2025年牛津上海版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年牛津上海版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、一質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)；周期為T，振幅為A．下列說法中正確的是（）

A.質(zhì)點(diǎn)做減速運(yùn)動(dòng)時(shí)；加速度一定在減小。

B.質(zhì)點(diǎn)向平衡位置運(yùn)動(dòng)時(shí)；速度方向一定與加速度方向相反。

C.質(zhì)點(diǎn)每次通過同一位置時(shí)；其速度不一定相同，但加速度一定相同。

D.在某個(gè)T/4時(shí)間內(nèi)；振子發(fā)生的位移為零，則這段時(shí)間內(nèi)路程一定小于A

2、下列關(guān)于曲線運(yùn)動(dòng)的說法中，正確的是(

)

A.做曲線運(yùn)動(dòng)的物體的加速度一定是變化的B.做曲線運(yùn)動(dòng)的物體的速度大小一定是變化的C.做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體，所受的合外力不一定時(shí)刻指向圓心D.騎自行車沖到圓弧形橋頂時(shí)，人對(duì)自行車座的壓力小于人受到的重力3、在光滑的水平面上有AB

兩輛玩具小汽車，質(zhì)量分別為MA=2kgMB=1kg

現(xiàn)使A

車以10m/s

的速度沿AB

中心的連線向靜止的B

車運(yùn)動(dòng)，與B

車發(fā)生對(duì)心碰撞，則碰后兩車的速度可能是(

)

A.vA=7m/svB=6m/s

B.vA=鈭?1m/svB=22m/s

C.vA=6m/svB=8m/s

D.vA=2m/svB=16m/s

4、為探究理想變壓器原、副線圈電壓、電流的關(guān)系，將原線圈接到電壓有效值不變的正弦交流電源上，副線圈連接相同的燈泡L1L2

電路中分別接了理想交流電壓表V1V2

和理想交流電流表A1A2

導(dǎo)線電阻不計(jì)，如圖所示。當(dāng)開關(guān)S

閉合后()

A.A1

示數(shù)變大，A1

與A2

示數(shù)的比值變小B.A1

示數(shù)變大，A1

與A2

示數(shù)的比值變大C.V2

示數(shù)變小，V1

與V2

示數(shù)的比值變大D.V2

示數(shù)不變，V1

與V2

示數(shù)的比值不變5、下列說法正確的是（）A.牛頓提出萬有引力定律，并利用扭秤實(shí)驗(yàn)巧妙地測(cè)出了萬有引力常量B.太陽系中，所有行星軌道半長(zhǎng)軸的三次方跟公轉(zhuǎn)周期的二次方的比值都相等C.開普勒借助導(dǎo)師牛頓的豐富觀測(cè)數(shù)據(jù)計(jì)算并提出了開普勒三大定律D.相同時(shí)間內(nèi)，地球與太陽的連線掃過的面積等于火星與太陽的連線掃過的面積6、電場(chǎng)中某區(qū)域的電場(chǎng)線分布如圖所示，a、b是該電場(chǎng)中的兩點(diǎn)；則（）

A.a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)較小。

B.b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)較小。

C.同一個(gè)檢驗(yàn)電荷在a點(diǎn)受到的電場(chǎng)力比在b點(diǎn)受到的電場(chǎng)力小。

D.同一個(gè)檢驗(yàn)電荷在a點(diǎn)和b點(diǎn)受到的電場(chǎng)力相同。

評(píng)卷人得分二、填空題(共5題，共10分)7、在利用單擺測(cè)重力加速度的實(shí)驗(yàn)中，測(cè)出單擺偏角小于5°時(shí)完成n次全振動(dòng)的時(shí)間為t，用毫米刻度尺測(cè)得擺線長(zhǎng)為l，游標(biāo)卡尺測(cè)得擺球直徑為d．用上述測(cè)得的量寫出測(cè)量重力加速度的一般表達(dá)式：g=____．如果測(cè)量擺球直徑時(shí)，游標(biāo)卡尺的示數(shù)如圖所示，則測(cè)得擺球的直徑是____cm．

8、如圖為電磁流量計(jì)的示意圖．直徑為d的非磁性材料制成的圓形導(dǎo)管內(nèi)，有導(dǎo)電液體流動(dòng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于導(dǎo)電液體流動(dòng)方向而穿過一段圓形管道．若測(cè)得管壁內(nèi)a、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為U，則管中導(dǎo)電液體的流量Q=____．

9、如圖所示，A、B、C、D是勻強(qiáng)電場(chǎng)中一正方形的四個(gè)頂點(diǎn)，已知A、B、C三點(diǎn)的電勢(shì)分別為φA=30V，φB=6V，φC=-6V，由此可得D點(diǎn)電勢(shì)φD=____V．10、在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)使用了如圖所示的裝置，計(jì)時(shí)器打點(diǎn)頻率為50Hz。該同學(xué)得到一條紙帶，在紙帶上取連續(xù)的六個(gè)點(diǎn)，如下圖所示，自A點(diǎn)起，相鄰兩點(diǎn)間的距離分別為10.0mm、12.0mm、14.0mm、16.0mm、18.0mm，則打E點(diǎn)時(shí)小車的速度為____m/s，小車的加速度為____m/s2。11、兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)從同一位置出發(fā)沿一直線運(yùn)動(dòng)的位移圖象如圖所示,由圖可知,質(zhì)點(diǎn)A在1.5s時(shí)的速度大小為____,位移大小為____,質(zhì)點(diǎn)B在1.5s時(shí)的速度大小為,位移大小為,兩質(zhì)點(diǎn)相遇的時(shí)刻為.評(píng)卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)12、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

13、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

14、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

15、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）16、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

18、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、畫圖題(共2題，共12分)19、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象20、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象評(píng)卷人得分五、簡(jiǎn)答題(共1題，共6分)21、用軟錳礦rm{(MnO_{2})}黃鐵礦rm{(FeS_{2})}酸浸生產(chǎn)硫酸錳rm{(MnSO_{4})}并進(jìn)一步電解制取電解二氧化錳rm{(EMD)}的工藝流程如下：I.將軟錳礦、黃鐵礦和硫酸按一定比例放入反應(yīng)釜中，攪拌，加熱保溫反應(yīng)一定時(shí)間。rm{II.}向反應(yīng)釜中加入rm{MnO_{2}}rm{CaCO_{3}}試劑，再加入rm{Na_{2}S}溶液除掉浸出液中的重金屬。rm{III.}過濾，向?yàn)V液中加入凈化劑進(jìn)一步凈化，再過濾，得到精制rm{MnSO_{4}}溶液。rm{IV.}將精制rm{MnSO_{4}}溶液送入電解槽，電解制得rm{EMD}請(qǐng)回答下列問題：rm{(1)}步驟rm{I}中攪拌、加熱的目的是________。完成酸浸過程中反應(yīng)的離子方程式：rm{FeS_{2}+}rm{MnO_{2}+}____rm{=}rm{Mn^{2+}}rm{+}rm{Fe^{2+}}rm{+S+SO_{4}^{2-}+}____rm{(2)}加入rm{CaCO_{3}}后，由于rm{CaCO_{3}+2H+=Ca^{2+}+CO_{2}隆眉+H_{2}O}將浸出液rm{pH}調(diào)至rm{pH=5}rm{Fe^{3+}}發(fā)生了：________________rm{(}相關(guān)離子方程式rm{)}從而除掉鐵。rm{(3)}步驟rm{IV}中用如圖所示的電解裝置電解精制的rm{MnSO_{4}}溶液，生成rm{EMD}的是__________極rm{(}填“rm{a}”或“rm”rm{)}生成rm{EMD}的電極反應(yīng)式是__________。rm{(4)EMD}可用作堿性鋅錳電池的材料。已知堿性鋅錳電池的反應(yīng)式為：rm{Zn+2MnO_{2}+2H_{2}O=2MnOOH+Zn(OH)_{2}}下列關(guān)于堿性鋅錳電池的說法正確的是________rm{(}填字母序號(hào)rm{)}A.堿性鋅錳電池是二次電池B.堿性鋅錳電池將化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能C.正極反應(yīng)為：rm{2MnO_{2}+2H_{2}O+2e^{-}=2MnOOH+2OH^{-}}D.堿性鋅錳電池工作時(shí)，電子由rm{MnO_{2}}經(jīng)外電路流向rm{Zn}極評(píng)卷人得分六、實(shí)驗(yàn)探究題(共4題，共40分)22、如圖所示為交流電發(fā)電機(jī)示意圖，匝數(shù)為n=100

匝的矩形線圈，邊長(zhǎng)分別為10cm

和20cm

內(nèi)阻為5婁賂

在磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T

的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞OO鈥?

軸以502rad/s

的角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)；轉(zhuǎn)動(dòng)開始時(shí)線圈平面與磁場(chǎng)方向平行，線圈通過電刷和外部20婁賂

的電阻R

相接，求電鍵S

合上后。

(1)

寫出線圈內(nèi)產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值的表達(dá)式；

(2)

電壓表和電流表示數(shù)；

(3)

從計(jì)時(shí)開始，線圈轉(zhuǎn)過婁脨6

的過程中，通過外電阻R

的電量。23、某課外學(xué)習(xí)小組想描繪標(biāo)有“4V2W

”的小燈泡的U鈭?I

圖象；除導(dǎo)線和開關(guān)外還備有以下器材：

A；電流表(

量程0.6A

內(nèi)阻為1婁賂)

B；電流表(

量程3.0A

內(nèi)阻為0.6婁賂)

C；電壓表(

量程5.0V

內(nèi)阻為5k婁賂)

D；電壓表(

量程15V

內(nèi)阻為10k婁賂)

E；滑動(dòng)變阻器(

最大阻值為5婁賂

額定電流1.0A)

G；電源(

電動(dòng)勢(shì)為6.0V

內(nèi)阻約為1.5婁賂)

導(dǎo)線若干。

(1)

電路中電流表應(yīng)選用______；電壓表選用______.(

用字母填寫)

(2)

根據(jù)以上器材；選出既滿足實(shí)驗(yàn)要求，又要減小誤差的實(shí)驗(yàn)電路圖______．

(3)

根據(jù)(1)

題所選實(shí)驗(yàn)電路圖；用筆畫線代替導(dǎo)線，將圖2

中的實(shí)驗(yàn)電路連接完整．

(4)

開關(guān)S

閉合之前；右圖中滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)該置于最______端.(

填“左”或“右”)

24、氣墊導(dǎo)軌是常用的一種實(shí)驗(yàn)儀器；它是利用氣泵使帶孔的導(dǎo)軌與滑塊之間形成氣墊，使滑塊懸浮在導(dǎo)軌上，滑塊在導(dǎo)軌上的運(yùn)動(dòng)可視為無摩擦的．在實(shí)驗(yàn)室中我們可以用帶豎直擋板C和D的氣墊導(dǎo)軌和質(zhì)量均為M的滑塊A和B做驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)，如圖所示實(shí)驗(yàn)步驟如下：

（1）在A上固定一質(zhì)量為m的砝碼；在A和B間放入一個(gè)壓縮狀態(tài)的彈簧，用電動(dòng)卡銷置于氣墊導(dǎo)軌上；

（2）按下電鈕放開卡銷，同時(shí)分別記錄滑塊A、B運(yùn)動(dòng)時(shí)間的計(jì)時(shí)器開始工作，當(dāng)A、B滑塊分別碰撞C、D擋板時(shí)記時(shí)結(jié)束，記下A、B分別到達(dá)C、D的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t1、t2

（3）重復(fù)幾次；

①在調(diào)整氣墊導(dǎo)軌時(shí)應(yīng)注意______；

②還應(yīng)測(cè)量的數(shù)據(jù)有______；

③只要關(guān)系式______成立即可驗(yàn)證該過程動(dòng)量守恒．25、如圖所示裝置來驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，質(zhì)量為mA

的鋼球A

用細(xì)線懸掛于O

點(diǎn)，質(zhì)量為mB

的鋼球B

放在離地面高度為H

的小支柱N

上，O

點(diǎn)到A

球球心的距離為L(zhǎng)

使懸線在A

球釋放前伸直，且線與豎直線夾角為婁脕A

球釋放后擺到最低點(diǎn)時(shí)恰與B

球正碰，碰撞后，A

球把輕質(zhì)指示針OC

推移到與豎直線夾角婁脗

處，B

球落到地面上，地面上鋪有一張蓋有復(fù)寫紙的白紙D

保持婁脕

角度不變，多次重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)，白紙上記錄到多個(gè)B

球的落點(diǎn).(

物理量mAmB婁脕婁脗HLS

已測(cè))

(1)

用測(cè)得的物理量表示碰撞前后A

球、B

球的動(dòng)量PA=

____，PA隆盲=

____，PB=

____，PB隆盲=

____。(2)

用測(cè)得的物理量表示，如果滿足等式____，那么我們認(rèn)為碰撞前后AB

系統(tǒng)的動(dòng)量是守恒的。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C|D【分析】

A；質(zhì)點(diǎn)由平衡位置向最大位移處運(yùn)動(dòng)時(shí)；速度減小，加速度增大，故A錯(cuò)誤；

B；質(zhì)點(diǎn)向平衡位置運(yùn)動(dòng)時(shí)；質(zhì)點(diǎn)做加速運(yùn)動(dòng)，速度方向與加速度方向相同，故B錯(cuò)誤；

C；質(zhì)點(diǎn)每次通過同一位置時(shí)；速度大小相等，方向不一定相同，速度不一定相同，但加速度一定相同，故C正確；

D、在某個(gè)時(shí)間內(nèi)；振子發(fā)生的位移為零，說明物體在這段時(shí)間內(nèi)先由向最大位移處運(yùn)動(dòng)，到達(dá)最大位移處后再反向運(yùn)動(dòng)，它的路程小于振幅A，故D正確；

故選CD．

【解析】【答案】做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的物體；由平衡位置向最大位移處運(yùn)動(dòng)時(shí)，速度減小，加速度變大，速度方向與加速度方向相反；

物體由最大位移處向平衡位置運(yùn)動(dòng)時(shí)；做加速運(yùn)動(dòng)，速度方向與加速度方向相同；在四分之一周期內(nèi)位移為零；

振子先向最大位移處運(yùn)動(dòng)；然后反向運(yùn)動(dòng)，路程小于振幅．

2、D【分析】解：A

做曲線運(yùn)動(dòng)的物體的加速度不一定是變化的；比如：平拋運(yùn)動(dòng)，其加速度不變，所以A錯(cuò)誤；

B；物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是合力與速度不在同一條直線上；速度大小不一定變化，比如勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所以B錯(cuò)誤；

C；做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體；所受的合外力一定時(shí)刻指向圓心，所以C錯(cuò)誤；

D；沖到圓弧形橋頂時(shí)；根據(jù)牛頓第二定律，則有壓力小于重力，則出現(xiàn)失重現(xiàn)象，所以D正確；

故選：D

．

物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是合力與速度不在同一條直線上；速度的方向與該點(diǎn)曲線的切線方向相同．

本題關(guān)鍵是對(duì)質(zhì)點(diǎn)做曲線運(yùn)動(dòng)的條件的考查，勻速圓周運(yùn)動(dòng)，平拋運(yùn)動(dòng)等都是曲線運(yùn)動(dòng)，對(duì)于它們的特點(diǎn)要掌握?。窘馕觥緿

3、C【分析】略。

【解析】C

4、D【分析】【分析】本題和閉合電路中的動(dòng)態(tài)分析類似，可以根據(jù)R22的變化；確定出總電路的電阻的變化，進(jìn)而可以確定總電路的電流的變化的情況，在根據(jù)電壓不變，來分析其他的原件的電流和電壓的變化的情況.

電路的動(dòng)態(tài)變化的分析，總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化的情況，再確定其他的電路的變化的情況，即先部分后整體再部分的方法。【解答】由于理想變壓器原線圈接到電壓有效值不變；則副線圈電壓不變，V2

示數(shù)不變，V1

與V2

示數(shù)的比值不變，C錯(cuò)誤；D正確；

開關(guān)S

閉合后；變壓器副線圈的負(fù)載電阻減小，V2

不變，由歐姆定律可得A1

示數(shù)變大，由于理想變壓器P2=P1V1

與V2

示數(shù)的比值不變，所以A1

與A2

示數(shù)的比值不變，AB錯(cuò)誤。

故選D?！窘馕觥緿

5、B【分析】解：A；牛頓提出萬有引力定律；但牛頓沒有測(cè)出萬有引力常量，是卡文迪許利用扭秤實(shí)驗(yàn)巧妙地測(cè)出了萬有引力常量，故A錯(cuò)誤。

B、根據(jù)開普勒第三定律知，太陽系中，所有行星軌道半長(zhǎng)軸的三次方跟公轉(zhuǎn)周期的二次方的比值都相等，即=k；故B正確。

C；開普勒借助導(dǎo)師第谷的豐富觀測(cè)數(shù)據(jù)計(jì)算并提出了開普勒三大定律；故C錯(cuò)誤。

D；根據(jù)開普勒第二定律知；相同時(shí)間內(nèi)，地球與太陽的連線掃過的面積相等，但與火星與太陽的連線掃過的面積并不相等，故D錯(cuò)誤。

故選：B。

本題是物理學(xué)史問題；根據(jù)牛頓；卡文迪許、第谷和開普勒等人的物理學(xué)成就和開普勒的行星運(yùn)動(dòng)定律分析答題。

本題考查物理學(xué)史，屬于識(shí)記內(nèi)容。對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一?！窘馕觥緽6、A|C【分析】

A；由圖可知；a點(diǎn)處電場(chǎng)線較疏，電場(chǎng)強(qiáng)度較?。蔄正確．B錯(cuò)誤．

C、根據(jù)F=Eq得同一個(gè)檢驗(yàn)電荷在a點(diǎn)受到的電場(chǎng)力比在b點(diǎn)受到的電場(chǎng)力?。还蔆正確，D錯(cuò)誤．

故選AC．

【解析】【答案】電場(chǎng)線的疏密反映電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小；電場(chǎng)線越密，場(chǎng)強(qiáng)越大．順著電場(chǎng)線，電勢(shì)降低．同一電荷在電場(chǎng)強(qiáng)度大的地方受到的電場(chǎng)力大．

二、填空題(共5題，共10分)7、略

【分析】

根據(jù)題意可知：T=由單擺的周期公式T=解得：g==

直徑：主尺：2.1cm，游標(biāo)尺對(duì)齊格數(shù)：4個(gè)格，讀數(shù)：4×=0.4mm=0.04cm；所以直徑為：2.1+0.04=2.14cm

故答案為：2.14

【解析】【答案】（1）由單擺的周期公式即可求解；

（2）考查游標(biāo)卡尺和秒表的讀數(shù)：先讀主尺（只讀整數(shù)）；再加上游標(biāo)尺（格數(shù)乘以分度分之一，格數(shù)找對(duì)齊的一個(gè)不估讀）；

8、略

【分析】試題分析：導(dǎo)電液體中的正負(fù)離子在洛倫茲力的作用下發(fā)生偏轉(zhuǎn)；在上下兩端間形成電勢(shì)差，最終離子受電場(chǎng)力和洛倫茲力處于平衡，根據(jù)平衡求出離子的速度，再根據(jù)Q=vS求出導(dǎo)電液體的流量．

對(duì)離子有：qvB=q解得．流量等于單位時(shí)間流過液體的體積，有Q=vS=．

故答案為：．【解析】9、略

【分析】

如圖，連接AC，沿AC方向相等距離電勢(shì)差相等，將AC三等分，作出等分點(diǎn)E和F．由題φA=30V，φC=-6V，則F點(diǎn)的電勢(shì)為φF=6V，φB=6V，連接BF，則BF是一條等勢(shì)線．過D作DE∥BF，則DE也是一條等勢(shì)線．E的電勢(shì)為φF=18V，則D點(diǎn)電勢(shì)φD=18V．

故答案為：18

【解析】【答案】由題；A；B、C、D是勻強(qiáng)電場(chǎng)中正方形的四個(gè)頂點(diǎn)，連接AC，根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)中沿與電場(chǎng)方向相同距離電勢(shì)差相等，在AC上找出B點(diǎn)的等勢(shì)點(diǎn)，作出一條等勢(shì)線，再在AC上找出與D等勢(shì)的點(diǎn)，得到D的電勢(shì)．

10、略

【分析】【解析】試題分析：打E點(diǎn)時(shí)小車的速度為加速度根據(jù)考點(diǎn)：打點(diǎn)計(jì)時(shí)器【解析】【答案】0.85；5.011、略

【分析】【解析】【答案】3.5m/s4.13m2m/s1.5mt=4s三、判斷題(共7題，共14分)12、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．13、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．14、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。?5、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．16、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．17、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．18、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、畫圖題(共2題，共12分)19、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時(shí)磁通量均勻變化，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】20、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時(shí)磁通量均勻變化，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】五、簡(jiǎn)答題(共1題，共6分)21、rm{(1)}加快反應(yīng)速率，充分接觸rm{FeS_{2}+4MnO_{2}+8H^{+}=4Mn^{2+}+Fe^{2+}+S+SO_{4}^{2-}+4H_{2}O}

rm{(2)F{e}^{3+}+3{H}_{2}O?Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}}

rm{(2)F{e}^{3+}+3{H}_{2}O?Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}

}rm{(3)b}

rm{Mn^{2+}+2H_{2}O-2e^{-}簍TMnO_{2}+4H^{+}}rm{(4)BC}【分析】【分析】本題考查學(xué)生對(duì)元素及其化合物的主要性質(zhì)的掌握、電極反應(yīng)方程式、閱讀題目獲取新信息能力、對(duì)工藝流程的理解等，難度中等，需要學(xué)生具備扎實(shí)的基礎(chǔ)與綜合運(yùn)用知識(shí)、信息分析解決問題能力?！窘獯稹縭m{(1)}將軟錳礦、黃鐵礦和硫酸按一定比例放入反應(yīng)釜中，攪拌，加熱，加熱溫度升高，反應(yīng)速率加快，攪拌可以使反應(yīng)物充分接觸；rm{FeS_{2}}反應(yīng)生成rm{Fe^{2+}}rm{S}rm{SO_{4}^{2-}}rm{S}元素的化合價(jià)升高rm{8}價(jià)，rm{MnO_{2}}中rm{Mn}元素的化合價(jià)降低rm{2}價(jià)，則rm{FeS_{2}}與rm{MnO_{2}}的計(jì)量數(shù)之比為rm{1}rm{4}結(jié)合原子守恒得到方程式為：rm{FeS_{2}+4MnO_{2}+8H^{+}簍T4Mn^{2+}+Fe^{2+}+S+SO_{4}^{2-}+4H_{2}O}

故答案為：加快反應(yīng)速率，充分接觸；rm{FeS_{2}+4MnO_{2}+8H^{+}=4Mn^{2+}+Fe^{2+}+S+SO_{4}^{2-}+4H_{2}O}

rm{(2)}在溶液中存在水解平衡：rm{F{e}^{3+}+3{H}_{2}O?Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}}加入rm{F{e}^{3+}+3{H}_{2}O?Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}

}后，由于rm{CaCO_{3}(s)?Ca^{2+}(aq)+CO_{3}^{2-}(aq)}rm{CaCO_{3}}溶液中氫離子濃度減小，使得rm{CaCO_{3}(s)?

Ca^{2+}(aq)+CO_{3}^{2-}(aq)}的水解平衡向正反應(yīng)方向移動(dòng)，因此rm{CO_{3}^{2-}+2H^{+}簍TCO_{2}隆眉+H_{2}O}轉(zhuǎn)化為rm{Fe^{3+}}沉淀而被除去；

故答案為：rm{F{e}^{3+}+3{H}_{2}O?Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}}

rm{Fe^{3+}}錳離子在陽極失電子生成二氧化錳，rm{Fe(OH)_{3}}極與正極相連為陽極，所以二氧化錳在rm{F{e}^{3+}+3{H}_{2}O?Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}

}極生成；其電極反應(yīng)式為：rm{(3)}

故答案為：rmrm

rm{Mn^{2+}+2H_{2}O-2e^{-}簍TMnO_{2}+4H^{+}}鋅錳干電池不能充電；完全放電后不能再使用，屬于一次電池，故A錯(cuò)誤；

B.原電池裝置是向外提供電能的裝置；其能量轉(zhuǎn)化為化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能，故B正確；

C.正極上二氧化錳得電子發(fā)生還原反應(yīng)，電極反應(yīng)式為rm故C正確；

D.電子從負(fù)極沿導(dǎo)線流向正極，而電流從正極沿著導(dǎo)線流向負(fù)極，則電子由rm{Mn^{2+}+2H_{2}O-2e^{-}簍TMnO_{2}+4H^{+}}極經(jīng)外電路流向rm{(4)A.}故D錯(cuò)誤．

故答案為：rm{MnO_{2}+e^{-}+H_{2}O簍TMnO(OH)+OH^{-}}rm{Zn}【解析】rm{(1)}加快反應(yīng)速率，充分接觸rm{FeS_{2}+4MnO_{2}+8H^{+}=4Mn^{2+}+Fe^{2+}+S+SO_{4}^{2-}+4H_{2}O}

rm{(2)F{e}^{3+}+3{H}_{2}O?Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}}

rm{(2)F{e}^{3+}+3{H}_{2}O?Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+}

}rm{(3)b}

rm{Mn^{2+}+2H_{2}O-2e^{-}簍TMnO_{2}+4H^{+}}rm{(4)BC}六、實(shí)驗(yàn)探究題(共4題，共40分)22、解：（1）感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值為：

電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)表達(dá)式為：

（2）電源的電動(dòng)勢(shì)有效值為：

S閉合，電流表示數(shù)為有效值為：

電壓表示數(shù)為路端電壓為：U=IR=40V

（3）轉(zhuǎn)過時(shí)，磁通量的變化量為：

產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：

通過的電荷量為：

聯(lián)立解得解得：q=0.02C

答：（1）寫出線圈內(nèi)產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值的表達(dá)式為

（2）電壓表和電流表示數(shù)分別為40V和2A；

（3）從計(jì)時(shí)開始，線圈轉(zhuǎn)過的過程中，通過外電阻R的電量為0.02C?！痉治觥?/p>

(1)

根據(jù)Em=nBS婁脴

求得產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值；從與中性面垂直開始計(jì)時(shí)；產(chǎn)生交流電的瞬時(shí)值表達(dá)式e=Emcos婁脴t

(2)

根據(jù)閉合電路的歐姆定律求得電壓和電流；注意是有效值。

(3)

據(jù)電量表達(dá)式，與感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)結(jié)合，得出q=I?鈻?t=n鈻?鈱?R+r

公式；從而可求得。

此題首先要能夠求出閉合線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式，產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)的線圈相當(dāng)于電源，從而傳化為電路的問題，在解題過程中一定要注意，電壓表和電流表的示數(shù)為有效值?！窘馕觥拷猓?1)

感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值為：Em=nBS婁脴?Em=502V

電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)表達(dá)式為：e=502cos(502t)V

(2)

電源的電動(dòng)勢(shì)有效值為：E=Em2

S

閉合，電流表示數(shù)為有效值為：I=ER+r=2A

電壓表示數(shù)為路端電壓為：U=IR=40V

(3)

轉(zhuǎn)過婁脨6

時(shí)，磁通量的變化量為：鈻?婁碌=BSsin婁脨6

產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E爐=n鈻?婁碌鈻?t

通過的電荷量為：q=I爐t

聯(lián)立解得解得：q=0.02C

答：(1)

寫出線圈內(nèi)產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值的表達(dá)式為e=502cos(502t)V

(2)

電壓表和電流表示數(shù)分別為40V

和2A

(3)

從計(jì)時(shí)開始，線圈轉(zhuǎn)過婁脨6

的過程中，通過外電阻R

的電量為0.02C

23、略

【分析】解：(1)

燈泡額定電壓為4V

故電壓表應(yīng)選擇5V

的量程，故選C；電流I=PU=24=0.5A

故電流表應(yīng)選擇0.6A

量程，故選A；

(2)

因做描繪小燈泡伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)要求電流與電壓從零調(diào)；故滑動(dòng)變阻器應(yīng)用分壓式，又小燈泡的電阻遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，故電流表應(yīng)用外接法，既滿足實(shí)驗(yàn)要求，又要減小誤差的實(shí)驗(yàn)電路圖應(yīng)選丙．

(3)

根據(jù)選出的原理圖可得出對(duì)應(yīng)的實(shí)物圖如圖所示；

(4)

當(dāng)滑動(dòng)觸頭位于最左端時(shí)小燈泡兩端電壓是零；為保護(hù)電流表，應(yīng)接滑動(dòng)觸頭打到最左端．

故答案為：(1)AC(2)

丙；(3)

如圖所示；(4)

左．

(1)

根據(jù)額定值可確定電流表和電壓表；

(2)

滑動(dòng)變阻器用分壓式接法時(shí)；能使電流和電壓值從零調(diào)節(jié)，故做測(cè)定小燈泡伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)要求滑動(dòng)變阻器用分壓式接法，當(dāng)待測(cè)電阻阻值遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻時(shí)，電流表應(yīng)用外接法．

(3)

描繪圖象時(shí)要注意標(biāo)度的選取要適當(dāng)；連線時(shí)要用平滑的曲線連接．

(4)

根據(jù)電路