2025年蘇教新版選修3物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇教新版選修3物理下冊階段測試試卷39考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖甲所示的電路中，變壓器原、副線圈匝數(shù)比為3∶1，圖乙是該變壓器cd輸入端交變電壓u的圖象，L1，L2、L3、L4為四只規(guī)格均為“9V6W”的相同燈泡；各電表均為理想交流電表，開關(guān)K原來是閉合的．以下說法正確的是()

A.ab輸入端電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為Uab＝27sin100πt(V)B.ab輸入端輸入功率Pab＝18WC.電流表的示數(shù)為2A，且四只燈泡均能正常發(fā)光D.斷開開關(guān)K，電壓表V的讀數(shù)將變小2、一可變理想變壓器原、副線圈的回路中分別接有電阻r和可變電阻R；原線圈一側(cè)接在電壓恒定的正弦交流電源上，如圖所示，下列說法正確的是。

A.變壓器的觸頭向下滑動(dòng)，其他條件不變，R上消耗的功率不可能先增大后減小B.變壓器的觸頭向下滑動(dòng)，其他條件不變，R上消耗的功率不可能一直減小C.可變電阻R觸頭向下滑動(dòng)，其他條件不變，r上消耗的功率一定減小D.可變電阻R觸頭向下滑動(dòng)，其他條件不變，R上消耗的功率一定增大3、如圖所示，某人騎共享單車從東往西沿直線以速度v騎行，該處地磁場的水平分量大小為方向由南向北，豎直分量大小為方向豎直向下，共享單車車把為金屬材質(zhì)，且?guī)в薪^緣把套，兩把手間距為L。只考慮共享單車在地磁場中的電磁感應(yīng)；下列說法正確的是（）

A.圖示位置輻條中A點(diǎn)電勢比B點(diǎn)電勢高B.圖示位置輻條中電流由A點(diǎn)流向B點(diǎn)C.共享單車左把手的電勢比右把手的電勢高D.該人騎共享單車在十字路口左拐，則共享單車把手間的電勢差要降低4、如圖所示為一定質(zhì)量的氦氣（可視為理想氣體）狀態(tài)變化的圖像。已知該氦氣所含的氦分子總數(shù)為N，氦氣的摩爾質(zhì)量為M，在狀態(tài)A時(shí)的壓強(qiáng)為已知阿伏加德羅常數(shù)為下列說法正確的是（）

A.氦氣分子的質(zhì)量為B.B狀態(tài)時(shí)氦氣的壓強(qiáng)為C.B→C過程中氦氣向外界放熱D.C狀態(tài)時(shí)氦氣分子間的平均距離5、下列關(guān)于熱現(xiàn)象的描述正確的是（）A.根據(jù)熱力學(xué)定律，熱機(jī)的效率可以達(dá)到100%B.做功和熱傳遞都是通過能量轉(zhuǎn)化的方式改變系統(tǒng)內(nèi)能的C.溫度是描述熱運(yùn)動(dòng)的物理量，一個(gè)系統(tǒng)與另一個(gè)系統(tǒng)達(dá)到熱平衡時(shí)兩系統(tǒng)溫度相同D.物體由大量分子組成，其單個(gè)分子的運(yùn)動(dòng)是無規(guī)則的，大量分子的運(yùn)動(dòng)也是無規(guī)律的6、已知時(shí)間內(nèi)通過均勻?qū)w某一橫截面的自由電子數(shù)為電子電荷量為導(dǎo)體橫截面積為單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)為則電子定向移動(dòng)的速度為（）A.B.C.D.7、一列簡諧波沿軸傳播，其波源位于坐標(biāo)原點(diǎn)．質(zhì)點(diǎn)剛好完成一次全振動(dòng)時(shí)，形成的簡諧橫波波形如圖所示，已知波速為，波源簡諧運(yùn)動(dòng)的周期為，是沿波傳播方向上介質(zhì)中的一個(gè)質(zhì)點(diǎn)，則

A.圖中軸上、之間的距離為B.波源的起振方向沿軸正方向C.在一個(gè)周期內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)將向右運(yùn)動(dòng)一個(gè)波長的距離D.圖示時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)所受的回復(fù)力方向沿軸正方向8、圖甲所示為氫原子能級圖，大量處于n=4激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級躍遷時(shí)能輻射出多種不同頻率的光，其中用從n=4能級向n=2能級躍遷時(shí)輻射的光照射圖乙所示光電管的陰極K時(shí)；電路中有光電流產(chǎn)生，則。

A.改用從n=4能級向n=1能級躍遷時(shí)輻射的光，一定能使陰極K發(fā)生光電效應(yīng)B.改用從n=3能級向n=1能級躍遷時(shí)輻射的光，不能使陰極K發(fā)生光電效應(yīng)C.改用從n=4能級向n=1能級躍遷時(shí)輻射的光照射，逸出光電子的最大初動(dòng)能不變D.入射光的強(qiáng)度增大，逸出光電子的最大初動(dòng)能也增大評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、如圖所示，豎直光滑導(dǎo)軌上端接入一定值電阻R，C1和C2是半徑都為a的兩圓形磁場區(qū)域，其區(qū)域內(nèi)的磁場方向都垂直于導(dǎo)軌平面向外，區(qū)域C1中磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間接B1=b+kt(k>0)變化，C2中磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度恒為B2，一質(zhì)量為m．電阻為r、長度為L的金屬桿AB穿過C2的圓心垂直地跨放在兩導(dǎo)軌上，且與導(dǎo)軌接觸良好，并恰能保持靜止．則

A.通過金屬桿的電流大小為B.通過金屬桿的電流方向?yàn)閺腂到AC.定值電阻的阻值為R=D.整個(gè)電路的熱功率p=10、如圖電路中，閉合電鍵S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)時(shí)，三個(gè)理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電表的示數(shù)分別用I、表示．下列判斷正確的是

A.減小B.C.減小D.11、下列說法中正確的是（）A.露珠呈球形是由于液體的表面張力所致B.布朗運(yùn)動(dòng)反映了懸浮顆粒中分子運(yùn)動(dòng)的無規(guī)則性C.氣體溫度升高時(shí)，分子的平均速率增大，但速率仍按“中間多，兩頭少”的規(guī)律分布E.用打氣筒給自行車打氣時(shí)，越下壓越費(fèi)力，說明分子間斥力越來越大，分子間勢能越來越大E.用打氣筒給自行車打氣時(shí)，越下壓越費(fèi)力，說明分子間斥力越來越大，分子間勢能越來越大12、在如圖甲所示的電路中，L1、L2、L3為三只相同規(guī)格的小燈泡，L2、L3并聯(lián)，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示；當(dāng)開關(guān)S閉合后，電路中的總電流為0.25A，則此時(shí)（）

A.L2的電阻小于4ΩB.L1消耗的電功率為0.75WC.L1上的電壓為L2上電壓的4倍D.L1、L2消耗的電功率的比值大于4:113、正三角形ABC的三個(gè)頂點(diǎn)處分別固定有水平放置的長直導(dǎo)線，并通以如圖所示方向的恒定電流，導(dǎo)線中的電流大小相等，三角形中心O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0；已知通電直導(dǎo)線在某點(diǎn)產(chǎn)生的磁場與通電直導(dǎo)線的電流大小成正比，則下列說法正確的是。

A.O點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向豎直向下B.B.C處兩導(dǎo)線電流在O點(diǎn)產(chǎn)生的合磁場方向水平向左C.B處電流在O點(diǎn)處產(chǎn)生的磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0D.將A處電流大小減半，則O點(diǎn)處的磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B014、如圖所示，兩根平行金屬導(dǎo)軌置于水平面內(nèi)，導(dǎo)軌之間接有電阻R．金屬棒ab與兩導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸，整個(gè)裝置放在勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直于導(dǎo)軌平面向下．現(xiàn)使磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻減小，ab始終保持靜止；下列說法正確的是（）

A.ab中的感應(yīng)電流方向由a到bB.ab所受的安培力方向向左C.ab中的感應(yīng)電流方向由b到aD.ab所受的安培力方向向右15、如圖，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比n1：n2=2:1,V和A均為理想電表，燈泡電阻RL=6Ω,AB端電壓下列說法正確的是。

A.電流頻率為50HzB.V的讀數(shù)為24VC.A的讀數(shù)為0.5AD.變壓器輸入功率為6W16、設(shè)兩極板正對面積為S，極板間的距離為d，靜電計(jì)指針偏角為θ．實(shí)驗(yàn)中；極板所帶電荷量不變，則下列說法正確的是（）

A.保持S不變，增大d,則θ變大B.用手觸摸極板B,則θ變小C.保持d不變，減小S,則θ變小D.在兩板間插入電介質(zhì),則θ變小評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)17、雙桶洗衣機(jī)的脫水桶的電機(jī)是由一個(gè)定時(shí)開關(guān)和一個(gè)由桶蓋控制的開關(guān)組成的，當(dāng)定時(shí)開關(guān)合上時(shí)；只要打開桶蓋，電機(jī)又被關(guān)閉。

（1）如圖所示的哪個(gè)電路圖能滿足上述的要求？()

A.B.C.D.

（2）根據(jù)以上羅列的控制條件和控制結(jié)果的情況，完成其真值表，并在虛線框內(nèi)畫出該門電路符號()。輸入輸出ABZ00______01______10______11______

18、帶有活塞的汽缸中封有一定質(zhì)量的理想氣體，缸內(nèi)氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，如圖所示。設(shè)氣體在狀態(tài)A時(shí)的壓強(qiáng)為pA，體積為VA，溫度為TA，到狀態(tài)B時(shí)的溫度為TB。此過程中，汽缸單位面積上所受氣體分子撞擊的作用力____（選填“變大”“不變”或“減小”），____（選填“氣體對外做功”或“外界對氣體做功”）的絕對值為____，缸內(nèi)氣體____（選填“吸收”或“放出”）熱量。

19、一定量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷ab、bc、ca三個(gè)過程回到原狀態(tài)，其p－T圖象如圖所示。___（選填“a”“b”或“c”）狀態(tài)分子的平均動(dòng)能最小，b和c兩個(gè)狀態(tài)中，容器壁單位面積單位時(shí)間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)_____（選填“相同”或“不同”），ca過程外界對氣體做的功___（選填“大于”、“小于”或“等于”）氣體放岀的熱量。20、已知地球大氣層的厚度h遠(yuǎn)小于地球半徑R，空氣平均摩爾質(zhì)量為M，阿伏加德羅常數(shù)為NA，地面大氣壓強(qiáng)為P0，重力加速度大小為g.由此可以估算出，地球大氣層空氣分子總數(shù)為________，空氣分子之間的平均距離為________．21、如圖所示，在以O(shè)點(diǎn)為圓心、r為半徑的圓形區(qū)域內(nèi)，在磁感強(qiáng)度為B，方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，a、b、c為圓形磁場區(qū)域邊界上的3點(diǎn)，其中∠aob=∠boc=600，一束質(zhì)量為m，電量為e而速率不同的電子從a點(diǎn)沿ao方向射人磁場區(qū)域，其中從bc兩點(diǎn)的弧形邊界穿出磁場區(qū)的電子，其速率取值范圍是______．22、某同學(xué)用伏安法測量阻值Rx約為5Ω的電阻，用圖________測得的Rx的誤差較小，測量值________真實(shí)值（小于、大于、等于），造成誤差的原因是_____________________________________________

評卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)23、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

24、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

25、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共40分)26、某研究性學(xué)習(xí)小組欲用如圖所示的電路，測定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻．因電池的內(nèi)阻較小，為了防止在調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器時(shí)造成短路，電路中用一個(gè)定值電阻R0起保護(hù)作用．除電池；開關(guān)和導(dǎo)線外；可供選用的實(shí)驗(yàn)器材還有：

電流表：A（量程0～0．6A；內(nèi)阻約為0．1Ω）；（量程0～3A，內(nèi)阻約為0．05Ω）；

電壓表：V（量程0～3V；內(nèi)阻約6kΩ）；

定值電阻：R0（阻值1Ω）；（阻值10Ω）；

滑動(dòng)變阻器：R（阻值范圍0～10Ω；額定電流2A)；（阻值范圍0～1kΩ、額定電流1A)

①為了調(diào)節(jié)方便，測量準(zhǔn)確，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選用電流表的量程為____，定值電阻R0的阻值為____；滑動(dòng)變阻器的阻值范圍為____．

②按正確的器材連接好實(shí)驗(yàn)電路后，接通開關(guān)，改變滑動(dòng)變阻器的阻值R，讀出對應(yīng)的電流表的示數(shù)I和電壓表的示數(shù)U，并作記錄．某同學(xué)記錄的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)如下表所示，試根據(jù)這些數(shù)據(jù)在圖中畫出U－I圖線______．

。

1

2

3

4

5

6

I/A

0.10

0.15

0.20

0.25

0.30

0.40

U/V

1.32

1.25

1.18

1.18

1.04

0.90

③由圖線得到被測電池的電動(dòng)勢E=______V，內(nèi)阻r=_______Ω（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）．

④用該實(shí)驗(yàn)電路測出的電動(dòng)勢值E測___實(shí)際值；內(nèi)阻r測____實(shí)際值．（選填“＞”；“＜”或“＝”）

⑤引起該實(shí)驗(yàn)系統(tǒng)誤差的主要原因是___．

A．由于電壓表和電流表讀數(shù)不準(zhǔn)確引起誤差。

B．由于電流表的分壓作用造成電壓表讀數(shù)總比變阻器和保護(hù)電阻的電壓大。

C．由于電壓表的分流作用造成電流表讀數(shù)總是比電源實(shí)際電流小。

D．保護(hù)電阻R0的使用27、某實(shí)驗(yàn)小組要精確測定額定電壓為220V的電熱絲正常工作時(shí)的電阻；已知電熱絲正常工作時(shí)電阻大約1100Ω，電學(xué)符號電阻的電學(xué)符號相同．

實(shí)驗(yàn)室提供的器材有：

A．電流表A1（量程為0至3mA，內(nèi)阻RA1約為6Ω）

B．電流表A2（量程為0至1mA，內(nèi)阻RA2約為10Ω）

C．定值電阻R1=500Ω

D．定值電阻R2=1200Ω

E．滑動(dòng)變阻器R（0至20Ω）一只。

F．電壓表V1（量程為0至100V，內(nèi)阻Rv1=1000Ω）

G．電壓表V2（量程為0至300V，內(nèi)阻Rv2約9kΩ）

H．Ups不間斷電源E（可視為蓄電池組；電動(dòng)勢為300V，內(nèi)阻不計(jì)）

I．開關(guān)S一只。

（1）如圖所示，請選擇合適的器材（填寫器材前的字母編號）：電表1為______，電表2為______，實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)認(rèn)為應(yīng)該將其中一個(gè)電表______聯(lián)（填入“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）一定值電阻方可順利完成實(shí)驗(yàn)，則該電表為______，該定值電阻應(yīng)為______．

（2）實(shí)驗(yàn)小組按要求正確連接電路（圖略）后，進(jìn)行了測量______．

（3）若電流表A1的測量值為I1，電流表A2的測量值為I2，電壓表V1的測量值為U1，電壓表V2的測量值為U2，寫出測量電熱絲正常工作時(shí)的電阻表達(dá)式Rx=____________（填字母）．28、某興趣小組的同學(xué)用下列實(shí)驗(yàn)器材設(shè)計(jì)一個(gè)電路來比較精確地測量電阻R(約3kΩ)的阻值．

A．電壓表V1，量程為0~4V，內(nèi)阻為r1=6kΩ

B．電壓表V2；量程為0~10V，內(nèi)阻約為6kΩ

C．滑動(dòng)變阻器R1(0~100Ω)；額定電流1A

D．滑動(dòng)變阻器R2(0~500Ω)；額定電流0.2A

E．定值電阻R0=6kΩ

F．電源電動(dòng)勢E=12V；內(nèi)阻很小。

G．開關(guān)S；導(dǎo)線若干。

要求實(shí)驗(yàn)中電表示數(shù)從零調(diào)節(jié)，可獲得多組測量數(shù)據(jù)，且電表讀數(shù)不得小于其量程的測量結(jié)果盡量準(zhǔn)確，實(shí)驗(yàn)操作方便．

(1)由實(shí)驗(yàn)要求應(yīng)選擇的實(shí)驗(yàn)器材有___________(填器材前面的字母序號)；

(2)在虛線框內(nèi)畫出測量電阻的最合理電路圖______________．(電路圖上標(biāo)明所用儀器的代號)

(3)用已知量和測量的量表示Rx的表達(dá)式RX=___________，說明式中各字母所表示的物理量：___________．29、某同學(xué)利用測力計(jì)研究在豎直方向運(yùn)行的電梯運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，他在地面上用測力計(jì)測量砝碼的重力，示數(shù)是G，他在電梯中用測力計(jì)仍測量同一砝碼的重力，發(fā)現(xiàn)測力計(jì)的示數(shù)小于G，由此判斷此時(shí)電梯的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)可能是_________________。評卷人得分六、解答題(共3題，共18分)30、如圖所示，兩平行金屬板間的電勢差為U，金屬板下方有一磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場．電荷量為+q、質(zhì)量為m的粒子，由靜止開始從正極板出發(fā)，經(jīng)電場加速后射出，并垂直磁場邊界從O點(diǎn)進(jìn)入磁場，經(jīng)歷半個(gè)圓周打在P點(diǎn)．忽略重力的影響；求：

(1)粒子從電場射出時(shí)速度v的大??；

(2)O、P兩點(diǎn)間的距離l．

31、如圖所示，質(zhì)量為m的物體放在與彈簧固定的輕質(zhì)木板上，彈簧在豎直方向做簡諧運(yùn)動(dòng)，當(dāng)振幅為A時(shí)；物體對彈簧的壓力最大值是物重的1.5倍，求。

（1）物體對彈簧的最小壓力。

（2）欲使物體在彈簧的振動(dòng)中不離開彈簧，其振幅最大值．32、如圖所示，長木板質(zhì)量M=3kg，放置于光滑的水平面上，其左端有一大小可忽略，質(zhì)量為m=1kg的物塊A，右端放著一個(gè)質(zhì)量也為m=1kg的物塊B，兩物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ=0.4，AB之間的距離L=6m，開始時(shí)物塊與木板都處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)對物塊A施加方向水平向右的恒定推力F作用，取g=10m/s2．

（1）.為使物塊A與木板發(fā)生相對滑動(dòng)；F至少為多少？

（2）.若F=8N，求物塊A經(jīng)過多長時(shí)間與B相撞，假如碰撞過程時(shí)間極短且沒有機(jī)械能損失，則碰后瞬間A、B的速度分別是多少？參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【詳解】

由輸入端交變電壓u的圖象，可知其最大值為有效值是27V，副線圈電壓為：U′＝×U1＝×27＝9V，所以副線圈三只燈泡均能正常發(fā)光．燈泡的額定電流：電流表讀數(shù)為原線圈電流為所以原線圈的燈泡也能正常發(fā)光，ab輸入端電壓為Uab＝U＋U2＝9＋27＝36V，輸入端電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為Uab＝sin100πt(V)，故A錯(cuò)誤，C正確；四個(gè)燈泡都正常發(fā)光，所以ab輸入端輸入功率Pab＝4×6＝24W，故B錯(cuò)誤；若將K斷開，則副線圈上的輸出電流將減小，所以原線圈的輸入電流減小，則流過燈泡L1的電流減小，L1上消耗的電壓減小，所以原線圈上的電壓將增大，即電壓表V讀數(shù)將變大，故D錯(cuò)誤．所以C正確，ABD錯(cuò)誤．2、C【分析】【分析】

該題的突破口是表示出原線圈中的電流和原線圈回路中的電阻的分壓；找出原線圈的電壓和原線圈回路中的電阻的分壓的數(shù)值關(guān)系．該題類似于遠(yuǎn)距離輸電的情況．

【詳解】

AB．將變壓器與R等效為變壓器的觸頭向下滑動(dòng)時(shí)，變大，由圖線可知；R上消耗的功率可能先增大后減小，也可能一直減小，故A；B錯(cuò)誤；

CD．R觸頭向下滑，阻值變大，原線圈電流減小，r上消耗的功率一定關(guān)小，將變壓器與R等效為由輸出功率與外電阻關(guān)系知R的功率變化有多種情況，故C正確，D錯(cuò)誤．

故選C．3、C【分析】【分析】

【詳解】

A．共享單車從東往西行駛時(shí)，輻條切割地磁場水平分量的磁感線，由右手定則可判斷，題圖所示位置輻條中A點(diǎn)電勢比B點(diǎn)電勢低；選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B．輻條不在閉合回路中；故輻條中無電流，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C．共享單車車把切割地磁場豎直分量的磁感線，由右手定則及電磁感應(yīng)定律知，左把手的電勢比右把手的電勢高選項(xiàng)C正確；

D．該人騎共享單車在十字路口左拐；共享單車車把仍切割地磁場豎直分量的磁感線，且有效切割長度不變，則共享單車把手間的電勢差大小不變，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選C。4、C【分析】【詳解】

A．氦氣分子的質(zhì)量

故A錯(cuò)誤；

B．由圖示圖象可知，A到B過程氣體體積不變，由查理定律得

即

解得

故B錯(cuò)誤；

C．由圖示圖象可知，B→C過程中氦氣溫度不變而體積減小，氣體內(nèi)能不變，外界對氣體做功，即△U=0，W＞0

由熱力學(xué)第一定律△U=W+Q可知

氦氣向外界放出熱量；故C正確；

D．由圖示圖象可知，在狀態(tài)C氦氣的體積為V0，氣體分子間距離遠(yuǎn)大于分子直徑，可以把一個(gè)分子占據(jù)的空間看做正方體，設(shè)分子間的平均距離為d，則

解得

故D錯(cuò)誤。

故選C。5、C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)熱力學(xué)第二定律；熱機(jī)的效率不可以達(dá)到100%，故A錯(cuò)誤；

B．做功是通過能量轉(zhuǎn)化的方式改變系統(tǒng)內(nèi)能；熱傳遞是通過熱量轉(zhuǎn)移的方式改變系統(tǒng)內(nèi)能，實(shí)質(zhì)不同，故B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)熱平衡定律可知；溫度是描述熱運(yùn)動(dòng)的物理量，一個(gè)系統(tǒng)與另一個(gè)系統(tǒng)達(dá)到熱平衡時(shí)兩系統(tǒng)溫度相同，故C正確；

D．物體由大量分子組成；其單個(gè)分子的運(yùn)動(dòng)是無規(guī)則的，大量分子的運(yùn)動(dòng)具有統(tǒng)計(jì)規(guī)律，故D錯(cuò)誤。

故選C。6、D【分析】【分析】

由電流的定義可求得電流，再由可求得電子的定向移動(dòng)速度。

【詳解】

由

可得

由

可得

D正確。7、D【分析】【分析】

波在同一均勻介質(zhì)中勻速傳播；振動(dòng)在一個(gè)周期內(nèi)傳播一個(gè)波長，簡諧波傳播過程中，質(zhì)點(diǎn)做簡諧運(yùn)動(dòng)時(shí)，起振方向與波源起振方向相同，與圖示時(shí)刻波最前端質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向相同，各個(gè)質(zhì)點(diǎn)合外力方向指向平衡位置；

【詳解】

A、波長為O、A之間的距離為故A錯(cuò)誤；

B、波源O開始振動(dòng)時(shí)的運(yùn)動(dòng)方向與波前質(zhì)點(diǎn)的起振方向相同，沿y軸負(fù)方向，故B錯(cuò)誤；

C、質(zhì)點(diǎn)只是在平衡位置附近上下振動(dòng)，并不隨波遷移，故C錯(cuò)誤；

D；圖示時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)C所受的合外力方向指向平衡位置；即沿y軸正方向，故D正確．

【點(diǎn)睛】

本題應(yīng)用到機(jī)械波兩個(gè)基本特點(diǎn)：一簡諧橫波向前傳播時(shí)質(zhì)點(diǎn)并不隨波遷移；二是介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)起振方向與波源起振方向相同．8、A【分析】【詳解】

在躍遷的過程中釋放或吸收的光子能量等于兩能級間的能級差，此種光的頻率大于金屬的極限頻率，故發(fā)生了光電效應(yīng).A、同樣光的頻率大于金屬的極限頻率，故一定發(fā)生了光電效應(yīng)，則A正確.B、也能讓金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則B錯(cuò)誤；C、由光電效應(yīng)方程入射光的頻率變大，飛出的光電子的最大初動(dòng)能也變大，故C錯(cuò)誤；D、由知光電子的最大初動(dòng)能由入射光的頻率和金屬的逸出功決定；而與入射光的光強(qiáng)無關(guān)，則D錯(cuò)誤；故選A.

【點(diǎn)睛】波爾的能級躍遷和光電效應(yīng)規(guī)律的結(jié)合；掌握躍遷公式光的頻率光電效應(yīng)方程二、多選題(共8題，共16分)9、B:C:D【分析】【詳解】

試題分析：金屬桿靜止；合力為零．根據(jù)受力分析，結(jié)合平衡條件與安培力表達(dá)式，求解通過金屬桿的電流大??；由楞次定律分析通過金屬桿的電流方向．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律與閉合電路歐姆定律，結(jié)合題意，即可求定值電阻的阻值．由功率公式整個(gè)電路中產(chǎn)生的熱功率P．

對金屬桿，根據(jù)平衡方程得解得故A錯(cuò)誤；區(qū)域C1中磁場的磁感強(qiáng)度隨時(shí)間按B1=b+kt（k＞0）變化，可知磁感強(qiáng)度均勻增大，穿過整個(gè)回路的磁通量增大，由楞次定律分析知，通過金屬桿的電流方向?yàn)閺腂到A，B正確；由法拉第電磁感應(yīng)定律，則有：回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢為且閉合電路歐姆定律有又解得C正確；整個(gè)電路中產(chǎn)生的熱功率D正確．10、C:D【分析】【分析】

當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)時(shí)，其阻值變小，外電路總電阻變小，分析總電流變化和路端電壓的變化，判斷出流過的電流變化，即可知道I的變化，由歐姆定律分析的變化．根據(jù)路端電壓的變化，分析的變化以及與的大小．

【詳解】

當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)，其阻值變小，外電路總電阻變小，總電流表變大，電源的內(nèi)電壓變大，則路端電壓U減小，的電壓減小，的電流減小，所以電流表的示數(shù)增大，是定值電阻，根據(jù)歐姆定律得知的電壓增大，故A錯(cuò)誤；路端電壓增大，U減小，所以減小，且故B錯(cuò)誤，CD正確．所以CD正確，AB錯(cuò)誤．

【點(diǎn)睛】

對于電路的動(dòng)態(tài)分析問題，首先要認(rèn)清電路部分的連接關(guān)系，往往按“局部整體局部”思路進(jìn)行分析．11、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．露珠呈球形是由于液體的表面張力所致；故A正確；

B．布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮顆粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)；反映了液體分子運(yùn)動(dòng)的無規(guī)則性，故B錯(cuò)誤；

C．氣體溫度升高時(shí)；分子的平均速率增大，但速率仍按“中間多，兩頭少”的規(guī)律分布，故C正確；

D．根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知；熱量從低溫物體傳向高溫物體是可能的，從單一熱源吸收熱量，完全變成功也是可能的，但要引起其他的變化，故D正確；

E．用打氣筒給自行車打氣時(shí)；越下壓越費(fèi)力，這是氣體壓強(qiáng)作用的緣故，不是由于分子間斥力造成的，故E錯(cuò)誤。

故選ACD。12、A:B:D【分析】【詳解】

B．通過的電流為0.25A，所以其兩端的電壓3.0V，所以消耗的功率為

B正確；

AC．根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律可知通過的電流為0.125A，從圖中可知當(dāng)電流為0.125A時(shí)其兩端的電壓小于0.5V，所以電阻小于4Ω，的電壓為3.0V，而的電壓小于0.5V；故不是4倍關(guān)系，A正確C錯(cuò)誤；

D．根據(jù)可知，消耗的電功率

所以消耗的電功率的比值大于4:1；故D正確；

故選ABD。13、B:C:D【分析】【分析】

根據(jù)導(dǎo)線周圍磁場分布可知；與導(dǎo)線等距離地方磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等；根據(jù)安培定則判斷出三根導(dǎo)線在O點(diǎn)形成的磁場方向；根據(jù)平行四邊形定則分析判斷．

【詳解】

AC、根據(jù)安培定則可知，A處電流在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁場BA，B處電流在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁場BB和C處電流在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁場BC，如圖所示，由于導(dǎo)線中的電流大小相等，它們O點(diǎn)處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小相等均為B1，根據(jù)平行四邊形定則可知，O點(diǎn)處的合磁場的大小磁感應(yīng)強(qiáng)度方向水平向左，解得B處電流在O點(diǎn)處產(chǎn)生的磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為故A錯(cuò)誤，C正確；

B；根據(jù)平行四邊形定則可知；B、C處兩導(dǎo)線電流在O點(diǎn)產(chǎn)生的合磁場方向水平向左，故B正確；

D、將A處電流大小減半，根據(jù)通電直導(dǎo)線在某點(diǎn)產(chǎn)生的磁場與通電直導(dǎo)線的電流大小成正比可得A處電流在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁場大小變?yōu)楦鶕?jù)平行四邊形定則可知，則O點(diǎn)處的磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0；故D正確；

故選BCD．

14、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AC．磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻減小，故回路磁通量減小，根據(jù)楞次定律判斷，感應(yīng)電流的磁場方向向下，根據(jù)右手定則判斷ab中的感應(yīng)電流方向由a到b；A正確C錯(cuò)誤。

BD．因?yàn)閍b中的感應(yīng)電流方向由a到b，磁場方向豎直向下，根據(jù)左手定則判斷ab所受的安培力方向向右，B錯(cuò)誤D正確15、A:D【分析】【詳解】

由u1.的瞬時(shí)表達(dá)式可知，f=A錯(cuò)誤；理想變壓器輸入電壓的有效值為U1=12V，由變壓比關(guān)系式可得U2=6V，V的讀數(shù)為6V，B錯(cuò)誤；變壓器輸出電壓的有效值A(chǔ)的讀數(shù)為1AC錯(cuò)誤；變壓器的輸入功率等于輸出功率，即P1=P2=U2I2=6W；D正確．

【考點(diǎn)定位】正弦式交流電表達(dá)式、有效值、功率、部分電路歐姆定律、理想變壓器規(guī)律，容易題16、A:B:D【分析】【詳解】

A．當(dāng)板間距離增大時(shí)由

知電容C減小，由

知電勢差U增大；靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角度增大，故A正確；

B．當(dāng)用手觸摸極板B時(shí)，極板上的電荷量傳到人體，電荷量減小，根據(jù)

知變小，則靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角度θ變??；故B正確；

C．當(dāng)兩板間正對面積減小時(shí)由

知電容C減小，由

知電勢差U增大；靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角度增大，故C錯(cuò)誤；

D．當(dāng)兩板間插入電介質(zhì)時(shí)由

知電容C增大，由

知電勢差U減?。混o電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角度減小，故D正確。

故選ABD。三、填空題(共6題，共12分)17、略

【分析】【詳解】

（1）[1]根據(jù)題目要求；能滿足條件的電路是A；

（2）[2]該電路為“與”門電路；電路符號為。

[3][4][5][6]真值表。輸入輸出ABZ000010100111【解析】A000118、略

【分析】【詳解】

[1]．缸內(nèi)氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B為等壓變化，故氣缸單位面積上所受氣體分子撞擊的作用力不變；

[2][3]．氣體體積變大；對外做功；

由可得

則氣體對外做功的絕對值

[4]．理想氣體對外做功的同時(shí)，溫度升高，內(nèi)能增大，根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=W+Q可知：△U＞0，W＜0，所以Q＞0．即氣體吸收熱量．【解析】不變氣體對外做功吸收19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由圖像可知，a、b和c三個(gè)狀態(tài)中a狀態(tài)溫度最低；分子平均動(dòng)能最小。

[2]由圖像可知，bc過程氣體發(fā)生等溫變化，氣體內(nèi)能不變，壓強(qiáng)減小，由玻意耳定律可知，體積增大，b、c狀態(tài)氣體的分子數(shù)密度不同，b和c兩個(gè)狀態(tài)中；容器壁單位面積單位時(shí)間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)不同。

[3]由圖像可知，ca過程氣體壓強(qiáng)不變，溫度降低，由蓋呂薩克定律可知，其體積減小，外界對氣體做功，W＞0，氣體溫度降低，內(nèi)能減少，△U＜0，由熱力學(xué)第一定律可知，氣體要放出熱量，過程ca中外界對氣體所做的功小于氣體所放熱量【解析】a不同小于20、略

【分析】設(shè)大氣層中氣體的質(zhì)量為m，由大氣壓強(qiáng)產(chǎn)生即

分子數(shù)

假設(shè)每個(gè)分子占據(jù)一個(gè)小立方體，各小立方體緊密排列，則小立方體邊長即為空氣分子平均間距，設(shè)為a，大氣層中氣體總體積為V，而所以

點(diǎn)睛：對于氣體分子間平均距離的估算，常常建立這樣的模型；假設(shè)每個(gè)分子占據(jù)一個(gè)小立方體，各小立方體緊密排列，所有小立方體體積之和等于氣體的體積?！窘馕觥?1、略

【分析】電子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，由幾何知識(shí)可知，電子軌道半徑：電子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得解得將軌道半徑代入解得，速度范圍是

【解析】22、略

【分析】【分析】

由題意可知考查電流表內(nèi)接；外接對測量電路的影響；根據(jù)電路結(jié)構(gòu)特點(diǎn)分析可得．

【詳解】

[1]為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，電流表內(nèi)接、外接的選擇原則：大電阻采用內(nèi)接法，小電阻采用外接法，Rx約為5Ω；屬于小電阻，故采用電流表外接法，選擇乙電路圖．

[2]因測的電流值大于真實(shí)值，由可知計(jì)算得到的電阻值小于真實(shí)值．

[3]電流表測得電流值大于通過Rx電流值；原因是電壓表的分流作用．

【點(diǎn)睛】

電流表內(nèi)接法，測得是電流表和待測電阻串聯(lián)以后的電阻，測量值大于真實(shí)值，當(dāng)待測電阻較大時(shí)選擇內(nèi)接法．電流表外接法，測得是電壓表和待測電阻并聯(lián)以后的電阻，測量值小于真實(shí)值，當(dāng)待測電阻較小時(shí)選擇外接法．【解析】乙小于電壓表的分流作用四、作圖題(共3題，共24分)23、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時(shí)針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時(shí)針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】24、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共40分)26、略

【分析】【詳解】

（1）由于電源是一節(jié)干電池（1.5V）；估算電流時(shí)；考慮到干電池的內(nèi)阻一般幾Ω左右，加上保護(hù)電阻，最大電流在0.5A左右，所以選量程為0.6A的電流表；由于電池內(nèi)阻很小，所以保護(hù)電阻不宜太大，否則會(huì)使得電流表；電壓表取值范圍小，造成的誤差大，故選1Ω；滑動(dòng)變阻器的最大阻值一般比電池內(nèi)阻大幾倍就好了，取0～10Ω能很好地控制電路中的電流和電壓，若取0～100Ω會(huì)出現(xiàn)開始幾乎不變最后突然變化的現(xiàn)象；

（2）畫出的U-I圖像如圖；

（3）由圖像可得：E=1.45V；

（4）由于電壓表分流導(dǎo)致電流表測量結(jié)果偏小，分別作出真實(shí)圖象和測量圖象；當(dāng)外電路短路時(shí)，電壓表的分流可以忽略；故兩種情況下短路電流相同；如圖所示；

由圖可知：E測＜E真，r測＜r真．

（5）由以上的分析可知；引起該實(shí)驗(yàn)系統(tǒng)誤差的主要原因是電壓表的分流作用造成電流表讀數(shù)總是比電源實(shí)際輸出的電流小，故選C.

點(diǎn)睛：本題考查測量電動(dòng)勢和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)儀器的選擇是考試中經(jīng)常出現(xiàn)的問題，在學(xué)習(xí)中要注意掌握好其安全、準(zhǔn)確的原則；同時(shí)注意滑動(dòng)變阻器的電路中的應(yīng)用規(guī)律；對于誤差分析要注意明確方法，能用圖象法直觀地表達(dá).【解析】0～0.6A1Ω0～10Ω見解析E=1.45V（1.41~1.49均可）r=1.37（1.28~1.45均可）<(小于)<（小于）C27、略

【分析】【詳解】

（1）電阻箱正常工作時(shí)的電流為則兩個(gè)電流表的量程過小，可以用已知內(nèi)阻的電壓表V1來代替電流表，即電表1用F；電表2選用G；但是電流表F通過的最大電流只有則可用定值電阻R1（500Ω）與電壓表并聯(lián)；這樣通過的最大電流就是0.3A，可滿足實(shí)驗(yàn)的要求；

（2）電路圖如圖；

（3）由歐姆定律可得：解得