2025年浙科版必修3物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙科版必修3物理上冊月考試卷993考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、在軸的坐標(biāo)原點固定一電荷最絕對值為的點電荷，在處固定另一點電荷，兩者所在區(qū)域為真空，在兩者連線上某點的電場強度與該點位置的關(guān)系如圖所示。選取軸正方向為電場強度的正方向；無限遠(yuǎn)處電勢為零，則下列說法正確的是（）

A.處的電場強度大于處電場強度B.處的電勢高于處的電勢C.在處點電荷的電荷量的絕對值為D.電子沿軸從移動到過程中電勢能先增加后減少2、如圖所示，A、B、C、D是勻強電場中的四個點，D是BC的中點，A、B、C構(gòu)成一個直角三角形，AB長為1m，電場線與三角形所在的平面平行，已知φA=5V、φB=-5V、φC=15V；由此可以判斷()

A.場強的方向由C指向BB.場強的方向垂直AD連線斜向上C.場強的大小為10V/mD.場強的大小為3、下列關(guān)于物理學(xué)研究方法的敘述正確的是()A.根據(jù)當(dāng)非常非常小時，就可以用表示物體在t時刻的瞬時速度，這里運用了微元法B.不考慮帶電體本身大小和形狀時，可以用點電荷來代替帶電體，這里運用了等效替代法C.在探究加速度、力和質(zhì)量三者之間的關(guān)系時，先保持質(zhì)量不變研究加速度與力的關(guān)系，再保持力不變研究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，這里運用了控制變量方法D.用比值定義法定義的物理量在物理學(xué)中占有相當(dāng)大的比例，如電場強度電容加速度都是采用比值定義法4、兩個電壓表V1和V2是由完全相同的兩個小量程電流表改裝成的，V1的量程是3V，V2的量程是15V，為了測量12V的電壓，我們把兩個電壓表串聯(lián)起來使用，以下敘述正確的是（）A.V1和V2的示數(shù)相等B.V1和V2的示數(shù)不相等，指針偏轉(zhuǎn)角度也不相同C.V1和V2的示數(shù)分別為2V和10VD.V1和V2的示數(shù)之比為5：15、如圖所示的圖像中，直線I為通過電阻R的電流與其兩端電壓的關(guān)系圖線，直線Ⅱ為電源E的電流與路端電壓的關(guān)系圖線．下列說法正確的是（）

A.電源內(nèi)阻大小為B.電阻R的阻值為C.Ⅰ，Ⅱ交點坐標(biāo)表示的是電阻R接在電源E兩端時電源的內(nèi)電壓及電流D.圖中陰影部分的面積表示把電阻R接在此電源兩端時，電源內(nèi)部消耗的功率為6、如圖所示的電路中電源的電動勢E＝9V，內(nèi)阻r＝1Ω，下列說法正確的是（）

A.若C、D間連接一根導(dǎo)線，則電源效率最高B.若C、D間連接一個理想電流表，其示數(shù)為2.0AC.若C、D間連接一個理想電壓表，其示數(shù)為4.5VD.若C、D間連接一個的電容器，則電容器所帶的電荷量為7、如圖所示；是探究產(chǎn)生感應(yīng)電流的實驗裝置，以下情況中不能引起感應(yīng)電流的是（）

A.閉合開關(guān)的瞬間B.斷開開關(guān)的瞬間C.閉合開關(guān)后，螺線管從螺線管中抽出的過程中D.開關(guān)處于閉合狀態(tài)，螺線管和滑動變阻器的滑片都不動評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、如圖所示電路中，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，電流表和電壓表均為理想電表，R1、R3為定值電阻，R2為滑動變阻器，C為平行板電容器。開關(guān)S閉合后，兩極板間的帶電液滴處于靜止?fàn)顟B(tài)，當(dāng)滑動變阻器滑片P向a端滑動過程中；下列說法正確的是（）

A.R3的功率變小B.電壓表、電流表示數(shù)都變小C.增大平行板間距，則液滴可能保持不動D.電容器C所帶電荷量減少，液滴向下加速運動9、一絕緣細(xì)線Oa下端系一質(zhì)量為m的帶正電的小球a，在正下方有一光滑的絕緣水平細(xì)桿，一帶負(fù)電的小球b穿過桿在其左側(cè)較遠(yuǎn)處，小球a由于受到水平絕緣細(xì)線的拉力而靜止，如圖所示，現(xiàn)保持懸線與豎直方向的夾角為θ，并在較遠(yuǎn)處由靜止釋放小球b，讓其從遠(yuǎn)處沿桿向右移動到a點的正下方；在此過程中()

A.懸線Oa的拉力逐漸增大，水平細(xì)線的拉力逐漸減小B.b球的加速度先增大后減小，速度始終增大C.b球所受的庫侖力一直增大D.b球所受的庫侖力先減小后增大10、如圖所示，平行板電容器與直流電源、理想二極管（正向電阻很小，反向電阻無窮大）串聯(lián)，電源正極接地。閉合開關(guān)，電路穩(wěn)定后，一帶電油滴位于電容器中的P點且恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)。下列說法正確的是（）

A.若上極板略微下移，帶電油滴仍保持靜止B.若上極板略微下移，則P點電勢升高C.若上極板略微左移與下極板錯開，則帶電油滴向下運動D.若上極板略微左移與下極板錯開，則P點電勢降低11、如圖所示，兩個固定的等量正電荷M、N電荷量大小為Q，M、N相距2L，連線中點為O，ABCD是過O點并與M、N連線垂直的平面，一個質(zhì)量為m，電荷量為e的電子在ABCD平面內(nèi)做半徑為L的勻速圓周運動（重力不計，不考慮運動電荷會產(chǎn)生磁場，靜電力常量為k），則下列說法正確的是（）

A.圓軌道上各點電勢相等B.電子做勻速圓周運動的速度大小為C.電子做勻速圓周運動的等效電流為D.若迅速減小M、N相同電量，此后電子做離心運動階段軌跡上各點電勢不斷減小12、空間某區(qū)域電場線分布如圖所示，帶正電小球（質(zhì)量為m，電荷量為q），在A點速度為v1，方向水平向右，至B點速度為v2，v2與水平方向間夾角為A、B間高度差為H，以下判斷不正確的是（）

A.A、B兩點間電勢差B.小球由A至B，電勢能的減少量為C.小球由A運動到B的過程中，機械能一定增加D.小球重力在B點的瞬時功率為mgv2cos13、如圖所示的電路中，電源電動勢為3V，當(dāng)開關(guān)S接通后，燈泡和都不亮，檢查發(fā)現(xiàn)僅是的燈絲燒斷了。檢查時用電壓表去測電路各部分的電壓，下列結(jié)果正確的是（）

A.B.C.D.14、在如圖所示的電路中，電源的電動勢為E，內(nèi)阻為r，平行板電容器C的兩金屬板水平放置，R1和R2為定值電阻，P為滑動變阻器R的滑動觸頭，G為靈敏電流表，A為理想電流表。開關(guān)S閉合后，C的兩板間恰好有一質(zhì)量為m、電荷量為q的油滴處于靜止?fàn)顟B(tài)。則若將P向上移動；過程中下列說法正確的是（）

A.油滴帶負(fù)電B.A表的示數(shù)變大C.油滴向上加速運動D.G中有由a→b的電流15、如圖所示的電路中，電源的電動勢E和內(nèi)阻r一定，A、B為平行板電容器的兩塊正對金屬板，R1為光敏電阻(阻值隨光照強度的增大而減小)．當(dāng)R2的滑動觸頭P在a端時，閉合開關(guān)S，此時電流表A和電壓表V的示數(shù)分別為I和U．以下說法正確的是()

A.若僅將R2的滑動觸頭P向b端移動，則I、U均不變B.若僅增大B板間距離，則電容器所帶電荷量減少C.若僅用更強的光照射R1，則I增大，U增大，電容器所帶電荷量增加D.若僅用更強的光照射R1，則U變化量的絕對值與I變化量的絕對值的比值變大16、將平行板電容器兩極板之間的距離、電壓、電場強度大小、電容和極板所帶的電荷量分別用d、U、E、C和Q表示．下列說法正確的是()A.保持U不變，將d變?yōu)樵瓉淼膬杀?，則E變?yōu)樵瓉淼囊话隑.保持E不變，將d變?yōu)樵瓉淼囊话?，則U變?yōu)樵瓉淼膬杀禖.保持C不變，將Q變?yōu)樵瓉淼膬杀?，則U變?yōu)樵瓉淼膬杀禗.保持d、C不變，將Q變?yōu)樵瓉淼囊话?，則E變?yōu)樵瓉淼囊话朐u卷人得分三、填空題(共8題，共16分)17、如圖所示，A、B、C三點為一直角三角形的三個頂點，∠B=30°，現(xiàn)在A、B兩點放置兩點電荷測得C點場強的方向與AB平行，則帶________，=_________．

18、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為900N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10－9C的正點電荷，則A處場強大小EA＝________N/C，B處的場強大小EB＝________N/C．

19、如圖所示，三根彼此絕緣的無限長直導(dǎo)線的一部分ab、cd、ef構(gòu)成一個等邊三角形，O為三角形的中心，M、N分別為O關(guān)于導(dǎo)線ab、cd的對稱點，當(dāng)三根導(dǎo)線中通以大小相等，方向如圖的電流時，O點磁感應(yīng)強度大小為B1，M點磁感應(yīng)強度的大小為B2，則N點磁感應(yīng)強度的大小為________；若將導(dǎo)線ef中的電流撤去，而保持另兩根導(dǎo)線中的電流不變，則N點磁感應(yīng)強度的大小為________．

20、如圖所示，電場中有A、B兩點，一個電荷量為的負(fù)試探電荷在A點受到的靜電力大小為方向由A指向B，則A點的電場強度大小為______方向______（選填“由A指向B”或“由B指向A”）。若在A點改放一個電荷量為的正試探電荷，則A點的電場強度大小為______方向______（選填“由A指向B”或“由B指向A”）。

21、如圖，在豎直平面內(nèi)有一勻強電場，一帶電量為+q、質(zhì)量為m的小球在力F（未知量）的作用下沿圖中虛線由A至B做豎直向上的勻速運動．已知力F和AB間夾角為θ，AB間距離為d，重力加速度為g．則電場強度E的最小值為___．若電場強度時，小球從A運動到B電勢能變化量大小可能為____．

22、一個不帶電的金屬球殼的內(nèi)、外半徑分別為R1和R2，今在中心處放置一電荷為q的點電荷，則球殼的電勢U=_______________。23、判斷下列說法的正誤。

（1）電功率越大，表示電流做功越多。____

（2）電功W＝UIt可以用來計算所有電路中電流所做的功。____

（3）電熱Q＝I2Rt可以用來計算所有含有電阻的電路中產(chǎn)生的焦耳熱。____

（4）電動機消耗的電能，一部分轉(zhuǎn)化為機械能，一部分轉(zhuǎn)化為線圈內(nèi)阻上的電熱。____

（5）焦耳定律的表達(dá)式為Q＝I2Rt，此式適用于任何電路。____

（6）三個公式P＝UI、P＝I2R、P＝?jīng)]有任何區(qū)別，它們表達(dá)相同的意義，所以三式中P都是電功率。____24、路端電壓U與電流I的關(guān)系：

（1）路端電壓U與電流I的函數(shù)關(guān)系式：U=_______。

（2）圖像：如圖所示，該直線與縱軸交點的縱坐標(biāo)表示_______，斜率的絕對值表示電源的_______。

評卷人得分四、實驗題(共2題，共14分)25、如圖甲，是利用電流傳感器系統(tǒng)研究電容器充電情況的電路圖。將電容器C1接入電路檢查無誤后進行了如下操作：

①將S撥至1；并接通足夠長的時間。

②將S撥至2

③觀察并保存計算機屏幕上的I-t圖；得到圖線I（圖乙I）

④換上電容器C2重復(fù)前面的操作；得到圖線Ⅱ（圖乙II）

（1）操作①的作用是___________。

（2）將S撥至2時，電流方向為___________（選填“A到B”或“B到A”）；充電結(jié)束后，電容器上極板帶___________電。

（3）由I-t圖線可以分析出，兩個電容器充電結(jié)束后，C1的電量___________（填“大于”“小于”或“等于”）C2的電量；兩個電容器相比較，C1的電容___________（填“較大”“較小”或“相等”）。26、在實驗室測量兩個直流電源的電動勢和內(nèi)阻。電源甲的電動勢大約為4.5V；內(nèi)阻大約為1.5Ω；電源乙的電動勢大約為1.5V，內(nèi)阻大約為1Ω。由于實驗室條件有限，除了導(dǎo)線；開關(guān)外，實驗室還能提供如下器材：

A.量程為0~3V的電壓表VB.量程為0~0.6A的電流表A1

C.量程為0~3A的電流表A2D.阻值為4.0Ω的定值電阻R1

E.阻值為100Ω的定值電阻R2F.最大阻值為10Ω的滑動變阻器R3

G.最大阻值為100Ω的滑動變阻器R4；

（1）選擇電壓表；電流表、定值電阻、滑動變阻器等器材；采用圖甲所示電路測量電源甲的電動勢和內(nèi)阻。

①定值電阻應(yīng)該選擇____(填“D”或“E”)；電流、表應(yīng)該選擇____(填“B”或“C”)；滑動變阻器應(yīng)該選擇____(填“F"或“G").

②分別以電流表的示數(shù)I和電壓表的示數(shù)U為橫坐標(biāo)和縱坐標(biāo)，計算機擬合得到如圖乙所示U-I圖象，U和I的單位分別為V和A，擬合公式為U=-5.8I+4.6，則電源甲的電動勢E=____V，內(nèi)阻r=_______Ω。(保留兩位有效數(shù)字)

③在測量電源甲的電動勢和內(nèi)阻的實驗中，產(chǎn)生系統(tǒng)誤差的主要原因是()

A.電壓表的分流作用B.電壓表的分壓作用。

C.電流表的分壓作用D.電流表的分流作用。

E.定值電阻的分壓作用。

（2）為了簡便快捷地測量電源乙的電動勢和內(nèi)阻；選擇電壓表；定值電阻等器材，采用圖丙所示電路。

①定值電阻應(yīng)該選擇____(填“D”或“E”)

②實驗中，首先將K1斷開，K2閉合，電壓表示數(shù)為1.49V，然后將K1、K2均閉合，電壓表示數(shù)為1.18V，則電源乙電動勢E=______V，內(nèi)阻r=_______Ω。(小數(shù)點后保留兩位小數(shù))參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【詳解】

A．由圖可知，從處到處，電場強度反方向不斷增大，所以處的電場強度小于處電場強度；故A錯誤；

B．在軸的坐標(biāo)原點固定一電荷最絕對值為的點電荷，在處固定另一點電荷，選取軸正方向為電場強度的正方向，分析可知為兩不等量正電荷產(chǎn)生的電場，類比等量同種正電荷產(chǎn)生的電場，可知從處到處逆著電場線方向，電勢逐漸升高，所以處的電勢低于處的電勢；故B錯誤；

C．設(shè)在處固定另一點電荷的電荷量為在處場強為0，可得

解得

故C錯誤；

D．電子從移動到過程；順著電場線運動，可知電場力做負(fù)功，電勢能增加；

從移動到過程，逆著電場線運動，可知電場力做正功，電勢能減少，所以電子沿軸從移動到過程中電勢能先增加后減少；故D正確。

故選D。2、D【分析】【詳解】

由題意，φA=5V、φB=-5V、φC=15V，則BC連線的中點D的電勢為則φD=φA，AD為一條等勢線．根據(jù)電場線與等勢線垂直，可知場強的方向垂直于AD連線斜向下．故AB錯誤．場強的大小為故C錯誤，D正確．故選D．

【點睛】

解答本題的關(guān)鍵是得到D點的電勢，找到等勢線；掌握電場線與等勢線的關(guān)系，正確理解公式E=U/d中d的含義．3、C【分析】【詳解】

為研究某一時刻或某一位置時的速度，我們采用了取時間非常小，即讓時間趨向無窮小時的平均速度作為瞬時速度，即采用了極限思維法，故A錯誤；不考慮帶電體本身大小和形狀時，可以用點電荷來代替帶電體，這里運用了理想模型法，選項B錯誤；在探究加速度、力和質(zhì)量三者之間的關(guān)系時，先保持質(zhì)量不變研究加速度與力的關(guān)系，再保持力不變研究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，這里運用了控制變量方法，選項C正確；電場強度電容都利用的是比值定義法，而加速度是牛頓第二定律的表達(dá)式，不是采用比值法，選項D錯誤；故選C.4、C【分析】【分析】

【詳解】

AB．兩個電壓表串聯(lián)，流過表頭的電流相同，指針偏轉(zhuǎn)角度大小與電流大小成正比，故V1和V2的指針偏轉(zhuǎn)角度相同，偏轉(zhuǎn)角相同時，量程大的電壓表讀數(shù)偏大，說明V1的示數(shù)小于V2的示數(shù)；故AB錯誤；

CD．因兩電壓表偏轉(zhuǎn)角相同，示數(shù)之比等于量程之比，故V1和V2的示數(shù)之比為1：5，V1和V2的示數(shù)分別為2V和10V；故C正確，D錯誤；

故選C。5、D【分析】【詳解】

A．根據(jù)閉合電路歐姆定律可得

可得

可知直線Ⅱ的斜率絕對值等于電源內(nèi)阻的倒數(shù)，則有

解得電源內(nèi)阻大小為

故A錯誤；

B．根據(jù)歐姆定律可知，直線I的斜率等于電阻R的倒數(shù)，則有

解得

故B錯誤；

C．Ⅰ，Ⅱ交點坐標(biāo)表示的是電阻R接在電源E兩端時電源的外電壓及電流；故C錯誤；

D．直線Ⅱ的縱軸截距為

解得電源電動勢為

把電阻R接在此電源兩端時，由圖中交點可知，此時電流為外電壓為則電源內(nèi)部消耗的功率為

故D正確。

故選D。6、C【分析】【詳解】

A．若C、D間連接一根導(dǎo)線，外電阻變小，路端電壓變小，電源效率為

故電源效率變??；故A錯誤；

B．若C、D間連接一個理想電流表，則R2、R3先并聯(lián)再與R1串聯(lián)，外電路總電阻

總電流

理想電流表示數(shù)為

故B錯誤；

C．若C、D間連接一個理想電壓表，R3斷路，R1、R2與電源串聯(lián)，電壓表測R2兩端電壓，電壓表示數(shù)為

故C正確；

D．若C、D間連接一個的電容器，R3斷路，R1、R2與電源串聯(lián)，電容器兩極板間電壓等于R2兩端的電壓

電容器所帶的電荷量為Q=CUC

故D錯誤。

故選C。7、D【分析】【分析】

【詳解】

ABC．當(dāng)回路閉合時，只要線圈中的磁通量發(fā)生變化，就能形成感應(yīng)電流，指針便能偏轉(zhuǎn)，在閉合、斷開電鍵瞬間或者螺線管A從螺線管B中抽出的過程中線圈中的磁通量均發(fā)生變化；均有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故ABC正確；

D．若開關(guān)處于閉合狀態(tài)，螺線管A和滑動變阻器的滑片都不動；則線圈中的磁通量不變，不會有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故D錯誤。

本題選不能引起感應(yīng)電流的，故選D。二、多選題(共9題，共18分)8、B:C【分析】【詳解】

AB．當(dāng)滑動變阻器滑片P向a端滑動過程中，接入電路的電阻增大，R2與R3并聯(lián)的電阻增大，總電阻增大，則總電流減小，R1電壓減小，則電壓表示數(shù)變小，R2與R3并聯(lián)的電壓增大，通過R3電流增大，根據(jù)

可知功率變大，電流表示數(shù)為總電流減去通過R3電流；故電流表示數(shù)變小，故A錯誤，B正確；

C．R3兩端的電壓增大，增大平行板間距，根據(jù)

可知電場強度可能恒定；粒子可能保持不動，故C正確；

D．R2與R3并聯(lián)的電壓增大；電容器板間電壓增大，帶電量增大，板間場強增大，液滴所受的電場力增大，則液滴將向上加速運動，故D錯誤；

故選BC。9、B:C【分析】【詳解】

A．b球在較遠(yuǎn)處時，a球所受庫侖力近似為零，在a球正下方時，a球受到的庫侖力豎直向下，則懸線Oa的拉力增大；水平方向的分力也增大，所以水平細(xì)線的拉力比最初時大，A錯誤；

B．中間過程b球受到的庫侖力的水平分量不為零，可知庫侖力的水平分量先增大，后減小，則b球的加速度先增大后減小，b球所受庫侖力水平分量與運動方向始終相同；速度一直增大，B正確；

CD．b球受到的庫侖力為在運動過程中，a、b兩球之間的距離一直在減小，則b球所受的庫侖力一直增大；C正確，D錯誤。

故選BC。10、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．A板略微下移，d變小，由

可知，C變大，兩極板間的電壓U等于電源電動勢不變，根據(jù)

電場強度E變大，電場力變大，電場力大于重力，油滴所受合力向上，油滴向上運動，P點到下極板的距離不變，根據(jù)

可知，P與下極板的電勢差增大，所以Р點的電勢升高；A錯誤B正確；

CD．上極板略微左移與下極板錯開，根據(jù)

S將減小，C變小，U不變，電容器要放電，由于二極管具有單向?qū)щ娦?，電容器不能放電，實際為Q保持不變，根據(jù)

平行板電容器兩極板間場強

可知，電場強度E變大，電場力變大，電場力大于重力，油滴所受合力向上，油滴向上運動，P點到上極板的距離不變，根據(jù)

可知，P與上極板的電勢差增大，而上極板的電勢恒為0，所以P點的電勢降低；C錯誤D正確。

故選BD。11、A:B:D【分析】【詳解】

A．M、N是等量正電荷，ABCD是過中點O點并與MN連線垂直的平面，由于孤立點電荷在距離其r的地方的電勢為（取無窮遠(yuǎn)處電勢為零）

則根據(jù)電勢的疊加原理可知；圓軌道上各點電勢相等，A正確；

B．電子的受力情況如圖所示。

電子受到的合力為

根據(jù)牛頓第二定律有

聯(lián)立解得

B正確；

C．根據(jù)電流的定義式

C錯誤；

D．若迅速減小M；N相同電量；電子受到的合力方向不變，但大小減小，則電子做離心運動，由于電子做離心運動，則距離M、N越來越遠(yuǎn)，根據(jù)選項A分析知電子做離心運動階段軌跡上各點電勢不斷減小，D正確。

故選ABD。12、A:D【分析】【詳解】

AB．小球由A點運動至B點過程中，重力和電場力做功，由動能定理得

得電場力做功

所以電勢能減小量為

由電場力做功

得A、B兩點間的電勢差

故A錯誤；B正確；

C．電場力做正功；機械能增大。故C正確；

D．小球運動到B點時所受重力與速度方向不同，則其重力的瞬時功率

故D錯誤。

本題選錯的，故選AD。13、B:C【分析】【詳解】

由于的燈絲燒斷了，則回路中電流為零，測ad、bc兩端電壓相當(dāng)于測開路電壓，即電源電壓，電壓為

由于回路中電流為零，所以ab、cd上的電壓都等于零電壓為

故選BC。14、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．電容器上極板帶正電；下級板帶負(fù)電荷，油滴靜止，電場力方向向上，則油滴帶負(fù)電，A正確；

B．P向上移動，滑動變阻器的阻值變大，則外電路的總電阻增大，根據(jù)閉合電路的歐姆定律

電流表A的示數(shù)變?。籅錯誤；

C．P向上移動，滑動變阻器的阻值變大，則外電路的總電阻增大，則外電壓增大，根據(jù)

電阻R1的兩端電壓變小，根據(jù)

增大；即電容器兩端的電壓增大，油滴受到的電場力增大，大于重力，油滴向上加速運動，C正確；

D．電容器兩端的電壓增大，根據(jù)

電容器充電，G中有由的電流；D錯誤。

故選AC。15、A:B【分析】【詳解】

A．滑動變阻器處于含容支路中，相當(dāng)于導(dǎo)線，所以移動滑動觸頭，I不變，U不變；故A正確；

B．若僅增大A、B板間距離，由知電容減小，板間電壓不變，則由電容的定義式可知電容器所帶電荷量減少；故B正確；

CD．若僅用更強的光線照射R1，R1的阻值變小，總電阻減小，I增大，內(nèi)電壓和R3的電壓均增大，則電容器板間電壓減小，電容不變，由知電容器所帶電荷量減少，根據(jù)閉合電路歐姆定律得U＝E－Ir可得不變，故CD錯誤．16、A:C:D【分析】【分析】

保持U不變，根據(jù)E=可得E與d的關(guān)系；保持E不變，根據(jù)U=Ed可得U與d成正比；保持C不變，根據(jù)公式C=可知將Q與U成正比；保持d、C不變，將Q變?yōu)樵瓉淼囊话耄鶕?jù)公式C=可知，U變?yōu)樵瓉淼囊话耄鶕?jù)公式E=即可得到E的變化．

【詳解】

A.保持U不變，將d變?yōu)樵瓉淼膬杀逗?，根?jù)E=可得E變?yōu)樵瓉淼囊话耄籄正確；

B.保持E不變，將d變?yōu)樵瓉淼囊话?，根?jù)U=Ed可得U變?yōu)樵瓉淼囊话?；B錯誤；

C.根據(jù)公式C=可知將Q變?yōu)樵瓉淼膬杀?，則U變?yōu)樵瓉淼膬杀叮籆正確；

D.根據(jù)C=可得C不變，將Q變?yōu)樵瓉淼囊话?，U變?yōu)樵瓉淼囊话?，根?jù)公式E=可知d不變，U變?yōu)樵瓉淼囊话?，E變?yōu)樵瓉淼囊话耄籇正確．

【點睛】

本題考查電容器的動態(tài)分析，學(xué)生抓住電容器的幾個相關(guān)公式即可分析出結(jié)果．三、填空題(共8題，共16分)17、略

【分析】【詳解】

放在A點和B點的點電荷在C處產(chǎn)生的場強方向在AC和BC的連線上，因C點場強方向與BA方向平行，故放在A點的點電荷和放在B點的點電荷產(chǎn)生的場強方向只能如圖所示，由C→A和由B→C，故qA帶負(fù)電，qB帶正電，且EB＝2EA，即k＝2k又由幾何關(guān)系知＝2所以qAqB＝18.

【解析】負(fù)18、略

【分析】【詳解】

[1][2]由E＝k點電荷在A處產(chǎn)生的場強E1＝900N/C

方向向左，而水平方向的勻強電場，場強大小為E0=900N/C，所以A處合場強為零．

點電荷在B處產(chǎn)生的場強E2＝900N/C

方向向下；

根據(jù)矢量合成可知：B處合場強為=1.27×103N/C【解析】01.27×10319、略

【分析】【詳解】

無限長直導(dǎo)線ab、cd、ef，構(gòu)成一個等邊三角形，且三根導(dǎo)線中通以大小相等、方向如圖所示的電流，O為三角形的中心，且O點磁感應(yīng)強度大小為B，因為直導(dǎo)線ab、cd關(guān)于O點對稱，所以這兩導(dǎo)線在O點的磁場為零，則磁感應(yīng)強度大小B1是由直導(dǎo)線ef產(chǎn)生的，而直導(dǎo)線ab、ef關(guān)于N點對稱，所以這兩根直導(dǎo)線的磁場為零，因此N點的磁感應(yīng)強度大小為B1．因為M點的磁感應(yīng)強度為B2=Bef+Bcd+Bab，由安培定則可知，各電流在M點的磁場的方向相同，又因為Bab=B1，Bef與Bcd大小相等，故．當(dāng)撤去導(dǎo)線ef，其余兩根導(dǎo)線在N點的磁感應(yīng)強度的方向都向里，大小為：

【點睛】

此題根據(jù)通電導(dǎo)線周圍的磁場對稱性、方向性，去確定合磁場大?。译x導(dǎo)線越遠(yuǎn)場強越弱．磁場不但有大小而且方向，方向相同則相加，方向相反則相減.【解析】B1（B2+B1）/220、略

【分析】【分析】

根據(jù)電場強度的定義計算電場強度的大小。由于正電荷受力方向與電場強度方向相同；負(fù)電荷受力方向與電場強度方向相反。電場強度由場源電荷產(chǎn)生，與試探電荷沒有關(guān)系，不會隨著試探電荷的改變而改變。

【詳解】

[1]根據(jù)電場強度的定義

[2]由于負(fù)電荷受力方向與電場強度方向相反，故電場強度由B指向A；

[3][4]電場強度由場源電荷產(chǎn)生，與試探電荷沒有關(guān)系，故若在A點改放一個電荷量為4×10-8C的正試探電荷，電場強度的大小方向均不變，電場強度的大小為方向為由B指向A?！窘馕觥?00由B指向A400由B指向A21、略

【分析】【詳解】

分析小球受力情況：小球受到重力拉力F與電場力因為小球做勻速直線運動，合力為零，則F與的合力與大小相等、方向相反，作出