2025年人教A版必修3物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教A版必修3物理上冊月考試卷596考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、金屬球原來不帶電，現(xiàn)沿球直徑的延長線放置一均勻帶電細桿MN，如圖所示。金屬球上感應電荷產(chǎn)生的電場在球內(nèi)直徑上a、b、c三點的場強大小分別為Ea、Eb、Ec。下列判斷正確的是。

A.Ea>Eb>EcB.Eb>Ec>EaC.Ec>Eb>EaD.Ea=Eb=Ec2、如圖所示,導體球A與導體球殼B同心,原來都不帶電,也不接地,設M、N兩點的場強大小為EM和EN,下列說法中正確的是。

A.若使A帶電,則EM≠0,EN=0B.若使B帶電,則EM≠0,EN≠0C.若使A，B兩球分別帶上等量異種電荷,則EM≠0,EN=0D.若使A球帶電,B球接地,則EM=0,EN=03、如圖所示，一直流電動機與阻值R＝9Ω的電阻串聯(lián)在電源上，電源的電動勢E＝20V，內(nèi)阻r＝1Ω，閉合開關，用理想電壓表測出電動機兩端電壓U＝10V，已知電動機線圈的電阻RM＝1Ω；則下列說法中正確的是（）

A.通過電動機的電流為AB.電源的輸出功率為10WC.電動機的輸入功率為10WD.電動機的輸出功率為8W4、如圖所示，在豎直平面xOy內(nèi)有一環(huán)形金屬線圈，圓心O處放置一小磁針，可在水平面內(nèi)自由轉動，受地磁場影響，此時小磁針N極正好指向x軸正方向。當環(huán)形線圈中通入逆時針的2A電流時，小磁針N極與x軸正向的夾角為已知環(huán)形電流在O點產(chǎn)生的磁感應強度與環(huán)形電流強度成正比。當小磁針N極與x軸正向的夾角為則環(huán)形線圈中通入的電流為（）

A.1AB.2.7AC.2AD.3.5A5、一帶電粒子從A點射人電場；從B點射出，電場的等勢面和粒子的運動軌跡如圖所示，圖中左側前三個等勢面彼此平行，不計粒子的重力．下列說法正確的有。

A.粒子帶正電荷B.粒子的速度不斷增大C.粒子的加速度先不變，后變小D.粒子的電勢能先減小，后增大6、小東發(fā)現(xiàn)不少物理量均采用了比值定義法，于是進行了整理。下列不屬于比值定義法的（）A.B.C.D.7、如圖（a）所示，兩個帶正電的小球A、B（均可視為點電荷）套在一根傾斜的光滑絕緣直桿上，其中A球固定，電荷量QA=2.0×10-4C，B球的質量m=0.1kg。以A為坐標原點，沿桿向上建立直線坐標系，B球的總勢能（重力勢能與電勢能之和）隨位置x的變化規(guī)律如圖（b）中曲線I所示，直線Ⅱ為曲線I的漸近線。圖中M點離A點距離為6m，令A位置的重力勢能為零，無窮遠處電勢為零，重力加速度g取10m/s2，圖（a）靜電力恒量k=9.0×109N·m2/C2；下列說法錯誤的是（）

A.B球的電荷量QB=1.0×10-5CB.直線Ⅱ實質上是小球B的重力勢能變化曲線C.若B球從離A球2m處靜止釋放，則向上運動過程中加速度先減小后增大D.若B球以4J的初動能從M點沿桿向上運動，到最高點時電勢能減小1J評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、正對著并水平放置的兩平行金屬板連接在如圖電路中，板長為l，板間距為d，在距離板的右端2l處有一豎直放置的光屏M．D為理想二極管（即正向電阻為0，反向電阻無窮大），R為滑動變阻器，R0為定值電阻．將滑片P置于滑動變阻器正中間，閉合電鍵S，讓一帶電量為q、質量為m的質點從兩板左端連線的中點N以水平速度v0射入板間；質點未碰極板，最后垂直打在M屏上．在保持電鍵S閉合的情況下，下列分析或結論正確的是()

A.質點在板間運動的過程中與它從板的右端運動到光屏的過程中速度變化相同B.板間電場強度大小為C.若僅將滑片P向下滑動一段后，再讓該質點從N點以水平速度v0射入板間，質點將不會垂直打在光屏上D.若僅將兩平行板的間距變大一些，再讓該質點從N點以水平速度v0射入板間，質點依然會垂直打在光屏上9、一直流電動機正常工作時兩端的電壓為U，通過的電流為I，電動機線圈的電阻為r．該電動機正常工作時，下列說法正確的是（）A.電動機消耗的電功率為UIB.電動機的輸出功率為UI﹣I2rC.電動機的發(fā)熱功率為D.I、U、r三個量間滿足I=10、如圖所示，三條平行等距的直線表示電場中的三個等勢面，電勢值分別為10V、20V、30V，實線是一帶負電的粒子（不計重力），在該區(qū)域內(nèi)的運動軌跡，對于這軌道上的a、b、c三點來說；下列選項說法正確的是（）

A.粒子必先過a，再到b，然后到cB.粒子在三點所受的合力C.粒子在三點的動能大小為D.粒子在三點的電勢能大小為11、如圖所示；A；B為相互接觸并用絕緣支柱支持的金屬導體，起初都不帶電，在它們的下部貼有金屬箔片，C是帶正電的小球，下列說法正確的是（）

A.把C移近導體A時，B上的金屬箔片都張開B.把C移近導體A，再把B分開，然后移去C，B上的金屬箔片仍張開C.把C移近導體A，先把C移走，再把B分開，B上的金屬箔片仍張開D.把C移近導體A，先把B分開，再把C移走，然后重新讓B接觸，A上的金屬箔片張開，而B上的金屬箔片閉合12、如圖所示，一輕質絕緣細線一端固定在O點，另一端系一帶電量大小為q、質量為m的小球，小球靜止懸掛放置在正對距離為d的平行板電容器A、B間，電容器極板足夠大，電容器兩板連接在電源兩端細線與豎直方向夾角細線、小球在豎直平面內(nèi)紙面內(nèi)，A、B兩板平行正對傾斜放置，且與紙面垂直、與細線平行。已知重力加速度為g；下列說法正確的有（）

A.小球帶正電B.電源電動勢C.若在豎直面內(nèi)保持兩板正對面積不變，B板向A板緩慢靠近，則小球將緩慢上移D.若繩子突然斷開，則小球將做曲線運動13、如圖所示，將帶等量同種正電荷的兩個點電荷分別固定在A、B點，其中OC是AB連線的中垂線，D點處于OC之間。不計重力和空氣阻力；某同學對這兩點電荷的電場分析后得到下列結論，其中正確的是（）

A.C點的電場一定比D點的更強B.若不能確定試探電荷正負，則無法判斷C、D兩點電勢的高低C.O點處的電場強度為0D.若在C點由靜止釋放一帶負電的點電荷，則該電荷在之后的運動中多次經(jīng)過D點14、如圖所示，A、B為平行板電容器的兩個金屬極板，C為靜電計；開始時閉合開關S。靜電計張開一定角度。不考慮靜電計引起的電荷量變化，則下列說法正確的是（）

A.保持開關S閉合，將兩極板間距減小，板間場強減小B.保持開關S閉合，將R的滑片向左移動，靜電計指針張開角度不變C.斷開開關S后，緊貼下極板插入金屬板，靜電計指針張開角度減小D.斷開開關S后，將兩極板間距增大，板間電壓增大15、如圖所示為某款掃地機器人；其內(nèi)置鋰電池容量為5000mA·h，在一般情況下，充滿一次電可供其正常工作的時間為150min。已知該掃地機器人的額定功率為40W，則下列說法正確的是（）

A.掃地機器人正常工作時的電流是2AB.掃地機器人正常工作時的電壓為8VC.掃地機器人電動機的內(nèi)阻為10D.掃地機器人正常工作150min消耗的電能為3.6×105J16、下列四幅圖的有關說法中正確的是（）

A.甲圖中，球m1以速度v碰靜止球m2，若兩球質量相等，碰后m2的速度一定為vB.乙圖中，在光顏色保持不變的情況下，入射光越強，飽和光電流越大C.丙圖中，射線甲由電子組成，射線乙為電磁波，射線丙由α粒子組成D.丁鏈式反應屬于重核的裂變評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)17、一次閃電，流動的電荷量大約為300C，持續(xù)的時間大約是0.005s，所形成的平均電流為________A。18、（1）變化的電場一定產(chǎn)生變化的磁場。_______

（2）恒定電流周圍產(chǎn)生磁場，磁場又產(chǎn)生電場。_______

（3）電磁波和光在真空中的傳播速度都是3.0×108m/s。_______

（4）麥克斯韋預言并驗證了電磁波的存在。_______

（5）電磁波在任何介質中的傳播速度均為3×108m/s。_______

（6）光也是一種電磁波。_______19、二極管的特點及其電阻測量:晶體二極管是由半導體材料制成的，它有兩個極，一個叫______極，一個叫______極；它的符號如圖甲所示。

晶體二極管具有單向導電性（符號上的箭頭表示允許電流通過的方向）。當給二極管加正向電壓時，它的電阻很______，電路導通，如圖乙所示;當給二極管加反向電壓時，它的電阻很______；電路截止，如圖丙所示。

20、用螺旋測微器測量某材質電線的直徑d，其中一次測量如圖所示，其讀數(shù)___________mm。

21、如圖所示，分別在A、B兩點放置點電荷Q1=＋2×10-14C和Q2=-2×10-14C。在AB的垂直平分線上有一點C，且AB=AC=BC=6×10-2m。如果有一電子靜止放在C點處，靜電力常量k=9.0×109N·m2/C2，則它所受的靜電力的大小為______N，方向______。

22、在電場中A點放一個電量的電荷，受到電場力大小為則該力的方向跟A點電場強度的方向相__________，A點電場強度大小為__________如果在A點放一個的電荷，它受到的電場力大小為__________N，方向跟A點電力線的方向相__________，如果拿走電荷則A點電場強度大小為__________23、一均勻帶正電的空心橡皮球，在吹大的過程中始終維持球狀，球內(nèi)任意點的電勢___________；始終在球外的任意點的場強___________。（填寫變大、變小或不變）24、有一個電流表內(nèi)阻滿偏電流要把它改裝為量程的電壓表，則應串聯(lián)一個電阻阻值__________要把它改裝為量程的電流表,則改裝后電流表的內(nèi)阻__________評卷人得分四、作圖題(共1題，共2分)25、以下是幾種點電荷的電場線的分布情況；請標出圖中各電荷的電性。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共16分)26、某手機電池的電動勢約為4V左右；為精確測出該電池的電動勢和內(nèi)阻。除待測手機電池外，實驗室可供選用的器材有：

A.電流表A：（量程0.6A、內(nèi)阻）

B.電壓表V：（量程15V、內(nèi)阻約）

C.滑動變阻器最大阻值5Ω

D.電阻箱（0~9999.9Ω）

E.一個開關及導線若干。

（1）為了能精確測量電池的電動勢和內(nèi)阻。請選用合適的器材設計電路，并把設計的電路畫在方框內(nèi)。()

（2）根據(jù)設計的電路。在用圖像法處理數(shù)據(jù)時，若縱軸為為了保證得到的圖像為直線。則橫軸為______，得到圖像1，若圖像1與縱軸的截距為斜率為則電池的電動勢______，內(nèi)阻______；

（3）為了保證得到的圖像為直線，還可以以電流表的示數(shù)I為橫軸，以______為縱軸；得到圖像2；若圖像2與縱軸的截距為斜率的絕對值為則電池的電動勢______，內(nèi)阻______。（用題中給出的物理量符號表示）27、物理興趣小組用實驗室提供的器材設計了一個測量電阻的電路；如圖1所示。實驗室提供的器材為：

測量電阻（約為幾歐）；

電流表（量程內(nèi)阻為）；

滑動變阻器甲（阻值范圍為）；

滑動變阻器乙（阻值范圍為）；

電阻箱

電源（電動勢約為內(nèi)阻可忽略）；

開關和

導線若干。

(1)滑動變阻器應該選擇_________（填“甲”或“乙”）；

(2)將圖2中的實物按設計的原理圖連__；

(3)閉合開關前，將滑動變阻器的滑片調至最左端，打開閉合調節(jié)滑動變阻器使電流表滿偏。然后閉合保持滑動變阻器的阻值不變，調節(jié)電阻箱使電流表半偏，若這電阻箱讀數(shù)為則待測電阻_______；

(4)實驗后小明同學將電路改成如圖所示，閉合開關前，將滑動變阻器的滑片調至最左端，打開閉合調節(jié)滑動變阻器使電流表半偏。然后閉合保持滑動變阻器的阻值不變，調節(jié)電阻箱使電流表滿偏，若這時電阻箱讀數(shù)為則待測電阻________。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【詳解】

金屬球上感應電荷產(chǎn)生的附加電場與帶電的細桿MN產(chǎn)生的場強大小相等，方向相反，相互抵消。c點離帶電的細桿MN最近，帶電的細桿MN在c點處產(chǎn)生的場強最大，則金屬球上感應電荷在c點處產(chǎn)生的場強最大，即Ec最大；而a點離帶電桿最遠，則金屬球上感應電荷在a點處產(chǎn)生的場強最小，所以Ec>Eb>Ea；故C正確。

故選：C。2、C【分析】【詳解】

A．如果A帶電，則會感應B內(nèi)部帶異種電荷，外部電性與A相同，那么EM≠0，EN≠0；故A錯誤；

B．如果B帶電，由于同種電荷的排斥，電荷只分布在外表面E內(nèi)=0，即EM＝0，EN≠0；B錯誤；

C．如果A、B帶等量異種電荷，A與B的靜電感應使B外表面恰好無電荷量，則EM≠0，EN=0；故C正確；

D．如使A球帶電，B球接地，是接地屏蔽，EM≠0，EN=0，D錯誤。3、C【分析】【詳解】

A．根據(jù)閉合電路的歐姆定律，可知通過電動機的電流為

故A錯誤；

B．路端電壓為

故電源的輸出功率為

故B錯誤；

C．電動機的輸入功率為

故C正確；

D．電動機的輸出功率為

故D錯誤。

故選C。4、B【分析】【詳解】

設地磁場的磁感應強度為B0，根據(jù)右手螺旋定則，電流在O點產(chǎn)生的磁場垂直紙面向外，已知環(huán)形電流在O點產(chǎn)生的磁感應強度與環(huán)形電流強度成正比，可設其大小為當環(huán)形線圈中通入逆時針的的電流時，小磁針N極與x軸正向的夾角為則

當小磁針N極與x軸正向的夾角為則環(huán)形線圈中通入的電流滿足

兩式相除得

解得

故ACD錯誤；B正確。

故選B。5、C【分析】【詳解】

A.帶電粒子做曲線運動；受力指向曲線的內(nèi)側，所以所受電場力向左，帶負電；A錯；

BC.電場力做負功；所以動能越來越小，電勢能越來越大，速度越來越小B錯；C,對；

D.等勢線的疏密程度反映場強大??；所以所受電場力越來越小，加速度越來越小，D錯．

故選C6、D【分析】【分析】

【詳解】

A．電勢與放入電場中的電荷無關，所以屬于比值定義法；A錯誤；

B．電場強度與放入電場中的電荷無關，所以屬于比值定義法；B錯誤；

C．電容C由本身的性質決定，與所帶的電荷量及兩端間的電勢差無關，所以屬于比值定義法；C錯誤；

D．不是電流的定義，電流的定義是所以不屬于比值定義法；D正確。

故選D。7、D【分析】【詳解】

A．由圖乙中的曲線Ⅰ知，在x=6m處B球的總勢能最小，動能最大，該位置M點受力平衡，則有

解得

選項A正確；

B．因隨著兩球距離的不斷增加；電勢能逐漸趨近于零，則漸近線Ⅱ表示小球B的重力勢能隨位置的變化關系，選項B正確；

C．由于B球在位置M點受力平衡，B球從離A球2m處靜止釋放到M的過程中，根據(jù)牛頓第二定律可知

庫侖力減小；向上運動過程中加速度大小減?。?/p>

從M繼續(xù)向上運動過程中，根據(jù)牛頓第二定律可知

庫侖力減?。幌蛏线\動過程中加速度大小增大。

所以B球向上運動過程中加速度也先減小后增大；選項C正確；

D．漸近線Ⅱ表示小球B的重力勢能隨位置的變化關系，有

由圖像可知直線斜率k=0.5，則有

解得

B球在M點的電勢能

在M點B球總勢能為6J，B球以4J的初動能從M點沿桿向上運動，根據(jù)能量守恒定律，當B的動能為零，總勢能為10J，由圖可知，總勢能為10J時，有

此時的電勢能為

所以電勢能的變化為

可知到最高點時電勢能減小2J；選項D錯誤。

本題選錯誤的，故選D。二、多選題(共9題，共18分)8、B:D【分析】【詳解】

質點的軌跡如圖所示；

質點先在水平放置的兩平行金屬板間做類平拋運動，要垂直打在M屏上，離開電場后，質點一定打在屏的上方，做斜上拋運動．否則，質點離開電場后軌跡向下彎曲，質點不可能垂直打在M板上．質點在板間的類平拋運動和離開電場后的斜上拋運動，水平方向都不受外力，都做勻速直線運動，速度都等于而且方向水平；質點垂直打在M板上時速度也水平，根據(jù)質點的軌跡彎曲方向可知兩個過程質點的合力方向相反，加速度方向相反，則速度變化量方向相反，故A錯誤；

設質點在板間運動的過程中加速度大小為a，則有質點離開電場時豎直分速度大小質點離開電場后運動過程其逆過程是平拋運動，則聯(lián)立解得故B正確；若僅將滑片P向下滑動一段后，R的電壓減小，電容器的電壓要減小，電量要減小，由于二極管具有單向導電性，所以電容器不能放電，電量不變，板間電壓不變，所以質點的運動情況不變，再讓該質點從N點以水平速度射入板間，質點依然會垂直打在光屏上，故C錯誤；若僅將兩平行板的間距變大一些，電容器電容減小，由知U不變，電量要減小，但由于二極管具有單向導電性，所以電容器不能放電，電量不變，根據(jù)推論可知板間電場強度不變，所以質點的運動情況不變，再讓該質點從N點以水平速度射入板間；質點依然會垂直打在光屏上，故D正確。

故選BD.

考點：考查了帶電粒子在電場中的運動。

【名師點睛】

帶電粒子在電場中的運動，綜合了靜電場和力學的知識，分析方法和力學的分析方法基本相同．先分析受力情況再分析運動狀態(tài)和運動過程（平衡、加速、減速，直線或曲線），然后選用恰當?shù)囊?guī)律解題．解決這類問題的基本方法有兩種，第一種利用力和運動的觀點，選用牛頓第二定律和運動學公式求解；第二種利用能量轉化的觀點，選用動能定理和功能關系求解9、A:B【分析】【詳解】

A．電動機輸入的功率是電動機消耗的電功率，即

故A正確；

BC．電動機的發(fā)熱功率根據(jù)焦耳定律得到

電動機的輸出功率是機械功率，根據(jù)能量守恒定律得

故B正確；C錯誤；

D．當電動機正常工作時，其電路是非純電阻電路，不滿足歐姆定律，故

故D錯誤．10、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．運動軌跡不能反映運動方向，所以不能判斷出粒子先過a，再到b，然后到c，還是粒子先過c，再到b，然后到a；故A錯誤；

B．由等勢面特點可知，該電場為勻強電場，電場線方向向上，而粒子受電場力方向指向高電勢，故粒子帶負電，又

所以粒子在三點所受的合力

故B正確；

CD．根據(jù)能量守恒，負電荷在高電勢處電勢能小，動能大，則知負電荷在b點電勢能最大，動能最小，故應有

故D正確；C錯誤。

故選BD。11、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．雖然A；B起初都不帶電；但帶正電的小球C對A、B內(nèi)的電荷有力的作用，使A、B中的自由電子向左移動，使得A端積累了負電荷，B端積累了正電荷，其下部的金屬箔片因為接觸帶電，也分別帶上了與A、B相同的電荷，所以金屬箔片都張開，A正確；

B．帶正電的小球C只要一直在A；B附近；A、B上的電荷就因受C的作用力而使A、B帶等量的異種感應電荷，把A、B分開，因A、B已經(jīng)絕緣，此時即使再移走C，A、B所帶電荷量也不變，金屬箔片仍張開，B正確；

C．但如果先移走C；A；B上的感應電荷會馬上中和，不再帶電，所以金屬箔片都不會張開，C錯誤；

D．先把A；B分開；再移走C，A、B仍然帶電，但重新讓A、B接觸后，A、B上的感應電荷完全中和，金屬箔片都不會張開，D錯誤。

故選AB。12、B:C【分析】【詳解】

A．由于B板帶正電；只受重力，繩子拉力，電場力三個力平衡，可知小球所受電場力指向B板才能受力平衡，所以小球必帶負電，故A錯誤；

B．設小球所受電場力大小為F電，根據(jù)平衡條件有

解得

則A、B間電場強度大小為

電源電動勢為

故B正確；

C．A、B兩板間電場強度大小為

若在豎直面內(nèi)保持兩板正對面積不變，B板向A板緩慢靠近，則電場強度增大，小球所受電場力增大，且方向不變，而小球所受重力不變，且重力與電場力的合力與繩子拉力平衡，開始時F與F電垂直；如圖所示，可知繩子拉力變大，且與水平方向夾角減小，即小球緩慢上移，故C正確；

D．若繩子突然斷開；則小球只受重力和電場力，由于這兩個力都是恒定的，且小球初速度為0，故小球將沿繩子拉力反方向做勻加速直線運動，故D錯誤。

故選BC。13、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．在兩等量同號電荷連線的中垂線上，中間點電場強度為零，越往兩邊場強先增大后減小，也可以從電場線的疏密判斷，由于不清楚C點的位置，所以C點的電場強度不一定比D點的電場強度大；故A錯誤；

B．在兩等量正電荷連線的中垂線上，電場方向由點電荷連線中點指向無窮遠處，沿著電場線方向電勢逐漸降低，所以D點的電勢高于C點的電勢，所以不需要確定正負電荷，也能判斷C、D兩點電勢的高低；故B錯誤；

C．A、B兩點電荷在O點的電場強度大小相等，方向相反，由電場的疊加原理可得，O點的合場強為零；故C正確；

D．在C點釋放一負的試探電荷，根據(jù)其受力向O點加速，到O點時速度最大，然后向下減速為零后，再向上運動，即圍繞O點下下振動，多次經(jīng)過D點；故D正確。

故選CD。14、B:C:D【分析】【詳解】

A．保持開關S閉合，兩極板間電勢差不變，將兩極板間距減小，由可知；板間場強增大，故A錯誤；

B．保持開關閉合；變阻器僅僅充當導線功能，電容器兩極板間的電勢差不變，滑動觸頭滑動不會影響靜電計指針張角，靜電計指針張開角度不變，故B正確；

C．斷開開關S后，電容器帶電量Q不變，緊貼下極板插入金屬板，相當于極板之間的距離d減小，根據(jù)可知，電容增大，根據(jù)可知；兩極板間電勢差減小，靜電計指針張開角度減小，故C正確；

D．斷開開關S后，電容器帶電量Q不變，將兩極板間距d增大，根據(jù)可知，電容減小，根據(jù)可知；兩極板間電勢差增大，故D正確。

故選BCD。15、A:D【分析】【詳解】

A．掃地機器人正常工作時的電流是

所以A正確；

B．掃地機器人正常工作時的電壓為

所以B錯誤；

C．由于掃地機器人電動機不是純電阻，其內(nèi)阻

所以C錯誤；

D．掃地機器人正常工作150min消耗的電能為

所以D正確；

故選AD16、B:D【分析】【詳解】

甲圖中，兩球碰撞過程中動量守恒，機械能不增加，如果兩球質量相等，發(fā)生彈性碰撞，則碰撞后m2的速度等于v，若發(fā)生非彈性碰撞，碰后m2的速度不等于v，故A錯誤．乙圖中，圖中光的顏色保持不變的情況下，光照越強，光電子數(shù)目越多，則飽和光電流越大，故B正確；丙圖中，由左手定則可知，甲帶正電，則甲射線由α粒子組成．乙不帶電，射線乙是γ射線，丙射線粒子帶負電，則丙射線由電子組成，故C錯誤；丁圖所示的鏈式反應屬于重核裂變，故D正確；故選BD．三、填空題(共8題，共16分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】6×10418、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]變化的電場一定產(chǎn)生的磁場；不一定是變化的磁場。故錯誤。

(2)[2]恒定電流周圍產(chǎn)生磁場；變化的磁場才能產(chǎn)生電場，穩(wěn)定的磁場不能產(chǎn)生電場。故錯誤。

(3)[3]電磁波和光在真空中的傳播速度都是3.0×108m/s。故正確。

(4)[4]麥克斯韋預言了電磁波的存在；赫茲驗證了電磁波的存在。故錯誤。

(5)[5]電磁波在真空中的傳播速度為3×108m/s，其它介質中傳播速度小于3×108m/s。故錯誤。

(6)[6]光是一種電磁波。故正確?！窘馕觥竣?錯誤②.錯誤③.正確④.錯誤⑤.錯誤⑥.正確19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]二極管的特點及其電阻測量:晶體二極管是由半導體材料制成的；它有兩個極，一個叫正極，一個叫負極；如圖甲所示。

[3][4]晶體二極管具有單向導電性（符號上的箭頭表示允許電流通過的方向）。當給二極管加正向電壓時；它的電阻很小，電路導通，如圖乙所示；當給二極管加反向電壓時，它的電阻很大，電路截止，如圖丙所示。

【解析】①.正②.負③.?、?大20、略

【分析】【詳解】

螺旋測微器讀數(shù)為【解析】1.49821、略

【分析】【分析】

【詳解】

電子帶負電荷，在C點同時受A、B兩點電荷的靜電力FA、FB；如圖所示：

由庫侖定律得

同理可得FB=8.0×10-21N

由矢量的平行四邊形定則和幾何知識得靜止放在C點的電子受到的靜電力大小為F=FA=FB=8.0×10-21N，方向平行于AB連線向左【解析】①.8×10-21②.平行于AB連線向左22、略

【分析】【詳解】

[1]負電荷所受的電場力方向與場強方向相反，所以該力的方向跟A點電場強度的方向相反；

[2]A點電場強度大小為

[3]如果在A點放一個的電荷，它受到的電場力大小為

[4]正電荷受的電場力方向與場強方向相同；

[5]電場強度只與電場本身有關，與有無檢驗電荷無關，所以拿走電荷則A點電場強度大小仍為300N/C?！窘馕觥糠?00同30023、略

【分析】【詳解】

[1]電荷在某點的電勢能