2025年蘇科新版選修3物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇科新版選修3物理上冊月考試卷449考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、若采用下圖中甲、乙兩種實驗裝置來驗證動量守恒定律（圖中小球半徑相同、質(zhì)量均已知，且mA>mB，B、B′兩點在同一水平線上）；下列說法正確的是。

A.采用圖甲所示的裝置，必需測量OB、OM、OP和ON的距離B.采用圖乙所示的裝置，必需測量OB、B′N、B′P和B′M的距離C.采用圖甲所示的裝置，若mA?ON=mA?OP+mB?OM，則表明此碰撞動量守恒D.采用圖乙所示的裝置，若則表明此碰撞機械能也守恒2、如圖所示的電路中，電源的電動勢E和內(nèi)電阻r恒定不變．閉合開關(guān)S，滑動變阻器的滑片P處于某一位置時，小燈泡L能發(fā)光．將滑片P從該位置向b端滑動；則（）

A.小燈泡L變亮，電流表的示數(shù)變小B.小燈泡L變亮，電流表的示數(shù)增大C.小燈泡L變暗，電流表的示數(shù)變小D.小燈泡L變暗，電流表的示數(shù)增大3、下列說法正確的是（）A.運送沙子的卡車停于水平地面，在緩慢卸沙過程中，若車胎不漏氣，胎內(nèi)氣體溫度不變，不計分子間勢能，則胎內(nèi)氣體對外界放熱B.民間常用“拔火罐”來治療某些疾病，方法是將點燃的紙片放入一個小罐內(nèi)，當紙片燃燒完時，迅速將火罐開口端緊壓在皮膚上，火罐就會緊緊地被“吸”在皮膚上。其原因是：當火罐內(nèi)的氣體體積不變時，溫度降低，壓強減小C.第二類永動機違反能量守恒定律，因而永遠無法制成D.已知水的摩爾質(zhì)量為18g/mol，水的密度為1g/cm3，由以上數(shù)據(jù)可估算出1mol水分子的個數(shù)4、如圖所示；空間中存在一水平方向的半無界勻強磁場，其上邊界水平。磁場上方有一個長方形導(dǎo)線框，線框一邊水平，所在平面與磁場方向垂直。若線框自由下落，則剛進入磁場時線框的加速度不可能。

A.逐漸減小，方向向下B.為零C.逐漸增大，方向向上D.逐漸減小，方向向上5、如圖所示，單擺擺球的質(zhì)量為m，做簡諧振動的周期為T，擺球從最大位移A處由靜止開始釋放，運動到最低點B時的速度大小為v．則擺球從A運動到B的過程中；下列說法正確的是。

A.擺球重力做功為B.擺球受到的合力的平均功率為C.擺球運動到B點時重力的瞬時功率為D.擺球受到的合力提供圓周運動的向心力6、截面為等腰三角形的三棱鏡，它的兩個底角都為30°，棱鏡的折射率為兩條平行光線垂直于棱鏡底面入射，如圖所示，兩條光線由棱鏡射出時所成的角度為（）

A.30°B.60°C.90°D.120°7、如圖所示，光滑水平面上停著一輛小車，小車的固定支架左端用不計質(zhì)量的細線系一個小鐵球．開始將小鐵球提起到圖示位置，然后無初速釋放，之后不會與車上的支架碰撞．在小鐵球來回擺動的過程中，下列說法中正確的是

A.小球擺到最低點時，小車的速度最大B.小車和小球系統(tǒng)動量守恒C.小球擺到右方最高點時刻，小車有向右的速度D.小球向右擺動過程小車一直向左加速運動8、一個大人和一個小孩面對面站在光滑的冰面上，都處于靜止狀態(tài)，某時刻小孩沿水平方向用力推了大人一下，結(jié)果兩人向相反方向滑去。已知大人的質(zhì)量大于小孩的質(zhì)量，則下列說法正確的是A.小孩受到的沖量較大B.大人受到的沖量較大C.小孩運動的速度較大D.大人運動的速度較大9、如圖所示，電阻不計的兩根光滑平行金屬導(dǎo)軌左端接有一個自感系數(shù)很大的線圈L，金屬棒MN置于導(dǎo)軌上，并與其保持良好接觸．MN中點處通過一平行于導(dǎo)軌的輕質(zhì)絕緣桿固定，在絕緣桿左端裝有一力傳感器(圖中未畫出)，可以顯示出MN對絕緣桿施加作用力的情況．直流電源E、電阻R和電鍵S接在導(dǎo)軌之間，自感線圈L的直流電阻是金屬棒MN電阻的一半．關(guān)于絕緣桿；下列說法正確的是。

A.閉合S，受到向左的拉力，且力傳感器示數(shù)越來越大B.閉合S，受到向右的壓力，且力傳感器示數(shù)越來越小C.斷開S，受到向左的拉力，且力傳感器示數(shù)越來越小直至為零D.斷開S，受到向右的壓力，且力傳感器示數(shù)先突然變大再逐漸減小為零評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、在研究某金屬的光電效應(yīng)現(xiàn)象時，發(fā)現(xiàn)當入射光的頻率為ν以時，其遏止電壓為U.已知普朗克常數(shù)為h，電子電量大小為e，下列說法正確的是A.該金屬的截止頻率為B.該金屬的逸出功為C.增大入射光的頻率，該金屬的截止頻率增大D.增大入射光的頻率，該金屬的遏止電壓增大11、電動勢為E.內(nèi)阻為r的電源與定值電阻R1、R2及滑動變阻器R連接成如圖所示的電路；當滑動變阻器的觸頭由中點滑向a端時，下列說法正確的是（?）

A.定值電阻R2電功率增大B.電壓表和電流表讀數(shù)都減小C.通過滑動變阻器R中的電流增大D.電壓表的示數(shù)增大，電流表的示數(shù)減小12、如圖所示的電路，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r；閉合開關(guān)S，滑動變阻器滑片P向左移動，下列結(jié)論正確的是（）

A.小燈泡L變亮B.電流表讀數(shù)減小，電壓表讀數(shù)增大C.電容器C上電荷量增大D.電源的總功率變大13、下列說法正確的是（）A.合適的條件下，某些非晶體可以轉(zhuǎn)變?yōu)榫wB.理想氣體在完全失重的狀態(tài)下，壓強可能為零C.溫度升高，物體內(nèi)每一個分子的動能都增大E.物體從單一熱源吸收的熱量可全部用于做功E.物體從單一熱源吸收的熱量可全部用于做功14、如圖，水平固定放置的足夠長的光滑平行導(dǎo)軌，電阻不計，間距為L，左端連接的電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，質(zhì)量為m的金屬桿垂直靜放在導(dǎo)軌上，金屬桿處于導(dǎo)軌間部分的電阻為R.整個裝置處在磁感應(yīng)強度大小為B；方向豎直向下的勻強磁場中；閉合開關(guān)，金屬桿沿導(dǎo)軌做變加速運動直至達到最大速度，則下列說法正確的是()

A.金屬桿的最大速度大小為B.此過程中通過金屬桿的電荷量為C.此過程中電源提供的電能為D.此過程中金屬桿產(chǎn)生的熱量為15、如圖所示，足夠長的光滑水平軌道，左側(cè)軌道間距為0.4m，右側(cè)軌道間距為0.2m．空間存在豎直向下的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為0.2T．質(zhì)量均為0.01kg的金屬M、N垂直導(dǎo)軌放置在軌道上，開始時金屬棒M、N均保持靜止，現(xiàn)使金屬棒M以5m/s的速度向右運動，兩金屬棒在運動過程中始終相互平行且與導(dǎo)軌保持良好接觸，M棒總在寬軌上運動，N棒總在窄軌上運動．已知兩金屬棒接入電路的總電阻為軌道電阻不計，下列說法正確的是（）

A.M、N棒在相對運動過程中，回路內(nèi)產(chǎn)生順時針方向的電流（俯視）B.M、N棒最后都以2.5m/s的速度向右勻速運動C.從開始到最終勻速運動電路中產(chǎn)生的焦耳熱為D.在兩棒整個的運動過程中，金屬棒M、N在水平導(dǎo)軌間掃過的面積之差為16、如圖所示；A為巨磁電阻，當它周圍的磁場增強時，其阻值增大；C為電容器。在S閉合后，當有磁鐵靠近A時，下列說法正確的有（??）

A.電流表的示數(shù)增大B.電容器C的電荷量增大C.電壓表的示數(shù)變大D.電源內(nèi)阻消耗的功率變大17、一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，甲圖中A、B兩質(zhì)點平衡位置間的距離為2m，且小于一個波長，乙圖為A、B兩質(zhì)點的振動圖象；由此可知（）

A.B質(zhì)點在一個周期內(nèi)通過的路程為8cmB.該機械波的周期為4sC.該機械波的波速為4m/sE.t=1.5s時B兩質(zhì)點的振動速度相同E.t=1.5s時B兩質(zhì)點的振動速度相同18、一簡諧橫波沿水平方向由質(zhì)元a向質(zhì)元b傳播，波速為4m/s，a、b兩質(zhì)元平衡位罝間的距離為2m，t=0時刻，a在波峰，b在平衡位置且向下振動，下列哪些時刻b可能處在波峰位置（）A.B.C.D.評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)19、基本邏輯電路——門電路中所謂“門”，就是一種開關(guān)，在一定條件下它允許信號通過；如果條件不滿足，信號就被阻擋在“門”外。如圖所示的電路是用來說明“______”邏輯關(guān)系的電路。（選填“與”、“非’’或者“或”）20、（1）用波長為的單色光照射單縫經(jīng)過雙縫在屏上產(chǎn)生明暗相間的干涉條紋，如圖所示，圖中為相鄰亮紋的位置，為中央亮條紋，則（）

A.到達的路程差為零。

B.到達的路程差為

C.到達的路程差為

D.到達的路程差為

E.若改用波長為的單色光照射單縫光屏上條紋間距將變大。

（2）在“用雙縫干涉測量光的波長”實驗中。

①某同學(xué)先將光源靠近遮光筒的雙縫端并等高放置；然后在筒的另外一側(cè)觀察，發(fā)現(xiàn)筒的上壁照得很亮，此時他應(yīng)將遮光筒的觀察端向______（選填“上”或“下”）調(diào)節(jié)．

②某次測量如圖所示，則讀數(shù)為______．

③幾位同學(xué)實驗時，有的用距離為的雙縫，有的用距離為的雙縫；同時他們還分別用紅；紫兩種不同顏色的濾光片遮住光源進行了觀察；如圖選自他們的觀察記錄，其中正確反映實驗結(jié)果的是______．（已知紅光波長大于紫光的波長）

21、回?zé)崾街评錂C是一種深低溫設(shè)備，制冷極限約50K，某臺設(shè)備工作時，一定量的氦氣（可視為理想氣體）緩慢經(jīng)歷如圖所示的四個過程：從狀態(tài)到和到是等溫過程；從狀態(tài)到和到是等容過程，體積分別為和則圖中___（填“>”“<”或者“=”）；整個循環(huán)過程氦氣系統(tǒng)是______的（填“吸熱”“放熱”或者“絕熱”）。

22、如圖，豎直放置的均勻等臂U型導(dǎo)熱玻璃管兩端封閉，管內(nèi)水銀封有A、B兩段氣柱，右管水銀面高于左管水銀面，高度差為h，若環(huán)境溫度降低，穩(wěn)定后A、B氣柱的壓強之比pA∶pB與降溫前相比將_______（選填“變大”、“變小”或“不變”），右管水銀面的高度變化Δh______（選填“＞”、“＝”或“＜”）．

23、波速相等的兩列簡諧波在x軸上相遇，一列波（虛線）沿x軸正向傳播，另一列波（實線）沿x軸負向傳播．某一時刻兩列波的波形如圖所示，兩列波引起的振動在x=8m處相互__________（填“加強”或“減弱”），在x=10m處相互__________（填“加強”或“減弱”）；在x=14m處質(zhì)點的振幅為________cm．

24、某同學(xué)把兩塊大小不同的木塊用細線連接；中間夾一被壓縮了的彈簧，如圖所示．將這一系統(tǒng)置于光滑的水平桌面上，燒斷細線，觀察物體的運動情況，進行必要的測量，驗證物體間相互作用時動量守恒．

（1）該同學(xué)還必須有的器材是_____；

（2）需要直接測量的數(shù)據(jù)是_____；

（3）用所得數(shù)據(jù)驗證動量守恒的關(guān)系式是_____．評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)25、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

26、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

27、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共18分)28、如圖所示為測一塊半球形玻璃磚的折射率的實驗；實驗的主要步驟如下：

A．將半球形玻璃磚放在白紙上，用鉛筆畫出它的直徑AB，移走玻璃磚，并用刻度尺找出中點O；記下此點（即圓心）；

B．在圓弧側(cè)的白紙上，作過O點且垂直直徑AB的直線CO，放上玻璃磚，在CO上插兩顆大頭針和（距離適當遠些）；

C．使玻璃磚以O(shè)為軸在白紙上緩慢地轉(zhuǎn)動，同時眼睛向著AB透過玻璃磚觀察和的像，當恰好看不到和的像時停止轉(zhuǎn)動玻璃磚，記下此時的直徑的位置；

D．量出和的夾角若量得則：

①實驗是用________現(xiàn)象進行的；

②計算公式：n=________；

③計算得：n=________。29、某同學(xué)欲將量程為200μA的電流表G改裝成電壓表。

①該同學(xué)首先采用如圖所示的實驗電路測量該電流表的內(nèi)阻Rg，圖中R1、R2為電阻箱。他按電路圖連接好電路，將R1的阻值調(diào)到最大，斷開開關(guān)S2，閉合開關(guān)S1后，調(diào)節(jié)R1的阻值，使電流表的指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度，接下來他應(yīng)該正確操作的步驟是___________（選填下列步驟前的字母代號），最后記下R2的阻值；

A.閉合S2，調(diào)節(jié)R1和R2的阻值；使電流表的指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的一半。

B.閉合S2，保持R1不變，調(diào)節(jié)R2的阻值；使電流表的指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的一半。

②如果按正確操作步驟測得R2的阻值為120Ω，則認為Rg的阻值大小為___________（選填字母代號）；

A.60ΩB.120ΩC.240ΩD.360Ω

③如果該同學(xué)在調(diào)節(jié)R1使電流表滿偏過程中，發(fā)現(xiàn)電流表指針滿偏時，R1的接入阻值不到其總阻值的二分之一、為了減小實驗誤差，該同學(xué)可以采取下列措施中的___________（選填字母代號）；

A.將R2換成一個最大阻值更大的電阻箱。

B.將R1換成一個最大阻值為現(xiàn)在二分之一的電阻箱。

C.將電源換成一個電動勢為現(xiàn)在電源兩倍；內(nèi)阻可以忽略的電源。

D.將電源換成一個電動勢為現(xiàn)在電源二分之一；內(nèi)阻可以忽略的電源。

④利用上述方法測量出的電流表內(nèi)阻值___________（選填“大于”或“小于”）該電流表內(nèi)阻的真實值；

⑤依據(jù)以上的測量數(shù)據(jù)可知，若把該電流表改裝成量程為3V的電壓表，需與該表串聯(lián)一個阻值為___________Ω的定值電阻。30、某同學(xué)擬探究“描繪小燈泡的伏安特性曲線”，所用小燈泡標有“2.5V0.3A”字樣；并提供有以下器材：

A．電壓表V（0～1V，內(nèi)阻rV＝3kΩ）

B．電流表A（0～50mA，內(nèi)阻rA＝9Ω）

C．電阻箱R1（0～999.9Ω）

D.電阻箱R2（0～9999.9Ω）

E．滑動變阻器R3（0～10Ω）

F．滑動變阻器R4（0～2kΩ）

G．直流電源E（電動勢12V；內(nèi)阻不計）

H．開關(guān)S及導(dǎo)線若干。

①為了提高測量的準確度和調(diào)節(jié)方便：

a.對電壓表、電流表進行了改裝，將電壓表的量程擴為（0~3V），需串聯(lián)電阻_______Ω；將電流表的量程擴為（0~0.5A），需并聯(lián)________Ω．

b.請在圖虛線框中畫出實驗電路圖，并將選用器材的符號準確標注在電路圖中__________________：

②a.如圖描繪出了“小燈泡的伏安特性曲線”，下列能正確反映小燈泡的功率隨燈泡電壓變化的圖形是__________

b.將電動勢E=3.0V，內(nèi)阻r=1.0Ω的電源與定值電阻R0=9.0Ω和該小燈泡串聯(lián)，如圖所示，則燈泡的實際功率P=______W(結(jié)果保留一位有效數(shù)字)，電源的效率=___________．

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【詳解】

A.如果采用圖甲所示裝置，由于小球平拋運動的時間相等，故可以用水平位移代替速度進行驗證，不需要測量OB的長度，故A錯誤；

B.如果采用圖乙所示裝置時，利用水平距離相等，根據(jù)下落的高度可確定飛行時間，從而根據(jù)高度可以表示出對應(yīng)的水平速度，從而確定動量是否守恒，故不需要測量OB的距離，故B錯誤；

C.采用圖甲所示裝置，一個球時水平距離為OP，兩球相碰時，A球距離為OM，B球為ON，則根據(jù)動量守恒定律有：因下落時間相同,則兩端同時乘以t后有則表明此碰撞動量守恒，故C錯誤；

D.小球碰后做平拋運動，速度越快，下落高度越小，單獨一個球下落時，落點為P，兩球相碰后，落點分別為M和N，根據(jù)動量守恒定律有而速度根據(jù)可得則可解得：代入動量守恒表達式,消去公共項后，有機械能守恒定律可知：聯(lián)立動量表達式和機械能表達式可知：故可以根據(jù)該式表明此碰撞機械能守恒，故D正確；

故選D．

【點睛】兩裝置均是利用平拋運動規(guī)律驗證動量守恒，利用平拋運動規(guī)律得出速度的表達式，再根據(jù)機械能守恒定律分析機械能守恒的表達式，根據(jù)表達式分析應(yīng)測量的數(shù)據(jù)，同時得出對應(yīng)的表達式．2、A【分析】【分析】

根據(jù)滑片P的移動方向判斷滑動變阻器接入電路的阻值如何變化；然后根據(jù)閉合電路歐姆定律分析總電流的變化，從而知道電流表的示數(shù)如何變化．根據(jù)路端電壓的變化分析小燈泡亮度的變化．

【詳解】

將滑片P從該位置向b端滑動；滑動變阻器接入電路的阻值變大，電路總電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流I變小，則電流表示數(shù)變小．

總電流變?。浑娫吹膬?nèi)電壓變小，則路端電壓變大，小燈泡的電壓變大，則小燈泡L變亮，故A正確，BCD錯誤．

故選A．

【點睛】

本題是一道閉合電路的動態(tài)分析題，要分析清楚電路結(jié)構(gòu)，熟練應(yīng)用歐姆定律即可分析．3、B【分析】【詳解】

A．在緩慢卸沙過程中，若車胎不漏氣，胎內(nèi)氣體的壓強減小，溫度不變，根據(jù)玻意耳定律pV=C

分析知氣體的體積增大，對外做功，即W<0

溫度不變，即ΔU=0

由熱力學(xué)第一定律ΔU=Q＋W

可得Q>0

胎內(nèi)氣體從外界吸熱；故A錯誤；

B．當火罐內(nèi)的氣體體積不變時，溫度降低，根據(jù)查理定律

分析知；氣體的壓強減小，這樣外界大氣壓大于火罐內(nèi)氣體的壓強，從而使火罐緊緊地“吸”在皮膚上，故B正確；

C．第二類永動機沒有違反能量守恒定律；但是違背了熱力學(xué)第二定律，故C錯誤；

D．依據(jù)阿伏伽德羅常數(shù)；可知1mol水分子的個數(shù)，不需要再計算，故D錯誤。

故選B。4、C【分析】導(dǎo)線框進入磁場時，下邊切割磁場產(chǎn)生感應(yīng)電流，受到向上的安培力，若安培力大于重力，合力方向向下，加速度方向向下，線框做加速運動，隨著速度增大，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢和感應(yīng)電流增大，線圈所受的安培力增大，合力減小，加速度減小，故A正確；若安培力等于重力，線框做勻速運動，加速度為零，B正確；若安培力大于重力，合力方向向上，加速度方向向上。線框做減速運動，隨著速度減小，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢和感應(yīng)電流減小，線圈所受的安培力減小，合力減小，加速度減小，C錯誤D正確．5、A【分析】【分析】

重力做功與路徑無關(guān)只與高度差有關(guān)；也可以運動動能定理求解；

根據(jù)公式來判斷瞬時功率；

小球不是做勻速圓周運動；不是合力提供向心力；

【詳解】

A、擺球從最大位移A處由靜止開始釋放，擺球運動到最低點B，根據(jù)動能定理得：故A正確；

B、整個過程中只有重力做功，則合力做功的平均功率為：故選項B錯誤；

C、根據(jù)瞬時功率的公式擺球運動到B時的速度方向是水平的，即所以重力的瞬時功率是0，故C錯誤；

D；對小球進行受力分析；將重力分解如圖所示：

可知由拉力T和重力分力的合力提供向心力；故選項D錯誤．

【點睛】

本題需要區(qū)分平均功率和瞬時功率的求解方法，同時注意小球做單擺運動，不是勻速圓周運動，沿圓心方向的合力提供向心力．6、A【分析】【詳解】

作出光路圖如圖。

由棱鏡材料的臨界角

代入數(shù)據(jù)解得

從題圖由幾何知識可知，光線從棱鏡內(nèi)射向另一側(cè)面時的入射角所以光線從側(cè)面折射出去，根據(jù)折射定律

得

則

同理可知，第二條出射光線的折射角也是45°，從光路圖中的四邊形可求出

故BCD錯誤A正確。

故選A。

【點評】

本題解題的關(guān)鍵是作出光路圖，運用幾何知識和折射定律相結(jié)合進行求解．7、A【分析】【分析】

由于水平面光滑；球；車系統(tǒng)水平方向動量守恒，但豎直方向動量不守恒，系統(tǒng)機械能守恒，小球擺過程中機械能不守恒。

【詳解】

小車與小球組成的系統(tǒng)在水平方向動量守恒；小球在最低點，小球的水平速度最大，小車速度最大，小球從圖示位置下擺到最低點，小車受力向左加速運動，當小球到最低點時，小車速度最大。當小球從最低點向右邊運動時，小車向左減速，當小球運動到與左邊圖示位置相對稱的位置時，小車靜止。故小球向右擺動過程小車先向左加速運動，后向左減速運動，故A正確，CD錯誤；小車與小球組成的系統(tǒng)在水平方向動量守恒，在豎直方向動量不守恒，系統(tǒng)整體動量不守恒，故B錯誤。所以A正確，BCD錯誤。

【點睛】

本題主要考查了動量守恒、機械能守恒條件的判斷，要求同學(xué)們能正確分析小球和小車的運動情況，知道水平方向的動量守恒定律。8、C【分析】【詳解】

兩人組成的系統(tǒng)，初狀態(tài)總動量為零，根據(jù)動量守恒，可知兩人的動量變化量大小相等，方向相反，根據(jù)可知質(zhì)量小的速度大，故C正確，D錯誤；根據(jù)動理定理可知兩人的沖量大小相等，故AB錯誤；故選C.9、D【分析】當閉合s時，有電流自上而下流過MN，由左手定則可判定安培力方向向左，此時自感線圈產(chǎn)生的自感電流自上而下流過MN，但自感電流逐漸減小到零，所以傳感器示數(shù)逐漸減小，AB錯；斷開s后，自感線圈的感應(yīng)電流自下而上流過MN，所受安培力向右，電流逐漸減小到零，D對；二、多選題(共9題，共18分)10、A:D【分析】【詳解】

A．設(shè)截止頻率為則=故A正確；

B．該金屬的逸出功故B錯誤；

C．該金屬的截止頻率只與材料本身有關(guān)；與入射光的頻率沒有關(guān)系，故C錯誤；

D．根據(jù)增大入射光的頻率，該金屬的遏止電壓增大，故D正確．

故選：AD．11、B:C【分析】【分析】

由圖可知R2與R并聯(lián)后與R1串聯(lián)，電壓表測路端電壓，電流表測量流過R2的電流；滑片向a端移動時；滑動變阻器接入電阻減小，則由閉合電路的歐姆定律可知電路中干路電流的變化及路端電壓的變化；再分析并聯(lián)電路可得出電流表示數(shù)的變化．

【詳解】

當滑片向a滑動時，R接入電阻減小，總電阻減小，由閉合電路的歐姆定律可知電路中總電流I增加，干路電流增加，內(nèi)電壓增加，由U=E-Ir可知路端電壓減小，即電壓表示數(shù)減?。灰蚵范穗妷簻p小，R1兩端的電壓增加，故并聯(lián)部分電壓減小，由歐姆定律可知電流表示數(shù)減??；由公式可知，定值電阻R2電功率減?。?/p>

由上述分析可知；故應(yīng)選：BC．

【點睛】

本題中R1也可直接作為內(nèi)電阻處理，可直接由閉合電路歐姆定律得出并聯(lián)部分的電壓增大，流過R2的電流增大．12、B:C【分析】【詳解】

A．滑動變阻器滑片P向左移動；總電阻增大，電動勢不變，則總電流減小，電流表的示數(shù)變小，內(nèi)電壓減小。而電動勢不變，則外電壓增大，所以電壓表示數(shù)變大，通過燈泡的電流減小，則小燈泡變暗，故A錯誤，B正確；

C．外電壓增大，通過燈泡的電流減小，則燈泡兩端的電壓減小，所以滑動變阻器兩端的電壓增大，根據(jù)知；電容器上電荷量增大，故C正確；

D．根據(jù)知；電流減小，則電源的總功率減小，故D錯誤。

故選BC。

【點睛】

本題考查電路的動態(tài)分析，關(guān)鍵抓住電源的電動勢和內(nèi)阻不變，運用“局部→整體→局部”的思路進行分析。13、A:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．合適的條件下；某些非晶體可以轉(zhuǎn)變?yōu)榫w，比如非晶硫變成晶體硫，故A正確；

B．氣體壓強產(chǎn)生的原因是氣體分子的熱運動；和失重沒有關(guān)系，故B錯誤；

C．溫度是分子平均動能的反應(yīng)；和孤立的某個分子沒有關(guān)系，故C錯誤；

D．一定質(zhì)量的理想氣體等壓膨脹；體積增大則內(nèi)能增大，氣體一定從外界吸收熱量，故D正確；

E．根據(jù)熱力學(xué)第二定律；物體從單一熱源吸收的熱量可全部用于做功是可能的，但是會產(chǎn)生其他變化，故E正確。

故ADE正確。14、A:C【分析】【詳解】

閉合開關(guān)，金屬桿做加速運動，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，感應(yīng)電動勢與電源電動勢相等時，電流為零，金屬桿開始做勻速運動．電動勢為故A正確；由動量定理得故B錯誤；由能量守恒可知電源提供的電能故C正確．此過程中電能轉(zhuǎn)化為金屬桿的動能、R及r產(chǎn)生的熱量之和，由于金屬桿此時的熱量為故D錯誤．

【點睛】

解決本題的核心知識：（1）電磁感應(yīng)中，應(yīng)用動量定理解決動力學(xué)問題；（2）電磁感應(yīng)中，應(yīng)用能量守恒解決相關(guān)能量問題．15、A:D【分析】【詳解】

金屬棒M向右運動后，穿過MN與導(dǎo)軌組成的閉合回路中的磁通量減小，根據(jù)楞次定律可得回路內(nèi)產(chǎn)生順時針方向的電流（俯視），A正確；兩棒最后勻速時，電路中無電流，即解得選取水平向右為正方向，對M、N分別利用動量定理可得：對N有對M有又知道導(dǎo)軌寬度是2倍關(guān)系，故聯(lián)立解得B錯誤；根據(jù)能量守恒定律可得解得C錯誤；在N加速過程中，由動量定理得電路中的電流據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有其中磁通量變化量聯(lián)立以上各式，得D正確。

【點睛】本題是雙軌雙棒問題，要注意分析兩棒的運動過程，明確兩棒都勻速運動時它們的感應(yīng)電動勢是相等的，知道動量定理是求電磁感應(yīng)中電量常用的思路．16、B:C【分析】【詳解】

A．有磁鐵靠近A時；其阻值增大，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知，電路中的電流將減小，電流表的示數(shù)減小，故A錯誤；

BC．電路中的電流減小，則電路的路端電壓增大，所以電壓表的示數(shù)增大，電容器兩端的電壓增大，根據(jù)可知電容器C的電荷量增大；故BC正確；

D．電路中的電流減小，電源內(nèi)部消耗的功率所以將隨電流的減小而減小，故D錯誤。

故選BC。17、A:B:E【分析】【分析】

根據(jù)圖乙得到振幅；從而得到路程；再根據(jù)圖乙得到周期，然后根據(jù)波的傳播方向得到對應(yīng)的波長，即可求得波速；最后根據(jù)圖中質(zhì)點的位置得到速度關(guān)系和位移關(guān)系．

【詳解】

由圖乙可得：振幅A=2cm，故波中任意質(zhì)點在一個周期內(nèi)通過的路程為4A=8cm，故A正確；由振動圖像可知，該機械波的周期為4s，選項B正確；波由A向B傳播，則A處振動比B處振動超前1s，該機械波的波速為選項C錯誤；由振動圖形可知，t=1.5s時A、B兩質(zhì)點的位移大小相同，方向相反；質(zhì)點的振動速度大小方向都相同，選項D錯誤，E正確；故選ABE.18、B:D【分析】【詳解】

根據(jù)題意a、b兩質(zhì)元平衡位置間的距離為當再經(jīng)歷時，b可能處在波峰．解得（n=0、1、2、3；k=0、1、2、3）．當n=1，k=1時，當n=4，k=1時，．綜上分析，BD正確．三、填空題(共6題，共12分)19、略

【分析】【分析】

【詳解】

圖中兩個開關(guān)串聯(lián)，只有都閉合時，燈L才能亮，所以該邏輯關(guān)系為“與”邏輯關(guān)系?！窘馕觥颗c20、略

【分析】【詳解】

（1）選B、D、E．振動一致的兩光源在空間發(fā)生干涉，得到亮條紋的條件滿足若單色光波長變大，則條紋間距變大，E正確．

（2）①[1]發(fā)現(xiàn)筒的土壁照得很亮說明光線向上；即觀察端偏下所以應(yīng)將觀察端向上調(diào)節(jié)．

②[2]螺旋測微器的固定刻度為可動刻度為所以最終讀數(shù)為．

③[3]根據(jù)可知，當紅光分別通過距離為和的雙縫時，距離越大的條紋間的距離越小，故B正確；同理，當紅光和紫光通過相同距離的雙縫時，即L、d相同情況下，波長越長的條紋間的距離越大，故D正確．【解析】（1）BDE（2）①上②5.007③BD21、略

【分析】【詳解】

[1]從狀態(tài)B到C，由查理定律得

由于所以

[2]A-B過程外界對系統(tǒng)做正功，C-D過程外界對系統(tǒng)做負功，p-V圖象與橫軸圍成的面積表示做的功，所以

所以整個循環(huán)過程外界對系統(tǒng)做正功。整個循環(huán)過程

所以

整個循環(huán)過程A-B-C-D-A氦氣系統(tǒng)要放熱?！窘馕觥?gt;放熱22、略

【分析】【詳解】

假設(shè)若環(huán)境溫度降低后，△h不變化，則兩部分氣體均做等容變化，由查理定律得：對于左邊氣體：對于右邊氣體：而由題意知，p1＞p2，故有：△p＞△p′，若溫度降低，壓強都減小，左邊氣體壓強降的多，則水銀柱會向下移動，顯然原假設(shè)錯誤，△h將減?。瓵部分的體積減小，B部分的體積增大．設(shè)A部分的氣體的物質(zhì)的量是n1，B部分氣體的物質(zhì)的量是n2，則由克拉伯龍方程得：PAVA=n1RT；PBVB=n2RT，其中的R為克拉伯龍常數(shù)．則有：變形得：由于降溫后A部分的體積減小，B部分的體積增大，所以穩(wěn)定后A、B氣柱的壓強之比pA：pB與降溫前相比將變大．由以上的分析可知，雖然水銀柱向下運動，但PAVA＞PBVB，所以左側(cè)氣體的壓強仍然大于右側(cè)的壓強，所以穩(wěn)定后左側(cè)的液面仍然低于右側(cè)的液面，所以△h小于．【解析】變大小于23、略

【分析】【詳解】

兩列波在x=8m處引起的振動都是方向向下，可知此位置的振動是加強的；在x=10m處是峰谷相遇，可知此位置振動減弱；在x=14m處也是峰谷相遇，振動減弱，則質(zhì)點的振幅為．【解析】加強減弱224、略

【分析】【詳解】

小球離開桌面后做平拋運動，取小球1的初速度方向為正方向，兩小球質(zhì)量和平拋初速度分別為：m1、m2，v1、v2，平拋運動的水平位移分別為s1、s2，平拋運動的時間為t．需要驗證的方程：0=m1v1-m2v2，又代入得到m1s1=m2s2，故需要測量兩木塊的質(zhì)量m1和m2，兩木塊落地點到桌面邊緣的水平距離s1，s2；需要的器材為刻度尺；天平、重錘線．

（1）需要的實驗器材有：天平；直尺、鉛錘、木板、白紙、復(fù)寫紙、圖釘、細線等。

（2）需要直接測量的量為：兩物塊的質(zhì)量m1．m2及它們對應(yīng)的平拋射程s1．s2；

（3）需要驗證的表達式為：m1s1=m2s2．【解析】刻度尺、天平、鉛垂線兩木塊的質(zhì)量m1、m2和兩木塊落地點分別到桌子兩。

側(cè)邊緣的水平距離s1、s2m1s1＝m2s2四、作圖題(共3題，共18分)25、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】26、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的