2025年湘教新版必修3物理下冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘教新版必修3物理下冊階段測試試卷66考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、電路如圖所示，當a、b兩端接入100V電壓時，用理想電壓表測得c、d兩端電壓為20V；當c、d兩端接入100V電壓時，用理想電壓表測得a、b兩端電壓為50V，則R1∶R2∶R3等于()

A.4∶2∶1B.2∶1∶1C.3∶2∶1D.5∶3∶22、如圖，和皆為定值電阻，為滑動變阻器，電源電動勢為E，內阻為設電流表A的讀數(shù)為I，電壓表V的讀數(shù)為閉合電鍵，當?shù)幕瑒佑|頭向a端移動時，下列判斷中正確的是

A.I變小，U變小B.I變小，U變大C.I變大，U變小D.I變大，U變大3、某種角速度計，其結構如圖所示。當整個裝置繞軸OO′轉動時，元件A相對于轉軸發(fā)生位移并通過滑動變阻器輸出電壓，電壓傳感器（傳感器內阻無限大）接收相應的電壓信號。已知A的質量為m，彈簧的勁度系數(shù)為k、自然長度為l，電源的電動勢為E、內阻不計。滑動變阻器總長也為l，電阻分布均勻，裝置靜止時滑片P在變阻器的最左端B端，當系統(tǒng)以角速度ω轉動時；則（??）

A.電路中電流隨角速度的增大而增大B.彈簧的伸長量為C.輸出電壓U與ω的函數(shù)式為D.此裝置能測量的角速度最大不超過4、長度和橫截面積均相同、材料不同的a、b兩根金屬絲；它們的伏安特性曲線分別如圖中A；B所示。根據(jù)圖像可知（）

A.a的電阻率隨溫度的升高而增大B.a的電阻率隨溫度的升高而減小C.b的電阻率隨溫度的升高而增大D.b的電阻率隨溫度的升高而減小5、如圖所示，在點電荷形成的電場中有A、B兩點，已知A點電場強度大小為EA，方向垂直于AB連線，電勢為φA；B點電場強度大小為EB，方向與AB連線成θ角，電勢為φB。下列選項正確的是（）

A.EA<EBB.EA=EBC.φA<φBD.φA=φB6、如圖所示，a、b兩點位于以真空中一靜止的負點電荷為球心的球面上，c點在球面外；則（）

A.a點與b點場強相同B.b點場強比c點小C.a點電勢比b點高D.b點電勢比c點低7、真空中靜止的點電荷的電場線分布如圖所示，A、B為同一條電場線上的兩點。已知A點的場強為EA，B點的場強為EB，A、B兩點之間距離為d，電荷量為+q的試探電荷在A點的電勢能為EpA，在B點的電勢能為EpB。有關A、B兩點的說法正確的是（）

A.該試探電荷在A點受靜電力較小B.該試探電荷在B點具有的電勢能較大C.A、B兩點間的電勢差等于D.A、B兩點間的電勢差等于8、如圖所示，兩帶正電的等量同種電荷A、B固定在同一水平線上，一豎直固定的光滑絕緣細桿通過AB中點O，一質量為m、帶電荷量為+q的小球套在細桿上，小球從O點正上方P點出發(fā)，以某一初速度v向下運動，當v=v0時，恰能到達O點。Q點位于O點的正下方，OP=OQ=h。重力加速度為g?，F(xiàn)小球以初速度2v0從P點向下運動；則（）

A.小球過O點時加速度為零B.小球過Q點時速度為2v0C.從P點到O點過程中合力對小球做功為D.O、P兩點的電勢差UOP<評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、如圖所示，a、b是兩個固定的點電荷，a帶正電，b帶負電，a所帶電荷量多于b所帶電荷量，c、d是a、b所在直線上的兩個點；下列說法正確的是（）

A.c點電勢一定高于d點電勢B.c點電場強度大小可能等于d點電場強度大小C.把正電荷從c點移到d點電場力一定做正功D.把正電荷從c點移到d點電場力可能做負功10、如圖所示；共享單車的車鎖內集成了嵌入式芯片；GPS模塊和SIM卡等，便于監(jiān)控單車在路上的具體位置。用戶僅需用手機上的客戶端軟件（App）掃描二維碼，即可自動開鎖，騎行時手機App上能實時了解單車的位置；騎行結束關鎖后App就顯示計時、計價、里程等信息。此外，單車能夠在騎行過程中為車內電池充電，滿足定位和自動開鎖等過程中的用電。根據(jù)以上信息判斷下列說法不正確的有（）

A.單車的位置信息是借助北斗衛(wèi)星導航系統(tǒng)準確定位的B.單車是利用電磁感應原理實現(xiàn)充電的C.由手機App上的顯示信息，可求出騎行的平均速度D.單車在被騎行過程中受到地面的摩擦力表現(xiàn)為阻力11、如圖所示是有兩個量程的電流表，已知表頭的內阻滿偏電流電阻當使用A、B兩個端點時，電流表的量程為當使用A、C兩個端點時，電流表的量程為則分別為（）

A.=5mAB.=10mAC.=20mAD.=25mA12、如圖所示，半徑為R的圓所在平面與某一勻強電場平行，A、B、C、E為圓周上四個點，E為BC圓弧的中點，AB//OE，O為圓心，D為AB中點，粒子源從C點沿不同方向發(fā)出速率均為的帶正電的粒子，已知粒子的質量為m、電量為q（不計重力和粒子之間的相互作用力）。若沿CA方向入射的粒子恰以的速度垂直AB方向過D點。則以下說法正確的是（）

A.AD間和OC間的電勢差關系為：UAD=UOCB.沿垂直BC方向入射的粒子可能經過A點C.在圓周上各點中，從E點離開的粒子速率最大D.若則勻強電場的場強為13、如圖所示，M、N為橢圓的兩個焦點，在M、N兩點分別放置電量均為q的正、負點電荷，橢圓的長軸為AB，短軸為CD，O是橢圓的中心；則下列說法正確的是。

A.A、B兩點電場強度和電勢均不相同B.C、D兩點電場強度和電勢均相同C.將一個負電荷從A點沿橢圓移到B點，電場力做負功D.橢圓內越靠近M點電勢越高，電場強度越大，越靠近N點電勢越低，電場強度越小14、如圖所示；在絕緣板上放有一個不帶電的金箔驗電器A和一個帶正電荷的空腔導體B，下列實驗方法中能使驗電器金屬箔片張開的是（）

A.用取電棒C（帶絕緣柄的導體棒）先跟B的內壁接觸一下后再跟A接觸B.用絕緣導線把驗電器跟取電棒C的導體部分相連，再把取電棒與B的內壁接觸C.使驗電器A靠近B，再用金屬網罩罩住BD.使驗電器A靠近B，再用金屬網罩罩住A15、將一帶正電的點電荷Q固定在水平放置且?guī)ж撾姷恼叫谓饘俦“逯行牡恼戏?，點電荷Q與薄板間的電場線豎直切面如圖所示。其中b、d兩點在同一豎直且垂直于薄板的電場線上，a、b、c三點在同一條平行于薄板的直線上，a、c關于b點對稱。關于各點的電場強度及電勢的判斷；正確的是（）

A.c點電勢比b點電勢低B.a點電勢與b點電勢相等C.a點電場強度與c點電場強度相同D.b點電場強度大于d點電場強度16、有三個質量相等、分別帶有正電與負電及不帶電的微粒，從極板左側中央以相同的水平初速度v先后垂直場強射入，分別落到極板A、B、C處；如圖所示．則下列說法正確的有（）

A.粒子A帶負電，B不帶電，C帶正電B.三個粒子在電場中運動的時間不相等C.三個粒子在電場中運動的加速度aA<aB<aCD.三個粒子到達極板時的動能EA>EB>EC評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)17、如圖所示，在平面直角坐標系中，有方向平行于坐標平面的勻強電場，其中坐標原點O處的電勢為0V，點A處的電勢為6V，點B處的電勢為3V，則該勻強電場電場強度的大小為_________V/m.

18、某靜電場中的電場線如圖所示，帶電粒子在電場中僅受電場力作用，其運動軌跡如圖中虛線所示，粒子由M運動到N對這個運動；我們可以作如下分析：

運動軌跡粒子帶正電粒子電勢能減小粒子動能增大；其中，①的理由是曲線運動合外力指向軌跡內側，與場強方向相同。

請寫出②的理由：______；

請寫出③的理由：______。19、在如圖所示的電路中，已知定值電阻為R，電源內阻為r，電表均為理想電表。將滑動變阻器滑片向下滑動，電流表A示數(shù)變化量的絕對值為△I，則電壓表V1示數(shù)變化量的絕對值△U1＝_____，電壓表V2示數(shù)變化量的絕對值△U2＝_____。

20、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為900N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10－9C的正點電荷，則A處場強大小EA＝________N/C，B處的場強大小EB＝________N/C．

21、把負電荷q=5×10?5C從無窮遠處移到電場中A點,克服電場力做功4.0×10?6J,再把q從A點移到B點,電場力對電荷做1×10?4J的功,A點電勢為________V,B點電勢為__________V。22、把帶電荷量為的正點電荷從無限遠處移到電場中A點，需克服電場力做功若把該電荷從電場中B點移到無限遠處，電場力做功取無限遠處電勢為零。則A點的電勢__________；A、B兩點的電勢差__________。23、公式回顧：電場強度定義式：__________；電勢：__________；電場強度與電勢差的關系：__________；電勢差與靜電力做的功：__________；電容的定義式：__________；電容的決定式：__________。24、下面各圖均是用游標卡尺測量時的示意圖，圖甲中游標卡尺為50分度的游標卡尺，圖乙中游標卡尺為20分度的，圖丙中游標卡尺為10分度的，它們的讀數(shù)分別為：________；________；________。

25、如圖所示為某指針式多用電表測電阻的原理圖，在測量電阻之前要先將旋鈕式選擇開關轉動到多用電表的______擋，選擇合適的倍率，并將紅黑表筆短接調零。調零時手碰到金屬表筆，______影響電阻測量（填“會”或“不會”）；若多用電表電源電壓為1.5V，電流計可以測量的最大電流為現(xiàn)在紅、黑表筆間接入一個待測電阻電流計的示數(shù)變?yōu)樵瓉淼膭t的阻值為______Ω。

評卷人得分四、實驗題(共1題，共9分)26、小明手里有一塊多用電表A，其功能完好，但刻度值已不清晰。他想通過實驗測定該多用表（簡稱A表，下同）“×10”擋歐姆調零后的內阻R0和內置電源的電動勢E。他找來了另一個多用電表B（簡稱B表；下同）；一個電阻箱、一個開關和若干導線作為實驗的器材。

實驗的操作如下：

（1）小明將A表調到“×10”擋，將B表調到“mA”擋，準備將如圖甲所示的所有的器材串聯(lián)起來作為實驗電路。請你在圖中連好剩余的導線______；

（2）先使用B表的電流擋測量A表“×10”擋的滿偏電流。將電阻箱阻值調為0，將A表調到歐姆擋“×10”擋位置。幾次試測后，確定B表應使用“10mA”擋，調節(jié)A表的歐姆調零旋鈕直至A表滿偏，此時B表的讀數(shù)如圖乙所示，記錄下B表讀數(shù)為__________mA；

（3）斷開開關；保持A；B表擋位不變，將A表紅黑表筆短接進行歐姆調零，然后重新連入原來電路。

（4）調節(jié)電阻箱，閉合開關，當B表讀數(shù)為6.0mA時，讀出電阻箱阻值為R1；繼續(xù)調節(jié)電阻箱阻值，當B表讀數(shù)為4.0mA時，讀出電阻箱阻值為R2；

（5）斷開電路，整理器材。根據(jù)以上測量數(shù)據(jù)，可算出A表“×10”擋內置電源的電動勢E＝__________V，A表“×10”擋歐姆調零后的內阻R0＝__________B表量程“10mA”擋的內電阻RB＝__________（以上3空的結果用R1、R2表示）評卷人得分五、解答題(共1題，共7分)27、如圖所示，在光滑絕緣水平面上B點的正上方O處固定一個質點，在水平面上的A點放另一個質點，兩個質點的質量均為m，帶電荷量均為＋Q．C為AB直線上的另一點(O、A、B、C位于同一豎直平面上)，A、O間的距離為L，A、B和B、C間的距離均為在空間加一個水平方向的勻強電場后A處的質點處于靜止狀態(tài)．試問：

（1）該勻強電場的場強多大？其方向如何？

（2）給A處的質點一個指向C點的初速度，該質點到達B點時所受的電場力多大？

（3）若初速度大小為v0，質點到達C點時的加速度多大？參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【詳解】

當a、b兩端接入100V電壓時，用理想電壓表測得c、d兩端電壓為20V，有：＝Ucd

即：＝20

整理得＝2；當c、d兩端接入100V電壓時，用理想電壓表測得a、b兩端電壓為50V，有：＝Uab

即：＝50

整理得＝2，所以R1∶R2∶R3＝4∶2∶1；A正確，BCD錯誤。

故選A。2、A【分析】【分析】

【詳解】

當滑動變阻器R4的滑動頭向a端移動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，總電流變大，電源的內電壓與R3的分壓增加，則電壓表的示數(shù)變小、同時R1的電壓變大，R2的電壓變小，則并聯(lián)部分電壓變小，通過R2的電流減小，則電流表A的讀數(shù)I變?。蔬xA3、D【分析】【分析】

【詳解】

A．系統(tǒng)在水平面內以角速度ω轉動時，無論角速度增大還是減小，BC的電阻不變；根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，電路中電流保持不變，與角速度無關，故A錯誤；

B．設系統(tǒng)在水平面內以角速度ω轉動時，彈簧伸長的長度為x；則對元件A，根據(jù)牛頓第二定律得。

kx＝mω2（l＋x）解得。

故B錯誤；

C．又輸出電壓。

聯(lián)立得。

U＝故C錯誤；

D．當x＝l時角速度最大；則由。

kx＝mω2（l＋x）解得。

ω＝故D正確。

故選D。4、A【分析】【詳解】

AB．根據(jù)圖像，圖像的斜率表示電阻的倒數(shù)，則a金屬絲的電阻隨電壓升高逐漸增大，a的電阻率隨溫度的升高而增大；B錯誤，A正確；

CD．根據(jù)圖像，圖像是傾斜直線，故b金屬絲是定值電阻，不隨電壓變化而變化，則b的電阻率不隨溫度的升高而變化；CD錯誤。

故選A。5、C【分析】【分析】

【詳解】

如圖，場源點電荷在EA、EB延長線的交點處。

可知，場源點電荷為負電荷，由幾何關系可知，A點到場源的距離小于B點到場源的距離；則可知。

EA>EB，φA<φB故選C。6、D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)

由于

則有

可知，a點與b點的場強大小相等，方向不同，即a點與b點場強不相同，b點場強比c點大；AB錯誤；

C．根據(jù)點電荷等勢面的分布可知，a點與b點位于同一等勢面上，即a點與b點等勢相等；C錯誤；

D．沿電場線電勢降低，根據(jù)點電荷電場線的分布規(guī)律，結合上述可知，b點電勢比c點低；D正確。

故選D。7、D【分析】【分析】

【詳解】

A．由點電荷場強公式可知，該試探電荷在A點的電場強度大，所以在A點受的靜電力較大；故A錯誤；

B．沿電場線電勢降低可知

則該試探電荷在B點具有的電勢能較?。还蔅錯誤；

CD．A與B兩點間的電勢差為

從A到B電場力做的功等于電勢能的變化，則有

得

由于電場為非均強電場，則AB間的平均強度不等于故C錯誤，D正確。

故選D。8、C【分析】【詳解】

A．小球過O點時，受到兩側電荷A、B的電場力的合力為零，合力為小球的重力，則加速度為g；選項A錯誤；

B．根據(jù)對稱性可知，P點與Q點電勢相等，小球從P點到Q點過程中，電場力做功為零，根據(jù)動能定理得mg·2h=m（2v0）2

所以小球過Q點時速度vQ>2v0；選項B錯誤；

CD．小球從P點恰能到達O點，由動能定理可知，合力對小球做的功W合=

即mgh-qUOP=

解得O、P兩點的電勢差UOP=

選項C正確；D錯誤。

故選C。二、多選題(共8題，共16分)9、B:D【分析】【分析】

【詳解】

由于a帶正電，b帶負電，a所帶電荷量多于b所帶電荷量，可知在b點的右側存在一個場強為零的位置P，若P點在c點的左側，則cd之間的電場線由c到d可知，此時c點電勢一定高于d點電勢；若P點在cd點之間，則此時c點電勢與d點電勢高低無法確定，但是c點電場強度大小可能等于d點電場強度大小；若P點在d點的右側，則cd之間的電場線由d到c可知，此時c點電勢一定低于d點電勢；選項A錯誤，B正確；由以上分析可知，cd間的場強方向不能確定，則把正電荷從c點移到d點電場力不一定做正功，但是由于cd間的場強方向可能由d到c，則把正電荷從c點移到d點電場力做負功，選項C錯誤，D正確；故選BD.10、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．單車某個時刻的準確位置信息是借助多種衛(wèi)星定位和基站確定的；A錯誤，符合題意；

B．單車在運動過程通過電磁感應將機械能轉化為電能從而實現(xiàn)充電；B正確，不符合題意；

C．手機App上的顯示信息包括路程和時間；沒有說明具體的位移，故不可以求出騎行的平均速度，C錯誤，符合題意；

D．單車在騎行時；主動輪受到向前的摩擦力（動力），從動輪受到向后的摩擦力（阻力），D錯誤，符合題意。

故選ACD。11、A:D【分析】【詳解】

當使用A、B兩個端點時，有

解得=5mA

當使用A、C兩個端點時，有

解得=25mA

故選AD。12、A:C【分析】【詳解】

A．因為沿CA方向入射的粒子恰垂直AB方向以的速度過D點，可知粒子沿平行于BC方向的速度不變，垂直于BC方向的速度減小到零，可知粒子受電場力方向平行于BA向下，則場強方向平行于BA向下，因OD和BC連線垂直于電場線，可知BC和OD均為等勢面，則UAD=UOC；選項A正確；

B．電場方向垂直BC向下，則沿垂直BC方向入射的粒子不可能經過A點；選項B錯誤；

C．在圓周上各點中，從E點離開的粒子電場力做正功且做功最大，則從E點離開的粒子的速率最大；選項C正確；

D．若∠ACB=60°，則由類平拋運動的規(guī)律可知

聯(lián)立解得

選項D錯誤。

故選AC。13、B:C【分析】【分析】

本題考查點電荷周圍的電場分布。

【詳解】

A.A點電勢為正、B點電勢為負；兩點的電場強度相同，故A錯誤；

B.C、D兩點電勢均為零；電場強度大小；方向相同，故B正確；

C.A點電勢為正，B點電勢為負，將一個負電荷從A點沿橢圓移到B點；電勢能增大，電場力做負功，故C正確；

D.橢圓內越靠近M點電勢越高，電場強度越大，越靠近N點電勢能越低；電場強度越大，故D錯誤。

故選BC。14、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．導體球殼B的電荷都在外表面上；因此用取電棒C跟B的內壁接觸，根本取不到電荷，因此不會使驗電器的金屬箔片張開，A錯誤；

B．用絕緣導線把驗電器跟取電棒C的導體部分相連；再把取電棒與B的內壁接觸，這時驗電器的金屬球和導體殼電勢相等，會帶上同種電荷，因此驗電器金屬箔片會張開，B正確；

CD．使驗電器A靠近B；即使用金屬網罩罩住B，在金屬網內表面感應出負電荷，外表面感應出正電荷，在金屬網外仍有電場，會使金屬球A帶負電荷，金屬箔片帶正電荷，金屬箔片會張開；而如果金屬網罩罩住A，由于靜電屏蔽，A不會有感應電荷，金屬箔片不會張開，因此C正確，D錯誤。

故選BC。15、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．點電荷周圍電場公式

所以可知c點與a點的電勢均比b點電勢低；故A正確，故B錯誤；

C．電場強度為矢量，可知a點電場強度與c點電場強度大小相等；方向不相同，故C錯誤；

D．越靠近點電荷周圍，電場線越密集，電場強度越大，可知b處更靠近點電荷，故b點電場強度大于d點電場強度；D正確；

故選AD。16、B:C【分析】【分析】

【詳解】

ABC．三個微粒的初速度相等，水平位移根據(jù)水平方向上做勻速直線運動，所以由公式

得

三個微粒在豎直方向上的位移相等，根據(jù)

得

從而得知B僅受重力作用；A受電場力向上，C所受的電場力向下，所以B不帶電，A帶正電，C帶負電，A錯誤，BC正確；

D．根據(jù)動能定理，三個微粒重力做功相等，A電場力做負功，C電場力做正功，所以C的動能變化量最大，A的動能變化量最小，初動能相等，所以三個微粒到達極板時的動能為

D錯誤。

故選BC。三、填空題(共9題，共18分)17、略

【分析】【詳解】

平面直角坐標系中，有方向平行于坐標平面的勻強電場，坐標原點O處的電勢為0V，點A處的電勢為6V，則OA中點C(3，0)處的電勢為3V；點B處的電勢為3V，則BC連線是等勢面，電場強度的方向與BC垂直，所以

【解析】18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]因為粒子帶正電；受力方向與運動方向成銳角，電場力做正功，電勢能減小。

[2]帶電粒子在電場中僅受電場力作用，動能和電勢能之和不變。電勢能減少時，動能增大。【解析】電場力做正功，電勢能減小帶電粒子在電場中僅受電場力作用，動能和電勢能之和不變19、略

【分析】【分析】

考查電路的動態(tài)分析。

【詳解】

[1][2]．據(jù)題理想電壓表內阻無窮大，相當于斷路．理想電流表內阻為零，相當短路，所以R與變阻器串聯(lián)，電壓表V1、V2、分別測量R、路端電壓的電壓．當滑動變阻器滑片向下滑動時，接入電路的電阻減小，電路中電流增大，則A的示數(shù)增大則:

根據(jù)閉合電路歐姆定律得：

則得：

則有：【解析】20、略

【分析】【詳解】

[1][2]由E＝k點電荷在A處產生的場強E1＝900N/C

方向向左，而水平方向的勻強電場，場強大小為E0=900N/C，所以A處合場強為零．

點電荷在B處產生的場強E2＝900N/C

方向向下；

根據(jù)矢量合成可知：B處合場強為=1.27×103N/C【解析】01.27×10321、略

【分析】【詳解】

[1]無窮遠間與A的電勢差為

無窮遠電勢為零，由得A點電勢：

[2]A、B間電勢差為:

因則B點電勢【解析】-0.