2025年粵教滬科版選修3物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年粵教滬科版選修3物理上冊(cè)月考試卷364考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、下列說(shuō)法正確的是（）A.將細(xì)玻璃管豎直插入它的不浸潤(rùn)液體中，靜止時(shí)，管內(nèi)液面為凹面且低于管外液面B.冬季室內(nèi)的人向窗戶玻璃哈氣，玻璃內(nèi)外表面均會(huì)出現(xiàn)霧狀小水珠C.非晶體其實(shí)是粘稠度極高的液體D.若規(guī)定兩分子相距（為平衡距離）時(shí)分子勢(shì)能為零，則當(dāng)時(shí)，分子勢(shì)能為負(fù)2、下列說(shuō)法中不正確的是（）A.液晶顯示器利用了液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性的特點(diǎn)B.非晶體呈各向同性，晶體也有可能呈各向同性C.在圍繞地球飛行的宇宙飛船中，自由飄浮的水滴呈球形，這是表面張力作用的結(jié)果D.不浸潤(rùn)現(xiàn)象說(shuō)明固體分子對(duì)液體分子的吸引力大于液體分子之間的吸引力3、一定質(zhì)量的理想氣體自狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)C變化到狀態(tài)B．這一過(guò)程在V-T圖上表示如圖所示，則（）

A.在過(guò)程AC中，氣體對(duì)外界做功B.在過(guò)程CB中，外界對(duì)氣體做功C.在過(guò)程AC中，氣體壓強(qiáng)不斷變大D.在過(guò)程CB中，氣體壓強(qiáng)不斷變小4、以下說(shuō)法正確的是（）A.當(dāng)分子間距離增大時(shí)，分子間作用力減小，分子勢(shì)能增大B.某物體溫度升高，則該物體分子熱運(yùn)動(dòng)的總動(dòng)能一定增大C.液晶顯示屏是應(yīng)用液晶的光學(xué)各向同性制成的D.自然界發(fā)生的一切過(guò)程能量都守恒，符合能量守恒定律的宏觀過(guò)程都能自然發(fā)生5、關(guān)于以下四幅圖片；說(shuō)法正確的是（）

A.在圖1中，向上拉動(dòng)下表面緊貼水面的玻璃板時(shí)，拉力大于重力，主要是受到了大氣壓力的影響B(tài).在圖2中，隨著活塞上砝碼個(gè)數(shù)的增加，氣缸內(nèi)封閉的氣體越來(lái)越難壓縮（始終為氣體狀態(tài)），主要原因是由于隨著氣體體積的減小，分子間的斥力越來(lái)越大C.用燒熱的針尖接觸表面涂有蜂蠟層的云母片，蜂蠟層形成了如圖3所示的熔化區(qū)域，說(shuō)明蜂蠟對(duì)于導(dǎo)熱性存在著各向異性D.圖4為熱機(jī)能流圖，隨著機(jī)械制造工藝、機(jī)械材料等科學(xué)技術(shù)的不斷發(fā)展，熱機(jī)的效率仍無(wú)法達(dá)到100%6、一電池外電路斷開(kāi)時(shí)的路端電壓為3V，接上8Ω的負(fù)載后路端電壓降為2.4V，則可以判定電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r分別為（）A.E=3V，r=2ΩB.E=3V，r=1ΩC.E=2.4V，r=2ΩD.E=2.4V，r=1Ω7、三個(gè)半徑相同的彈性球，靜止置于光滑水平面的同一直線上，順序如圖所示，已知mA=m，mC=4m．當(dāng)A以速度v0向B運(yùn)動(dòng)，若要使得BC碰后C具有最大速度，則B的質(zhì)量應(yīng)為（）

A.mB.2mC.3mD.4m評(píng)卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、如圖所示，閉合電鍵S后，A燈與B燈均發(fā)光，電流表A1、A2的讀數(shù)分別為I1、I2，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)片向下滑動(dòng)一段后，電流表A1、A2讀數(shù)變化的大小分別為△I1、△I2；則下列說(shuō)法中正確的是（）

A.A燈變暗B.B燈變亮C.I1、I2都變小D.△I1＜△I29、兩個(gè)處于熱平衡狀態(tài)的系統(tǒng)，由于受外界影響，狀態(tài)參量發(fā)生了變化，下列關(guān)于它們后來(lái)是否能處于熱平衡狀態(tài)的說(shuō)法，正確的是（）A.不能B.可能C.要看它們后來(lái)的溫度是否相同D.取決于其他狀態(tài)參量是否相同10、下列說(shuō)法正確的是（）A.晶體都具有各向異性，也都有相同的熔點(diǎn)B.葉面上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用C.液晶顯示器利用了液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性的特點(diǎn)D.不浸潤(rùn)現(xiàn)象說(shuō)明固體分子對(duì)液體分子的吸引力大于液體分子之間的吸引力11、下列說(shuō)法中正確的是（）A.物體從外界吸熱，其內(nèi)能不一定增大B.液晶顯示器是利用了液晶對(duì)光具有各向同性的特點(diǎn)C.溫度相同的氫氣和氧氣，它們分子的平均速率不相同E.當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子力和分子勢(shì)能總是隨分子間距離的減小而增大E.當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子力和分子勢(shì)能總是隨分子間距離的減小而增大12、電流天平可以用來(lái)測(cè)量勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大?。鐖D甲所示，測(cè)量前天平已調(diào)至平衡，測(cè)量時(shí)，在左邊托盤中放入質(zhì)量為m的砝碼，右邊托盤中不放砝碼，將一個(gè)質(zhì)量為m0、匝數(shù)為n、下邊長(zhǎng)為l的矩形線圈掛在右邊托盤的底部，再將此矩形線圈的下部分放在待測(cè)磁場(chǎng)中．線圈的兩頭連在如圖乙所示的電路中，不計(jì)連接導(dǎo)線對(duì)線圈的作用力，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r.開(kāi)關(guān)S閉合后，調(diào)節(jié)可變電阻至R1時(shí)，天平正好平衡，此時(shí)電壓表讀數(shù)為U.已知m0>m，取重力加速度為g；則()

A.矩形線圈中電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较駼.矩形線圈的電阻R＝r－R1C.勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小B＝D.若僅將磁場(chǎng)反向，在左盤中再添加質(zhì)量為2m0－m的砝碼可使天平重新平衡13、一電容器的電容為10F，A、C兩板間距極小，垂直于回路平面的磁感應(yīng)強(qiáng)度以5×10-3T/s的變化率增加，回路面積為1×10-2m2；如圖所示．則。

A.A板帶正電B.C板帶正電C.A板帶電量為2×10-10CD.A板帶電量為5×10-10C14、如圖所示，甲圖為沿x軸傳播的一列簡(jiǎn)諧波在t=1s時(shí)刻的波動(dòng)圖象，乙圖為x=2m處的質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖象，則下列判斷正確的是（）A.該波的傳播速度為B.該波的傳播方向沿x軸反方向C.再經(jīng)過(guò)1s時(shí)間，質(zhì)點(diǎn)P將移動(dòng)到位置處E.時(shí)，處的質(zhì)點(diǎn)的加速度沿y軸正方向E.時(shí)，處的質(zhì)點(diǎn)的加速度沿y軸正方向評(píng)卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、如圖所示是兩列相干波的干涉圖樣，實(shí)線表示波峰，虛線表示波谷，兩列波的振幅都為0.1m，波速和波長(zhǎng)分別為1m/s和0.2m，C點(diǎn)為AB連線的中點(diǎn)．則圖示時(shí)刻C點(diǎn)的振動(dòng)方向_____（選填“向上”或“向下”），從圖示時(shí)刻再經(jīng)過(guò)0.25s時(shí)，A點(diǎn)經(jīng)過(guò)的路程為_(kāi)_____m．

16、如圖所示是一個(gè)簡(jiǎn)單的組合邏輯電路；完成其真值表。

。輸入。

輸出。

A

B

Z

0

0

______

0

1

______

1

0

______

1

1

______

17、如圖，兩側(cè)粗細(xì)均勻、橫截面積相等、高度均為的U型管，左管上端封閉，石管上端開(kāi)口。右管中有高的水銀柱，水銀柱上表面離管口的距離管底水平段的體積可忽略。環(huán)境溫度為大氣壓強(qiáng)現(xiàn)從右側(cè)端口緩慢注入水銀（與原水銀柱之間無(wú)氣隙），恰好使水銀柱下端到達(dá)右管底部。此時(shí)封閉氣體的壓強(qiáng)為_(kāi)_____要使封閉氣體在回到原來(lái)的體積，應(yīng)將氣體溫度升高到______

18、封閉汽缸內(nèi)一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B再變化到狀態(tài)C，其體積V隨熱力學(xué)溫度T變化的關(guān)系圖象如圖所示，氣體在狀態(tài)B時(shí)的溫度T2＝________K。氣體在從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的過(guò)程中吸收熱量Q1＝240J，對(duì)外做功為W＝100J．則氣體由狀態(tài)B變化到狀態(tài)C的過(guò)程中，氣體向外傳遞的熱量Q2＝________J。

19、兩塊非常長(zhǎng)的光滑擋板圍成一個(gè)夾角為10°的三角形區(qū)域，一小球沿著角平分線方向的初速度入射，設(shè)球與擋板間的碰撞是彈性的，則球與擋板一共會(huì)發(fā)生___________次碰撞。

20、如圖所示，平行板電容器板間距離d=10cm，與一個(gè)直流電源相連，電源電壓為10V，N板接地，取大地電勢(shì)為零，兩板間有一點(diǎn)P，P點(diǎn)距M板5cm，把開(kāi)關(guān)閉合給電容器充電，然后再斷開(kāi)，P點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小為_(kāi)_______，電勢(shì)為_(kāi)___________，若把N板向下移動(dòng)10cm，則P點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小為_(kāi)_______，電勢(shì)為_(kāi)________。

評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)21、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

22、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

23、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、解答題(共4題，共16分)24、如圖（a）所示，左為某同學(xué)設(shè)想的粒子速度選擇裝置，由水平轉(zhuǎn)軸及兩個(gè)薄盤N1、N2構(gòu)成，兩盤面平行且與轉(zhuǎn)軸垂直，相距為L(zhǎng)，盤上各開(kāi)一狹縫，兩狹縫夾角θ可調(diào)[如圖（b）]；右為水平放置的長(zhǎng)為d的感光板，板的正上方有一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，方向垂直紙面向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，帶正電的粒子經(jīng)電壓為U的電場(chǎng)加速后沿水平方向射入N1，能通過(guò)N2的粒子經(jīng)O點(diǎn)垂直進(jìn)入磁場(chǎng)，O到感光板的距離為0.5d，粒子電荷量為q，質(zhì)量為m；不計(jì)重力。

（1）若兩狹縫平行且盤靜止[如圖（c）]，粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后，豎直向下打在感光板中心點(diǎn)M上，求：加速電場(chǎng)的電壓U和粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t1；

（2）若兩狹縫夾角為θ0，N2盤以角速度ω0勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)動(dòng)方向如圖（b）．要使粒子穿過(guò)N1、N2，加速電壓U的可能取值；

（3）若兩狹縫夾角為θ0，N2盤勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)動(dòng)方向如圖（b）．要使穿過(guò)N1、N2的粒子均打到感光板P1P2連線上，試分析盤轉(zhuǎn)動(dòng)角速度ω的取值范圍（設(shè)通過(guò)N1的所有粒子在盤旋轉(zhuǎn)一圈的時(shí)間內(nèi)都能到達(dá)N2）。25、現(xiàn)代瓷器燒制通常采用電加熱式氣窯。某次燒制前，封閉在窯內(nèi)的氣體溫度為27壓強(qiáng)為=1.0x105燒制過(guò)程中為避免窯內(nèi)氣壓過(guò)高，窯上有一個(gè)單向排氣閥，當(dāng)窯內(nèi)氣壓達(dá)到=2.5×105時(shí)，單向排氣閥變?yōu)殚_(kāi)通狀態(tài)，當(dāng)窯內(nèi)氣體溫度達(dá)到燒制溫度927保持不變時(shí)；單向排氣閥關(guān)閉。已知燒制過(guò)程中窯內(nèi)氣體溫度均勻且緩慢升高，單向排氣閥排氣過(guò)程中窯內(nèi)氣壓保持不變。不考慮瓷胚體積的變化，求：

（1）排氣閥開(kāi)始排氣時(shí)；窯內(nèi)氣體溫度；

（2）燒制過(guò)程中；排出的氣體占原有氣體質(zhì)量的比例。

26、如圖，水平U形光滑框架，寬度為1m，電阻忽略不計(jì)，導(dǎo)體棒ab的質(zhì)量m=0.2kg、電阻R=0.5Ω，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.2T，方向垂直框架向上．現(xiàn)用F=1N的外力由靜止開(kāi)始向右拉ab棒，當(dāng)ab棒向右運(yùn)動(dòng)的距離為d=0.5m時(shí)速度達(dá)到2m/s；求此時(shí)：

（1）ab棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小；

（2）ab棒所受的安培力；

（3）ab棒的加速度大?。?/p>

（4）ab棒在向右運(yùn)動(dòng)0.5m的過(guò)程中，電路中產(chǎn)生的焦耳熱Q．27、如圖所示，設(shè)電子剛剛離開(kāi)金屬絲時(shí)的速度可忽略不計(jì)，經(jīng)加速電場(chǎng)加速后，沿平行于板面的方向射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，并從另一側(cè)射出．已知電子質(zhì)量為m，電荷量為e，加速電場(chǎng)電壓為U0．偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)可看做勻強(qiáng)電場(chǎng)；極板間電壓為U，極板長(zhǎng)度為L(zhǎng)，板間距為d，不計(jì)電子所受重力．求：

（1）電子射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)初速度的大??；

（2）電子從偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)射出時(shí)沿垂直板面方向的偏轉(zhuǎn)距離y；

（3）電子從偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)射出時(shí)速度的大小和方向．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【詳解】

A．不浸潤(rùn)液體呈凸液面；故A錯(cuò)誤；

B．冬季室內(nèi)的人向窗戶玻璃哈氣；玻璃內(nèi)表面會(huì)出現(xiàn)霧狀小水珠，外表面不會(huì)出現(xiàn)水珠，故B錯(cuò)誤；

C．非晶體的結(jié)構(gòu)與液體類似；可以看作是粘稠度極高的液體，故C正確；

D．當(dāng)分子間距離等于平衡距離r0時(shí)，分子間作用力為零，分子勢(shì)能最小，故當(dāng)r>r0時(shí)；分子勢(shì)能為正，故D錯(cuò)誤。

故選Ｃ。2、D【分析】【分析】

【詳解】

A．液晶顯示器利用了液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性的特點(diǎn)；故A正確；

B．非晶體呈各向同性；多晶晶體呈各向同性，單晶體呈各向異性，故B正確；

C．在圍繞地球飛行的宇宙飛船中；自由飄浮的水滴呈球形，這是表面張力作用的結(jié)果，故C正確；

D．不浸潤(rùn)現(xiàn)象說(shuō)明固體分子對(duì)液體分子的吸引力小于液體分子之間的吸引力；故D錯(cuò)誤。

本題選不正確項(xiàng)，故選D。3、C【分析】【詳解】

A．由圖知A→C過(guò)程中氣體溫度不變；體積減小，外界對(duì)氣體做功，故A錯(cuò)誤；

B．由圖知C→B過(guò)程中體積不變；外界對(duì)氣體不做功，故B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程由圖知A→C過(guò)程中氣體溫度不變；體積減小，氣體的壓強(qiáng)不斷增大，故C正確；

D．由圖知C→B過(guò)程中體積不變，溫度上升，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知溫度升高，氣體的壓強(qiáng)不斷增大，故D錯(cuò)誤．

故選C．4、B【分析】【分析】

【詳解】

A．當(dāng)r＜r0時(shí)，當(dāng)分子間距增大時(shí)，分子力減小，分子勢(shì)能減小；當(dāng)r＞r0時(shí)；當(dāng)分子間距增大時(shí)，分子力先增加后減小，分子勢(shì)能增加，故A錯(cuò)誤；

B．某物體溫度升高；則分子的平均動(dòng)能增大，該物體分子熱運(yùn)動(dòng)的總動(dòng)能一定增大，故B正確；

C．液晶顯示屏是應(yīng)用液晶的光學(xué)各向異性制成的；故C錯(cuò)誤；

D．自然界發(fā)生的一切過(guò)程能量都守恒；符合能量守恒定律的宏觀過(guò)程不一定都能自然發(fā)生，例如水能由高處自然的流向低處，但是不能自發(fā)的由低處流向高處，故D錯(cuò)誤。

故選B。5、D【分析】【分析】

【詳解】

A．在圖1中；向上拉動(dòng)下表面緊貼水面的玻璃板時(shí)，拉力大于重力，主要是受到了水的張力的影響，故A錯(cuò)誤；

B．在圖2中；隨著活塞上砝碼個(gè)數(shù)的增加，氣缸內(nèi)封閉的氣體越來(lái)越難壓縮（始終為氣體狀態(tài)），主要原因是由于隨著氣體體積的減小，氣體壓強(qiáng)越來(lái)越大，故B錯(cuò)誤；

C．用燒熱的針尖接觸表面涂有蜂蠟層的云母片；蜂蠟層形成了如圖3所示的熔化區(qū)域，說(shuō)明云母片對(duì)于導(dǎo)熱性存在著各向異性，故C錯(cuò)誤；

D．熱機(jī)在工作過(guò)程中；燃料不可能完全燃燒，尾氣帶走較多的熱量，機(jī)器本身散熱，克服機(jī)械間摩擦做功等，熱機(jī)的效率仍無(wú)法達(dá)到100%，故D正確。

故選D。6、A【分析】【詳解】

由題可知電池外電路斷開(kāi)時(shí)的路端電壓為3V，則電池的電動(dòng)勢(shì)為當(dāng)電源接上8Ω的負(fù)載電阻后路端電壓降為2.4V，則電路中電流為可得內(nèi)故選項(xiàng)A正確，B、C、D錯(cuò)誤。7、B【分析】【詳解】

設(shè)B球的質(zhì)量為M．以碰撞前A球的速度方向?yàn)檎?，A球與B球發(fā)生彈性碰撞，設(shè)碰撞后的速度分別為v1和v2，根據(jù)A球與B球動(dòng)量守恒得：mv0=mv1+Mv2

由能量守恒定律得：mv02=mv12+Mv22

解得：v2=

B球與C球發(fā)生彈性碰撞，設(shè)碰撞后的速度分別為v′2和v3；由能量守恒定律得：

Mv22=Mv′22+×（4m）v32

規(guī)定碰撞前A球的速度方向?yàn)檎蓜?dòng)量守恒定律得：

Mv2=Mv′2+4mv3

解得：v3=

故C球碰撞后的速度為：

由數(shù)學(xué)關(guān)系解得：M==2m時(shí)；C球碰撞后的速度最大．故選B．

點(diǎn)睛：本題貌似發(fā)生很多次碰撞，但只要依次分析，會(huì)發(fā)現(xiàn)僅僅碰撞兩次，如果真是發(fā)生很多次碰撞，也要先依次分析，然后找規(guī)律簡(jiǎn)化過(guò)程．關(guān)鍵要掌握動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律的應(yīng)用．二、多選題(共7題，共14分)8、A:D【分析】試題分析：當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)片向下滑動(dòng)一段后，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，由閉合電路歐姆定律分析得知：干路電流增大，電源的內(nèi)電壓增大，則路端電壓減小，則A1讀數(shù)I1變大；

路端電壓減小，通過(guò)A燈的電流變小，則A變暗．由干路電流增大，而A燈電流減小，得知通過(guò)電流表A2讀數(shù)I2變大，電阻R0兩端電壓變大；而路端電壓變小，則燈B與變阻器并聯(lián)電壓變小，B燈變暗．

由于I1變大，I2變大，IA變小，又I1=I2+IA，則得△I1＜△I2．故AD正確；BC錯(cuò)誤；故選AD．

考點(diǎn)：電路的動(dòng)態(tài)分析。

【名師點(diǎn)睛】本題是電路動(dòng)態(tài)變化分析問(wèn)題，按局部到整體再到局部的思路進(jìn)行分析；也可以直接應(yīng)用口訣“串反并同”來(lái)得出結(jié)論。9、B:C【分析】【分析】

【詳解】

只要兩個(gè)系統(tǒng)的溫度相同；兩個(gè)系統(tǒng)就處于熱平衡狀態(tài)，而與其他參量是否相同無(wú)關(guān)。

故選BC。10、B:C【分析】【詳解】

A．多晶體的物理性質(zhì)具有各向同性；故A錯(cuò)誤；

B．葉面上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用；故B正確；

C．液晶具有各向異性；利用這一性質(zhì)可以制造液晶顯示器，故C正確；

D．不浸潤(rùn)現(xiàn)象說(shuō)明固體分子對(duì)液體分子的吸引力小于液體分子之間的吸引力；故D錯(cuò)誤。

故選BC。11、A:C:E【分析】【詳解】

A．物體從外界吸熱；若對(duì)外做功，則其內(nèi)能不一定增大，故A正確；

B．液晶顯示器是利用液晶對(duì)光具有各向異性的特點(diǎn)；故B錯(cuò)誤；

C．溫度相同的氫氣和氧氣；它們分子的平均動(dòng)能相同，但是由于分子質(zhì)量不同，故分子的平均速率不相同，故C正確；

D．用氣體的摩爾體積和阿伏伽德羅常數(shù)可以估算氣體分子占據(jù)的空間體積；故D錯(cuò)誤；

E．當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時(shí)；距離減小斥力做負(fù)功，分子力和分子勢(shì)能總是隨分子間距離的減小而增大，故E正確。

故選ACE。12、A:C【分析】【詳解】

A；對(duì)矩形線圈受力分析可知所受安培力向上；再由左手定則可知矩形線圈中電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较颍蔄正確；

B、根據(jù)閉合電路歐姆定律可得解得矩形線圈的電阻故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)平衡條件可得而解得勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小故C正確；

D、開(kāi)始線圈所受安培力的方向向上，僅將磁場(chǎng)反向，則安培力方向反向，變?yōu)樨Q直向下，相當(dāng)于右邊多了兩倍的安培力大小，所以需要在左邊加砝碼，添加質(zhì)量為的砝碼可使天平重新平衡；故D錯(cuò)誤；

故選AC．

【點(diǎn)睛】天平平衡后，僅將磁場(chǎng)反向時(shí)，安培力方向反向，則右邊相當(dāng)于多了或少了兩倍的安培力大?。?3、A:D【分析】【詳解】

A；B項(xiàng)：由楞次定律可得：穿過(guò)線圈的磁通量增加；則產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向是順時(shí)針，由處于電源內(nèi)部所以電流方向是從負(fù)極到正極，故A板為正電荷，故A正確，B錯(cuò)誤；

C、D項(xiàng)：由法拉第電磁感應(yīng)定律：則A、C兩板的電勢(shì)差5×10-5V，由公式得故C錯(cuò)誤，D正確．

點(diǎn)晴：線圈平面垂直處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度隨著時(shí)間均勻變化時(shí)，線圈中的磁通量發(fā)生變化，從而導(dǎo)致出現(xiàn)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，產(chǎn)生感應(yīng)電流．由楞次定律可確定感應(yīng)電流方向，由法拉第電磁感應(yīng)定律可求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大?。?4、A:B:D【分析】【分析】

由波動(dòng)圖象可讀出波長(zhǎng)；由振動(dòng)圖象讀出周期，求出波速；在乙圖上讀出t=0時(shí)刻P質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向，在甲圖上判斷出波的傳播方向；波在同一介質(zhì)中勻速傳播，由s=vt可以求出經(jīng)過(guò)1s時(shí)間波沿波的傳播方向向前傳播的距離，而質(zhì)點(diǎn)并不向前傳播，根據(jù)波長(zhǎng)與障礙物尺寸的關(guān)系分析能否發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象；

【詳解】

A、甲圖是波動(dòng)圖象，由甲讀出該波的波長(zhǎng)為乙圖是振動(dòng)圖象，由乙圖讀出周期為則波速為故A正確；

B；在乙圖上讀出t=0時(shí)刻P質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向；在甲圖上，根據(jù)波形的平移法判斷得知該波的傳播方向沿x軸負(fù)方向，故B正確；

C；質(zhì)點(diǎn)只在自己的平衡位置附近上下振動(dòng)；并不隨波的傳播方向向前傳播，故C錯(cuò)誤；

D、由甲讀出該波的波長(zhǎng)為該波在傳播過(guò)程中，若遇到寬度為4m的障礙物，能發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象，故D正確；

E；由圖象可知t=2s時(shí)；x=4m處的質(zhì)點(diǎn)處在正最大位移處，故具有負(fù)向最大加速度，故E錯(cuò)誤；

故選ABD．三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】【詳解】

B點(diǎn)處于波谷，A點(diǎn)處于波峰，波由B向A傳播，此時(shí)C處于平衡位置，經(jīng)過(guò)四分之一周期，波谷傳播到該點(diǎn)，知C點(diǎn)的振動(dòng)方向向下，周期質(zhì)點(diǎn)在一個(gè)周期內(nèi)振動(dòng)的路程等于4倍的振幅，經(jīng)過(guò)0.25s時(shí)，走過(guò)的路程等于5倍的振幅，A=20cm，則s=1m．【解析】向下116、略

【分析】【分析】

【詳解】

該邏輯電路由非門和與門構(gòu)成；非門電路特點(diǎn)是輸出端情況與輸入端相反，即當(dāng)輸入端為“1”時(shí)，輸出端為“0”，當(dāng)輸入端為“0”時(shí)，輸出端為“1”，與門電路的特點(diǎn)是指決定某事件的條件全部具備時(shí)，該事件才發(fā)生，即當(dāng)輸入端全為“1”時(shí)，才會(huì)輸出“1”，其他輸入情況，輸出均為“0”

。輸入。

輸出。

A

B

Z

0

0

0

0

1

0

1

0

1

1

1

0

[1]0

[2]0

[3]1

[4]0【解析】001017、略

【分析】【詳解】

[1]對(duì)于左端密封氣體，狀體1的體積為

狀態(tài)1的壓強(qiáng)為

狀態(tài)2的體積為

根據(jù)氣體實(shí)驗(yàn)定律得

解得

[2]升溫過(guò)程是等壓變化，根據(jù)氣體實(shí)驗(yàn)定律得

將帶入得【解析】88.932018、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]AB延長(zhǎng)線過(guò)原點(diǎn)，即AB過(guò)程的V與T成正比，故A到B過(guò)程為等壓過(guò)程，對(duì)A到B的過(guò)程運(yùn)用蓋－呂薩克定律可得

代入圖象中的數(shù)據(jù)可得氣體在狀態(tài)B時(shí)的溫度

[2]因?yàn)闅怏w是一定質(zhì)量的理想氣體，而一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只跟溫度有關(guān)，因?yàn)?/p>

所以A與C的內(nèi)能相同，故A到B內(nèi)能的增加量等于B到C內(nèi)能的減小量，即

根據(jù)熱力學(xué)第一定律可得

A到B過(guò)程氣體對(duì)外做功，故

又已知

可得

根據(jù)熱力學(xué)第一定律可得

B到C為等容過(guò)程，故

所以

故氣體向外放出的熱量為140J?！窘馕觥?0014019、略

【分析】【分析】

【詳解】

如圖所示。

小球第一次碰撞后與角的另一邊的夾角為15°；如下圖所示；

第二次碰后與角的另一邊夾角為25°；可得每一次碰撞后下一次碰與角的一邊的夾角為增加10°，碰撞第8次和第9次，如下圖所示。

可得第9次后與角的邊的夾角為85°；第10次碰后如下圖所示。

可得碰后與角的邊的夾角為75°；每碰撞一次，角度減少10°，當(dāng)碰撞16次后，如下圖所示。

小碰撞第17次后，路徑沿水平向右，不會(huì)再發(fā)生碰撞，所以則球與擋板一共會(huì)發(fā)生17次碰撞?！窘馕觥?720、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)公式可得

[2]因?yàn)镻位于兩極板間的中點(diǎn)，所以PN之間的電勢(shì)差為

又知道

所以

[3]因?yàn)閮蓸O板間的電荷量恒定，根據(jù)公式聯(lián)立可得

故若把N板向下移；兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變。

[4]此時(shí)P點(diǎn)距離N板15cm，因?yàn)镹板接地，電勢(shì)為零，所以P點(diǎn)電勢(shì)為負(fù)，故【解析】四、作圖題(共3題，共18分)21、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針?lè)较?，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

圖丁；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】22、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、解答題(共4題，共16分)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）打在M點(diǎn)的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑為r1，速度為v1，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t1，由圖可知r1=0.5d

由牛頓第二定律可知

由動(dòng)能定理可知

聯(lián)立解得