浙江省七彩陽光2024屆高考物理三模試卷含解析

浙江省七彩陽光2024屆高考物理三模試卷

注意事項(xiàng)：

1.答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。

2.選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0.5亳米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。

3.請按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。

4.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、嫦娥四號(hào)探測器（以下簡稱探測器）經(jīng)過約110小時(shí)奔月飛行后，于2018年12月12日到達(dá)且月球附近進(jìn)入高度

約100公里的環(huán)月圓形軌道I,如圖所示：并于2018年12月30日實(shí)施變軌，進(jìn)入橢圓形軌道U,探測器在近月點(diǎn)

。點(diǎn)附近制動(dòng)、減速，然后沿拋物線下降到距月面100米高處懸停，然后再緩慢豎直下降到距月面僅為數(shù)米高處，關(guān)

閉發(fā)動(dòng)機(jī)，做自由落體運(yùn)動(dòng)，落到月球背面。下列說法正確的是（）

A.不論在軌道還是軌道無動(dòng)力運(yùn)行，嫦娥四號(hào)探測器在尸點(diǎn)的速度都相同

B.嫦娥四號(hào)探測器在軌道I無動(dòng)力運(yùn)行的任何位置都具有相同的加速度

C.嫦娥四號(hào)探測器在軌道II無動(dòng)力運(yùn)行的任何位置都具有相同動(dòng)能

D.嫦娥四號(hào)探測器在軌道II無動(dòng)力運(yùn)行從P點(diǎn)飛到Q點(diǎn)的過程中引力做正功

2、我國自主研發(fā)的北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)由35顆衛(wèi)星組成，包括5顆地球靜止同步軌道衛(wèi)星和3顆傾斜同步軌道衛(wèi)星，

以及27顆相同高度的中軌道衛(wèi)星。中軌道衛(wèi)星軌道高度約為2.15x11km,同步軌道衛(wèi)星的高度約為3.60xl0，km,己

知地球半徑為6.4x1/km,這些衛(wèi)星都在圓軌道上運(yùn)行。關(guān)于北斗導(dǎo)航衛(wèi)星，則下列說法正確的是（）

A.中軌道衛(wèi)星的動(dòng)能一定小于靜止同步軌道衛(wèi)星的動(dòng)能

B.靜止同步軌道衛(wèi)星繞地球運(yùn)行的角速度比月球繞地球運(yùn)行的角速度大

C.中軌道衛(wèi)星的運(yùn)行周期約為20h

D.中軌道衛(wèi)星與靜止同步軌道衛(wèi)星的向心加速度之比為（理］

3、為了抗擊病毒疫情，保障百姓基本生活，許多快遞公司推出了“無接觸配送”?？爝f小哥想到了用無人機(jī)配送快遞的

方法。某次配送快遞無人機(jī)在飛行過程中，水平方向速度匕及豎直方向匕與飛行時(shí)間f的關(guān)系圖像如圖甲、圖乙所

示。關(guān)于無人機(jī)運(yùn)動(dòng)說法正確的是（）

A.OTi時(shí)間內(nèi)，無人機(jī)做曲線運(yùn)動(dòng)

B.6時(shí)刻，無人機(jī)運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)

C.f3T4時(shí)間內(nèi)，無人機(jī)做勻變速直線運(yùn)動(dòng)

D.力時(shí)刻，無人機(jī)的速度為5;+U；

4、如圖所示，A、B兩物塊疊放在一起，在粗糙的水平面上保持相對靜止地向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過程中B受

到的摩擦力

A.方向向左，大小不變

B.方向向左，逐漸減小

C.方向向右，大小不變

D.方向向右，逐漸減小

5、2018年12月8日2時(shí)23分，我國成功發(fā)射“嫦娥四號(hào)”探測器，開啟了月球探測的新旅程，“嫦娥四號(hào)”于2019年

1月3日10時(shí)26分成功著陸在月球背面南極一艾特肯盆地。探測器上有一可認(rèn)為光滑的滑梯固定在月球表面上，將

滑梯與月塊表面的夾角調(diào)為6,月球車從滑梯上由靜止滑到底部的過程中下滑長度為L所用時(shí)間為f,已知月球半徑

為R,則月球的第一宇宙速度為（）

1ILR1f2LR1flFn1\~LR

6、一物體沿水平面做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)的土-/圖象如圖所示。下列說法正確的是（）

t

A.物體運(yùn)動(dòng)的初速度大小為10m/s

B.物體運(yùn)動(dòng)的加速度大小為0.4m/s2

C.物體在前3s內(nèi)的平均速度是9.4m/s

D.物體在前5s內(nèi)的位移是45m

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、下列說法正確的是（）

A.同種物質(zhì)可能以晶體和非晶體兩種不同的形態(tài)出現(xiàn)

B.在陽光照射下的教室里，眼睛看到空氣中塵埃的運(yùn)動(dòng)就是布朗運(yùn)動(dòng)

C.在任何自然過程中，一個(gè)孤立系統(tǒng)的總烯不會(huì)減小

D.打氣筒給自行車打氣時(shí)，要用力才能將空氣壓縮，說明空氣分子之間存在著斥力

E.氣體向真空的自由膨脹是不可逆的

8、如圖，一束光經(jīng)玻璃三棱鏡折射后分為兩束單色光。、心則下列說法正確的是（）

A.在真空中，〃光的傳播速度大于力光的傳播速度

B.在玻璃中，。光的波長大于力光的波長

C.玻璃磚對a光的折射率小于對b光的折射率

D.若改變光束在左側(cè)面的入射方向使入射角逐漸變小，則折射光線Q首先消失

E.分別用〃、力光在同一個(gè)雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置上做實(shí)驗(yàn)，。光的干涉條紋間距大于力光的干涉條紋間距

9、CD、EF是兩條水平放置的阻值可忽略的平行金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間距為L,在水平導(dǎo)軌的左側(cè)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂

直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為小磁場區(qū)域的長度為d,如圖所示導(dǎo)軌的右端接有一電阻凡左端與

一彎曲的光滑軌道平滑連接將一阻值也為R的導(dǎo)體棒從彎曲軌道上h高處由靜止釋放，導(dǎo)體棒最終恰好停在磁場的右

邊界處。已知導(dǎo)體棒與水平導(dǎo)軌接觸良好，且動(dòng)摩擦因數(shù)為〃，則下列說法中正確的是（）

A.電阻R的最大電流為絲史巫

2R

DTJ

B.流過電阻R的電荷量為中

2A

C.整個(gè)電路中產(chǎn)生的焦耳熱為〃7g/L/〃〃g"

D.電阻R中產(chǎn)生的焦耳熱為

10、有一定質(zhì)量的理想氣體，其壓強(qiáng)〃隨熱力學(xué)溫度7的變化的圖象如圖所示，理想氣體經(jīng)歷了AfCf。的

循環(huán)過程。下列分析正確的是（）

A.A過程中氣體吸收熱量

B.四個(gè)狀態(tài)中.只有狀態(tài)區(qū)時(shí)理想氣沐分子的平均動(dòng)能最大

C.8TC過程氣體對外界做功，并從外界吸收熱量

D.CT。過程中氣體吸收熱量并對外做功

E.四個(gè)狀態(tài)中，A狀態(tài)時(shí)氣體的體積最小

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）某同學(xué)自己組裝了一輛智能電動(dòng)實(shí)驗(yàn)小車，為了研究該小車的運(yùn)動(dòng)情況，在小車后面系一通過電磁打點(diǎn)計(jì)

時(shí)器的紙帶。如圖所示為實(shí)驗(yàn)中得到的一段紙帶，已知電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用20Hz交流電，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有三個(gè)

點(diǎn)沒有面出來，其中4B=2.50cm,BC=4.00cm,CD=5.50cm,該電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器每隔秒打一次點(diǎn)，相鄰兩

計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔是________秒；小車的加速度大小為m/s2.

1%。（,廣,

12.（12分）某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置測量滑塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)：一木板固定在桌面上，一端

裝有定滑輪；滑塊的左端與穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器（未畫出）的紙帶相連，右端用細(xì)線通過定滑輪與托盤連接。在托盤中放

入適量徐碼，接通電源，釋放滑塊，打點(diǎn)訂時(shí)器在紙帶上打出一系列的點(diǎn)。

（I）如圖乙為實(shí)驗(yàn)中獲取的一條紙帶：0、1、2、3、4、5、6是選取的計(jì)數(shù)點(diǎn)，每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)（圖

中未標(biāo)出），測得計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖所示。已知交流電源的頻率為50Hz,根據(jù)圖中數(shù)據(jù)計(jì)算滑塊加速度。

:m/s2,計(jì)數(shù)點(diǎn)3對應(yīng)的滑塊速度上=m/so（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。

⑵滑塊、托盤（含硅碼）的質(zhì)量分別用必、〃［表示，滑塊的加速度用。表示，重力加速度為g,則滑塊與木板間的動(dòng)

摩擦因數(shù)〃=（用題中字母表示）。

（3）若實(shí)驗(yàn)測得的動(dòng)摩擦因數(shù)偏大，主要原因可能是_______________________o

A.紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器間有摩擦

B.滑輪存在摩擦阻力

C.木板未調(diào)節(jié)水平，左端偏高

D.未滿足M遠(yuǎn)大于m

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，一根內(nèi)壁光滑的直角三角形玻璃管處于豎直平面內(nèi)，夕二37,讓兩個(gè)小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）分

別從頂點(diǎn)A由靜止開始出發(fā)，一小球沿4c滑下，到達(dá)C所用的時(shí)間為d另一小球自由下落經(jīng)8到達(dá)C,所用的時(shí)

間為“，在轉(zhuǎn)彎的3處有個(gè)極小的光滑圓弧，可確保小球轉(zhuǎn)彎時(shí)無機(jī)械能損失，且轉(zhuǎn)彎時(shí)間可以忽略不計(jì)，sin37"=0.6,

14.（16分）如圖所示，真空中以O(shè)為圓心，半徑r=0.lm的圓形區(qū)域內(nèi)只存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，圓形區(qū)域

的最下端與X”坐標(biāo)系的x軸相切于坐標(biāo)原點(diǎn)O,圓形區(qū)域的右端與平行y軸的虛線MN相切，在虛線右側(cè)x軸

的上方足夠大的范圍內(nèi)有方向水平向左的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度E=1.0xI05N/C.現(xiàn)從坐標(biāo)原點(diǎn)。沿xoy平面在），軸兩側(cè)

各30。角的范圍內(nèi)發(fā)射速率均為vo=l.OxlO6m/s的帶正電粒子，粒子在磁場中的偏轉(zhuǎn)半徑也為r=0.1m,已知粒子的比荷

-^=1.0xl0sC/kg,不計(jì)粒子的重力、粒子對電磁場的影響及粒子間的相互作用力，求：

tn

（1）磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度8的大??；

（2）沿y軸正方向射入磁場的粒子，在磁場和電場中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間；

（3）若將勻強(qiáng)電場的方向改為豎直向卜，其它條件不變，則粒子達(dá)到x軸的最遠(yuǎn)位置與最近位置的橫坐標(biāo)之差.

15.（12分）如圖所示，直角坐標(biāo)系xO），的第一象限內(nèi)存在豎直向上的勻強(qiáng)電場，第四象限內(nèi)有一半徑為K的圓形有

界勻強(qiáng)磁場，磁場邊界與X軸相切于4L,0）點(diǎn)，磁場方向垂直于紙面向里，現(xiàn)有一質(zhì)量為加，電荷量為g的帶負(fù)電

的粒子，從j軸上的P（0,2）點(diǎn)以速度vo平行于X軸射入電場中，粒子恰好從A點(diǎn)進(jìn)入磁場，然后從C點(diǎn)離開磁場

2

。點(diǎn)圖中未標(biāo)出），若勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度8=縹.，不考慮粒子的重力，求。點(diǎn)的位置坐標(biāo)。

qR

八y

（）

，x43、X

；XXX

、XXX/

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、D

【解析】

A.嫦娥四號(hào)探測器在I軌道尸點(diǎn)處的速度大于在II軌道尸點(diǎn)處的速度，故A錯(cuò)誤；

B.因?yàn)榧铀俣仁鞘噶浚蟹较?，加速度的方向時(shí)刻都在變化，故B錯(cuò)誤；

C.因?yàn)檐壍繧I是橢圓形軌道，所以嫦娥四號(hào)探測器在軌道II無動(dòng)力運(yùn)行的速度大小一直在變化，所以不是任何位置

都具有相同動(dòng)能，故C錯(cuò)誤；

D.因?yàn)殒隙鹚奶?hào)探測器在軌道II無動(dòng)力運(yùn)行從〃點(diǎn)飛到。點(diǎn)的過程中，引力與速度的方向夾角小于所以做正功,

故D正確。

故選D。

2、B

【解析】

A.根據(jù)萬有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力則有

GMm_tnv2

(/?+r)2-R+廠

可得

「嚴(yán)

NR”

由于中軌道衛(wèi)星的軌道半徑小于靜止同步軌道衛(wèi)星的軌道半徑，所以中軌道衛(wèi)星運(yùn)行的線速度大于靜止同步軌道衛(wèi)星

運(yùn)行的線速度，由于不知中軌道衛(wèi)星的質(zhì)量和靜止同步軌道衛(wèi)星的質(zhì)量，根據(jù)動(dòng)能定義式且=gm產(chǎn)可知無法確定中

軌道衛(wèi)星的動(dòng)能與靜止同步軌道衛(wèi)星的動(dòng)能大小關(guān)系，故A錯(cuò)誤；

24

B.靜止同步軌道衛(wèi)星繞地球運(yùn)行的周期為24h,小于月球繞地球運(yùn)行的運(yùn)行周期，根據(jù)0=—可知靜止同步軌道衛(wèi)

T

星繞地球運(yùn)行的角速度比月球繞地球運(yùn)行的角速度大，故B正確;

C.根據(jù)萬有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力則有：

GMm_〃2?4乃2(寵+r)

(7?+r)2=亍

可得：

卜修(4+4

VGM

中軌道衛(wèi)星運(yùn)行周期與靜止同步軌道衛(wèi)星運(yùn)行周期之比為：

67

二=松+4_/f6.4xlO+2J5xlQY_Q53

石"(R+/J(3.60+0.64)x107J=*

中軌道衛(wèi)星的運(yùn)行周期為：

7；=0.537；?12.72h

故C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)萬有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力則有：

GMm

-------7=ma

（R+一）~

可得：

GM

a=----------

（R+rf

中軌道衛(wèi)星與靜止同步軌道衛(wèi)星的向心加速度之比為：

ft7

q_（/+八『_6.4xl04-3.60xl02_1424丫

~a.~（/?+;;）2~6.4X106+2.15XI07飛麗,

故D錯(cuò)誤。

故選B。

3、D

【解析】

A.0W時(shí)間內(nèi)，無人機(jī)在水平方向做勻加速運(yùn)動(dòng)，在豎直方向也做勻加速運(yùn)動(dòng)，則合運(yùn)動(dòng)為勻加速直線運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A

錯(cuò)誤；

B.07時(shí)間內(nèi)，無人機(jī)速度一直為正，即一直向上運(yùn)動(dòng)，則￡2時(shí)刻，無人機(jī)還沒有運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C.白~，4時(shí)間內(nèi)，無人機(jī)水平方向做速度為四的勻速運(yùn)動(dòng)，豎直方向做勻減速運(yùn)動(dòng)，則合運(yùn)動(dòng)為勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，選

項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D.a時(shí)刻，無人機(jī)的水平速度為對,豎直速度為力，則合速度為"*+舌，選項(xiàng)D正確。

故選D。

4、A

【解析】

試題分析:A、B兩物塊疊放在一起共同向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，對A和B整體根據(jù)牛頓第二定律有

-T_?，然后隔離B,根據(jù)牛頓第二定律有：--一-----：^口，大小不變；物體B做速度方向向

I-__?k?-二-———」DD-」口」_一口口口

一_1**-*4.**-

右的勻減速運(yùn)動(dòng)，故而加速度方向向左，摩擦力向左；故選A.

考點(diǎn)：本題考查牛頓第二定律、整體法與隔離法.

【名師點(diǎn)睛】1、整體法：整體法是指對物理問題中的整個(gè)系統(tǒng)或整個(gè)過程進(jìn)行分析、研究的方法.在力學(xué)中，就是把

幾個(gè)物體視為一個(gè)整體，作為研究對象，受力分析時(shí)，只分析這一整體對象之外的物體對整體的作用力（外力），不考

慮整體內(nèi)部之間的相互作用力（內(nèi)力）.

整體法的優(yōu)點(diǎn)：通過整體法分析物理問題，可以弄清系統(tǒng)的整體受力情況和全過程的受力情況，從整體上揭示事物的

本質(zhì)和變體規(guī)律，從而避開了中間環(huán)節(jié)的繁瑣推算，能夠靈活地解決問題.通常在分析外力對系統(tǒng)的作用時(shí)，用整體

法.

2、隔離法：隔離法是指對物理問題中的單個(gè)物體或單個(gè)過程進(jìn)行分析、研究的方法.在力學(xué)中，就是把要分析的物體

從相關(guān)的物體體系中隔離出來，作為研究對象，只分析該研究對象以外的物體對該對象的作用力，不考慮研究對象對

其他物體的作用力.

隔離法的優(yōu)點(diǎn)：容易看清單個(gè)物體的受力情況或單個(gè)過程的運(yùn)動(dòng)情形，問題處理起來比較方便、簡單，便于初學(xué)者使

用.在分析系統(tǒng)內(nèi)各物體（或一個(gè)物體的各個(gè)部分）間的相互作用時(shí)用隔離法.

5、B

【解析】

月球車從滑梯上的運(yùn)動(dòng)過程，根據(jù)位移時(shí)間公式有

1，

Lr=-at~

2

根據(jù)牛頓第二定律得

tngsin6=ma

設(shè)月球的第一宇宙速度為力則有

，v

inP=m—

R

聯(lián)立得U=里，ACD錯(cuò)誤，B正確。

故選Bo

6、A

【解析】

AB.由勻減速直線運(yùn)動(dòng)公式:

12

x=vot--at~

可得:

x1

結(jié)合tXT圖象可知圖線與縱軸的交點(diǎn)表示物體的初速度、斜率:

k=—a

2

則物體的初速度大小為vo=lOm/s,加速度大小為:

<z=0.8m/s2

故A正確，B錯(cuò)誤;

C.由：

x1

可得，物體在前3s內(nèi)的平均速度是8.8m/s,故C錯(cuò)誤；

D.前5s內(nèi)的平均速度為8m/s,物體在前5s內(nèi)的位移是406，故D錯(cuò)誤。

故選A。

二、多項(xiàng)選擇題，木題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分。

7、ACE

【解析】

A.同種物質(zhì)可能以晶體和非晶體兩種不同的形態(tài)出現(xiàn)，如金剛石與石墨，故A正確.

B.布朗運(yùn)動(dòng)是微小粒子表現(xiàn)出的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，肉眼不可見，故B錯(cuò)誤.

C.在任何自然過程中，一個(gè)孤立系統(tǒng)的總墻不會(huì)減小，這是增加原理，故C正確.

D.打氣筒給自行車打氣時(shí)，要用力才能將空氣壓縮，是要克服大氣壓力做功，故D錯(cuò)誤.

E.氣體向真空自由膨脹遵守?zé)崃W(xué)第二定律，具有方向性，故E正確

8、BCE

【解析】

A.在真空中所有光的傳播速度都等于光速故A錯(cuò)誤；

BC.由光路圖可知，。光的偏折程度較小，8光的偏折程度較大，則玻璃三棱鏡對。光的折射率小，對6光的折射率

大；折射率越大，頻率越大，波長越小，則知。光的頻率比b光的小，。光的波長比〃光的大，故B、C正確；

D.當(dāng)改變光束在左側(cè)面的入射方向使入射角逐漸變小時(shí)，光在右側(cè)面的入射角逐漸增大，由sinC二，分析知，。光

n

的臨界角大于b光的臨界角，所以隨著入射角逐漸增大，b光先發(fā)生全反射，則b光先消失，故D錯(cuò)誤；

E.根據(jù)條紋間距公式。可知，由于。光的波長大于方光，所以。光的條紋間距大于匕光，故E正確；

a

故選BCEo

9、ABC

【解析】

金屬棒在彎曲軌道下滑時(shí)，只有重力做功，機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律或動(dòng)能定理可以求出金屬棒到達(dá)水平面時(shí)

的速度，由石=也,，求出感應(yīng)電動(dòng)勢，然后求出感應(yīng)電流；由

△①

q=--

r+F

可以求出流過電阻R的電荷量：克服安培力做功轉(zhuǎn)化為焦耳熱，由動(dòng)能定理（或能量守恒定律）可以求出克服安培力

做功，得到導(dǎo)體棒產(chǎn)生的焦耳熱。

【詳解】

A.金屬棒下滑過程中，由機(jī)械能守恒定律得

,1，

nigh=5W

所以金屬棒到達(dá)水平面時(shí)的速度

V=yl2gh

金屬棒到達(dá)水平面后進(jìn)入磁場受到向左的安培力做減速運(yùn)動(dòng)，則導(dǎo)體棒剛到達(dá)水平面時(shí)的速度最大，所以最大感應(yīng)電

動(dòng)勢為七=e4，，最大的感應(yīng)電流為

/二E二BL廊

_2R_2R

故A正確；

B.流過電阻R的電荷量為

△3BLd

<7=------=------

r+R2R

故B正確；

C.金屬峰在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，由動(dòng)能定理得

mgh-WB-jjmgd=0-0

則克服安培力做功

從

1VB=mgh-mgd

所以整個(gè)電路中產(chǎn)生的焦耳熱為

Q=%=mgh-〃ngd

故C正確；

D.克服安培力做功轉(zhuǎn)化為焦耳熱，電阻與導(dǎo)體棒電阻相等，通過它們的電流相等，則金屬棒產(chǎn)生的焦耳熱為

QR=；Q='(mgh—

故D錯(cuò)誤。

故選ABC。

【點(diǎn)睛】

解決該題需要明確知道導(dǎo)體棒的運(yùn)動(dòng)過程，能根據(jù)運(yùn)動(dòng)過程分析出最大感應(yīng)電動(dòng)勢的位置，熟記電磁感應(yīng)現(xiàn)象中電荷

量的求解公式。

10、ACE

【解析】

A.由〃-7圖象可知，AfB過程壓強(qiáng)不變，溫度升高，內(nèi)能增加，由處=。可知，氣體體積增大，對外做功，由

T

△U=Q+W知，氣體吸熱，故A正確；

C恒溫過程，氣體分子平均動(dòng)能不變，故B錯(cuò)誤；

。過程，△〃=(),壓強(qiáng)〃減小，由叱=。可知體積V增加，氣體對外做功，因此氣體一定吸熱，故C正確;

T

D.CrD過程，壓強(qiáng)〃恒定，T減小,U減小，由叱=C可知體積V減小，則外界對氣體做功，由△"=(?+W

T

可知，氣體放熱，故D錯(cuò)誤；

E.80延長線通過原點(diǎn)，體積相等，即%二%，A->8過程%〉匕，C過程綜上分析可知

%>%=%>匕，狀態(tài)A氣體體積最小，故E正確。

故選：ACEo

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、0.050.200.375

【解析】

電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器周期為0.05s,由于相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有三個(gè)點(diǎn)沒有畫出，則相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為0.20s；

[3]根據(jù)逐差法可知，車的加速度

”維巨=立5"的=0.375抵

2r22x0.22

、一〃吆一(M十〃Z)a

12、0.50m/s20.26m/s或0.27m/s//=---------AB

Mg

【解析】

(1)[1]每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)打點(diǎn)，說明相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)時(shí)間間隔T=0.1s,根據(jù)逐差法有

/5+?h+-)=o5m/s2

[2]根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律知道3點(diǎn)的瞬時(shí)速度等于2點(diǎn)到4點(diǎn)的平均速度有

匕=^=0,26m/s

(2)[3]以整個(gè)系統(tǒng)為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律有

mg一/=(M+

f=〃Mg

聯(lián)立解得

，ng-(M+in)a

R=------------------

Mg

(3)[41紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器間的摩擦力和滑輪存在摩擦阻力都會(huì)使測得的摩擦力增大，根據(jù)

/=

可知，摩擦力增大，故摩擦因數(shù)增大。木板未調(diào)節(jié)水平，左端偏高和未滿足M遠(yuǎn)大于〃，均不會(huì)影響摩擦力變大，故

AB正確，CD錯(cuò)誤。

故選AB.

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、1

【解析】

設(shè)三邊分別為3。、4”、5訪由AC滑下有

?=gsin9=0.6g

由

12u

—c