2025年滬教版必修1物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版必修1物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、三個共點力的大小如下，其中不可能使物體達到平衡的一組是（）A.3N、4N、5NB.2N、7N、8NC.10N、4N、5ND.6N、6N、6N2、如圖所示，物塊A和滑環(huán)B用繞過光滑定滑輪的不可伸長的輕繩連接，滑環(huán)B套在與豎直方向成θ=37°的粗細均勻的固定桿上，連接滑環(huán)B的繩與桿垂直并在同一豎直平面內，滑環(huán)B恰好不能下滑，滑環(huán)和桿間的動摩擦因數(shù)μ=0.5；設滑環(huán)和桿間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則物塊A和滑環(huán)B的質量之比為（）

A.B.C.D.3、一輛汽車沿平直的公路行駛，已知汽車的位移隨時間變化的規(guī)律為x=4+tn（m）。則下列說法正確的是（）A.如果n取1，汽車做速度大小為4m/s的勻速直線運動B.如果n取1，汽車做速度大小為2m/s的勻速直線運動C.如果n取2，汽車做初速度為零、加速度大小為2m/s2的勻加速直線運動D.如果n取2，汽車做初速度為4m/s、加速度大小為2m/s2的勻加速直線運動4、如圖所示的時間軸；下列關于時刻和時間的說法中正確的是（）

A.t2表示時刻，稱為第2s末或第3s初，也可以稱為2s內B.t1至t3表示時間，可以稱為第二秒初到第3秒末C.t0至t2表示時間，稱為最初2s內或第2s內D.tn-1至tn表示時間，稱為第(n-1)s內5、一個小球從距煙囪底部45米高處自由下落，經(jīng)過一煙囪歷時1秒，則煙囪的高度為（忽略空氣阻力，g取10m/s2）（）A.5mB.10mC.15mD.25m6、如圖所示，木塊m和M疊放在光滑的斜面上，放手后它們以共同的加速度沿斜面加速下滑。斜面的傾角為α，m和M始終保持相對靜止，它們的質量也分別以m和M表示。那么m給M的靜摩擦力f及m對M的壓力N的大小分別為（）

A.f=mgsinαcosα水平向右，N=mgcos2αB.f=mgsinαcosα水平向左，N=mgcos2αC.f=0，N=mgsin2αD.f=0，N=mgsin2α7、平直馬路上有同方向前后行駛的電車a和汽車b，它們的v－t圖象如圖所示．當t＝10s時；兩車剛好相遇，由圖可知。

A.開始時電車a在前汽車b在后B.開始時兩車相距25mC.t＝20s時兩車相距50mD.t＝10s后兩車還會再相遇8、據(jù)英國《每日郵報》2014年8月10日報道：27名跳水運動員參加了科索沃年度高空跳水比賽，自某運動員離開跳臺開始計時，在t2時刻運動員以速度v2落水，選豎直向下為正方向，其速度隨時間變化的規(guī)律如圖所示，下列結論正確的是（）

A.該運動員在0-t2時間內加速度大小先減小后增大，加速度的方向不變B.該運動員在t2-t3時間內加速度大小逐漸變大C.在0-t2時間內，平均速度vD.在t2-t3時間內，平均速度v9、如圖所示，彈簧秤上端固定，一輕質滑輪掛在彈簧秤下．質量分別為m1=0.5kg和m2=0.1kg的兩重物分別拴在跨過滑輪的輕質細繩兩端，并由于重力的作用而加速運動，不計摩擦，取g=10m/s2．則重物在運動過程中彈簧秤的讀數(shù)（）

A.小于6NB.大于6C.等于6ND.無法確定評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)10、如圖，A、B分別是甲、乙兩小球從同一地點沿同一直線運動的v－t圖像；根據(jù)圖像可以判斷兩小球在0~8s內的運動情況是（）

A.甲、乙兩球加速度方向相反，大小不相等B.兩球在t＝8s時相距最遠C.兩球運動過程中會相遇兩次D.兩球在t＝2s時速率相等11、一物體同時受到同一平面內三個共點力的作用，下列幾組力的合力可能為零的是（）A.4N、5N、10NB.10N、6N、4NC.2N、7N、8ND.20N、20N、50N12、高層建筑電梯的地板上裝有壓力傳感器，傳感器能顯示放置在地板上的物體對地板的壓力。如圖為電梯在從靜止開始到勻速運動直到再次靜止的過程中，壓力隨時間的變化關系圖像。在電梯運動的這一段時間內，以下說法正確的是（g取）（）

A.電梯向上運動B.電梯向下運動C.電梯在開始運動的一小段時間內的加速度為D.電梯在開始運動的一小段時間內的加速度為13、質點做直線運動的位移x和時間平方t2的關系圖象如圖所示；則該質點（）

A.加速度大小為2m/s2B.任意相鄰1s內的位移差都為2mC.第2s內的位移是2mD.物體第3s內的平均速度大小為5m/s14、如圖所示，兩個足夠長的光滑平板與用鉸鏈連接，平板與水平面成角固定不動，平板可繞P點的水平軸在豎直面內自由轉動，將一重為G的均勻圓柱體O放在兩板間。在使板由水平位置緩慢轉動到豎直位置的過程中，已知下列說法正確的是（）

A.當沿水平方向時，圓柱體受兩個力的作用B.當沿豎直方向時，板受到的壓力最大為C.當板與板垂直時，板受到的壓力最小為D.當板與板垂直時，板受到的壓力最小為15、已知一個力F=N，可分解為兩個分力F1和F2，已知F1方向與F夾角為30°（如圖所示），F(xiàn)2的大小為10N，則F1的大小可能是。

A.NB.NC.10ND.20N16、如圖所示，在光滑水平面上有一物塊在水平恒外力F的作用下從靜止開始運動；在其正前方有一根固定在墻上的輕質彈簧，從物塊與彈簧接觸到彈簧壓縮量最大的過程中，下列說法正確的是（）

A.物塊接觸彈簧后一直做減速運動B.物塊接觸彈簧后先做加速運動后做減速運動C.當物塊的加速度等于零時，速度最大D.當彈簧壓縮量最大時，物塊的加速度等于零17、如圖甲所示，長為質量為的木板靜止于光滑的水平桌面上。開始時，一可視為質點的木塊置于木板左端，木塊另一端被水平繩子拴接并系于豎直墻上。水平外力F作用在木板上，水平外力F、木板的速度v隨時間t變化的關系如圖乙；丙所示；則下列說法正確的是（）

A.0~2s內繩對木塊的拉力逐漸增大B.2s~3s木板受到的摩擦力恒為4NC.木塊與木板間的動摩擦因數(shù)為0.2D.要使木板從木塊下抽出，2s后F至少作用時間1s評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)18、如圖所示，小車沿水平面以加速度a向右做勻加速直線運動．車的右端固定一根鐵桿，鐵桿始終保持與水平面成角，桿的頂端固定著一只質量為m的小球．此時桿對小球的作用力為_____________________．

19、在光滑水平面上以水平恒力F拉動小車和木塊，一起做無相對滑動的加速運動，若小車質量為M，木塊質量為m，木塊和小車間的動摩擦因數(shù)為μ.則小車與物塊之間的摩擦力大小為____.

20、物體從A到C由靜止開始做勻加速直線運動，B把AC分成相等的兩段；則；

（1）物體分別通過這兩段位移的時間之比是_________；

（2）物體在B、C兩點速度之比是_________；21、力的作用效果與力的__________、__________和__________有關，它們叫做力的__________.力有大小，又有方向，所以力是__________量.22、重量為100N的木箱放在水平地板上，至少要用35N的水平推力，才能使它從原地開始運動。木箱從原地移動以后，用30N的水平推力，就可以使木箱繼續(xù)做勻速運動。由此可知：木箱與地板間的最大靜摩擦力Fmax=___________；木箱所受的滑動摩擦力F=___________，木箱與地板間的動摩擦因數(shù)=___________。如果用20N的水平推力推木箱，木箱所受的摩擦力是___________。23、作圖時應使所作的______通過盡可能多的點，不在直線上的點也要盡可能地均勻分布在直線的兩側，個別偏離較遠的點應舍去。評卷人得分四、作圖題(共1題，共10分)24、在水平拉力F的作用下，A、B兩球均處于靜止狀態(tài)，OA、AB繩傾斜，OB繩豎直，請分別在答題卡相應位置作出A、B兩球的受力示意圖。評卷人得分五、實驗題(共1題，共6分)25、同學用圖（a）所示的實驗裝置驗證牛頓第二定律：

（1）通過實驗得到如圖（b）所示的a-F圖像，造成這一結果的原因是：在平衡摩擦力時木板與水平桌面的夾角_________（填“偏大”或“偏小”）。

（2）該同學在平衡摩擦力后進行實驗，為了便于探究、減小誤差，應使小車質量M與砝碼和盤的總質量m滿足___________________的條件。評卷人得分六、解答題(共2題，共4分)26、如圖所示：輕桿HG一端用鉸鏈固定在豎直墻上，另一端G通過細繩EG拉住，EG與水平方向成30°，在輕桿的G點用細繩GF拉住一個質量為M2的物體；求：

(1)細繩EG的張力FEG；

(2)輕桿HG對G端的支持力FNG。

27、如圖所示直升電梯中有一個傾角為θ=37°的斜面，在斜面上有一個質量為m=2kg的物體，電梯上升啟動時，電梯連同斜面和物體的加速度是a=1.5m/s2，在啟動過程中物體、斜面和木箱保持相對靜止。（g=10m/s2；sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：啟動過程中物體受到的摩擦力和支持力的大小。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【詳解】

三力中某兩個力的合力

若另一個力F3的大小在F1、2合的取值范圍內；則這三個力的合力可能為零，物體就處于平衡狀態(tài)。

A．F3=5N；在前兩力的合力范圍內，所以三力合力可能為0，故A錯誤；

B．F3=8N；在前兩力的合力范圍內，所以三力合力可能為0，故B錯誤；

C．F3=5N；不在前兩力的合力范圍內，所以三力合力不可能為0，故C正確；

D．F3=6N；在前兩力的合力范圍內，所以三力合力可能為0，故D錯誤。

故選C。2、A【分析】【分析】

【詳解】

對A受力分析；根據(jù)平衡條件有。

T=mAg對B受力分析；如圖所示。

根據(jù)平衡條件。

mBgcosθ=fmAg=N+mBgsinθ據(jù)題知，滑環(huán)B恰好不能下滑；所受的靜摩擦力沿桿向上達到最大值，有。

聯(lián)立解得。

故A正確；BCD錯誤。

故選A。3、C【分析】【詳解】

AB．如果n取1，則x=4+t

則汽車做速度大小為1m/s的勻速直線運動；選項AB錯誤；

CD．如果n取2，則x=4+t2

對比

可知v0=0，a=2m/s2，即汽車做初速度為零、加速度大小為2m/s2的勻加速直線運動；選項C正確，D錯誤。

故選C。4、B【分析】【詳解】

A．在時間軸上為一個點；表示時刻，稱為第2秒末或第3秒初，但不能稱為2s內，2s內表示時間間隔，A錯誤；

B．表示兩個時刻之間；是時間，稱為第2s初到第3秒末，B正確；

C．表示兩個時刻之間，為時間，稱為最初2秒或前2s內，不是第2s內，第2s內指C錯誤；

D．表示兩個時刻之間，為時間，稱為第n秒內；D錯誤。

故選B。5、D【分析】【詳解】

小球做自由落體運動的時間為t，有：

解得：

小球經(jīng)過煙囪的時間為1s，則煙囪上方的運動時間為

故煙囪上方的位移為

煙囪的長度為

A.5m與分析結果不相符；故A項錯誤.

B.10m與分析結果不相符；故B項錯誤.

C.20m與分析結果不相符；故C項錯誤.

D.25m與分析結果相符；故D項正確.6、B【分析】【分析】

【詳解】

對兩物塊整體，根據(jù)牛頓第二定律

解得

對m，在水平方向上，根據(jù)牛頓第二定律

方向水平向右。

在豎直方向上，根據(jù)牛頓第二定律

解得

根據(jù)牛頓第三定律m給M的靜摩擦力f及m對M的壓力N的大小分別為

方向水平向左。

故選B。7、B【分析】【詳解】

A.從圖像可以看出在前10s內a圖像包圍的面積大于b圖像包圍的面積，故一開始a在后b在前；故A錯誤；

B.圖像包圍的面積代表各自運動走過的位移，所以兩者一開始相距的距離為故B正確；

C.從面積上可以看出t＝20s時兩車相距25m；故C錯誤；

D.t＝10s后，b的速度一直大于a的速度，所以兩車不會再相遇，故D錯誤8、C【分析】【詳解】

A．運動員在0～t2時間內加速度大小一直不變；加速度的方向一直沿正方向，說明加速度的大小和方向沒有發(fā)生了變化，故A錯誤；

B．在t2～t3時間內圖象的斜率不斷減?。粍t運動員的加速度大小逐漸減小，故B錯誤；

C．在0～t2時間內，運動員做勻變速直線運動的位移，則其平均速度

故C正確；

D．在t2～t3時間內，運動員的位移小于勻減速直線運動的位移，則平均速度

故D錯誤．9、A【分析】【詳解】

根據(jù)牛頓第二定律得

解得

故選A。二、多選題(共8題，共16分)10、A:D【分析】【詳解】

A．兩球開始做勻減速直線運動，而后做勻加速直線運動。A的加速度大小為

B的加速度大小為

加速度方向相反，大小不相等，故A正確。

BC．依據(jù)運動的對稱性知，兩球在t=8s時兩球的位移均為零，都回到出發(fā)點相遇，顯然不是相距最遠。兩球開始從同一點出發(fā)，則運動過程中不會相遇兩次，故BC錯誤。

D．由圖知，t=2s時兩球的速度大小均為20m/s，即速率相等，故D正確。

故選AD。11、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．4N與5N合成時；合力最大9N，最小1N，不可能為10N，故三個力合力不可能為零，故A錯誤；

B．10N與6N合成時；合力最大16N，最小4N，可能為4N，故三個力合力可能為零，故B正確；

C．2N與7N合成時；合力最大9N，最小5N，可能為8N，故三個力合力可能為零，故C正確；

D．20N與20N合成時；合力最大40N，最小0N，不可能為50N，故三個力合力不可能為零，故D錯誤；

故選BC。12、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．電梯從靜止開始到勻速運動直到再次靜止；則先加速后勻速最后減速，由圖象可知，電梯先加速度向下，則電梯向下運動，故A錯誤，B正確；

CD．電梯在開始運動的一小段時間內加速度為

而mg=100N，所以

故C正確；D錯誤。

故選BC。13、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)

和結合位移和時間平方的關系圖象，知圖線的斜率

解得加速度

故A正確；

B．根據(jù)任意相鄰1s內的位移差都為

故B正確；

C．第2s內的位移

故C錯誤；

D．第3s內的位移

則第3s內的平均速度大小

故D正確；

故選ABD。14、A:B:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)題意，當沿水平方向時，對圓柱體受力分析，由平衡條件可知，圓柱體受豎直向下的重力和豎直向上板的支持力兩個力的作用；故A正確；

BCD．根據(jù)題意，畫出圓柱體的受力分析圖，有平衡條件可知，板與板給圓柱體的支持力的合力；與圓柱體的重力等大方向，畫出與圓柱體重力等大反向的力，由矢量三角形畫圖，如圖所示。

由圖可知，當沿豎直方向時，板的支持力最大，由幾何關系有

當板與板垂直時，板的支持力最小，由幾何關系有

由牛頓第三定律可知，當沿豎直方向時，板受到的壓力最大為當板與板垂直時，板受到的壓力最小為故C錯誤，BD正確。

故選ABD。15、C:D【分析】【詳解】

已知合力F=10N，F(xiàn)1方向與F夾角為30°，F(xiàn)2的大小為10N，以F的箭頭處為圓心，以F2的大小為半徑做圓，則該圓與F1的交點即F1的大?。蝗鐖D，所以。

F1的長度為OA時：

所以：∠OAF=120°

則：∠OFA=180°-30°-120°=30°

所以：F1=F2=10N

F1的長度為OB時：

所以：∠OBF=60°

則：∠OFA=180°-30°-60°=90°

所以：故選CD。16、B:C【分析】【詳解】

物體與彈簧接觸前做勻加速直線運動；物體與彈簧接觸后，彈簧彈力不斷增大，開始階段彈簧彈力小于推力F；合力向右，加速度向右，物體做加速度不斷減小的加速運動；當加速度減小為零時，速度達到最大；接下來物體由于慣性繼續(xù)向右運動，彈力進一步變大，且大于推力，合力向左，加速度向左，物體做加速度不斷變大的減速運動，當速度減為零時，加速度最大。

故選BC

【點睛】

物體先做加速度不斷減小的加速運動，再做加速度不斷增大的減速運動。17、A:D【分析】【詳解】

A．內，木板處于靜止狀態(tài)，木板與木塊間的摩擦力為靜摩擦力，繩子拉力大小等于F；逐漸增大，A正確；

B．對木板做受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可得

由丙圖可知

解得

B錯誤；

C．木塊與木板間的動摩擦力為但木塊的質量未知；則不能認為木塊與木板間的動摩擦因數(shù)為0.2，C錯誤；

D．后在恒力的作用下，物塊的加速度為恒力F作用一段時間后撤去，木板做減速運動，加速度大小也恰好為當木塊恰好從木板上掉下時，木板速度恰好為零，此過程中木板的圖像如圖所示。

則恒力F作用時間恰好為即可；D正確。

故選AD。三、填空題(共6題，共12分)18、略

【分析】【詳解】

由于球被固定在桿上，故與車具有相同的加速度a，以球為研究對象，根據(jù)其受力和運動情況可知小球的加速度a由小球重力mg和桿對小球的作用力F的合力提供；物體受力情況如圖所示；

由題意知合力方向水平向右．根據(jù)勾股定理可知F=

方向與豎直方向成角斜向右上方，且．

【點睛】

注意由于加速度方向與合外力方向一致，因此重力與彈力的合力方向就是加速度方向．而桿對球施力就不一定沿桿的方向了．【解析】方向與豎直方向成角斜向右上方，且=arctan．19、略

【分析】【詳解】

[1]由牛頓第二定律，對小車與木塊組成的系統(tǒng)有：F=(M+m)a①

對木塊：f=ma②

由①②聯(lián)立解得：f=ma=【解析】20、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]由。

到達A、B所用時間之比為則物體分別通過這兩段位移的時間之比是

（2）[2]由。

v=at可得速度之比等與時間之比為【解析】21、略

【分析】【詳解】

[1][2][3][4][5]力的作用效果與力的大小、方向和作用點有關，它們叫做力的三要素，力有大小，又有方向，所以力是矢量?！窘馕觥看笮》较蜃饔命c三要素矢22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]至少要用35N的水平推力；才能使它從原地開始運動，則此時水平推力恰好等于最大靜摩擦力，所以木箱與地板間的最大靜摩擦力為35N；

[2]用30N的水平推力，使