2025年滬科版必修3物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年滬科版必修3物理上冊(cè)月考試卷627考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，A、B為平行板電容器的金屬板，G為靜電計(jì)，開始時(shí)開關(guān)S閉合；靜電計(jì)指針張開一定角度．下列操作可使指針張開角度增大一些的是:

A.斷開開關(guān)S后，將B兩極板的正對(duì)面積減小一些B.斷開開關(guān)S后，將B兩極板靠近一些C.保持開關(guān)S閉合，將R上的滑片向右移動(dòng)D.保持開關(guān)S閉合，將B兩極板分開一些2、2018年第26屆國(guó)際計(jì)量大會(huì)決定，7個(gè)基本單位全部用基本物理常量來(lái)定義。新自2019年5月20日（國(guó)際計(jì)量日）正式實(shí)施，根據(jù)所學(xué)知識(shí)判斷，正確的選項(xiàng)是（）A.“伏特”是國(guó)際單位制中的基本單位B.“電子伏特”表示的是能量的單位C.“毫安時(shí)”表示的是電流的單位D.“瓦特”是國(guó)際單位制中的基本單位3、如圖，某勻強(qiáng)電場(chǎng)方向平行于半圓弧所在平面，AD為半圓直徑，B、C為半圓弧的三等分點(diǎn)，A、C、D三點(diǎn)的電勢(shì)分別為4V、1V、0V。電荷量大小為e、初動(dòng)能為5eV的帶電粒子從A沿AC方向射入電場(chǎng)，恰能經(jīng)過(guò)B點(diǎn)。不計(jì)粒子的重力；下列說(shuō)法正確的是（）

A.該粒子一定帶正電B.場(chǎng)強(qiáng)方向沿D點(diǎn)指向A點(diǎn)C.該粒子達(dá)到點(diǎn)B點(diǎn)的動(dòng)能為4eVD.若該粒子以某一速率從C點(diǎn)沿CA方向射入，也可能經(jīng)過(guò)B點(diǎn)4、如圖所示，一勻強(qiáng)電場(chǎng)方向水平向左，一質(zhì)量為m、電荷量為-q的帶電微粒以豎直向下的初速度v由M點(diǎn)射入電場(chǎng)。帶電微粒從N點(diǎn)射出電場(chǎng)時(shí)，其速度方向與水平線夾角為60°。不計(jì)帶電微粒重力，則帶電粒子通過(guò)N點(diǎn)時(shí)速度大小和N、M兩點(diǎn)間的電勢(shì)差大小分別為（）

A.B.C.D.5、在物理學(xué)建立、發(fā)展的過(guò)程中，許多物理學(xué)家的科學(xué)發(fā)現(xiàn)推動(dòng)了人類歷史的進(jìn)步，關(guān)于科學(xué)家和他們的貢獻(xiàn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.古希臘學(xué)者亞里士多德認(rèn)為物體下落的快慢由它們的重量決定，牛頓在他的《兩種新科學(xué)的對(duì)話》中利用邏輯推斷，使亞里士多德的理論陷入了困境B.德國(guó)天文學(xué)家開普勒對(duì)他導(dǎo)師第谷多年觀測(cè)的行星數(shù)據(jù)進(jìn)行了研究，并由此得出了萬(wàn)有引力定律C.伽利略開創(chuàng)了科學(xué)實(shí)驗(yàn)和邏輯推理相結(jié)合的重要科學(xué)研究的方法，比如他在利用斜面對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)進(jìn)行研究時(shí)，先在傾角較小的斜面上進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，其目的是“沖淡”重力的作用，使時(shí)間的測(cè)量更容易D.庫(kù)侖通過(guò)庫(kù)侖扭秤裝置總結(jié)得出的庫(kù)侖定律是電磁學(xué)的基本規(guī)律之一，使電磁學(xué)的研究從定性進(jìn)入定量階段，考慮到萬(wàn)有引力“超距作用”相似的規(guī)律性，庫(kù)侖進(jìn)一步提出了“電場(chǎng)”的概念6、如圖所示為一帶正電的金屬球，a、b、c、d為過(guò)圓心O的同一直線上的點(diǎn)．則（）

A.a點(diǎn)電勢(shì)比b點(diǎn)的低B.a點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)比b點(diǎn)的大C.c點(diǎn)電勢(shì)比d點(diǎn)的低D.c點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)比d點(diǎn)的大7、如圖所示，D是一只理想二極管，水平放置的平行板電容器的A、B兩極板間有一點(diǎn)電荷，在P點(diǎn)處于靜止?fàn)顟B(tài)。以Q表示電容器儲(chǔ)存的電荷量，U表示兩極板間的電壓，φ表示P點(diǎn)的電勢(shì)。若保持極板B不動(dòng)，第一次將極板A稍向上平移，第二次將極板A稍向下平移（移動(dòng)后極板A的位置還在P點(diǎn)上方）；則（）

A.兩次移動(dòng)后U相同B.兩次移動(dòng)后點(diǎn)電荷都保持靜止C.第一次移動(dòng)后φ減小，第二次移動(dòng)后φ增大D.第一次移動(dòng)后Q不變，第二次移動(dòng)后Q增大評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、如圖所示，直線是某電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線。若有一質(zhì)子僅在電場(chǎng)力的作用下以某一初速度沿直線由A運(yùn)動(dòng)到其速度圖像如圖所示，下列關(guān)于A、兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)以及質(zhì)子在兩點(diǎn)所具有的電勢(shì)能和動(dòng)能判斷正確的是（）

A.B.C.D.9、如圖所示，把一個(gè)帶電小球A固定在光滑的水平絕緣桌面上，在桌面的另一處放置帶電小球B。現(xiàn)給B一個(gè)沿垂直AB方向的速度v0；A；B小球均可視為質(zhì)點(diǎn)，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.若B帶異種電荷，B球可能做圓周運(yùn)動(dòng)B.若B帶異種電荷，B球可能做加速度、速度均變小的曲線運(yùn)動(dòng)C.若B帶同種電荷，B球一定做遠(yuǎn)離A球的變加速曲線運(yùn)動(dòng)D.若B帶同種電荷，B球的動(dòng)能一定會(huì)減小10、如圖(a)所示，光滑絕緣水平面上有甲、乙兩個(gè)點(diǎn)電荷．t=0時(shí)，甲靜止，乙以初速度6m/s向甲運(yùn)動(dòng)．此后，它們僅在靜電力的作用下沿同一直線運(yùn)動(dòng)(整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中沒(méi)有接觸)，它們運(yùn)動(dòng)的v-t圖象分別如圖(b)中甲；乙兩曲線所示．則由圖線可知（）

A.兩電荷的電性一定相反B.t1時(shí)刻兩電荷的電勢(shì)能最大C.0~t2時(shí)間內(nèi)，兩電荷的靜電力先增大后減小D.0~t3時(shí)間內(nèi)，甲的動(dòng)能一直增大，乙的動(dòng)能一直減小11、如圖所示，兩條完全相同的圓弧形材料和圓弧對(duì)應(yīng)的圓心角都為120°，圓弧在豎直平面內(nèi)，圓弧在水平面內(nèi)，以O(shè)點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)、水平向右為x軸正方向，兩弧形材料均勻分布正電荷，P點(diǎn)為兩段圓弧的圓心，已知P點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度為E0、電勢(shì)為設(shè)圓弧在圓心P處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為產(chǎn)生的電勢(shì)為φ；選無(wú)窮遠(yuǎn)的電勢(shì)為零，以下說(shuō)法正確的是（）

A.B.C.將質(zhì)子從P點(diǎn)無(wú)初速釋放，則質(zhì)子的最大速度為D.若兩段弧形材料帶上的是等量異種電荷，則x軸上各點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為零，電勢(shì)為零12、用電場(chǎng)線能很直觀、很方便地比較電場(chǎng)中各點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的強(qiáng)弱、判斷電勢(shì)高低。如圖甲是等量異種點(diǎn)電荷形成電場(chǎng)的電場(chǎng)線，圖乙是場(chǎng)中的一些點(diǎn)：O是電荷連線的中點(diǎn)，E、F是連線中垂線上相對(duì)O對(duì)稱的兩點(diǎn)，B、C和A、D也相對(duì)O對(duì)稱。則（）

A.B、C兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)相同，電勢(shì)也相等B.A、D兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向相反C.E、O、F三點(diǎn)電勢(shì)相等D.B、O間的電勢(shì)差與O、C間的電勢(shì)差相等13、在真空中A、B兩點(diǎn)分別放有異種點(diǎn)電荷和以AB連線中點(diǎn)O為圓心作一圓形路徑abcd；如圖所示，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.電場(chǎng)強(qiáng)度關(guān)系有Ea=Eb，方向相反B.電勢(shì)高低關(guān)系有φb>φdC.將一負(fù)點(diǎn)電荷沿圓弧由a運(yùn)動(dòng)到b的過(guò)程中電場(chǎng)力做負(fù)功D.將一正點(diǎn)電荷沿直線由c運(yùn)動(dòng)到d的過(guò)程中電勢(shì)能始終不變14、如圖所示，在直角三角形所在平面內(nèi)存在方向與平面平行的勻強(qiáng)電場(chǎng)（未畫出），已知若將電荷量的正電荷從A移到B過(guò)程中，電場(chǎng)力做功為將另一電荷量的負(fù)電荷從A移到C過(guò)程中，克服電場(chǎng)力做功為則以下說(shuō)法正確的是（）

A.B.C.電場(chǎng)強(qiáng)度方向從A指向CD.電場(chǎng)強(qiáng)度方向從A指向B15、線段OB上存在靜電場(chǎng)，OB上電場(chǎng)強(qiáng)度隨空間變化規(guī)律如圖所示。線段上有一點(diǎn)A，O、A、B三點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為0、將一帶電荷量為的粒子從O點(diǎn)由靜止釋放，只在電場(chǎng)力作用下運(yùn)動(dòng)，粒子到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度變?yōu)榱?。已知A、B兩點(diǎn)距O點(diǎn)的距離分別為設(shè)A點(diǎn)電勢(shì)為零。下列說(shuō)法正確的是（）

A.OA與AB間的電勢(shì)差滿足關(guān)系式B.粒子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，最大動(dòng)能為C.D.若將粒子從B點(diǎn)由靜止釋放，粒子將在BO間做往復(fù)運(yùn)動(dòng)16、圖是某地一風(fēng)力發(fā)電機(jī)，它的葉片轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)可形成直徑為40m的圓面。若該地區(qū)的風(fēng)速是5.0m/s，風(fēng)向恰好跟葉片轉(zhuǎn)動(dòng)的圓面垂直，已知空氣的密度為風(fēng)力發(fā)電機(jī)能將此圓內(nèi)10%的空氣動(dòng)能轉(zhuǎn)化為電能，則（）

A.每秒沖擊風(fēng)力發(fā)電機(jī)葉片圓面的氣流的體積約為B.每秒沖擊風(fēng)力發(fā)電機(jī)葉片圓面的氣流的體積約為C.此風(fēng)力發(fā)電機(jī)發(fā)電的功率約為D.此風(fēng)力發(fā)電機(jī)發(fā)電的功率約為評(píng)卷人得分三、填空題(共7題，共14分)17、如圖所示是_________（選填“正”或“負(fù)”）點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線，A、B是該電場(chǎng)中的兩點(diǎn)，其中_________點(diǎn)電勢(shì)低，________點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大（選填“A”或“B”）。18、平行板電容器的電容C；兩極板間電壓為U，兩板間場(chǎng)強(qiáng)E和帶電量Q在下列情況下怎樣變化？（填：減??；增大或不變）

（1）保持兩板與電源相連，只增大兩板間距離，則C____，U____，Q_____，E________．

（2）給電容器充電后與電源斷開，再減小電容器極板間距離，則C____，U____，Q____，E_____．19、如圖所示,A、B為相互接觸的用絕緣支柱支撐的金屬導(dǎo)體,起初它們不帶電,在它們的下部貼有金屬箔片,C是帶正電的小球。當(dāng)C移近A時(shí),A、B上的金屬箔片都張開。

(1)若撤去C,A、B下部金屬箔片是_________(選填“張開”或“閉合”)

(2)若先分離A、B,再撤去C,A、B下部金屬箔片是_________(選填“張開”或“閉合”)。在分離A、B的過(guò)程中,A、B組成的系統(tǒng)電勢(shì)能_______(選填“增大”“不變”或“減小”)

(3)靜電感應(yīng)的原因是金屬導(dǎo)體中存在大量的_____________。20、形象描述電場(chǎng)分布的曲線叫做_____，我們用_____（用文字表述）表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱。21、勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度為E，在此電場(chǎng)中A、B、C三點(diǎn)構(gòu)成一個(gè)直角三角形，三角形所在的平面與電場(chǎng)線平行，如圖所示，AB邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，AB邊平行于電場(chǎng)線，現(xiàn)將一個(gè)電荷q，從A點(diǎn)沿AB邊運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為____________；由B運(yùn)動(dòng)到C，q的電勢(shì)能變化量為____________；由C運(yùn)動(dòng)到A，電場(chǎng)力做功為____________；A、C兩點(diǎn)的電勢(shì)差為____________。

22、小李同學(xué)在學(xué)習(xí)了庫(kù)侖定律之后，為了研究帶電小球在它們之間的相互作用力下的運(yùn)動(dòng)，他在絕緣的光滑水平面上放三個(gè)質(zhì)量相等的帶電小球a、b、c，它們處在同一直線上，如圖以向右為正方向，若釋放a球，a球的初始加速度為若釋放c球，c球的初始加速度為則根據(jù)所學(xué)知識(shí)可知，釋放b球，b球的初始加速度大小為______方向是______。

23、等勢(shì)面。

（1）定義：電場(chǎng)中__________的各點(diǎn)構(gòu)成的面。

（2）等勢(shì)面的特點(diǎn)：

①在同一等勢(shì)面上移動(dòng)電荷時(shí)靜電力________。

②電場(chǎng)線跟等勢(shì)面______，并且由電勢(shì)_____的等勢(shì)面指向電勢(shì)____的等勢(shì)面。

③兩個(gè)不同的等勢(shì)面永不_________。評(píng)卷人得分四、作圖題(共2題，共18分)24、如圖所示，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)僅存在于邊長(zhǎng)為的正方形范圍內(nèi)，左右各一半面積的范圍內(nèi)，磁場(chǎng)方向相反。有一個(gè)邊長(zhǎng)為的正方形導(dǎo)線框垂直磁感線方向以速度勻速通過(guò)磁場(chǎng)。從邊進(jìn)入磁場(chǎng)算起；規(guī)定剛開始時(shí)磁通量為正值，畫出穿過(guò)線框的磁通量隨時(shí)間的變化圖像。

25、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實(shí)驗(yàn)中；某同學(xué)按照?qǐng)D所示連接電路。實(shí)驗(yàn)時(shí)，先將開關(guān)S擲向1，一段時(shí)間后，將開關(guān)擲向2，傳感器將信息傳入計(jì)算機(jī)屏幕上，顯示出電流或電壓隨時(shí)間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應(yīng)為________（選填選項(xiàng)前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動(dòng)變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關(guān)于電容器在整個(gè)放電過(guò)程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動(dòng)勢(shì)E，但其內(nèi)阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時(shí)電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時(shí)間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時(shí)間將變短評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共28分)26、如圖所示的電路中，小量程電流表G的內(nèi)阻Rg=100Ω，滿偏電流Ig=1mA，R1=900Ω，R2=Ω，則當(dāng)S1和S2均斷開時(shí)，改裝成的電表是____________（填電流表或電壓表），量程為________；當(dāng)S1和S2均閉合時(shí)，改裝成的電表是______（填聯(lián)表或電壓表），量程為__________。

27、圖為“測(cè)繪小燈伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)的實(shí)物電路圖；已知小燈泡額定電壓為2.5V．

（1）完成下列實(shí)驗(yàn)步驟：

①閉合開關(guān)前，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，____________

②閉合開關(guān)后，逐漸移動(dòng)變阻器的滑片，_____________；

③斷開開關(guān)；．根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在方格紙上作出小燈泡燈絲的伏安特性曲線．

（2）在虛線框中畫出與實(shí)物電路相應(yīng)的電路圖__________。28、圖甲是某興趣小組研究熱敏電阻阻值隨溫度變化規(guī)律的電路圖，該熱敏電阻在25℃時(shí)的阻值為根據(jù)需要已選用規(guī)格和量程合適的器材，具體實(shí)驗(yàn)操作如下：

A.將溫控室內(nèi)的溫度設(shè)定為25℃，閉合開關(guān)和移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片使電壓表滿偏。

B.保持滑片的位置不動(dòng)，斷開開關(guān)升高溫控室內(nèi)的溫度為某一值，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值使電壓表保持滿偏。

C.讀出的阻值并記下此時(shí)的溫度。

D.繼續(xù)升高溫控室內(nèi)的溫度重復(fù)步驟B；C，測(cè)出相應(yīng)溫度下的阻值。

E.測(cè)出多組數(shù)據(jù)后繪出熱敏電阻阻值隨溫度變化的圖象如圖乙所示。

請(qǐng)回答以下問(wèn)題：

（1）在進(jìn)行實(shí)驗(yàn)前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑片移到最________端（填“左”或“右”）；

（2）請(qǐng)用筆畫線代替導(dǎo)線，將圖丙的實(shí)物按圖甲的電路圖連接成完整電路________。的讀數(shù)如圖丁所示，則此時(shí)電阻箱的阻值為________熱敏電阻的阻值為________

（3）某次實(shí)驗(yàn)時(shí)一同學(xué)將該熱敏電阻握在手心，電阻箱讀數(shù)如圖戊所示，則該同學(xué)手心的溫度為________℃（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。

29、某小組同學(xué)用多用電表做了以下實(shí)驗(yàn)：

歐姆表的內(nèi)部電路可簡(jiǎn)化為一個(gè)電動(dòng)勢(shì)為E的電源、一個(gè)電流表和一個(gè)電阻串聯(lián)而成。為了測(cè)量多用電表歐姆擋在“×100”擋時(shí)的內(nèi)部電阻、電動(dòng)勢(shì)和紅黑表筆短接時(shí)流出多用電表的電流Im；該同學(xué)將多用電表的選擇開關(guān)調(diào)到“×100”擋進(jìn)行歐姆調(diào)零后，設(shè)計(jì)了如下圖所示的電路。

（1）檢查發(fā)現(xiàn)電路中有接線錯(cuò)誤，其錯(cuò)誤是_________________；

（2）正確連接線路后，閉合開關(guān)，改變電阻箱的阻值，得到多組電流表的示數(shù)1和電阻箱的阻值R，作出圖線如圖所示，該圖線縱軸截距為b，斜率為k，若忽略毫安表內(nèi)阻，由圖可得電動(dòng)勢(shì)E=___________，內(nèi)部電路電阻r=__________，紅黑表筆短接時(shí)流出多用電表的電流Im=______________；

（3）若考慮到毫安表內(nèi)阻的影響，E、r和Im這三個(gè)物理量的測(cè)量值小于真實(shí)值的是______________（選填“E”“r”或“Im”）。評(píng)卷人得分六、解答題(共3題，共18分)30、如圖所示的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度E2104N/C，A、B兩點(diǎn)在同一條電場(chǎng)線上，A、B之間的距離d=0.1m．一電荷量q110?8C的點(diǎn)電荷從電場(chǎng)中的A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)；求：

（1）該點(diǎn)電荷所受電場(chǎng)力F的大??；

（2）電場(chǎng)力對(duì)該點(diǎn)電荷做的功W．

31、如圖所示，半徑為R的光滑絕緣環(huán)形軌道豎直放置，在圓軌道的最低點(diǎn)B處固定一帶電小球，另有質(zhì)量為m的帶電小球（圖中未畫出）穿在圓環(huán)上，從A點(diǎn)（水平最右端）處無(wú)初速釋放。若小球運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)獲得最大速度，其大小為且求：

（1）小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過(guò)程中電場(chǎng)力所做的功；

（2）小球通過(guò)C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大??；

（3）小球在A點(diǎn)的加速度。

32、如圖所示的電路中，4個(gè)電阻的阻值均為R，E為直流電源的電動(dòng)勢(shì)，其內(nèi)阻可以不計(jì)，沒(méi)有標(biāo)明哪一極是正極。平行板電容器兩極板間的距離為d。在平行極板電容器的兩個(gè)平行極板之間有一個(gè)質(zhì)量未知，電量為q的帶電小球。當(dāng)電鍵K閉合時(shí)，帶電小球靜止在兩極板間的中點(diǎn)O上?，F(xiàn)把電鍵打開；帶電小球便往平行極板電容器的某個(gè)極板運(yùn)動(dòng)，并與此極板碰撞，設(shè)在碰撞時(shí)沒(méi)有機(jī)械能損失，但帶電小球的電量發(fā)生變化。碰后小球帶有與該極板相同性質(zhì)的電荷，而且所帶的電量恰好剛能使它運(yùn)動(dòng)到平行極板電容器的另一極板。求：

（1）小球的質(zhì)量m；

（2）小球與電容器某個(gè)極板碰撞時(shí)的速度v；

（3）小球與電容器某個(gè)極板碰撞后所帶的電荷q′。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【詳解】

A．?dāng)嚅_電鍵，電容器帶電量不變，將A、B兩極板的正對(duì)面積減小一些，則S減小，根據(jù)知，電容減小，根據(jù)Q=CU知；電勢(shì)差變大，指針張角變大，故A正確；

B．?dāng)嚅_電鍵，電容器帶電量不變，將AB靠近一些，則d減小，根據(jù)知，電容變大，根據(jù)Q=CU知；電勢(shì)差減小，指針張角減小，故B錯(cuò)誤；

CD．保持開關(guān)閉合，電容器兩端的電勢(shì)差等于電源的電動(dòng)勢(shì)，故電容器兩端的電勢(shì)差不變，則指針張角不變，故CD均錯(cuò)誤．2、B【分析】【分析】

【詳解】

A．伏特是電壓的單位；是導(dǎo)出單位，A錯(cuò)誤；

B．結(jié)合。

“電子伏特”表示的是能量的單位；B正確；

C．根據(jù)。

“毫安時(shí)”表示的是電量的單位；C錯(cuò)誤；

D．瓦特是功率的單位；是導(dǎo)出單位，D錯(cuò)誤。

故選B。3、C【分析】【詳解】

AB．由題意可知，OD的中點(diǎn)與C點(diǎn)電勢(shì)相等，所以電場(chǎng)方向?yàn)閺腁指向D。帶電粒子從A沿AC方向射入電場(chǎng)，恰能經(jīng)過(guò)B點(diǎn)；說(shuō)明該粒子帶負(fù)電。AB錯(cuò)誤；

C．根據(jù)題意，可知B點(diǎn)電勢(shì)為3V，則根據(jù)動(dòng)能定理得

解得

C正確；

D．若該粒子以某一速率從C點(diǎn)沿CA方向射入，電場(chǎng)力水平向左，其豎直方向不受力，但是粒子有豎直向上的分速度，所以不可能經(jīng)過(guò)B點(diǎn)。D錯(cuò)誤。

故選C。4、A【分析】【詳解】

帶電粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，將帶電粒子在N點(diǎn)的速度分解，可得帶電粒子通過(guò)N點(diǎn)時(shí)速度大小為

粒子從M到N的過(guò)程，由動(dòng)能定理可知

解得N、M兩點(diǎn)間的電勢(shì)差

故選A。5、C【分析】【詳解】

A．古希臘學(xué)者亞里士多德認(rèn)為物體下落的快慢由它們的重量決定；伽利略在他的《兩種新科學(xué)的對(duì)話》中利用邏輯推斷，使亞里士多德的理論陷入了困境，A錯(cuò)誤；

B．德國(guó)天文學(xué)家開普勒對(duì)他導(dǎo)師第谷多年觀測(cè)的行星數(shù)據(jù)進(jìn)行了研究；并由此得出了開普勒三大定律，B錯(cuò)誤；

C．伽利略開創(chuàng)了科學(xué)實(shí)驗(yàn)和邏輯推理相結(jié)合的重要科學(xué)研究的方法；比如他在利用斜面對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)進(jìn)行研究時(shí)，先在傾角較小的斜面上進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，其目的是“沖淡”重力的作用，使時(shí)間的測(cè)量更容易，C正確；

D．庫(kù)侖通過(guò)庫(kù)侖扭秤裝置總結(jié)得出的庫(kù)侖定律是電磁學(xué)的基本規(guī)律之一；使電磁學(xué)的研究從定性進(jìn)入定量階段，考慮到萬(wàn)有引力“超距作用”相似的規(guī)律性，法拉第進(jìn)一步提出電荷的周圍存在“電場(chǎng)”的概念，D錯(cuò)誤。

故選C。6、A【分析】【詳解】

根據(jù)靜電平衡可知，帶正電的金屬球的電荷均勻分布在球的外表面，球的內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)處處為零，整個(gè)金屬球?yàn)榈葎?shì)體；金屬球外部離金屬球越遠(yuǎn)場(chǎng)強(qiáng)越小，電勢(shì)越低，則有

故選A。7、D【分析】【詳解】

將極板A稍向上平移，極板間距d增大，由電容器決定式

可知，電容C減小，若電容器兩端電壓U不變，電容器所帶電量Q將減小，由于二極管具有單向?qū)щ娦?，電容器的電荷不能回到電源，所以電容器的電量Q不變。由于電容C減小，由電容的定義式

可知，U變大。

又

得

可知板間場(chǎng)強(qiáng)不變；電荷保持靜止。

因?yàn)闃O板B接地，電勢(shì)為零，P點(diǎn)到極板B的距離不變，場(chǎng)強(qiáng)不變，則P點(diǎn)到極板B的電勢(shì)差不變，故P點(diǎn)電勢(shì)不變。

若極板A稍向下平移，可知電容C增大，電荷可通過(guò)二極管對(duì)電容器充電，Q增大，電壓U不變，故兩次移動(dòng)后U不同。

因?yàn)閮蓸O板間距d減小，故場(chǎng)強(qiáng)減小，電荷向下移動(dòng)。同樣，P點(diǎn)到極板B的電勢(shì)差減小，P點(diǎn)電勢(shì)降低；故D正確，ABC錯(cuò)誤。

故選D。二、多選題(共9題，共18分)8、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．速度圖象的斜率表示點(diǎn)電荷的加速度的大小，由于斜率減小，則知從A運(yùn)動(dòng)到B過(guò)程中帶電粒子的加速度減??；根據(jù)牛頓第二定律說(shuō)明電場(chǎng)力減小，由。

知由A運(yùn)動(dòng)到B，場(chǎng)強(qiáng)E減??；所以。

故A正確；

B．質(zhì)子帶正電，在電場(chǎng)力的作用下做加速運(yùn)動(dòng)，所以電場(chǎng)方向從A指向B，則B點(diǎn)的電勢(shì)低；即。

故B正確；

CD．電場(chǎng)力對(duì)質(zhì)子做正功；電勢(shì)能減小，則。

動(dòng)能增大；則。

故C正確；D錯(cuò)誤。

故選ABC。9、A:B:C【分析】【詳解】

A．若兩個(gè)小球帶的電荷為異種電荷，則B受到A的引力，方向指向A，又v0垂直AB。根據(jù)

解得

可知，當(dāng)v0=v時(shí)；B球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，A正確；

B．當(dāng)v0>v時(shí)；B球?qū)⒆鲭x心運(yùn)動(dòng)，B球逐漸遠(yuǎn)離A球，庫(kù)侖力做負(fù)功，即B球做加速度；速度都變小的曲線運(yùn)動(dòng)，B正確；

C．當(dāng)v0<v時(shí)；B球?qū)⒖拷麬球運(yùn)動(dòng)，庫(kù)侖力做正功，即B球做做加速度；速度逐漸增大的曲線運(yùn)動(dòng)，C正確；

D．若兩個(gè)小球帶的電荷為同種電荷；則B因受A的庫(kù)侖斥力而遠(yuǎn)離A球，庫(kù)侖力做正功，B球做加速度變小，速度增大，即動(dòng)能增大的曲線運(yùn)動(dòng)，D錯(cuò)誤。

故選ABC。10、B:C【分析】【詳解】

A；由圖像看出,甲從靜止開始與乙同向運(yùn)動(dòng),說(shuō)明甲受到了乙的排斥力作用,則知兩電荷的電性一定相同.故A錯(cuò)誤.

B、由于甲乙之間是排斥力，所以當(dāng)甲乙之間的距離減小時(shí)說(shuō)明電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，結(jié)合圖像可知在t1時(shí)電勢(shì)能由最大值；故B正確；

C、圖像包圍的面積代表甲乙走過(guò)的位移，從圖像上可以看出在0～t2時(shí)間內(nèi)甲乙之間的距離先減小后增大；所有靜電力先增大后減小，故C正確；

D、0～t3時(shí)間內(nèi)；甲的動(dòng)能一直增大，乙的動(dòng)能先減小后反向增大，故D錯(cuò)誤；

故選BC

點(diǎn)睛：會(huì)結(jié)合圖像找到甲乙位移之間的關(guān)系，并利用靜電力做功找到電勢(shì)能變化規(guī)律．11、B:D【分析】【詳解】

AB．圓弧AO在圓心P點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小與圓弧OB在P點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小相等，兩個(gè)場(chǎng)強(qiáng)方向夾角為60°，電勢(shì)相等，同理圓弧OC在圓心P點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小與圓弧OD在P點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小相等，且夾角也為60°，電勢(shì)相等，根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度矢量疊加法則和電勢(shì)標(biāo)量的疊加法則有

解得

故A錯(cuò)誤；B正確；

C．從P點(diǎn)無(wú)初速釋放質(zhì)子，到達(dá)無(wú)窮遠(yuǎn)處時(shí)速度最大，根據(jù)動(dòng)能定理有

解得

故C錯(cuò)誤；

D．若兩段弧形材料帶上的是等量異種電荷，正電荷和負(fù)電荷在x軸上各點(diǎn)產(chǎn)生電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等；方向相反，其合場(chǎng)強(qiáng)為零，正；負(fù)電荷產(chǎn)生電勢(shì)數(shù)值相等，電勢(shì)疊加結(jié)果為零，故D正確。

故選BD。12、C:D【分析】【詳解】

根據(jù)等量異種點(diǎn)電荷形成電場(chǎng)的對(duì)稱性規(guī)律可知，關(guān)于電荷連線的中點(diǎn)對(duì)稱的點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相同，即E與F、B與C、A與D的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相同；關(guān)于電荷連線上下對(duì)稱的點(diǎn)的電勢(shì)相等，即E、O、F三點(diǎn)電勢(shì)相等；由于沿電場(chǎng)線電勢(shì)降低，則關(guān)于中垂線左右對(duì)稱的點(diǎn)的電勢(shì)不相等，B點(diǎn)電勢(shì)高于C點(diǎn)電勢(shì)；關(guān)于中垂線對(duì)稱的兩條線段的電勢(shì)差相等，即B、O間的電勢(shì)差與O、C間的電勢(shì)差相等。

故選CD。13、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由于a點(diǎn)和b點(diǎn)是對(duì)稱點(diǎn)，所以a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度與b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，即Ea=Eb；方向相同，A錯(cuò)誤;

B．由沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低可知φd>φb；B錯(cuò)誤；

C．負(fù)點(diǎn)電荷所受電場(chǎng)力與電場(chǎng)方向相反，負(fù)點(diǎn)電荷沿圓弧由a到b運(yùn)動(dòng)中；電場(chǎng)力方向與運(yùn)動(dòng)方向成銳角，電場(chǎng)力做負(fù)功，C正確；

D．由于c和d在+Q、?Q產(chǎn)生的電場(chǎng)的中垂線上，即在同一個(gè)等勢(shì)面上，所以將一正點(diǎn)電荷沿直線由c到d運(yùn)動(dòng)中電勢(shì)能一直不變；D正確。

故選CD。14、B:C【分析】【詳解】

A．A、C兩點(diǎn)的電勢(shì)差

故A錯(cuò)誤；

B．A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差

由于則有

故B正確；

CD．由幾何關(guān)系可得

在勻強(qiáng)電場(chǎng)中任意一條直線上相等距離的兩點(diǎn)間電勢(shì)差相等，設(shè)在邊上距離A點(diǎn)的一點(diǎn)為D點(diǎn)，則A、D兩點(diǎn)間電勢(shì)差為3V，故B、D兩點(diǎn)電勢(shì)相等，由幾何關(guān)系判斷垂直所以電場(chǎng)強(qiáng)度大小為

電場(chǎng)強(qiáng)度方向?yàn)閺腁指向C；故C正確，D錯(cuò)誤。

故選BC。15、B:D【分析】【詳解】

A．粒子從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至B點(diǎn)過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理有

解得

又

所以

故A錯(cuò)誤；

C．在圖象中，圖線與橫軸所圍面積大小表示兩點(diǎn)間電勢(shì)差大小，結(jié)合圖像有

解得

故C錯(cuò)誤；

B．粒子在間先做加速運(yùn)動(dòng)，過(guò)B點(diǎn)后電場(chǎng)反向，粒子開始做減速運(yùn)動(dòng)，所以粒子在A點(diǎn)動(dòng)能最大，粒子從O運(yùn)動(dòng)至A，利用動(dòng)能定理，有

故B正確；

D．若將粒子從B點(diǎn)由靜止釋放，粒子先在BA間加速，再在AO間減速，因?yàn)榱Ｗ拥絆點(diǎn)速度減為零，而后反向加速，在BO間做往復(fù)運(yùn)動(dòng)；故D正確。

故選BD。16、A:C【分析】【詳解】

AB．每秒沖擊風(fēng)力發(fā)電機(jī)葉片圓面的氣流的體積約為

故A正確；B錯(cuò)誤；

CD．每秒內(nèi)沖擊風(fēng)力發(fā)電機(jī)葉片圓面的氣流的動(dòng)能約為

依題意可知此風(fēng)力發(fā)電機(jī)的功率約為

故C正確；D錯(cuò)誤。

故選AC。三、填空題(共7題，共14分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)人為引入的電場(chǎng)線都是正電荷出發(fā)；負(fù)電荷終止的特點(diǎn)，可知圖示是正點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線；

[2]沿著電場(chǎng)線電勢(shì)逐漸降低，則B點(diǎn)電勢(shì)較低；

[3]電場(chǎng)線的疏密反映電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，因A處電場(chǎng)線較密，則A點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大?！窘馕觥空鼴A18、略

【分析】【詳解】

（1）保持兩板與電源相連，則電壓不變，只增大兩板間距離，由知，則C變小，由知，U不變，故Q變小，根據(jù)知，E變??；（2）充電后與電源斷開，則帶電量不變，再減小電容器極板間距離d，由知，C增大，由知，Q不變，則U變小，由知；E與d無(wú)關(guān)，故E不變．

【點(diǎn)睛】對(duì)于電容器動(dòng)態(tài)變化分析問(wèn)題，要抓住不變量．當(dāng)電容器保持與電源相連時(shí)，電壓不變．當(dāng)電容器充電后，與電源斷開后，往往電量不變．【解析】變小不變變小變小增大變小不變不變19、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）當(dāng)帶正電的小球C靠近AB時(shí)；由靜電感應(yīng)A帶負(fù)電B帶正電，AB上的金屬箔片都張開，當(dāng)撤去C時(shí)，AB是連接在一起的，A上的負(fù)電荷和B上的正電荷相互中和，AB上的金屬箔片都閉合。

（2）當(dāng)帶正電的小球C靠近AB時(shí)；由靜電感應(yīng)A帶負(fù)電B帶正電，AB上的金屬箔片都張開，先移開AB在撤去C時(shí)，AB不是連在一起的，A上的負(fù)電荷和B上的正電荷不能相互中和，AB仍然帶電，AB下部的金屬箔片張開；在分離AB的過(guò)程中，C對(duì)A吸引，C對(duì)B排斥，C對(duì)AB都在做正功，電勢(shì)能在減小。

（3）感應(yīng)起電是自由電荷從物體的一端移動(dòng)到另一端，因此要發(fā)生感應(yīng)起電就必須要有自由電荷【解析】閉合張開減小自由電荷20、略

【分析】【分析】

考查電場(chǎng)線。

【詳解】

[1][2]．有電荷存在的地方，周圍就有電場(chǎng)存在，電場(chǎng)對(duì)放入其中的電荷有力的作用，為了形象的描述電場(chǎng)的分布，我們?nèi)藶橐腚妶?chǎng)線，使這些線上每一點(diǎn)的切線方向跟該點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向一致，使線的疏密程度來(lái)表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小?！窘馕觥侩妶?chǎng)線電場(chǎng)線的疏密21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)特點(diǎn)可知，A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為

所以有

[2]B與C位于同一等勢(shì)面上；故電荷從B點(diǎn)到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為0；

[3]根據(jù)公式，從C運(yùn)動(dòng)到A，電場(chǎng)力做功為

[4]根據(jù)公式和關(guān)系可得【解析】①.EqL②.0③.-EqL④.EL22、略

【分析】【詳解】

[1][2]對(duì)三個(gè)小球構(gòu)成的系統(tǒng)，假設(shè)同時(shí)釋放三個(gè)小球，則三個(gè)小球構(gòu)成的系統(tǒng)受到的合力為零，且在釋放瞬間，a球的加速度為c球的加速度為b球的加速度為對(duì)系統(tǒng)由牛頓第二定律知

即

所以

方向水平向右?！窘馕觥?水平向右23、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]定義：電場(chǎng)中電勢(shì)相等的各點(diǎn)構(gòu)成的面。

(2)①[2]在同一等勢(shì)面上移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功。

②[3][4][5]電場(chǎng)線跟等勢(shì)面垂直；并且由電勢(shì)高的等勢(shì)面指向電勢(shì)低的等勢(shì)面。

③[6]兩個(gè)不同的等勢(shì)面永不相交?！窘馕觥竣?電勢(shì)相等②.不做功③.垂直④.高⑤.低⑥.相交四、作圖題(共2題，共18分)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

線框穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程可分為三個(gè)階段，進(jìn)入磁場(chǎng)階段（只有邊在磁場(chǎng)中），在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)階段（兩邊都在磁場(chǎng)中），離開磁場(chǎng)階段（只有邊在磁場(chǎng)中）。

①線框進(jìn)入磁場(chǎng)階段：對(duì)應(yīng)穿過(guò)線框的磁通量線性增加，最后為

②線框在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)階段：對(duì)應(yīng)，時(shí)間內(nèi)，穿過(guò)線框的磁通量線性減小，最后為時(shí)間內(nèi)，穿過(guò)線框的磁通量反向線性增加，最后為

③線框離開磁場(chǎng)階段：對(duì)應(yīng)穿過(guò)線框的磁通量線性減小，最后為

畫出圖像如圖所示。

【解析】見解析25、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應(yīng)為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個(gè)放電過(guò)程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時(shí)間減??；選項(xiàng)AC錯(cuò)誤，選項(xiàng)B正確；

D．由于放電電流I減小，根據(jù)可知電阻箱R的電壓UR減??；選項(xiàng)D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據(jù)電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據(jù)電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動(dòng)勢(shì)E，則可知電容器的電壓，根據(jù)可求出該電容器的電容；選項(xiàng)A正確；

B．根據(jù)電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時(shí)電阻箱阻值大小，選項(xiàng)B正確；

C．電源不變，電容器的充電電壓不變，電荷量不變，若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的電流將變小，因此放電時(shí)間將變長(zhǎng)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．電源不變，電容器的充電電壓不變，若只減小電容器的電容大小，根據(jù)可知電容器的電荷量將變??；放電的時(shí)間將變短，選項(xiàng)D正確。

故選ABD?！窘馕觥緼BDABD五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共28分)26、略

【分析】【詳解】

[1][2]由圖示電路圖可知，當(dāng)S1和S2均斷開時(shí)，G與R1串聯(lián)，此時(shí)為電壓表，改裝后電壓表量程為

[3][4]由圖示電路圖可知，當(dāng)S1和S2均閉合時(shí)，G與R2并聯(lián)，此時(shí)為電流表，改裝后電流表量程為【解析】電壓1V電流1A27、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）①[1]由圖可知；滑動(dòng)變阻器采用的是分壓式接法，閉合電鍵前，應(yīng)使測(cè)量電路部分處于短路狀態(tài)，閉合電鍵時(shí)，電壓表；電流表示數(shù)為零，起到保護(hù)作用．所以閉合開關(guān)前，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，使它靠近滑動(dòng)變阻器左端的接線柱；

②[2]描繪小燈泡燈絲的伏安特性曲線；必須測(cè)量多組數(shù)據(jù)，即增加小燈泡兩端的電壓，記錄電流表和電壓表的多組讀數(shù)，直至電壓達(dá)到額定電壓；

（2）[3]由實(shí)物電路圖可知；從電源正極出發(fā)，先經(jīng)過(guò)開關(guān)，然后電路經(jīng)滑動(dòng)變阻器