2024-2025學(xué)年四川省南充市高三（下）二診物理考后提升模擬練習(xí)試卷（含解析）

第1頁(yè)（共1頁(yè)）2024-2025學(xué)年四川省南充市高三（下）二診物理考后提升模擬練習(xí)試卷一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1．（4分）1932年，考克饒夫和瓦爾頓用質(zhì)子加速器進(jìn)行人工核蛻變實(shí)驗(yàn)，驗(yàn)證了質(zhì)能關(guān)系的正確性。在實(shí)驗(yàn)中，鋰原子核俘獲一個(gè)質(zhì)子后成為不穩(wěn)定的鈹原子核，隨后又蛻變?yōu)閮蓚€(gè)原子核，核反應(yīng)方程為。已知、、X的質(zhì)量分別為m1＝1.00728u、m2＝7.01601u、m3＝4.00151u，其中u為原子質(zhì)量單位，1u＝931.5MeV/c2（c為真空中的光速）則在該核反應(yīng)中（）A．鈹原子核內(nèi)的中子數(shù)是3 B．X表示的是氚原子核 C．質(zhì)量虧損Δm＝4.02178u D．釋放的核能ΔE≈18.88MeV2．（4分）圖甲是某人在湖邊打水漂的圖片，石塊從水面彈起到觸水算一個(gè)水漂，若石塊每次從水面彈起時(shí)速度與水面的夾角均為30°，速率損失30%。圖乙是石塊運(yùn)動(dòng)軌跡的示意圖，測(cè)得石塊第1次彈起后的滯空時(shí)間為0.8s，已知石塊在同一豎直面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，當(dāng)觸水速度小于2m/s時(shí)石塊就不再?gòu)椘?，不?jì)空氣阻力。下列說(shuō)法正確的是（）A．石塊每次彈起后的滯空時(shí)間相等 B．石塊最多能在湖面上彈起5次 C．石塊每次彈起過(guò)程能量損失30% D．石塊每次彈起到最高點(diǎn)的速度為零3．（4分）2024年5月3日17時(shí)27分，嫦娥六號(hào)探測(cè)器在中國(guó)文昌航天發(fā)射場(chǎng)成功發(fā)射升空，之后準(zhǔn)確進(jìn)入地月轉(zhuǎn)移軌道，開(kāi)啟世界首次月背“挖寶”之旅。圖中繞月運(yùn)行的三個(gè)軌道分別為：大橢圓軌道1，橢圓停泊軌道2，圓軌道3，P點(diǎn)為三個(gè)軌道的公共切點(diǎn)，Q為軌道1的遠(yuǎn)地點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A．探測(cè)器在1軌道上的運(yùn)行周期大于在2軌道的運(yùn)行周期 B．探測(cè)器在P點(diǎn)需要加速才能從1軌道轉(zhuǎn)移到2軌道 C．探測(cè)器在2軌道上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)，所受的月球引力等于向心力 D．探測(cè)器在1軌道上從P點(diǎn)向Q點(diǎn)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，機(jī)械能逐漸減小4．（4分）市場(chǎng)流行的智能手機(jī)都內(nèi)置有加速度傳感器，可以進(jìn)行各種有趣的物理實(shí)驗(yàn)。現(xiàn)用某款智能手機(jī)進(jìn)行豎直上拋實(shí)驗(yàn)：用手掌托著智能手機(jī)，打開(kāi)加速度傳感器，把手機(jī)向上拋出，然后又在拋出點(diǎn)接住手機(jī)，得到如圖所示的加速度隨時(shí)間變化的圖像，圖中t1＝0.38s，t2＝0.55s，t3＝0.66s，t4＝1.26s，已知該款手機(jī)的質(zhì)量為200g，取重力加速度g＝10m/s2，空氣阻力不計(jì)，由此可判斷出（）A．0～t2時(shí)間內(nèi)手機(jī)先加速后減速 B．t3～t4時(shí)間內(nèi)，手掌對(duì)手機(jī)的作用力大小為2N C．手機(jī)離開(kāi)手掌后，在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為0.88s D．0～t3時(shí)間內(nèi)，手掌對(duì)手機(jī)的沖量大小為1.92kg?m/s5．（4分）電子顯微鏡通過(guò)“靜電透鏡”實(shí)現(xiàn)對(duì)電子會(huì)聚或發(fā)散使微小物體成像。電子槍發(fā)射的電子僅在電場(chǎng)力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中實(shí)線所示，a、b、c是軌跡上的三點(diǎn)，虛線為電子透鏡電場(chǎng)中的等差等勢(shì)面。下列說(shuō)法正確的是（）A．b點(diǎn)的電勢(shì)高于c點(diǎn)的電勢(shì) B．電子在a點(diǎn)的加速度大于在c點(diǎn)的加速度 C．電子在a點(diǎn)的電勢(shì)能大于在b點(diǎn)的電勢(shì)能 D．電子在c點(diǎn)的速度大于在b點(diǎn)的速度6．（4分）水晶球是用天然水晶加工而成的一種透明的球型物品。如圖甲所示為一個(gè)質(zhì)量分布均勻的透明水晶球，半徑為a，過(guò)球心的截面如圖乙所示，PQ為直徑，一單色細(xì)光束從P點(diǎn)射入球內(nèi)，折射光線與PQ夾角為37°，出射光線與PQ平行。已知光在真空中的傳播速度為c，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，則（）A．光束在P點(diǎn)的入射角為53° B．“水晶球”的折射率為1.6 C．光在“水晶球”中的傳播速度為 D．光在“水晶球”中的傳播時(shí)間為7．（4分）如圖所示，長(zhǎng)為L(zhǎng)的水平固定長(zhǎng)木板AB，C為AB的中點(diǎn)，AC段光滑，CB段粗糙，一原長(zhǎng)為的輕彈簧一端連在長(zhǎng)木板左端的擋板上，另一端連一物塊，開(kāi)始時(shí)將物塊拉至長(zhǎng)木板的右端點(diǎn)，由靜止釋放物塊，物塊在彈簧彈力的作用下向左滑動(dòng)，已知物塊與長(zhǎng)木板CB段間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，物塊的質(zhì)量為m，彈簧的勁度系數(shù)為k，且，物塊第一次到達(dá)C點(diǎn)時(shí)，物塊的速度大小為v0，這時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能為E0，不計(jì)物塊的大小，重力加速度為g，則下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A．物塊不可能會(huì)停在CB段上某處 B．物塊最終會(huì)做往復(fù)運(yùn)動(dòng) C．彈簧開(kāi)始具有的最大彈性勢(shì)能為 D．整個(gè)過(guò)程中物塊克服摩擦做的功為二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。（多選）8．（6分）在探究變壓器的線圈兩端電壓與匝數(shù)的關(guān)系時(shí)，某同學(xué)分別在可拆變壓器的鐵芯上繞制了兩個(gè)線圈，制作了一個(gè)如圖所示的降壓變壓器，線圈a連接到學(xué)生電源的交流輸出端，線圈b與小燈泡相連接，兩線圈的電阻均可忽略不計(jì)。閉合電源開(kāi)關(guān)，發(fā)現(xiàn)小燈泡很亮，為了降低小燈泡的亮度，下列措施可行的是（）A．適當(dāng)減少線圈b的匝數(shù) B．將交流輸出電壓適當(dāng)減小 C．將線圈a、b增加相同匝數(shù) D．將線圈a改接在直流輸出端（多選）9．（6分）當(dāng)物體受到同平面內(nèi)不平行的三個(gè)力作用而平衡時(shí)，這三個(gè)力的作用線必定交于同一點(diǎn)，這一結(jié)論被稱(chēng)為三力平衡交匯定理。如圖所示，在半徑為R的光滑半球形凹面內(nèi)，有一質(zhì)量分布均勻的細(xì)桿達(dá)到平衡，已知桿在半球面內(nèi)那部分的長(zhǎng)度為，則（）A．桿上A、B兩點(diǎn)受到的彈力大小之比為1：1 B．桿上A、B兩點(diǎn)受到的彈力大小之比為：2 C．桿全長(zhǎng)為 D．桿全長(zhǎng)為（多選）10．（6分）戰(zhàn)繩是非常流行的一種高效全身訓(xùn)練方式。在某次訓(xùn)練中，運(yùn)動(dòng)員手持繩的一端甩動(dòng)，形成繩波可簡(jiǎn)化為簡(jiǎn)諧波，如圖甲為簡(jiǎn)諧波在t＝0.10s時(shí)刻的波形圖，P是平衡位置為x＝1m處的質(zhì)點(diǎn)，Q是平衡位置為x＝4m處的質(zhì)點(diǎn)，如圖乙為質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖像。下列說(shuō)法正確的是（）A．波的傳播速度為60m/s B．t＝0.10s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng) C．t＝0.15s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P的運(yùn)動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向 D．從t＝0.10s到t＝0.25s，質(zhì)點(diǎn)P通過(guò)的路程為30cm三、非選擇題：本題共5小題，共54分。其中第13～15小題解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟；有數(shù)值計(jì)算時(shí)，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位。11．（6分）某同學(xué)采用如圖甲所示裝置驗(yàn)證物塊A與物塊B（帶有遮光條）組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒。圖中光電門(mén)安裝在鐵架臺(tái)上且位置可調(diào)，滑輪質(zhì)量不計(jì)，細(xì)線與滑輪之間的摩擦可以忽略不計(jì)，細(xì)線始終伸直。mB＝2mA，遮光條質(zhì)量不計(jì)，遮光條通過(guò)光電門(mén)的平均速度看作滑塊通過(guò)光電門(mén)的瞬時(shí)速度，實(shí)驗(yàn)時(shí)將物塊B由靜止釋放。（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)出遮光條寬度d，如圖乙所示，則d＝mm。（2）某次實(shí)驗(yàn)中，測(cè)得t＝11.60ms，則此時(shí)A的速度為m/s（保留2位有效數(shù)字）。（3）改變光電門(mén)與物塊B之間的高度h，重復(fù)實(shí)驗(yàn)，測(cè)得各次遮光條的擋光時(shí)間t，以h為橫軸、為縱軸建立平面直角坐標(biāo)系，在坐標(biāo)系中作出圖像，如圖丙所示，該圖像的斜率為k，在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，若k＝（用含g、d字母的表達(dá)式表示），則驗(yàn)證了機(jī)械能守恒定律。12．（14分）某實(shí)驗(yàn)小組要測(cè)量一段粗細(xì)均勻的金屬絲的電阻率。（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)待測(cè)金屬絲的直徑如圖甲所示，可知該金屬絲的直徑d＝mm。（2）用多用電表粗測(cè)金屬絲的阻值。當(dāng)用電阻“×10”擋時(shí)，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過(guò)大，應(yīng)換用倍率為（填“×1”或“×100”）擋，在進(jìn)行一系列正確操作后，指針靜止時(shí)位置如圖乙所示，其讀數(shù)為Ω。（3）為了更精確地測(cè)量金屬絲的電阻率，實(shí)驗(yàn)室提供了下列器材：A．電流表A（量程0.6A，內(nèi)阻較小可忽略）B．保護(hù)電阻R0C．電源（輸出電壓恒為U）D．開(kāi)關(guān)S、導(dǎo)線若干①實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)的測(cè)量電路如圖丙所示，調(diào)節(jié)接線夾在金屬絲上的位置，測(cè)出接入電路中金屬絲的長(zhǎng)度L，閉合開(kāi)關(guān)，記錄電流表A的讀數(shù)I。②改變接線夾位置，重復(fù)①的步驟，測(cè)出多組L與I的值。根據(jù)測(cè)得的數(shù)據(jù)，作出如圖丁所示的圖線，橫軸表示金屬絲長(zhǎng)度L（單位：m），則縱軸應(yīng)用（填“I/A”或“”）表示；若縱軸截距為b，斜率為k，可得R0＝，金屬絲的電阻率ρ＝（用題中給出的已知物理量U、b、k、d等表示）。③關(guān)于本實(shí)驗(yàn)的誤差，下列說(shuō)法正確的是（填選項(xiàng)字母）。A．電表讀數(shù)時(shí)為減小誤差應(yīng)多估讀幾位B．用圖像求金屬絲電阻率可以減小偶然誤差C．若考慮電流表內(nèi)阻的影響，電阻率的測(cè)量值大于真實(shí)值13．（10分）某學(xué)校實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了測(cè)量不規(guī)則礦石體積的氣壓體積測(cè)量?jī)x。如圖所示為氣壓體積測(cè)量?jī)x的原理圖，上端開(kāi)口的氣壓筒A和上端封閉的測(cè)量筒B均為高h(yuǎn)＝20cm，橫截面積S＝10cm2的導(dǎo)熱氣缸，兩氣缸連接處的細(xì)管體積不計(jì)。現(xiàn)把待測(cè)礦石置于測(cè)量筒B中，將質(zhì)量m＝2kg的活塞從氣壓筒A上方開(kāi)口處放下，在兩氣缸內(nèi)封閉一定質(zhì)量的理想氣體（不計(jì)活塞厚度和摩擦力），緩慢降低封閉氣體的溫度至﹣3℃，活塞穩(wěn)定后，活塞距氣壓筒A頂端0.4h。已知環(huán)境溫度為27℃，外界大氣壓強(qiáng)為p0＝1.0×105Pa，重力加速度g＝10m/s2。（1）求礦石的體積；（2）再把溫度從﹣3℃緩慢升高，將活塞推到氣壓筒A的頂端，求此時(shí)封閉氣體的溫度；若該過(guò)程封閉氣體內(nèi)能增加了20J，求封閉氣體從外界吸收的熱量。14．（12分）如圖所示，兩平行金屬直導(dǎo)軌ab、a′b′固定于同一水平絕緣桌面上，兩導(dǎo)軌之間的距離為L(zhǎng)，a、a′端與傾角為30°的傾斜金屬導(dǎo)軌平滑連接，傾斜導(dǎo)軌上端連接阻值為R的定值電阻，b、b′端與位于豎直面內(nèi)、半徑相同的半圓形金屬導(dǎo)軌平滑連接，所有金屬導(dǎo)軌的電阻忽略不計(jì)。僅水平導(dǎo)軌abb′a′所圍矩形區(qū)域存在方向豎直向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一根質(zhì)量為m、電阻為R、長(zhǎng)度為L(zhǎng)的細(xì)金屬棒M與導(dǎo)軌垂直，靜置于aa′處，另一根與M長(zhǎng)度相同、質(zhì)量為2m的細(xì)絕緣棒N由傾斜導(dǎo)軌上與aa′距離為L(zhǎng)處?kù)o止釋放，一段時(shí)間后N與M發(fā)生彈性碰撞，碰撞時(shí)間極短。碰撞后，M和N先后恰好運(yùn)動(dòng)到半圓形導(dǎo)軌的最高點(diǎn)（拋出后立即撤去），運(yùn)動(dòng)過(guò)程中棒與導(dǎo)軌始終垂直且接觸良好。不計(jì)一切摩擦，重力加速度為g。求：（1）半圓形金屬導(dǎo)軌的半徑r；（2）整個(gè)過(guò)程中定值電阻R產(chǎn)生的焦耳熱Q；（3）絕緣棒N通過(guò)abb′a′區(qū)域的時(shí)間t。15．（12分）圖甲是半徑為R的四分之一圓柱面陰極MN和位于圓柱軸線OO'上的陽(yáng)極構(gòu)成的光電管的示意圖，某單色光照射陰極，逸出的光電子到達(dá)陽(yáng)極形成光電流。已知陰極材料的逸出功為W0，光電子的最大初速度為vm，電子電荷量為﹣e、質(zhì)量為m，真空中光速為c，普朗克常量為h。（1）求入射光的波長(zhǎng)λ和遏止電壓Uc；（2）圖乙是光電管橫截面示意圖，在半徑為R的四分之一圓平面內(nèi)加垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，只研究在該截面內(nèi)運(yùn)動(dòng)的光電子，僅考慮洛倫茲力作用，要使從陰極上N點(diǎn)逸出的光電子運(yùn)動(dòng)到陽(yáng)極，速度至少為，求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小；（3）在（2）問(wèn)所述情況下，若陰極表面各處均有光電子逸出，求能到達(dá)陽(yáng)極的光電子逸出區(qū)域與整個(gè)陰極區(qū)域的比值k。

2024-2025學(xué)年四川省南充市高三（下）二診物理考后提升模擬練習(xí)試卷參考答案與試題解析題號(hào)1234567答案DBADABD一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1．（4分）1932年，考克饒夫和瓦爾頓用質(zhì)子加速器進(jìn)行人工核蛻變實(shí)驗(yàn)，驗(yàn)證了質(zhì)能關(guān)系的正確性。在實(shí)驗(yàn)中，鋰原子核俘獲一個(gè)質(zhì)子后成為不穩(wěn)定的鈹原子核，隨后又蛻變?yōu)閮蓚€(gè)原子核，核反應(yīng)方程為。已知、、X的質(zhì)量分別為m1＝1.00728u、m2＝7.01601u、m3＝4.00151u，其中u為原子質(zhì)量單位，1u＝931.5MeV/c2（c為真空中的光速）則在該核反應(yīng)中（）A．鈹原子核內(nèi)的中子數(shù)是3 B．X表示的是氚原子核 C．質(zhì)量虧損Δm＝4.02178u D．釋放的核能ΔE≈18.88MeV【答案】D【分析】根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒判斷生成產(chǎn)物，并根據(jù)質(zhì)量數(shù)等于質(zhì)子數(shù)與中子數(shù)之和求解中子數(shù)；質(zhì)量虧損等于開(kāi)始時(shí)的質(zhì)量與最終質(zhì)量的差；根據(jù)質(zhì)能方程求解產(chǎn)生的核能?！窘獯稹拷猓篈．根據(jù)質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒有A＝7+1＝8，Z＝3+1＝4則鈹原子核內(nèi)的中子數(shù)是8﹣4＝4（個(gè)），故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒可知，X的質(zhì)量數(shù)為A′＝＝4，電荷數(shù)為Z′＝＝2，可知X表示的是氦原子核，故B錯(cuò)誤；C．在該核反應(yīng)中，質(zhì)量虧損Δm＝m1+m2﹣2m3解得Δm＝0.02027u故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)質(zhì)能方程，釋放的核能為ΔE＝Δm?931.5MeV解得ΔE≈18.88MeV故D正確。故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】直接利用核反應(yīng)方程的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒即可正確求解，根據(jù)核子的質(zhì)量求解核反應(yīng)過(guò)程中的質(zhì)量虧損。2．（4分）圖甲是某人在湖邊打水漂的圖片，石塊從水面彈起到觸水算一個(gè)水漂，若石塊每次從水面彈起時(shí)速度與水面的夾角均為30°，速率損失30%。圖乙是石塊運(yùn)動(dòng)軌跡的示意圖，測(cè)得石塊第1次彈起后的滯空時(shí)間為0.8s，已知石塊在同一豎直面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，當(dāng)觸水速度小于2m/s時(shí)石塊就不再?gòu)椘?，不?jì)空氣阻力。下列說(shuō)法正確的是（）A．石塊每次彈起后的滯空時(shí)間相等 B．石塊最多能在湖面上彈起5次 C．石塊每次彈起過(guò)程能量損失30% D．石塊每次彈起到最高點(diǎn)的速度為零【答案】B【分析】A.根據(jù)斜上拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律結(jié)合速率損失分析豎直方向的分速度，判斷滯空時(shí)間是否發(fā)生變化；B.根據(jù)速率損失和題意列式求解完成個(gè)數(shù)；C.根據(jù)速率損失換算能量損失；D.根據(jù)斜上拋運(yùn)動(dòng)最高點(diǎn)的特點(diǎn)分析解答?！窘獯稹拷猓篈.石塊做斜上拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向上的速度大小為vy＝vsin30°根據(jù)vy＝gt1運(yùn)動(dòng)總時(shí)間t＝0.8s＝2t1解得v＝8m/s，由于存在速率損失，v減小導(dǎo)致vy減小，所以滯空時(shí)間不等，故A錯(cuò)誤；B.設(shè)石塊一共能打n個(gè)水漂，則有（1﹣30%）n﹣1?v＜2m/s，（n取整數(shù)）解得n＝5，故B正確；C.速率損失30%，即速度由v變成0.7v，能量由mv2變成m（0.7v）2＝0.49×mv2，故能量損失為51%，故C錯(cuò)誤；D.石塊做斜上拋運(yùn)動(dòng)，即使在最高點(diǎn)也有水平方向的分速度，故D錯(cuò)誤。故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】考查能的轉(zhuǎn)化和守恒、斜上拋運(yùn)動(dòng)等問(wèn)題，會(huì)根據(jù)題意列式進(jìn)行相關(guān)物理量的運(yùn)算。3．（4分）2024年5月3日17時(shí)27分，嫦娥六號(hào)探測(cè)器在中國(guó)文昌航天發(fā)射場(chǎng)成功發(fā)射升空，之后準(zhǔn)確進(jìn)入地月轉(zhuǎn)移軌道，開(kāi)啟世界首次月背“挖寶”之旅。圖中繞月運(yùn)行的三個(gè)軌道分別為：大橢圓軌道1，橢圓停泊軌道2，圓軌道3，P點(diǎn)為三個(gè)軌道的公共切點(diǎn)，Q為軌道1的遠(yuǎn)地點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A．探測(cè)器在1軌道上的運(yùn)行周期大于在2軌道的運(yùn)行周期 B．探測(cè)器在P點(diǎn)需要加速才能從1軌道轉(zhuǎn)移到2軌道 C．探測(cè)器在2軌道上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)，所受的月球引力等于向心力 D．探測(cè)器在1軌道上從P點(diǎn)向Q點(diǎn)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，機(jī)械能逐漸減小【答案】A【分析】根據(jù)開(kāi)普勒第三定律分析周期，根據(jù)離心運(yùn)動(dòng)和向心運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)分析，只有萬(wàn)有引力做功，則機(jī)械能不變?！窘獯稹拷猓篈．1軌道的半長(zhǎng)軸大于2軌道的半長(zhǎng)軸，根據(jù)開(kāi)普勒第三定律可知可知，可知探測(cè)器在1軌道上的運(yùn)行周期大于在2軌道的運(yùn)行周期，故A正確；B．探測(cè)器在P點(diǎn)需要減速做向心運(yùn)動(dòng)才能從1軌道轉(zhuǎn)移到2軌道，故B錯(cuò)誤；C．探測(cè)器在2軌道上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)做離心運(yùn)動(dòng)，所受的月球引力小于向心力，故C錯(cuò)誤；D．探測(cè)器在1軌道上從P點(diǎn)向Q點(diǎn)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，只有萬(wàn)有引力做功，則機(jī)械能不變，故D錯(cuò)誤。故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】解答本題的關(guān)鍵要掌握離心運(yùn)動(dòng)和向心運(yùn)動(dòng)的概念，能熟練運(yùn)用開(kāi)普勒第三律分析周期關(guān)系。4．（4分）市場(chǎng)流行的智能手機(jī)都內(nèi)置有加速度傳感器，可以進(jìn)行各種有趣的物理實(shí)驗(yàn)。現(xiàn)用某款智能手機(jī)進(jìn)行豎直上拋實(shí)驗(yàn)：用手掌托著智能手機(jī)，打開(kāi)加速度傳感器，把手機(jī)向上拋出，然后又在拋出點(diǎn)接住手機(jī)，得到如圖所示的加速度隨時(shí)間變化的圖像，圖中t1＝0.38s，t2＝0.55s，t3＝0.66s，t4＝1.26s，已知該款手機(jī)的質(zhì)量為200g，取重力加速度g＝10m/s2，空氣阻力不計(jì)，由此可判斷出（）A．0～t2時(shí)間內(nèi)手機(jī)先加速后減速 B．t3～t4時(shí)間內(nèi)，手掌對(duì)手機(jī)的作用力大小為2N C．手機(jī)離開(kāi)手掌后，在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為0.88s D．0～t3時(shí)間內(nèi)，手掌對(duì)手機(jī)的沖量大小為1.92kg?m/s【答案】D【分析】A．a(chǎn)﹣t圖像中圖線與坐標(biāo)軸所圍面積表示速度的變化量；B．根據(jù)t3～t4時(shí)間內(nèi)手機(jī)的加速度分析運(yùn)動(dòng)情況，進(jìn)而分析作用力；C．t3～t4時(shí)間內(nèi)手機(jī)離開(kāi)手掌，做自由落體運(yùn)動(dòng)；D．手機(jī)離開(kāi)手掌做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，求解手機(jī)剛離開(kāi)手掌時(shí)速度，根據(jù)動(dòng)量定理解答?！窘獯稹拷猓篈．a(chǎn)﹣t圖像中圖線與坐標(biāo)軸所圍面積表示速度的變化量，0～t2時(shí)間內(nèi)速度一直增加，所以手機(jī)一直加速，故A錯(cuò)誤；B．t3～t4時(shí)間內(nèi)，手機(jī)的加速度大小為a＝10m/s2，方向向下，可知手機(jī)做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，手掌對(duì)手機(jī)的作用力大小為0，故B錯(cuò)誤；C．手機(jī)離開(kāi)手掌后做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為Δt＝t4﹣t3＝1.26s﹣0.66s＝0.6s，故C錯(cuò)誤；D．手機(jī)離開(kāi)手掌做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)對(duì)稱(chēng)性可知手機(jī)剛離開(kāi)手掌時(shí)速度為0～t3時(shí)間內(nèi)根據(jù)動(dòng)量定理有I﹣mgt3＝mv，解得手掌對(duì)手機(jī)的沖量大小I＝mv+mgt3＝200×10﹣3×3kg?m/s+200×10﹣3×10×0.66kg?m/s＝1.92kg?m/s，故D正確。故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】考查對(duì)a﹣t圖像的理解，需清楚圖線的含義，結(jié)合動(dòng)量定理解答。5．（4分）電子顯微鏡通過(guò)“靜電透鏡”實(shí)現(xiàn)對(duì)電子會(huì)聚或發(fā)散使微小物體成像。電子槍發(fā)射的電子僅在電場(chǎng)力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中實(shí)線所示，a、b、c是軌跡上的三點(diǎn)，虛線為電子透鏡電場(chǎng)中的等差等勢(shì)面。下列說(shuō)法正確的是（）A．b點(diǎn)的電勢(shì)高于c點(diǎn)的電勢(shì) B．電子在a點(diǎn)的加速度大于在c點(diǎn)的加速度 C．電子在a點(diǎn)的電勢(shì)能大于在b點(diǎn)的電勢(shì)能 D．電子在c點(diǎn)的速度大于在b點(diǎn)的速度【答案】A【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度的方向與等勢(shì)面垂直，先判斷出電場(chǎng)力方向，電子受到的電場(chǎng)力的方向與電場(chǎng)強(qiáng)度的方向相反，由此判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，再判斷各點(diǎn)電勢(shì)的高低；根據(jù)等勢(shì)面的疏密判斷電場(chǎng)強(qiáng)度大小，結(jié)合牛頓第二定律判斷加速度大??；根據(jù)電場(chǎng)力做功情況判斷電勢(shì)能的大小關(guān)系，根據(jù)能量守恒判定動(dòng)能和速度的變化。【解答】解：A．電子從a到c的過(guò)程中向上彎曲，說(shuō)明電子在b點(diǎn)時(shí)受到的電場(chǎng)力方向垂直于等勢(shì)面斜向上，電子帶負(fù)電，可知圖中電場(chǎng)線的方向大體沿左上方至右下方，沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)越來(lái)越低，所以b點(diǎn)的電勢(shì)大于c點(diǎn)的電勢(shì)，故A正確；B．等差等勢(shì)面的疏密表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱，則a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于c點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，電子在a點(diǎn)的加速度比在c點(diǎn)的加速度小，故B錯(cuò)誤；C．電子從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，電子在a點(diǎn)的電勢(shì)能小于在b點(diǎn)的電勢(shì)能，故C錯(cuò)誤；D．電子從b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，電子在c點(diǎn)的速度比在b點(diǎn)的速度小，故D錯(cuò)誤。故選：A。【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵要讀懂題意，理解電子顯微鏡的等勢(shì)面分布，利用電場(chǎng)線與等勢(shì)面處處垂直，判斷電場(chǎng)線方向，進(jìn)而求解。6．（4分）水晶球是用天然水晶加工而成的一種透明的球型物品。如圖甲所示為一個(gè)質(zhì)量分布均勻的透明水晶球，半徑為a，過(guò)球心的截面如圖乙所示，PQ為直徑，一單色細(xì)光束從P點(diǎn)射入球內(nèi)，折射光線與PQ夾角為37°，出射光線與PQ平行。已知光在真空中的傳播速度為c，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，則（）A．光束在P點(diǎn)的入射角為53° B．“水晶球”的折射率為1.6 C．光在“水晶球”中的傳播速度為 D．光在“水晶球”中的傳播時(shí)間為【答案】B【分析】根據(jù)幾何知識(shí)求折射角，根據(jù)折射定律求折射率、入射角、光速；根據(jù)折射率公式、勻速直線運(yùn)動(dòng)公式結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)求傳播時(shí)間?！窘獯稹拷猓篈B．光路圖如圖所示：由幾何關(guān)系可知，光線射出時(shí)的折射角r＝2θ根據(jù)折射定律n＝＝2cosθ＝2×0.8＝1.6根據(jù)折射定律n＝可知入射角β＝r＝2θ＝2×37°＝74°故A錯(cuò)誤，B正確；CD．光在“水晶球”中傳播的距離為s，根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)s＝2acosθ根據(jù)折射率公式，光在“水晶球”中的傳播速度v＝＝c傳播時(shí)間t＝解得t＝故CD錯(cuò)誤。故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查了光的折射，根據(jù)幾何知識(shí)求解折射角是解題的關(guān)鍵；知道光的折射率與頻率的關(guān)系，掌握折射定律和折射率公式。7．（4分）如圖所示，長(zhǎng)為L(zhǎng)的水平固定長(zhǎng)木板AB，C為AB的中點(diǎn)，AC段光滑，CB段粗糙，一原長(zhǎng)為的輕彈簧一端連在長(zhǎng)木板左端的擋板上，另一端連一物塊，開(kāi)始時(shí)將物塊拉至長(zhǎng)木板的右端點(diǎn)，由靜止釋放物塊，物塊在彈簧彈力的作用下向左滑動(dòng)，已知物塊與長(zhǎng)木板CB段間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，物塊的質(zhì)量為m，彈簧的勁度系數(shù)為k，且，物塊第一次到達(dá)C點(diǎn)時(shí)，物塊的速度大小為v0，這時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能為E0，不計(jì)物塊的大小，重力加速度為g，則下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A．物塊不可能會(huì)停在CB段上某處 B．物塊最終會(huì)做往復(fù)運(yùn)動(dòng) C．彈簧開(kāi)始具有的最大彈性勢(shì)能為 D．整個(gè)過(guò)程中物塊克服摩擦做的功為【答案】D【分析】分析摩擦力與彈簧的拉力之間的關(guān)系，即可確定物塊是否可能會(huì)停在CB面上某處；根據(jù)功能關(guān)系即可求出彈簧開(kāi)始時(shí)的最大彈性勢(shì)能；根據(jù)功能關(guān)系，結(jié)合滑塊的初狀態(tài)與末狀態(tài)對(duì)應(yīng)的機(jī)械能，即可求出物塊克服摩擦力做的功?！窘獯稹拷猓篈．由于，設(shè)BC段彈簧形變量為x，，得kx＞μmg，由此，物塊不可能停在BC段，故A正確；B．只要物塊滑上BC段，就要克服摩擦力做功，物塊的機(jī)械能就減小，所以物塊最終會(huì)在AC往返運(yùn)動(dòng)，故B正確；C．物塊從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，到第一次運(yùn)動(dòng)到C過(guò)程中，根據(jù)能量守恒定律得，故C正確；D．物塊第一次到達(dá)C，物塊的速度大小為v0，物塊最終會(huì)在AC段做往返運(yùn)動(dòng)，到達(dá)C點(diǎn)的速度為0，可知物塊克服摩擦做的功最大為，故D錯(cuò)誤。本體選擇錯(cuò)誤的，故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】該題結(jié)合滑塊與彈簧模型，考查摩擦力的計(jì)算、功能關(guān)系等，要明確物塊在BC之間運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，系統(tǒng)的一部分的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，物塊在AC之間運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，物塊的動(dòng)能與彈簧的彈性勢(shì)能之間相互轉(zhuǎn)化。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。（多選）8．（6分）在探究變壓器的線圈兩端電壓與匝數(shù)的關(guān)系時(shí)，某同學(xué)分別在可拆變壓器的鐵芯上繞制了兩個(gè)線圈，制作了一個(gè)如圖所示的降壓變壓器，線圈a連接到學(xué)生電源的交流輸出端，線圈b與小燈泡相連接，兩線圈的電阻均可忽略不計(jì)。閉合電源開(kāi)關(guān)，發(fā)現(xiàn)小燈泡很亮，為了降低小燈泡的亮度，下列措施可行的是（）A．適當(dāng)減少線圈b的匝數(shù) B．將交流輸出電壓適當(dāng)減小 C．將線圈a、b增加相同匝數(shù) D．將線圈a改接在直流輸出端【答案】AB【分析】根據(jù)變壓器的變壓規(guī)律寫(xiě)出輸出電壓的表達(dá)式，然后逐項(xiàng)分析即可?！窘獯稹拷猓簽榱私档托襞莸牧炼?，則需要減小變壓器的副線圈的電壓，設(shè)線圈a的匝數(shù)為n1，輸入電壓為U1，線圈b的匝數(shù)為n2，輸出電壓為U2，因?yàn)樽儔浩鞯淖儔阂?guī)律是可得A．減少線圈b的匝數(shù)可行，可以減小U2，則可以降低小燈泡的亮度，故A正確；B．將交流輸出電壓U減小，可以減小U2，小燈泡會(huì)變暗，故B正確；C．將線圈a、b增加相同匝數(shù)，可以增大U2，小燈泡會(huì)更亮，故C錯(cuò)誤；D．直流電不能在副線圈產(chǎn)生電流，小燈泡將不會(huì)發(fā)光，故D錯(cuò)誤。故選：AB?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了變壓器變壓規(guī)律的應(yīng)用，基礎(chǔ)題。（多選）9．（6分）當(dāng)物體受到同平面內(nèi)不平行的三個(gè)力作用而平衡時(shí)，這三個(gè)力的作用線必定交于同一點(diǎn)，這一結(jié)論被稱(chēng)為三力平衡交匯定理。如圖所示，在半徑為R的光滑半球形凹面內(nèi)，有一質(zhì)量分布均勻的細(xì)桿達(dá)到平衡，已知桿在半球面內(nèi)那部分的長(zhǎng)度為，則（）A．桿上A、B兩點(diǎn)受到的彈力大小之比為1：1 B．桿上A、B兩點(diǎn)受到的彈力大小之比為：2 C．桿全長(zhǎng)為 D．桿全長(zhǎng)為【答案】AC【分析】根據(jù)“三力交匯”原理，桿受到重力、兩個(gè)彈力，根據(jù)幾何關(guān)系結(jié)合共點(diǎn)力的平衡條件求解彈力之比；根據(jù)幾何關(guān)系求解桿長(zhǎng)?！窘獯稹拷猓篈B、根據(jù)“三力交匯”原理，桿受到重力、兩個(gè)彈力，將這三個(gè)共點(diǎn)力平移于一點(diǎn)，如圖所示：已知桿在半球面內(nèi)那部分的長(zhǎng)度為，根據(jù)幾何關(guān)系可得：∠OAB＝∠OBC＝30°則△OCB為等邊三角形，又因?yàn)橹亓Ψ较蜇Q直向下，則θ＝α＝30°所以桿上A、B兩點(diǎn)受到的彈力大小之比為FA：FB＝1：1，故A正確、B錯(cuò)誤；CD、則△OCB為等邊三角形，根據(jù)幾何關(guān)系可得：BC＝OB＝R則BD＝BCtan30°＝R，所以AD＝AB﹣BD＝R﹣R＝R由于D為桿的中點(diǎn)，則桿長(zhǎng)為L(zhǎng)＝2AD＝2×R＝R，故C正確、D錯(cuò)誤。故選：AC?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要是考查了共點(diǎn)力的平衡問(wèn)題，關(guān)鍵是能夠確定研究對(duì)象、進(jìn)行受力分析、利用平行四邊形法則進(jìn)行力的合成，然后建立平衡方程進(jìn)行解答。（多選）10．（6分）戰(zhàn)繩是非常流行的一種高效全身訓(xùn)練方式。在某次訓(xùn)練中，運(yùn)動(dòng)員手持繩的一端甩動(dòng)，形成繩波可簡(jiǎn)化為簡(jiǎn)諧波，如圖甲為簡(jiǎn)諧波在t＝0.10s時(shí)刻的波形圖，P是平衡位置為x＝1m處的質(zhì)點(diǎn)，Q是平衡位置為x＝4m處的質(zhì)點(diǎn)，如圖乙為質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖像。下列說(shuō)法正確的是（）A．波的傳播速度為60m/s B．t＝0.10s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng) C．t＝0.15s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P的運(yùn)動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向 D．從t＝0.10s到t＝0.25s，質(zhì)點(diǎn)P通過(guò)的路程為30cm【答案】BC【分析】根據(jù)波速計(jì)算公式求解波的傳播速度；根據(jù)圖乙判斷質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)方向；根據(jù)同側(cè)法判斷質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方向，再根據(jù)振動(dòng)情況分析質(zhì)點(diǎn)P在0.15s時(shí)的運(yùn)動(dòng)方向；根據(jù)P的振動(dòng)情況和所處的位置判斷通過(guò)的路程?！窘獯稹拷猓篈、波的傳播速度為：v＝＝m/s＝40m/s，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)圖乙可知，在t＝0.10s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，故B正確；C、在t＝0.10s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，根據(jù)同側(cè)法可知波沿﹣x方向傳播，t＝0.1s時(shí)P點(diǎn)沿+y方向振動(dòng)；所以t＝0.15s時(shí)，又經(jīng)過(guò)T，質(zhì)點(diǎn)P的運(yùn)動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向，故C正確；D、從t＝0.10s到t＝0.25s，經(jīng)過(guò)的時(shí)間為：Δt＝0.15s＝，質(zhì)點(diǎn)P通過(guò)的路程：s＜＝3A＝3×10cm＝30cm，故D錯(cuò)誤。故選：BC?！军c(diǎn)評(píng)】本題既要理解振動(dòng)圖像和波動(dòng)圖像各自的物理意義，由振動(dòng)圖像能判斷出質(zhì)點(diǎn)的速度方向，同時(shí)要把握兩種圖像的內(nèi)在聯(lián)系，能由質(zhì)點(diǎn)的速度方向，判斷出波的傳播方向。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。其中第13～15小題解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟；有數(shù)值計(jì)算時(shí)，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位。11．（6分）某同學(xué)采用如圖甲所示裝置驗(yàn)證物塊A與物塊B（帶有遮光條）組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒。圖中光電門(mén)安裝在鐵架臺(tái)上且位置可調(diào)，滑輪質(zhì)量不計(jì)，細(xì)線與滑輪之間的摩擦可以忽略不計(jì)，細(xì)線始終伸直。mB＝2mA，遮光條質(zhì)量不計(jì)，遮光條通過(guò)光電門(mén)的平均速度看作滑塊通過(guò)光電門(mén)的瞬時(shí)速度，實(shí)驗(yàn)時(shí)將物塊B由靜止釋放。（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)出遮光條寬度d，如圖乙所示，則d＝1.195mm。（2）某次實(shí)驗(yàn)中，測(cè)得t＝11.60ms，則此時(shí)A的速度為0.10m/s（保留2位有效數(shù)字）。（3）改變光電門(mén)與物塊B之間的高度h，重復(fù)實(shí)驗(yàn)，測(cè)得各次遮光條的擋光時(shí)間t，以h為橫軸、為縱軸建立平面直角坐標(biāo)系，在坐標(biāo)系中作出圖像，如圖丙所示，該圖像的斜率為k，在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，若k＝（用含g、d字母的表達(dá)式表示），則驗(yàn)證了機(jī)械能守恒定律?！敬鸢浮浚?）1.195；（2）0.10；（3）?！痉治觥浚?）螺旋測(cè)微器的精確度為0.01mm，根據(jù)螺旋測(cè)微器的讀數(shù)規(guī)則讀數(shù)；（2）根據(jù)極短時(shí)間內(nèi)的平均速度求解A的瞬時(shí)速度；（3）分別求解重力勢(shì)能的減小量和動(dòng)能的增加量，再結(jié)合圖像斜率的含義求解機(jī)械能守恒需要滿足的條件。【解答】解：（1）螺旋測(cè)微器的精確度為0.01mm，測(cè)出遮光條寬度為d＝1mm+19.5×0.01mm＝1.195mm（2）據(jù)極短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于瞬時(shí)速度，A速度為（3）系統(tǒng)減小的重力勢(shì)能為ΔEp＝（mB﹣mA）gh系統(tǒng)增加的動(dòng)能為在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，機(jī)械能守恒有ΔEp＝ΔEk化解得圖像的斜率為k，在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，滿足則驗(yàn)證了機(jī)械能守恒定律。故答案為：（1）1.195；（2）0.10；（3）?！军c(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法，知道極短時(shí)間內(nèi)的平均速度可以代替瞬時(shí)速度，同時(shí)明確重力勢(shì)能和動(dòng)能的定義，明確驗(yàn)證機(jī)械能守恒的方法。12．（14分）某實(shí)驗(yàn)小組要測(cè)量一段粗細(xì)均勻的金屬絲的電阻率。（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)待測(cè)金屬絲的直徑如圖甲所示，可知該金屬絲的直徑d＝0.720mm。（2）用多用電表粗測(cè)金屬絲的阻值。當(dāng)用電阻“×10”擋時(shí)，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過(guò)大，應(yīng)換用倍率為×1（填“×1”或“×100”）擋，在進(jìn)行一系列正確操作后，指針靜止時(shí)位置如圖乙所示，其讀數(shù)為11.0Ω。（3）為了更精確地測(cè)量金屬絲的電阻率，實(shí)驗(yàn)室提供了下列器材：A．電流表A（量程0.6A，內(nèi)阻較小可忽略）B．保護(hù)電阻R0C．電源（輸出電壓恒為U）D．開(kāi)關(guān)S、導(dǎo)線若干①實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)的測(cè)量電路如圖丙所示，調(diào)節(jié)接線夾在金屬絲上的位置，測(cè)出接入電路中金屬絲的長(zhǎng)度L，閉合開(kāi)關(guān)，記錄電流表A的讀數(shù)I。②改變接線夾位置，重復(fù)①的步驟，測(cè)出多組L與I的值。根據(jù)測(cè)得的數(shù)據(jù)，作出如圖丁所示的圖線，橫軸表示金屬絲長(zhǎng)度L（單位：m），則縱軸應(yīng)用（填“I/A”或“”）表示；若縱軸截距為b，斜率為k，可得R0＝bU，金屬絲的電阻率ρ＝（用題中給出的已知物理量U、b、k、d等表示）。③關(guān)于本實(shí)驗(yàn)的誤差，下列說(shuō)法正確的是B（填選項(xiàng)字母）。A．電表讀數(shù)時(shí)為減小誤差應(yīng)多估讀幾位B．用圖像求金屬絲電阻率可以減小偶然誤差C．若考慮電流表內(nèi)阻的影響，電阻率的測(cè)量值大于真實(shí)值【答案】見(jiàn)試題解答內(nèi)容【分析】（1）根據(jù)螺旋測(cè)微器的讀數(shù)規(guī)則得出對(duì)應(yīng)的讀數(shù)；（2）根據(jù)多用電表的使用規(guī)則選擇合適的擋位，結(jié)合題意得出對(duì)應(yīng)的示數(shù)；（3）根據(jù)歐姆定律和電阻定律，結(jié)合圖像的物理意義完成分析；根據(jù)實(shí)驗(yàn)誤差的產(chǎn)生原因完成解答。【解答】解：（1）根據(jù)螺旋測(cè)微器的讀數(shù)規(guī)律，該讀數(shù)為0.5+0.01×22.0mm＝0.720mm（2）當(dāng)用電阻“×10”擋時(shí)，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過(guò)大，表明電阻過(guò)小，為了減小讀數(shù)的偶然誤差，換用“×1”擋，則指針靜止時(shí)位置的讀數(shù)為11.0×1Ω＝11.0Ω（3）根據(jù)歐姆定律有根據(jù)電阻定律有解得：則縱軸應(yīng)用來(lái)表示。根據(jù)圖像有，解得：R0＝bU，③A．電表讀數(shù)時(shí)應(yīng)該根據(jù)量程確定精度，由出現(xiàn)不精確的位次選擇估讀的位次，因此電表讀數(shù)時(shí)多估讀幾位并不能減小誤差，故A錯(cuò)誤；B．圖像法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)時(shí)，能夠盡量利用到更多的數(shù)據(jù)，減小實(shí)驗(yàn)產(chǎn)生的偶然誤差，即用圖像求金屬絲電阻率可以減小偶然誤差，故B正確；C．根據(jù)上述分析過(guò)程電阻率是根據(jù)圖線的斜率求解的，令斜率為k，即可見(jiàn)電阻率的測(cè)量值與是否考慮電流表的內(nèi)阻無(wú)關(guān)，故C錯(cuò)誤。故選：B。故答案為：（1）0.720；（2）×1；11.0；（3）②；bU；；③B【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了電阻率的測(cè)量實(shí)驗(yàn)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作，結(jié)合電阻定律和閉合電路歐姆定律即可完成分析。13．（10分）某學(xué)校實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了測(cè)量不規(guī)則礦石體積的氣壓體積測(cè)量?jī)x。如圖所示為氣壓體積測(cè)量?jī)x的原理圖，上端開(kāi)口的氣壓筒A和上端封閉的測(cè)量筒B均為高h(yuǎn)＝20cm，橫截面積S＝10cm2的導(dǎo)熱氣缸，兩氣缸連接處的細(xì)管體積不計(jì)?，F(xiàn)把待測(cè)礦石置于測(cè)量筒B中，將質(zhì)量m＝2kg的活塞從氣壓筒A上方開(kāi)口處放下，在兩氣缸內(nèi)封閉一定質(zhì)量的理想氣體（不計(jì)活塞厚度和摩擦力），緩慢降低封閉氣體的溫度至﹣3℃，活塞穩(wěn)定后，活塞距氣壓筒A頂端0.4h。已知環(huán)境溫度為27℃，外界大氣壓強(qiáng)為p0＝1.0×105Pa，重力加速度g＝10m/s2。（1）求礦石的體積；（2）再把溫度從﹣3℃緩慢升高，將活塞推到氣壓筒A的頂端，求此時(shí)封閉氣體的溫度；若該過(guò)程封閉氣體內(nèi)能增加了20J，求封閉氣體從外界吸收的熱量。【答案】（1）礦石的體積為80cm3；（2）封閉氣體的溫度為360K；封閉氣體從外界吸收的熱量為29.6J?！痉治觥浚?）活塞穩(wěn)定后，對(duì)活塞受力分析，根據(jù)平衡條件求出被封閉氣體的壓強(qiáng)，再結(jié)合理想氣體狀態(tài)方程列式，即可求出礦石的體積；（2）把溫度從﹣3℃緩慢升高，封閉氣體的壓強(qiáng)不變，由蓋—呂薩克定律可求出封閉氣體的溫度，根據(jù)熱力學(xué)第一定律即可求出封閉氣體從外界吸收的熱量。【解答】解：（1）活塞穩(wěn)定時(shí)封閉氣體的壓強(qiáng)為p＝p0+＝1.0×105Pa+Pa＝1.2×105Pa令礦石的體積為V，由理想氣體狀態(tài)方程得其中T0＝（27+273）K＝300K，T1＝（273﹣3）K＝270K解得：V＝0.4hS＝0.4×20×10cm3＝80cm3（2）緩慢升高溫度，將活塞推到氣壓筒的頂端，壓強(qiáng)不變，由蓋—呂薩克定律有解得：T2＝360K該過(guò)程外界對(duì)系統(tǒng)做的功W＝﹣p（0.4h）S＝﹣1.2×105×0.4×20×10﹣2×10×10﹣4J＝﹣9.6J由熱力學(xué)第一定律有ΔU＝W+Q解得：Q＝29.6J即封閉氣體從外界吸收的熱量為29.6J。答：（1）礦石的體積為80cm3；（2）封閉氣體的溫度為360K，封閉氣體從外界吸收的熱量為29.6J?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查共點(diǎn)力平衡、理想氣體狀態(tài)方程、蓋—呂薩克定律和熱力學(xué)第一定律，關(guān)鍵是找出初末狀態(tài)參量，運(yùn)用平衡法求封閉氣體的壓強(qiáng)。14．（12分）如圖所示，兩平行金屬直導(dǎo)軌ab、a′b′固定于同一水平絕緣桌面上，兩導(dǎo)軌之間的距離為L(zhǎng)，a、a′端與傾角為30°的傾斜金屬導(dǎo)軌平滑連接，傾斜導(dǎo)軌上端連接阻值為R的定值電阻，b、b′端與位于豎直面內(nèi)、半徑相同的半圓形金屬導(dǎo)軌平滑連接，所有金屬導(dǎo)軌的電阻忽略不計(jì)。僅水平導(dǎo)軌abb′a′所圍矩形區(qū)域存在方向豎直向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一根質(zhì)量為m、電阻為R、長(zhǎng)度為L(zhǎng)的細(xì)金屬棒M與導(dǎo)軌垂直，靜置于aa′處，另一根與M長(zhǎng)度相同、質(zhì)量為2m的細(xì)絕緣棒N由傾斜導(dǎo)軌上與aa′距離為L(zhǎng)處?kù)o止釋放，一段時(shí)間后N與M發(fā)生彈性碰撞，碰撞時(shí)間極短。碰撞后，M和N先后恰好運(yùn)動(dòng)到半圓形導(dǎo)軌的最高點(diǎn)（拋出后立即撤去），運(yùn)動(dòng)過(guò)程中棒與導(dǎo)軌始終垂直且接觸