2025年新世紀(jì)版必修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年新世紀(jì)版必修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、2019年4月10日21點，「事件視界望遠鏡」（EventHorizonTelescope,EHT）項目在全球六地同時召開了發(fā)布會，正式公布了觀測到的一個位于室女A星系（M87）的黑洞，這也是人類史上第一張黑洞照片．根據(jù)公開資料顯示，事件視界望遠鏡特定的電磁波觀測波長約為1mm，而可見光的波長大約在400nm-700nm范圍內(nèi)，則下列說法正確的是（）A.事件視界望遠鏡觀測波段的電磁波可以使逸出功為2.29eV的Na發(fā)生光電效應(yīng)B.事件視界望遠鏡觀測的波段屬于x射線C.事件視界望遠鏡觀測的波段屬于α射線D.事件視界望遠鏡觀測的波段不能直接引起人的視覺2、關(guān)于電容器的電容，下列說法正確的是（）A.電容器帶的電荷量越多，其電容越大B.電容器兩板間電壓越低，其電容越小C.電容器不帶電時，其電容為0D.電容器的電容只由它本身特性決定3、一根粗細均勻，阻值為的電阻絲，在溫度不變的情況下，先將它等分成四段，每段電阻為再將這四段電阻絲并聯(lián)，并聯(lián)后總電阻為則與的大小依次為A.B.C.D.4、如圖所示，在粗糙絕緣的水平面上有一物體A帶正電，另一帶正電的物體B沿著以A為圓心的圓弧由P到Q緩慢地從A的正上方經(jīng)過，若此過程中A始終保持靜止，A、B兩物體可視為質(zhì)點且只考慮它們之間有庫侖力的作用，則下列說法正確的是（）

A.物體A受到地面的支持力先增大后減小B.物體A受到地面的支持力保持不變C.物體A受到地面的摩擦力先增大后減小D.庫侖力對物體B先做正功后做負功5、如圖所示，實線表示某電池中的四個等勢面，它們的電勢分別為和相鄰等勢面間的電勢差相等，一帶負電的粒子，重力不計，在該電場中運動的軌跡如虛線所示，a、b、c、d是其運動軌跡與等勢面的四個交點；則可以判斷（）

A.等勢面上各點場強處處相同B.四個等勢面的電勢關(guān)系是C.粒子從a運動到d的過程中靜電力一直做負功D.粒子在a、b、c、d四點的速度大小關(guān)系是6、如圖所示的坐標(biāo)系中，x軸上固定一個點電荷Q，y軸上固定一根光滑絕緣細桿（細桿的下端剛好在坐標(biāo)原點O處）．將一個套在桿上重力不計的帶電圓環(huán)（視為質(zhì)點）從桿上P處由靜止釋放，圓環(huán)從O處離開細桿后恰好繞點電荷Q做圓周運動．下列說法正確的是。

A.圓環(huán)沿細桿從P運動到O的過程中，加速度一直增大B.圓環(huán)沿細桿從P運動到O的過程中，速度先增大后減小C.增大圓環(huán)所帶的電荷量，其他條件不變，圓環(huán)離開細桿后仍然能繞點電荷做圓周運動D.將圓環(huán)從桿上P的上方由靜止釋放，其他條件不變，圓環(huán)離開細桿后仍然能繞點電荷做圓周運動7、如圖所示，電源的電動勢和內(nèi)阻分別為E和r，在滑動變阻器的滑片P由a向b緩慢移動的過程中；下列各物理量的變化情況為（）

A.電容器所帶電荷量一直增多B.電容器所帶電荷量先減少后增多C.電源的總功率先增大后減小D.電源的路端電壓先減小后增大8、某個磁場的磁感線如圖所示；如果把一個小磁針放入磁場中，小磁針將（）

A.順時針轉(zhuǎn)動B.逆時針轉(zhuǎn)動C.向右移動D.向左移動評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)9、如圖所示，豎直平面內(nèi)固定一個半徑為R的剛性光滑絕緣圓環(huán)。在圓環(huán)的最低點A固定一個電荷量為+q的小球，另一個質(zhì)量為m的帶電小環(huán)套在大圓環(huán)上恰能靜止在B點，且小環(huán)與大圓環(huán)圓心O的連線OB與豎直線OA的夾角θ等于60°。已知靜電力常量為k；重力加速度為g，下列說法正確的是（）

A.小環(huán)帶負電B.小環(huán)帶正電C.小環(huán)所帶電荷量D.若小環(huán)所帶電荷量逐漸衰減導(dǎo)致其發(fā)生緩慢移動，則小環(huán)所受大環(huán)的彈力大小不會改變10、下圖中電源電動勢為E，內(nèi)電阻為r，A、B為兩個相同的燈泡，R1為定值電阻，R為滑動變阻器，當(dāng)滑動觸頭P向b端滑動時，則()

A.A燈變暗，B燈變暗B.A燈變暗，B燈變亮C.R1消耗的功率變大D.R1消耗的功率變小11、某直流電源的圖線如圖線A所示，定值電阻的圖線如圖線B所示，該直流電源兩端只接電阻時，電源的輸出功率為P，該直流電源兩端只接阻值為的定值電阻時，電源的輸出功率也為P，電源的效率為電源的總功率為阻值不等；則（）

A.B.C.D.12、如圖所示，電路中定值電阻R的阻值大于電源內(nèi)阻r的阻值，開關(guān)S閉合，將滑動變阻器滑片向下滑動，理想電壓表V1、V2、V3的示數(shù)變化量的絕對值分別為△U1、△U2、△U3，理想電流表示數(shù)變化量的絕對值為△I；下列說法正確的是（）

A.理想電壓表V2的示數(shù)增大B.△U3>△U1>△U2C.電源的輸出功率減小D.△U3與△Ⅰ的比值不變13、如圖所示是某款理發(fā)用的電吹風(fēng)的電路圖，它主要由電動機M和電熱絲R構(gòu)成．當(dāng)閉合開關(guān)S1、S2后；電動機驅(qū)動風(fēng)葉旋轉(zhuǎn)，將空氣從進風(fēng)口吸入，經(jīng)電熱絲加熱，形成熱風(fēng)后從出風(fēng)口吹出．已知電吹風(fēng)的額定電壓為220V，吹冷風(fēng)時的功率為120W，吹熱風(fēng)時的功率為1000W．關(guān)于該電吹風(fēng)，下列說法正確的是()

A.電熱絲的電阻為55ΩB.電動機的電阻為ΩC.當(dāng)電吹風(fēng)吹冷風(fēng)時，電熱絲每秒鐘消耗的電能為120JD.當(dāng)電吹風(fēng)吹熱風(fēng)時，電動機每秒鐘消耗的電能為120J評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)14、如圖所示為靜電噴涂的原理示意圖，噴槍噴出的漆滴帶________電，工件帶________電，因而使漆滴吸附到工件上，如果用絨毛代替油漆，在紡織物上根據(jù)圖案的需要涂上粘合劑，就可以利用靜電實現(xiàn)植絨．15、(1)下圖中是螺旋測微器和游標(biāo)卡尺的某次測量。其中螺旋測微器的讀數(shù)為_____mm。

(2)某表頭滿偏電流為1mA、內(nèi)阻為982Ω。為了將表頭改裝成量程為50mA的電流表，需要一個阻值約為_____Ω的電阻與表頭并聯(lián)（計算結(jié)果取整數(shù)）16、用電壓表和電流表測金屬絲的電壓和電流時讀數(shù)如圖所示，則電壓表的讀數(shù)為________V，電流表的讀數(shù)為________A。

17、掌握用______表和______表測量電動勢和內(nèi)阻的方法。18、在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，半徑為R的半球形球殼如圖（a）放置，穿過它的磁通量為_______；面積為S的矩形線框在該磁場中的初始位置如圖（b）中實線所示，線框繞O軸逆時針轉(zhuǎn)動到與磁場垂直的虛線位置，這一過程中穿過線框的磁通量的變化量大小為______。

19、如圖，過點電荷Q的直線上有A、B、C三點，則A、B兩點電勢差的絕對值與B、C兩點電勢差的絕對值的大小關(guān)系為_____________（選填“>”“=”或“<”）；將一個電子從A點移到C點，其電勢能減少5eV，若取C點的電勢為0，則A點的電勢為_____________V。

20、某同學(xué)用游標(biāo)卡尺和螺旋測微器分別測量一薄的金屬圓片的直徑和厚度。讀出圖中的示數(shù)。該金屬圓片的直徑的測量值為_______mm,厚度的測量值為_______mm。

21、有一個電流表內(nèi)阻滿偏電流要把它改裝為量程的電壓表，則應(yīng)串聯(lián)一個電阻阻值__________要把它改裝為量程的電流表,則改裝后電流表的內(nèi)阻__________22、如圖所示是甲、乙兩個導(dǎo)體的I—U圖線，則導(dǎo)體甲的電阻_____導(dǎo)體乙的電阻（填“大于”、“等于”或“小于”），當(dāng)電流為3A時，導(dǎo)體乙上消耗的電功率為_____W。

評卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)23、如圖所示，磁感應(yīng)強度大小為的勻強磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內(nèi)，左右各一半面積的范圍內(nèi)，磁場方向相反。有一個邊長為的正方形導(dǎo)線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進入磁場算起；規(guī)定剛開始時磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時間的變化圖像。

24、連線題：請將下列電路元器件的實物圖與其符號相連。

25、以下是幾種點電荷的電場線的分布情況；請標(biāo)出圖中各電荷的電性。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共9分)26、在伏安法測電阻的實驗中，待測電阻Rx約為200Ω，電壓表V的內(nèi)阻約為2kΩ，電流表A的內(nèi)阻約為10Ω，測量電路中電流表的連接方式如圖（a）或圖（b）所示，計算結(jié)果由計算得出，式中U與I分別為電壓表和電流表的讀數(shù)；若將圖（a）和圖（b）中電路測得的電阻值分別記為Rx1和Rx2，則_____（填“Rx1”或“Rx2”）更接近待測電阻的真實值，且測量值Rx1______（填“大于”、“等于”或“小于”）真實值，測量值Rx2_______（填“大于”；“等于”或“小于”）真實值。

評卷人得分六、解答題(共1題，共4分)27、如圖所示為一個電燈兩端的電壓與通過它的電流的變化關(guān)系曲線．由圖可知；兩者不成線性關(guān)系，這是由于焦耳熱使燈絲的溫度發(fā)生了變化的緣故．參考這條曲線回答下列問題(不計電流表和電源的內(nèi)阻)．

(1)若把三個這樣的電燈串聯(lián)后；接到電動勢為12V電阻為零的電源上，求流過燈泡的電流和每個燈泡的電阻．

(2)如圖所示；將兩個這樣的電燈并聯(lián)后再與10Ω的定值電阻串聯(lián)，接在電動勢為8V電阻不計的電源上，求通過電流表的電流值和每個燈泡的電阻．

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【詳解】

事件視界望遠鏡特定的電磁波觀測波長約為1mm，所以能量為此能量小于鈉的逸出功，所以不能發(fā)生光電效應(yīng)，故A錯誤；事件視界望遠鏡特定的電磁波觀測波長約為而x射線的波長范圍為0.01nm10nm，所以事件視界望遠鏡觀測的波段不屬于x射線，故B錯誤；α射線是氦核不是波，波段中沒有阿法射線這種說法，故C錯誤；事件視界望遠鏡特定的電磁波觀測波長約為而可見光的波長大約在400nm-700nm范圍內(nèi)，所以事件視界望遠鏡觀測的波段不能直接引起人的視覺，故D正確；2、D【分析】【詳解】

A；B項：電容的大小與電容器兩端的電壓及電容器所帶的電量無關(guān)；故A、B錯誤；

C項：根據(jù)電容器的電容只由它本身特性決定，當(dāng)不帶電時，仍存在電容．故C錯誤，D正確．

點晴：解決本題的關(guān)鍵掌握電容的決定式：知道電容與兩極板的距離、正對面積有關(guān)，與所帶的電量及兩端的電勢差無關(guān)．3、C【分析】【詳解】

一根粗細均勻的電阻絲，將它等分成四段，每段的長度減小為四分之一，橫截面積和電阻率一定，故電阻減小為四分之一，為

再將這四段電阻絲并聯(lián)起來，橫截面積增加為4倍，根據(jù)電阻定律，

故選C．4、A【分析】【詳解】

ABC．AB間距離不變；AB間靜電力的大小不變。

當(dāng)物體B由P點運動到最高點的過程中，對物體A受力分析，受重力G、靜電力F、地面的支持力N、摩擦力f

將靜電力正交分解，由共點力平衡條件得到

可解得

其中G與F大小不變，逐漸減小為零，因而支持力N逐漸變大，f逐漸變??；

當(dāng)物體B由最高點運動到Q點的過程中，再次對物體A受力分析，受重力G、靜電力F、地面的支持力N、摩擦力f

將靜電力正交分解，由共點力平衡條件得到

可解得

其中G與F大小不變，由零逐漸增大，因而支持力N逐漸變小，f逐漸變大；

綜合以上兩個過程可知：物體A受到地面的支持力N先增大后減??；物體A受到地面的摩擦力先減小后增大，故A正確，BC錯誤；

D．物體A對物體B的靜電力與物體B的運動方向總是垂直；A對B不做功，故D錯誤。

故選A。5、B【分析】【分析】

【詳解】

A．等勢面上各點電勢相等；但場強并不相同，A錯誤；

B．做曲線運動的粒子；受力的方向指向凹側(cè)，因此負電荷受力向右，電場線向左，沿著電場線電勢降低，四個等勢面的電勢關(guān)系是。

B正確；

C．由于c、d兩點電勢相等，從c到d的過程中；電場力先做負功后做正功，C錯誤；

D．根據(jù)動能定理，粒子在a、b、c、d四點的速度大小關(guān)系是。

D錯誤。

故選B。6、C【分析】【詳解】

A.圓環(huán)從P運動到O的過程中；受庫侖引力，桿子的彈力，庫侖引力沿桿子方向上的分力等于圓環(huán)的合力，滑到O點時，所受的合力為零，加速度為零．故A錯誤；

B.圓環(huán)從P運動到O的過程中；只有庫侖引力做正功，根據(jù)動能定理知，動能一直增大，則速度一直增大．故B錯誤．

CD.根據(jù)動能定理得根據(jù)牛頓第二定律得聯(lián)立解得可知若只正大圓環(huán)電荷量，圓環(huán)仍然可以做圓周運動；若增大高度，知電勢差U增大；庫侖引力與所需向心力不等，不能做圓周運動，故C正確，D錯誤．

故選C。7、B【分析】【分析】

【詳解】

滑片P處于a或b時，滑動變阻器均被短路，當(dāng)滑片由a向b移動，滑片P將滑動變阻器分為兩部分；其接入電路總阻值為兩部分電阻阻值并聯(lián)之后的阻值大小，將先變大后邊小。

AB．當(dāng)滑片P由a緩慢向b移動，電路總阻值先變大后邊小，由閉合電路歐姆定律知電流先變小后變大，電容器兩端電壓與電阻R1電壓相同，先變小后變大，由電容器電容的定義式

可知；電容器所帶電荷量先減少后增大，A錯誤，B正確；

C．根據(jù)電源總功率公式

電源總功率應(yīng)先減小后增大；C錯誤；

D．由閉合電路歐姆定律

知電源路端電壓先增大后減小；D錯誤。

故選B。8、A【分析】【詳解】

小磁針被放入磁場中；由于小磁針N極所受力的方向就是磁場方向，根據(jù)磁場方向水平向右，則小磁針受到磁場力的方向水平向右，所以小磁針會順時針轉(zhuǎn)動。

故選A。二、多選題(共5題，共10分)9、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．由題意可判斷出；小環(huán)帶正電，故B正確，A錯誤；

C．小環(huán)恰能靜止，所以受力平衡的力學(xué)三角形如圖所示，可知mg=

即

C正確；

D．當(dāng)小環(huán)電荷量緩慢減少時，根據(jù)受力平衡可知，力的三角形CBD總是相似于幾何三角形OAB，故

彈力F=mg

故D正確。

故選BCD。

10、A:C【分析】【詳解】

當(dāng)滑片向下，滑動變阻器的阻值變小，電路的總電阻都會變小，據(jù)閉合電路歐姆定律知總電流變大，內(nèi)電壓增大，所以路端電壓減小，可知燈A變暗；再據(jù)干路電流變大，燈A電流減小，所以電源右側(cè)電路的電流增大，電阻R1上的電流變大了，所以分壓也就增加了，但是路端電壓減小，所以B燈和滑阻上的電壓就變小，根據(jù)公式P=可知，B燈實際功率的變小，所以B燈變暗，故A正確，B錯誤．以上分析可知，通過R1的電流變大；所以消耗功率變大，故C正確，D錯誤．故選AC．

點睛：本題的關(guān)鍵識別電路的能力，動態(tài)電路的分析的思路，借助串、并聯(lián)電路的電壓、電流和電阻規(guī)律的應(yīng)用情況、歐姆定律的應(yīng)用以及電功率的計算公式．11、A:D【分析】【詳解】

A．接在電源兩端時，電源的輸出功率為

故A正確；

B．由圖像可知，電源的電動勢為

電源的內(nèi)阻為

R1的阻值為

由題意可知

解得（另一解10Ω不符題意，舍去）

故B錯誤；

CD．R2接在電源兩端時，設(shè)回路中電流為I2，由閉合電路歐姆定律可得

解得

電源的總功率為

電源的效率為

故C錯誤；D正確。

故選AD。12、B:D【分析】【詳解】

A．理想電壓表內(nèi)阻無窮大，相當(dāng)于斷路。理想電流表內(nèi)阻為零，相當(dāng)短路，所以定值電阻R與變阻器串聯(lián)，電壓表V1、V2、V3分別測量R的電壓、路端電壓和變阻器兩端的電壓。當(dāng)滑動變阻器滑片向下滑動時，接入電路的電阻減小，電路中電流增大，內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，則V2的示數(shù)減??；故A錯誤；

C．當(dāng)內(nèi)外電阻相等時；電源的輸出功率最大，故當(dāng)滑動變阻器滑片向下滑動時，外電阻越來越接近內(nèi)阻，故電源的輸出功率在增大；故C錯誤；

BD．根據(jù)閉合電路歐姆定律得U2=E-Ir

則得

而

據(jù)題：R＞r，則得△U1＞△U2

同理U3=E-I（R+r）

則得

保持不變，同時得到△U3＞△U1＞△U2

故BD正確；

故選BD。13、A:D【分析】【詳解】

當(dāng)吹熱風(fēng)時，電機和電阻并聯(lián)．電阻消耗的功率為由可知故A正確；電機為非純電阻電路故B錯誤；當(dāng)電吹風(fēng)吹冷風(fēng)時，電熱絲處于斷路狀態(tài)，沒有電流通過，電熱絲每秒鐘消耗的電能為0，故C錯誤；當(dāng)電吹風(fēng)吹熱風(fēng)時，電動機M和電熱絲R并聯(lián)，電動機的功率為120W，所以每秒鐘消耗的電能故D正確；綜上分析，AD正確．三、填空題(共9題，共18分)14、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據(jù)電場線的方向可知，噴槍帶正電，工件帶負電?！窘馕觥空?5、略

【分析】【詳解】

(1)[1]左側(cè)裝置為螺旋測微器，其中固定刻度讀數(shù)為0.5mm，可動刻度讀數(shù)為0.01×40.0mm=0.400mm，所以最終讀數(shù)為

故答案為0.900。

(2)[2]由電路并聯(lián)規(guī)律可得

代入數(shù)值可得【解析】0.9002016、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]電壓表精確度為0.1V，其讀數(shù)為2.60V；電流表精確度為0.02A，其讀數(shù)為0.52A?！窘馕觥?.600.5217、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】電壓電流18、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)磁通量的公式，可得穿過半球形球殼的磁通量為

[2]根據(jù)磁通量的公式，取此時磁感線穿過的面的磁通量為正，沒有轉(zhuǎn)動前，通過線框的磁通量為

由于轉(zhuǎn)動后，磁感線從另一面穿過，則此時磁通量為負，即有

這一過程中穿過線框的磁通量的變化量大小為【解析】19、略

【分析】【詳解】

[1][2]因為AB離點電荷更近，則平均場強更大，根據(jù)可知，>將一個電子從A點移到C點，其電勢能減少5eV

解得

所以【解析】>-520、略

【分析】【詳解】

[1]游標(biāo)卡尺的讀數(shù)即該金屬圓片的直徑的測量值為

[2]螺旋測微器的讀數(shù)即該金屬圓片厚度的測量值為【解析】12.401.68221、略

【分析】【詳解】

[1][2]依據(jù)電流表改裝成電壓表的特點，則有

解得需串聯(lián)依據(jù)電流表改裝成電流表的特點，則有

解得需并聯(lián)的電阻，即總電阻所以電流表的內(nèi)阻【解析】99000.0522、略

【分析】【分析】

【詳解】

①在I—U圖像中；斜率的倒數(shù)在數(shù)量上等于導(dǎo)體的電阻。有圖可知，導(dǎo)體甲的斜率大于導(dǎo)體乙，則導(dǎo)體甲的電阻小于導(dǎo)體乙；

②由圖可知，當(dāng)電流為3A時，導(dǎo)體乙兩端的電壓為90V，則其消耗的電功率為【解析】小于90四、作圖題(共3題，共9分)23、略

【分析】【分析】

【詳解】

線框穿過磁場的過程可分為三個階段，進入磁