重慶市2019年高考物理試卷以及答案解析

1、重慶市2019年高考物理試卷注意事項(xiàng)： 1、答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2、回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3、考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，第14題只有一項(xiàng)符合題目要求，第58題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1（6分）2019年1月，我國嫦娥四號探測器成功在月球背面軟著陸。在探測器“奔向”月球的過程中，用

2、h表示探測器與地球表面的距離，F(xiàn)表示它所受的地球引力，能夠描述F隨h變化關(guān)系的圖象是（）ABCD2（6分）太陽內(nèi)部核反應(yīng)的主要模式之一是質(zhì)子質(zhì)子循環(huán)，循環(huán)的結(jié)果可表示為4HHe+2e+2v已知H和He的質(zhì)量分別為mp1.0078u和m4.0026u，1u931MeV/c2，c為光速。在4個H轉(zhuǎn)變成1個He的過程中，釋放的能量約為（）A8MeVB16MeVC26MeVD52MeV3（6分）物塊在輕繩的拉動下沿傾角為30的固定斜面向上勻速運(yùn)動，輕繩與斜面平行。已知物塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度取10m/s2若輕繩能承受的最大張力為1500N，則物塊的質(zhì)量最大為（）A150kgB100kg

3、C200kgD200kg4（6分）如圖，邊長為l的正方形abcd內(nèi)存在勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直于紙面（abcd所在平面）向外。ab邊中點(diǎn)有一電子發(fā)射源O，可向磁場內(nèi)沿垂直于ab邊的方向發(fā)射電子。已知電子的比荷為k。則從a、d兩點(diǎn)射出的電子的速度大小分別為（）AkBl，kBlBkBl，kBlCkBl，kBlDkBl，kBl5（6分）從地面豎直向上拋出一物體，其機(jī)械能E總等于動能Ek與重力勢能Ep之和。取地面為重力勢能零點(diǎn)，該物體的E總和Ep隨它離開地面的高度h的變化如圖所示。重力加速度取10m/s2由圖中數(shù)據(jù)可得（）A物體的質(zhì)量為2kgBh0時，物體的速率為20m/sCh2m時，物

4、體的動能Ek40JD從地面至h4m，物體的動能減少100J6（6分）如圖（a），在跳臺滑雪比賽中，運(yùn)動員在空中滑翔時身體的姿態(tài)會影響下落的速度和滑翔的距離。某運(yùn)動員先后兩次從同一跳臺起跳，每次都從離開跳臺開始計(jì)時，用v表示他在豎直方向的速度，其vt圖象如圖（b）所示，t1和t2是他落在傾斜雪道上的時刻。則（）A第二次滑翔過程中在豎直方向上的位移比第一次的小B第二次滑翔過程中在水平方向上的位移比第一次的大C第二次滑翔過程中在豎直方向上的平均加速度比第一次的大D豎直方向速度大小為v1時，第二次滑翔在豎直方向上所受阻力比第一次的大7（6分）靜電場中，一帶電粒子僅在電場力的作用下自M點(diǎn)由靜止開始運(yùn)動，

5、N為粒子運(yùn)動軌跡上的另外一點(diǎn)，則（）A運(yùn)動過程中，粒子的速度大小可能先增大后減小B在M、N兩點(diǎn)間，粒子的軌跡一定與某條電場線重合C粒子在M點(diǎn)的電勢能不低于其在N點(diǎn)的電勢能D粒子在N點(diǎn)所受電場力的方向一定與粒子軌跡在該點(diǎn)的切線平行8（6分）如圖，兩條光滑平行金屬導(dǎo)軌固定，所在平面與水平面夾角為，導(dǎo)軌電阻忽略不計(jì)。虛線ab、cd均與導(dǎo)軌垂直，在ab與cd之間的區(qū)域存在垂直于導(dǎo)軌所在平面的勻強(qiáng)磁場。將兩根相同的導(dǎo)體棒PQ、MN先后自導(dǎo)軌上同一位置由靜止釋放，兩者始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好。已知PQ進(jìn)入磁場時加速度恰好為零。從PQ進(jìn)入磁場開始計(jì)時，到MN離開磁場區(qū)域?yàn)橹?，流過PQ的電流隨時間變化的圖象可

6、能正確的是（）ABCD二、非選擇題：共62分。第912題為必考題，每個試題考生都必須作答。第1316題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共47分。9（5分）如圖（a），某同學(xué)設(shè)計(jì)了測量鐵塊與木板間動摩擦因數(shù)的實(shí)驗(yàn)。所用器材有：鐵架臺、長木板、鐵塊、米尺、電磁打點(diǎn)計(jì)時器、頻率50Hz的交流電源、紙帶等?；卮鹣铝袉栴}：（1）鐵塊與木板間動摩擦因數(shù) （用木板與水平面的夾角、重力加速度g和鐵塊下滑的加速度a表示）。（2）某次實(shí)驗(yàn)時，調(diào)整木板與水平面的夾角使30接通電源，開啟打點(diǎn)計(jì)時器，釋放鐵塊，鐵塊從靜止開始沿木板滑下。多次重復(fù)后選擇點(diǎn)跡清晰的一條紙帶，如圖（b）所示。圖中的點(diǎn)為計(jì)數(shù)點(diǎn)（每兩個

7、相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個點(diǎn)未畫出）。重力加速度為9.80m/s2可以計(jì)算出鐵塊與木板間的動摩擦因數(shù)為 （結(jié)果保留2位小數(shù)）。10（10分）某小組利用圖（a）所示的電路，研究硅二極管在恒定電流條件下的正向電壓U與溫度t的關(guān)系，圖中和為理想電壓表；R為滑動變阻器，R0為定值電阻（阻值100）；S為開關(guān)，E為電源。實(shí)驗(yàn)中二極管置于控溫爐內(nèi)，控溫爐內(nèi)的溫度t由溫度計(jì)（圖中未畫出）測出。圖（b）是該小組在恒定電流為50.0A時得到的某硅二極管Ut關(guān)系曲線。回答下列問題：（1）實(shí)驗(yàn)中，為保證流過二極管的電流為50.0A，應(yīng)調(diào)節(jié)滑動變阻器R，使電壓表的示數(shù)為U1 mV；根據(jù)圖（b）可知，當(dāng)控溫爐內(nèi)的溫度t升高

8、時，硅二極管正向電阻 （填“變大”或“變小”），電壓表示數(shù) （填“增大”或“減小”），此時應(yīng)將R的滑片向 （填“A”或“B”）端移動，以使示數(shù)仍為U1。（2）由圖（b）可以看出U與t成線性關(guān)系。硅二極管可以作為測溫傳感器，該硅二極管的測溫靈敏度為| 103V/（保留2位有效數(shù)字）。11（12分）如圖，兩金屬板P、Q水平放置，間距為d。兩金屬板正中間有一水平放置的金屬網(wǎng)G，P、Q、G的尺寸相同。G接地，P、Q的電勢均為（0）。質(zhì)量為m、電荷量為q（q0）的粒子自G的左端上方距離G為h的位置，以速度v0平行于紙面水平射入電場，重力忽略不計(jì)。（1）求粒子第一次穿過G時的動能，以及它從射入電場至此時在

9、水平方向上的位移大??；（2）若粒子恰好從G的下方距離G也為h的位置離開電場，則金屬板的長度最短應(yīng)為多少？12（20分）一質(zhì)量為m2000kg的汽車以某一速度在平直公路上勻速行駛。行駛過程中，司機(jī)突然發(fā)現(xiàn)前方100m處有一警示牌，立即剎車。剎車過程中，汽車所受阻力大小隨時間的變化可簡化為圖（a）中的圖線。圖（a）中，0t1時間段為從司機(jī)發(fā)現(xiàn)警示牌到采取措施的反應(yīng)時間（這段時間內(nèi)汽車所受阻力已忽略，汽車仍保持勻速行駛），t10.8s；t1t2時間段為剎車系統(tǒng)的啟動時間，t21.3s；從t2時刻開始汽車的剎車系統(tǒng)穩(wěn)定工作，直至汽車停止。已知從t2時刻開始，汽車第1s內(nèi)的位移為24m，第4s內(nèi)的位移為

10、1m。（1）在圖（b）中定性畫出從司機(jī)發(fā)現(xiàn)警示牌到剎車系統(tǒng)穩(wěn)定工作后汽車運(yùn)動的vt圖線；（2）求t2時刻汽車的速度大小及此后的加速度大小；（3）求剎車前汽車勻速行駛時的速度大小及t1t2時間內(nèi)汽車克服阻力做的功；從司機(jī)發(fā)現(xiàn)警示牌到汽車停止，汽車行駛的距離約為多少（以t1t2時間段始末速度的算術(shù)平均值替代這段時間內(nèi)汽車的平均速度）？（二）選考題：共15分。請考生從2道物理題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計(jì)分。物理-選修3-3（15分）13（5分）如pV圖所示，1、2、3三個點(diǎn)代表某容器中一定量理想氣體的三個不同狀態(tài)，對應(yīng)的溫度分別是T1、T2、T3用N1、N2、N3分別表示這三個狀態(tài)

11、下氣體分子在單位時間內(nèi)撞擊容器壁上單位面積的平均次數(shù)，則N1 N2，T1 T3，N2 N3（填“大于”“小于”或“等于”）14（10分）如圖，一容器由橫截面積分別為2S和S的兩個汽缸連通而成，容器平放在水平地面上，汽缸內(nèi)壁光滑。整個容器被通過剛性桿連接的兩活塞分隔成三部分，分別充有氫氣、空氣和氮?dú)狻Ｆ胶鈺r，氮?dú)獾膲簭?qiáng)和體積分別為p0和V0，氫氣的體積為2V0，空氣的壓強(qiáng)為p?，F(xiàn)緩慢地將中部的空氣全部抽出，抽氣過程中氫氣和氮?dú)獾臏囟缺３植蛔?，活塞沒有到達(dá)兩汽缸的連接處，求（i）抽氣前氫氣的壓強(qiáng)；（ii）抽氣后氫氣的壓強(qiáng)和體積。物理-選修3-4（15分）15如圖，長為l的細(xì)繩下方懸掛一小球a，繩的

12、另一端固定在天花板上O點(diǎn)處，在O點(diǎn)正下方l的O處有一固定細(xì)鐵釘。將小球向右拉開，使細(xì)繩與豎直方向成一小角度（約為2）后由靜止釋放，并從釋放時開始計(jì)時。當(dāng)小球a擺至最低位置時，細(xì)繩會受到鐵釘?shù)淖钃?。設(shè)小球相對于其平衡位置的水平位移為x，向右為正。下列圖象中，能描述小球在開始一個周期內(nèi)的xt關(guān)系的是（）ABCD16某同學(xué)利用圖示裝置測量某種單色光的波長。實(shí)驗(yàn)時，接通電源使光源正常發(fā)光；調(diào)整光路，使得從目鏡中可以觀察到干涉條紋?；卮鹣铝袉栴}：（i）若想增加從目鏡中觀察到的條紋個數(shù)，該同學(xué)可 ；A將單縫向雙縫靠近B將屏向靠近雙縫的方向移動C將屏向遠(yuǎn)離雙縫的方向移動D使用間距更小的雙縫（ii）若雙縫的間

13、距為d，屏與雙縫間的距離為l，測得第1條暗條紋到第n條暗條紋之間的距離為x，則單色光的波長 ；（iii）某次測量時，選用的雙縫的間距為0.300mm，測得屏與雙縫間的距離為1.20m，第1條暗條紋到第4條暗條紋之間的距離為7.56mm。則所測單色光波長為 nm（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）。重慶市2019年高考物理試卷答案解析一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，第14題只有一項(xiàng)符合題目要求，第58題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1【分析】根據(jù)萬有引力定律寫出F與h的關(guān)系式，再根據(jù)數(shù)學(xué)知識確定圖象的形狀?！窘獯稹拷猓涸O(shè)地

14、球的質(zhì)量為M，半徑為R探測器的質(zhì)量為m。根據(jù)萬有引力定律得：FG可知，F(xiàn)與h是非線性關(guān)系，F(xiàn)h圖象是曲線，且隨著h的增大，F(xiàn)減小，故ABC錯誤，D正確。故選：D?！军c(diǎn)評】解決本題的關(guān)鍵要掌握萬有引力定律，知道公式FG中r是探測器到地心的距離，等于地球半徑加上離地的高度。2【分析】求出核反應(yīng)過程中的質(zhì)量虧損，再根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程進(jìn)行求解?！窘獯稹拷猓悍磻?yīng)過程中的質(zhì)量虧損約為：m4mpm41.0078u4.0026u0.0286u，由于1u931MeV/c2，根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程可得：Emc226MeV，故C正確，ABD錯誤。故選：C。【點(diǎn)評】本題主要是考查核反應(yīng)過程中的能量計(jì)算，會計(jì)算質(zhì)量虧損

15、，能夠利用愛因斯坦質(zhì)能方程進(jìn)行解答是關(guān)鍵。3【分析】以物體為研究對象，沿斜面方向根據(jù)平衡條件列方程求解物塊的最大質(zhì)量。【解答】解：以物體為研究對象，沿斜面方向根據(jù)平衡條件可得：Fmgsin30+mgcos30當(dāng)拉力最大時質(zhì)量最大，解得：m150kg，故A正確，BCD錯誤。故選：A?！军c(diǎn)評】本題主要是考查了共點(diǎn)力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對象、進(jìn)行受力分析、利用平行四邊形法則進(jìn)行力的合成或者是正交分解法進(jìn)行力的分解，然后在坐標(biāo)軸上建立平衡方程進(jìn)行解答。4【分析】畫出電子運(yùn)動軌跡，根據(jù)幾何關(guān)系求解半徑，根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得速度大小?！窘獯稹拷猓簭腶點(diǎn)和d點(diǎn)射出的電子運(yùn)動軌

16、跡如圖所示，根據(jù)幾何關(guān)系可得：Ra，根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得：qvaBm解得：vakBl；對于從d點(diǎn)射出的電子，根據(jù)幾何關(guān)系可得：Rd2l2+（Rd）2解得：Rd根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得：qvdBm解得：vdkBl；故B正確，ACD錯誤。故選：B?！军c(diǎn)評】對于帶電粒子在磁場中的運(yùn)動情況分析，一般是確定圓心位置，根據(jù)幾何關(guān)系求半徑，結(jié)合洛倫茲力提供向心力求解未知量。5【分析】根據(jù)h4m時的Ep值和Epmgh求出物體的質(zhì)量。根據(jù)h0時的動能求物體的速率。h2m時，物體的動能為EkE總Ep根據(jù)動能與機(jī)械能、重力勢能的關(guān)系求物體的動能減少量。【解答】解：A、由圖知，h4m時Ep80J，由Epmgh

17、得m2kg，故A正確。B、h0時，Ep0，E總100J，則物體的動能為EkE總Ep100J，由Ek，得v010m/s，故B錯誤。C、h2m時，Ep40J，E總90J，則物體的動能為EkE總Ep50J，故C錯誤。D、從地面至h4m，物體的機(jī)械能減少了20J，重力勢能增加了80J，因此，物體的動能減少100J，故D正確。故選：AD。【點(diǎn)評】解決本題的關(guān)鍵要從圖象讀取有效信息，明確動能、重力勢能和機(jī)械能的關(guān)系，根據(jù)功能關(guān)系進(jìn)行解答。6【分析】vt圖象中，圖象與時間軸所圍圖形的面積表示位移，圖象上某點(diǎn)的切線的斜率表示該時刻加速度的大小，結(jié)合牛頓第二定律分析求解?！窘獯稹拷猓篈、根據(jù)圖象與時間軸所圍圖形

18、的面積表示豎直方向上位移的大小可知，第二次滑翔過程中的位移比第一次的位移大，故A錯誤；B、運(yùn)動員兩次從同一跳臺起跳，則運(yùn)動員離開跳臺時水平方向的速度大小相等，故離開跳臺做平拋運(yùn)動，水平方向的位移由運(yùn)動時間決定，由圖象知，第二次的運(yùn)動時間大于第一次運(yùn)動的時間，所以第二次滑翔過程中在水平方向上的位移比第一次的大，故B正確；C、由圖象知，第二次滑翔時的豎直方向末速度小，運(yùn)動時間長，據(jù)加速度的定義式可知其平均加速度小，故C錯誤；D、當(dāng)豎直方向速度大小為v1時，第一次滑翔時圖象的斜率大于第二次滑翔時圖象的斜率，而圖象的斜率表示加速度的大小，故第一次滑翔時速度達(dá)到v1時加速度大于第二次時的加速度，據(jù)mgf

19、ma可得阻力大的加速度小，故第二次滑翔時的加速度小，故其所受阻力大，故D正確。故選：BD?！军c(diǎn)評】讀懂vt圖象，知道vt圖象中加速度與位移的表示方法是正確解題的關(guān)鍵。7【分析】電場線是一種理想化的物理模型，不是帶電粒子的運(yùn)動軌跡；電場力做正功時，電勢能減??；曲線運(yùn)動的條件是物體受到的合力的方向與運(yùn)動方向不在同一條直線上?！窘獯稹拷猓篈、由于電場的特點(diǎn)未知，對于帶電粒子，其運(yùn)動過程中，粒子的速度大小可能先增大后減小。故A正確；B、帶電粒子在只受電場力，且電場線是直線時運(yùn)動軌跡才與電場線重合，由于該電場未知，所以粒子的軌跡不一定與某條電場線重合。故B錯誤；C、粒子從靜止開始運(yùn)動，電場力一定做正功，

20、所以粒子在M點(diǎn)的電勢能不低于其在N點(diǎn)的電勢能。故C正確；D、若粒子運(yùn)動的軌跡為曲線，粒子在N點(diǎn)所受電場力的方向?yàn)殡妶鼍€的切線方向，粒子軌跡的切線方向?yàn)樗俣鹊姆较颍鶕?jù)曲線運(yùn)動的條件可知，此時電場力的方向與速度的方向一定不能平行。故D錯誤故選：AC。【點(diǎn)評】該題考查對電場線的理解以及帶電粒子在電場中運(yùn)動的特點(diǎn)，要注意電場線的特點(diǎn)：電場線疏密表示場強(qiáng)大小，切線方向表示場強(qiáng)的方向，電場線不是帶電粒子的運(yùn)動軌跡。8【分析】根據(jù)導(dǎo)體棒切割磁感應(yīng)線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢計(jì)算公式求解感應(yīng)電流大小與速度的關(guān)系，根據(jù)PQ和MN進(jìn)入磁場的先后順序判斷電流的變化，根據(jù)右手定則判斷電流方向?！窘獯稹拷猓涸O(shè)PQ進(jìn)入磁場勻速運(yùn)

21、動的速度為v，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，導(dǎo)軌寬度為L，兩根導(dǎo)體棒的總電阻為R；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路的歐姆定律可得PQ進(jìn)入磁場時電流I0保持不變，根據(jù)右手定則可知電流方向QP；如果PQ離開磁場時MN還沒有進(jìn)入磁場，此時電流為零；當(dāng)MN進(jìn)入磁場時也是勻速運(yùn)動，通過PQ的感應(yīng)電流大小不變，方向相反；如果PQ沒有離開磁場時MN已經(jīng)進(jìn)入磁場，此時電流為零，當(dāng)PQ離開磁場時MN的速度大于v，安培力大于重力沿斜面向下的分力，電流逐漸減小，通過PQ的感應(yīng)電流方向相反；故AD正確、BC錯誤。故選：AD?！军c(diǎn)評】對于電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的圖象問題，經(jīng)常是根據(jù)楞次定律或右手定則判斷電流方向，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)

22、定律和閉合電路的歐姆定律求解感應(yīng)電流隨時間變化關(guān)系。二、非選擇題：共62分。第912題為必考題，每個試題考生都必須作答。第1316題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共47分。9【分析】（1）根據(jù)牛頓第二定律可求得動摩擦因數(shù)的表達(dá)式；（2）由逐差法可求得加速度的大小，再得出動摩擦因數(shù)的大小?！窘獯稹拷猓海?）由牛頓第二定律可得：mgsinmgcosma，（2）每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個打點(diǎn)，說明相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)時間間隔為0.1s。利用勻變速直線運(yùn)動的推論xat2，即逐差法可以求物體的加速度大小：a1.97m/s2，代入得鐵塊與木板間的動摩擦因數(shù)為0.35。故答案為：，0.35【點(diǎn)評】本題通過

23、牛頓第二定律得出動摩擦因數(shù)的表達(dá)式，從而確定要測量的物理量。要先確定實(shí)驗(yàn)的原理，然后依據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理解答即可。10【分析】（1）已知定值電阻阻值與電路電流，應(yīng)用歐姆定律可以求出電壓表的示數(shù)；分析圖示圖線可知當(dāng)控溫爐內(nèi)的溫度t升高時，硅二極管正向電阻如何變化；根據(jù)二極管電阻變化應(yīng)用閉合電路歐姆定律分析答題。（2）根據(jù)圖示圖線求出二極管的測溫靈敏度?！窘獯稹拷猓海?）電壓表V1測定值電阻R0兩端電壓，其示數(shù)為：U1IR050.01061005.00103V5.00mV；由圖（b）所示圖線可知，當(dāng)控溫爐內(nèi)的溫度t升高時，硅二極管正向電阻變小，由于二極管電阻減小，二極管分壓減小，由串聯(lián)電路特點(diǎn)可知，定值

24、電阻分壓變大，電壓表V1示數(shù)增大，為保持電壓表示數(shù)不變，應(yīng)減小定值電阻分壓增大滑動變阻器分壓，滑動變阻器接入電路的阻值應(yīng)增大，滑動變阻器滑片應(yīng)向B端移動；（2）由圖（b）所示圖線可知，該硅二極管的測溫靈敏度為：|2.8103V/；故答案為：（1）5.00，變小，增大，B；（2）2.8?！军c(diǎn)評】本題考查了實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理，根據(jù)題意分析清楚圖（a）所示電路結(jié)構(gòu)與圖（b）所示圖線是解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用歐姆定律、串聯(lián)電路特點(diǎn)根據(jù)題意即可解題。11【分析】（1）根據(jù)電場強(qiáng)度與電勢差的關(guān)系求解電場強(qiáng)度，根據(jù)動能定理求解動能；根據(jù)牛頓第二定律求解加速度，根據(jù)類平拋運(yùn)動求解位移；（2）若粒子穿過G一次就從電場的

25、右側(cè)飛出，則金屬板的長度最短，根據(jù)對稱性求解金屬板的長度?！窘獯稹拷猓海?）PG、QG間的電場強(qiáng)度大小相等、方向相反，設(shè)為E，則有：E，設(shè)粒子第一次到達(dá)G時動能為Ek，根據(jù)動能定理可得：qEhEk解得：Ek+；粒子在PG間運(yùn)動的加速度為：a此過程中粒子運(yùn)動時間為t，則有：h在水平方向上的位移大小為：xv0t；解得：xv0（2）若粒子穿過G一次就從電場的右側(cè)飛出，則金屬板的長度最短，根據(jù)對稱性可知，此時金屬板的長度為：L2x2v0。答：（1）粒子第一次穿過G時的動能+；它從射入電場至此時在水平方向上的位移大小為v0；（2）若粒子恰好從G的下方距離G也為h的位置離開電場，則金屬板的長度最短應(yīng)為2v

26、0?！军c(diǎn)評】有關(guān)帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動，可以從兩條線索展開：其一，力和運(yùn)動的關(guān)系。根據(jù)帶電粒子受力情況，用牛頓第二定律求出加速度，結(jié)合運(yùn)動學(xué)公式確定帶電粒子的速度和位移等；其二，功和能的關(guān)系。根據(jù)電場力對帶電粒子做功，引起帶電粒子的能量發(fā)生變化，利用動能定理進(jìn)行解答。12【分析】（1）根據(jù)運(yùn)動情況畫出速度圖象；（2）若汽車在t2+3tt2+4t時間未停止，根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式求解速度，再判斷運(yùn)動情況；由于在t2+3tt2+4t時間汽車停止，根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式列方程求解；（3）根據(jù)牛頓第二定律求解阻力，根據(jù)動量定理、動能定理列方程求解汽車克服阻力做的功和速度大小，根據(jù)位移時間關(guān)系求解從司機(jī)發(fā)出警示牌到

27、汽車停止，汽車行駛的距離。【解答】解：（1）vt圖象如圖所示；（2）設(shè)剎車前汽車勻速行駛的速度大小為v1，則t1時刻的速度也為v1，t2時刻的速度為v2，在t2時刻以后汽車做勻減速運(yùn)動，設(shè)其加速度大小為a，取t1s，設(shè)汽車在t2+（n1）tt2+nt內(nèi)的位移為sn，n1、2、3。若汽車在t2+3tt2+4t時間內(nèi)未停止，設(shè)它在t2+3t時刻的速度為v3，在t2+4t時刻的速度為v4，根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式有：s1s43a（t）2s1v2tv4v24at 聯(lián)立式，代入數(shù)據(jù)解得：v4m/s 這說明在t2+4t時刻前，汽車已經(jīng)停止。因此，式子不成立；由于在t2+3tt2+4t時間內(nèi)汽車停止，根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式可

28、得：v3v23at 2as4v32聯(lián)立式，代入數(shù)據(jù)解得a8m/s2，v228m/s 或者am/s2，v229.76m/s 但式子情境下，v30，不合題意，舍去；（3）設(shè)汽車的剎車系統(tǒng)穩(wěn)定工作時，汽車所受阻力大小為f1，根據(jù)牛頓第二定律可得：f1ma 在t1t2時間內(nèi)，阻力對汽車沖量的大小為I根據(jù)動量定理可得：Imv1mv2，根據(jù)動能定理，在t1t2時間內(nèi)，汽車克服阻力做的功為W聯(lián)立式，代入數(shù)據(jù)可得：v130m/s，W1.16105J；從司機(jī)發(fā)出警示牌到汽車停止，汽車行駛的距離s約為：sv1t1+（v1+v2）（t2t1）+聯(lián)立，代入數(shù)據(jù)解得s87.5m。答：（1）從司機(jī)發(fā)現(xiàn)警示牌到剎車系統(tǒng)穩(wěn)定

29、工作后汽車運(yùn)動的vt圖線如圖所示。（2）t2時刻汽車的速度大小28m/s，此后的加速度大小為8m/s2；（3）剎車前汽車勻速行駛時的速度大小為30m/s，t1t2時間內(nèi)汽車克服阻力做的功為1.16105J；從司機(jī)發(fā)現(xiàn)警示牌到汽車停止，汽車行駛的距離約為87.5m?！军c(diǎn)評】本題考查了動能定理、動量定理、牛頓第二定律的綜合應(yīng)用等問題，涉及的物理過程比較復(fù)雜，弄清楚運(yùn)動情況和受力情況是關(guān)鍵；注意汽車速度減為零后不再運(yùn)動，所以解答此類問題的一般方法是先判斷速度減為零的時間，判斷給定的時間內(nèi)汽車是否已經(jīng)靜止，再選用合適的公式進(jìn)行解答。（二）選考題：共15分。請考生從2道物理題中任選一題作答。如果多做，則

30、按所做的第一題計(jì)分。物理-選修3-3（15分）13【分析】單位時間內(nèi)氣體分子對單位器壁上的壓力是氣體的壓強(qiáng)，根據(jù)圖示圖線求出各狀態(tài)氣體的壓強(qiáng)與體積，然后應(yīng)用理想氣體狀態(tài)方程分析答題?！窘獯稹拷猓河蓀VnRT得：，由圖示圖線可知，在狀態(tài)1氣體壓強(qiáng)大于狀態(tài)2氣體壓強(qiáng)，兩狀態(tài)下氣體體積相等；即：V狀態(tài)1V狀態(tài)2，p狀態(tài)12p狀態(tài)2，故，解得：T12T2，即T1T2，由于分子密度相同，溫度高，分子單位時間內(nèi)撞擊器壁單位面積的分子數(shù)就多，故N1N2；由于p狀態(tài)1V狀態(tài)1p狀態(tài)3V狀態(tài)3；故T1T3；則T3T2，又p2p3，狀態(tài)2氣體分子密度大，分子運(yùn)動緩慢，單個分子平均作用力小，狀態(tài)3氣體分子密度小，分子運(yùn)動劇烈，單個分子平均作用力大。故在狀態(tài)2單位時間內(nèi)撞擊器壁單位面積的分子數(shù)大于狀態(tài)3單位時間內(nèi)撞擊器壁單位面積的分子數(shù)，即N2大于N3；故答案為：大于；等于；大于。【點(diǎn)評】本題考查了理想氣體狀態(tài)方程的應(yīng)用，根據(jù)題意分析清楚圖示氣體狀態(tài)變化過程求出各狀態(tài)氣體狀態(tài)參量是解題的前提，掌握基礎(chǔ)知識、應(yīng)用理想氣體狀態(tài)方程即可解題。14【分析】（i）對兩活塞應(yīng)用平衡條件可以求出抽氣前氫氣的壓強(qiáng)。（