2025年北師大版高三物理上冊(cè)階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大版高三物理上冊(cè)階段測試試卷739考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、某收音機(jī)的調(diào)諧范圍是從f1=550kHz至f2=1650kHz，在它的調(diào)諧電路里，若自感系數(shù)不變，則可變電容器的對(duì)應(yīng)電容量之比C1：C2是（）A.9B.C.3D.2、在一次常規(guī)體檢中；某運(yùn)動(dòng)員心電圖記錄儀的出紙速度（紙帶移動(dòng)的速度）是2.0cm/s，圖每格邊長是0.5cm，由此可知他的心率和他的心臟每跳一次所需的時(shí)間分別為（）

A.約100次/min，1sB.約75次/min，0.8sC.約80次/min，1.2sD.約60次/min，1s3、如圖所示，真空中固定兩個(gè)點(diǎn)電荷Q1和Q2，Q1帶正電、Q2帶負(fù)電，且Q2=4Q1．現(xiàn)再取一個(gè)可自由移動(dòng)的正點(diǎn)電荷q放在Q1與Q2連線上，欲使q靜止，那么（）A.q應(yīng)放在Q1的左邊B.q應(yīng)放在Q2的右邊C.q應(yīng)放在Q1、Q2之間D.q無法保持靜止4、電磁波已廣泛應(yīng)用于很多領(lǐng)域．光波也是一種電磁波，下列說法正確的是（）A.手機(jī)發(fā)射和接收信號(hào)都是利用微波傳送的B.手機(jī)上網(wǎng)和WiFi上網(wǎng)都是利用光線傳輸信息的C.常用的遙控器通過發(fā)射紫外線脈沖信號(hào)來遙控電視機(jī)D.微波、紅外線、紫外線、倫琴射線的頻率依次減小5、下列關(guān)于速度的說法正確的是（）A.速度是描述物體運(yùn)動(dòng)快慢的物理量B.瞬時(shí)速度是指物體在某一時(shí)刻的速度，和速率是一樣的C.平均速度就是初末時(shí)刻瞬時(shí)速度的平均值D.勻速直線運(yùn)動(dòng)的速度方向是可以改變的6、將一球豎直上拋，若該球所受的空氣阻力大小不變，則其上升和下降兩過程的時(shí)間的關(guān)系是（）A.t上＞t下B.t上＜t下C.t上=t下D.因不知速度和空氣阻力的關(guān)系，故無法判定時(shí)間的大小關(guān)系7、在電場中，關(guān)于某點(diǎn)的電場強(qiáng)度的說法正確的是（）A.電場強(qiáng)度與放入電場的檢驗(yàn)電荷的電量無關(guān)B.放入電場的電荷量越大，電場強(qiáng)度一定越大C.放入電場的電荷受力越大，電場強(qiáng)度一定越大D.若沒有電荷放入，則電場強(qiáng)度為零評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)8、某同學(xué)利用如圖（甲）所示的裝置測量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣龋畬?shí)驗(yàn)步驟如下：

（A）根據(jù)圖示安裝好實(shí)驗(yàn)裝置；

（B）用三角尺測量勻質(zhì)小球的直徑d；

（C）用米尺測量懸線的長度l；

（D）讓小球在豎直平面內(nèi)小角度擺動(dòng)；用光電門傳感器測量擺球20次經(jīng)過最低點(diǎn)的總時(shí)間t；

（E）多次改變懸線長度；對(duì)應(yīng)每個(gè)懸線長度，都重復(fù)實(shí)驗(yàn)步驟C；D；

（F）計(jì)算出每個(gè)懸線長度對(duì)應(yīng)的t2，以t2為縱坐標(biāo)、l為橫坐標(biāo)，作出t2-l圖象，并用程序擬合得到方程：t2=404.0l+3.5（s2）．

（1）圖線沒有經(jīng)過坐標(biāo)原點(diǎn)，可能的原因是____．

（2）因?yàn)閳D象沒有經(jīng)過坐標(biāo)原點(diǎn)，由此測出的重力加速度應(yīng)____（選填“偏大”；“偏小”或“不變”）．

（3）根據(jù)數(shù)據(jù)分析，可以得到小球的直徑d=____cm．（取π2=9.86，結(jié)果保留3位有效數(shù)字）．9、（1）一列簡諧橫波沿直線ab向右傳播，a、b兩點(diǎn)之間的距離為3m，a、b兩點(diǎn)的振動(dòng)情況如圖1所示，下列說法中正確的是____

A．波速可能等于1m/sB．波速可能等于m/sC．波速不可能大于3m/sD．波速可能等于m/s

（2）有一玻璃球冠，右側(cè)面鍍銀，光源S就在其對(duì)稱軸上，如圖2所示．從光源S發(fā)出的一束光射到球面上，其中一部分光經(jīng)球面反射后恰能豎直向上傳播，另一部分光折入玻璃球冠內(nèi)，經(jīng)右側(cè)鍍銀面第一次反射恰能沿原路返回．若球面半徑為R，玻璃折射率為；求光源S與球冠頂點(diǎn)M之間的距離SM為多大？

10、從離地面500m的空中自由落下一個(gè)小球，取g=10m/s2，自小球開始下落計(jì)時(shí)，最后ls內(nèi)的位移____m，下落時(shí)間為總時(shí)間的一半時(shí)的位移____m．11、（適合于“側(cè)重理論”的考生）A、B兩物體在光滑的水平面上發(fā)生碰撞，碰撞前后物體的運(yùn)動(dòng)都在同一條直線上．規(guī)定A物體原運(yùn)動(dòng)方向?yàn)檎较颍瓵物體的質(zhì)量mA=0.5kg．若不計(jì)碰撞時(shí)間，它們碰撞前后的位移圖象如圖所示．碰撞前B的質(zhì)量為mB=____kg．碰撞過程中A物體的動(dòng)量改變量是____kg?m/s．

12、蛇紋石是一種含水的富鎂硅酸鹽礦物的總稱，可以看作由rm{MgO}rm{Fe_{2}O}rm{Fe_{2}O_{3}}rm{Al_{2}O_{3}}rm{SiO_{2}}組成。實(shí)驗(yàn)室以蛇紋石為原料制取水合堿式碳酸鎂，實(shí)驗(yàn)步驟如下：rm{(1)}蛇紋石加鹽酸溶解后，溶液里除了rm{Mg^{2+}}rm{Al^{3+}}外，還含有的金屬離子是________。rm{(2)}向Ⅰ中加入氧化劑的作用是___________，加入rm{Ca(OH)_{2}}時(shí)，需要控制溶液rm{pH}的合理范圍是_____rm{(}填序號(hào)rm{)(}有關(guān)氫氧化物沉淀的rm{pH}見下表rm{)}rm{A.}小于rm{1.5}rm{B.1.5隆蘆3.3}rm{C.7隆蘆8}rm{D.}大于rm{9.4}rm{(3)}設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)檢驗(yàn)溶液Ⅱ中是否含有rm{Fe^{3+}}______________________________________。rm{(4)}從沉淀物rm{A}中提取紅色顏料，應(yīng)加入一種試劑進(jìn)行分離，其反應(yīng)的離子方程式為：____________，再進(jìn)行____________、洗滌、__________rm{(}依次填寫實(shí)驗(yàn)操作名稱rm{)}即可獲得紅色顏料，實(shí)現(xiàn)廢物的綜合利用。rm{(5)}物質(zhì)循環(huán)使用，能節(jié)約資源。上述實(shí)驗(yàn)中，可以循環(huán)使用的物質(zhì)是________rm{(}填寫物質(zhì)化學(xué)式rm{)}rm{(6)}實(shí)驗(yàn)室制得rm{48.4g}堿式碳酸鎂樣品rm{(}化學(xué)式：rm{xMgCO_{3}隆隴yMg(OH)_{2}隆隴zH_{2}O}rm{x}rm{y}rm{z}為正整數(shù)rm{)}將其分為二等份，一份樣品充分灼燒至恒重進(jìn)行熱重分析，結(jié)果如圖所示。另一份投入rm{150mL}某溶液的鹽酸中，充分反應(yīng)后生成rm{CO_{2}4.48L(}已知算成標(biāo)準(zhǔn)狀況下rm{)}所得溶液稀釋至rm{250mL}測得溶液的rm{c(H^{+})=0.100mol/L}按要求回答下列問題：

rm{壟脵}鹽酸的物質(zhì)的量濃度rm{c(HCl)=}____rm{mol/L}rm{壟脷x:y:z=}_____。13、（2012春?進(jìn)賢縣校級(jí)月考）如圖所示，為兩定值電阻的I-U圖象，由圖可知R1=____Ω，R2=____Ω．14、一個(gè)物體重力80N，放在水平地上，用一個(gè)輕質(zhì)彈簧水平拉該物體，當(dāng)它開始運(yùn)動(dòng)時(shí)，彈簧伸長為6cm，當(dāng)彈簧水平拉著該物體勻速前進(jìn)時(shí)，彈簧的伸長是4cm，已知彈簧的勁度系數(shù)k=400N/m，則由此可知物體所受的最大靜摩擦力為____N，物體所受的滑動(dòng)摩擦力為____N，物體與地板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為____．15、同一平面內(nèi)的三個(gè)力，大小分別為6N、7N、8N，若三力同時(shí)作用于某一物體，則該物體所受三力合力的最小值和最大值分別為____N和____N．16、質(zhì)量為2×103kg的汽車，發(fā)動(dòng)機(jī)的額定功率為3.0×104W．現(xiàn)該車保持額定功率不變?cè)谒焦飞嫌伸o止開始啟動(dòng)，假定汽車在運(yùn)動(dòng)過程中所受的阻力大小恒為2000N，則該車能達(dá)到的最大速度為____m/s；該車達(dá)到最大之前，做____運(yùn)動(dòng)．（填“勻加速”、“變加速”）評(píng)卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)17、物體的平均速率為零，則物體一定處于靜止?fàn)顟B(tài)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、只要溫度不變且處處相等，系統(tǒng)就一定處于平衡態(tài)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、點(diǎn)電荷一定是電量很小的電荷．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、大氣壓強(qiáng)是由地面上每平方米面積的上方，整個(gè)大氣壓對(duì)地面的壓力，它等于地面上方的這一大氣柱的重力．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、晶體的分子（或原子、離子）排列是有規(guī)則的．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）22、向心力的方向始終指向圓心，所以向心力的方向始終不變．____（判斷對(duì)錯(cuò)）23、運(yùn)動(dòng)的電荷在磁場中一定受洛倫磁力的作用．____（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、解答題(共2題，共12分)24、如圖線圈的面積2.0×102cm2；共100匝．處在B=0.5T的勻強(qiáng)磁場中，以50周/秒的轉(zhuǎn)速勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，已知線圈電阻為1Ω，外接電阻為9Ω，那么：

（1）以圖示位置為計(jì)時(shí)零點(diǎn)；寫出電流的表達(dá)式．

（2）電阻R上消耗的功率是多少？25、（2016?甘肅一模）來自地球的宇航員在某星球表面上固定了一個(gè)傾角為θ=37°的足夠長的斜面，他將一個(gè)質(zhì)量為m=2.0kg的小物塊彈射出去，使它從斜面底端以初速度υ0=9m/s沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，并測量到當(dāng)它運(yùn)動(dòng)了1.5s時(shí)速度恰好變?yōu)榱悖阎∥飰K和斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.25，該星球半徑為R=1.2×l03km，sin37°=0.6，cos37°=0.8，試求該星球的第一宇宙速度．評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)探究題(共2題，共12分)26、氣墊導(dǎo)軌上有AB

兩個(gè)滑塊；開始時(shí)兩個(gè)滑塊靜止，它們之間有一根被壓縮的輕質(zhì)彈簧，滑塊間用繩子連接(

如圖甲所示)

繩子燒斷后，兩個(gè)滑塊向相反方向運(yùn)動(dòng)，圖乙為它們運(yùn)動(dòng)過程的頻閃照片，頻閃的頻率為10Hz

由圖可知：

(1)AB

離開彈簧后；應(yīng)該做______運(yùn)動(dòng)，已知滑塊AB

的質(zhì)量分別為200g300g

根據(jù)照片記錄的信息，從圖中可以看出閃光照片有明顯與事實(shí)不相符合的地方是______．

(2)

若不計(jì)此失誤，分開后，A

的動(dòng)量大小為______kg?m/sB

的動(dòng)量的大小為______kg?m/s

本實(shí)驗(yàn)中得出“在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，兩滑塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒”這一結(jié)論的依據(jù)是______．27、【生物—選修3：現(xiàn)代生物科技專題】請(qǐng)回答下列與基因工程、胚胎工程、生態(tài)工程有關(guān)的生物學(xué)問題：(1)基因工程技術(shù)中獲得目的基因后，利用PCR技術(shù)將該基因擴(kuò)增，前提是要有一段已知目的基因的核苷酸序列，以便根據(jù)這一序列合成___________。PCR技術(shù)中需要的關(guān)鍵酶是_____________。(2)將目的基因?qū)胫参锛?xì)胞采用最多的方法是農(nóng)桿菌轉(zhuǎn)化法，農(nóng)桿菌的作用是________。我國培育的轉(zhuǎn)基因抗蟲棉發(fā)展迅猛，請(qǐng)寫出分子水平檢測抗蟲棉基因是否表達(dá)的方法_____________________。(3)體外受精是胚胎工程的重要環(huán)節(jié)，來自母方的卵母細(xì)胞要在輸卵管內(nèi)進(jìn)一步成熟，達(dá)到______________期，才具備與精子受精的能力。胚胎移植是胚胎工程最后一道工序，其重要意義是___________________________。(4)?；~塘生態(tài)系統(tǒng)能充分利用廢棄物中的能量，形成無廢棄物農(nóng)業(yè)，這主要遵循了生態(tài)工程__________的原理。我國西北一些地區(qū)年降雨量較少，適宜種植灌木和草，卻被硬性種植了屬于喬木的楊樹，結(jié)果許多楊樹長得半死不活，防護(hù)林成為殘敗的“灰色長城”。其失敗的原因主要是違背了_______________原理。評(píng)卷人得分六、識(shí)圖作答題(共3題，共15分)28、如圖為染色體數(shù)為2m的某動(dòng)物精原細(xì)胞分裂的示意圖,兩對(duì)基因A、a和B、b分別在兩對(duì)同源染色體上，③表示細(xì)胞處于染色體著絲點(diǎn)向兩極移動(dòng)的時(shí)期。據(jù)圖分析回答下列問題：（1）①中有_______對(duì)同源染色體，核DNA數(shù)目為____________。（2）③含_________個(gè)染色體組；③中染色體數(shù)目為________________。

（3）與圖中精細(xì)胞同時(shí)產(chǎn)生的另外3個(gè)精細(xì)胞的基因型是_________________。29、下圖為維持內(nèi)環(huán)境穩(wěn)態(tài)的部分結(jié)構(gòu)示意圖。請(qǐng)據(jù)圖回答問題：(1)人在進(jìn)食時(shí)，食物刺激產(chǎn)生的興奮通過迷走神經(jīng)引起胰腺分泌胰液的反射屬于（非條件或條件）________反射，在此過程中，興奮在迷走神經(jīng)纖維上的傳導(dǎo)方向是_____（填“單向”或“雙向”）的；當(dāng)該處迷走神經(jīng)剛產(chǎn)生興奮時(shí)，其膜內(nèi)的Na+濃度變化是______（增大或減?。?2)英國科學(xué)家斯他林和貝利斯還研究發(fā)現(xiàn)，小腸黏膜產(chǎn)生促胰液索也能引起胰腺分泌胰液，該調(diào)節(jié)方式與迷走神經(jīng)促進(jìn)胰腺分泌胰液的方式不同之處有：反應(yīng)速度比較______、作用范圍比較________、作用時(shí)間比較長等。(3)圖中的物質(zhì)A是______，若組織細(xì)胞甲是肝細(xì)胞，物質(zhì)A可進(jìn)入甲細(xì)胞內(nèi)轉(zhuǎn)變成脂肪，胰島細(xì)胞分泌的____此過程有促進(jìn)作用。(4)糖尿病人形成原尿后，高濃度的葡萄糖不能被完全重吸收，從而影響到________對(duì)水分的重吸收，導(dǎo)致糖尿病人的尿量增多。請(qǐng)據(jù)所學(xué)知識(shí)推測，大多數(shù)糖尿病人在患病初期，抗利尿激素的分泌量與正常人相比會(huì)____，原因是__________________________。30、血栓主要由不溶性的纖維蛋白等物質(zhì)組成，下圖是納豆激酶栓機(jī)理簡圖。請(qǐng)根據(jù)圖回答問題：

(1)已知納豆激酶可用雙縮脲試劑檢測，推測其基本組成單位是________。納豆激酶不耐熱，加熱到70°C變性失活，原因是高溫破壞納豆激酶的__________________。(2)同無機(jī)催化劑相比，納豆激酶的催化效率高，原因是納豆激酶________作用更顯著。

(3)將______________溶液滴加在含纖維蛋白的固體培養(yǎng)基上，出現(xiàn)相應(yīng)的溶解圈，說明納豆激酶能______________________(填“間接”或“直接”）降解纖維蛋白。

(4)除(3)中作用途徑外，納豆激酶還可以通過促進(jìn)血管上皮細(xì)胞___________，激活體內(nèi)原，增加纖溶酶的量來溶解血栓。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【分析】根據(jù)LC回路的固有頻率公式：f=，將振蕩頻率在f1=550Hz到f2=1650Hz代入公式即可求得對(duì)應(yīng)的比值．【解析】【解答】解：根據(jù)LC回路的固有頻率公式：f=；

得：C=

所以可變電容器電容的最大值與最小值之比：==9

故選：A．2、D【分析】【分析】由圖讀出相鄰峰值之間的距離，根據(jù)勻速直線運(yùn)動(dòng)的公式求出時(shí)間，再求人的心率．【解析】【解答】解：由圖讀出相鄰峰值之間的距離s=4×0.5=2.0cm

v=2.0cm/s；

則心動(dòng)周期：

T==s=1s

人的心率：

f===1Hz=60次/min；此人心臟每跳動(dòng)一次所需時(shí)間約為1s

故選：D．3、A【分析】【分析】由于Q1帶點(diǎn)電荷，Q2帶負(fù)點(diǎn)電荷；根據(jù)同種電荷排斥，異種電荷吸引；

要使整個(gè)系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，對(duì)其q受力分析，去判斷所處的位置．【解析】【解答】解：A、D、若q放在Q1的左邊，Q1對(duì)q的排斥力向左，Q2對(duì)q的吸引力向右，假設(shè)Q1與q之間的距離為r1，Q2與q之間的距離為r2，則根據(jù)庫侖定律和平衡條件，又因?yàn)镼2=4Q1，所以r2=2r1，故q放在Q1的左邊完全可以．故A正確；D錯(cuò)誤．

B、若q放在Q2的右邊，Q1對(duì)q向右的排斥力小于Q2對(duì)q向左的吸引力；q不能平衡，故B錯(cuò)誤．

C、若q放在Q1、Q2之間，Q1對(duì)q的排斥力向右，Q2對(duì)q的吸引力也向右；q不能平衡，故C錯(cuò)誤．

故選：A．4、A【分析】【分析】根據(jù)以下知識(shí)答題：

（1）電磁波；光波、聲波都能傳遞信息；

（2）明確電磁波譜的波長及頻率的分布及應(yīng)用．【解析】【解答】解：A；手機(jī)發(fā)射和接收的信號(hào)都是利用無線電波中的微波；故A正確；

B；手機(jī)上網(wǎng)和Wifi上網(wǎng)都是利用電磁波來傳輸信息的；故B錯(cuò)誤；

C；常用的遙控器通過發(fā)射紅外線脈沖信號(hào)來遙控電視機(jī)；故C錯(cuò)誤；

D；微波、紅外線、紫外線、倫琴射線的頻率依次增大；波長依次減??；故D錯(cuò)誤；

故選：A5、A【分析】【分析】速度是表示物體運(yùn)動(dòng)快慢的物理量，速度又有瞬時(shí)速度和平均速度，據(jù)此分析判斷．【解析】【解答】解：A；速度是描述物體運(yùn)動(dòng)快慢的物理量；故A正確；

B；瞬時(shí)速度是指物體在某一時(shí)刻的速度；而速率是標(biāo)量，所以二者不同，故B錯(cuò)誤；

C、平均速度描述物體平均運(yùn)動(dòng)快慢的物理量，其大小v=；故C錯(cuò)誤；

D；勻速直線運(yùn)動(dòng)是速度不變的運(yùn)動(dòng)；其方向是不變的，故D錯(cuò)誤．

故選：A．6、B【分析】【分析】在上升過程中空氣阻力向下，下降過程中空氣阻力向上，結(jié)合受力分析，分別寫出它們的加速度的表達(dá)式，然后由位移大小相等，根據(jù)即可確定時(shí)間的關(guān)系．【解析】【解答】解：上升和下降兩過程，小球通過的位移大小相等，由受力分析可知小球上升過程的加速度，下降過程中；

即a上＞a下，根據(jù)可知。

小球上升的時(shí)間應(yīng)小于下降的時(shí)間；

故選：B．7、A【分析】【分析】電場強(qiáng)度的定義式E=，運(yùn)用比值法定義，電場強(qiáng)度E與檢驗(yàn)電荷所受的電場力與電荷量無關(guān)．【解析】【解答】解：根據(jù)電場強(qiáng)度的定義式E=；可知電場強(qiáng)度是反映電場本身的性質(zhì)的物理量，與放入電場中的檢驗(yàn)電荷所受的電場力和其電荷量無關(guān)，故A正確，BCD錯(cuò)誤．

故：A．二、填空題(共9題，共18分)8、橫坐標(biāo)漏加小球的半徑不變1.73【分析】【分析】（1）根據(jù)單擺擺長等于擺線長度與擺球半徑之和；結(jié)合單擺周期公式，即可求解；

（2）根據(jù)單擺周期公式T=2π；推導(dǎo)出重力加速度表達(dá)式，從而得出圖象中斜率與重力加速度的關(guān)系；

（3）根據(jù)=，結(jié)合t2=404.0l+3.5（s2），從而即可求解．【解析】【解答】解：（1）單擺擺長等于擺線長度與擺球半徑之和，把擺線長度作為單擺擺長，擺長小于實(shí)際擺長，t2-l圖象不過原點(diǎn)；在縱軸上截距不為零，因此圖線沒有經(jīng)過坐標(biāo)原點(diǎn)，可能的原因是橫坐標(biāo)漏加小球的半徑；

（2）根據(jù)單擺周期公式T=2π

得：g=

雖然圖象沒有經(jīng)過坐標(biāo)原點(diǎn)；但測出的重力加速度應(yīng)不變；

（3）根據(jù)=，結(jié)合t2=404.0l+3.5（s2）；

因斜率k=404.0

則：404×=3.5

解得：d==0.0173m=1.73cm

故答案為：（1）橫坐標(biāo)漏加小球的半徑；

（2）不變；

（3）1.73．9、ACD【分析】【分析】（1）由振動(dòng)圖象讀出周期．根據(jù)同一時(shí)刻a、b兩質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)狀態(tài)，得到ab=3m與波長的關(guān)系；求出波長的通項(xiàng)，再求解波速的通項(xiàng)．即可進(jìn)行求解．

（2）作出光路圖，根據(jù)折射定律和幾何關(guān)系，求出入射角和折射角，再由幾何關(guān)系求解光源S與球心O之間的距離SO．【解析】【解答】解：由振動(dòng)圖象得：質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)周期T=4s；

在t=0時(shí)刻，a點(diǎn)位于波谷，b點(diǎn)經(jīng)過平衡位置向上，結(jié)合波形得：ab=（n+）λ，得λ==m；當(dāng)n=0時(shí)λ=4m；

因?yàn)閚≥0；得λ≤4m；

波速v==m/s；n=0，1，2，

因?yàn)閚≥0；得v≤1m/s，故波速不可能大于3m/s，C正確；

當(dāng)n=0時(shí)；v=1m/s，故A正確；

當(dāng)n=1時(shí)，v=m/s；B錯(cuò)誤；

當(dāng)n=2時(shí)，v=m/s；D正確；

故選：ACD．

（2）如圖；

根據(jù)折射定律：n=θ3=θ1其中θ3+θ2=90°

聯(lián)立得：θ1=60°，θ2=30°

由圖有：β=θ2=30°，α=θ1-β=30°

故：SO=R

SM=SO-R=（-1）R

答：光源S與球冠頂點(diǎn)M之間的距離SM約為（-1）R．10、95125【分析】【分析】先根據(jù)自由落體的位移公式h=gt2求下落總時(shí)間；最后1s的位移可以用總位移減去最后1s之前的位移；根據(jù)自由落體的位移公式h=gt2求解下落時(shí)間為總時(shí)間的一半時(shí)的位移．【解析】【解答】解：由h=gt2，得落地時(shí)間：t===10s

因?yàn)閺拈_始運(yùn)動(dòng)起前9s內(nèi)的位移為：h9=gt92=405m

所以最后1s內(nèi)的位移為：h10=h-h9=500-405=95m

落下一半時(shí)間即t=5s，其位移為：h′=gt′2=125m

故答案為：95，125．11、略

【分析】

由s-t圖象可知，碰撞前vA===4m/s，vB=0m/s；

碰撞后vA′=vB′=v===1m/s；碰撞過程動(dòng)量守恒；

對(duì)A、B組成的系統(tǒng)，由動(dòng)量守恒定律得：mAvA=（mA+mB）v；

即：0.5×4=（0.5+mB）×1，解得mB=1.5kg；

對(duì)A動(dòng)量的該變量△P=mAv-mAvA=0.5×1-0.5×4=-1.5kg?m/s；

故答案為：1.5；-1.5．

【解析】【答案】在位移時(shí)間圖象中；斜率表示物體的速度，由圖象可知碰撞前后的速度，根據(jù)動(dòng)量的公式及動(dòng)量守恒定律可以求解．

12、rm{(1)Fe^{3+}}rm{Fe^{2+;}(1}分rm{)}

rm{(2)}將rm{Fe^{2+}}氧化成rm{Fe^{3+}}或?qū)m{Fe(OH)_{2}}氧化成rm{Fe(OH)_{3}(1}分rm{)}；rm{C(1}分rm{)}

rm{(3)}取少量溶液Ⅱ于試管中，加入rm{KSCN}溶液，若無明顯現(xiàn)象，說明溶液Ⅱ不含rm{Fe^{3+}}若溶液變紅色，說明溶液Ⅱ含有rm{Fe^{3+}(2}分rm{)}

rm{(4)OH^{-}+Al(OH)_{3}=AlO_{2}^{隆陋}}rm{+2H_{2}O(2}分rm{)}過濾rm{(1}分rm{)}加熱或灼燒rm{(1}分rm{)}

rm{(5)CO_{2}(1}分rm{)}

rm{(6)壟脵3.50(2}分rm{)}

rm{壟脷4}rm{1}rm{5(2}分rm{)}【分析】【分析】本題主要考查工藝流程，物質(zhì)的分離提純?！窘獯稹縭m{(1)MgO}rm{Fe_{2}O}rm{Fe_{2}O_{3}}rm{Al_{2}O_{3}}都會(huì)溶于鹽酸中，生成rm{Mg^{2+}}rm{Al^{3+}}rm{Fe^{3+}}rm{Fe^{2+;}}故答案為：rm{Fe^{3+}}rm{Fe^{2+;}}rm{(2)}向Ⅰ中加入氧化劑的作用是將rm{Fe^{2+}}氧化成rm{Fe^{3+}}依據(jù)轉(zhuǎn)化關(guān)系分析實(shí)驗(yàn)?zāi)康模^程為了制備碳酸鎂，所以操作rm{壟脷}氫氧化鈣需要適量，控制溶液rm{pH}小于rm{9.4}不能沉淀鎂離子，且使鋁離子和鐵離子全部生成沉淀，氫氧化鋁是兩性氫氧化物，所以堿不能過量，所以rm{pH}應(yīng)控制在rm{7-8}最合適，故答案為：將rm{Fe^{2+}}氧化成rm{Fe^{3+}}rm{{,!}C}rm{(3)}取少量溶液Ⅱ于試管中，加入rm{KSCN}溶液，若無明顯現(xiàn)象，說明溶液Ⅱ不含rm{Fe^{3+}}若溶液變紅色，說明溶液Ⅱ含有rm{Fe^{3+}}故答案為：取少量溶液Ⅱ于試管中，加入rm{KSCN}溶液，若無明顯現(xiàn)象，說明溶液Ⅱ不含rm{Fe^{3+}}若溶液變紅色，說明溶液Ⅱ含有rm{Fe^{3+}}rm{(4)}從沉淀混合物rm{B}中制取rm{D}實(shí)驗(yàn)流程為了制備碳酸鎂，所以操作rm{2}氫氧化鈣需要適量，控制溶液rm{pH}小于rm{9.4}不能沉淀鎂離子，且使鋁離子和鐵離子全部生成沉淀，判斷沉淀rm{B}為氫氧化鋁、氫氧化鐵，加熱得到紅色氧化物，判斷氫氧化鐵得到紅色物質(zhì)推斷為氧化鐵，所以需要加入過量氫氧化鈉溶液溶解氫氧化鋁為偏鋁酸鈉溶液，反應(yīng)的離子方程式為：rm{OH^{-}+Al(OH)_{3}簍TAlO_{2}^{-}+2H_{2}O}過濾得到氫氧化鐵沉淀，加熱或灼燒得到氧化鐵實(shí)現(xiàn)；故答案為：rm{OH^{-}+Al(OH)_{3}簍TAlO_{2}^{-}+2H_{2}O}過濾；加熱或灼燒；rm{(5)}上述實(shí)驗(yàn)中，可以循環(huán)使用的物質(zhì)是二氧化碳；故答案為：rm{CO_{2}}rm{(6)24.2g}堿式碳酸鎂rm{xMgCO_{3}隆隴yMg(OH)_{2}隆隴zH_{2}O}與鹽酸反應(yīng)放出rm{4.48L}二氧化碳rm{(}標(biāo)況rm{)}則rm{n(MgCO_{3})=0.200mol}rm{24.2g}樣品充分灼燒，剩余的rm{10.0g}固體為rm{MgO}則rm{n(Mg)=0.250mol}根據(jù)元素守恒，rm{n[Mg(OH)_{2}]=0.0500mol}故rm{24.2g}樣品中rm{m(H_{2}O)=24.2g-(0.200隆脕84)g-(0.0500隆脕58)g=4.5g}rm{n(H_{2}O)=0.250mol}故rm{x:y:z=0.200:0.0500:0.250=4:1:5}由題意知，最后所得溶液為rm{MgCl_{2}}和rm{HCl}的混合溶液，根據(jù)氯元素守恒，加入的rm{n(HCl)=2n(MgCl_{2})+n(H^{+})=2隆脕0.250mol+0.100mol/L隆脕0.250L=0.525mol}故rm{c(HCl)=0.525mol0.150L=3.50mol/L}故答案為：rm{壟脵3.50}rm{壟脷}rm{4}rm{1}rm{5}【解析】rm{(1)Fe^{3+}}rm{Fe^{2+;}(1}分rm{)}rm{(2)}將rm{Fe^{2+}}氧化成rm{Fe^{3+}}或?qū)m{Fe(OH)_{2}}氧化成rm{Fe(OH)_{3}(1}分rm{)}；rm{C(1}分rm{)}rm{(3)}取少量溶液Ⅱ于試管中，加入rm{KSCN}溶液，若無明顯現(xiàn)象，說明溶液Ⅱ不含rm{Fe^{3+}}若溶液變紅色，說明溶液Ⅱ含有rm{Fe^{3+}(2}分rm{)}rm{(4)OH^{-}+Al(OH)_{3}=AlO_{2}^{隆陋}}rm{+2H_{2}O(2}分rm{)}過濾rm{(1}分rm{)}加熱或灼燒rm{(1}分rm{)}rm{(5)CO_{2}(1}分rm{)}rm{(6)壟脵3.50(2}分rm{)}rm{壟脷4}rm{1}rm{5(2}分rm{)}13、2.55【分析】【分析】從U-I圖線上任找兩電阻兩端的電壓和相對(duì)應(yīng)的電流，根據(jù)歐姆定律分別求出R1、R2的阻值．【解析】【解答】解：由圖可知；當(dāng)電流為2A時(shí)，電壓分別為5V；10V；

則由R=可得：R1==2.5Ω；

同理，R2==5Ω

故答案為：2.5，5．14、24160.2【分析】【分析】通過彈簧的伸長，由胡克定律來計(jì)算出物體剛開始運(yùn)動(dòng)的摩擦力大小，與物體正在運(yùn)動(dòng)的摩擦力大?。瑒?dòng)摩擦力等于動(dòng)摩擦力因數(shù)與正壓力的乘積【解析】【解答】解：（1）物體受力如圖所示。

物體剛要運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的摩擦力就是最大靜摩擦力；故。

fm=F1kx1

=400×6×10-2N

=24N

（2）物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)；受力平衡，則。

f動(dòng)=F2kx2

=400×4×10-2N

=16N

（3）由二力平衡有。

N=mg①

又f=μN(yùn)②

聯(lián)立①②得μ==0.2

故答案為：24，16，0.2．15、021【分析】【分析】當(dāng)這三個(gè)力作用在同一物體上，并且作用在同一直線上，方向相同，三個(gè)力的合力最大．如果三個(gè)力不在同一直線上，夾角可以變化，當(dāng)兩個(gè)較小力的合力大小等于第三個(gè)力，方向相反時(shí)，合力為零，此時(shí)三個(gè)力的合力的最?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓寒?dāng)三個(gè)力作用在同一直線；同方向時(shí)；三個(gè)力的合力最大，即F=6N+7N+8N=21N．

當(dāng)三個(gè)力作用在一個(gè)物體上；不在一條直線，并且夾角可以改變，6N在7N與8N的合力最大值15N，最小值1N之間，故此時(shí)三個(gè)力的合力為零，即它們合力的最小值為0．

故答案為：0，21．16、15變加速【分析】【分析】根據(jù)P=Fv知，汽車速度最大時(shí)牽引力與阻力相等，根據(jù)額定功率和阻力大小可以計(jì)算汽車所能達(dá)到的最大速度，根據(jù)汽車的受力情況分析汽車的運(yùn)動(dòng)情況．【解析】【解答】解：汽車速度最大時(shí)，汽車的牽引力大小與阻力大小相等，故汽車所能達(dá)到的最大速度為：；

汽車以額定功率啟動(dòng)；功率不變，根據(jù)P=Fv可知，速度增大，則牽引力減小，根據(jù)牛頓第二定律可知，加速度減小，則汽車做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，是變加速運(yùn)動(dòng)．

故答案為為：15，變加速三、判斷題(共7題，共14分)17、√【分析】【分析】平均速度是位移與時(shí)間的比值；平均速率是位移的路程與時(shí)間的比值．由此分析即可．【解析】【解答】解：平均速率是位移的路程與時(shí)間的比值；物體的平均速率為零，則物體的路程為0，物體一定處于靜止?fàn)顟B(tài)．所以該說法是正確的．

故答案為：√18、×【分析】【分析】首先知道平衡態(tài)和熱平衡的定義，知道影響的因素是不同；知道溫度是判斷系統(tǒng)熱平衡的依據(jù)；據(jù)此分析判斷即可．【解析】【解答】解：一般來說；平衡態(tài)是針對(duì)某一系統(tǒng)而言的，描述系統(tǒng)狀態(tài)的參量不只溫度一個(gè)，還與體積壓強(qiáng)有關(guān)，當(dāng)溫度不變時(shí)，系統(tǒng)不一定處于平衡態(tài)．所以該說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×19、×【分析】【分析】元電荷一定是電量最小的電荷；點(diǎn)電荷是一種理想化模型，其本身所帶的電量可以很大．【解析】【解答】解：點(diǎn)電荷是一種理想化模型；當(dāng)帶電體的體積和形狀相對(duì)所研究的問題可以忽略的時(shí)候，帶電體可以看做點(diǎn)電荷，其本身所帶的電量可以很大．故此說法錯(cuò)誤．

故答案為：×20、√【分析】【分析】氣體壓強(qiáng)的微觀解釋：氣體的壓強(qiáng)是氣體分子頻繁撞擊容器壁產(chǎn)生的；從宏觀上看，一定質(zhì)量的氣體，溫度越高，體積越小，氣體產(chǎn)生的壓強(qiáng)越大．

從宏觀上看，這個(gè)壓強(qiáng)就是地面上每平方米面積的上方整個(gè)大氣柱對(duì)地面的壓力，它等于地面上方的這一大氣柱的重力．【解析】【解答】解：氣壓是由于氣體分子對(duì)杯壁的密集的；激烈的碰撞的效應(yīng)．

從宏觀效果上看；對(duì)于地面所受到的大氣壓強(qiáng)，就是地面上每平方米面積的上方整個(gè)大氣柱對(duì)地面的壓力，它等于地面上方的這一大氣柱的重力。

故該說法是正確的．

故答案為：√21、√【分析】【分析】晶體的分子（或原子、離子）排列是有規(guī)則的．晶體是具有一定的規(guī)則外形和各向異性．【解析】【解答】解：根據(jù)晶體的結(jié)構(gòu)的特點(diǎn)可知；晶體的分子（或原子；離子）排列是有規(guī)則的．所以該說法是正確的．

故答案為：√22、×【分析】【分析】勻速圓周運(yùn)動(dòng)合力等于向心力，方向始終指向圓心，只改變速度的方向，不改變速度的大小．【解析】【解答】解：物體做圓周運(yùn)動(dòng)；向心力方向始終指向圓心，方向時(shí)刻變化，此說法錯(cuò)誤．

故答案為：×23、×【分析】【分析】電場的性質(zhì)是對(duì)電荷有力的作用，而電荷受到電場力的方向與電場強(qiáng)度可以相同，也可以相反．當(dāng)運(yùn)動(dòng)的帶電粒子的速度方向不與磁場平行，將會(huì)受到洛倫茲力作用，根據(jù)左手定則可知，洛倫茲力的方向與磁場方向的關(guān)系．【解析】【解答】解：當(dāng)運(yùn)動(dòng)的電荷的速度方向與磁場方向平行時(shí)；不受洛倫茲力；

故答案為：×．四、解答題(共2題，共12分)24、略

【分析】【分析】根據(jù)Em=nBSω求出峰值的大小，從而得出正弦式交流電電動(dòng)勢的有效值，結(jié)合閉合電路歐姆定律求出電壓表的示數(shù)以及電路中的電流，根據(jù)P=I2R求出電阻R上消耗的功率．根據(jù)電流的峰值寫出電流的表達(dá)式．【解析】【解答】解：（1）角速度為：ω=2πn=100π=314rad/s；

則電動(dòng)勢的最大值為：×100π=314V．

電路中電流的最大值為：；

則電流的瞬時(shí)表達(dá)式為：i=31.4cos314tA．

（2）電動(dòng)勢的有效值為：；

電路中電流為：I=；

則電阻R上消耗的功率為：P=I2R=22.22×9W≈4436.8W．

答：（1）電流的表達(dá)式為i=31.4cos314tA；

（2）電阻R上消耗的功率4436.8W25、略

【分析】【分析】根據(jù)速度時(shí)間公式求出勻減速直線運(yùn)動(dòng)的加速度，結(jié)合牛頓第二定律求出星球表面的重力加速度g．根據(jù)萬有引力提供向心力，以及萬有引力等于重力求出該星球的第一宇宙速度．【解析】【解答】解：對(duì)物體受力分析；可知在沿斜面的方向上：mgsinθ+μmgcosθ=ma

由運(yùn)動(dòng)學(xué)可知：

聯(lián)立可得：g=7.5m/s2

對(duì)地球表面的物體：

對(duì)地球表面衛(wèi)星：

故：

代入數(shù)據(jù)得v=3.0×103m/s．

答：該星球的第一宇宙速度為3.0×103m/s．五、實(shí)驗(yàn)探究題(共2題，共12分)26、勻速直線；滑塊應(yīng)該有加速過程，然后再勻速運(yùn)動(dòng)；0.018；0.018；A、B的動(dòng)量始終大小相等方向相反【分析】解：(1)AB

離開彈簧后；應(yīng)該做勻速直線運(yùn)動(dòng)；燒斷細(xì)線后，在彈簧恢復(fù)原長的過程中，應(yīng)先做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)彈簧恢復(fù)原長后，滑塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由圖中閃光照片可知，滑塊直接做運(yùn)動(dòng)直線運(yùn)動(dòng)，沒有加速過程，與事實(shí)不符．

(2)

頻閃照相的時(shí)間間隔t=1f=110Hz=0.1s

滑塊A

的速度vA=xAt=0.0090.1=0.09m/s

滑塊B

的速度vB=xBt=0.0060.1=0.06m/sA

的動(dòng)量PA=mAvA=0.200kg隆脕0.09m/s=0.018kg?m/s

PB=mBvB=0.300kg隆脕0.06m/s=0.018kg?m/s

由此可見AB

的動(dòng)量大小相等、方向相反；

它們的總動(dòng)量為零；與釋放前的動(dòng)量相等，因此系統(tǒng)動(dòng)量守恒．

答：(1)

勻速直線；滑塊應(yīng)該有加速過程；然后再勻速運(yùn)動(dòng)；

(2)0.0180.018AB

的動(dòng)量始終大小相等方向相反．

根據(jù)頻閃照片看出，AB

兩滑塊在相等時(shí)間內(nèi)通過的位移都相等，各自做勻速直線運(yùn)動(dòng).

由v=stt=1f

求出AB

滑塊運(yùn)動(dòng)的速度大小.

由P=mv

求解兩滑塊動(dòng)量的大小.

根據(jù)兩滑塊動(dòng)量關(guān)系分析答題．

本題根據(jù)相等時(shí)間內(nèi)通過的位移相等，判斷滑塊做勻速直線運(yùn)動(dòng).

由v=xt

求速度，由P=mv

求動(dòng)量，要注意動(dòng)量是矢量，在規(guī)定正方向的基礎(chǔ)上，用符號(hào)表示動(dòng)量的方向．【解析】勻速直線；滑塊應(yīng)該有加速過程，然后再勻速運(yùn)動(dòng)；0.0180.018AB

的動(dòng)量始終大小相等方向相反27、（1）引物Taq酶

（2）感染植物將目的基因整合到受體細(xì)胞染色體DNA上抗原﹣抗體雜交技術(shù)

（3）MII中可以充分發(fā)揮雌性優(yōu)良個(gè)體的繁殖潛力

（4）物質(zhì)循環(huán)再生協(xié)調(diào)與平衡

【分析】【分析】本題主要考查了基因工程、細(xì)胞工程和生態(tài)工程的相關(guān)知識(shí)，熟記基因工程的原理及操作步驟，掌握各操作步驟中需要注意的細(xì)節(jié)；熟記胚胎移植的基本程序及意義及生態(tài)工程的基本原理及實(shí)例是解答本題的關(guān)鍵。【解答】（1）利用PCR技術(shù)擴(kuò)增目的基因的前提是要有一段已知目的基因的核苷酸序列；以便根據(jù)這一序列合成引物。PCR技術(shù)是在較高溫度環(huán)境中進(jìn)行的，因此技術(shù)中需要的關(guān)鍵酶是熱穩(wěn)定DNA聚合酶（Taq酶）。

（2）將目的基因?qū)胫参锛?xì)胞采用最多的方法是農(nóng)桿菌轉(zhuǎn)化法；農(nóng)桿菌的作用是感染植物，將目的基因轉(zhuǎn)移到受體細(xì)胞中。分子水平檢測抗蟲棉基因是否表達(dá)的方法是抗原-抗體雜交技術(shù)。

（3）受精前的準(zhǔn)備階段：取自附睪的精子要進(jìn)行精子獲能；來自母方的卵母細(xì)胞要在輸卵管內(nèi)進(jìn)一步成熟；達(dá)到減數(shù)第二次分裂的中期時(shí)，才具備與精子受精的能力。胚胎工程最后一道工序是胚胎移植，該技術(shù)可以充分發(fā)揮雌性優(yōu)良個(gè)體的繁殖潛力。

（4）桑基魚塘生態(tài)系統(tǒng)能充分利用廢棄物中的能量，形成無廢棄物農(nóng)業(yè)，這主要遵循了生態(tài)工程物質(zhì)循環(huán)再生的原理。我國西北一些地區(qū)年降雨量較少，適宜種植灌木和草，卻被硬性規(guī)定種植屬于喬木的楊樹，致使許多地方的楊樹長成半死不活狀，結(jié)果防護(hù)林成為殘敗的“灰色長城”，其失敗的原因主要是違背了協(xié)調(diào)與平衡原理?！窘馕觥浚?）引物Taq酶（2）感染植物將目的基因整合到受體細(xì)胞染色體DNA上抗原﹣抗體雜交技術(shù)（3）MII中可以充分發(fā)揮雌性優(yōu)良個(gè)體的繁殖潛力（4）物質(zhì)循環(huán)再生協(xié)調(diào)與平衡

六、識(shí)圖作答題(共3題，共15分)28、（1）m或2m4m（2）22m（3）AbaBaB【分析】【分析】本題結(jié)合細(xì)胞分裂過程圖，考查有絲分裂和減數(shù)分裂的相關(guān)知識(shí)，要求考生識(shí)記有絲分裂和減數(shù)分裂過程特點(diǎn)，掌握有絲分裂和減數(shù)分裂過程中染色體數(shù)目、DNA數(shù)目和染色單體數(shù)目變化規(guī)律，準(zhǔn)確判斷各選項(xiàng)。分析題圖：①表示有絲分裂；②處于減數(shù)第一次分裂過程，屬于初級(jí)精母細(xì)胞，細(xì)胞含有同源染色體；③處于減數(shù)第二次分裂后期，屬于次級(jí)精母細(xì)胞，細(xì)胞中不含同源染色體。【解答】（1）①處于有絲分裂；含有m或2m對(duì)同源染色體，DNA復(fù)制之后，數(shù)目加倍，即DNA數(shù)目為4m。

（2）③為處于減數(shù)第二次分裂后期的次級(jí)精母細(xì)胞；不含同源染色體，此時(shí)染色體數(shù)目與體細(xì)胞相同，即染色體數(shù)目為2m，含2個(gè)染色體組。

（3）一個(gè)精原細(xì)胞減數(shù)分裂只能形成2種精細(xì)胞，因此與圖中精細(xì)胞同時(shí)