2025年冀教新版選擇性必修1物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年冀教新版選擇性必修1物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示的是一個透明圓柱體的橫截面，一束單色光平行于直徑AB射向圓柱體，光線經(jīng)過折射后恰能射到B點．已知入射光線到直徑AB的距離為R，R是圓柱體的半徑．已知光在真空中的傳播速度為c；則()

A.該透明圓柱體介質(zhì)的折射率為B.該單色光從C點傳播到B點的時間為C.折射光線過B點時可能發(fā)生全反射D.改變?nèi)肷涔饩€到直徑AB的距離，折射光線仍然能夠射到B點2、關(guān)于簡諧運動，下列說法正確的是（）A.做簡諧運動物體所受的回復力方向不變，始終指向平衡位置B.在恒力的作用下，物體可能做簡諧運動C.做簡諧運動物體速度越來越大時，加速度一定越來越小D.做簡諧運動物體的加速度方向始終與速度方向相反3、如圖所示；用質(zhì)量不計的彈簧把質(zhì)量為3m的木板A與質(zhì)量為m的木板B連接組成如圖所示的裝置，B板置于水平地面上，現(xiàn)用一豎直向下的力F向下壓木板A，撤消F后，B板恰好被提離地面，由此可知力F的大小是（）

A.7mgB.4mgC.3mgD.2mg4、如圖所示，在曲軸上懸掛一彈簧振子，轉(zhuǎn)動搖把，曲軸可以帶動彈簧振子上下振動。開始時不轉(zhuǎn)動搖把，讓振子自由上下振動，測得其頻率為2Hz，然后以60r/min的轉(zhuǎn)速勻速轉(zhuǎn)動搖把；當振子振動穩(wěn)定時，它的振動周期為（）

A.0.25sB.0.5sC.1sD.2s5、一質(zhì)量為58g的網(wǎng)球，以40m/s的速度水平飛來，某運動員以60m/s的速度反向擊回的過程中，網(wǎng)球的動量變化為（）A.大小1.16kg?m/s，方向與初速度方向相同B.大小1.16kg?m/s，方向與初速度方向相反C.大小5.8kg?m/s，方向與初速度方向相同D.大小5.8kg?m/s，方向與初速度方向相反6、一枚火箭搭載著衛(wèi)星以速率v0進入太空預定位置，由控制系統(tǒng)使箭體與衛(wèi)星分離．已知前部分的衛(wèi)星質(zhì)量為m1，后部分的箭體質(zhì)量為m2，分離后箭體以速率v2沿火箭原方向飛行，若忽略空氣阻力及分離前后系統(tǒng)質(zhì)量的變化，則分離后衛(wèi)星的速率v1為（）

A.v0-v2B.v0+v2C.D.7、燃放爆竹是我國傳統(tǒng)民俗。春節(jié)期間，某人斜向上拋出一個爆竹，到最高點時速度大小為方向水平向東，并炸開成質(zhì)量相等的三塊碎片其中碎片的速度方向水平向東，忽略空氣阻力。炸開后的瞬間（）A.若碎片速度為零，則碎片速度方向可能水平向西B.若碎片速度方向水平向西，則碎片速度方向一定水平向南C.若碎片速度方向水平向北，則碎片速度方向可能水平向西D.若碎片速度等大反向，則碎片速率為方向水平向西8、下列關(guān)于物理公式中不屬于比值定義式的組合正確的是（）

①電場強度②電勢③磁感應強④電動勢⑤電容⑥折射率⑦磁感應強（Φ為磁通量）A.⑥⑦B.①⑦C.①⑥D(zhuǎn).④⑤9、如圖所示，一束復色光由某介質(zhì)射入真空后分解為a、b兩束單色光。以下說法正確的是（）

A.真空中，a光的波長比b光的大B.真空中，a光的傳播速度比b光慢C.a光和b光相遇，會發(fā)生光的干涉現(xiàn)象D.a、b通過相同的單縫衍射實驗裝置，a光的中央亮條紋較窄評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)10、如圖所示，一束復合光垂直玻璃磚界面進入球形氣泡后分為a、b兩種色光；下列說法正確的是（）

A.玻璃磚的氣泡缺陷處顯得更亮是光的全反射現(xiàn)象B.a光的頻率比b光的頻率大C.若保持復合光的方向不變僅將入射點上移，則a光最先消失D.若讓a、b兩種色光通過同一雙縫干涉裝置，則a光形成的干涉條紋的間距更大11、做簡諧運動的物體每次經(jīng)過同一位置時，都具有相同的（）A.加速度B.動能C.位移D.速度12、如圖甲所示，質(zhì)量為的物塊A與豎直放置的輕彈簧上端連接，彈簧下端固定在地面上。時，物塊A處于靜止狀態(tài)，物塊B從A正上方一定高度處自由落下，與A發(fā)生碰撞后一起向下運動（碰撞時間極短，且未粘連），到達最低點后又向上運動。已知B運動的圖像如圖乙所示，其中的圖線為直線，不計空氣阻力，則（）

A.物塊B的質(zhì)量為B.時，彈簧的彈性勢能最大C.時，B速度為零D.時，B開始分離13、如圖所示，半徑為R的光滑半圓弧軌道固定在水平地面上，質(zhì)量分別為m、2m的物塊A、B之間鎖定一壓縮的輕質(zhì)彈簧，靜止放置在半圓弧軌道最低點，彈簧長度忽略不計且與A、B均不栓接，A、B均視為質(zhì)點。某一時刻解除鎖定，彈簧瞬間恢復原長，A恰好可以到達半圓弧左端最高點P處。已知重力加速度為g；則（）

A.彈簧恢復原長瞬間，B的速度大小為B.鎖定時彈簧的彈性勢能為3mgRC.彈簧恢復原長瞬間，A、B對軌道的壓力大小之比為1：1D.物塊A從最低點運動到P點的過程中，A、B系統(tǒng)水平方向動量守恒14、如圖所示，光滑圓形管道固定在豎直面內(nèi)，直徑略小于管道內(nèi)徑可視為質(zhì)點的小球A、B質(zhì)量分別為mA、mB，A球從管道最高處由靜止開始沿管道下滑，與靜止于管道最低處的B球相碰，碰后A、B球均能剛好到達與管道圓心O等高處，關(guān)于兩小球質(zhì)量比值的說法正確的是()

A.B.C.D.評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)15、如圖所示為聲波干涉演示儀的原理圖，兩個U形管A和B套在一起，A管兩側(cè)各有一小孔．聲波從左側(cè)小孔傳入管內(nèi)，被分成兩列頻率________的波．當聲波分別通過A、B傳播到右側(cè)小孔時，若兩列波傳播的路程相差半個波長，則此處聲波的振幅________；若傳播的路程相差一個波長，則此處聲波的振幅________．16、兩列頻率、振動方向、初始相位均相同的波源S1、S2，在同一介質(zhì)中傳播時，某時刻t形成如圖所示的干涉圖樣，圖樣中兩波源S1、S2同時為波谷（實線表示波峰，虛線表示波谷），在圖中標有A、B、C三個點，則振動加強的點是________，振動減弱的點是________。

17、（1）內(nèi)容。

如果一個系統(tǒng)不受外力，或者所受外力的___________為0；這個系統(tǒng)的總動量保持不變。

（2）表達式。

a.p=p′或m1v1＋m2v2=___________。系統(tǒng)相互作用前的總動量等于相互作用后的總動量。

b.Δp1=___________；相互作用的兩個物體動量的變化量等大反向。

（3）適用條件。

a.理想守恒：不受外力或所受外力的合力為___________。

b.近似守恒：系統(tǒng)內(nèi)各物體間相互作用的內(nèi)力___________它所受到的外力。

c.某一方向守恒：如果系統(tǒng)在某一方向上所受外力的合力為零，則系統(tǒng)在___________動量守恒。

（4）應用動量守恒定律解題的步驟。

a.明確研究對象，確定___________的組成（系統(tǒng)包括哪幾個物體及研究的過程）。

b.進行受力分析，判斷系統(tǒng)動量是否___________（或某一方向上是否守恒）。

c.規(guī)定___________，確定初、末狀態(tài)___________。

d.由動量守恒定律列出方程。

e.代入數(shù)據(jù)，求出結(jié)果，必要時討論說明。18、一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播。波速為10m/s。在傳播方向上有P、Q兩質(zhì)點，坐標分別為xP=1m，xQ=6m。波傳播到P點開始計時，該點的振動圖像如圖所示，則簡諧波的波長為______m，經(jīng)過______s，Q點第一次到達正向最大位移處。

19、判斷下列說法的正誤。

（1）動量相同的物體，運動方向一定相同。___________

（2）一個物體（質(zhì)量不變）的動量改變，它的動能一定改變。___________

（3）一個物體（質(zhì)量不變）的動能改變，它的動量一定改變。___________

（4）若物體在一段時間內(nèi)動量發(fā)生了變化，則物體在這段時間內(nèi)受到的合外力一定不為零。___________

（5）某人跳遠時，跳在沙坑里比跳在水泥地上安全，這是由于人跳到沙坑受到的沖量比跳在水泥地上小。___________20、如圖所示，方盒A靜止在光滑的水平面上，盒內(nèi)有一個小滑塊B，盒的質(zhì)量是滑塊質(zhì)量的2倍，滑塊與盒內(nèi)平面間的動摩擦因數(shù)為μ．若滑塊以速度v開始向左運動；與盒的左右壁發(fā)生無機械能損失的碰撞，滑塊在盒中來回運動多次，最終相對盒靜止.

（1）此時盒的速度大小為_________？

（2）滑塊相對于盒運動的路程為____________？

21、一列沿x軸正方向傳播的簡諧波在t=0時刻的波形圖如圖所示，任何一個質(zhì)點在1s內(nèi)通過的路程都為18cm。x=6m處質(zhì)點的振動方程為________；經(jīng)過___________s，x=30m處的質(zhì)點第一次出現(xiàn)在波谷位置。

評卷人得分四、作圖題(共2題，共10分)22、細繩的一端在外力作用下從時刻開始做簡諧運動，激發(fā)出一列簡諧橫波，在細繩上選取15個點，圖為時刻各點所處的位置，圖為時刻的波形圖（T為波的周期）.請在圖中畫出時刻的波形圖________

23、如圖所示為一彈簧振子在A、C間振動；圖中黑點為振子球心的位置。

(1)畫出振子位于C點時離開平衡位置O的位移；

(2)標出振子位于A點時加速度的方向。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共8分)24、如圖甲所示；沖擊擺是一個用細線懸掛著的擺塊，彈丸擊中擺塊時陷入擺塊內(nèi)，使擺塊擺至某一高度，利用這種裝置可以測出彈丸的發(fā)射速度．

實驗步驟如下：

①用天平測出彈丸的質(zhì)量和擺塊的質(zhì)量

②將實驗裝置水平放在桌子上；調(diào)節(jié)擺繩的長度，使彈丸恰好能射入擺塊內(nèi)，并使擺塊擺動平穩(wěn)，同時用刻度尺測出擺長；

③讓擺塊靜止在平衡位置；扳動彈簧槍的扳機，把彈丸射入擺塊內(nèi)，擺塊和彈丸推動指針一起擺動，記下指針的最大偏角；

④多次重復步驟③；記錄指針最大偏角的平均值；

⑤換不同擋位測量，并將結(jié)果填入下表．。擋位平均最大偏角彈丸質(zhì)量擺塊質(zhì)量擺長彈丸的速度低速擋15.70.007650.07890.2705.03中速擋19.10.007650.07890.2706.77高速擋0.007650.07890.2707.15

完成下列填空：

（1）現(xiàn)測得高速擋指針最大偏角如圖乙所示，請將表中數(shù)據(jù)補充完整：____________．

（2）用上述測量的物理量表示發(fā)射彈丸的速度__________．（已知重力加速度為）

（3）為減小實驗誤差，每次實驗前，并不是將指針置于豎直方向的零刻度處，常常需要試射并記下各擋對應的最大指針偏角，每次正式射擊前，應預置指針，使其偏角略小于該擋的最大偏角．請寫出這樣做的一個理由：_____________________________________________________________________．25、在“測定玻璃的折射率”實驗中：某同學在畫界面時，不小心將兩界面aa'、bb’間距畫得比玻璃磚寬度大些，如圖所示，試作圖分析他測得的折射率______（選填“偏大”“偏小”或“不變”）。

評卷人得分六、解答題(共2題，共10分)26、一列橫波在x軸上傳播,介質(zhì)中a、b兩質(zhì)點的平衡位置分別位于x軸上xa=0、xb=6m處,t=0時,a點恰好經(jīng)過平衡位置向上運動,b點正好到達最高點,且b點到x軸的距離為4cm,已知這列波的頻率為5Hz。

(1)求經(jīng)過Δt=0.25s時a點的位移以及這段時間內(nèi)a點經(jīng)過的路程;

(2)若a、b在x軸上的距離大于一個波長,小于兩個波長,求該波的波速。27、質(zhì)量為70kg的人不慎從高空支架上跌落，由于彈性安全帶的保護，使他懸掛在空中．已知人先自由下落3.2m，安全帶伸直到原長，接著拉伸安全帶緩沖到最低點，緩沖時間為1s，取g=10m/s2．求緩沖過程人受到安全帶的平均拉力的大?。畢⒖即鸢敢弧⑦x擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【詳解】

光線P經(jīng)折射后經(jīng)過B點；光路圖如圖所示．

由幾何知識得：α=60°，β=α=30°；則折射率為：故A錯誤．CB間的距離為s=2Rcosβ=R，光在圓柱體傳播速度為v=c/n，則光從C點傳播到B點的時間為．故B正確．由幾何知識知，折射光線射到B點時的入射角等于β，由光路可逆性原理，折射光線不可能在B點發(fā)生全反射，一定能從B點射出，故C錯誤．改變?nèi)肷涔饩€到直徑AB的距離，α改變，由知，β改變，所以折射光線不能夠射到B點，故D錯誤．故選B．2、C【分析】【詳解】

A．回復力是使做簡諧運動的物體返回平衡位置并總指向平衡位置的力；所以物體在遠離和靠近平衡位置時的方向不同，A錯誤；

B．物體做簡諧運動中回復力滿足

即回復力大小與位移大小成正比；方向與位移方向相反，所以在恒力的作用下，物體不可能做簡諧運動，B錯誤；

C．做簡諧運動物體速度越來越大，說明物體向著平衡位置運動，物體受回復力越來越小，加速度一定越來越小，C正確；

D．做簡諧運動物體的加速度方向始終指向平衡位置；速度方向與物體運動方向相同，物體做簡諧運動過程中，加速度方向和速度方向有時相同，有時相反，D錯誤。

故選C。3、B【分析】【詳解】

撤銷F后；A板做簡諧運動。

在最高點，B恰好被提離地面，彈簧伸長，拉力等于物體B的重力mg，即F彈=mg

彈簧對A；B的拉力相等；故對物體A的拉力也等于mg

最高點物體A的回復力：F回=3mg+F彈=3mg+mg=4mg

根據(jù)對稱性可知：物體A壓縮到最低點釋放瞬間的回復力也為4mg，此時：F回=FN-3mg=4mg；

故FN=7mg

沒有撤去推力F時；物體A受重力；支持力和推力，根據(jù)三力平衡條件，有：

F+3mg=FN

故F=FN-3mg=4mg

點晴：本題關(guān)鍵是明確簡諧運動的回復力F=-kx，物體A受到的重力和彈簧彈力的合力提供回復力，知道最高點和最低點回復力大小相等．4、C【分析】【分析】

【詳解】

彈簧振子受搖把的作用而振動，做受迫振動，所以其振動的周期等于驅(qū)動力的周期，搖把的轉(zhuǎn)速為n=60r/min=1r/s

則搖把的周期為T=1s

所以C正確；ABD錯誤；

故選C。5、D【分析】【詳解】

規(guī)定v1方向為正方向，網(wǎng)球初狀態(tài)的動量為p1=mv1=0.058×40kgm/s=2.32kg?m/s

末狀態(tài)的動量為p2=mv2=0.058×（-60）kgm/s=-3.48kg?m/s

則動量的變化量為△p=p2-p1=-3.48-2.32=-5.8kg?m/s

負號表示方向，可知動量變化量的方向與v1方向相反；故D正確，ABC錯誤。

故選D。6、D【分析】【分析】

本題考查動量守恒定律。

【詳解】

系統(tǒng)分離前后，動量守恒：解得：故ABC錯誤；D正確．7、A【分析】【分析】

【詳解】

A．若碎片速度為零，則根據(jù)水平方向動量守恒有

解得

當時，碎片速度方向向西。A正確；

B．若碎片速度方向水平向西，則根據(jù)水平方向動量守恒有

解得

方向可能向東；向西或為零。B錯誤；

C．若碎片速度方向水平向北，則根據(jù)水平方向動量守恒有

則碎片速度方向一定水平向南。C錯誤；

D．若碎片速度等大反向，則根據(jù)水平方向動量守恒有

解得

方向向東。D錯誤。

故選A。8、C【分析】【詳解】

屬于比值定義式的是

不屬于比值定義式的是

故選C。9、D【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖看出，a光的偏折程度大于b光的偏折程度，則a光的折射率大于b光的折射率，所以a光的頻率大于b光的頻率，真空中a光的波長比b光的??；選項A錯誤；

B．真空中，a光和b光的傳播速度相同；選項B錯誤；

C．a(chǎn)光的頻率大于b光的頻率；頻率不同的兩列光相遇不會發(fā)生光的干涉現(xiàn)象，選項C錯誤；

D．a(chǎn)光的波長小，波動性比b光弱，則知a、b通過相同的單縫衍射實驗裝置，a光的衍射條紋較小；選項D正確。

故選D。二、多選題(共5題，共10分)10、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．玻璃磚的氣泡缺陷處顯得更亮是光的全反射現(xiàn)象；故A正確；

B．由題圖知，兩種色光射向氣泡時，玻璃對a光的偏折程度較大，因此a光的折射率較大，則a光的頻率比b光的頻率大；故B正確；

C．因a光的折射率較大，由sinC＝

知，a光的全反射臨界角較小，由圖可知，a光從玻璃磚射向氣泡的入射角與b光相同，若保持復合光的方向不變僅將入射點上移，則a光最先達到全反射的條件，從而a光最先消失；故C正確；

D．讓a、b兩種色光通過同一雙縫干涉裝置，因a光的折射率較大，其波長較短，根據(jù)干涉條紋間距公式

則b光形成的干涉條紋的間距更大；D錯誤。

故選ABC。11、A:B:C【分析】【詳解】

做簡諧振動的物體，每次經(jīng)過同一位置時，位移一定相同，由F=-kx

可知，回復力相同，根據(jù)a=

可知；加速度相同，速度的大小一定相同，但是方向不一定相同，則速度不一定相同，動能一定相同。

故選ABC。12、A:C【分析】【詳解】

A．碰撞時間極短，可認為碰撞過程滿足動量守恒，則有

解得

故A正確；

B．當為零時；彈簧壓縮量最短，彈簧的彈性勢能最大，故B錯誤；

C．B與A一起運動過程屬于簡諧振動，故圖乙中B物體的速度時間圖線為正余弦函數(shù)關(guān)系，設振動周期為由數(shù)學知識可得

解得

則有

故B速度為零時刻為

聯(lián)立解得

故C正確；

D．根據(jù)

可得

可知此時B的速度為

可知此時A；B剛好回到碰撞時的位置；此時彈簧仍處于壓縮狀態(tài)，A、B并未分離，故D錯誤。

故選AC。13、A:C【分析】【詳解】

A．彈簧恢復原長過程中，系統(tǒng)動量守恒，有

可得

物塊A從最低點運動到P點的過程中，對A由機械能守恒定律得

解得

則

故A正確；

B．由機械能守恒定律得

故B錯誤；

C．彈簧恢復原長瞬間，對分別由牛頓第二定律得

聯(lián)立可得

由牛頓第三定律可知彈簧恢復原長瞬間，A、B對軌道的壓力大小之比為1：1；故C正確；

D．物塊A從最低點運動到P點的過程中，相同時刻圓弧軌道對的支持力大小不相等，所以在水平方向所受的合力不為零，所以A、B系統(tǒng)水平方向動量不守恒；故D錯誤。

故選AC。14、A【分析】【詳解】

碰后A.B球均能剛好到達與管道圓心O等高處；則此時速度都為零；

根據(jù)動能定理可知

解得

所以碰后A和B的速度相等，方向相反或相同，碰撞前，A球從最高點運動到最低點的過程中，根據(jù)動能定理得

解得

AB碰撞過程中，動量守恒，以碰撞前A球的速度為正，如碰后速度方向相同，則有：

解得

如碰后速度方向相反，則有

解得

故選AB。

點睛：碰后A、B球均能剛好到達與管道圓心O等高處，此時速度都為零，根據(jù)動能定理求出碰后AB兩球的速度，方向相反或相同；碰撞前，A球從最高點運動到最低點的過程中，根據(jù)動能定理求出碰撞前A的速度，AB碰撞過程中，動量守恒，根據(jù)動量守恒定律求解即可．三、填空題(共7題，共14分)15、略

【分析】【詳解】

聲波從左側(cè)小孔傳入管內(nèi)；被分成兩列頻率相同的波且相位差固定．若波程相差為半波長的偶數(shù)倍，則干涉相長；若波程相差為半波長的奇數(shù)倍，則干涉相消．所以兩列波傳播的路程相差半個波長（奇數(shù)倍），則此處聲波的振幅減?。蝗魝鞑サ穆烦滔嗖钜粋€波長（半波長的偶數(shù)倍），則此處聲波的振幅增大．

【點睛】

此題是關(guān)于機械波的干涉問題；關(guān)鍵是掌握兩列波相遇產(chǎn)生干涉的條件：波程相差為半波長的偶數(shù)倍，則干涉相長；若波程相差為半波長的奇數(shù)倍，則干涉相消．【解析】相等等于零等于原振幅的二倍16、略

【分析】【詳解】

[1][2]由題圖中可知，A點距波源S1、S2的距離均為1.5λ，即x1＝1.5λ，x2＝1.5λ，故A到S1、S2的距離差Δx＝x1－x2＝0

B點距S1距離為x1＝λ，距S2距離為x2距離為x2＝2λ，故B到S1、S2的距離差Δx＝λ

C點距S1的距離為x1＝2λ，距S2的距離為x2＝1.5λ，故C到兩波源S1、S2的距離差為Δx＝x1－x2＝0.5λ

因為兩波源的振動情況完全相同，所以A、B點均為振動加強點，C點為振動減弱點?！窘馕觥竣?A、B②.C17、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]動量守恒的定義：如果一個系統(tǒng)不受外力；或者所受外力的矢量和為0，這個系統(tǒng)的總動量保持不變動量守恒的。

（2）[2][3]動量守恒定律的表達式為：

p=p′，m1v1＋m2v2=m1v1′＋m2v2′或Δp1=-Δp2（3）[4][5][6]動量守恒的三種情況。

a.不受外力或所受外力的合力為零。

b.系統(tǒng)內(nèi)各物體間相互作用的內(nèi)力遠大于它所受到的外力。

c.如果系統(tǒng)在某一方向上所受外力的合力為零；則系統(tǒng)在這一方向上動量守恒。

（4）[7][8][9][10]應用動量守恒定律解題的步驟。

a.明確研究對象；確定系統(tǒng)的組成；

b.進行受力分析；判斷系統(tǒng)動量是否守恒（或某一方向上是否守恒）。

c.規(guī)定正方向；確定初；末狀態(tài)動量。

d.由動量守恒定律列出方程求解?！窘馕觥渴噶亢蚼1v1′＋m2v2′-Δp2零遠大于這一方向上系統(tǒng)守恒正方向動量18、略

【分析】【詳解】

[1]由P點的振動圖像可得出該波的周期T=0.2s

由于該波的波速為10m/s，則該波的波長λ=vT=2m

[2]由題知P、Q兩質(zhì)點相距xPQ=5m

則波從P點傳播到Q點需經(jīng)過

由P點的振動圖像可得出該波的起振方向向上，則Q點從起振到第一次到達正向最大位移處還需經(jīng)過則經(jīng)過t=0.55s，Q點第一次到達正向最大位移處?！窘馕觥?0.5519、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.正確②.錯誤③.正確④.正確⑤.錯誤20、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]物體與盒子組成的系統(tǒng)動量守恒；先由動量守恒求出盒子與物塊的最終速度，再結(jié)合損失的機械能即可求出滑塊相對于盒運動的路程。設滑塊的質(zhì)量為m，則盒的質(zhì)量為2m，對整個過程，由動量守恒定律可得

解得

(2)[2]由能量關(guān)系可知

解得【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由波形圖可知波動的振幅在一個周期內(nèi)質(zhì)點通過的路程為。

所以當質(zhì)點通過的路程為18cm時對應的是一個半周期，即解得。

又根據(jù)圓頻率表達式。

此時處質(zhì)點正在向y軸負方向振