2024-2025年高三下學(xué)期第一次模擬考試物理試題（湖北卷） 含解析

2025年高考第一次模擬考試物理·全解全析一、選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～7題只有一項(xiàng)符合題目要求，第8～10題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。1．宇宙射線進(jìn)入地球大氣層時(shí)，同大氣作用產(chǎn)生中子，中子撞擊大氣中的氮引發(fā)核反應(yīng)產(chǎn)生碳14，核反應(yīng)方程為。原子核X為（）A． B． C． D．【答案】C【解析】設(shè)原子核的質(zhì)量數(shù)為M，電荷數(shù)為N，根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒可知根據(jù)電荷數(shù)守恒可得解得故X為質(zhì)子，故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。2．如圖為沿x軸傳播的一列簡(jiǎn)諧橫波在時(shí)刻的圖像，該時(shí)刻P、Q兩質(zhì)點(diǎn)離開平衡位置的位移相同，此后P質(zhì)點(diǎn)回到平衡位置的最短時(shí)間為0.2s，Q質(zhì)點(diǎn)回到平衡位置的最短時(shí)間為0.6s，下列說(shuō)法正確的是（）A．該波沿軸負(fù)方向傳播 B．該波的傳播速度為7.5m/sC．該波的傳播周期為1.2s D．s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P的加速度方向沿y軸負(fù)方向【答案】B【解析】AC．由題意可判斷出波沿x軸正方向傳播，P點(diǎn)向下運(yùn)動(dòng)，Q向上振動(dòng)，周期為故AC錯(cuò)誤；B．該波的傳播速度為故B正確；D．時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P回到平衡位置，s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P位于y軸負(fù)方向，所以加速度方向沿y軸正方向，故D錯(cuò)誤。故選B。3．如圖為遠(yuǎn)距離輸電示意圖，變壓器均為理想變壓器．發(fā)電機(jī)的輸出功率P＝50kW，輸出電壓，輸電線總電阻R＝5Ω，已知輸電線的損失功率為發(fā)電機(jī)總功率的1%。則以下說(shuō)法正確的是（??）A．輸電線上的電流B．升壓變壓器的匝數(shù)比C．想要降低輸電線上的損失功率，可以適當(dāng)增加升壓變壓器線圈的匝數(shù)比D．想要降低輸電線上的損失功率，可以適當(dāng)增加降壓變壓器線圈的匝數(shù)比【答案】B【解析】A．輸電線上損失的電功率50000W×1%=可得故A錯(cuò)誤；B．發(fā)電機(jī)輸出功率可得故B正確；C．要降低損失功率，應(yīng)該降低匝數(shù)比，故C錯(cuò)誤；D．為保證用戶電壓，右邊變壓器的匝數(shù)比由電壓決定，不可隨意調(diào)整，故D錯(cuò)誤。故選B。4．如圖所示，車內(nèi)輕繩AB與輕繩BC拴住一小球，輕繩BC水平，兩根輕繩可以承受的最大拉力相同，整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)．由于外界條件的變化，導(dǎo)致發(fā)生下列改變，但小球仍處于車內(nèi)圖中所示的位置，則與原來(lái)靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)比較，正確的答案是（）選項(xiàng)小球、小車狀態(tài)的變化情況AB繩BC繩A保持小車靜止，不斷增加小球質(zhì)量拉力變大，最先斷裂拉力不變B向右勻減速直線運(yùn)動(dòng)拉力不變，做負(fù)功拉力減小，做正功C向上勻加速直線運(yùn)動(dòng)拉力變大，做正功拉力不變，不做功D向左勻減速直線運(yùn)動(dòng)拉力變大，做負(fù)功拉力減小，做負(fù)功A．A B．B C．C D．D【答案】B【解析】設(shè)AB繩的拉力為FT1，BC繩的拉力為FT2，AB繩與豎直方向夾角為，對(duì)小球受力分析如下圖：根據(jù)牛頓第二定律，水平方向FT2-FT1sinθ=max豎直方向FT1cosθ-G=may解得A．保持小車靜止，ax=ay=0，不斷增加小球質(zhì)量時(shí)，F(xiàn)T2和FT1都增大，故A錯(cuò)誤；B．小車向右勻減速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速度方向向左，ax取負(fù)值，ay=0，所以FT1不變，做負(fù)功；FT2減小，做正功，故B正確；C．小車向上勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速度方向向上，ay取正值，ax=0，所以FT1變大，做正功；FT2變大，不做正功，故C錯(cuò)誤；D．小車向左勻減速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速度方向向右，ax取正值，ay=0，所以FT1不變，做正功；FT2變大，做負(fù)功，故D錯(cuò)誤。故選B。5．嫦娥五號(hào)在返回時(shí)采用的方式是“打水漂”，這種返回方式最大的優(yōu)點(diǎn)就是可以有效地將第二宇宙速度降為第一宇宙速度，第一宇宙速度是指航天器沿地球表面做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)必須具備的發(fā)射速度，不計(jì)地球自轉(zhuǎn)影響，其表達(dá)式為，為地球表面的重力加速度，為地球半徑。假設(shè)地球密度不變，地球半徑變?yōu)樵瓉?lái)的3倍，則第一宇宙速度變?yōu)樵瓉?lái)的（）A．3倍 B．9倍 C．倍 D．6倍【答案】A【解析】根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可得解得由球體質(zhì)量和體積關(guān)系可得得第一宇宙速度將變?yōu)樵瓉?lái)的3倍，所以A正確；BCD錯(cuò)誤；故選A。6．如圖所示，真空中A、B兩個(gè)可視為點(diǎn)電荷的帶電小球電荷量分別為和，放在光滑的絕緣水平面上，A、B之間用絕緣的輕彈簧連接，彈簧的勁度系數(shù)為。當(dāng)系統(tǒng)平衡時(shí)，彈簧的伸長(zhǎng)量為。已知彈簧的形變均在彈性限度內(nèi)，k為靜電力常量，則（）A．保持Q不變，將q變?yōu)?，平衡時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量等于B．保持q不變，將Q變?yōu)?，平衡時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量小于C．保持Q不變，將q變?yōu)?，平衡時(shí)彈簧的縮短量等于D．保持q不變，將Q變?yōu)?，平衡時(shí)彈簧的縮短量小于【答案】B【解析】AB．設(shè)彈簧的原長(zhǎng)為l，由庫(kù)侖定律、胡克定律平衡可得，當(dāng)電荷量為q時(shí)當(dāng)保持Q不變，將q變?yōu)?，或保持q不變，將Q變?yōu)闀r(shí)，設(shè)彈簧的伸長(zhǎng)量為，有解得由于所以故A錯(cuò)誤，B正確。CD．當(dāng)保持Q不變，將q變?yōu)?，或保持q不變，將Q變?yōu)闀r(shí)，設(shè)彈簧的壓縮量為，有解得所以故CD錯(cuò)誤。故選B。7．如圖所示，表面光滑的固定斜面頂端安裝一定滑輪，物塊A、B用輕繩連接并跨過(guò)滑輪（不計(jì)滑輪的質(zhì)量和摩擦）。初始時(shí)刻，A、B處于同一高度并恰好靜止．剪斷輕繩后A下落、B沿斜面下滑，則從剪斷輕繩到物塊分別落地的過(guò)程中，兩物塊（

）A．落地時(shí)速度相同B．運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同C．重力勢(shì)能的變化量相同D．重力的平均功率相同【答案】D【解析】A．剪斷輕繩后A自由下落，B沿斜面下滑，AB都只有重力做功，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得得可知兩個(gè)物體落地速度大小相等，但方向不同，所以落地速度不同，故A錯(cuò)誤；B．對(duì)A根據(jù)動(dòng)力學(xué)公式得對(duì)B根據(jù)動(dòng)力學(xué)公式則得故B錯(cuò)誤；C．未剪斷細(xì)繩前，有故兩者的質(zhì)量不同，下落高度相等，重力勢(shì)能變化量故重力勢(shì)能變化量不同，C錯(cuò)誤；D．可知運(yùn)動(dòng)時(shí)間不同，重力的平均功率為由于故重力的平均功率相同，故D正確。故選D。8．對(duì)下列四個(gè)有關(guān)光的實(shí)驗(yàn)示意圖，分析正確的是（）A．圖甲中若改變復(fù)色光的入射角，則b光先在玻璃球中發(fā)生全反射B．圖乙中若只減小屏到擋板的距離L，則相鄰亮條紋間距離將減小C．圖丙是用干涉法檢測(cè)工件表面平整程度時(shí)得到的干涉圖樣，若將薄片向右移動(dòng)，條紋間距將變大D．若只旋轉(zhuǎn)圖丁中M或N一個(gè)偏振片，光屏P上的光斑亮度會(huì)發(fā)生變化【答案】BD【解析】A．根據(jù)圖像可知由于a光的折射率較小，入射時(shí)折射角較大，根據(jù)可知臨界角較大，第一次出射時(shí)入射時(shí)較大，而b光的折射率較大，則臨界角較小，出射時(shí)入射角較小，故無(wú)法確定哪種光先發(fā)生全反射，A錯(cuò)誤；B．由于條紋間距可知只減小屏到擋板的距離L，相鄰亮條紋間距離將減小，B正確；C．圖丙是用干涉法檢測(cè)工件表面平整程度時(shí)得到的干涉圖樣，若將薄片向右移動(dòng)，即增大空氣薄層的厚度，導(dǎo)致同級(jí)的光程差的間距變小，則干涉條紋間距將會(huì)變小，C錯(cuò)誤；D．自然光通過(guò)M后變成偏振光，若N的偏振方向與M的偏振方向相同，光屏上光斑最亮；若N的偏振方向與M的偏振方向垂直，光屏上幾乎沒(méi)有亮斑，因此當(dāng)M和N發(fā)生相對(duì)轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，光屏上的光斑亮度會(huì)發(fā)生變化，D正確。故選BD。9．如圖所示，abcd為一矩形金屬線框，其中ab＝cd＝L，ab邊接有定值電阻R，cd邊的質(zhì)量為m，其它部分的電阻和質(zhì)量均不計(jì)，整個(gè)裝置用兩根絕緣輕彈簧懸掛起來(lái)．線框下方處在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里．初始時(shí)刻，使兩彈簧處于自然長(zhǎng)度，且給線框一豎直向下的初速度v0，當(dāng)cd邊第一次運(yùn)動(dòng)至最下端的過(guò)程中，R產(chǎn)生的電熱為Q，此過(guò)程cd邊始終未離開磁場(chǎng)，已知重力加速度大小為g，下列說(shuō)法中正確的是（

）A．初始時(shí)刻cd邊所受安培力的大小為B．線框中產(chǎn)生的最大感應(yīng)電流可能為C．cd邊第一次到達(dá)最下端的時(shí)刻，兩根彈簧具有的彈性勢(shì)能總量大于D．在cd邊反復(fù)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，R中產(chǎn)生的電熱最多為【答案】BC【解析】A．初始時(shí)刻時(shí)，棒的速度為v0，由E=BLv=BLv0再由F=BIL得cd邊所受安培力的大小F=故A錯(cuò)誤；B．cd棒開始運(yùn)動(dòng)后，對(duì)cd棒受力分析，受重力和安培力及彈簧彈力，無(wú)法確定重力和安培力的關(guān)系，當(dāng)重力大于安培力時(shí)，由mg--kx=ma合力方向向下，可知導(dǎo)體棒可能先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，故v0不是速度的最大值，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不是最大，感應(yīng)電流不是最大，當(dāng)重力小于安培力時(shí)，由+kx-mg=ma合力方向向上，可知導(dǎo)體棒可能先做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，速度v0為最大值，線框中產(chǎn)生的最大感應(yīng)電流大于等于，故B正確；C．cd邊第一次到達(dá)最下端的時(shí)刻，由能量守恒定律可知，導(dǎo)體棒的動(dòng)能和減少的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為焦耳熱及彈簧的彈性勢(shì)能，即mgh+=Ep+Q所以EP-mgh=-Q故彈簧彈性勢(shì)能大于-Q，故C正確；D．在cd邊反復(fù)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，可知最后棒靜止在初始位置的下方，設(shè)兩彈簧并聯(lián)后的勁度系數(shù)為k，由mg=kx得x=由能量守恒定律可知，導(dǎo)體棒的動(dòng)能和減少的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為焦耳熱及彈簧的彈性勢(shì)能，彈性勢(shì)能EP=kx2=減少的重力勢(shì)能為mgh=因重力勢(shì)能大于彈性勢(shì)能，根據(jù)mgh+mv02=Ep+Q可知熱量應(yīng)大于mv02，故D錯(cuò)誤；故選BC。10．算盤是中國(guó)古老的計(jì)算工具，承載著我國(guó)古代勞動(dòng)人民的智慧結(jié)晶和悠遠(yuǎn)文明。算盤一般由框、梁、檔和算珠組成，中心帶孔的相同算珠可在檔上滑動(dòng)，使用前算珠需要?dú)w零。若一水平放置的算盤中分別有一顆上珠和一顆頂珠未在歸零位置，上珠靠梁，頂珠與框相隔，上珠與頂珠相隔，如圖甲所示。現(xiàn)用手指將上珠以一定初速度撥出，一段時(shí)間后，上珠與頂珠發(fā)生正碰（碰撞時(shí)間極短），整個(gè)過(guò)程，上珠運(yùn)動(dòng)的圖像如圖乙所示。已知算珠與檔之間的動(dòng)摩擦因數(shù)處處相同，重力加速度大小為。下列說(shuō)法正確的是（）A．算珠與檔之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2B．上珠從撥出到停下所用時(shí)間為0.2sC．上珠與頂珠發(fā)生的碰撞是彈性碰撞D．頂珠碰撞后恰好能運(yùn)動(dòng)至歸零位置【答案】AD【解析】A．研究上珠從撥出至與頂珠碰撞前的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得故A正確；B．上珠從撥出到停下所用時(shí)間為故B錯(cuò)誤；C．由圖像知，上珠碰撞前的速度，碰撞后的速度，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有得碰撞后頂珠的速度因故碰撞前、后機(jī)械能有損失，該碰撞不是彈性碰撞，故C錯(cuò)誤；D．碰撞后頂珠做勻減速直線運(yùn)動(dòng)則碰撞后頂珠恰好能運(yùn)動(dòng)至歸零位置，故D正確。故選AD。二、非選擇題：本題共5小題，共60分。11.（8分）“驗(yàn)證牛頓第二定律”的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示。按圖設(shè)置好實(shí)驗(yàn)裝置后，把細(xì)線系在小車上并繞過(guò)滑輪懸掛鉤碼。（1）圖中木板右端被墊高，這樣做的目的是。（2）某同學(xué)正確進(jìn)行實(shí)驗(yàn)后，打出了一條紙帶如圖所示。計(jì)時(shí)器打點(diǎn)的時(shí)間間隔為。從比較清晰的點(diǎn)起，每5個(gè)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，量出相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的距離。則在打下點(diǎn)跡3時(shí)，小車運(yùn)動(dòng)的速度（結(jié)果保留3位有效數(shù)字），該小車的加速度；（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）（3）根據(jù)測(cè)量的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出物體的加速度和拉力圖線即：圖線，發(fā)現(xiàn)其不通過(guò)原點(diǎn)，請(qǐng)分析其主要原因是；（4）在對(duì)上一問(wèn)中的裝置進(jìn)行了調(diào)整后，圖線能夠通過(guò)原點(diǎn)。為得到更多的數(shù)據(jù)點(diǎn)，該同學(xué)不斷改變鉤碼質(zhì)量，發(fā)現(xiàn)隨著增大，圖像由直線逐漸變?yōu)橐粭l彎曲的圖線，如圖所示。圖線在末端彎曲的原因是。【答案】補(bǔ)償阻力0.4500.188平衡摩擦力過(guò)度砝碼質(zhì)量未遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量【解析】（1）圖中木板右端被墊高，這樣做的目的是為了消除摩擦力對(duì)小車的影響，即補(bǔ)償阻力；（2）勻變速直線運(yùn)動(dòng)中，某段時(shí)間內(nèi)的中間時(shí)刻速度等于平均速度，所以保留三位有效數(shù)字，故為；根據(jù)逐差法求解加速度保留三位有效數(shù)字，故為；（3）在開始階段，拉力為零時(shí)，加速度不為零，說(shuō)明合外力不為0，即平衡摩擦力過(guò)度。（4）對(duì)鉤碼，根據(jù)牛頓第二定律得對(duì)小車由牛頓第二定律得解得，開始時(shí)，砝碼質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量，繩上拉力圖像為直線；當(dāng)砝碼質(zhì)量不再遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量時(shí)，所以圖線在末端彎曲的原因是所掛鉤碼的總質(zhì)量太大。12.（10分）實(shí)驗(yàn)室購(gòu)買了一捆標(biāo)稱長(zhǎng)度為1000m的銅導(dǎo)線，某同學(xué)想通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)定其實(shí)際長(zhǎng)度是否達(dá)標(biāo)，查得銅的電阻率，他想設(shè)計(jì)一個(gè)在不拆散整捆導(dǎo)線的情況下測(cè)定導(dǎo)線的實(shí)際長(zhǎng)度的方案，要求測(cè)量結(jié)果盡量準(zhǔn)確，該同學(xué)進(jìn)行了如下實(shí)驗(yàn)步驟：(1)用螺旋測(cè)微器測(cè)得銅導(dǎo)線頭上導(dǎo)體部分橫截面的直徑d如圖（a）所示，則測(cè)量值為mm。(2)用多用電表粗測(cè)導(dǎo)線的電阻值：該同學(xué)選擇“”擋位，用正確的操作步驟測(cè)量時(shí)，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度太大。為了較準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量，應(yīng)該選擇擋位（選填“”、“”），并重新歐姆調(diào)零，正確操作并讀數(shù)，此時(shí)刻度盤上的指針位置如圖（b）所示，測(cè)量值為。(3)設(shè)計(jì)了如圖（c）所示電路精確測(cè)量導(dǎo)線的電阻值，除待測(cè)導(dǎo)體件外，實(shí)驗(yàn)室還提供了下列器材：A．電流表A1（量程為20mA，內(nèi)阻）B．電流表A2（量程為50mA，內(nèi)阻未知）C．滑動(dòng)變阻器D．定值電阻E．定值電阻F．電源（電動(dòng)勢(shì)E＝0.5V，內(nèi)阻可以忽略）G．開關(guān)S、導(dǎo)線若干根據(jù)以上器材和粗測(cè)導(dǎo)體電阻值的情況可知，電路中定值電阻應(yīng)選擇（選填器材前面的字母代號(hào)）；為了減小誤差，改變滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)觸頭的位置，多測(cè)幾組、的值，作出關(guān)系圖如圖（d）所示，根據(jù)圖像中的數(shù)據(jù)可求得銅導(dǎo)線電阻的測(cè)量值為（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字），通過(guò)計(jì)算可得導(dǎo)線的實(shí)際長(zhǎng)度為m（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字），即可知道實(shí)際長(zhǎng)度是否達(dá)標(biāo)?！敬鸢浮?1)（1.202~1.207）(2)/14.0(3)E15【解析】（1）螺旋測(cè)微器不動(dòng)尺精度為0.5mm，可動(dòng)尺精度為0.01mm，讀數(shù)時(shí)需要估讀一位，根據(jù)圖示可得螺旋測(cè)微器讀數(shù)為（2）發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度太大，說(shuō)明指針?biāo)笖?shù)字過(guò)小，所達(dá)量程過(guò)大，故應(yīng)換較小倍率“”擋，再進(jìn)行測(cè)量；由圖知，指針?biāo)笖?shù)字為14，乘以倍率后，可得測(cè)量值為。（3）當(dāng)兩電流表同時(shí)滿偏時(shí)流過(guò)這段導(dǎo)體的電流約為導(dǎo)體兩端的電壓為小于電源電動(dòng)勢(shì)，再根據(jù)并聯(lián)電路的特點(diǎn)有解得所以定值電阻應(yīng)選擇E；根據(jù)串并聯(lián)電路的特點(diǎn)可得數(shù)學(xué)變換可得結(jié)合圖像的斜率有解得該導(dǎo)電元件電阻為根據(jù)電阻定律有導(dǎo)線的橫截面積聯(lián)立解得導(dǎo)線的長(zhǎng)度即達(dá)到要求。13.（9分）如圖所示，汽缸放置在水平桌面上，開口向上，用活塞將一定質(zhì)量理想氣體封閉在汽缸內(nèi)，活塞距缸底l1=10cm，氣體溫度t1=17。加熱缸內(nèi)氣體至溫度t2時(shí)，活塞距缸底l2=12cm。已知活塞橫截面積S=2×10－3m2，大氣壓強(qiáng)p0=1.0×105Pa，重力加速度g=10m/s2，活塞與汽缸壁無(wú)摩擦且不漏氣，活塞重力忽略不計(jì)。(1)求溫度t2；(2)保持氣體溫度為t2，將一鐵塊放在活塞上，再次穩(wěn)定后活塞回到初始位置，求鐵塊質(zhì)量m?！敬鸢浮?1)t2=75；(2)4kg【解析】(1)氣體被加熱過(guò)程中壓強(qiáng)不變，由蓋呂薩克定律有代入數(shù)據(jù)解得T2=348K，t2=75(2)設(shè)活塞再次穩(wěn)定后氣體壓強(qiáng)為p，由平衡條件mg+p0S=pS由玻意耳定律p0l2S=pl1S代入數(shù)據(jù)解得m=4kg14.（15分）如圖所示，在平面坐標(biāo)系xOy的第二象限有沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在第一象限有一邊長(zhǎng)為2L的正三角形磁場(chǎng)區(qū)域abc，內(nèi)充滿方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其中ab邊與y軸重合且中點(diǎn)恰好為坐標(biāo)原點(diǎn)O，現(xiàn)有一質(zhì)量為m，電荷量為q的粒子從電場(chǎng)中的P點(diǎn)以速度v0沿x軸正方向飛出，恰好從坐標(biāo)原點(diǎn)O射入磁場(chǎng)，最終從ac邊飛出。已知P點(diǎn)坐標(biāo)為（，L），粒子重力不計(jì)。求：（1）勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大??；（2）帶電粒子經(jīng)過(guò)O時(shí)的速度；（3）勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的取值范圍?！敬鸢浮浚?）；（2）2v0，方向與x軸正方向成60°斜向下；（3）【解析】（1）帶電粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，則有

①

②

③由①②③解