新課標(biāo)地區(qū)專用2024高考物理提分定時練輯選擇題定時訓(xùn)練8含解析

PAGEPAGE7選擇題定時訓(xùn)練8(限時：30分鐘)一、單項選擇題1.(2024·山東濱州市其次次模擬)浙江烏鎮(zhèn)一帶的農(nóng)夫每到清明季節(jié)將舉辦民俗活動，在一個巨型石臼上插入一根碩大的毛竹，表演者爬上竹稍表演各種驚險動作．如圖1所示，下列說法正確的是()圖1A．在任何位置表演者靜止時只受重力和彈力作用B．在任何位置竹竿對表演者的作用力必定與竹竿垂直C．表演者靜止時，竹竿對其作用力必定豎直向上D．表演者越靠近竹竿底部所受的摩擦力就越小答案C解析表演者大部分狀況下受到重力、彈力和摩擦力三個力的作用，故A錯誤；表演者處于平衡狀態(tài)時，受竹竿的作用力與重力大小相等、方向相反，即豎直向上，則竹竿對表演者的作用力不肯定與桿的方向垂直，故B錯誤，C正確；表演者越靠近竹竿底部，則桿與水平方向的夾角θ就越大，所以摩擦力Ff＝mgsinθ就越大，故D錯誤．2．(2024·陜西漢中市其次次教學(xué)質(zhì)檢)下列說法正確的是()A．在擺角小于5°時單擺的周期與振幅有關(guān)B．在光導(dǎo)纖維束內(nèi)傳送圖象是利用光的干涉現(xiàn)象C．用標(biāo)準(zhǔn)平面檢查光學(xué)平面的平整程度是利用光的偏振現(xiàn)象D．兩列波相疊加產(chǎn)生干涉現(xiàn)象，振動加強區(qū)域與振動減弱區(qū)域應(yīng)交替出現(xiàn)答案D解析在擺角小于5°時單擺的振動可視為簡諧運動，此時周期與振幅無關(guān)，選項A錯誤；在光導(dǎo)纖維束內(nèi)傳送圖像是利用光的全反射現(xiàn)象，選項B錯誤；用標(biāo)準(zhǔn)平面檢查光學(xué)平面的平整程度是利用光的干涉現(xiàn)象，選項C錯誤；兩列波相疊加產(chǎn)生干涉現(xiàn)象，振動加強區(qū)域與振動減弱區(qū)域應(yīng)交替出現(xiàn)，選項D正確．3.(2024·山東濱州市其次次模擬)圖2所示為線圈匝數(shù)為n的小型旋轉(zhuǎn)電樞式溝通發(fā)電機的原理圖，其矩形線圈面積為S，在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中繞垂直于磁場方向的固定軸OO′勻速轉(zhuǎn)動．矩形線圈電阻為r，矩形線圈通過兩刷環(huán)接電阻R，電壓表接在R兩端．當(dāng)線圈以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動，下列說法正確的是()圖2A．從線圈與磁場平行位置起先計時瞬時電動勢為e＝nBSωsinωtB．當(dāng)線圈平面轉(zhuǎn)到與磁場垂直時電壓表示數(shù)為零C．線圈從與磁場平行位置轉(zhuǎn)過90°過程中通過電阻R的電荷量為eq\f(nBS,R)D．線圈轉(zhuǎn)一周的過程中回路產(chǎn)生的焦耳熱為eq\f(πn2B2S2ω,R＋r)答案D解析溝通發(fā)電機產(chǎn)生的電動勢最大值為Em＝nBSω；從線圈與磁場平行位置起先計時，瞬時電動勢為e＝nBSωcosωt，故A錯誤；電壓表測量的是電阻R兩端的電壓，電動勢的有效值為E＝eq\f(Em,\r(2))＝eq\f(nBSω,\r(2))，電流為I＝eq\f(E,R＋r)＝eq\f(nBSω,\r(2)R＋r)，電壓表的示數(shù)為U＝IR＝eq\f(nBSωR,\r(2)R＋r)＝eq\f(\r(2)nRBSω,2R＋r)，故B錯誤；線圈從與磁場平行位置起先轉(zhuǎn)過90°的過程中，ΔΦ＝BS，eq\x\to(E)＝neq\f(ΔΦ,Δt)，平均電流eq\x\to(I)＝eq\f(\x\to(E),R＋r)，電荷量q＝eq\x\to(I)·Δt＝neq\f(ΔΦ,R＋r)＝eq\f(nBS,R＋r)，故C錯誤；線圈轉(zhuǎn)一周的過程中回路產(chǎn)生的焦耳熱為Q＝I2(R＋r)T＝[eq\f(nBSω,\r(2)R＋r)]2(R＋r)·eq\f(2π,ω)＝eq\f(πn2B2S2ω,R＋r)，故D正確．4．(2024·廣東廣州市4月綜合測試)如圖3，廣州塔摩天輪位于塔頂450米高空處，摩天輪由16個“水晶”觀光球艙組成，沿著傾斜的軌道做勻速圓周運動，則坐于觀光球艙中的某游客()圖3A．動量不變 B．線速度不變C．合外力不變 D．機械能不守恒答案D解析坐于觀光球艙中的某游客線速度的大小不變，但方向不斷變更，可知線速度不斷變更，動量也不斷變更；由于向心加速度方向不斷變更，可知合外力大小不變，但方向不斷變更，選項A、B、C錯誤；由于動能不變，重力勢能不斷變更，可知機械能不守恒，選項D正確．5．(2024·江蘇南京市六校聯(lián)考)中微子是一種不帶電、質(zhì)量很小的粒子．早在1942年我國物理學(xué)家王淦昌首先提出證明中微子存在的試驗方案．靜止的鈹核(eq\o\al(7,4)Be)可能從很靠近它的核外電子中俘獲一個電子(動能忽視不計)形成一個新核并放出中微子，新核處于激發(fā)態(tài)，放出γ光子后回到基態(tài)．通過測量新核和γ光子的能量，可間接證明中微子的存在．則()A．中微子的動量與處于激發(fā)態(tài)新核的動量相同B．反應(yīng)過程汲取能量C．產(chǎn)生的新核是鋰核(eq\o\al(7,3)Li)D．中微子的動能與處于激發(fā)態(tài)新核的動能相等答案C解析依據(jù)題意可知發(fā)生的核反應(yīng)方程為：eq\o\al(7,4)Be＋eq\o\al(0,－1)e→eq\o\al(7,3)Li＋νe，所以產(chǎn)生的新核是鋰核，反應(yīng)過程放出能量，故B錯誤，C正確；依據(jù)動量守恒可知中微子的動量與處于激發(fā)態(tài)新核的動量大小相等，方向相反，故A錯誤；中微子的動量與處于激發(fā)態(tài)新核的動量大小相等，而質(zhì)量不等，依據(jù)Ek＝eq\f(p2,2m)，可知中微子的動能與處于激發(fā)態(tài)新核的動能不相等，故D錯誤．6．(2024·四川綿陽市第三次診斷)一物塊放在水平桌面上，在水平輕彈簧的拉力F作用下，沿桌面做勻速直線運動，彈簧的伸長量為x；將彈簧方向變成與水平面成60°角，物塊在拉力作用下仍沿桌面做勻速直線運動，此時彈簧的伸長量是(物塊與桌面間動摩擦因數(shù)為eq\f(\r(3),2)，彈簧始終處于彈性限度內(nèi))()A.eq\f(1,2)xB.eq\f(4,5)xC．2xD.eq\f(4\r(3),9)x答案B解析當(dāng)彈簧水平拉力為F時：依據(jù)平衡條件得：kx＝Ff＝μFN＝μmg，當(dāng)彈簧方向變成與水平面成60°角時，豎直方向：kx′sin60°＋FN′＝mg，水平方向：kx′cos60°＝Ff′＝μFN′＝μ(mg－kx′sin60°)，聯(lián)立解得x′＝eq\f(4,5)x，A、C、D錯誤，B正確．7.(2024·山東臨沂市質(zhì)檢)如圖4，abc是豎直面內(nèi)的光滑固定軌道，ab水平，長度為R，bc是半徑為R的四分之一圓弧，與ab相切于b點．一質(zhì)量為m的小球受到與重力大小相等的水平外力F的作用，自a點從靜止起先向右運動，運動到b點時馬上撤去外力F，重力加速度大小為g，下列說法正確的是()圖4A．水平外力F做的功為2mgRB．小球運動到b點時對圓弧軌道的壓力大小為3mgC．小球能從c點豎直向上飛出D．小球運動到c點時對圓弧軌道的壓力大小為mg答案B解析水平外力F做的功為：W＝FR＝mgR，選項A錯誤；從a到b由動能定理：FR＝eq\f(1,2)mveq\o\al(b2,)；在b點由牛頓其次定律：FNb－mg＝meq\f(v\o\al(b2,),R)，解得FNb＝3mg，結(jié)合牛頓第三定律可知，選項B正確；由機械能守恒定律得：eq\f(1,2)mveq\o\al(b2,)＝mgR＋eq\f(1,2)mveq\o\al(c2,)，解得vc＝0，即到達(dá)c點的速度為零，運動到c點時小球?qū)A弧軌道的壓力大小為0，選項C、D錯誤．8．(2024·河南鄭州市第一次模擬)如圖5所示，邊界OM與ON之間分布有垂直紙面對里的勻強磁場，邊界ON上有一粒子源S.某一時刻，從離子源S沿平行于紙面，向各個方向放射出大量帶正電的同種粒子(不計粒子的重力及粒子間的相互作用)，全部粒子的初速度大小相等，經(jīng)過一段時間有大量粒子從邊界OM射出磁場．已知∠MON＝30°，從邊界OM射出的粒子在磁場中運動的最長時間等于eq\f(1,2)T(T為粒子在磁場中運動的周期)，則從邊界OM射出的粒子在磁場中運動的最短時間為()圖5A.eq\f(1,3)TB.eq\f(1,4)TC.eq\f(1,6)TD.eq\f(1,8)T答案A解析粒子在磁場中做勻速圓周運動，入射點是S，出射點在OM直線上，出射點與S點的連線為軌跡的一條弦．當(dāng)從邊界OM射出的粒子在磁場中運動的時間最短時，軌跡的弦最短，依據(jù)幾何學(xué)問，作ES⊥OM，則ES為最短的弦，粒子從S到E的時間即最短，如圖所示．由題意可知，粒子運動的最長時間等于eq\f(1,2)T，設(shè)OS＝d，則DS＝OStan30°＝eq\f(\r(3),3)d，粒子在磁場中做圓周運動的軌道半徑為：r＝eq\f(DS,2)＝eq\f(\r(3),6)d，由幾何學(xué)問有：ES＝OSsin30°＝eq\f(1,2)d，故在△O1ES中由余弦定理得cosθ＝eq\f(2r2－ES2,2r2)＝－eq\f(1,2)，則：θ＝120°，粒子在磁場中運動的最短時間為：tmin＝eq\f(θ,360°)T＝eq\f(1,3)T，故A正確，B、C、D錯誤．二、多項選擇題9．(2024·山東濱州市其次次模擬)下列說法正確的是()A．蔗糖受潮后粘在一起形成糖塊，粘在一起的糖塊是非晶體B．固體可以分為晶體和非晶體兩類，有些晶體在不同方向上的導(dǎo)熱性能不同C．有的物質(zhì)在不同的條件下能夠生成不同的晶體，是因為組成它們的微粒能夠依據(jù)不同規(guī)則在空間分布D．在合適的條件下，某些晶體可以轉(zhuǎn)化為非晶體，某些非晶體也可以轉(zhuǎn)化為晶體答案BCD解析蔗糖受潮后會粘在一起形成糖塊，該糖塊是多晶體，故A錯誤；固體可以分為晶體和非晶體兩類，有些晶體在不同方向上表現(xiàn)為各向異性，具有不同的導(dǎo)熱性能，故B正確；有些物質(zhì)在不同條件下生成不同的晶體，是因為組成它們的微粒能夠依據(jù)不同的規(guī)則在空間分布，例如：金剛石和石墨都是由碳元素構(gòu)成的，它們有不同的點陣結(jié)構(gòu)，故C正確；在合適的條件下，某些晶體可以轉(zhuǎn)變?yōu)榉蔷w，某些非晶體也可以轉(zhuǎn)變?yōu)榫w，故D正確．10．(2024·陜西渭南市教學(xué)質(zhì)檢(二))2024年12月8日，“嫦娥四號”月球探測器在我國西昌衛(wèi)星放射中心勝利放射，探測器奔月過程中，被月球俘獲后在月球上空某次變軌是由橢圓軌道a變?yōu)榻聢A形軌道b，如圖6所示，a、b兩軌道相切于P點．不計變軌過程探測器質(zhì)量變更，下列說法正確的是()圖6A．探測器在a軌道上P點的動能小于在b軌道上P點的動能B．探測器在a軌道上P點的加速度大于在b軌道上P點的加速度C．探測器在a軌道運動的周期大于在b軌道運動的周期D．為使探測器由a軌道進入b軌道，在P點必需減速答案CD解析從高軌道a到低軌道b須要在P點進行減速，所以，在a軌道上P點的動能大于在b軌道上P點的動能，A錯誤，D正確；依據(jù)牛頓其次定律得：Geq\f(Mm,r2)＝ma，所以在a、b軌道上P點到月球中心的距離r相同，加速度一樣，B錯誤；依據(jù)開普勒第三定律：eq\f(T\o\al(a2,),T\o\al(b2,))＝eq\f(r\o\al(a3,),r\o\al(b3,))，所以在a軌道運動的周期大于在b軌道運動的周期，C正確．11．(2024·山西臨汾市二輪復(fù)習(xí)模擬)如圖7甲所示，半徑為1m的帶缺口剛性金屬圓環(huán)導(dǎo)軌固定在水平面內(nèi)，在導(dǎo)軌上垂直放置一質(zhì)量為0.1kg、電阻為1Ω的直導(dǎo)體棒，其長度恰好等于金屬圓環(huán)的直徑，導(dǎo)體棒初始位置與圓環(huán)直徑重合，且與導(dǎo)軌接觸良好．已知導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間動摩擦因數(shù)為0.3，不計金屬圓環(huán)的電阻，導(dǎo)體棒受到的最大靜摩擦力等于其滑動摩擦力，取重力加速度g＝10m/s2.現(xiàn)若在圓環(huán)內(nèi)加一垂直于紙面對里的變更磁場，變更規(guī)律如圖乙所示，則()圖7A．導(dǎo)體棒的電流是從b到aB．通過導(dǎo)體棒的電流大小為0.5AC．0～2s內(nèi)，導(dǎo)體棒產(chǎn)生的熱量為0.125JD．t＝πs時，導(dǎo)體棒受到的摩擦力大小為0.3N答案AC解析穿過閉合回路的磁通量向里增加，由楞次定律可知導(dǎo)體棒的電流是從b到a，選項A正確；假設(shè)0～πs時間內(nèi)導(dǎo)體棒靜止不動，感應(yīng)電動勢E＝eq\f(ΔΦ,Δt)＝eq\f(ΔB,Δt)·eq\f(1,2)πr2＝eq\f(0.5,π)×eq\f(1,2)π×12V＝0.25V，則感應(yīng)電流I＝eq\f(E,R)＝eq\f(0.25,1)A＝0.25A，t＝πs時，導(dǎo)體棒受到的安培力F＝2BIr＝2×0.5×0.25×1N＝0.25N；最大靜摩擦力Ffm＝μmg＝0.3N，則假設(shè)成立，故導(dǎo)體棒所受摩擦力大小為0.25N，選項B、D錯誤；0～2s內(nèi)，導(dǎo)體棒產(chǎn)生的熱量為Q＝I2Rt＝0.252×1×2J＝0.125J，選項C正確．12．(2024·山東試驗中學(xué)其次次模擬)如圖8所示，磁單極子會在其四周形成勻稱輻射磁場．質(zhì)量為m、半徑為R的圓環(huán)當(dāng)通有恒定的電流I時，恰好能水安靜止在N極正上方H處．已知與磁單極子N極相距r處的磁感應(yīng)強度大小為B＝eq\f(k,r)，其中k為常數(shù)．重力加速度為g.則()圖8A．靜止時圓環(huán)的電流方向為順時針方向(俯視)B．靜止時圓環(huán)沿其半徑方向有擴張的趨勢C．靜止時圓環(huán)的電流I＝eq\f(mgH2＋R2,2πkR2)D．若將圓環(huán)向上平移一小段距離后由靜止釋放，下落中加速度先增加后減小答案AC解析環(huán)所在處的磁場的方向向上，則環(huán)產(chǎn)生的磁場的方向向下，依據(jù)安培定則可知，靜止時圓環(huán)的電流方向為順時針方向(俯視)，故A正確；靜止時圓環(huán)的電流方向為順時針方向(俯視)，由左手定則可知，環(huán)上的各點受到的安培力的方向向上向里，所以環(huán)有收縮的趨勢，故B錯誤；對