物理-湖南省婁底市2024年秋季高三上學(xué)期1月期末教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)試題和答案

婁底市2024年秋季高三教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)物理參考答案一、單項(xiàng)選擇題(本大題共6小題,每小題4分,共24分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求)題號(hào)2345答案BCDBAD1.B【解析】瞬時(shí)速度的定義運(yùn)用的是極限思維法。2.C【解析】微粒做直線運(yùn)動(dòng),故電場(chǎng)力和重力的合力沿AB方向,微粒一定帶負(fù)電,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;對(duì)微粒受力分tanqtan析,有QEmg,故E="g,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;微粒在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中,電場(chǎng)力做負(fù)功,機(jī)械能減小,電勢(shì)能增大,tanqtanC正確、D錯(cuò)誤。3.D【解析】劉煥華將杠鈴提至胸前的過(guò)程中,杠鈴先加速上升后減速上升,先超重后失重,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;作用力、反作用力永遠(yuǎn)大小相等,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;杠鈴減速上升過(guò)程,加速度豎直向下,劉煥華兩手對(duì)杠鈴的力小于杠鈴的重力,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;劉煥華兩臂呈八字形托住杠鈴靜止時(shí),受力分析22COS如圖,可得Fcos0="g,解得F="g,可知兩臂夾角越大,每條手臂對(duì)杠鈴的作用力越大22COSD正確。4.B【解析】衛(wèi)星在P點(diǎn)變軌由橢圓軌道到圓軌道,需要加速,故vi<v2,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;衛(wèi)星在軌Mm4T2(3R)2T2道上做圓周運(yùn)動(dòng),由萬(wàn)有引力提供向心力得,G=m3R,Mm4T2(3R)2T2地球體積為V=nR,上兩式代入密度公式p地球體積為V=nR,上兩式代入密度公式p=,計(jì)算得p=,故B正確;衛(wèi)星在軌道上做勻GT2,3VGT2時(shí)相同,由牛頓第二定律,衛(wèi)星在軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí),經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的加速度與在I軌道上衛(wèi)星經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)加速度相v22Mmv2M3Rrrr同,為,故C錯(cuò)誤;由萬(wàn)有引力提供向心力得G2—m得v22Mmv2M3Rrrr半徑時(shí)的線速度,軌道I上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)半徑r大于地球半徑,故衛(wèi)星在軌道上經(jīng)過(guò)S點(diǎn)的速度比第一宇宙速度小,故D錯(cuò)誤。5.A【解析】研究B,對(duì)B受力分析,A對(duì)B彈力與豎直方向的夾角逐漸減小,受力圖如圖所示,故A對(duì)B彈力逐漸減小,根據(jù)牛頓第三定律,選項(xiàng)A正確;A對(duì)B彈力與豎直方向的夾角逐漸減小時(shí),墻面對(duì)B的彈力減小,整體研究A和B,外力F逐漸減小,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;整體研究A和B,地面對(duì)A的彈力不變,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;外力F逐漸減小,地面對(duì)A的支持力不變,故外力F和地面對(duì)A支持力的合力減小,選項(xiàng)D錯(cuò)誤。6.D【解析】物塊上滑機(jī)械能的損失量為1.5J,物塊下滑機(jī)械能的損失量為2.5J,故物塊上滑和下滑產(chǎn)生的熱量不同,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;物塊上滑在同樣的高度處的速度大小一定大于物塊下滑在同樣高度處的速度,物塊上滑的時(shí)間小于物塊下滑的時(shí)間,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;物塊上滑時(shí)的初動(dòng)量p=、/2mEt=/27kg·m/'s,故物塊上滑過(guò)程中動(dòng)量的變化量的大小為/27kg·m/s,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;物塊在上滑過(guò)程中,13.5123129.55μimgcos0=2N=0.75N·解得μi32·物塊在下滑過(guò)程中μ2mgcos0=2N=113.5123129.55故r2ri6·選項(xiàng)D正確。二、多項(xiàng)選擇題(本大題共4小題,每小題5分,共20分。每小題給出的4個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求,全部選對(duì)的得5分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得。分)題號(hào)78答案ACBDADBD物理參考答案-17.AC解析根據(jù)波形圖可得機(jī)械波的波長(zhǎng)為入2m,該機(jī)械波的頻率為f="=1Hz,選項(xiàng)A正確;機(jī)械波動(dòng)中質(zhì)點(diǎn)不會(huì)隨波遷移,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;質(zhì)點(diǎn)P和Q間隔半個(gè)波長(zhǎng),振動(dòng)步調(diào)總完全相反,選項(xiàng)C正確;t=0時(shí)刻,P質(zhì)點(diǎn)沿y軸正向振動(dòng),該機(jī)械波的周期為T(mén)=1S,t2.5S時(shí),即質(zhì)點(diǎn)P經(jīng)過(guò)22次全振動(dòng),振動(dòng)方向沿y軸負(fù)向,選項(xiàng)D錯(cuò)誤。 8.BD【解析】根據(jù)幾何關(guān)系,光在P點(diǎn)入射角0=60",折射角v30",根據(jù)折射定律sinnsinY,解得n=/3,選項(xiàng)A錯(cuò)誤、B正確;根據(jù)光路可逆,光在B點(diǎn)不可能發(fā)生全反射,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;光在介質(zhì)球中的傳播速度為vCS3RCn·傳播距離為S=2Rcos30",光從P傳到B點(diǎn)的時(shí)間為tv解得t=,選項(xiàng)D正確。CS3RC9.AD【解析】電容器內(nèi)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向豎直向下,油滴受到的電場(chǎng)力方向豎直向上,故油滴帶負(fù)電,選項(xiàng)A正確;當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合、S2斷開(kāi)時(shí),整個(gè)回路斷路,電動(dòng)勢(shì)全部加在電容器上,故D點(diǎn)的電勢(shì)為0,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;保持S,閉合,再閉合S2電容器上的電壓變?yōu)?E,油滴所受電場(chǎng)力減小,油滴向下運(yùn)動(dòng),選項(xiàng)C錯(cuò)誤;電容器上的電壓由E變?yōu)?E,故電容器上的電量減少dQ-C△U2CE,選項(xiàng)D正確 /2BqR2m粒子均沿水平方向射出磁場(chǎng),A錯(cuò)誤;若粒子射入磁場(chǎng)的速率為,則帶電粒子在磁場(chǎng)中的軌跡半徑/2BqR2m /2R2r=`當(dāng)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半個(gè)周期時(shí),剛好可以從M點(diǎn)射出磁場(chǎng),B正確;/2R2跡應(yīng)以磁場(chǎng)圓直徑為弦,則粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖,23R323606qB3qB3QB此軌跡在磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)角為0,根據(jù)幾何關(guān)系可知sino-R123R323606qB3qB3QB長(zhǎng)時(shí)間tma:<6o。。Ti2mn-nm·粒子在磁場(chǎng)中的時(shí)間不可能為xm·C錯(cuò)誤;當(dāng)入射速度的方向合適時(shí)是可以確定從N點(diǎn)射出的粒子圓周運(yùn)動(dòng)的圓心的,如圖所示,作PN的中垂線,以P或N點(diǎn)為圓心以3R為半徑畫(huà)圓弧交PN中垂線于O,O點(diǎn)即為能通過(guò)N點(diǎn)軌跡的圓三、非選擇題(本題共5小題,共56分)【解析】(1)由于砂和砂桶做加速運(yùn)動(dòng),由牛頓第二定律可知mgT=ma桶,則力傳感器的示數(shù)小于砂和砂桶的總物理參考答案2重力,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;由實(shí)驗(yàn)裝置可知,相等時(shí)間內(nèi)砂桶的位移是小車(chē)位移的兩倍,由v=",可知,砂桶的速度大小t是小車(chē)速度大小的兩倍,二者速度改變量也是兩倍的關(guān)系,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;力傳感器可以精確測(cè)得繩子對(duì)小車(chē)的拉力,故不需要滿足砂和砂桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)質(zhì)量,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;本實(shí)驗(yàn)為了保證小車(chē)受到的合力等于力傳感器測(cè)得的大小的兩倍,仍需要平衡阻力,選項(xiàng)D正確。(2)相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有四個(gè)點(diǎn)未畫(huà)出,則相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔為T(mén)=5XO.02S=0.1S,根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中間時(shí)刻速度等于該段過(guò)程的平均速度,則打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出C點(diǎn)時(shí),小車(chē)的速度大小為v 12.(9分)(1)500(2分)(2)E(1分)1200(2分)(3)B(1分)左(1分)(4)450(2分)【解析】(1)多用電表的讀數(shù)為5.ox100Ω5Ω可得R;=1.2kΩ1200n,結(jié)合電阻箱的最大阻值可知,圖乙中的電阻箱應(yīng)選擇R4,即E。(3)結(jié)合分壓電路的特點(diǎn)可知,為了調(diào)節(jié)方便,應(yīng)選最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器R1,即B;在開(kāi)始實(shí)驗(yàn)時(shí)需要使待測(cè)電阻兩端的電壓最小,開(kāi)關(guān)閉合前滑片應(yīng)滑到最左端。(4)由電壓表讀數(shù)規(guī)則可知,電壓表的讀數(shù)為2.25V,則未知電阻和電流表兩端的總電壓為U=2.25X2V=4.50V,毫安表的讀數(shù)為I=9.0mA未知電阻的電阻值RFURA45OΩ13.(10分【解析】(1)由題意可知,小物塊在B點(diǎn)的速度為COSCOS小物塊在B點(diǎn)豎直方向的分速度為 VBsVBsin0=23m/'s根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向?yàn)樽杂陕潴w可知(2)由機(jī)械能守恒定律2C2mgh+R(1Cos8)]mv2mvo2