2025年粵教滬科版必修3物理下冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教滬科版必修3物理下冊階段測試試卷224考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，兩個不帶電的導體A和B，用一對絕緣柱支持使它們彼此接觸．把一帶正電荷的物體C置于A附近；貼在A；B下部的金屬箔都張開。

A.此時A帶正電，B帶負電B.此時B帶負電C.移去C，貼在B下部的金屬箔都閉合D.先把A和B分開，然后移去C，貼在B下部的金屬箔都閉合2、如圖，兩盞電燈完全相同．當滑動變阻器的滑動頭向右移動時；則（）

A.燈變亮，燈變亮B.燈變暗，燈變亮C.燈變暗，燈變暗D.燈變亮，燈變暗3、下列說法中不正確的是（）A.用點電荷來代替實際帶電體是采用了理想模型的方法B.如果電場線與等勢面不垂直，那么電場強度就有一個沿著等勢面的分量，在等勢面上移動電荷，靜電力就要做功。這里用的邏輯方法是假設法C.在推導勻變速直線運動的位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，然后把各小段的位移相加。這里采用了微元法D.用比值法定義的物理概念在物理學中占有相當大的比例，例如場強電容加速度都是采用比值法定義的4、用小量程電流表G改裝成大量程的某種電表；電路如圖所示。改裝后的電表是（）

A.電壓表，接兩個端點時，量程較大B.電壓表，接兩個端點時，量程較大C.電流表，接兩個端點時，量程較大D.電流表，接兩個端點時，量程較大5、靜電場中某點電勢的數值等于（）A.試驗電荷q0置于該點時具有的電勢能B.單位試驗電荷置于該點時具有的電勢能C.單位正電荷置于該點時具有的電勢能D.把單位正電荷從該點移到電勢零點外力所作的功6、如圖所示，某電場中的一條電場線，一電子從a點由靜止釋放，它將沿電場線向b點運動；下列有關該電場的判斷正確的是()

A.該電場一定是勻強電場B.場強Ea一定小于EbC.電子具有的電勢能Epa一定大于EpbD.電勢φa>φb7、如圖所示，電源電動勢為4V，內阻為1Ω，電阻R1＝3Ω，R2＝R3＝4Ω；電流表的內阻不計，閉合S，電路達到穩(wěn)定狀態(tài)后，電容器兩極間電壓為()．

A.0B.2.3VC.3VD.3.2V8、某同學在測量電阻實驗時；按圖所示連接好實驗電路。閉合開關后發(fā)現(xiàn)：電流表示數很??；電壓表示數接近于電源電壓，移動滑動變阻器滑片時兩電表示數幾乎不變化，電表及其量程的選擇均無問題。請你分析造成上述結果的原因可能是（）

A.電流表斷路B.滑動變阻器滑片接觸不良C.開關接觸部位由于氧化，使得接觸電阻太大D.待測電阻和接線柱接觸位置由于氧化，使得接觸電阻很大評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)9、帶電粒子以初速度v0垂直電場方向進入平行金屬板形成的勻強電場中，它離開時偏離原方向y，偏角為φ，下列說法正確的是()A.粒子在電場中做類平拋運動B.粒子飛過電場的時間，決定于極板長和粒子進入電場時的初速度C.粒子的偏移距離y，可用加在兩極板上的電壓控制D.偏角φ與粒子的電荷量和質量無關10、如圖，電路中定值電阻阻值R大于電源內阻r,開關K閉合，將滑動變阻器滑片向下滑動，理想電壓表V1、V2、V3的示數變化量的絕對值分別為理想電流表示數變化量的絕對值為正確的是。

A.V2的示數增大，A的示數減小B.電源輸出功率在增大C.與的比值在減小D..11、如圖所示的電路，R1、R2是兩個定值電阻，R′是滑動變阻器，R3為小燈泡，電源內阻為r．開關閉合后；當滑動變阻器觸頭P向上移動時（）

A.電壓表示數變大B.小燈泡亮度變大C.電容器充電D.電源的總功率變大12、如圖所示，平行板電容器與電動勢為的直流電源（內阻不計）連接，下極板接地。閉合開關，一帶電油滴位于兩板中央的點且恰好處于靜止狀態(tài)；下列說法正確的是（）

A.保持開關閉合，將上極板向上移動一小段距離，油滴仍靜止B.保持開關閉合，將上極板向左移動一小段距離，油滴將向上運動C.若將開關斷開，并將上極板向上移動一小段距離，油滴仍靜止D.若將開關斷開，并將上極板向左移動一小段距離，油滴將向上運動13、如圖所示，在x軸上處固定兩個帶電量均為的點電荷，一電子僅在靜電力的作用下沿x軸從處移動到處或沿y軸從處移動到處。下列說法中正確的是（）

A.沿x軸移動時電子的動能先增大后減小B.沿y軸移動時電子的動能先增大后減小C.在處固定電荷量為的負點電荷，可使處的電場強度為0D.在處固定電荷量為的正點電荷，可使處的電場強度為014、下列說法中正確的是（）A.由公式可知，電場中某點的場強與放在該點的檢驗電荷所受的電場力F的大小成正比，與檢驗電荷的電量q成反比B.電場是一種物質，與其他物質一樣，是不依賴我們的感覺而客觀存在的C.公式中的d為勻強電場中電勢差為U的兩點間的距離D.在庫侖定律的表達式中，可以理解為是點電荷Q1在點電荷Q2處的場強大?。欢屈c電荷Q2在點電荷Q1處的場強大小評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)15、電磁波譜的排列是：無線電波、微波、_______________、可見光、紫外線、X射線、γ射線；可用來滅菌消毒的電磁波是____________；在探月工程中，從地球向“月兔號”月球車發(fā)指令，電磁波信號經過__________s到達月球車。（已知地月表面距離約為3.84×108m）16、如圖所示是電場中某區(qū)域的電場線分布圖，A、B是電場中的兩點，可以判斷____點場強較大（選填“A”或“B”）；一正點電荷在B點受到電場力的方向是____（選填“向左”或“向右”）．17、一個額定電壓為220V、額定功率為9W的LED燈泡，若它每天正常發(fā)光5h，一個月（30天）消耗的電能是___________kW?h，與普通白熾燈相比，在達到相同亮度的條件下，假設LED燈可以節(jié)約90%的電能，則這個LED燈與功率為___________W的白熾燈亮度相當。18、關于電流表；電壓表的改裝：

（1）有一個滿偏電流為100mA的毫安表，電表內阻為9Ω，現(xiàn)將該毫安表的量程擴大至0.6A，則應并聯(lián)一個阻值為_____Ω的電阻。

（2）如圖所示為一雙量程電壓表的示意圖，已知電流表G的量程為0~10mA，內阻為60Ω，圖中串聯(lián)的分壓電阻R1=440Ω，則R2=_____Ω。19、某電荷帶電量為C，則該電荷所帶電荷量是元電荷的多少倍______。20、現(xiàn)有一個內阻Rg=30Ω，滿偏電流Ig=1mA的電流表，龔燕玲同學想把它改裝為量程0~3V的電壓表，則她要____________（填串聯(lián)或并聯(lián)）一個阻值為________Ω的電阻。21、一根導線長0.2m，通以3A的電流，在磁場中某處受到的最大的磁場力是則該處的磁感應強度B的大小是____T，如果該導線的長度和電流都減小一半，則該處的B的大小是______T。評卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)22、如圖所示，A、B、C為勻強電場中的三個點，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實線表示電場線）。

23、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

24、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共10分)25、如圖所示為J0411多用電表示意圖。其中A、B、C為三個可調節(jié)的部件。某同學在實驗室中用它測量一阻值約為1~3kΩ的電阻。他測量的操作步驟如下：

(1)調節(jié)可調部件____；使電表指針指向____。

(2)調節(jié)可調部件B；使它的尖端指向___位置。

(3)將紅黑表筆分別插入正負插孔中；兩筆尖相互接觸，調節(jié)可動部件___，使電表指針指向歐姆零刻度位置。

(4)將兩只表筆分別與待測電阻兩端相接；進行測量讀數。

26、某同學在測量一均勻新材料制成的圓柱體的電阻率時。

（1）用游標為20分度的卡尺測量其長度如圖甲，由圖可知其長度為________cm；

（2）用螺旋測微器測量其直徑如圖乙，由圖可知其直徑為________mm。

（3）在該實驗中，用伏安法測量金屬絲電阻時，電流表的連接有圖丙和圖丁兩種連接方式，因所用金屬絲電阻較小，考慮電表內阻引起的系統(tǒng)誤差，應選擇圖________（選填“丙”或“丁”）連接方式可使測量結果更加準確，用這種接法測得的電阻值將________（選填“大于”“小于”或“等于”）真實值。

評卷人得分六、解答題(共2題，共20分)27、如圖所示，真空中有兩個固定的點電荷和求它們連線上P點的場強的大小和方向。（）

28、如圖所示，平行金屬板A、B間距為d，電壓為一電子由靜止從A板開始加速，穿過B板的小孔，垂直進入平行金屬板C、D間的勻強電場。C、D兩板間距離和板長均為L，在C、D板的右側L處有一垂直于C、D板的顯示屏MN，當C、D間電壓為零時，電子打在屏上O點。當C、D間電壓為U時。電子打在MN屏的P點（圖中沒畫出）。已知電子電量為e，質量為m；電子重力不計，求：

（1）電子到達B板時的速度；

（2）電子從靜止開始運動到離開電場所經過的時間；

（3）OP間的距離。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

帶正電的物體C靠近A附近時，由于靜電感應，A端帶上負電，B端帶上正電，故AB錯誤；移去C后，由于電荷間相互作用，重新中和，達電中性狀態(tài)，兩金屬箔均閉合，故C正確；先把AB分開，則A帶負電，B帶正電，移去C后，電荷不能再進行中和，故兩金屬箔仍然張開，故D錯誤．2、D【分析】當滑出向右移動時，滑動變阻器連入電路的電阻增大，所以外電路電阻增大，路端電壓增大，總電流減小，即B中的電流減小，所以B變暗，B兩端的電壓減小，而路端電壓是增大的，所以并聯(lián)電路兩端的電壓增大，即A兩端的電壓增大，所以A變亮，D正確．3、D【分析】【詳解】

A．用點電荷來代替實際帶電體是采用了理想模型的方法；故A正確；

B．如果電場線與等勢面不垂直；那么電場強度就有一個沿著等勢面的分量，在等勢面上移動電荷，靜電力就要做功。這里用的邏輯方法是假設法，故B正確；

C．在推導勻變速直線運動的位移公式時；把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，然后把各小段的位移相加。這里采用了微元法，故C正確；

D．加速度是加速度的決定式，不是定義式，加速度定義式為故D錯誤。

本題選擇錯誤的，故選D。4、B【分析】【詳解】

若把小量程的電流表G改裝成大量程的電流表，根據并聯(lián)電路的分流原理，需要并聯(lián)電阻；若把小量程的電流表G改裝成大量程的電壓表，根據串聯(lián)電路分壓原理，需要串聯(lián)一個大電阻，由

可知串聯(lián)的電阻越大，量程就越大；所以由題圖可知，該改裝表為電壓表，接兩個端點時，量程較大，故選B。5、C【分析】【詳解】

由

可知；電勢的數值等于單位正電荷置于該點時具有的電勢能。

故選C。6、C【分析】【詳解】

AB．因電子由靜止釋放，且由a向b運動，則電子所受的電場力一定是由a指向b，因為電子帶負電荷，所受的電場力方向與場強方向相反，說明電場線的方向一定是由b指向a。由于不知負電荷由a運動到b的過程中電場力的變化情況；因此無法確定場強大小關系，故A錯誤，B錯誤；

C．由題意知，電場力對電子做正功，電勢能減小，所以電子具有的電勢能EPa一定大于EPb；故C正確；

D．由分析可知電場方向由b指向a，而沿著電場線方向電勢降低，所以電勢φa一定低于φb，故D錯誤。7、C【分析】【分析】

【詳解】

此電路相當于只有R1連入電路，電容器兩端電壓等于路端電壓，選C8、D【分析】【詳解】

AB．電流表斷路或者滑動變阻器滑片接觸不良；都會造成整個電路是斷路情況，即電表示數為零，AB錯誤；

C．開關接觸部位由于氧化；使得接觸電阻太大，則電路電阻過大，電流很小，流過被測電阻的電流也很小，所以其兩端電壓很小，不會幾乎等于電源電壓，C錯誤；

D．待測電阻和接線柱接觸位置由于氧化；使得接觸電阻很大，相當于當被測電阻太大，遠大于和其串聯(lián)的其他儀器的電阻，所以電路電流很小，其分壓接近電源電壓，D正確。

故選D。二、多選題(共6題，共12分)9、A:B:C【分析】【詳解】

試題分析：帶電粒子進入偏轉電場做類平拋運動；結合平拋運動規(guī)律解題：水平方向勻速直線運動，豎直方向初速度為零的勻加速直線運動；并且兩方向運動具有等時性．

帶電粒子以初速度垂直電場方向進入平行金屬板形成的勻強電場中，僅受在垂直速度方向上只受到電場力作用，做類平拋運動，A正確；粒子平行于極板方向做勻速直線運動，時間即粒子飛過電場的時間，決定于極板長和粒子進入電場時的初速度，B正確；粒子的偏移距離故可用加在兩極板上的電壓控制y的大小，C正確；粒子的偏轉角φ滿足：粒子偏角φ與粒子的電量和質量有關，D錯誤．（以上公式中的U表示兩極板間的電壓，L表示極板的長度，d表示兩極板間的距離，q表示粒子的電荷量，m表示粒子的質量）10、B:D【分析】【詳解】

A.理想電壓表內阻無窮大，相當于斷路，理想電流表內阻為零，相當短路，所以定值電阻與變阻器串聯(lián)，電壓表分別測量路端電壓和變阻器兩端的電壓；當滑動變阻器滑片向下滑動時，接入電路的電阻減小，電路中電流增大，內電壓增大，路端電壓減小，則的示數減?。还蔄錯誤；

B.當內外電阻相等時；電源的輸出功率最大，故當滑動變阻器滑片向下滑動時，外電阻越來越接近內阻，故電源的輸出功率在增大；故B正確；

C.根據閉合電路歐姆定律得：

可得：

與的比值保持不變；故C錯誤；

D.根據閉合電路歐姆定律得：

可得：

根據歐姆定律得：

可得：

則有：

故D正確．11、A:C【分析】【詳解】

閉合開關后，當滑動變阻器觸頭P向上移動時，增大，外電路總電阻增大，干路中電流減小，則小燈泡亮度變?。娫吹膬入妷簻p小，路端電壓增大，則電壓表的示數變大，故AB錯誤；電路穩(wěn)定時電容器的電壓等于串聯(lián)總電壓，根據串聯(lián)電路電壓分配規(guī)律可知，增大，電容器的電壓增大，則電容器充電，故C正確；電源的總功率為干路電流I減小，則電源的總功率變小，故D錯誤．

【點睛】

本題按“部分→整體→部分”的思路進行動態(tài)變化分析．對于電壓表的示數，可以直接根據路端電壓隨外電阻而增大的結論進行分析．根據串聯(lián)電路電壓與電阻成正比的特點，分析各部分電壓的變化，比較簡便．12、C:D【分析】【詳解】

一帶電油滴位于兩板中央的點且恰好處于靜止狀態(tài)；則電場力與重力平衡。

A．保持開關閉合，可知電容器兩極板間的電勢差U不變，將上極板向上移動一小段距離，則d增大，根據可知兩板間電場強度減?。粍t油滴受到的電場力小于重力，油滴將向下運動，故A錯誤；

B．保持開關閉合，可知電容器兩極板間的電勢差U不變，將上極板向左移動一小段距離，則兩極板正對面積S變小；但兩板間距離不變，則電場強度不變，油滴仍然靜止，故B錯誤；

C．若將開關斷開，可知電容器的電荷量Q不變，將上極板向上移動一小段距離，則d增大，根據可得

可知兩極板間電場強度E不變；則電場力不變，故油滴仍然靜止，故C正確；

D．若將開關斷開，可知電容器的電荷量Q不變，將上極板向左移動一小段距離，則兩極板正對面積S變小，根據可得

可知兩極板間電場強度E變大；則電場力變大，油滴將向上運動，故D正確。

故選CD。13、A:C【分析】【詳解】

AB．等量負點電荷電場分布情況如圖。

x軸上，從處移動到處，場強先減小后變大，電場力先做正功后做負功，電子的動能先增大后減小。y軸上，場強從原點向外，先增大后減小，從處移動到處；電場力先做負功后做正功，電子的動能先減小后增大，A正確，B錯誤；

C．在處固定電荷量為的負點電荷處的電場強度為

又

解得

C正確；

D．在處固定電荷量為的正點電荷，可使處的電場強度為

又

解得

D錯誤。

故選AC。14、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．電場中某點的場強由電場本身決定，與放在該點的檢驗電荷所受的電場力F無關，與檢驗電荷的電量q無關。故A錯誤；

B．電場是客觀存在的一種物質；與其他物質一樣，是不依賴我們的感覺而客觀存在的。故B正確；

C．公式中的d為勻強電場中電勢差為U的兩點間沿電場方向的距離。故C錯誤；

D．在庫侖定律的表達式中，可以理解為是點電荷Q1在點電荷Q2處的場強大小；而是點電荷Q2在點電荷Q1處的場強大小。故D正確。

故選BD。三、填空題(共7題，共14分)15、略

【分析】【分析】

考查電磁波譜；電磁波的特性，電磁波的傳播。

【詳解】

[1]．電磁波譜根據波長從長波到短波排列順序是：無線電波、微波、紅外線、可見光、紫外線、X射線、γ射線；

[2]．紫外線具有滅菌消毒的作用；

[3]．電磁波在真空中傳播速度為光速所以：【解析】紅外線紫外線1.2816、略

【分析】試題分析：由電場線的疏密程度判斷場強的大?。挥蓤鰪姷姆较蚺c電荷的電性確定電場力的方向．

解：B點電場線密；場強大，A點疏場強?。?/p>

正電荷受力方向與場強方向相同；則在B點正電荷受力方向向左．

故答案：B；左。

【點評】考查電場線描述場強大小及方向的方法，會判斷電場力的方向．【解析】B，左17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]燈泡一個月消耗的電能。

W=Pt=9×10-3kW×5h×30=1.35kW?h[2]設兩種燈泡正常發(fā)光的時間為t；則LED消耗的電能。

W=Pt白熾燈消耗的電能為。

W′=P′t在達到相同亮度的條件下；LED燈可以節(jié)約90%的電能。

解得。

P′=90W【解析】1.359018、略

【分析】【詳解】

（1）[1]．根據電表的改裝原理可知，應并聯(lián)的電阻

（2）[2]．根據電表的改裝原理可知，R2的阻值為【解析】1.8100019、略

【分析】【詳解】

元電荷則【解析】20、略

【分析】【詳解】

[1]把電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)一個分壓電阻；

[2]串聯(lián)電阻阻值【解析】串聯(lián)297021、略

【分析】【詳解】

[1]根據

得

[2]磁感應強度B是磁場本身的屬性，與有無電流元以及電流大小無關．所以當該導線的長度和電流都減小一半，該處的B的大小仍為0.1T。【解析】0.10.1四、作圖題(共3題，共6分)22、略

【分析】【分析】

【詳解】

連接BC，過A點作BC的平行且與BC線段相等的線段AD，將AD分成兩等份，找出B點的等勢點，即E點，電勢為11V，連接BE，則BE為等勢線；電場線與等勢線垂直，由高電勢指向低電勢，如圖所示。

【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導線流入，右端導線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示?！窘馕觥?4、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導線流入，右端導線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）