2025年外研版三年級起點高二物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版三年級起點高二物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、某家用的電烤爐與洗衣機的電功率相同，當它們均正常工作相同的時間時，產(chǎn)生的熱量A.電烤爐的多B.洗衣機的多C.一樣多D.以上均有可能2、在研究微型電動機的性能時，應用如圖所示的實驗電路．當調節(jié)滑動變阻器R使電動機停止轉動時，電流表和電壓表的示數(shù)分別為0.50A和2.0V．重新調節(jié)R使電動機恢復正常運轉，此時電流表和電壓表的示數(shù)分別為2.0A和24.0V，則這臺電動機正確運轉時的輸出功率為（）A.44WB.32WC.47WD.48W3、在如圖所示的電路中，S1和S2是兩個相同的小燈泡，L是一個自感系數(shù)相當大的線圈，其直流電阻值與R相等．在電鍵S接通和斷開時，燈泡S1和S2亮暗的順序是（）A.接通時，S1先達到最亮，斷開時，S1后暗B.接通時，S2先達到最亮，斷開時，S2后暗C.接通時，S1先達到最亮，斷開時，S1先暗D.接通時，S2先達到最亮，斷開時，S2先暗4、兩個等量同種電荷固定于光滑水平面上，其連線中垂線上有A、B、C三點，如圖甲所示．一個電量為2C，質量為1kg的小物塊從C點靜止釋放，其運動的v～t圖象如圖乙所示，其中B點處為整條圖線切線斜率最大的位置（圖中標出了該切線）．則下列說法正確的（）A.B點為中垂線上電場強度最大的點，場強E=2V/mB.由C到A的過程中物塊的電勢能先減小后變大C.由C點到A點的過程中，電勢逐漸升高D.AB兩點電勢差UAB=-5V5、如圖；將一個質量為m的帶負電小球用絕緣細線懸掛在用銅板制成的U形框中，使整體在勻強磁場中沿垂直于磁場的方向向左以速度V勻速運動，懸線拉力大小為F，則（）

A.懸線豎直；F=mg

B.懸線豎直；F＜mg

C.選擇V的大小；可以使F=0

D.因條件不足；F與mg的大小關系無法確定。

6、2014年“搞笑諾貝爾獎”的物理學獎頒發(fā)給了研究“香蕉皮到底有多滑”的團隊．圖是他們用來研究香蕉皮內表面與地板材料間動摩擦因數(shù)的實驗裝置示意圖，若地板材料重量忽略不計，則動摩擦因數(shù)為傳感器的（）A.壓力示數(shù)B.滑動摩擦力示數(shù)C.滑動摩擦力示數(shù)與壓力示數(shù)的比值D.壓力示數(shù)與滑動摩擦力示數(shù)的比值7、下列對原子結構的認識中，不正確的是(

)

A.原子中絕大部分是空中，原子核很小B.電子在核外繞核旋轉，向心力為庫侖力C.原子的全部正電荷和幾乎所有質量都集中在原子核里D.原子核的直徑大約為10鈭?10m

8、某空間存在著如圖所示的垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度B=1T

圖中豎直虛線是磁場的左邊界.

當質量為m=2.0隆脕10鈭?6kg

帶電荷量為q=+1.0隆脕10鈭?6C

的物塊A(

可以看成質點)

沿光滑絕緣水平面，以v0=20m/s

的速度垂直進入磁場后，下列說法中正確的是(

重力加速度g

取10m/s2)(

)

A.物塊A

進入磁場后運動狀態(tài)不會改變B.物塊A

進入磁場后對水平面的壓力增大C.物塊A

進入磁場后將離開水平面做曲線運動D.物塊A

進入磁場后做勻加速直線運動評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)9、磁電式儀表的線圈通常用鋁框做骨架，把線圈繞在鋁框上，這樣做的目的是（）A.防止渦流B.利用渦流C.起電磁阻尼的作用D.起電磁驅動的作用10、如圖所示為LC

振蕩電路中電容器兩極板上的電荷量q

隨時間t

變化的圖線，由圖可知()A.在t1

時刻，電路中的磁場能最小B.t1

到t2

電路中的電流值不斷變小C.從t2

到t3

電容器不斷充電D.在t4

時刻，電容器的電場能最小11、如圖所示，一傾斜木板上放一物體，當板的傾角婁脠

由0

逐漸增大到60鈭?

時，物體始終保持靜止，則物體所受(

)

A.摩擦力變大B.支持力變大C.合外力恒為零D.合外力變大12、利用單擺測重力加速度時，若測得的g值偏大，產(chǎn)生這種情況的原因可能是（）A.擺球質量偏大，擺動的角度偏小B.將懸點到擺球下端的長度作為擺長C.將n次全振動記為n﹢1次全振動D.將n次全振動記為n-1次全振動13、一個靜止的放射性原子核處于垂直紙面向里的勻強磁場中，由于發(fā)生了某種衰變而形成了如圖所示的兩個圓形徑跡，兩圓半徑之比為1：16，有（）A.該原子核發(fā)生了α衰變B.該原子核發(fā)生了β衰變C.那個打出衰變粒子的反沖核沿小圓作逆時針方向運動D.該衰變過程結束后其系統(tǒng)的總質量略有增加評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)14、細胞膜的厚度約等于700nm（1nm=10-9m），當膜的內外層之間的電壓達0.4V時，即可讓一價鈉離子滲透．設細胞膜內的電場為勻強電場，則鈉離子在滲透時，膜內電場強度約為____V/m，每個鈉離子沿電場方向透過膜時電場力做的功等于____J．15、如圖所示，兩個線圈繞在同一鐵芯上，A中接有電源，B中導線接有一電阻R。在把磁鐵迅速插入A線圈的過程中，A線圈中的電流將_____________（填“減少”、“增大”或“不變”），通過電阻R的感應電流的方向為_____________；若線圈B能自由移動，則它將_____________移動（填“向左”、“向右”或“不”）。16、如圖所示，A、B為咬合轉動的兩個齒輪，它們的半徑分別為和且則A、B兩輪邊緣上兩點的角速度之比為____；線速度之比為____．

17、石巖同學利用單擺測重力加速度，他用分度值為毫米的直尺測得擺線長為89.40cm，用游標卡尺測得擺球直徑如圖（甲）所示，讀數(shù)為______cm．則該單擺的擺長為______cm．用停表記錄單擺做30次全振動所用的時間如圖（乙）所示，則停表讀數(shù)為______s．如果測得的g值偏大，不正確的操作可能是______（填選項前字母）．

A．計算擺長時用的是擺線長加擺球的直徑。

B．開始計時時；停表晚按下。

C．擺線上端未牢固系于懸點；振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加。

D．實驗中誤將30次全振動記為31次。

該同學改進測量方法后，得到的部分測量數(shù)據(jù)見表．根據(jù)表中數(shù)據(jù)可以初步判斷單擺周期隨______的增大而增大，與擺球的質量______（填有關或無關）．

。數(shù)據(jù)組擺長擺球周期編號/mm質量/g/s1999.332.22.02999.316.52.03799.232.21.84799.216.51.85501.132.21.418、有原子序數(shù)依次增大的rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}rm{F}rm{G}七種元素，rm{A}元素的原子是周期表中半徑最小的原子，rm{B}原子最外層電子數(shù)是次外層電子數(shù)的rm{1.5}倍，元素rm{C}在自然界中形成物質種類最多，rm{E}rm{F}rm{G}三種元素原子的質子數(shù)之和為rm{62}rm{E}元素原子rm{2p}軌道上有兩個未成對電子，rm{G}元素原子rm{4p}軌道上有rm{1}個未成對電子，且它的陰離子具有跟氪相同的電子層結構，rm{E}rm{F}rm{G}能夠形成多種常見的鹽。請回答下列問題：rm{(1)E}元素原子的價層電子的電子排布圖為__________，rm{E}rm{F}形成的化合物之一能夠與水反應放出氣體，寫出該化合物與水反應的離子方程式：________。rm{(2)B}rm{D}rm{F}均可與rm{G}形成化合物。rm{BG_{3}}和rm{DG_{3}}中心原子的雜化方式分別為______和______。rm{(3)C}rm{E}能形成兩種常見的化合物，根據(jù)等電子原理，寫出rm{CE}分子的結構式________。rm{(4)}由rm{A}rm{C}rm{E}形成的氣態(tài)化合物rm{X}其分子的空間構型是_______；rm{1molX}分子中rm{婁脪}鍵的數(shù)目為________；rm{X}可被催化氧化，該反應的催化劑含有rm{Cu}rm{Zn}rm{Ag}rm{Fe}等元素?；鶓B(tài)rm{Fe}原子的電子排布了_____個能級，有_____個運動狀態(tài)，在周期表中在______區(qū)。向黃色rm{FeCl_{3}}溶液中加入無色rm{KSCN}溶液，溶液變成紅色。發(fā)生反應的化學方程式為___________________。19、某學生用單擺測定重力加速度時，測出多組單擺的擺長l和運動周期T，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出T2-l圖象．則。

（1）寫出由單擺做間諧運動而得到的重力加速度的表達式g=____．由。

圖象計算出的重力加速度g=____m/s2．（取π2=9.87；保留三位有效數(shù)字）

（2）理論上該實驗圖象應該是一條過原點的斜線；而該同學由于在測擺長時未。

加上小球的半徑，所以得到如圖所示的圖線，這樣通過第一問的方法計算出來的重力加速度與正確操作相比，其結果____（填“偏大”；“偏小”、“相同”）

20、把兩邊配對的人和物理事件用線段連接起來。

法拉第磁場對通電導線的作用力。

安培電流磁效應。

奧斯特點電荷間的相互作用力。

庫侖電磁感應．21、某學習小組做探究合力的功和物體速度變化關系的實驗，如圖甲所示，圖中小車在一條橡皮筋作用下彈出沿木板滑行，這時橡皮筋對小車做的功記為W．當用2條；3條完全相同的橡皮筋并在一起進行第2次、第3次實驗時；使每次實驗中橡皮筋伸長的長度都保持一致．每次實驗中小車獲得的速度由打點計時器所打的紙帶測出．

甲。

正確操作的情況下，打在紙帶上的點并不都是均勻的，為了測量小車獲得的速度，應選用紙帶的____部分進行測量(根據(jù)如圖乙所示的紙帶回答)．

乙22、學校開展研究性學習；某研究小組的同學根據(jù)所學的光學知識，設計了一個測量液體折射率的儀器.

如圖所示，在一個圓盤上，過其圓心O

作兩條互相垂直的直徑BCEF.

在半徑OA

上，垂直盤面插上兩枚大頭針P1P2

并保持P1P2

位置不變.

每次測量時讓圓盤的下半部分豎直進人液體中，而且總使得液面與直徑BC

相平，EF

作為界面的法線，而后在圖中右上方區(qū)域觀察P1P2

像，并在圓周上插上大頭針P3

使P3

正好擋住P1P2.

同學們通過計算，預先布圓周EC

部分刻好了折射率的值，這樣只要根據(jù)P3

所插的位置，就可直接讀出液體折射率的值.

則：

(1)

若隆脧AOF=30鈭?OP3

與OC

的夾角為30鈭?

則P3

處所刻折射率的值為____________．

(2)

圖中P3P4

兩位置哪一處所對應的折射率值大？答：____________．

(3)

做AO

的延長線交圓周于KK

處對應的折射率值應為____________．評卷人得分四、判斷題(共4題，共16分)23、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）24、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

25、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）26、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）評卷人得分五、實驗探究題(共4題，共36分)27、如圖所示，在圖（1）中，G為指針在中央的靈敏電流表，連接在直流電路中時的偏轉情況．今使它與一線圈串聯(lián)進行電磁感應實驗，則圖（2）中的條形磁鐵的運動方向是______；圖（3）中電流計的指針將向______偏轉；圖（4）中的條形磁鐵上端為______極．

28、用打點計時器“驗證機械能守恒定律”的實驗裝置如圖所示。

(1)

實驗中_______________(

填“需要”或“不需要”)

用天平測量重錘的質量m

。(2)

按照圖示的裝置安裝器件時，應將打點計時器接到電源的________(

填“直流”或“交流”)

輸出端上．(3)

某同學在使用質量為m

的重物來驗證“機械能守恒定律”的實驗中，在選定的紙帶上依次取計數(shù)點如圖所示。紙帶上所打的點記錄了重物在不同時刻的位置，紙帶的左端與重物相連。設相鄰計數(shù)點的時間間隔為T

，且O

為打下的第一個點。當打點計時器打下點“3

”時，物體的速度表達式為_______________，物體的動能表達式為_______________。29、某同學為了精確測量某一阻值約為100Ω的電阻Rx；設計了如圖甲所示的電路圖，實驗臺上擺放有以下器材：

A．電流表（量程15mA；內阻約為50Ω）

B．電流表（量程0.6A；內阻未知）

C．電阻箱（最大電阻99.99Ω）

D．電阻箱（最大電阻999.9Ω）

E．電源（電動勢約3V；內阻約1Ω）

F．單刀單擲開關2只。

G．導線若干。

該同學按照如下實驗步驟完成實驗：

①閉合開關S1，調節(jié)電阻箱，當電阻箱的阻值為R1時；電流表指針有較大的偏轉，此時記錄電流表讀書為I；

②保持開關S1閉合，閉合開關S2，再次調節(jié)電阻箱，使電流表讀數(shù)恰好為I，記錄下電阻箱的阻值為R2．

a．根據(jù)實驗步驟和實驗器材規(guī)格可知，電流表應選擇______（填器材前字母）

b．根據(jù)實驗步驟可知，待測電阻Rx=______（用題目所測數(shù)據(jù)表示）

（2）該同學經(jīng)過研究后，繼續(xù)利用以上實驗電路，測量電流表的內阻RA．具體操作如下：閉合開關S2，調節(jié)電阻箱R，讀出多組R和I值，作出-R圖象如圖乙所示．若圖象中縱軸截距為1A-1，則電流表內阻RA=______Ω．30、在“用雙縫干涉測光的波長”實驗中：

(1)

如圖所示光具座上放置的光學元件依次為：壟脵

光源；______、壟脻

遮光筒、壟脼

光屏(

填選項前字母符號)

A.壟脷

單縫；壟脹

雙縫、壟脺

濾光片。

B.壟脷

濾光片；壟脹

雙縫、壟脺

單縫。

C.壟脷

雙縫；壟脹

單縫、壟脺

濾光片。

D.壟脷

濾光片；壟脹

單縫、壟脺

雙縫。

(2)

如果把光屏遠離雙縫的方向移動；相鄰兩條亮紋中心的距離______(

填“增大”；“減小”或“不變”)

．

(3)

如果用上述裝置測量氦氖激光器發(fā)出激光的波長，則圖中除了光源之外，其它不需要的器材元件有______(

填元件名稱)

．評卷人得分六、計算題(共3題，共24分)31、一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，在xl=2m和x2=5m處的兩質點的振動圖象如圖所示；若此波的波長不小于1m，求：

（1）此波的波長的可能值；

（2）此波的傳播速度可能為多大？32、如圖（a）所示，一對金屬導軌平行固定放置在同一水平面上，間距l(xiāng)=0.2m，兩導軌左端a、b用直導線連接一阻值R=0.2Ω的電阻．在距導軌左端d=0.3m處垂直于導軌放置著一根阻值r=0.1Ω的金屬棒PQ，棒的中點通過一跨過光滑定滑輪的輕繩懸掛一個質量m=0.03的砝碼．此時棒PQ剛好能保持靜止．接著在整個導軌所在的平面內加上一方向豎直向上的勻強磁場，磁場的磁感應強度B隨時間t變化的關系如圖（b）所示．不計導軌和導線的電阻，不計回路產(chǎn)生的感應電流對磁場的影響，取重力加速度g=10m/s2．求：

（1）棒PQ保持靜止時；通過電阻R的電流的大小和方向；

（2）從開始到棒PQ即將運動過程，電阻R產(chǎn)生的焦耳熱．33、如圖所示，物體A置于靜止在光滑水平面上的平板小車B的左端，物體在A的上方O點用細線懸掛一小球C（可視為質點），線長L=0.8m?，F(xiàn)將小球C拉至水平無初速度釋放，并在最低點與物體A發(fā)生水平正碰，碰撞后小球C反彈的速度為2m/s。已知A、B、C的質量分別為mA=4kg、mB=8kg和mC=1kg，A、B間的動摩擦因數(shù)μ=0.2，A、C碰撞時間極短，且只碰一次，取重力加速度g=10m/s2。

（1）求小球C與物體A碰撞前瞬間受到細線的拉力大小；

（2）求A；C碰撞后瞬間A的速度大??；

（3）若物體A未從小車B上掉落，小車B的最小長度為多少。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【解析】試題分析：電烤爐可以將電功全部轉化為電熱，但是洗衣機將電功一部分轉化為電熱，一部分轉化為機械能，所以正常工作相同的時間電烤爐產(chǎn)生的熱量多，A正確，考點：本題考查了純電阻電路和非純電阻電路的電功特點【解析】【答案】A2、B【分析】試題分析：從電路圖中可以看出，電動機和滑動變阻器串聯(lián)，電壓表測量電動機兩端的電壓，電流表測量電路電流．電動機停止轉動時，電能全部轉化為內能，電路是純電阻電路，歐姆定律成立，由電流表和電壓表的示數(shù)，根據(jù)歐姆定律得：電動機的電阻．電動機正常運轉時，電動機輸入的電功率為內部發(fā)熱功率為電動機正常運轉時的輸出功率等于輸入的電功率與內部發(fā)熱功率之差，即．所以選B．考點：本題考查純電阻電路和非純電阻電路的功率的計算及歐姆定律．【解析】【答案】B3、A【分析】解：該電路可以看做是左右兩部分并聯(lián)后由串聯(lián)起來．S剛剛接通時；L上的自感會使提供它的電流慢慢增大．

根據(jù)變化電路的特性，L支路上的電流增大時，和它并聯(lián)的S1上的電流就減小，和它串聯(lián)的S2上的電流就增大．所以S剛剛接通時S1燈先達到最亮；

S斷開時，L和b構成自感回路，S2不在回路中，所以S斷開時，S2立刻熄滅，S1后熄滅．故A正確；BCD錯誤．

故選：A．

當開關接通和斷開的瞬間；流過線圈的電流發(fā)生變化，產(chǎn)生自感電動勢，阻礙原來電流的變化，根據(jù)自感現(xiàn)象的規(guī)律來分析．

對于線圈要抓住雙重特性：當電流不變時，它是電阻不計的導線；當電流變化時，產(chǎn)生自感電動勢，相當于電源．【解析】【答案】A4、D【分析】解：A、據(jù)V-t圖可知帶電粒子在B點的加速度最大為2m/s2，所受的電場力最大為2N，據(jù)E=知；B點的場強最大為1N/C，故A錯誤。

B；據(jù)V-t圖可知帶電粒子的速度增大；電場力做正功，電勢能減小，故B錯誤。

C；據(jù)兩個等量的同種正電荷；其連線中垂線上電場強度方向由O點沿中垂線指向外側，故由C點到A點的過程中電勢逐漸減小，故C錯誤。

D、據(jù)V-t圖可知A、B兩點的速度，在根據(jù)動能定理得電場力做的功WBA=10J，再用UAB===-5V；故D正確。

故選：D。

兩個等量的同種正電荷；其連線中垂線上電場強度方向由O點沿中垂線指向外側；電量為2C僅在運動方向上受電場力作用從C點到B；到A運動的過程中，根據(jù)V-t圖可知在B點的加速度為運動物體先做加速度增大后做加速度減小的加速運動，則判斷電荷所受電場力大小變化情況和加速度變化情況．

明確等量同種電荷電場的特點是解本題的關鍵，據(jù)V-t圖獲取加速度、速度、動能等物理量是解本題的突破口．【解析】D5、A【分析】

設上下表面的間距為d，整體在勻強磁場中沿垂直于磁場的方向向左以速度V勻速運動時，在上下表面產(chǎn)生的電勢差U=Bdv．根據(jù)右手定則，下表面帶正電，上表面帶負電，則小球所受電場力大小方向向下．小球所受洛倫茲力大小F2=qvB；方向向上，知電場力和洛倫茲力平衡，則重力等于繩子的拉力，懸線豎直．故A正確，B；C、D錯誤．

故選A．

【解析】【答案】整體在勻強磁場中沿垂直于磁場的方向向左以速度V勻速運動時；在上下表面產(chǎn)生感應電動勢，小球受重力；電場力和洛倫茲力、拉力處于平衡，根據(jù)平衡判斷繩子拉力的大?。?/p>

6、C【分析】解：人腳受到支持力和滑動摩擦力，則根據(jù)f=μFN可知；動摩擦因數(shù)為滑動摩擦力示數(shù)與壓力示數(shù)的比值；故C正確，ABD錯誤．

故選：C．

明確滑動摩擦力的計算公式；明確傳感器顯示的壓力為接觸面間的正壓力，則根據(jù)滑動摩擦力分式即可求得動摩擦因數(shù)．

本題考查滑動摩擦力的計算，要注意明確公式中μ采用比值定義法，其大小與正壓力和摩擦力是無關的．【解析】【答案】C7、D【分析】解；A

原子中絕大部分是空中；原子核的體積很小，但是因為核外的電子雖然所占體積很大，質量卻是很小，所以幾乎整個原子所有的質量都集中到了原子核上，故AC正確；

B；電子在核外繞核旋轉；所需要的向心力由原子核對電子的庫倫力提供，故B正確；

D；原子核的直徑大約為10鈭?15m

故D錯誤．

本題選錯誤的，故選D【解析】D

8、A【分析】解：A

進入磁場時受到的洛倫茲力F=Bqv=1隆脕10鈭?6隆脕20N=2隆脕10鈭?5N

物體A

的重力G=mg=2.0隆脕10鈭?6kg隆脕10=2.0隆脕10鈭?5N

則有重力等于洛倫茲力；故物體A

對地面的壓力減小為零；由于物塊在水平方向不受外力，故物塊進入磁場后的運動狀態(tài)不變；故A正確，BCD錯誤；

故選：A

．

分別求出物塊的重力和洛倫茲力；根據(jù)二力的大小關系分析物塊A

與地面間的壓力，根據(jù)力和運動的關系分析粒子的運動情況．

本題考查帶電粒子在磁場中的運動情況分析，要注意明確洛倫茲力的性質，知道洛倫茲力永不做功，并能根據(jù)力和運動的關系分析物體的運動情況．【解析】A

二、多選題(共5題，共10分)9、BC【分析】解：常用鋁框做骨架；當線圈在磁場中轉動時，導致鋁框的磁通量變化，從而產(chǎn)生感應電流，出現(xiàn)安培阻力，使其很快停止擺動．而塑料做骨架達不到電磁阻尼的作用，這樣做的目的是利用渦流，起到電磁阻尼作用；

故選：BC．

根據(jù)穿過線圈的磁通量發(fā)生變化；從而產(chǎn)生感應電動勢，出現(xiàn)感應電流，進而受到安培阻力，阻礙指針的運動．

在學過的測量工具或設備中，每個工具或設備都有自己的制成原理；對不同測量工具的制成原理，是一個熱點題型，需要重點掌握，同時理解電磁阻尼的原理．【解析】【答案】BC10、ACD【分析】解：A

在t1

時刻；電路中的q

最大，說明還沒放電，所以電路中無電流，則磁場能最小.

故A正確；

B；在t1

到t2

時刻電路中的q

不斷減??；說明電容器在不斷放電，由于線圈作用，電路中的電流在不斷增加.

故B不正確；

C；在t2

到t3

時刻電路中的q

不斷增加；說明電容器在不斷充電，故C正確；

D；在t4

時刻電路中的q

等于0

說明電容器放電完畢，則電場能最小，故D正確；

故選：ACD

電路中由L

與C

構成的振蕩電路；在電容器充放電過程就是電場能與磁場能相化過程.q

體現(xiàn)電場能，i

體現(xiàn)磁場能．

電容器具有儲存電荷的作用，而線圈對電流有阻礙作用．【解析】ACD

11、AC【分析】解：AB

物體受力如圖；根據(jù)平衡條件得。

支持力N=Gcos婁脠

摩擦力f=Gsin婁脠

當婁脠

增大時；N

減小，f

增大.

故A正確，B錯誤．

C；D

由于物體一直靜止在木板上；物體所受的重力、支持力和摩擦力的合力一直為零，保持不變．

故選：AC

．

物體一直處于靜止狀態(tài)；合力保持為零.

根據(jù)平衡條件得出物體所受支持力和摩擦力與婁脠

角的關系式，再分析它們的變化．

本題動態(tài)平衡問題，采用數(shù)學上函數(shù)法分析支持力和摩擦力的變化，也可以運用圖解法分析．【解析】AC

12、BC【分析】解：利用單擺測重力加速度時，需要測量的物理量有：擺長L、振動n次所用的時間t，由單擺周期公式T=2π及T=可知，重力加速度：g=

A、由g=可知；重力加速度與擺球質量無關，擺球質量過大不會造成實驗誤差，在擺角不大于5°時，重力加速度的測量值與擺角無關，故A錯誤；

B、由g=可知；將懸點到擺球下端的長度作為擺長，使得計算結果偏大，故B正確；

CD、由g=可知；測量周期時；把n個全振動誤認為（n+1）個全振動，g的測量值偏大；將n次全振動記為n-1次全振動，g的測量值偏小，故C正確，D錯誤；

故選：BC

根據(jù)該實驗，得知需要測量的物理量有哪些，然后寫出求重力加速度的表達式g=由此式即可判知各選項的正誤．

本題考查了單擺周期公式的應用，要了解公式g=的推導過程，會用該公式進行誤差的分析和判斷．并且要特別注意兩點，一是擺長的測量是擺線的長度加上擺球的半徑，二是開始計時時是從最低點開始的．【解析】【答案】BC13、BC【分析】解：A；B、由圖看出；原子核衰變后放出的粒子與新核所受的洛倫茲力方向相同，而兩者速度方向相反，則知兩者的電性相反，新核帶正電，則放出的必定是β粒子，發(fā)生了β衰變．故A錯誤，B正確．

C；衰變后新核所受的洛倫茲力方向向右；根據(jù)左手定則判斷得知，其速度方向向下，沿小圓作逆時針方向運動．故C正確．

D；衰變的過程中要釋放能量；根據(jù)愛因斯坦質能方程可知，該衰變過程結束后其系統(tǒng)的總質量略有減?。蔇錯誤．

故選：BC

靜止的放射性原子核發(fā)生了衰變放出粒子后；新核的速度與粒子速度方向相反，由圖看出，放出的粒子與新核所受的洛倫茲力方向相同，根據(jù)左手定則判斷粒子與新核的電性關系，即可判斷發(fā)生了哪種衰變．

衰變的過程中要釋放能量；質量減?。?/p>

本題中原子核衰變過程類似于爆炸，遵守動量守恒和能量守恒，應用半徑和周期公式以及質能方程即可解決．【解析】【答案】BC三、填空題(共9題，共18分)14、略

【分析】

由題意得，膜內電場強度為E==

由電場力做功與電勢差的關系W=qU=1.6×10-19×0.4=6.4×10-20J

故答案為：5.71×105；6.4×10-20

【解析】【答案】勻強電場電場強度與電勢差的關系，E=可求E，電場力做功與電勢差的關系w=qU可求每個鈉離子沿電場方向透過膜時電場力做功．

15、略

【分析】【解析】試題分析：在把磁鐵迅速插入A線圈的過程中，穿過A的磁通量在增大，所以會產(chǎn)生一個阻礙磁通量增大的電流，根據(jù)楞次定律可得，感應電流方向和A中的電流方向相反，所以A中的電流減小，因為穿過B線圈向左的磁通量增大，所以根據(jù)楞次定律可得，產(chǎn)生的感應電流方向充Q到P，根據(jù)來拒去留可得，線圈B將向左運動，考點：考查了楞次定律的應用【解析】【答案】減小，Q→P，向左16、1：21：1【分析】根據(jù)題意有兩輪邊緣上的線速度大小相等，即有

即根據(jù)角速度ω和線速度v的關系v=rω得角速度與半徑成反比：即

故答案為：1：2；1：1．

【分析】咬后的兩齒輪有兩輪邊緣上線速度大小相等，根據(jù)線速度大小相等和各物理量的關系求解即可．17、略

【分析】解：擺球的直徑d=20mm+0.05×10mm=20.50mm=2.050cm．

擺長l=cm=90.425cm．

秒表的讀數(shù)t=57.0s．

根據(jù)T=得，g=

A；計算擺長時用的是擺線長加擺球的直徑；則擺長的測量值偏大，重力加速度測量值偏大，故A正確．

B．開始計時時；停表晚按下，則周期的測量值偏小，重力加速度的測量值偏大，故B正確．

C．擺線上端未牢固系于懸點；振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加，則擺長的測量值偏小，重力加速度測量值偏小，故C錯誤．

D．實驗中誤將30次全振動記為31次；則周期的測量值偏小，重力加速度測量值偏大，故D正確．

本題選不正確的；故選：C．

從表中數(shù)據(jù)可以初步判斷單擺周期隨擺長的增大而增大．與擺球的質量無關．

故答案為：2.050；90.425，57.0，C

擺長；無關．

游標卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)；不需估讀．擺長等于擺線的長度與擺球的半徑之和．秒表的讀數(shù)等于小盤讀數(shù)加上大盤讀數(shù)．

根據(jù)單擺的周期公式；得出重力加速度的表達式，結合周期和擺長的測量誤差確定重力加速度的測量誤差．

解決本題的關鍵掌握游標卡尺的讀數(shù)方法和秒表的讀數(shù)方法，掌握單擺的周期公式，會通過周期和擺長的測量誤差分析重力加速度的誤差．【解析】2.050；90.425；57.0；C；擺長；無關．18、rm{(1)}rm{2{K}_{2}{O}_{2}+2{H}_{2}O=4{K}^{+}+4O{H}^{-}+{O}_{2}隆眉}

rm{2{K}_{2}{O}_{2}+2{H}_{2}O=4{K}^{+}+4O{H}^{-}+{O}_{2}隆眉

}rm{(2)}rm{sp^{2}}

rm{sp^{3}}rm{(3)C}或rm{O(}rm{C}

rm{O)}平面三角形rm{(4)}rm{3N_{A}}rm{7}rm{26}

rm{;FeC{l}_{3}+3KSCN簍T簍TFe(SCN{)}_{3}+3KCl}rmrd6in7v【分析】【分析】本題旨在考查學生對原子結構與元素的性質、電離能、雜化軌道理論、配合物理論等應用。rm{A}元素的原子是周期表中半徑最小的原子，rm{A}為rm{H}元素；rm{B}原子最外層電子數(shù)是次外層電子數(shù)的rm{1.5}倍，rm{B}為rm{B}元素；元素rm{C}在自然界中形成物質種類最多，rm{C}為rm{C}元素；rm{E}rm{F}rm{G}三種元素原子的質子數(shù)之和為rm{62}rm{E}元素原子rm{2p}軌道上有兩個未成對電子，rm{E}為rm{O}元素；rm{G}元素原子rm{4p}軌道上有rm{1}個未成對電子，且它的陰離子具有跟氪相同的電子層結構，rm{G}為溴元素；rm{E}rm{F}rm{G}能夠形成多種常見的鹽，則rm{F}為rm{K}元素，rm{D}為氮元素?！窘獯稹縭m{(1)E}元素為rm{O}元素，原子的價層電子的電子排布圖為：元素為rm{(1)E}元素，原子的價層電子的電子排布圖為：rm{O}；為rm{E}元素，rm{O}為rm{F}元素，rm{K}rm{E}形成的化合物之一能夠與水反應放出氣體，則為rm{F}與水反應，rm{2{K}_{2}{O}_{2}+2{H}_{2}O=4{K}^{+}+4O{H}^{-}+{O}_{2}隆眉}rm{{K}_{2}{O}_{2}}rm{2{K}_{2}{O}_{2}+2{H}_{2}O=4{K}^{+}+4O{H}^{-}+{O}_{2}隆眉}rm{2{K}_{2}{O}_{2}+2{H}_{2}O=4{K}^{+}+4O{H}^{-}+{O}_{2}隆眉

}故答案為：rm{2{K}_{2}{O}_{2}+2{H}_{2}O=4{K}^{+}+4O{H}^{-}+{O}_{2}隆眉

}均可與rm{(2)B}rm{D}rm{F}均可與rm{G}形成化合物rm{BG}形成化合物rm{(2)B}rm{D}rm{F}rm{G}rm{BG}rm{{,!}_{3}}和rm{D}根據(jù)價層電子對互斥理論，可求得中心原子價層電子對數(shù)分別為rm{G}和rm{G}故中心原子的雜化方式分別為：rm{{,!}_{3}}、，分別為rm{BB{r}_{3}}rm{NB{r}_{3}}根據(jù)價層電子對互斥理論，可求得中心原子價層電子對數(shù)分別為rm{3}和rm{4}故中心原子的雜化方式分別為：rm{BB{r}_{3}}rm{NB{r}_{3}}rm{3}rm{4}rm{sp^{2}}含有碳碳三鍵，結構式為：rm{sp^{3}}；故答案為：或rm{sp^{2}}rm{sp^{3}}；rm{(3)CO}含有碳碳三鍵，結構式為：rm{(3)CO}或rm{C}rm{O(}rm{C}rm{O)}由；故答案為：rm{C}rm{O(}形成的氣態(tài)化合物rm{C}為甲醛，其分子的空間構型是平面三角形，rm{O)}分子中；鍵的數(shù)目為rm{(4)}由rm{A}rm{C}rm{E}形成的氣態(tài)化合物rm{X}為甲醛，其分子的空間構型是平面三角形，rm{1molX}分子中rm{婁脪}鍵的數(shù)目為rm{3{N}_{A}}基態(tài)rm{Fe}原子的電子排布了rm{7}個能級，有rm{26}個運動狀態(tài)，在周期表中在rmibfuroh區(qū)；基態(tài)rm{(4)}原子的電子排布了rm{A}個能級，有rm{C}個運動狀態(tài)，在周期表中在rm{E}區(qū)；rm{X}與rm{1molX}以個數(shù)比rm{婁脪}rm{3{N}_{A}}配合所得離子顯紅色。發(fā)生反應的化學方程式可以表示為：rm{;FeC{l}_{3}+3KSCN簍T簍TFe(SCN{)}_{3}+3KCl}rm{Fe}rm{7}rm{26}rmkb9q2cdrm{;FeC{l}_{3}+3KSCN簍T簍TFe(SCN{)}_{3}+3KCl}rm{Fe^{3+}}【解析】rm{(1)}rm{2{K}_{2}{O}_{2}+2{H}_{2}O=4{K}^{+}+4O{H}^{-}+{O}_{2}隆眉}rm{2{K}_{2}{O}_{2}+2{H}_{2}O=4{K}^{+}+4O{H}^{-}+{O}_{2}隆眉

}rm{(2)}rm{sp^{2}}rm{sp^{3}}rm{(3)C}或rm{O(}rm{C}rm{O)}平面三角形rm{(4)}rm{3N_{A}}rm{7}rm{26}rm{;FeC{l}_{3}+3KSCN簍T簍TFe(SCN{)}_{3}+3KCl}rmzzvdkok19、略

【分析】

（1）由單擺周期公式T=2π可知，g=

由T=2π可得：T2=l=kl，k=

由圖象可知：k==0.04s2/cm=4s2/m；

由k=可知，g===9.87m/s2；

（2）由T=2π可得：T2=l=kl；

T2-l圖象應該是過原點的直線；

如果測擺長l時，沒有包括擺球半徑r；

則T2=（l-r）=l-r；

則T2是l的一次函數(shù)；而不是正比例函數(shù)；

函數(shù)圖象不是過原點的直線；而是一次函數(shù)圖象，如圖所示；

圖象的斜率k與圖象是否過原點無關，而g=

因此該根據(jù)該圖象求得的重力加速度與正確操作時求得的重力加速度相同．

故答案為：（1）9.87；（2）相同．

【解析】【答案】（1）由單擺的周期公式式T=2π可以求出重力加速度的表達式；由圖象求出圖象的斜率，然后求出重力加速度．

（2）由單擺周期公式的變形公式求出L-T2關系表達式；然后分析圖象形成的原因，最后判斷測量值與真實值間的關系．

20、略

【分析】

1831年英國物理學家法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象．安培研究了磁場對通電導線的作用力規(guī)律．1820年丹麥的物理學家發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應．庫侖研究了點電荷間的相互作用力；發(fā)現(xiàn)了庫侖定律．所以人和物理事件用線段連接起來如下：

【解析】【答案】法拉第發(fā)現(xiàn)電磁感應現(xiàn)象．安培研究了磁場對通電導線的作用力．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流磁效應．庫侖研究了點電荷間的相互作用力．

21、GJ【分析】【解答】應選用紙帶上點間隔不變的一段求速度，即GJ

【分析】應選勻速部分22、P4;1【分析】解：(1)

由圖看出，折射角為i=隆脧AOF=30鈭?

折射角r=隆脧EOP3=60鈭?

則P3

處所對應的折射率的值為n=sin緯sini=3

．

(2)P4

處對應的入射角較大，根據(jù)折射定律，n=sin緯sini

可知P4

處對應的折射率較大．

(3)

作AO

的延長線交圓周于K

這種情況下折射角與折射角相等，則知K

處所對應的折射率的值是1

．

故答案為：3P41

．【解析】3;P4;1

四、判斷題(共4題，共16分)23、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．24、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．25、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．26、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．五、實驗探究題(共4題，共36分)27、略

【分析】解：圖（1）可知；當電流從電流計的左接線柱流入時，指針向左偏．

圖（2）中指針向左偏；可知感應電流的方向是順時針，根據(jù)楞次定律知，條形磁鐵S向下插入．

圖（3）當條形磁鐵N極向下插入時；根據(jù)楞次定律，可知，感應電流方向逆時針，則指針向右偏；

圖（4）中可知指針向右偏；則有感應電流的方向逆時針，由楞次定律可知，條形磁鐵S極向上拔出，由上端為N極．

故答案為：向下插入；右，N．

當電流從電流計的左接線柱流入時；指針向左偏，根據(jù)楞次定律，結合感應電流的方向判斷條形磁鐵是向上拔出還是向下插入．

解決本題的關鍵掌握楞次定律判斷感應電流的方向，基礎題，注意電流進入電流表，指針向何處偏轉，是解題的關鍵．【解析】向下插入；右；N28、（1）不需要（2）交流（3）【分析】【分析】打點計時器使用交流電源，根據(jù)實驗的原理確定是否需要測量質量，根據(jù)某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出點3

的瞬時速度，從而得出動能的表達式。解決本題的關鍵掌握實驗的原理，以及實驗中需要注意的事項，掌握紙帶的處理方法，會通過紙帶求解瞬時速度?！窘獯稹?1)

驗證機械能守恒定律，即驗證動能的增加量和重力勢能的減小量是否相等，表達式的兩邊都有質量，可以約去，所以實驗中不需要用天平測量重錘的質量；(2)

打點計時器應接在交流電源的輸出端上；(3)

因為重錘的速度越來越快，則相等時間內的位移越來越大，所以紙帶的左端與重錘相連，點3

的瞬時速度等于24

間的平均速度，則v3=s4?s22T

則動能的表達式Ek=mvC22=m(s4?s2)28T2

故填：(1)

不需要；(2)

交流；(3)s4鈭?s22T

；m(s4鈭?s2)28T2

?！窘馕觥?1)(1)不需要(2)(2)交流(3)(3)s4鈭?s22Tm(s4鈭?s2)28T2

29、略

【分析】解：（1）a、通過待測電阻的最大電流為：Imax===0.03A=30mA；如果電流表選B，則讀數(shù)誤差太大，故電流表應選A；

b；根據(jù)閉合電路歐姆定律；

S2斷開時有：E=I（Rx+R1+RA+r）①

S2閉合時有：E=I（R2+RA+r）②

聯(lián)立①②解得：Rx=R2-R1；

（2）S閉合后，由閉合電路歐姆定律可知：E=I（R2+RA+r），則有：=

則可知圖象的縱軸的交點為：=1，解得：RA=2Ω；

故答案為：（1）a、A；b、R2-R1；（2）2．

（1）根據(jù)閉合電路歐姆定律求出通過待測電阻的最大電流來選擇電流表；列出開關S2斷開和閉合時對應的閉合電路歐姆定律表達式；然后求解即可；

（2）根據(jù)圖象的函數(shù)表達式與圖象的性質可求得電流表內阻．

本題考查測量電阻的實驗，要注意正確根據(jù)題意明確實驗原理；然后根據(jù)所對應的物理規(guī)律分析求解即可；對于圖象分析問題，要注意根據(jù)物理規(guī)律確定公式，結合圖象的性質分析斜率以及截距的意義．【解析】A；R2-R1；230、D；增大；濾光片和單縫【分析】解：(1)

為獲取單色線光源；白色光源后面要有濾光片；單縫、雙縫；

故選：D

．

(2)

根據(jù)鈻?x=Ld婁脣

知；光屏向遠離雙縫的方向移動時L

增大，則條紋間距增大；

(3)

激光顏色純；具有較好的相干性，不再需要濾光片和單縫．

故答案為：(1)D(2)

增大；(3)

濾光片和單縫．

(1)

為獲取單色線光源；白色光源后面要有濾光片；單縫、雙縫．

(2)

根據(jù)鈻?x=Ld婁脣

判斷條紋間距的變化情況；

(3)

激光顏色純；具有較好的相干性，不再需要濾光片和單縫．

解決本題的關鍵掌握條紋的間距公式，以及會對干涉條件的理解，并掌握實驗的原理與操作．【解析】D

增大；濾光片和單縫六、計算題(共3題，共24分)31、略

【分析】

根據(jù)圖象得到周期為4