滑力是重力的一個(gè)分力，不是物體的實(shí)際受的力，故B正確；

故選：B．8、C【分析】【分析】對(duì)物體受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡判斷摩擦力的方向．【解析】【解答】解：A；物體受重力、支持力、推力和摩擦力處于平衡．

若F=mgsinθ；f=0；

若F＞mgsinθ；物體有沿斜面向上運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，靜摩擦力方向沿斜面向下；

若F＜mgsinθ；物體有沿斜面向下運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，靜摩擦力方向沿斜面向上．

故AB錯(cuò)誤C正確．

D；物體對(duì)斜面的壓力等于mgcosθ；不為零，故D錯(cuò)誤．

故選：C．二、多選題(共9題，共18分)9、CD【分析】【分析】摩擦力定義是兩個(gè)互相接觸的物體，當(dāng)它們要發(fā)生或已經(jīng)發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)，就會(huì)在接觸面上產(chǎn)生一種阻礙相對(duì)運(yùn)動(dòng)的力，這種力就叫做摩擦力，摩擦力既可以作為動(dòng)力也可以作為阻力，當(dāng)摩擦力做為動(dòng)力時(shí)方向和物體的運(yùn)動(dòng)方向相同，而做為阻力時(shí)方向和物體的運(yùn)動(dòng)方向相反．【解析】【解答】解：A；相互壓緊的粗糙物體間如果既沒(méi)有沒(méi)有相對(duì)運(yùn)動(dòng)；也沒(méi)有相對(duì)于運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，則兩物體間不存在摩擦力，故A錯(cuò)誤；

B；受靜摩擦作用的物體可能是運(yùn)動(dòng)的；比如用傳送帶向高處運(yùn)送的貨物，故B錯(cuò)誤；

C；當(dāng)滑動(dòng)摩擦力是動(dòng)力時(shí)；則其方向與運(yùn)動(dòng)方向相同，當(dāng)滑動(dòng)摩擦力是阻力時(shí)，其方向與運(yùn)動(dòng)方向相反，故C正確；

D；物體間正壓力一定時(shí)；靜摩擦力的大小可以變化，小于等于最大靜摩擦力，故D正確；

故選：CD．10、AB【分析】【分析】根據(jù)圖象斜率比較加速度大小，由圖象可直接得到速度相等時(shí)的位移，從同一位置出發(fā)，兩車相遇時(shí)的位移相等，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)特征判斷位移相等時(shí)的位移和時(shí)間【解析】【解答】解：A、根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)速度位移關(guān)系v2；可知圖象的斜率與物體運(yùn)動(dòng)的加速度成正比，由圖可知甲的斜率大于乙的斜率故甲車的加速度大地乙車的加速度，故A正確；

B；由圖象可知兩圖象對(duì)應(yīng)位移0.5m時(shí)；速度的平方向相等，又兩車沿同一方向運(yùn)動(dòng)，故B正確；

C、據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的平均速度公式；可知，由圖知在x=0.5m之前，甲的平均速度小于乙的平均速度，故當(dāng)甲到達(dá)x=0.5m處時(shí)，乙已經(jīng)在甲之前了，故在此點(diǎn)和以后不再相遇．故C錯(cuò)誤；

D、由圖知甲的初速度為0，由：，得加速度為：，乙的初速度為1m/s，由：，得加速度為：，當(dāng)位移相等時(shí)兩車相遇：，解得t=2s，故位移為：；故D錯(cuò)誤；

故選：AB．11、AC【分析】【分析】由圖讀出波長(zhǎng)，根據(jù)波速公式求解周期．根據(jù)時(shí)間與周期的關(guān)系求解質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程．結(jié)合質(zhì)點(diǎn)D的狀態(tài)，判斷波的傳播方向．【解析】【解答】解：A、由圖知：波長(zhǎng)λ=8m，則周期為：T==s=2s；故A正確．

B、t=0.25s=；由于質(zhì)點(diǎn)D做的變加速運(yùn)動(dòng)，則在0.25s內(nèi)通過(guò)的路程不等于半個(gè)振幅，即不是5cm，故B錯(cuò)誤．

C；t=3s=1.5T；則質(zhì)點(diǎn)C在3s內(nèi)通過(guò)的路程為：S=1.5×4A=6×10cm=60cm，故C正確．

D；據(jù)題從這一時(shí)刻起再經(jīng)0.25s；質(zhì)點(diǎn)D通過(guò)平衡位置，則知此刻質(zhì)點(diǎn)D正向下運(yùn)動(dòng)，波向x軸負(fù)方向傳播，故D錯(cuò)誤．

故選：AC．12、AC【分析】【分析】?jī)A斜的直線表示勻變速直線運(yùn)動(dòng)，斜率表示加速度，傾斜角越大表示加速度越大，圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移，在時(shí)間軸上方的位移為正，下方的面積表示位移為負(fù)；平均速度等于位移除以時(shí)間．【解析】【解答】解：A；第4s內(nèi)物體的速度物體的速度為負(fù)；加速度為負(fù)，速度和加速度方向相同，故A正確；

B；第2s末和第4s末速度大小相同；方向相反，故B錯(cuò)誤；

C、在前8s內(nèi)位移為：x=×2×3-×2×5=-2m

平均速度==-=-0.25m/s；平均速度大小為0.25m/s，方向向左，C正確D錯(cuò)誤；

故選：AC．13、BC【分析】【分析】（1）對(duì)小球受力分析，小球受重力，拉力，電場(chǎng)力三個(gè)力的作用，要使懸線的偏角a變大，需要增加PQ兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度，PQ兩極板距離不變，即只需增加PQ兩極板間的電壓即可．兩個(gè)電容器并聯(lián)在一起，所以兩個(gè)電容器極板間的電壓相同，只需增加ab兩極板之間的電壓就可以增加PQ兩極板間的電壓．

（2）ab電容器帶電量不變，由：，進(jìn)行分析即可．【解析】【解答】解：對(duì)小球受力分析如圖：

要使懸線的偏角α變大，需要增加F電；即增加PQ兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度，PQ兩極板距離不變，所以只需增加PQ兩極板間的電壓即可．

兩個(gè)電容器并聯(lián)在一起，所以兩個(gè)電容器極板間的電壓相同，此時(shí)：C并=Cab+CPQ．

對(duì)兩個(gè)電容器：總電量Q不變，由：得：增加U，需要將電容C并減小，CPQ不變；

由：得：減小電容Cab可有三個(gè)方法：

①增大極板距離d

②減小正對(duì)面積s，如將ab板錯(cuò)開(kāi)。

③換介電常數(shù)小的電介質(zhì)。

故選：BC14、BCD【分析】解：A

根據(jù)圖象得B鈭?x

函數(shù)關(guān)系式：B=0.5+0.5x

金屬棒向右運(yùn)動(dòng)切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BLv

感應(yīng)電流I=ER+r=BLvR+r

安培力F擄虜=BIL=BBLvR+rL=B2L2vR+r

解得：v=擄虜(R+r)B2L2=F擄虜0.4(0.5+0.5x)2隆脕0攏廬42=10F擄虜(x+1)2

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式：v2鈭?v02=2ax

如果是勻變速直線運(yùn)動(dòng)，v2

與x

成線性關(guān)系，而由上式知，金屬棒不可能做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)題意金屬棒所受的安培力大小不變，x=0

處與x=1

處安培力大小相等，有B02L2v0R+r=B12L2v1R+r

即v1=B02v0B12=0攏廬52隆脕212=0.5m/s

故B正確；

C、金屬棒在x=0

處的安培力大小為：F擄虜=B02L2v0R+r=0攏廬52隆脕0攏廬42隆脕20.4=0.2N

對(duì)金屬棒金屬棒從x=0

運(yùn)動(dòng)到x=1m

過(guò)程中；根據(jù)動(dòng)能定理有：

WF鈭?F擄虜鈰?x=12mv12鈭?12mv02

代入數(shù)據(jù)：WF鈭?0.2隆脕1=12隆脕0.2隆脕0攏廬52鈭?12隆脕0.2隆脕22

解得：WF=鈭?0.175J

故C正確；

D、根據(jù)感應(yīng)電量公式q=鈻?婁碌R+r=鈻?BxR+rL

x=0

到x=2

過(guò)程中，B鈭?x

圖象包圍的面積鈻?B?x=0.5+1.52隆脕2=2

q=鈻?婁碌R+r=2隆脕0.40.4=2C

故D正確。

故選：BCD

根據(jù)安培力的表達(dá)式導(dǎo)出速度v

與x

的關(guān)系式，結(jié)合勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式判斷金屬棒的運(yùn)動(dòng)是否為勻變速運(yùn)動(dòng)；根據(jù)安培力與速度的關(guān)系式，由x=0

和x=1m

處的安培力相等即可求出x=1m

處的速度；根據(jù)動(dòng)能定理外力做功；根據(jù)感應(yīng)電量公式q=鈻?婁碌R+r

考查法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路歐姆定律、安培力的大小公式、做功表達(dá)式、動(dòng)能定理等的規(guī)律的應(yīng)用與理解，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中金屬棒所受的安培力不變，是本題解題的突破口，注意B鈭?x

圖象的面積和L

的乘積表示磁通量的變化量．【解析】BCD

15、AD【分析】【分析】根據(jù)閉合回路中磁通量發(fā)生變化時(shí)，回路中就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，從而即可求解．【解析】【解答】解：A；線框向左運(yùn)動(dòng)時(shí)；線框中的磁場(chǎng)減弱，故磁通量減小，可以產(chǎn)生感應(yīng)電流，故A正確；

B；線框向上運(yùn)動(dòng)時(shí)；線框中的磁感應(yīng)強(qiáng)度不變，磁通量不變，故不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故B錯(cuò)誤；

C；線框以直導(dǎo)線為軸轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)；線框中的磁通量不發(fā)生變化，故不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故C錯(cuò)誤；

D、線框以ab邊為軸轉(zhuǎn)動(dòng)；穿過(guò)線框的磁通量在變化，則會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故D正確；

故選：AD．16、AD【分析】【分析】根據(jù)順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，判斷電勢(shì)的高低．由電場(chǎng)線的疏密判斷場(chǎng)強(qiáng)大小，確定電場(chǎng)力的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓篈；B、根據(jù)順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低可知；M點(diǎn)的電勢(shì)高于N點(diǎn)的電勢(shì)．故A正確，B錯(cuò)誤．

C；D、M點(diǎn)處的電場(chǎng)線較疏；而N點(diǎn)處電場(chǎng)線較密，則M點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度較小，粒子在M點(diǎn)所受的電場(chǎng)力也較小，故C錯(cuò)誤．

D、正電的粒子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)，根據(jù)W=qUMN；可知，受到的靜電力做正功，故D正確；

故選：AD．17、AC【分析】【分析】根據(jù)電容的決定式C=，分析兩極板間的距離減小時(shí)電容的變化．電容器接在電源上，電容器的電壓不變，由電容的定義式C=分析電容器極板的帶電荷量Q變化．由E=分析板間場(chǎng)強(qiáng)的變化．根據(jù)U=Ed，分析P點(diǎn)與下極板間電勢(shì)差如何變化，再分析P點(diǎn)的電勢(shì)如何變化．【解析】【解答】解：

A、當(dāng)兩極板間的距離減小時(shí)，根據(jù)電容的決定式C=分析得知電容C變大．故A正確．

B、由題可知，電容器的電壓不變，而C變大，由C=得知電容器極板的帶電荷量Q變大．故B錯(cuò)誤．

C、U不變，d減小，由E=分析得知板間場(chǎng)強(qiáng)E增大．故C正確．

D；E增大；由U=Ed可知，P與下極板間的電勢(shì)差增大，由于P點(diǎn)的電勢(shì)高于下極板的電勢(shì)，則知P處電勢(shì)增大．故D錯(cuò)誤．

故選：AC三、填空題(共5題，共10分)18、a右題圖乙中左邊電源端電壓太小，或者彈簧的勁度系數(shù)太大【分析】【分析】根據(jù)熱敏電阻的阻值隨溫度的變化而變化，因此使電路形成通路，并改變其中一個(gè)電阻的溫度．在最低報(bào)警溫度時(shí)不能報(bào)警，說(shuō)明此時(shí)電路中產(chǎn)生的電流不能讓豎直片與a接觸，這可能由多種原因造成，如：①電源提供的電流太小，導(dǎo)致磁鐵的磁性太弱；②彈簧的勁度系數(shù)太大，電磁鐵的吸引力小于彈力等．【解析】【解答】解：（1）根據(jù)圖1中曲線的趨勢(shì)可以得出；電阻隨溫度的升高而減小，因此熱敏電阻的阻值隨溫度的升高而減小，為了使溫度過(guò)高時(shí)發(fā)送報(bào)警信息，則熱敏電阻阻值最小，開(kāi)關(guān)c應(yīng)該接在a處．

（2）若使報(bào)警的最低溫度降低些；電路中電阻要減小，則滑動(dòng)變阻R應(yīng)將P點(diǎn)向右移動(dòng)．

（3）在最低報(bào)警溫度時(shí)不能報(bào)警；說(shuō)明此時(shí)電路中產(chǎn)生的電流不能讓豎直片與a接觸，這可能由多種原因造成，如：①左邊電源電壓太低，電源提供的電流太小，導(dǎo)致磁鐵的磁性太弱；②彈簧的勁度系數(shù)太大，電磁鐵的吸引力小于彈力等．

故答案為：（1）a；（2）右；（3）題圖乙中左邊電源端電壓太小，或者彈簧的勁度系數(shù)太大．19、46.7【分析】【分析】（1）電梯加速上升時(shí)；重物對(duì)臺(tái)秤的壓力大于重力．由圖象可知：電梯在啟動(dòng)階段經(jīng)歷了4.0s加速上升過(guò)程．

（2）當(dāng)重物的合力最大時(shí)，加速度最大，此時(shí)重物對(duì)臺(tái)秤的壓力最大．由圖可知：4-18s內(nèi)電梯做勻速直線運(yùn)動(dòng)，壓力大小等于重力，求出質(zhì)量．當(dāng)壓力N=50N時(shí)，重物的合力最大，由牛頓第二定律求出最大加速度．【解析】【解答】解：（1）電梯加速上升時(shí)；重物對(duì)臺(tái)秤的壓力大于重力．由圖象可知：電梯在啟動(dòng)階段經(jīng)歷了4.0s加速上升過(guò)程．

（2）由圖可知：4-18s內(nèi)電梯做勻速直線運(yùn)動(dòng)；N=G=30N；

則重物的質(zhì)量為m=

當(dāng)壓力N=50N時(shí)；重物的合力最大，加速度最大．

由牛頓第二定律得N-mg=ma

代入解得最大加速度為a=6.7m/s2

故答案為：4，6.720、1