2025年牛津上海版必修3物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年牛津上海版必修3物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、三根平行的長直導(dǎo)體棒分別過正三角形ABC的三個頂點，并與該三角形所在平面垂直，各導(dǎo)體棒中均通有大小相等的電流，方向如圖所示．則三角形的中心O處的合磁場方向為()

A.平行于AB，由A指向BB.平行于BC，由B指向CC.平行于CA，由C指向AD.由O指向C2、油罐車后面都有一條拖地的鐵鏈，其作用是()A.向外界散熱B.把電荷導(dǎo)入大地，避免由靜電造成危害C.作為油罐車的標(biāo)志D.發(fā)出響聲，提醒其他車輛和行人的注意3、北京正負(fù)電子對撞機的儲存環(huán)是長為24m的圓形軌道，某時刻測得環(huán)中的電流強度為10mA，已知這時正在環(huán)中運行的電子有5×1011個，電子電量為?1.6×10?19C，則可估算出這時電子的速率約為（）A.3×108m?sB.3×106m?sC.9×107m?sD.9×106m?s4、在圖中，虛線表示某點電荷Q所激發(fā)電場的等勢面，已知a、b兩點在同一等勢面上，c、d兩點在另一個等勢面上。甲、乙兩個帶電粒子以相同的速率，沿不同的方向從同一點a射入電場，在電場中沿不同的軌跡acb曲線、adb曲線運動。則（）

A.甲、乙兩粒子所帶的電荷符號相同B.甲粒子經(jīng)過c點時的速率大于乙粒子經(jīng)過d的速率C.兩個粒子的電勢能都是先減小后增大D.經(jīng)過b點時，兩粒子的動能一定相等5、如圖所示，一帶正電的點電荷固定于O點，兩虛線圓均以O(shè)為圓心，兩實線分別為不同帶電粒子M和N先后在電場中運動的軌跡，a、b，c、d為軌跡和虛線圓的交點，e為兩軌跡的交點。不計重力；下列說法正確的是（）

A.M帶負(fù)電荷，N帶正電荷B.M在b點的動能小于它在a點的動能C.N在d點的電勢能小于它在c點的電勢能D.分別從a、c運動到e的過程，電場力對兩帶電粒子所做的功一定相等6、在如圖所示的電路中，電源電動勢為E、內(nèi)電阻為r，C為電容器，R0為定值電阻，R為滑動變阻器。開關(guān)閉合后；燈泡L能正常發(fā)光。當(dāng)滑動變阻器的滑片向右移動后，下列判斷正確的是（）

A.燈泡L將變暗B.電源消耗的功率將變大C.R0兩端的電壓將減小D.電容器C的電荷量將減小7、如圖為真空中兩點電荷A、B形成的電場中的一簇電場線，已知該電場線關(guān)于虛線對稱，O點為A、B電荷連線的中點，a、b為其連線的中垂線上對稱的兩點；則下列說法正確的是（）

A.A、B可能為帶等量異號的正、負(fù)電荷B.A、B可能為帶不等量的正電荷C.a、b兩點處無電場線，故其電場強度可能為零D.同一試探電荷在a、b兩點處所受電場力大小相等，方向一定相反8、某電場在x軸上各點的場強方向沿x軸方向，規(guī)定場強沿x軸正方向為正，若場強E隨位移坐標(biāo)x變化規(guī)律如圖，x1點與x3點的縱坐標(biāo)相同，圖線關(guān)于O點對稱；則（）

A.O點的電勢最高B.-x2點的電勢最高C.若電子從-x2點運動到x2點，則此過程中電場力對電子做的總功為零D.若電子從x1點運動到x3點，則此過程中電場力對電子做的總功為零9、在下列物理量中，屬于矢量的是（）A.電勢差B.電場強度C.電勢能D.電動勢評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)10、帶電粒子M只在電場力作用下由P點運動到Q點，在此過程中克服電場力做了的功。那么（）A.M在P點的電勢能一定小于它在Q點的電勢能B.P點的場強一定小于Q點的場強C.P點的電勢一定高于Q點的電勢D.M在P點的動能一定大于它在Q點的動能11、小明同學(xué)嘗試用圖1所示的電路圖進行實驗，定值電阻R1=8Ω，在滑動變阻器由a端向b端移動的過程中，分別用兩個電流傳感器測量了電流I1與I2關(guān)系，并得到的完整圖象如圖2所示，其中C點為圖線最低點；則由圖可知。

A.當(dāng)滑動頭P滑到b點時得到圖2中B點B.圖2中A點縱坐標(biāo)為0.375AC.滑動變阻器總阻值為16ΩD.電源電動勢為6V12、在我們生產(chǎn)生活中到處存在靜電防止與利用現(xiàn)象，下列屬于靜電利用的是（）A.家里的洗衣機接地線B.學(xué)校的教學(xué)樓樓頂裝有避雷針C.某工廠的煙囪具有靜電除塵功能D.口罩中間層的熔噴布，能靜電吸附靠近的含有病毒的飛沫13、如圖所示，絕緣輕桿的兩端固定帶有等量異號電荷的小球（不計重力）。開始時，兩小球分別靜止在A、B位置?，F(xiàn)外加一勻強電場E，在靜電力作用下，小球繞輕桿中點O轉(zhuǎn)到水平位置。取O點的電勢為0。下列說法正確的有（）

A.電場中A點電勢高于B點B.轉(zhuǎn)動中兩小球的電勢能始終相等C.該過程靜電力對兩小球均做正功D.該過程兩小球的總電勢能增加14、在勻強電場中把電荷量為的點電荷從A點移動到點，克服靜電力做的功為再把這個電荷從點移動到點，靜電力做的功為取點電勢為零。則下列說法正確的是（）A.A點電勢為B.A、兩點間的電勢差C.點電荷在點的電勢能為D.點電荷從A點移動到點，電場力做功為15、如圖所示，固定平行板電容器與理想二極管、蓄電池（內(nèi)阻不計）連接．開關(guān)S閉合后，一帶電油滴恰好在P點處于靜止?fàn)顟B(tài)．若將電容器上極板豎直向上平移一小段距離；則。

A.油滴帶負(fù)電B.靜電計指針張角將增大C.帶電油滴的電勢能將增大D.油滴仍然處于靜止?fàn)顟B(tài)評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)16、如圖所示，A、B、C、D是勻強電場中一正方形的四個頂點，已知A、B、C三點的電勢分別為φA=15V，φB=3V，φC=-3V；由此。

（1）則D點電勢φD=____________V

（2）若該正方形的邊長為a=20cm，且電場方向與正方形所在平面平行，則場強為E=_________N/C17、在如圖所示的電路中，小量程電表頭的內(nèi)阻Rg＝100Ω，滿偏電流Ig＝1mA，R1＝900Ω，R2＝100Ω.

(1)當(dāng)S1和S2均斷開時，改裝所成的表是________表（填“電流”或“電壓”，）。量程_______________。

(2)當(dāng)S1和S2均閉合時，改裝所成的表是_____表（填“電流”或“電壓”）。量程_____。18、常規(guī)能源帶來的污染有______、______、______等。19、如圖所示，在真空中有兩個點電荷A和B，電荷量分別為-Q和+Q，它們相距L．如果在兩點電荷連線的中點O有一個半徑為r（2r＜L）的空心金屬球，則球殼左端的感應(yīng)電荷為_________（選填“正電荷”或“負(fù)電荷”）,若球心位于O點，則球殼上的感應(yīng)電荷在O點處的場強大小_________，方向______．

20、真空中有一根半徑為R的半圓形細(xì)導(dǎo)線，流過的電流為I，則圓心處的磁感強度為_______。評卷人得分四、作圖題(共2題，共6分)21、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學(xué)按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關(guān)S擲向1，一段時間后，將開關(guān)擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應(yīng)為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關(guān)于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內(nèi)阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短22、如圖1所示，用電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標(biāo)，I為橫坐標(biāo)，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標(biāo)軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關(guān)系圖線上任取一點；畫出帶網(wǎng)格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

評卷人得分五、解答題(共3題，共30分)23、如圖所示的電路中，輸入電壓U恒為12V；燈泡L上標(biāo)有“6V12W”字樣，電動機M的電阻為0.5Ω，若燈泡恰好正常發(fā)光，求：

（1）電動機兩端的電壓；

（2）電動機的輸入功率；

（3）電動機的輸出功率；

24、如圖所示，一質(zhì)量為m，電荷量為的小球，以初速度沿兩正對帶電平行金屬板左側(cè)某位置水平向右射入兩極板之間，離開時恰好由A點沿圓弧切線進入豎直光滑固定軌道ABC中。A點為圓弧軌道與極板端點連線的交點，CB為圓弧的豎直直徑并與平行，豎直線的右邊界空間存在豎直向下且大小可調(diào)節(jié)的勻強電場E。已知極板長為l，極板間距為d，圓弧的半徑為R，重力加速為g，不計空氣阻力；板間電場為勻強電場，小球可視為質(zhì)點。

(1)求兩極板間的電勢差大小；

(2)當(dāng)電場強度時；求小球沿圓弧軌道運動過程中的最大速度；

(3)若要使小球始終沿圓弧軌道運動且能通過最高點C，求電場強度E的取值范圍。

25、地球表面附近存在一個豎直向下的電場，其大小約為100V/m．在該電場的作用下；大氣中正離子向下運動，負(fù)離子向上運動，從而形成較為穩(wěn)定的電流，這叫做晴天地空電流．地表附近某處地空電流雖然微弱，但全球地空電流的總電流強度很大，約為1800A．以下分析問題時假設(shè)地空電流在全球各處均勻分布．

（1）請問地表附近從高處到低處電勢升高還是降低？

（2）如果認(rèn)為此電場是由地球表面均勻分布的負(fù)電荷產(chǎn)生的，且已知電荷均勻分布的帶電球面在球面外某處產(chǎn)生的場強相當(dāng)于電荷全部集中在球心所產(chǎn)生的場強；地表附近電場的大小用E表示，地球半徑用R表示，靜電力常量用k表示，請寫出地表所帶電荷量的大小Q的表達式；

（3）取地球表面積S=5.1×1014m2，試計算地表附近空氣的電阻率ρ0的大??；

（4）我們知道電流的周圍會有磁場，那么全球均勻分布的地空電流是否會在地球表面形成磁場？如果會，說明方向；如果不會，說明理由．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】【分析】

由題意可知考查磁感應(yīng)強度的矢量性；根據(jù)右手螺旋定則及磁感應(yīng)強度的矢量性分析可得。

【詳解】

根據(jù)右手螺旋定則，電流A在O產(chǎn)生的磁場平行于BC，且由C向B，B電流在O產(chǎn)生的磁場平行AC，且由A向C，電流C在O產(chǎn)生的磁場平行AB，且由A向B，由于三導(dǎo)線電流大小相同，到O點的距離相同，根據(jù)平行四邊形定則，則合場強的方向平行于AB，由A指向B。

A．由前面分析可知合磁場方向平行于AB，由A指向B故A正確

BCD．由前分析可知合磁場平行于AB，由A指向B故BCD錯誤。

【點睛】

先用右手螺旋定則確定出每條導(dǎo)線在0處磁感應(yīng)強度的大小，再矢量求和可求得合磁場的方向。2、B【分析】【詳解】

油罐車上的搭地鐵鏈?zhǔn)菫榱税旬a(chǎn)生的靜電導(dǎo)走，屬于靜電的防止，故B答案正確．故選B．3、B【分析】【詳解】

根據(jù)

解得

故選B。4、B【分析】【分析】

【詳解】

A．由軌跡看出；甲受引力，乙受斥力，甲；乙異號，故A錯誤；

B．電場力先對甲做正功；先對乙做負(fù)功，故B正確；

D．到b點；電場力對兩粒子做功都為零，但動能不一定相等，因為質(zhì)量不一定相等，故D錯誤；

C．甲粒子電勢能先減小后增大；乙粒子電勢能先增大后減小，故C錯誤。

故選B。5、C【分析】【分析】

【詳解】

A．由粒子運動軌跡的彎曲方向可知；M受到的是吸引力，N受到的也是吸引力，可知M帶負(fù)電荷，N帶負(fù)電荷，A錯誤；

B．M從a到b點，庫侖力做正功，根據(jù)動能定理知，動能增大，則b點的動能大于在a點的動能；B錯誤；

C．N從c到d的過程中；庫侖力做正功，電勢能減小，C正確；

D．a(chǎn)與c的電勢相等，到達e點電勢變化也相等；但二者的電荷量不一定相等，所以電場力對兩帶電粒子所做的功不一定相等，D錯誤。

故選C。6、A【分析】【詳解】

A．滑動變阻器的滑片向右移動時，接入電路的阻值變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律

整個回路的電流減??；燈泡L亮度變暗，A正確；

B．電源消耗的功率

由于電流強度減?。灰虼穗娫聪牡墓β蕼p小，B錯誤；

C．無論滑動變阻器如何變化，當(dāng)電路穩(wěn)定后，R0兩端的電壓始終為零；因此C錯誤；

D．根據(jù)

當(dāng)電流強度減小時，路端電壓升高，根據(jù)

可知；電容器的帶電量將增大，D錯誤。

故選A。7、D【分析】【詳解】

AB．電場線的特點，從正電荷出發(fā)到負(fù)電荷終止可以判斷，則由電場線分布可知，A、B是兩個等量同種正電荷；故AB錯誤；

C．電場線只是形象描述電場的假想曲線，a、b兩點處無電場線；其電場強度也不為零，故C錯誤；

D．由對稱性可知，在a、b兩點處場強大小相等方向相反；則同一試探電荷所受電場力大小相等，方向一定相反，故D正確。

故選D。8、C【分析】【分析】

【詳解】

A．規(guī)定場強沿x軸正方向為正，依據(jù)場強E隨位移坐標(biāo)x變化規(guī)律如題目中圖所示；電場強度方向如下圖所示：

根據(jù)順著電場線電勢降低，則O電勢最低；故A錯誤；

B．由上分析，可知，電勢從高到低，即為x3、x2、x1，由于-x2點與x2點電勢相等，那么-x2點的電勢不是最高；故B錯誤；

C．若電子從-x2點運動到x2點；越過橫軸，圖象與橫軸所圍成的面積之差為零，則它們的電勢差為零，則此過程中電場力對電子做的總功為零，故C正確；

D．若電子從x1點運動到x3點；圖象與橫軸所圍成的面積不為零，它們的電勢差不為零，則此過程中電場力對電子做的總功也不為零，故D錯誤。

故選C。9、B【分析】【分析】

【詳解】

電勢差；電勢能和電動勢等物理量只有大??；沒有方向都是標(biāo)量；電場強度既有大小，也有方向，是矢量。

故選B。二、多選題(共6題，共12分)10、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．從題目可知移動電荷的過程中克服電場力做功，即電場力做負(fù)功，故電勢能增加，P點的電勢能一定小于它在Q點的電勢能，電場分布情況不知，無法判斷P點和Q點電場強度的大小關(guān)系；故A正確，B錯誤；

C．因為電荷正負(fù)不知；故無法判斷電勢高低，故C錯誤；

D．因為只有電場力做功，因此只有電勢能和動能之間的轉(zhuǎn)化，電勢能增加，則動能減小，M在P點的動能一定大于Q點的動能；故D正確。

故選AD。11、B:D【分析】【詳解】

A．滑動頭滑到點時，和并聯(lián)；滑動頭滑到點時，被短路，只有電阻接入電路，由閉合電路歐姆定律知，滑到點時電流小于滑到點時的電流，所以滑動頭滑到點時得到圖2中的點；故A錯誤；

B．由A分析知，滑動頭滑到點時得到圖2中的點，電阻被短路，電流表和示數(shù)相等，根據(jù)圖2知：

所以有：

即圖2中A點縱坐標(biāo)為0.375A；故B正確；

CD．根據(jù)閉合電路歐姆定律，當(dāng)滑動頭位于點時，則有：①

圖2中的點，

并聯(lián)部分兩支路電流相等，根據(jù)并聯(lián)電路的特點，得：

設(shè)滑動變阻器的全值電阻為

則有：②

聯(lián)立①②得：

故C錯誤；D正確；

故選BD。12、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A.家里的洗衣機接地線是防止觸電；不是靜電，是交變電流，A錯誤；

B.學(xué)校的教學(xué)樓樓頂裝有避雷針是將教學(xué)樓電荷導(dǎo)入大地；是防止靜電，B錯誤；

C.某工廠的煙囪具有靜電除塵功能是將塵埃帶上電荷；帶電塵埃在電場力的作用下移動，是靜電的利用，C正確；

D.口罩中間層的熔噴布；能靜電吸附靠近的含有病毒的飛沫，是靜電的利用，D正確。

故選CD。13、B:C【分析】【詳解】

A．沿電場線方向電勢逐漸降低，A點電勢低于B點；A錯誤；

B．設(shè)OA=OB=L，開始狀態(tài)輕桿與電場線方向的夾角為θ，根據(jù)勻強電場中電勢差與場強的關(guān)系得UOA=Ed=ELcosθ

取O點的電勢為0，則有UOA=φO-φA

解得φA=-ELcosθ

同理可得φB=ELcosθ

則A、B小球的電勢能為EpA=qφA=-qELcosθ=-qEd，EpB=-qφB═-qELcosθ=-qEd

轉(zhuǎn)動中兩小球沿電場線方向的距離d相等；所以兩小球的電勢能始終相等，B正確；

CD．轉(zhuǎn)動中兩小球都沿電場力方向移動一段距離；根據(jù)電場力做功的條件可知，該過程靜電力對兩小球均做正功，所以該過程兩小球的總電勢能減小，C正確，D錯誤。

故選BC。14、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．A到B點，由電場力做功得

解得

故A正確；

B．點移動到點，由電場力做功得

解得

A、兩點間的電勢差為

故B正確；

C．點電荷在點的電勢能為

故C錯誤；

D．點電荷從A點移動到點，電場力做功為

故D錯誤。

故選AB。15、B:D【分析】【詳解】

A、閉合后；上極板帶負(fù)電，由于油滴靜止時電場力與重力平衡，油滴應(yīng)帶正電，選項A錯誤；

B、由和可得假設(shè)不變，則上極板豎直上移時增大，增大，二極管截止，假設(shè)成立；由于靜電計測量的是電容器兩極板間的電勢差，增大即靜電計指針張角將增大；選項B正確；

D、結(jié)合可得則不變；油滴受力不變，仍然靜止，故選項D正確；

C、由于不變，與下極板間的電勢差不變，油滴的電勢能不變，故選項C錯誤．三、填空題(共5題，共10分)16、略

【分析】【詳解】

(1)[1]勻強電場中，沿著任意方向每前進相同的距離，電勢變化都相等，

解得：φD=9V

(2)[2]連接AC，將AC三等分，標(biāo)上三等分點E、F，則根據(jù)勻強電場中沿電場線方向相等距離，電勢差相等可知，E點的電勢為3V，F(xiàn)點的電勢為9V．連接DF；是一條等勢線．

將DF延長交于AB于P點，則P點的電勢為φP=φD=9V

可知P是AB的中點，

PD是該電場的一條等勢線，作AM⊥PD，根據(jù)等面積原理知

場強【解析】917、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]．根據(jù)串聯(lián)電阻具有分壓作用可知，S1和S2斷開時，改裝的應(yīng)是電壓表，由

可知電壓表的量程是1V；

（2）[3][4]．當(dāng)S1和S2均閉合時，電流表與電阻R2并聯(lián)，改裝的應(yīng)是電流表，由

所以電流表的量程是2mA；【解析】電壓1V電流2mA18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]常規(guī)能源的儲藏是有限的。常規(guī)能源的大量消耗帶來了環(huán)境問題，帶來的污染有溫室效應(yīng)、大氣污染、水污染等?！窘馕觥竣?溫室效應(yīng)②.大氣污染③.水污染19、略

【分析】【詳解】

[1]在空心球周圍存在向左的電場；則球上自由電子受到向右的電場力，電子聚集在右側(cè)，左側(cè)多余正電荷，則球殼左端的感應(yīng)電荷為正電荷。

[2][3]發(fā)生靜電感應(yīng)的導(dǎo)體內(nèi)部合場強為零，所以球殼上的感應(yīng)電荷在O點處的場強大小應(yīng)該與外部電荷在O點產(chǎn)生的場強大小相等，即

感應(yīng)電荷也外部電荷產(chǎn)生的電場方向相反，即感應(yīng)電荷在O點產(chǎn)生的場強方向應(yīng)該是向右．【解析】正電荷向右20、略

【分析】【詳解】

載有電流I的無限長，在距離導(dǎo)線為r處的P點的磁感應(yīng)強度為

則半徑為R的圓形細(xì)導(dǎo)線，當(dāng)流過的電流為I時，在其圓心處的磁感應(yīng)強度為

圓形細(xì)導(dǎo)線在圓心處的磁感應(yīng)強度可以看成是由兩根半圓形細(xì)導(dǎo)線在圓心處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度的矢量和，由于兩根半圓形細(xì)導(dǎo)線在圓心處分別產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度相同，所以一根半圓形細(xì)導(dǎo)線在圓心處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度為上式B的即為【解析】四、作圖題(共2題，共6分)21、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應(yīng)為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減??；選項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據(jù)可知電阻箱R的電壓UR減?。贿x項D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據(jù)電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據(jù)電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動勢E，則可知電容器的電壓，根據(jù)可求出該電容器的電容；選項A正確；

B．根據(jù)電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時電阻箱阻值大小，選項B正確；

C．電源不變，電容器的充電電壓不變，電荷量不變，若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的電流將變小，因此放電時間將變長，選項C錯誤；

D．電源不變，電容器的充電電壓不變，若只減小電容器的電容大小，根據(jù)可知電容器的電荷量將變??；放電的時間將變短，選項D正確。

故選ABD?！窘馕觥緼BDABD22、略

【分析】【詳解】

（1）由閉合電路歐姆定律可知

所以圖像與縱軸交點的坐標(biāo)值為電源電動勢；與橫軸交點