2025年高考物理 人教版必修第1冊第2章　素能測評卷含答案含答案

2025年高考物理人教版必修第1冊第2章素能測評卷含答案含答案第二章素能測評卷(時間：75分鐘，滿分：100分)一、單項選擇題(本題共7小題，每小題4分，共28分，在每小題給出的四個選項中，只有一個選項符合題意。)1.如圖所示，一小球從A點由靜止開始沿斜面向下做勻變速直線運動，若到達B點時速度為v，到達C點時速度為2v，從A到B用時t1，從B到C用時t2，則t1∶t2等于()A．1∶1 B．1∶2C．1∶3 D．1∶4解析：從A到B的過程，由運動學公式得v＝at1，從A到C的過程，由運動學公式得2v＝a(t1＋t2)，聯立解得t1∶t2＝1∶1。故選A。2．一個質點在x軸上運動，位置隨時間的變化規(guī)律是x＝4t＋2t2(m)。關于這個質點的運動，以下說法正確的是()A．質點做勻減速直線運動B．t＝2s時質點的位置在x＝20m處C．質點的加速度大小為2m/s2，方向沿x軸正方向D．t＝2s時質點的速度大小為12m/s，方向沿x軸正方向解析：根據勻變速直線運動位移與時間的規(guī)律x＝v0t＋eq\f(1,2)at2，結合位置隨時間的變化規(guī)律x＝4t＋2t2，對比可得v0＝4m/s，a＝4m/s2，質點做勻加速直線運動，加速度大小為a＝4m/s2，方向沿x軸正方向，故A、C錯誤；根據位置隨時間的變化規(guī)律x＝4t＋2t2，t＝2s，解得x＝16m，故B錯誤；根據速度與時間的關系式v＝v0＋at，t＝2s，解得質點的速度v＝12m/s，方向沿x軸正方向，故D正確。故選D。3．(2024·寧夏銀川高一?？茧A段練習)一個做直線運動的物體的v－t圖像如圖所示，由圖像可知()A．0～1.5s內物體的加速度為－4m/s2B．0～4s內物體的位移為12mC．3s末物體的運動方向發(fā)生變化D．3s末物體回到出發(fā)點解析：由圖像斜率可求得0～1.5s內加速度為a＝eq\f(0－－6,1.5)m/s2＝4m/s2，故A錯誤；v－t圖像與時間軸所圍面積為物體的位移，橫軸上方的面積表示正方向的位移，下方的面積表示負方向的位移，總位移為上下面積的代數和，即0～4s內物體的位移為x＝eq\f(1,2)×6×2.5m－eq\f(1,2)×6×1.5m＝3m，故B錯誤；3s末前后速度均為正值，即方向不變，故C錯誤；3s內的位移為x′＝eq\f(1,2)×6×1.5m－eq\f(1,2)×6×1.5m＝0，物體回到出發(fā)點，故D正確。故選D。4．(2024·云南昆明高一統(tǒng)考期末)致敬伽利略：震撼人心的NASA真空室自由落體實驗，完美地展現出了在真空環(huán)境下，保齡球和羽毛在同一高度由靜止下落，同時落地的情景。若它們的下落高度為20m，g＝10m/s2。則()A．下落時間為1sB．落地速度為10m/sC．第二秒下落的高度為15mD．它們下落過程中的平均速度均為20m/s解析：下落時間為t＝eq\r(\f(2h,g))＝eq\r(\f(2×20,10))s＝2s，選項A錯誤；落地速度為v＝gt＝20m/s，選項B錯誤；第二秒下落的高度為h2＝h－eq\f(1,2)gteq\o\al(2,1)＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(20－\f(1,2)×10×12))m＝15m，選項C正確；它們下落過程中的平均速度均為eq\x\to(v)＝eq\f(v,2)＝10m/s，選項D錯誤。故選C。5．(2024·吉林高一統(tǒng)考期末)如圖所示，為在同一平直路面上向前運動的甲、乙兩輛汽車的位置x隨時間t的變化關系圖線，已知乙圖上P點處的切線(圖中斜虛線)與甲圖直線相互平行。說法正確的是()A．從0到t2時間內，甲走過的路程小于乙走過的路程B．從0到t2時間內，一直是甲在前乙在后C．從0到t2時間內，甲乙兩汽車之間的距離先變大后變小D．在t1時刻甲、乙兩汽車運動的加速度相等解析：由圖像可以看出，在0到t2時間內，二者都沿x軸負方向做單向直線運動，且初末位置相同，所以甲物體走過的路程等于乙物體走過的路程，故A錯誤；由圖像可以看出，二者都沿x軸負方向做單向直線運動，從0到t2時間內，乙在前甲在后，t2時刻二者相遇，故B錯誤；由圖像可以看出，從0到t2時間內，甲乙兩汽車之間的距離先變大后變小，故C正確；x－t圖線(切線)的斜率表示(瞬時)速度，甲是勻速運動，加速度為零；乙速度在變化，加速度不為零，所以在t1時刻，甲物體運動的加速度小于乙物體運動的加速度，故D錯誤。故選C。6．在杭州第19屆亞運會的鐵餅比賽中，首次使用機器狗在賽場運輸鐵餅。將機器狗某次運送鐵餅的過程視為從靜止開始的勻加速直線運動，緊接著做勻減速直線運動，最后恰好到達指定位置，全程一共經歷10s，前進了15m，則此過程中機器狗的最大速度為()A．1.5m/s B．2m/sC．3m/s D．4m/s解析：根據題意可得x＝eq\f(v,2)t，代入數據解得v＝3m/s，故選C。7．央視欄目組實驗證實：4個水球就可以擋住子彈?，F有4個完全相同的水球緊挨在一起水平排列，如圖所示，子彈(可視為質點)在水球中沿水平方向做勻減速直線運動，恰好穿出第4個水球，則以下說法正確的是()A．在子彈穿出第2個水球的瞬間，其速度小于全程的平均速度B．子彈依次穿過每個水球的時間之比為7∶5∶3∶1C．在子彈穿出第3個水球的瞬間，其速度小于全程的平均速度D．子彈在每個水球中速度變化之比為(2－eq\r(3))∶(eq\r(3)－eq\r(2))∶(eq\r(2)－1)∶1解析：子彈穿出第2個水球的瞬間的速度為位移中點的速度，全程的平均速度為時間中點的速度，則位移中點速度大于時間中點速度，故A錯誤；子彈恰好穿出第4個水球，則反向觀察為初速度為零的勻加速直線運動，通過相同位移時間之比為1∶(eq\r(2)－1)∶(eq\r(3)－eq\r(2))∶(2－eq\r(3))則子彈依次穿過每個水球的時間之比為(2－eq\r(3))∶(eq\r(3)－eq\r(2))∶(eq\r(2)－1)∶1，由于為勻減速，則由Δv＝at可知，子彈在每個水球中速度變化之比也為(2－eq\r(3))∶(eq\r(3)－eq\r(2))∶(eq\r(2)－1)∶1，故B錯誤，D正確；子彈穿出第3個水球的瞬間恰好為中間時刻，中間時刻的瞬時速度等于全程的平均速度，故C錯誤。故選D。二、多項選擇題(本題共3小題，每小題6分，共18分，在每小題給出的四個選項中有多個選項符合題意，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，錯選或不答的得0分。)8．2022年11月3日，空間站“夢天”實驗艙順利完成轉位，“夢天”實驗艙將主要聚焦微重力方向的太空科學實驗研究。在人類進入空間站體驗微重力環(huán)境之前，人們就開始在地面進行微重力模擬實驗工作，如圖為中國科學院國家微重力實驗室落塔。實驗過程中，實驗裝置從塔的底部加速上升，待加速停止后裝置僅在重力作用下豎直上拋，實驗裝置繼續(xù)向上運動一段時間到達塔頂后下落，在下落到一定位置時開始勻減速，直至速度為0。關于該實驗裝置從頂端下落至減速為0的過程中的x－t圖像及v－t圖像可能正確的是()解析：該過程中，實驗裝置先做自由落體運動，之后做勻減速直線運動，因此位移與時間是二次函數圖像，斜率先增大后減小，速度與時間是直線圖，且最后速度減為零，因此A、C錯誤，B、D正確。故選BD。9．(2024·山東菏澤高一統(tǒng)考期末)2023年中秋恰逢中華人民共和國成立74周年國慶佳節(jié)，每逢重大節(jié)日人們都喜歡燃放煙花慶祝。我國宋代就已經出現沖天炮這種煙花(如圖)，也叫“起火”。若沖天炮從地面由靜止發(fā)射，豎直向上做加速度大小為5m/s2的勻加速直線運動，第4s末掉出一可視為質點的碎片，不計空氣阻力，g＝10m/s2。則()A．碎片離地面的最大距離為40mB．碎片離地面的最大距離為60mC．碎片從掉出到落回地面用時2eq\r(2)sD．碎片從掉出到落回地面用時(2＋2eq\r(3))s解析：豎直向上做加速度大小為5m/s2的勻加速直線運動，第4s末掉出一可視為質點的碎片，碎片脫離火箭時的速度v＝at1＝5×4m/s＝20m/s，碎片離地面的最大距離為H＝eq\f(v2,2g)＋eq\f(1,2)ateq\o\al(2,1)＝60m，故A錯誤，B正確；根據－eq\f(1,2)ateq\o\al(2,1)＝vt－eq\f(1,2)gt2，解得碎片從掉出到落回地面用時t＝(2＋2eq\r(3))s，故C錯誤，D正確。故選BD。10．玻璃滑道游戲中，一漂流艇(可視為質點)從玻璃直滑道的斜面頂端由靜止勻加速滑下，依次經過斜面上的A、B、C點，已知AB＝6m，BC＝8m，漂流艇通過這兩段位移的時間都是2s，g＝10m/s2。則()A．漂流艇在B點的速度大小為7m/sB．漂流艇加速度大小為0.5m/s2C．A點距斜面頂端6.25mD．漂流艇在C點的速度大小為4.5m/s解析：漂流艇在B點的速度大小為vB＝eq\f(AB＋BC,2T)＝3.5m/s，故A錯誤；漂流艇加速度大小為a＝eq\f(BC－AB,T2)＝0.5m/s2，故B正確；B點距斜面頂端的距離為OB＝eq\f(v\o\al(2,B),2a)＝12.25m，A點距斜面頂端的距離為OA＝OB－AB＝6.25m，故C正確；漂流艇在C點的速度大小為vC＝vB＋aT＝4.5m/s，故D正確。故選BCD。三、非選擇題(本題共5小題，共54分。)11．(7分)某同學用圖甲所示裝置探究小車做勻變速直線運動的規(guī)律，他采用電火花計時器進行實驗。(1)請在下面列出的實驗器材中，選出本實驗中不需要的器材填在橫線上(填編號)_②③⑦__。①電火花計時器②天平③低壓交流電源④細繩和紙帶⑤砝碼、托盤和小車⑥刻度尺⑦停表⑧一端帶有滑輪的長木板(2)安裝好實驗裝置后，先_接通電源__，再_釋放小車__。紙帶上打出一系列點，其中一段如圖乙所示，可知紙帶的_左__(填“左”或“右”)端與小車相連。(3)如圖乙所示的紙帶上，A、B、C、D、E為紙帶上所選的計數點，相鄰計數點間時間間隔為0.1s，則vB＝_0.26__m/s，a＝_0.40__m/s2。(結果保留兩位有效數字)解析：(1)探究小車做勻變速直線運動的規(guī)律實驗原理，利用打點計時器所打紙帶記錄小車的運動信息，來研究小車的運動情況，電火花計時器的工作電壓是交流220V，是一個可以計時的儀器，故需要①④⑤⑥⑧，不符合題意，不需要②③⑦，符合題意。(2)安裝好實驗裝置后，先接通電源，再釋放小車，紙帶上和小車相連的一端先被打點，由于開始小車速度小，則兩點的間距較小，則小車和紙帶左端相連。(3)一段時間內的平均速度等于時間中點的瞬時速度，得打下B點時速度vB＝eq\f(AC,2T)＝eq\f(52.0×10－3,0.2)m/s＝0.26m/s利用逐差法CE－AC＝a(2T)2代入數據解得a＝0.40m/s2。12．(8分)物理小組的同學用如圖甲所示的實驗器材測定重力加速度。實驗器材有：底座帶有標尺的豎直桿、光電門1和2組成的光電計時器，其中光電門1在光電門2的上方，小球釋放器(可使小球無初速釋放)、網兜。實驗時可用兩光電門測量小球從光電門1運動至光電門2的時間t并從豎直桿上讀出兩光電門間的距離h。(1)若已知小球直徑為d，小球經過光電門的時間為Δt，則可計算出小球經過光電門的速度v＝eq\f(d,Δt)。(2)改變光電門1的位置，保持光電門2的位置不變，小球經過光電門2的速度為v，不考慮空氣阻力，小球的加速度為重力加速度g，則h、t、g、v四個物理量之間的關系式h＝vt－eq\f(1,2)gt2。(3)根據實驗數據作出eq\f(h,t)－t圖像如圖乙所示，根據圖像得出：小球經過光電門2的速度v為_15__m/s，重力加速度g大小為_10__m/s2。解析：(1)若已知小球直徑為d，小球經過光電門的時間為Δt，則可計算出小球經過光電門的速度v＝eq\f(d,Δt)。(2)小球經過光電門2的速度為v，時間為t，根據逆向思維求解勻變速直線運動的規(guī)律得h＝vt－eq\f(1,2)gt2。(3)根據h＝vt－eq\f(1,2)gt2整理得eq\f(h,t)＝v－eq\f(g,2)t結合eq\f(h,t)－t圖像有b＝v，k＝5＝eq\f(g,2)解得v＝15m/s，g＝10m/s2。13．(10分)一輛汽車以54km/h的速度在平直公路上行駛，現因故緊急剎車，已知汽車剎車過程中加速度的大小始終為5m/s2，求：(1)汽車剎車2s末的速度大??；(2)第2s內汽車所通過的位移大?。?3)汽車從開始剎車到6s末所通過的位移大小。答案：(1)5m/s(2)7.5m(3)22.5m解析：(1)v0＝54km/h＝15m/s，汽車的剎車時間為t＝eq\f(v0,a)＝3s>2s所以汽車剎車2s末的速度大小為v2＝v0－at2＝5m/s。(2)汽車剎車1s末的速度大小為v1＝v0－at1＝10m/s。第2s內汽車所通過的位移大小為x2＝eq\f(v1＋v2,2)t1＝7.5m。(3)因為6s大于剎車時間，所以汽車從開始剎車到6s末所通過的位移大小為x＝eq\f(v\o\al(2,0),2a)＝22.5m。14．(13分)2023年8月7日，成都大運會跳水項目結束全部比賽，13個小項產生的15枚金牌全部被中國隊收入囊中。某運動員(視為質點)在一次練習跳水時，從離水面h1＝4.05m的高處自由落下，落入水中做勻減速直線運動，到離水面h2＝2.7m的水深處速度恰好為0，取重力加速度大小g＝10m/s2，不計運動員在空中受到的阻力，求：(1)運動員落到水面時的速度大小；(2)運動員在水中運動的加速度大小和時間。答案：(1)9m/s(2)15m/s20.6s解析：(1)運動員在空中做自由落體運動，有v2＝2gh1解得v＝9m/s。(2)取豎直向下為正方向，運動員在水中做勻減速直線運動，有2ah2＝0－v2解得a＝－15m/s2即運動員在水中的加速度大小為15m/s2，根據勻變速直線運動規(guī)律有0＝v＋at2解得t2＝0.6s。15．(16分)快到家啦！奔跑中的杰瑞決定“剎車”回家。就在杰瑞開始減速的同時，身后與它相距10m的湯姆立即躡手躡腳地由靜止開始加速，想趁其不備地“偷襲”杰瑞。已知杰瑞的初速度為8m/s，加速度大小為2m/s2，湯姆的加速度大小也為2m/s2，那么(1)求在沒有干擾的情況下，杰瑞減速到0時所用的時間及位移的大小。(2)求在追逐的過程中湯姆與杰瑞間的最大距離。(3)若杰瑞開始減速時，剛好距離前方鼠洞15m，請通過計算判斷湯姆能否在杰瑞回到鼠洞前捉住它。(注：三者在同一直線上)答案：(1)4s16m(2)18m(3)不能解析：(1)杰瑞減速到0時所用的時間t0＝eq\f(v0,a)＝eq\f(8,2)s＝4s杰瑞減速到0時所用的位移大小x0＝eq\f(v\o\al(2,0),2a)＝eq\f(82,2×2)m＝16m。(2)當湯姆和杰瑞速度相等時，距離最大，根據速度時間關系v0－at＝at解得t＝2s杰瑞的位移x1＝v0t－eq\f(1,2)at2湯姆的位移x2＝eq\f(1,2)at2最大距離xmax＝x1－x2＋Δx代入數據解得xmax＝18m。(3)根據位移時間關系x3＝v0t3－eq\f(1,2)ateq\o\al(2,3)解得杰瑞開始減速到鼠洞t3＝3s此過程湯姆的位移x4＝eq\f(1,2)ateq\o\al(2,3)＝9m由于x4<x3＋Δx所以湯姆不能在杰瑞回到鼠洞前捉住它。第二章專題強化1課后知能作業(yè)基礎鞏固練知識點一平均速度公式的應用1．電動自行車以其時尚、方便、快捷深受廣大中學生的喜愛，但由電動自行車引發(fā)的交通事故也在逐年增多，學習交通安全常識，自覺遵守交通法規(guī)是確保學生交通安全的重要舉措之一。按規(guī)定電動自行車在城區(qū)限速20km/h。某同學為了判斷自己正常行駛時是否超速，在一次正常行駛途中經過某一位置時立刻切斷電源，讓電動自行車沿直線自由滑行。測得電動自行車滑行的最大距離為15m，滑行的時間為5s，則該同學正常行駛的車速約為()A．3km/h B．3m/sC．6km/h D．6m/s解析：根據x＝eq\f(v,2)t得，v＝eq\f(2x,t)＝eq\f(2×15,5)m/s＝6m/s＝21.6km/h，D正確。2．物體先做初速度為零的勻加速直線運動，加速度a1＝2m/s2，加速一段時間t1，然后接著做勻減速直線運動，直到速度減為零，已知整個運動過程所用的時間t＝20s，總位移為300m，則物體運動的最大速度為()A．15m/s B．30m/sC．7.5m/s D．無法求解解析：設最大速度為vm，勻加速直線運動過程中有eq\x\to(v)＝eq\f(1,2)(0＋vm)＝eq\f(vm,2)，x1＝eq\f(vm,2)t1；勻減速直線運動過程中有eq\x\to(v)＝eq\f(1,2)(vm＋0)＝eq\f(vm,2)，x2＝eq\f(vm,2)t2，所以整個運動過程x＝x1＋x2＝eq\f(vm,2)(t1＋t2)＝eq\f(vm,2)t，解得vm＝30m/s，B正確。3．(2023·浙江高一期中)一列火車開始啟動，車上的小明想測量一下火車的加速度(火車看成勻加速直線運動)，如圖所示，他看到旁邊的排列整齊的電線桿，當他經過第1根電線桿時開始計時，過第4根桿時，用時6s，過第6根桿時停止計時，共用時8s，電線桿之間的間距相同，都是50m，則列車的加速度為()A．6.25m/s2 B．eq\f(100,9)m/s2C．eq\f(25,3)m/s2 D．12m/s2解析：第1根到第4根桿間的位移為x1＝50×3m＝150m，用時6s，第3秒末的速度為v3＝eq\x\to(v)1＝eq\f(x1,t1)＝25m/s，第1根到第6根桿間的位移為x2＝50×5m＝250m，用時8s，第4秒末的速度為v4＝eq\x\to(v)2＝eq\f(x2,t2)＝31.25m/s，a＝eq\f(v4－v3,t2－t1)＝6.25m/s2，故選A。知識點二位移中點的速度4．由靜止開始做勻加速直線運動的物體，已知經過位移x時的速度是v，那么經過位移為2x時的速度是()A．v B．eq\r(2)vC．2v D．4v解析：已知v0＝0，由veq\s\do10(\f(x,2))＝eq\r(\f(v\o\al(2,0)＋v2,2))可知，終點位置的瞬時速度v′＝eq\r(2)v，B正確。5．光滑斜面的長度為L，一物體自斜面頂端由靜止開始勻加速滑至底端，經歷的時間為t，則下列說法不正確的是()A．物體運動全過程中的平均速度是eq\f(L,t)B．物體在eq\f(t,2)時刻的瞬時速度是eq\f(2L,t)C．物體運動到斜面中點時的瞬時速度是eq\f(\r(2)L,t)D．物體從頂點運動到斜面中點所需的時間是eq\f(\r(2)t,2)解析：全程的平均速度v＝eq\f(x,t)＝eq\f(L,t)，選項A正確；eq\f(t,2)時刻物體的速度等于全程的平均速度eq\f(L,t)，選項B錯誤；若末速度為v，則eq\f(v,2)＝eq\f(L,t)，v＝eq\f(2L,t)，中間位置的速度veq\f(L,2)＝eq\r(\f(02＋v2,2))＝eq\r(\f(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(2L,t)))2,2))＝eq\f(\r(2)L,t)，選項C正確；設物體的加速度為a，到達中間位置用時t′，則L＝eq\f(1,2)at2，eq\f(L,2)＝eq\f(1,2)at′2，所以t′＝eq\f(\r(2),2)t，選項D正確。故選B。知識點三Δx＝aT2的應用6．物體做勻變速直線運動，第7s內通過的位移大小是4m，第10s內通過的位移大小是10m，以第7s內通過的位移方向為正方向，則物體的加速度可能是()A．－2m/s2 B．2m/s2C．eq\f(14,3)m/s2 D．14m/s2解析：情形一：若物體第10s內通過的位移方向與第7s內通過的位移方向相同，有Δx＝x10－x7＝3aT2，代入數據解得a＝2m/s2。情形二：若物體第10s內通過的位移方向與第7s內通過的位移方向相反，有Δx′＝x10′－x7′＝3a′T2，代入數據解得a′＝－eq\f(14,3)m/s2，故選B。7.(多選)獵豹是動物界的“短跑之王”，一只成年獵豹能在幾秒之內達到108km/h的最大速度。某獵豹突然啟動追趕獵物的情境如圖所示，啟動過程可以看成從靜止開始的勻加速直線運動，已知獵豹第2s內跑了7.5m，第3s內跑了12.5m。則()A．獵豹的加速度為5m/s2B．獵豹的加速度為10m/s2C．獵豹加速到最大速度所用時間為3sD．獵豹加速到最大速度所用時間為6s解析：由逐差相等公式xⅡ－xⅠ＝aT2，代入數據解得獵豹的加速度a＝5m/s2，故A正確，B錯誤；獵豹的最大速度v＝108km/h＝30m/s，由v＝at，解得t＝6s，故C錯誤，D正確。故選AD。8．在“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”的實驗中，打點計時器打出的一條紙帶的一部分如圖所示，A、B、C、D、E是在紙帶上所選的計數點，相鄰兩計數點間的時間間隔為0.1s，各計數點與A計數點間的距離在圖中已標出。則在打B點時，小車的速度為_0.26__m/s，并可求得小車的加速度大小為_0.4__m/s2。解析：由紙帶數據經計算可知小車在做勻變速直線運動，根據勻變速直線運動某段時間中間時刻的瞬時速度等于該段時間內的平均速度，可知vB＝eq\f(xAC,2T)＝eq\f(52.0×10－3,0.2)m/s＝0.26m/s，根據勻變速直線運動的推論Δx＝aT2，可知加速度a＝eq\f(xCE－xAC,4T2)＝eq\f(120.0－2×52.0,4×0.12)×10－3m/s2＝0.4m/s2。綜合提升練9．(2024·浙江寧波市高一期末)如圖所示，為了研究物體做加速運動的規(guī)律，伽利略制造了一個長2m的平緩斜面，其與水平面的夾角θ只有1.7°，并在斜面上刻了一條槽，使重的青銅球可以滾動。他在斜面上安放了一些很小的凸條(圖中用“△”表示，凸條很小，可認為不影響小球的運動)，這樣當球經過每個凸條時就會有輕微的咔噠聲。通過調整凸條的位置，使咔噠聲之間的時間間隔相等。調整好后，小球從緊靠1號凸條右側處由靜止釋放，則可測得4、5號凸條之間的平均速度與2、3號凸條之間平均速度的比值最接近()A．5∶3 B．7∶3C．3∶5 D．3∶7解析：由題，咔噠聲之間的時間間隔相等，設時間間隔為t，小球的運動為初速度為零的勻變速直線運動，設加速度為a，則2、3號凸條之間平均速度等于2、3之間中點時刻的瞬時速度，即eq\x\to(v)23＝v2.5＝1.5at。4、5號凸條之間平均速度等于4、5之間中點時刻的瞬時速度，即eq\x\to(v)45＝v4.5＝3.5at。所以4、5號凸條之間的平均速度與2、3號凸條之間平均速度的比值最接近eq\f(\x\to(v)45,\x\to(v)23)＝eq\f(3.5at,1.5at)＝eq\f(7,3)，故B正確，A、C、D錯誤。故選B。10．(多選)(2024·陜西渭南高一統(tǒng)考期末)物體做勻加速直線運動，已知第1s內的平均速度是6m/s，第2s內的平均速度是8m/s，則下面結論正確的是()A．該物體零時刻的速度是0B．第1s末的速度是6m/sC．前2s內的平均速度是7m/sD．物體的加速度是2m/s2解析：物體做勻加速直線運動，第1s內、第2s內的平均速度分別等于t1＝0.5s時刻、t2＝1.5s時刻的速度，則eq\o(v,\s\up6(－))2＝eq\o(v,\s\up6(－))1＋a(t2－t1)，解得a＝2m/s2，故D正確；物體做勻加速直線運動，則第1s內的平均速度等于t1＝0.5s時刻的瞬時速度，所以v0＋at1＝6m/s，解得v0＝5m/s，故A錯誤；根據v1＝v0＋at，解得第1s末的速度為v1＝7m/s，故B錯誤；前2s內的平均速度等于第1s末的速度，即eq\o(v,\s\up6(－