2025年湘教新版必修3物理下冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年湘教新版必修3物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、有一個(gè)已充了電的電容器，若使它的電荷量減少3×10－6C，則其電壓降為原來(lái)的則下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是A.電容器原來(lái)的電荷量是9×10－6CB.電容器原來(lái)的電荷量是4.5×10－6CC.電容器原來(lái)的電壓可能是5VD.電容器原來(lái)的電壓可能是5×10－7V2、直角坐標(biāo)系xOy中，M、N兩點(diǎn)位于x軸上，G、H兩點(diǎn)坐標(biāo)如圖。M、N兩點(diǎn)各固定一等量負(fù)點(diǎn)電荷，一電荷量為Q的正點(diǎn)電荷置于O點(diǎn)時(shí)，G點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度恰好為零。靜電力常量用k表示。若將該正點(diǎn)電荷移到G點(diǎn)，則H點(diǎn)處場(chǎng)強(qiáng)的大小和方向分別為（）

A.沿y軸正向B.沿y軸負(fù)向C.沿y軸正向D.沿y軸負(fù)向3、下列表述正確的是（）A.亞里士多德通過(guò)“理想實(shí)驗(yàn)”得出了“力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因”這一結(jié)論B.開(kāi)普勒在研究行星運(yùn)動(dòng)規(guī)律的基礎(chǔ)上發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律C.庫(kù)侖通過(guò)“扭秤實(shí)驗(yàn)”非常準(zhǔn)確地測(cè)出了帶電物體間的靜電力D.法拉第引入的“電場(chǎng)線”是真實(shí)存在于電場(chǎng)中的4、一帶負(fù)電的粒子只在電場(chǎng)力作用下沿x軸正向運(yùn)動(dòng)，其電勢(shì)能Ep隨位移x變化的關(guān)系如圖所示，其中0～x2段是關(guān)于直線x=x1對(duì)稱(chēng)的曲線，x2～x3段是直線；則下列說(shuō)法正確的是（）

A.x1處電場(chǎng)強(qiáng)度最小，但不為零B.粒子在0～x2段做勻變速運(yùn)動(dòng)，在x2～x3段做勻速運(yùn)動(dòng)C.在0、x1、x2、x3處的電勢(shì)φ0、φ1、φ2、φ3的關(guān)系為φ3>φ2=φ0>φ1D.x2～x3段的電場(chǎng)強(qiáng)度大小、方向均不變5、2020年2月，中國(guó)科學(xué)家通過(guò)冷凍電鏡捕捉到新冠病毒表面S蛋白與人體細(xì)胞表面ACE2蛋白的結(jié)合過(guò)程，首次揭開(kāi)了新冠病毒入侵人體的神秘面紗。電子顯微鏡是冷凍電鏡中的關(guān)鍵部分，其中的一種電子透鏡的電場(chǎng)分布如圖所示，虛線為等差等勢(shì)面，一電子在其中運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖中實(shí)線所示，a、b是軌跡上的兩點(diǎn)；則（）

A.a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度B.b點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向水平向右C.a點(diǎn)的電勢(shì)高于b點(diǎn)的電勢(shì)D.電子在a點(diǎn)的電勢(shì)能大于在b點(diǎn)的電勢(shì)能6、如圖所示，甲、乙兩個(gè)電路都是由一個(gè)靈敏電流計(jì)G和一個(gè)滑動(dòng)變阻器R組成，

甲表是電流表，R增大時(shí)量程增大

甲表是電流表，R增大時(shí)量程減小

乙表是電壓表，R增大時(shí)量程增大

乙表是電壓表，R增大時(shí)量程減小

下列說(shuō)法正確的是A.和B.和C.和D.和7、三只不同的小燈泡，電阻分別為R1、R2、R3（R1、R2、R3互不相等）。把它們并聯(lián)起來(lái)，接在電源兩端，則下列說(shuō)法正確的是（）A.通過(guò)每只小燈泡的電流相等B.每只小燈泡兩端的電壓相等C.每只小燈泡消耗的功率相等D.一只小燈泡熄滅了，其他小燈泡不能繼續(xù)發(fā)光8、如圖所示，C1=6μF，C2=3μF，R1=3Ω，R2=6Ω，電源電動(dòng)勢(shì)E=18V；內(nèi)阻不計(jì)。下列說(shuō)法不正確的是（）

A.開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)，b點(diǎn)電勢(shì)比a點(diǎn)電勢(shì)高B.開(kāi)關(guān)S閉合后，a、b兩點(diǎn)間的電流是2AC.開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)，C1帶的電荷量比開(kāi)關(guān)S閉合后C1帶的電荷量大D.不論開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)還是閉合，C1帶的電荷量總比C2帶的電荷量大9、在如圖所示的U-I圖線上，a、b、c各點(diǎn)均表示該電路中有一個(gè)確定的工作狀態(tài)，在b點(diǎn)則下列說(shuō)法中正確的是（）

A.在a點(diǎn)時(shí)電源有最大輸出功率B.在b點(diǎn)時(shí)電源的總功率最大C.從a→b，β角增大，電源的總功率和輸出功率可能都將增大D.從b→c，β角增大，電源的總功率和輸出功率可能都將減小評(píng)卷人得分二、多選題(共7題，共14分)10、如圖是某品牌電動(dòng)汽車(chē)的標(biāo)識(shí)牌；以下說(shuō)法正確的是（）

。整車(chē)型號(hào)。

CH830BEV

最大設(shè)計(jì)總質(zhì)量。

1800kg

動(dòng)力電池容量。

60A·h

驅(qū)動(dòng)電機(jī)額定功率。

30kW

驅(qū)動(dòng)電機(jī)型號(hào)。

WXMP30LO

車(chē)輛設(shè)計(jì)代號(hào)VIN

LVFAD11A44000003

A.該電池的容量為60A·hB.該電池以6A的電流放電，可以工作10hC.該電池以6A的電流放電，可以工作60hD.該電池充完電可貯存的電荷量為60C11、如圖所示，已知帶電小球A、B的電荷量分別為都用長(zhǎng)L的絲線懸掛在O點(diǎn)，豎直墻壁光滑絕緣，靜止時(shí)A、B相距為d，已知小球A、B的質(zhì)量均為m，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間。以下說(shuō)法正確的是（）

A.連接小球B的繩上承受的力大小為mgB.如果緩慢將小球A、B的電荷量都減小到原來(lái)的一半，則AB間距離減為C.當(dāng)小球A、B的電荷量都緩慢減小時(shí)，連接兩個(gè)小球的繩上的力都減小D.為使平衡時(shí)AB間距離減為可以將小球B的質(zhì)量增加到12、讓和的混合物以相同的速度方向從同一位置垂直進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中發(fā)生偏轉(zhuǎn)；設(shè)四種粒子都能飛出電場(chǎng)，粒子重力不計(jì)。則下列說(shuō)法中正確的是（）

A.若粒子以相同初動(dòng)能入射，則飛出電場(chǎng)時(shí)它們將分成3股B.若粒子以相同初動(dòng)能入射，則飛出電場(chǎng)時(shí)它們將分成4股C.若粒子以相同初速度入射，則飛出電場(chǎng)時(shí)它們將分成3股D.若粒子經(jīng)同一電場(chǎng)從靜止加速后入射，則飛出電場(chǎng)時(shí)它們將分成2股13、已知π+介子、π—介子都是由一個(gè)夸克（夸克u或夸克d）和一個(gè)反夸克（反夸克或反夸克）組成的，它們的帶電量如下表所示，表中e為元電荷．下列說(shuō)法正確的是（）

A.π+由u和組成B.π+由d和組成C.π—由u和組成D.π—由d和組成14、如圖所示；原來(lái)不帶電的金屬球殼內(nèi)壁接地，將一帶正電的小球放入其中，但不與球殼接觸，則()

A.球殼內(nèi)壁帶負(fù)電B.球殼外壁帶正電C.球殼外壁不帶電D.若將接地線去掉再移去正電荷，球殼外壁帶負(fù)電15、如圖所示的電路中，當(dāng)開(kāi)關(guān)S接a點(diǎn)時(shí)，標(biāo)有“5V，2.5W”的小燈泡L正常發(fā)光，當(dāng)開(kāi)關(guān)S接b點(diǎn)時(shí)，通過(guò)電阻R的電流為1A，這時(shí)電阻R兩端的電壓為4V。則下列說(shuō)法正確的是（）

A.電阻R的阻值為0.25ΩB.電源的電動(dòng)勢(shì)為5VC.電源的電動(dòng)勢(shì)為6VD.電源的內(nèi)阻為2Ω16、如圖所示，均勻帶電的半圓環(huán)在圓心O點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度為E、電勢(shì)為,把半圓環(huán)分成AB、BC、CD三部分．下列說(shuō)法正確的是

A.BC部分在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為B.BC部分在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為C.BC部分在O點(diǎn)產(chǎn)生的電勢(shì)為D.BC部分在O點(diǎn)產(chǎn)生的電勢(shì)為評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)17、如圖電路；當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片放在正中時(shí)，三燈的亮度相同，則：

（1）三燈的電阻大小關(guān)系是：____；

（2）當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片下移后，三個(gè)燈的亮度最暗的是____燈．18、一根阻值為R的均勻電阻絲，均勻拉長(zhǎng)至原來(lái)的2倍，電阻變?yōu)開(kāi)_______。19、麥克斯韋電磁場(chǎng)理論的兩大支柱是：______、______。20、如圖，半徑為R的半球面上均勻分布一定量的正電荷，經(jīng)過(guò)半球頂點(diǎn)與球心建立坐標(biāo)軸Ox。圖中A、B、C三點(diǎn)距離球心均為0.5R，則A點(diǎn)電勢(shì)________________B點(diǎn)電勢(shì)（選填“高于”、“低于”、“等于”）。已知均勻帶電球殼內(nèi)部的電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，則C點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向________________。

21、如圖表示某電場(chǎng)等勢(shì)面的分布情況。

（1）如果把電子從b等勢(shì)面移動(dòng)到e等勢(shì)面,靜電力做的功為_(kāi)______eV。

（2）在電場(chǎng)中的兩點(diǎn)放置電荷量相等的試探電荷，它們所受靜電力FA_____FB(填“大于、等于或小于”)；電勢(shì)能EpA_____EpB(填“大于；等于或小于”)。

評(píng)卷人得分四、作圖題(共1題，共10分)22、如圖1所示，用電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r的電源，向滑動(dòng)變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標(biāo)，I為橫坐標(biāo)，在圖2中畫(huà)出變阻器阻值R變化過(guò)程中U-I圖像的示意圖，并說(shuō)明U-I圖像與兩坐標(biāo)軸交點(diǎn)的物理意義。

（2）請(qǐng)?jiān)趫D2畫(huà)好的U-I關(guān)系圖線上任取一點(diǎn)；畫(huà)出帶網(wǎng)格的圖形，以其面積表示此時(shí)電源的輸出功率。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共9分)23、某同學(xué)通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)定一個(gè)阻值約為的電阻的阻值。

（1）現(xiàn)有電源（內(nèi)阻可不計(jì)）、滑動(dòng)變阻器（額定電流）；開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線若干；以及下列電表：

A．電流表（內(nèi)阻約）

B．電流表（內(nèi)阻約）

C．電壓表（內(nèi)阻約）

D．電壓表（內(nèi)阻約）

為減小測(cè)量誤差，在實(shí)驗(yàn)中，電流表應(yīng)選用________，電壓表應(yīng)選用________(選填器材前的字母)；實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)采用圖中的________(選填“甲”或“乙”)。

（2）接通開(kāi)關(guān)，改變滑動(dòng)變阻器滑片P的位置，并記錄對(duì)應(yīng)的電表示數(shù)。某次電表示數(shù)如圖所示，可知電流表示數(shù)________電壓表示數(shù)_______則該電阻的測(cè)量值________(保留兩位有效數(shù)字)。

（3）若在（1）問(wèn)中選用甲電路，產(chǎn)生誤差的主要原因是________；若在（1）問(wèn)中選用乙電路，產(chǎn)生誤差的主要原因是________。(選填選項(xiàng)前的字母)

A．電流表測(cè)量值小于流經(jīng)的電流值B．電流表測(cè)量值大于流經(jīng)的電流值。

C．電壓表測(cè)量值小于兩端的電壓值D．電壓表測(cè)量值大于兩端的電壓值24、現(xiàn)用多用電表測(cè)量一個(gè)阻值約為20Ω的電阻和探測(cè)電路。

（1）測(cè)量步驟如下∶

①將選擇開(kāi)關(guān)旋轉(zhuǎn)到“Ω”擋的____（填“×1”“×10”“×100”或“×1k”）位置；并進(jìn)行歐姆調(diào)零。

②將紅、黑表筆分別與待測(cè)電阻兩端相接觸，若多用電表示數(shù)如圖甲所示，該電阻的阻值為_(kāi)___Ω。（保留三位有效數(shù)字）

（2）探測(cè)對(duì)象為如圖乙所示的黑箱；箱內(nèi)有一節(jié)干電池；一個(gè)電阻、一個(gè)晶體二極管和一個(gè)電容器，箱外有4個(gè)接線柱，分別標(biāo)為1、2、3、4，相鄰兩個(gè)序號(hào)間只有一個(gè)元件。

①若用多用電表確定元件的位置，應(yīng)使用多用電表的____（填下述擋位的序號(hào)）進(jìn)行試測(cè)。

A.直流10V電壓擋

B.直流1.5V電壓擋。

C.歐姆擋

D.直流電流擋。

②試測(cè)后，用直流1.5V電壓擋進(jìn)一步測(cè)量，測(cè)量結(jié)果記錄如下：。紅表筆位置111黑表筆位置234示數(shù)1.5V00

確定電源位置后，去掉電源，應(yīng)用多用電表的____擋進(jìn)行測(cè)量。結(jié)果如下：。紅表筆位置111234黑表筆位置234111電阻情況電阻很大電阻很大電阻很大先有電阻，然后變?yōu)楹艽箅娮韬苄‰娮韬苄?/p>

③根據(jù)以上結(jié)果，在圖乙虛線框中畫(huà)出電路圖_______。25、某同學(xué)為測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，從實(shí)驗(yàn)室找來(lái)電鍵、定值電阻R0。電流表（內(nèi)阻不計(jì)）、一根均勻電阻絲（配有可在電阻絲上移動(dòng)的金屬夾）和導(dǎo)線若干。因缺少刻度尺，無(wú)法測(cè)量電阻絲長(zhǎng)度，他找到了一個(gè)絕緣的圓形時(shí)鐘表盤(pán)。他將電阻絲繞在表盤(pán)上，用改變圓心角θ（以rad為單位）的方法改變接入電路中的電阻絲長(zhǎng)度。實(shí)驗(yàn)方案如下：

先將器材連成如圖（1），后將金屬夾從b端開(kāi)始不斷改變位置，閉合電鍵后記錄每次從a到金屬夾位置所對(duì)應(yīng)的圓心角θ和電流表示數(shù)I，最后將數(shù)據(jù)描在坐標(biāo)紙上、繪得如圖（2）所示圖線，已知a、b間單位角度對(duì)應(yīng)電阻絲的阻值為r0，則∶圖（2）對(duì)應(yīng)的的函數(shù)關(guān)系為_(kāi)_________（用R0、r0、E、r、θ表示）；若已知r0=3Ω/rad，R0=2Ω，則由（2）圖可求得電源的電動(dòng)勢(shì)E=_____________V；內(nèi)阻r=___________（保留兩位有效數(shù)字）

評(píng)卷人得分六、解答題(共4題，共32分)26、如圖所示，已知電源電動(dòng)勢(shì)E＝20V，內(nèi)阻r＝1Ω，當(dāng)接入固定電阻R＝4Ω時(shí)，電路中標(biāo)有“3V,6W”的燈泡L和內(nèi)阻RD＝0.5Ω的小型直流電動(dòng)機(jī)D都恰能正常工作．試求：

(1)電路中的電流大??；

(2)電動(dòng)機(jī)的額定電壓；

(3)電動(dòng)機(jī)的輸出功率．27、一臺(tái)“6V，15W”的直流電動(dòng)機(jī)的線圈電阻為R=0.5Ω，接在電動(dòng)勢(shì)E=6V，內(nèi)阻r=0.5Ω的電源上工作時(shí)；測(cè)得電動(dòng)機(jī)兩端電壓是5V，求：

（1）電源的總功率；

（2）電源的輸出功率；

（3）電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率；

（4）電動(dòng)機(jī)的輸出功率．28、如圖所示，從熾熱的金屬絲K逸出的電子（速度可視為零），經(jīng)加速電場(chǎng)加速后，從偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)兩極板正中央垂直電場(chǎng)方向射入，恰好從下極板邊緣飛出電場(chǎng)。已知電子質(zhì)量為m，電荷量為e，加速電場(chǎng)電壓為U0。偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)兩板間距離為d，板長(zhǎng)為L(zhǎng)。電子的重力不計(jì)。求：

(1)電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的速度大??；

(2)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)電壓；

(3)電子離開(kāi)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)速度的大小和速度偏轉(zhuǎn)角的正切值。29、如圖所示，足夠長(zhǎng)的傳送帶AB與光滑的水平面BC連接，光滑的、半徑R＝0.5m的半圓軌道與水平面連接，相切于C點(diǎn)。傳送帶以恒定的速率v順時(shí)針運(yùn)行，在光滑的水平面上有一質(zhì)量m＝0.5kg的物體以v1＝6m/s的速度向左滑上傳送帶，經(jīng)過(guò)2s物體的速度減為零，物體返回到光滑的水平面且沿著半圓軌道恰能運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)，g取10m/s2；求：

（1）物體與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ；

（2）傳送帶的速度v；

（3）物體在傳送帶上滑動(dòng)過(guò)程中系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】【詳解】

AB．根據(jù)題意平行板電容器的電荷量減少電壓減少為原來(lái)的由知電量減少為原來(lái)的即減少了原來(lái)的則根據(jù)知電容器原來(lái)的帶電荷量Q=1.5△Q=1.5×3×10-6=4.5×10-6C

故A符合題意，B不符合題意．

CD．由已知條件無(wú)法求電壓，故CD均有可能，故CD不符合題意．2、B【分析】【詳解】

由于正點(diǎn)電荷在O點(diǎn)時(shí)，G點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為零，則可知兩負(fù)點(diǎn)電荷在G點(diǎn)形成的電場(chǎng)的合場(chǎng)強(qiáng)與正點(diǎn)電荷在G點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)等大反向，大小為

方向沿y軸正向。若將正點(diǎn)電荷移到G點(diǎn)，則正點(diǎn)電荷在H點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為

方向沿y軸正向，根據(jù)對(duì)稱(chēng)性可知，兩負(fù)點(diǎn)電荷在G點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)與在H點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)等大反向，則H點(diǎn)處場(chǎng)強(qiáng)大小為

方向沿y軸負(fù)向。

故選B。3、C【分析】【詳解】

A．伽利略通過(guò)“理想實(shí)驗(yàn)”得出了“力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因”這一結(jié)論；故A錯(cuò)誤；

B．牛頓在研究行星運(yùn)動(dòng)規(guī)律的基礎(chǔ)上發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律；故B錯(cuò)誤；

C．庫(kù)侖通過(guò)“扭秤實(shí)驗(yàn)”非常準(zhǔn)確地測(cè)出了帶電物體間的靜電力；故C正確；

D．法拉第引入的“電場(chǎng)線”是為了描述電場(chǎng)人為引入的；在電場(chǎng)中不是真實(shí)存在，故D錯(cuò)誤。

故選C。4、D【分析】【詳解】

A．根據(jù)ΔEp=qΔφE=

可得ΔEp=qEΔx

由數(shù)學(xué)知識(shí)可知Ep-x圖像切線的斜率表示qE，x1處切線斜率為零，則x1處電場(chǎng)強(qiáng)度為零；故A錯(cuò)誤；

BD．由圖像可看出段圖像切線的斜率絕對(duì)值不斷減小，則電場(chǎng)強(qiáng)度減小，粒子所受的電場(chǎng)力減小，加速度減小，做非勻變速運(yùn)動(dòng)，x1～x2段圖像切線的斜率不斷增大，則電場(chǎng)強(qiáng)度增大，粒子所受的電場(chǎng)力增大，做非勻變速運(yùn)動(dòng)，x2～x3段圖像切線的斜率不變；則電場(chǎng)強(qiáng)度不變，即電場(chǎng)強(qiáng)度大小和方向均不變，粒子所受的電場(chǎng)力不變，做勻變速運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤，D正確；

C．根據(jù)Ep=qφ，粒子帶負(fù)電，q<0，電勢(shì)能越大，則粒子所在處的電勢(shì)越低，所以φ1>φ2=φ0>φ3

故C錯(cuò)誤。

故選D。5、C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)等差等勢(shì)面的疏密可表示場(chǎng)強(qiáng)強(qiáng)弱，由于a點(diǎn)等差等勢(shì)面比b點(diǎn)稀疏，則a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度根據(jù)；故A錯(cuò)誤；

B、由于電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面，則b點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度垂直等勢(shì)面沿水平方向，又因?yàn)殡娮榆壽E為曲線，所受電場(chǎng)力指向軌跡凹側(cè)，即水平向右，又電子帶負(fù)電，則b點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向水平向左；故B錯(cuò)誤；

C．順著電場(chǎng)線方向，電勢(shì)逐漸降低，電場(chǎng)線由高等勢(shì)面指向低等勢(shì)面，根據(jù)電子受力方向向右，則電場(chǎng)線方向向左，故a點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)；故C正確；

D．因?yàn)棣誥>φb，電子在電勢(shì)低的地方電勢(shì)能大，在電勢(shì)高的地方電勢(shì)能小，故電子在a點(diǎn)的電勢(shì)能小于在b點(diǎn)的電勢(shì)能；故D錯(cuò)誤。

故選C。6、C【分析】【分析】

靈敏電流計(jì)G和變阻器R并聯(lián)時(shí)；由于變阻器的分流，測(cè)量的電流增大，改裝成電流表，而靈敏電流計(jì)G和變阻器R串聯(lián)時(shí)，由于變阻器的分壓，測(cè)量的電壓增大，改裝成電壓表．

【詳解】

由圖甲所示可知；G與電阻R并聯(lián)，甲表是電流表，R增大時(shí)，甲表中變阻器分流減小，量程減小，故（1）錯(cuò)誤，（2）正確。由圖乙所示可知，G與R串聯(lián)，乙是電壓表，R增大時(shí)，變阻器分擔(dān)的電壓增大，乙表量程增大，故（3）正確，（4）錯(cuò)誤；故C正確；故選C。

【點(diǎn)睛】

本題考查電表改裝原理的理解能力．當(dāng)電流計(jì)的指針滿(mǎn)偏時(shí)，電流表或電壓表的指針滿(mǎn)偏，所測(cè)量的電流或電壓達(dá)到最大值．7、B【分析】【詳解】

AB．由串并聯(lián)電路的規(guī)律可知，并聯(lián)電路，電壓相等，所以三個(gè)燈泡的電壓相同，由歐姆定律可知

因?yàn)殡娮璨煌凰匀齻€(gè)燈泡的電流不同，故A錯(cuò)誤，B正確；

C．由

因?yàn)殡娮璨煌?；所以三個(gè)燈泡的電功率不同，故C錯(cuò)誤；

D．并聯(lián)電路；其中一條支路斷路，其余電路依然可以工作，故D錯(cuò)誤。

故選B。8、D【分析】【詳解】

A．開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)，電路中沒(méi)有電流，a點(diǎn)接電源的負(fù)極，b接電源的正極；故a點(diǎn)的電勢(shì)低于b點(diǎn)的電勢(shì)；故A正確；

B．開(kāi)關(guān)S閉合后，兩電阻串聯(lián)，由閉合電路歐姆定律可知，電流為

故B正確；

C．開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)，電容器兩端的電壓等于電源的電動(dòng)勢(shì)18V，而開(kāi)關(guān)S閉合后，其電壓為R1兩端的電壓，小于電源的電動(dòng)勢(shì)18V，則開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)C1帶的電荷量比開(kāi)關(guān)S閉合后C1帶的電荷量大；故C正確；

D．開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)，電容器兩端的電壓都等于電源的電動(dòng)勢(shì)，由Q=CU知，此時(shí)C1帶的電荷量比C2帶的電荷量大；當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合時(shí)，C1兩端的電壓U1=IR1=2×3=6V

C2兩端的電壓為U2=IR2=2×6=12V

則為Q1=U1C1=6×6×10-6=3.6×10-5CQ2=U2C2=12×3×10-6=3.6×10-5C

兩個(gè)電容器帶的電荷量相等；故D錯(cuò)誤；

故選D。9、D【分析】【分析】

【詳解】

A．圖線斜率表示電源內(nèi)阻，b點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率表示b狀態(tài)電源的外電路電阻，b點(diǎn)的表示b點(diǎn)對(duì)應(yīng)的內(nèi)外電阻相等；此時(shí)電源的輸出功率最大。故A錯(cuò)誤；

B．外電路短路時(shí)，電源的總功率最大，在b狀態(tài)；顯然外電路不短路。故B錯(cuò)誤；

C．從a到b；路端電壓升高，回路電流減小，電源的總功率減小，外電路的電阻與內(nèi)阻的差值逐漸減小，故電源的輸出功率增大，故C錯(cuò)誤；

D．從b到c；電流減小，電源的總功率變小，外電路電阻與內(nèi)阻的差值逐漸增大，故電源的輸出功率減小，故D正確。

故選D。二、多選題(共7題，共14分)10、A:B【分析】【分析】

【詳解】

ABC．從題圖標(biāo)識(shí)牌可知電池的容量為60A·h；即以6A的電流放電可工作10h，故A；B正確，C錯(cuò)誤；

D．該電池充完電可貯存的電荷量。

q=60×3600C=2.16×105C故D錯(cuò)誤。

故選AB。11、A:D【分析】【分析】

【詳解】

對(duì)小球B作受力分析圖如下圖所示。

由相似三角形可得

可得

又

聯(lián)立可得

A．連接小球B的繩上承受的力大小為mg；故A正確；

B．如果緩慢將小球A、B的電荷量都減小到原來(lái)的一半，則AB間距離減為故B錯(cuò)誤；

C．當(dāng)小球A、B的電荷量都緩慢減小時(shí)，由幾個(gè)關(guān)系知，連接小球B的繩上的力不變；故C錯(cuò)誤；

D．由

可知為使平衡時(shí)AB間距離減為可以將小球B的質(zhì)量增加到故D正確。

故選AD。12、A:C【分析】【詳解】

AB．飛出電場(chǎng)過(guò)程

根據(jù)牛頓第二定律

射出電場(chǎng)時(shí)偏轉(zhuǎn)距離

又

整理得

和四種粒子中；有三種電荷量，則飛出電場(chǎng)時(shí)它們將分成3股，故A正確，B錯(cuò)誤；

C．由上分析得知

若粒子以相同初速度入射，則飛出電場(chǎng)時(shí)它們將分成的股數(shù)與比荷有關(guān)，和四種粒子中；有三種比荷，則飛出電場(chǎng)時(shí)它們將分成3股，故C正確；

D．根據(jù)能量守恒

若粒子經(jīng)同一電場(chǎng)從靜止加速后入射；則飛出電場(chǎng)時(shí)它們將成1股，故D錯(cuò)誤。

故選AC。13、A:D【分析】【詳解】

由題意可知，帶電量為故由u和組成；帶電量為故由d和組成組成；故AD正確，BC錯(cuò)誤．

點(diǎn)睛：根據(jù)和介子的帶電量，以及夸克的帶電量情況，可以確定和介子組成．14、A:C:D【分析】【詳解】

由靜電屏蔽知識(shí)可得；未接地前電場(chǎng)線分布特點(diǎn)如圖；

球殼是個(gè)等勢(shì)體，無(wú)論是內(nèi)殼還是外殼接地，都是大地上的電子受電場(chǎng)力作用逆著電場(chǎng)線與外殼正電中和，使外殼不帶電，故AC正確，B錯(cuò)．若移出正電荷，則剩余負(fù)電都分布在外表面，D正確．故選ACD.15、C:D【分析】【詳解】

A．當(dāng)開(kāi)關(guān)S接b點(diǎn)時(shí)，電阻R的值為

故A錯(cuò)誤；

BCD．當(dāng)開(kāi)關(guān)S接a點(diǎn)時(shí)，小燈泡L正常發(fā)光，故通過(guò)的電流為

根據(jù)閉合電路歐姆定律

聯(lián)立解得

B錯(cuò)誤；CD正確。

故選CD。16、A:D【分析】【詳解】

如圖所示，B、C兩點(diǎn)把半圓環(huán)等分為三段．

設(shè)每段在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小均為E′．AB段和CD段在O處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)夾角為120°；它們的合場(chǎng)強(qiáng)大小為E′則O點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)：E=2E′，則：E′=E/2；故圓弧BC在圓心O處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)為E/2．電勢(shì)是標(biāo)量，設(shè)圓弧BC在圓心O點(diǎn)產(chǎn)生的電勢(shì)為φ′，則有3φ′=φ，則φ′=φ/3，故選AD．

點(diǎn)睛：本題要注意電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，應(yīng)根據(jù)平行四邊形定則進(jìn)行合成，掌握電場(chǎng)的疊加原理；電勢(shì)是標(biāo)量，可直接取代數(shù)和．三、填空題(共5題，共10分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]．由圖知，變阻器R與C燈串聯(lián)后與B燈并聯(lián)，最后與A燈并聯(lián)．三個(gè)小燈泡亮度相同，說(shuō)明功率相同．對(duì)于燈A、B：通過(guò)BC的電流小于A的電流，當(dāng)燈泡的功率相同時(shí)，由公式P=I2R分析可知，BC的電阻大于A的電阻．燈B的電壓大于C的電壓，當(dāng)兩個(gè)燈泡的功率相同時(shí)，根據(jù)公式P=U2/R知，B的電阻大于C的電阻．則RA＜RC＜RB；

（2）[2]．當(dāng)滑片P向下滑動(dòng)時(shí)，變阻器在路電阻增大，外電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，干路電流I減小，路端電壓U增大，則B變亮．通過(guò)C電流IC=I﹣IB，I減小，IB增大，則IC減小的最大，所以C燈最暗．【解析】RA＜RC＜RB；C18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】4R19、略

【分析】【詳解】

[1][2]麥克斯韋電磁場(chǎng)理論的兩大支柱是：變化的電場(chǎng)產(chǎn)生磁場(chǎng)，變化的磁場(chǎng)產(chǎn)生電場(chǎng)。【解析】①.變化的電場(chǎng)產(chǎn)生磁場(chǎng)②.變化的磁場(chǎng)產(chǎn)生電場(chǎng)20、略

【分析】【詳解】

[1]電場(chǎng)線方向由A指向B，則A點(diǎn)電勢(shì)高于B點(diǎn)電勢(shì)。

[2]將半球面補(bǔ)成一個(gè)完整的球面。

根據(jù)電荷分布對(duì)稱(chēng)性及均勻帶電球殼內(nèi)部的電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，可知左側(cè)弧MP所帶電荷與右側(cè)弧MP所帶電荷在C點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相反，由對(duì)稱(chēng)性可知?jiǎng)tC點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向平行于Ox軸向右?！窘馕觥扛哂谄叫杏贠x軸向右21、略

【分析】【詳解】

（1）[1]把電子從b等勢(shì)面移動(dòng)到e等勢(shì)面,靜電力做的功為

（2）[2]等勢(shì)線越密集的地方，電場(chǎng)線也越密集，所以A處的場(chǎng)強(qiáng)大于B處的場(chǎng)強(qiáng)，根據(jù)

可知A、B兩處的靜電力有

[3]A、B兩點(diǎn)在同一等勢(shì)面上，電勢(shì)相等，A、B兩點(diǎn)放置電荷的電荷量相等，根據(jù)

可知A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)能【解析】15大于等于四、作圖題(共1題，共10分)22、略

【分析】【詳解】

（1）由閉合電路歐姆定律可知

所以圖像與縱軸交點(diǎn)的坐標(biāo)值為電源電動(dòng)勢(shì)；與橫軸交點(diǎn)的坐標(biāo)值為短路電流，如圖所示。

（2）電源的輸出功率等于路端電壓與干路電流的乘積；即所要求的的面積為該點(diǎn)向坐標(biāo)軸作垂線后與坐標(biāo)軸圍成的面積，如圖所示。

【解析】（1）U-I圖像如圖所示。圖像與縱軸交點(diǎn)的坐標(biāo)值為電源電動(dòng)勢(shì)，與橫軸交點(diǎn)的坐標(biāo)值為短路電流；（2）五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共9分)23、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]由于電源電動(dòng)勢(shì)為所以電壓表應(yīng)選的量程，所以電壓表應(yīng)選C；根據(jù)歐姆定律可知，通過(guò)待測(cè)電阻的最大電流約為

所以電流表應(yīng)選B。

[3]由于待測(cè)電阻滿(mǎn)足

所以電流表應(yīng)用外接法；所以應(yīng)采用圖甲電路。

（2）[4]電流表量程為分度值為讀數(shù)為

[5]電壓表量程為分度值為讀數(shù)為

[6]待測(cè)電阻為

（3）[7][8]根據(jù)歐姆定律和串并聯(lián)規(guī)律可知，采用甲電路時(shí)，由于電壓表的分流作用，導(dǎo)致電流表的測(cè)量值大于流經(jīng)的電流，所以產(chǎn)生誤差的主要原因是B；若采用乙電路，由于電流表的分壓作用，導(dǎo)致電壓表的測(cè)量值大于兩端的電壓值，所以造成誤差的主要原因是D?！窘馕觥緽C甲BD24、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]根據(jù)電阻的估計(jì)值；選“×1”擋可以使指針指在表盤(pán)中央附近，由圖乙直接讀數(shù)得電阻的測(cè)量值為19.0Ω。

（2）[3]已知電路中有一節(jié)干電池；應(yīng)用電壓擋試測(cè)，為避免試觸時(shí)電壓表反接而損壞電壓表，應(yīng)采用較大量程試測(cè)。確定電源的正；負(fù)極位置后，可以利用1.5V擋測(cè)量。ACD錯(cuò)誤，B正確。

故選B。

[4]1；2之間示數(shù)為1.5V；說(shuō)明電壓表測(cè)量值為電源電壓，且1接電源正極。去掉電源后，應(yīng)用歐姆擋檢測(cè)電路；

[5]紅表筆接多用電表內(nèi)部電源負(fù)極；黑表筆接多用電表內(nèi)部電源正極，紅表筆接1，黑表筆接2；3、4顯示電阻很大，說(shuō)明二極管處于反接狀態(tài)；黑表筆接1，紅表筆接4顯示電阻很小，說(shuō)明二極管處于1、4之間，且處于正向?qū)顟B(tài)；而紅表筆接3、黑表筆接1顯示電阻較小，說(shuō)明3、4間有電阻存在；由于電容器充電，導(dǎo)致紅表筆接2、黑表筆接1時(shí)先有電阻，然后變?yōu)楹艽螅f(shuō)明在2、3間有電容器，電路圖如下所示。

【解析】×119.0B歐姆25、略

【分析】【詳解】

[1]依題意，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得E=I(r+θr0+R0)

變換可得

[2]