《高考備考指南 理科綜合 物理》課件-第4章 第2講 隨堂

第四章第2講1．(2017年貴州模擬)如圖所示，在斜面上某處A以初速度v水平拋出一個石塊，不計空氣阻力，在確保石塊能落到斜面上的前提下，則()A．只增大v，會使石塊在空中飛行的時間變短B．只增大v，會使石塊的落地點更接近A點C．只將A點沿斜面上移，石塊飛行時間變長D．只將A點沿斜面上移，石塊飛行時間不變【答案】D【解析】設初末位置之間的距離為L，則水平方向Lcosθ＝vt，①豎直方向Lsinθ＝eq\f(1,2)gt2,②聯立解得t＝eq\f(2vtanθ,g).③根據③式，只增大v，運動時間變長，故A錯誤；只增大v，運動時間變長，根據①②兩式，水平分位移和豎直分位移均變長，故合位移變大，故落點與A點距離變大，故B錯誤；根據①式，只將A點沿斜面上移，運動時間不變，故C錯誤，D正確．2．(2017屆汕尾校級模擬)將一小球沿y軸正方向以初速度v豎直向上拋出，小球運動的y－t圖像如圖所示，t2時刻小球到達最高點，且t3－t2＞t2－t1,0～t2時間內和t2～t3時間內的圖線為兩段不同的拋物線，由此可知()A．小球在0～t1時間內與t1～t2時間內運動方向相反B．小球在t2時刻所受合外力為零C．小球在0～t2時間內所受合外力大于t2～t3時間內所受合外力D．小球在t1和t3時刻速度大小相等【答案】C【解析】由題圖可知，小球在0～t2時間內的位置一直升高，所以在0～t1時間內與t1～t2時間內運動方向相同．故A錯誤；由題圖知，小球在t2時刻的速度為0.由于小球受到重力的作用，所以小球所受合外力不為零，故B錯誤．由于t2時刻小球到達最高點，且t3－t2＞t2－t1，可知小球上升的時間小于下落的時間，所以上升階段的平均速度大于下落階段的平均速度，可知t1時刻小球的速度大于t3時刻的速度．結合運動的位移公式即可得知上升階段的加速度一定大于下落階段的加速度，由牛頓第二定律可知，小球在0～t2時間內所受合外力大于t2～t3時間內所受合外力，故C正確，D錯誤．3．(2017屆蕭山模擬)飛鏢運動以其獨有的魅力風靡全世界．如圖為飛鏢大賽中一選手水平拋出三支飛鏢，打到豎直飛鏢盤上的情況如圖所示，不計空氣阻力，根據飛鏢的位置和角度可以推斷()A．三支飛鏢不可能從同一高度拋出B．三支飛鏢不可能以相同速度拋出C．①號與②號飛鏢可能從同一點拋出D．②號與③號飛鏢可能從同一點拋出【答案】C4．(多選)(2017屆安徽模擬)如圖，一質點以速度v0從傾角為θ的斜面底端斜向上拋出，落到斜面上的M點且速度水平向右．現將該質點以2v0的速度從斜面底端朝同樣方向拋出，落在斜面上的N點．下列說法正確的是()A．落到M和N兩點時間之比為1∶2B．落到M和N兩點時速度之比為1∶1C．M和N兩點距離斜面底端的高度之比為1∶2D．落到N點時速度方向水平向右【答案】AD【解析】由于落到斜面上M點時速度水平向右，故可把質點在空中的運動逆向看成從M點向左的平拋運動，設在M點的速度大小為u，把質點在斜面底端的速度v分解為水平u和豎直vy，由x＝ut，y＝eq\f(1,2)gt2，tanθ＝eq\f(y,x)得空中飛行時間t＝eq\f(2utanθ,g)，vy＝2utanθ，v和水平方向夾角的正切值eq\f(vy,u)＝2tanθ為定值，即落到N點時速度方向水平向右，故D正確；v＝eq\r(u2＋v\o\al(2,y))＝ueq\r(1＋4tan2θ)，即v與u成正比，故落到M和N兩點時速度之比為1∶2，故B錯誤；由t＝eq\f(2utanθ,g)知，從拋出到落到M和N兩點所用時間之比為1∶2，故A正確；由y＝eq\f(1,2)gt2＝eq\f(2u2tan2θ,g)，知y和u2成正比，M和N兩點距離斜面底端的高度之比為1∶4，C錯誤．5．(2017屆海南校級模擬)憤怒的小鳥是風靡全球的2D畫面游戲(圖甲)，是通過調節(jié)發(fā)射小鳥的力度與角度達到轟擊肥豬堡壘的目的．現簡化為圖乙模型：假設小鳥從離草地高度為h處用彈弓拋射，初速度v0斜向上且與水平方向成α角，肥豬的堡壘到拋射點水平距離為L，忽略空氣阻力，重力加速度為g(將小鳥和肥豬堡壘均視為質點)．則() 甲 乙A．當v0一定時，α角越大，小鳥在空中運動時間越短B．當α一定時，v0越小，其水平射程越長C．小鳥從開始到上升到最高點的過程中增加的勢能為eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)sin2αD．若α＝0°，則要想擊中目標，初速度應滿足v0＝Leq\r(\f(2h,g))【答案】C【解析】小鳥做拋體運動，運動的時間由豎直分運動決定，當v0一定時，α角越大，豎直分運動上拋初速度v0y＝v0sinα越大，小鳥在空中運動時間越長，故A錯誤；小鳥做拋體運動，水平分運動是勻速直線運動，v0越小，運動的時間越短，水平分速度也越小，故水平射程越小，故B錯誤；小鳥從開始到上升至最高點的過程中增加的勢能等于動能的減少量，即ΔEp＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)y＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,