2025年滬科版必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版必修3物理上冊階段測試試卷726考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、位于水平面的一個圓上有等間距的三個點A、B、C，每個點上放一個帶正電的點電荷，這三個點電荷的帶電荷量相同，如圖所示。設每個點電荷單獨在圓心產生的電場的場強大小為電勢為則關于圓上正北點處的電場場強大小E、電勢的說法正確的是（）

A.B.C.D.2、如圖所示，真空中固定于A、B兩點的點電荷Q1＝＋2.0×10－6C、Q2＝-2.0×10－6C，AB之間的距離L為2.0m，MN為AB的中垂線，P點距離A、B的距離也為2.0m，已知靜電力常量k＝9.0×109N·m2/C2；則。

A.兩點電荷間的庫侖力大小為1.8×10－2NB.P點場強的方向沿沿y軸正向C.若P點放置q＝＋2.0×10－6C的電荷，該電荷受到的電場力為9.0×10－3ND.若P點放置q＝＋2.0×10－6C的電荷，該電荷受到的電場力為9×10－3N3、如圖所示，在x軸相距為L的兩點固定兩個等量異種點電荷+Q、-Q，虛線是以+Q所在點為圓心、為半徑的圓，a、b、c、d是圓上的四個點，其中a、c兩點在x軸上，b、d兩點關于x軸對稱。下列判斷正確的是（）

A.b、d兩點處的電勢相同B.四點中a點處的電勢最低C.b、d兩點處電場強度相同D.將一試探電荷+q沿圓周由a點移至c點，+q的電勢能增大4、對于一給定的電容器，在如下圖所示中，描述電容C、帶電荷量Q、電壓U之間的相互關系的圖線中正確的是（）A.B.C.D.5、如圖所示的電路中；電源電壓保持不變。下列關于電路故障的判斷，正確的是（）

A.若斷路，電流表示數(shù)變小，電壓表示數(shù)變小B.若斷路，電流表示數(shù)變小，電壓表示數(shù)變大C.若斷路，電流表示數(shù)為零，電壓表示數(shù)變小D.若短路，電流表示數(shù)變小，電壓表示數(shù)變大評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)6、關于多用電表，下列敘述正確的是（）A.用多用電表測電阻時，每測量一次電阻都要重新進行歐姆調零B.用多用電表測電阻時，若指針偏轉較小，應換用更大倍率C.用多用電表測電壓或電流時，紅表筆接觸點的電勢高于黑表筆接觸點的電勢D.用多用電表測電阻時，紅表筆接觸點的電勢高于黑表筆接觸點的電勢7、如圖所示，用長為L的絕緣細線拴住一只質量為m、帶電荷量為q的小球，線的另一端拴在O點，整體處于水平向右的勻強電場中。開始時把小球、線拉到和O在同一水平面上的A點（線拉直）讓小球由靜止開始釋放，當擺線擺到與水平線成60°角到達B點時，球的速度恰好為零，重力加速度為g?？諝庾枇雎圆挥?；以下說法中正確的是（）

A.B、A兩點之間的電勢差為B.勻強電場的場強為C.小球運動到B點時細線上的拉力大小為mgD.小球到達B點以后恰好能保持靜止8、取一對用絕緣柱支持的導體A和B；使它們彼此接觸。起初它們不帶電，貼在下部的兩片金屬箔是閉合的，如圖所示。手握絕緣棒，把帶正電荷的帶電體C移近導體A。下列對實驗現(xiàn)象的描述正確的是（）

A.帶電體C移近導體A時，兩邊的金屬箔都張開B.保持C不動，先把導體A和B分開，然后移開C，張開的金屬箔都合攏C.保持A和B接觸，C不動，若用手觸碰導體A的左端，則導體A下方的金屬箔合攏D.保持A和B接觸，C不動，若用手觸碰導體B的右端，則導體B下方的金屬箔合攏9、如圖，長方體左右兩個正方形平面的中心固定兩個等量同種正電荷A和B，AB連線中點為O。長方體的四條邊的中點有a、b、c、d四個點。下列說法正確的是（）

A.a、b、c、d電勢均相同B.a、b、c、d場強均相同C.電子從a沿ao方向移動到c，電勢能先減少后增加D.abcd組成的平面是等勢面10、如圖所示，在正三棱錐的頂點O處固定一負點電荷，分別是三條棱的中點。則下列說法正確的是（）

A.所在平面為等勢面B.點的電場強度大小是A點的4倍，且方向相同C.將一正的試探電荷從點沿直線移到再沿直線移到靜電力做功為0D.若點電勢為則B點電勢為11、如圖所示，平行板電容器兩極板與直流電源理想二極管（正向電阻為零可以視為短路，反向電阻無窮大可以視為斷路）連接，電源負極接地。初始時電容器不帶電，閉合開關穩(wěn)定后，一帶電油滴在電容器中的點處于靜止狀態(tài)。下列說法正確的是（）

A.將極板向下平移后，油滴在點的電勢能增大B.將極板向上平移后，油滴在點的電勢能增大C.將極板向上平移后，帶電油滴靜止不動D.將極板向下平移后，極板的電勢降低12、如圖，光滑絕緣水平地面上有一水平絕緣輕彈簧左端固定，右端與一質量為m、電荷量為的滑塊P（可視作質點）拴接，沿水平方向建立x軸，沿x軸加一水平方向電場（圖中未畫出），x軸上的電勢隨位置x的變化關系如圖所示。滑塊從彈簧原長處靜止釋放（未超出彈性限度），沿x軸正方向運動直至速度為零的過程中（）

A.電場的電勢越來越低，電場強度越來越小B.滑塊的加速度先增大后減小C.當滑塊的速度最大時，彈簧彈性勢能與滑塊動能之和最大D.滑塊克服彈力做的功等于電勢能的減少量13、兩個固定的等量異種點電荷所形成電場的等勢面如圖中虛線所示，一帶電粒子以某一速度從圖中a點進入電場；其運動軌跡為圖中實線所示，若粒子只受靜電力作用，則下列關于帶電粒子的判斷正確的是（）

A.帶負電B.速度先增大后減小C.經(jīng)過a點的加速度大于經(jīng)過c點時的加速度D.經(jīng)過b點和d點時的速度大小相同14、如圖所示為勻強電場的電場強度E隨時間t變化的圖象．當t＝0時；在此勻強電場中由靜止釋放一個帶電粒子，設帶電粒子只受電場力的作用，則下列說法中正確的是()

A.帶電粒子將始終向同一個方向運動B.2s末帶電粒子回到原出發(fā)點C.3s末帶電粒子的速度為零D.0～3s內，電場力做的總功為零評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)15、如圖所示為一個玩具汽車上的控制電路，小明對其進行測量和研究發(fā)現(xiàn)：電動機的線圈電阻為保護電阻為當閉合開關后，兩電壓表的示數(shù)分別為和則電路中的電流為___________電動機的功率為__________

16、長波的波長范圍為3000～30000m，短波的波長范圍為10～50m，則長波的頻率范圍是________，短波的頻率范圍是________。17、在如圖乙所示的電路中，電源電動勢內阻定值電阻電壓表為理想電表。閉合開關通過電阻的電流________電壓表示數(shù)________電阻消耗的功率________

18、有三根長度為l=1.00m的不可伸長的絕緣輕線，其中兩根的一端固定在天花板上的O點，另一端分別拴有質量皆為m=1.00×10－2kg的帶電小球A和B，它們的電量分別為－q和+q（A帶負電，B帶正電），q=1.00×10－7C。A、B之間用第三根線連接起來?？臻g中存在大小為E=1.00×106N/C的勻強電場，場強方向沿水平向右，平衡時A、B球的位置如圖所示?，F(xiàn)將O、B之間的線燒斷，由于空氣阻力，A、B球最后會達到新的平衡位置。求最后兩球的機械能與電勢能的總和與燒斷前相比減少了___________J。（不計兩帶電小球間相互作用的靜電力）（=1.4，=1.7）

19、某電熱器的工作原理如圖所示。是兩個發(fā)熱電阻，該電熱器有高低兩個檔位，該電熱器處于高溫檔時的功率是低溫檔的______倍。小明想在電路中加一個“防傾倒開關”，以保證電熱器被碰倒后能自動斷開電路，以免引起火災。該開關最好安裝在圖中四點中的______點。

評卷人得分四、作圖題(共2題，共20分)20、如圖所示，磁感應強度大小為的勻強磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內，左右各一半面積的范圍內，磁場方向相反。有一個邊長為的正方形導線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進入磁場算起；規(guī)定剛開始時磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時間的變化圖像。

21、以下是幾種點電荷的電場線的分布情況；請標出圖中各電荷的電性。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共30分)22、為測量某導體的電阻小明進行了如下實驗步驟：

（1）用多用電表粗測其電阻，他選擇倍率，用正確的操作方法測量時，發(fā)現(xiàn)多用電表指針向右偏轉角度較大。應將選擇開關旋至歐姆擋__________（選填“”或“”）；

（2）按正確步驟測量時，指針指在圖示位置，的略粗測量值為__________

（3）小明在實驗室用下列器材進行準確測量：

電壓表V（量程內電阻約）

電流表（量程內電阻為）

電流表（量程內電阻為）

滑動變阻器（最大阻值為額定電流為）

滑動變阻器（最大阻值為額定電流為）

直流電源E（電動勢為內電阻約為電鍵及導線若干。

為多測幾組電流、電壓值，故電流表應選用__________，滑動變阻器選用________（選填器材代號），利用選擇的器材，請你在方框內畫出實驗電路圖()。小明用該電路圖某次測量得電壓表、電流表示數(shù)分別為U、I則待測電阻準確值的表達式為_________。

23、某同學用圖甲所示電路測量電源的電動勢和內阻。

（1）圖甲電路中定值電阻的作用為__________________。

（2）調節(jié)滑動變阻器；記錄電壓表與電流表示數(shù)，作電壓電流圖線如圖乙中曲線①所示。通過檢查，發(fā)現(xiàn)錯把一非定值電阻連在了電路中。

（3）該同學測量了所用非定值電阻的伏安特性曲線如圖乙中曲線②所示。

（4）由圖乙中給出的數(shù)據(jù)可得電源的電動勢為_________V，內阻為_________

（5）由圖乙中給出的數(shù)據(jù)，若把該電阻直接串接在該電源上，其消耗的電功率為_________W，由于電表有內阻，則該功率測量值_________（填“偏大于”“偏小于”或“等于”）真實值。24、利用電流表和電壓表測定一節(jié)干電池的電動勢和內電阻。要求盡量減小實驗誤差。

（1）應該選擇的實驗電路是圖1中的________________（選填“甲”或“乙”）。

（2）現(xiàn)有電流表（0~0.6A）；開關和導線若干；以及以下器材：

A.電壓表（0~15V）B.電壓表（0~3V）

C.滑動變阻器（0~50?）D.滑動變阻器（0~500?）

實驗中電壓表應選用_____________；滑動變阻器應選用_____________。（選填相應器材前的字母）

（3）某位同學記錄的6組數(shù)據(jù)如下表所示，其中5組數(shù)據(jù)的對應點已經(jīng)標在圖2的坐標紙上，請標出余下一組數(shù)據(jù)的對應點，并畫出U-I圖線__________。序號123456電壓U（V）1.451.401.301.251.201.10電流I（A）0.0600.1200.2400.2600.3600.480

（4）根據(jù)（3）中所畫圖線可得出干電池的電動勢E=____________V，內電阻r=__________?。

（5）為盡量減小實驗誤差，在你選擇的實驗電路圖中，電動勢和內電阻的測量值跟真實值相比，E測________E真，r測___________r真。（選填“大于”；“小于”、或“等于”）

（6）實驗中，隨著滑動變阻器滑片的移動，電壓表的示數(shù)U及干電池的輸出功率P都會發(fā)生變化。圖3的各示意圖中正確反映P-U關系的是________________。

評卷人得分六、解答題(共2題，共8分)25、電荷周圍存在電場，電場雖然看不見，但是它卻是客觀存在的，可以通過實驗對它進行觀察和研究。如圖所示，是一個均勻帶電球，把一個系在絲線上的帶電量為質量為的試探小球先后依次掛在圖中三個不同位置，調整絲線長度，使小球靜止時的三個位置與帶電球的球心處于同一水平線上，三處的絲線與豎直方向的夾角分別為且已知重力加速度為

(1)對帶電小球靜止于位置時的受力進行分析，畫出受力示意圖，并求小球所受電場力的大小

(2)根據(jù)電場強度的定義，推導帶電球產生的電場在位置處的場強大小的表達式，并據(jù)此比較三個位置的電場強度的大小關系。

26、如圖甲所示，兩平行金屬板a、b間距為d，在兩板右側裝有熒光屏MN（絕緣），O為其中點。在兩板a、b上加上如圖乙所示的電壓，電壓最大值為U0?，F(xiàn)有一束帶正電的離子束（其比荷即電量與質量的比值為k），從兩板左側沿中線方向以初速度v0，連續(xù)不斷地射入兩板間的電場中，設所有離子均能打到熒光屏MN上，已知金屬板長L=2v0t0；求：

(1)從t=0時刻進入電場的離子打到熒光屏MN上的位置。

(2)熒光屏上出現(xiàn)亮線的長度。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【詳解】

由對稱性知A、B兩點電荷在正北點產生的場強大小都為則合場強

方向指向正北。若把C點電荷放在圓心處，則C點電荷在正北點產生的場強為方向指向正北，而C點電荷位于正南點時，在正北點處產生的場強沿正北方向，小于故三點電荷在正北點產生場強的矢量和小于大于另外，分析可知A、B兩點電荷在正北點產生的電勢均為二者共同產生的電勢為若把C點電荷放在圓心處，則C點電荷在正北點產生的電勢為而C點電荷位于正南點時，其在正北點處產生的電勢應該小于故三點電荷在正北點產生的電勢大于而小于

故選D。2、C【分析】【詳解】

A．根據(jù)庫侖定律，A、B兩點電荷間的庫侖力大小F＝k代入數(shù)據(jù)得F＝9.0×10－3N

A錯誤；

B．A、B兩點電荷在P點產生的場強大小相等，均為E1＝kA、B兩點電荷形成的電場在P點的合場強大小E＝2E1cos60°=4.5×103V/m

根據(jù)矢量合成的法則，方向為x軸的正方向；B錯誤；

CD．P點處的電荷受到電場力的大小為F=qE=9.0×10－3N

C正確、D錯誤。3、A【分析】【分析】

【詳解】

該電場為等量異種點電荷的電場；將等量異種點電荷的電場線與等勢面的圖畫出如圖所示。

A．該電場中的電勢關于x軸對稱，所以b、d兩點的電勢相等；故A正確；

B．c點在兩個電荷連線的中點上，也是在兩個電荷連線的中垂線上，所以它的電勢和無窮遠處的電勢相等。而正電荷周圍的電場的電勢都比它高，即c點的電勢在四個點中是最低的；故B錯誤；

C．該電場中的電場強度大小關于x軸對稱，所以b、d兩點場強大小相等；方向是不相同的，故C錯誤；

D、c點的電勢低于a點的電勢，試探電荷+q沿圓周由a點移至c點，電場力做正功，+q的電勢能減小；故D錯誤。

故選A。4、B【分析】【詳解】

ACD．對于給定的電容器，據(jù)電容器電容的決定式知；電容器的電容不變，則ACD三項錯誤；

B．對于給定的電容器，電容器的電容不變，據(jù)電容的定義式知，

由于電容不變，因此電量Q和電壓U成正比，故B正確。5、D【分析】【詳解】

A．若斷路，則并聯(lián)電路少了一個支路，并聯(lián)部分少了一個支路，并聯(lián)部分總電阻變大，的電壓、電流均變大，且電壓表由原來測的電壓改為測的電壓；電壓表的讀數(shù)變大，故A錯誤；

B．若R2斷路，則總電阻增大，總電流減小，故路端電壓增大，則R3兩端電壓增大，電流表示數(shù)增大，R1的電流變大；則電壓表示數(shù)變大，故B錯誤；

C．若R3斷路，則流過電流表中的電流為零，電路總電阻增大，則電路總電流減小，故路端電壓增大，則流過R1的電流變大；則電壓表示數(shù)變大，故C錯誤；

D．若R4短路，則總電阻減小，電路中電流增大，內電壓增大，路端電壓減小，而外電路并聯(lián)，故流過電流表中的電流減小，電流表示數(shù)減小，則流過R1電流增大；故電壓表示數(shù)增大，故D正確。

故選D。二、多選題(共9題，共18分)6、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．用歐姆表測電阻時；每次換擋后必須重新進行歐姆調零，故A錯誤；

B．測電阻時；若指針偏轉較小，說明歐姆表示數(shù)太大，說明所選擋位太小，為準確測量電阻阻值，應換用更大倍率擋測量，故B正確；

CD．用多用表測電壓或電流時；紅表筆接觸點的電勢都高于黑表筆接觸點的電勢；測電阻時，紅表筆接觸點的電勢低于黑表筆接觸點的電勢，故C正確，D錯誤。

故選BC。7、A:B:C【分析】【詳解】

A．小球到B速度恰好為零，說明電場力做負功．故電場力與電場方向相同，小球帶正電，設B、A兩點之間的電勢差為U，由A到B過程，由動能定理得

解得

故A正確；

B．在勻強電場中則

解得

故B正確；

C．小球到達B點時速度為零；向心力為零，所以沿細線方向合力為零，此時對小球受力如圖所示。

沿細線方向有

解得

故C正確；

D．小球在B點沿細線方向合力為零，但沿圓弧切線方向合力不為零

所受合力并不為零，所以不能靜止在B點；故D錯誤。

故選ABC。8、A:D【分析】【詳解】

A．帶電體C移近導體A時；由于發(fā)生了靜電感應現(xiàn)象，靠近C的A帶上了負電荷，遠離C的B帶上了正電荷，所以兩邊的金屬箔都張開。A正確；

B．保持C不動；先把導體A和B分開，A；B帶上等量異種電荷，然后移開C，金屬箔仍都張開。B錯誤；

CD．保持A和B接觸；C不動，無論用手觸碰導體A的左端或B的右端，導體B上正電荷都被中和，導體A上的負電荷依然存在，則導體B下方的金屬箔合攏，導體A下方的金屬箔仍然張開。C錯誤，D正確。

故選AD。9、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．如圖所示為兩個等量同種正電荷周圍電場分布，對比題圖可知，由于對稱性，a、b、c、d電勢均相同；場強大小相等，方向不同，A正確，B錯誤；

C．aoc連線上，o點電勢最高，故從a到c過程，電勢先升高、后降低，由可知，電子從a沿ao方向移動到c；電勢能先減少后增加，C正確；

D．等勢面始終垂直于電場線，由圖可知，abcd組成的平面不是等勢面；D錯誤。

故選AC。10、B:C【分析】【詳解】

A．由于所在平面到頂點O處的距離不相等，由等勢面的概念可知，所在平面不是等勢面；故A錯誤；

B．由于點到O點的距離是點到O點的距離的根據(jù)場強公式可知，點的電場強度大小是A點的4倍，方向相同都沿指向點；故B正確；

C．因為三點離頂點O處的的距離相等；故三點處的電勢均相等，由靜電力做功特點可知，此過程靜電力做功為0，故C正確；

D．因為離點電荷越近，場強越大，等差等勢面越密集，則間電勢差大于電勢差；可知若點電勢為則B點電勢小于故D錯誤。

故選BC。11、B:C:D【分析】【詳解】

A．由

極板向下平移，增大

增大，電容器充電，極板間電勢差不變，電場強度

增大

升高，油滴帶負電，則

減??；選項A錯誤；

B．極板向上平移，增大，電容器充電，極板間電勢差不變，電場強度增大，

（等于電源電動勢，不變）增大，降低

增大；選項B正確；

C．極板向上平移，減小

減小，由于二極管的單向導電性，電容器不能放電，電容器的帶電量不變，電場強度

不變；帶電油滴靜止不動，選項C正確；

D．極板向下平移，減小

減小，由于二極管的單向導電性，電容器不能放電，電容器的帶電量不變

（等于電源電動勢）增大，降低；選項D正確。

故選BCD。12、A:D【分析】【詳解】

A．由x軸上的電勢隨位置x的變化關系圖像；可知電場的電勢越來越低，由圖像的斜率表示電場強度，可知電場強度越來越小，A正確；

B．由題意可知，沿x軸正方向電勢降低，即電場方向沿x軸正方向?；瑝KP沿x軸正方向運動時，受到向右的電場力和向左的彈力，開始兩力的合力方向沿x軸正方向，且合力由大變小，當合力是零時，加速度是零，滑塊P速度最大，隨沿x軸正方向運動位移的增大；電場強度逐漸減小，彈力逐漸增大，其合力方向向左，且逐漸增大，當滑塊P速度是零時，彈力最大，因此滑塊P的加速度先減小后增大，B錯誤；

C．由題意可知；滑塊P運動中，電勢能的減少量等于滑塊動能的增加量與彈簧的彈性勢能的增加量之和，因此滑塊P速度是零時，電勢能的減少量最大，則有彈簧彈性勢能與滑塊動能之和最大，C錯誤；

D．由以上分析可知；滑塊P速度是零時，電勢能的減少量最大，且全部轉化為彈簧的彈性勢能，即為滑塊P克服彈力所做的功，D正確。

故選AD。13、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)兩個固定的等量異種點電荷所形成電場的等勢面的特點可知；該圖中的等勢面中，正電荷在上方，負電荷在下方，從粒子運動軌跡看出，軌跡向上彎曲，可知帶電粒子受到了向上的力的作用，所以粒子帶負電，A正確；

B．粒子從過程中，電場力做負功；過程中；電場力做正功，在整個運動過程中，電場力先做負功后做正功，粒子速度先減小后增大，B錯誤；

C．圖中a點處的等勢面比c處的等勢面稀疏，可知c處的電場強度大，則帶電粒子在c點受到的電場力大，所以粒子在c處的加速度大；C錯誤；

D．由該圖可知，b、d兩點都在?5V的等勢面上，所以粒子在從b到d的過程中，電場力做功為零，由此b、d兩點的動能是相等的，所以在b點和d點時的速度大小相同；D正確。

故選AD。14、C:D【分析】【詳解】

由牛頓第二定律可知，帶電粒子在第1s內的加速度為：第2s內加速度為：故a2=2a1，因此先加速1s再減小0.5s時速度為零，接下來的0.5s將反向加速，v-t圖象如圖所示：

帶電粒子在前1秒勻加速運動；在第二秒內先做勻減速后反向加速，所以不是始終向一方向運動，故A錯誤；

根據(jù)速度時間圖象與坐標軸圍成的面積表示位移可知，在t=2s時；帶電粒子離出發(fā)點最遠，故B錯誤；

由解析中的圖可知；粒子在第1s內做勻加速運動，第2s內做勻減速運動，3s末的瞬時速度剛減到0，故C正確；

因為第3s末粒子的速度剛好減為0，根據(jù)動能定理知粒子只受電場力作用，前3s內動能變化為0，即電場力做的總功為零．故D正確．三、填空題(共5題，共10分)15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由圖可知，電壓表V2測電阻R兩端電壓為2V，根據(jù)歐姆定律

[2]電壓表V1測路端電壓為6V，由串并聯(lián)關系可知電動機兩端電壓

根據(jù)電功率公式【解析】0.5216、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]已知長波波長范圍為3000～30000m，而波速c＝3.0×108m/s.由c＝λf

可知f1＝Hz＝1×105Hz＝100kHzf2＝Hz＝1×104Hz＝10kHz

則長波頻率在10～100kHz之間．

[2]同理由短波的波長范圍為10～50m，則頻率范圍是6～30MHz.【解析】①.10～100kHz②.6～30MHz17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]電源電動勢內阻定值電阻閉合開關通過電阻的電流

電壓表示數(shù)

電阻消耗的功率【解析】①.2②.8③.1618、略

【分析】【詳解】

圖中虛線表示A、B球原來的平衡位置，實線表示燒斷后重新達到平衡的位置，其中α、β分別表示細線OA、AB與豎直方向的夾角。A球受力如圖所示：重力mg，豎直向下；電場力qE，水平向左；細線OA對A的拉力T1，方向如圖；細線AB對A的拉力T2；方向如圖。

由平衡條件T1sinα＋T2sinβ=qET2cosα＝mg＋T2cosβ

B球受力如圖所示：重力mg，豎直向下；電場力qE，水平向右；細線AB對B的拉力T2；方向如圖。

由平衡條件T2sinβ=qE，T2cosβ=mg

聯(lián)立以上各式并代入數(shù)據(jù)，得=0，β=

由此可知，A、B球重新達到平衡的位置如圖所示,與原來位置相比：A球的重力勢能減少了EA=mgl(1－sin)

B球的重力勢能減少了EB=mgl(1－sin＋cos)

A球的電勢能增加了WA=qElcos

B球的電勢能減少了WB=qEl(sin－sin)

兩種勢能總和減少了W=WB－WA＋EA＋EB

代入數(shù)據(jù)解得W=0.07J【解析】0.0719、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]旋轉開關接1時；電熱器功率為。

旋轉開關接2時；電熱器功率為。

代入數(shù)據(jù)解得。

[2]保證電熱器被碰倒后能自動斷開電路，以免引起火災，該開關最好安裝在火線上，且在開關之前，即安裝在C點?！窘馕觥?C四、作圖題(共2題，共20分)20、略

【分析】【分析】

【詳解】

線框穿過磁場的過程可分為三個階段，進入磁場階段（只有邊在磁場中），在磁場中運動階段（兩邊都在磁場中），離開磁場階段（只有邊在磁場中）。

①線框進入磁場階段：對應穿過線框的磁通量線性增加，最后為

②線框在磁場中運動階段：對應，時間內，穿過線框的磁通量線性減小，最后為時間內，穿過線框的磁通量反向線性增加，最后為

③線框離開磁場階段：對應穿過線框的磁通量線性減小，最后為

畫出圖像如圖所示。

【解析】見解析21、略

【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)電場線從正電荷出發(fā)；終止與負電荷及等量同種，等量異種點電荷電場線的分布特點，可標出電荷的電性如圖所示。

【解析】見解析五、實驗題(共3題，共30分)22、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]測量時發(fā)現(xiàn)指針向右偏轉角度太大，說明待測電阻阻值較小，選用的倍率太大，為使測量結果更加準確，應將選擇開關置于“”的擋位。

(2)[2]多用表測量電阻時，讀表盤最上面一圈，讀出的示數(shù)為22.0，選擇的擋位為“”擋位，則該電阻阻值為

(3)[3]電壓表量程為則通過電阻的最大電流為

則電流表應該選

[4][5]為多測幾組電流、電壓值，電路采用分壓式，則滑動變阻器選

為了準確測量；由于電流表內阻已知，電壓表內阻未知，所以電流表采用內接。則電路圖如下。

[6]由歐姆定律得

解得【解析】220見解析23、略

【分析】【詳解】

（1）[1]圖甲電路中定值電阻的作用為保護電阻；防止滑動變阻器接入電路中阻值為0時，電路電流過大，燒壞電源和電表。

（4）[2]由圖乙中曲線①可知，電源的電動勢為

[2]由圖乙可知，當電壓表示數(shù)為時，電流表的示數(shù)為由歐姆定律可知，此時非定值電阻的阻值為

由閉合回路歐姆定律有

解得

（5）[4]根據(jù)題意可知，若把該電阻直接串接在該電源上，即滑動變阻器接入電路的電阻為0，圖乙中曲線①可知