甘肅2002年高1第20單元第18節(jié)課-高考物理模擬題

1、河南省各個市高中物理模擬題一、力學(xué)綜合題13（2010年廣州二模36）(16分)如圖9所示，絕緣水平面上相距L=1.6m的空間內(nèi)存在水平向左的勻強(qiáng)電場E，質(zhì)量m=0.1kg、帶電量q=1×10-7C的滑塊（視為質(zhì)點(diǎn)）以v0=4m/s的初速度沿水平面向右進(jìn)入電場區(qū)域，滑塊與水平面間的動摩擦因數(shù)=0.4（設(shè)最大靜摩擦力與滑動摩擦力相等）。（g取10m/s2）（1）如果滑塊不會離開電場區(qū)域，電場強(qiáng)度E的取值范圍多大。（2）如果滑塊能離開電場區(qū)域，試在WF坐標(biāo)中畫出電場力對滑塊所做的功W與電場力F的關(guān)系圖象。1.62.0213456W/×10-1JF/×

2、10-1N7-0.4-0.8O-1.2-1.6-2.08Lv0E圖9解:(1)小滑塊在摩擦力和電場力的作用下，向右做勻減速直線運(yùn)動，設(shè)加速度為a，依題意和牛頓第二定律，有： 1分又： 1分 1分若小滑塊不會從右側(cè)離開電場區(qū)域，由勻變速直線運(yùn)動規(guī)律，有： 1分聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)得： 1分若小滑塊不會從左側(cè)離開電場區(qū)域，必須滿足：f 1分可得： 1分(2)如果小滑塊會離開電場區(qū)域，電場力F必須滿足:F=qE= q=1×10-7×1060.1N1分或 F=qE = 1×10-7×4×1060.4N 1分若F0.1N，小滑塊將從右側(cè)離開電場區(qū)域，此過程小滑

3、塊在電場中的位移s=1.6m，則電場力做功 2分若F0.4N，小滑塊將從左側(cè)離開電場區(qū)域，此過程小滑塊在電場中的位移s=0，電場力做功為0，即W=0 2分評分說明：正確作圖共3分1.62.0213456W/×10-1JF/×10-1N7-0.4-0.8O-1.2-1.6-2.082（2010年廣州一模36）（18分）如圖18所示的凹形場地，兩端是半徑為L的1/4圓弧面，中間是長尾4L的粗糙水平面。質(zhì)量為3m的滑塊乙開始停在水平面的中點(diǎn)O處，質(zhì)量為m的滑塊甲從光滑圓弧面頂端A處無初速度滑下，進(jìn)入水平面內(nèi)并與乙發(fā)生碰撞，碰后以碰前一半的速度反彈。已知甲、乙與水

4、平面的動摩擦因數(shù)分別為1、2，且1=22，甲、乙的體積大小忽略不計(jì)。求：（1）甲與乙碰撞前的速度。（2）碰后瞬間乙的速度。（3）甲、乙在O處發(fā)生碰撞后，剛好不再發(fā)生碰撞，則甲、乙停在距B點(diǎn)多遠(yuǎn)處。解：（1）設(shè)甲到達(dá)O處與乙碰撞前的速度為v甲，由動能定理： 2分得： 2分（分步用機(jī)械能守恒和勻減速直線運(yùn)動進(jìn)行計(jì)算，結(jié)果正確的同樣給4分）（2）設(shè)碰撞后甲、乙的速度分別為v甲、v乙，由動量守恒： 2分又： 1分得： 1分（3）由于1=22，所以甲、乙在水平面上運(yùn)動的加速度滿足：a甲=2a乙1分設(shè)甲在水平地面上通過的路程為s1、乙在水平地面上通過的路程為s2，則有： 1分 1分即： 1分由于甲、乙剛好

5、不再發(fā)生第二次碰撞，所以甲、乙在同一地點(diǎn)停下有以下兩種情況：第一種情況：甲返回時未到達(dá)B時就已經(jīng)停下，此時有：s12L 1分而乙停在甲所在位置時，乙通過的路程為：s2=2L+2L+s1=4L+s1 1分因?yàn)閟1與s2不能滿足，因而這種情況不能發(fā)生 1分第二種情況：甲、乙分別通過B、C沖上圓弧面后，返回水平面后相向運(yùn)動停在同一地點(diǎn)，所以有：s1+s2=8L 1分兩式得： 或 1分即小車停在距B為：1分ABMN3m1m5mRO3（2010年深圳市二模35）（18分）如圖所示，MN為3m寬的小溝，M點(diǎn)左側(cè)1m處有一5m高的平臺與半徑為1.25m的圓弧底部相切，平臺表面與圓軌道都光滑，一質(zhì)量為3kg的

6、B球靜止在平臺上現(xiàn)讓一小球A從圓弧左側(cè)與圓心等高處靜止釋放，A球下滑至平臺并與B球發(fā)生碰撞A、B兩球可視為質(zhì)點(diǎn)，g=10m/s2求：(1)A球到達(dá)圓弧底端時的速度；(2)要使碰后兩球剛好落在小溝兩側(cè)，A球的可能質(zhì)量解：（1）根據(jù)機(jī)械能守恒 ( 2分)代入數(shù)據(jù)得 v=5m/s ( 1分)(2) 若碰后兩球都向右運(yùn)動，據(jù)平拋運(yùn)動 得t=1s (1 分) 得vA1=1m/s vB1=4m/s ( 2分)由動量守恒 ( 1分)得 mA=3kg ( 1分)碰前總動能碰后總動能因?yàn)?其解成立 ( 2分)若碰后A球向左運(yùn)動，B球向右運(yùn)動，則可能有： vA2=1m/s vB2=4m/s由動量守恒 得 mA=2

7、kg ( 2分)碰前總動能碰后總動能因?yàn)?其解成立 ( 2分)若碰后A球向左運(yùn)動，B球向右運(yùn)動，則可能有：vA2=4m/s vB2=1m/s由動量守恒 得 mA=kg ( 2分)碰前總動能碰后總動能因?yàn)?其解成立 ( 2分)4（2011年廣州市一模36）AOEL左右v0Bs（18分）如圖，絕緣水平地面上有寬L=0.4m的勻強(qiáng)電場區(qū)域，場強(qiáng)E = 6×105N/C、方向水平向左不帶電的物塊B靜止在電場邊緣的O點(diǎn)，帶電量q = 5×10-8C、質(zhì)量mA =1×10-2kg的物塊A在距O點(diǎn)s=2.25m處以v0=5m/s的水平初速度向右運(yùn)動，與B發(fā)生碰撞，假設(shè)碰撞前后A

8、、B構(gòu)成的系統(tǒng)沒有動能損失A的質(zhì)量是B的k（k1）倍，A、B與水平面間的動摩擦因數(shù)都為=0.2，物塊均可視為質(zhì)點(diǎn)，且A的電荷量始終不變，取g =10m/s2（1）求A到達(dá)O點(diǎn)與B碰撞前的速度；（2）求碰撞后瞬間，A和B的速度；（3）討論k在不同取值范圍時電場力對A做的功解：（1）設(shè)碰撞前A的速度為v，由動能定理得： =4m/s（2）設(shè)碰撞后A、B速度分別為vA、vB，且設(shè)向右為正方向；由于彈性碰撞，所以有：聯(lián)立并將mA=kmB及v=4m/s代入得：m/s m/s（3）討論：（i）如果A能從電場右邊界離開，必須滿足：聯(lián)立代入數(shù)據(jù)，得： k3電場力對A做功為：WE=qEL= 6×105&

9、#215;5×10-8×0.4(J)=1.2×10-2(J) （ii）如果A不能從電場右邊界離開電場，必須滿足：聯(lián)立代入數(shù)據(jù)，得：k3考慮到k1，所以在1k3范圍內(nèi)A不能從電場右邊界離開又： qE=3×10-2Nmg=2×10-2N所以A會返回并從電場的左側(cè)離開，整個過程電場力做功為0即：WE=0評分說明：每項(xiàng)正確給2分；每項(xiàng)正確給1分兩式如果沒有將v的數(shù)值代入，即表達(dá)式含v，只要正確就同樣給分。SLARBCDabPEQav05（2011年深圳市二模36）（18分）細(xì)管AB內(nèi)壁光滑、厚度不計(jì)，加工成如圖所示形狀，長L=0.8m的BD段固定在豎直

10、平面內(nèi)，其B端與半徑R=0.4m的光滑圓弧軌道平滑連接，CD段是半徑R=0.4m的圓弧， AC段在水平面上，與長S=1.25m、動摩擦因數(shù)=0.25的水平軌道AQ平滑相連，管中有兩個可視為質(zhì)點(diǎn)的小球a、b， ma=3mb開始b球靜止，a球以速度v0向右運(yùn)動，與b球發(fā)生彈性碰撞之后，b球能夠越過軌道最高點(diǎn)P，a球能滑出AQ（重力加速度g取10m/s2，）.求：（1）若v0=4m/s，碰后b球的速度大??；（2）若v0未知，碰后a球的最大速度；（3）若v0未知，v0的取值范圍解：（1）設(shè)a、b碰后瞬間速度為va1、vb1 mav0=mava1+mbvb1 2分2分解出： 2分（2）a與b碰后，a上升

11、的高度不能超過3R2分 2分（3）欲使b能通過最高點(diǎn)，有1分1分b球在上升過程中有1分1分因?yàn)閍球能通過粗糙區(qū)域，有1分1分碰后a上升的高度不能超過3R ，必須滿足1分綜上可得 1分6（2011年廣州市二模36）如圖，質(zhì)量M=1kg的木板靜止在水平面上，質(zhì)量m=1kg、大小可以忽略的鐵塊靜止在木板的右端。設(shè)最大摩擦力等于滑動摩擦力，已知木板與地面間的動摩擦因數(shù)1=0.1，鐵塊與木板之間的動摩擦因數(shù)2=0.4，取g=10m/s2現(xiàn)給鐵塊施加一個水平向左的力F（1）若力F恒為8N，經(jīng)1s鐵塊運(yùn)動到木板的左端。求：木板的長度F/Nf/N02468101214123645LMm左右F（2）若力F從零開

12、始逐漸增加，且木板足夠長。試通過分析與計(jì)算，在圖中作出鐵塊受到的摩擦力f隨力F大小變化的圖象mFf1Mf1f2解：（1）鐵塊的受力如圖，由牛頓第二定律：木板的受力如圖，由牛頓第二定律：設(shè)木板的長度為，經(jīng)時間t鐵塊運(yùn)動到木板的左端，則 又： 聯(lián)立解得：=1（2）（i）當(dāng)時，系統(tǒng)沒有被拉動，靜摩擦力與外力成正比，即：f=FF/Nf/N02468101214123645（ii）當(dāng)時，如果M、m相對靜止，鐵塊與木板有相同的加速度a，則：解得：此時：，也即所以：當(dāng)時，（iii）當(dāng)時，M、m相對滑動，此時鐵塊受到的摩擦力為：fF圖象如圖所示評分說明：（1）6分（每式1分）；（2）12分：（i）2分（條件、

13、結(jié)論各1分）（ii）5分（式各1分）（iii）2分（條件、結(jié)論各1分）正確做圖3分（每做對一段給1分）說明：（1）不管分析正確與否，只要作圖正確就照給分；拐點(diǎn)處用小圓卷的不扣分。（2）（ii）的分析不一定嚴(yán)格按照參考答案的順序，只要結(jié)果正確就參照給分。ABCDOPQLR7（2011年湛江市一模36）（18分）如圖所示的軌道由半徑為R的1/4光滑圓弧軌道AB、豎直臺階BC、足夠長的光滑水平直軌道CD組成小車的質(zhì)量為M，緊靠臺階BC且上水平表面與B點(diǎn)等高一質(zhì)量為m的可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊自圓弧頂端A點(diǎn)由靜止下滑，滑過圓弧的最低點(diǎn)B之后滑到小車上已知M=4m，小車的上表面的右側(cè)固定一根輕彈簧，彈簧的自由端

14、在Q點(diǎn)，小車的上表面左端點(diǎn)P與Q點(diǎn)之間是粗糙的，滑塊與PQ之間表面的動摩擦因數(shù)為，Q點(diǎn)右側(cè)表面是光滑的求： （1）滑塊滑到B點(diǎn)的瞬間對圓弧軌道的壓力大?。?）要使滑塊既能擠壓彈簧，又最終沒有滑離小車，則小車上PQ之間的距離應(yīng)在什么范圍內(nèi)？（滑塊與彈簧的相互作用始終在彈簧的彈性范圍內(nèi)）解：（18分）（1）設(shè)滑塊滑到B點(diǎn)的速度大小為v，到B點(diǎn)時軌道對滑塊的支持力為N，由機(jī)械能守恒定律有 （2分）滑塊滑到B點(diǎn)時，由牛頓第二定律有 （2分）聯(lián)立式解得 N3mg （1分）根據(jù)牛頓第三定律，滑塊在B點(diǎn)對軌道的壓力大小為 （1分）（2）滑塊最終沒有離開小車，滑塊和小車必然具有共同的末速度設(shè)為u，滑塊與小車組

15、成的系統(tǒng)動量守恒，有 （2分）若小車PQ之間的距離L足夠大，則滑塊可能不與彈簧接觸就已經(jīng)與小車相對靜止，設(shè)滑塊恰好滑到Q點(diǎn)，由功能關(guān)系有 （2分）聯(lián)立式解得 （2分）若小車PQ之間的距離L不是很大，則滑塊必然擠壓彈簧，由于Q點(diǎn)右側(cè)是光滑的，滑塊必然被彈回到PQ之間，設(shè)滑塊恰好回到小車的左端P點(diǎn)處，由功能關(guān)系有 （2分）聯(lián)立式解得 （2分）綜上所述并由式可知，要使滑塊既能擠壓彈簧，又最終沒有離開小車，PQ之間的距離L應(yīng)滿足的范圍是 （2分）8（2012年廣州市一模36）如圖，木板A靜止在光滑水平面上，其左端與固定臺階相距x與滑塊B（可視為質(zhì)點(diǎn)）相連的細(xì)線一端固定在O點(diǎn)水平拉直細(xì)線并給B一個豎直向

16、下的初速度，當(dāng)B到達(dá)最低點(diǎn)時，細(xì)線恰好被拉斷，B從A右端的上表面水平滑入A與臺階碰撞無機(jī)械能損失，不計(jì)空氣阻力已知A的質(zhì)量為2m，B的質(zhì)量為m，A、B之間動摩擦因數(shù)為；細(xì)線長為L、能承受的最大拉力為B重力的5倍；A足夠長，B不會從A表面滑出；重力加速度為g（1）求B的初速度大小v0和細(xì)線被拉斷瞬間B的速度大小v1（2）A與臺階只發(fā)生一次碰撞，求x滿足的條件（3）x在滿足（2）條件下，討論A與臺階碰撞前瞬間的速度臺階Lv0v1ABxOB解析：（1）滑塊B從釋放到最低點(diǎn)，機(jī)械能守恒，有：在最低點(diǎn)，由牛頓運(yùn)動定律：又：聯(lián)立得： 評分說明：以及兩個結(jié)果正確各給1分，共5分（2）設(shè)A與臺階碰撞前瞬間，A

17、、B的速度分別為vA和vB，由動量守恒若A與臺階只碰撞一次，碰撞后必須滿足：對A應(yīng)用動能定理：聯(lián)立解得：，即A與臺階只能碰撞一次的條件是：評分說明：以及結(jié)果正確各給1分，共5分（3）設(shè)x=時，A左端到臺階板前瞬間，A、B恰好達(dá)到共同速度，由動量守恒對A應(yīng)用動能定理： 聯(lián)立得： (i)當(dāng)即時，AB共速后A與擋板碰撞由可得A與臺階碰撞前瞬間的速度： (ii)當(dāng)即時，AB共速前A就與臺階碰撞，對A應(yīng)用動能定理：A與臺階碰撞前瞬間的速度：評分說明：各1分；（i）中的條件1分，結(jié)論1分；（ii）中條件1分，各1分。9（2012年揭陽一模OABCDEFH36）如圖所示，質(zhì)量為M的小球用長為R=0.45m的

18、細(xì)繩固定于O點(diǎn)，從A（與O點(diǎn)等高）處由靜止釋放，與O點(diǎn)正下方B點(diǎn)處質(zhì)量為的物塊彈性正碰。重力加速度g=10m/s2（1）求小球碰后能上升的高度h。（2）已知粗糙水平地面BC及傳送帶的動摩擦因數(shù)均 為=0.2，傳送帶長為，順時針勻速轉(zhuǎn)動，速度大小為=2m/s，DE、EF、FH的長度均為S=0.4m。若要保證物塊碰后能落入FH間的沙坑內(nèi)，求BC間的長度L 。解：1）小球擺至B點(diǎn)碰前速度為0，由機(jī)械能守恒得： 1分代人數(shù)據(jù)解得： 1分小球與物塊彈性正碰，設(shè)碰后速度分別為有1、2，有： 2分 2分聯(lián)立解得： 2分小球碰后上升至高度h的過程機(jī)械能守恒，有： 1分代人數(shù)據(jù)解得： 1分2）設(shè)物塊從D點(diǎn)以速度

19、D做平拋落入沙坑，時間為t，有： 1分 1分由題知：可解得： 1分詭鐲 詭鐲左耳聽不見 詭鐲酷匠網(wǎng) /book/160/討論：）當(dāng)，物塊在傳送帶上一定做勻減速運(yùn)動，此時C點(diǎn)速度最大為，由得： 1分）當(dāng)，物塊在傳送帶上一定做勻加速運(yùn)動，此時C點(diǎn)速度最小為，由得： 1分物塊要滑上傳送帶，則，故 1分物塊從B到C，由動能定理得： 1分聯(lián)立得： 1分10（2012年六校聯(lián)考36）如圖，一個傳送帶傾斜放置，傾角，傳送帶的動摩擦因數(shù)為，長度L=10m，傳送帶沿順時針方向轉(zhuǎn)動，一個質(zhì)量m=1kg的物體1在光滑的平臺上向右做勻速直線運(yùn)動，速度大小為，在平臺末端，物體

20、1和靜止的相同質(zhì)量的物體2發(fā)生彈性碰撞，碰撞后物體2水平拋出，當(dāng)物體2運(yùn)動到傳送帶上表面頂端A點(diǎn)時，速度方向剛好和傳送帶上表面平行，即物體2無碰撞地運(yùn)動到傳送帶上，已知斜面頂端與平臺的高度差h=0.8m，重力加速度，。求：（1）物體1的速度的大小。（2）如果傳送帶靜止，求物體2在傳送帶上下滑時的加速度。（3）討論傳送帶的摩擦力對物體2做的功與傳送帶轉(zhuǎn)動速度的關(guān)系。解析：（1）物體1、2發(fā)生彈性碰撞，因?yàn)槟芰縿恿渴睾?，碰撞后兩物體速度交換，物體2速度拋出，由速度偏向角 和 得 v0=3m/s （6分）（2） 由牛頓第二定律： （2分）得：a=5m/s2，方向沿斜面向下。 （2分）（3）物體2到達(dá)

21、A點(diǎn)的速度為vA=5m/s，如果傳送帶速度很快，物體在傳送帶上的速度始終比傳送帶慢，設(shè)物體到達(dá)B點(diǎn)時的速度大小為英雄聯(lián)盟之逆天王者 /info-198/ 由動能定理： 得：vB=7m/s 故當(dāng)v7m/s時，滑動摩擦力一直做正功， （3分）如果傳送帶速度較慢，物體在傳送帶上的速度始終比傳送帶快，由動能定理： 得：vB=5m/s 故當(dāng)v<5m/s時，滑動摩擦力一直做負(fù)功， （2分）當(dāng)5m/s<v<7m/s時，物體在斜面上開始時比傳送帶慢，設(shè)在傳送帶上經(jīng)過距離S物體速度達(dá)到，由動能定理： 得：物體在傳送帶上前S距離摩擦力做正功，后L-S的距離

22、摩擦力做負(fù)功，故摩擦力做功： （3分）11AF3mmhLOBs（2012清遠(yuǎn)市期末理綜物理36）（18分）如圖所示，水平桌面的右端有一質(zhì)量為m的物塊B，用長為L的不可伸長的細(xì)線懸掛，B對水平桌面壓力剛好為零，水平桌面離地面的高度為h=5.0 m，另一質(zhì)量為3m的物塊A在距水平桌面的右端s=4.0 m處在（取g=10 m/s2）水平推力向右運(yùn)動，推到B處時立即撤銷F并與B發(fā)生彈性碰撞，已知A與桌面間的動摩擦因數(shù)為=0.8，物塊均可視為質(zhì)點(diǎn)（1）求A與B碰撞前的速度；（2）求碰撞后A的落地點(diǎn)與桌面右端的水平距離x；（3）要使物塊A與物塊B碰后，懸掛的細(xì)線始終有拉力，試求細(xì)線的長度L的取值范圍相思骨

23、解答：（1）第一個過程：A加速 （3分）A碰撞前速度大小為（1分），方向向右（1分）（不說明方向，該步的分要扣除）（2）第二個過程：A與B彈性碰撞 （1分）（1分），（2分）A平拋：（1分） （1分）代入數(shù)據(jù)得、（1分）（3）討論：若B做一個完整的圓周運(yùn)動時，通過最高點(diǎn)的最小速度，則有（1分） 從最低點(diǎn)到最高點(diǎn)：（1分） （1分）若B運(yùn)動到與O等高時速度為零，則有：（1分） （1分）L取值范圍：或（1分）（說明：寫成或該步不計(jì)分）12（2012年執(zhí)信月考36）（18分）圖示為倉庫中常用的皮帶傳輸裝置示意圖，它由兩臺皮帶傳送機(jī)組成，一臺水平傳送，A、B 兩端相距3m ，另一臺傾斜，傳送帶與地面的

24、傾角= 37°, C、D 兩端相距4.45m , B、C相距很近水平部分AB 以5m/s的速率順時針轉(zhuǎn)動將質(zhì)量為10 kg 的一袋大米放在A 端，到達(dá)B 端后，速度大小不變地傳到傾斜的CD 部分，米袋與傳送帶間的動摩擦因數(shù)均為0.5試求：（1）若CD 部分傳送帶不運(yùn)轉(zhuǎn)，求米袋沿傳送帶所能上升的最大距離（2）若要米袋能被送到D 端，求CD 部分順時針運(yùn)轉(zhuǎn)的速度應(yīng)滿足的條件及米袋從C 端到D 端所用時間的取值范圍解析：米袋在AB上加速時的加速度 （1分）米袋的速度達(dá)到時，滑行的距離 （1分）因此米袋在到達(dá)B點(diǎn)之前就有了與傳送帶相同的速度 （1分）設(shè)米袋在CD上運(yùn)動的加速度大小為a，由牛頓

25、第二定律得 （2分）代入數(shù)據(jù)得 （1分）所以能滑上的最大距離 （2分）設(shè)CD部分運(yùn)轉(zhuǎn)速度為時米袋恰能到達(dá)D點(diǎn)（即米袋到達(dá)D點(diǎn)時速度恰好為零），則米袋速度減為之前的加速度為 （1分）米袋速度小于至減為零前的加速度為 （1分）由 （1分）解得 （1分）即要把米袋送到D點(diǎn)，CD部分的速度 （1分）米袋恰能運(yùn)到D點(diǎn)所用時間最長為 （2分）若CD部分傳送帶的速度較大，使米袋沿CD上滑時所受摩擦力一直沿皮帶向上，則所用時間最短，此種情況米袋加速度一直為。/wapbook-3843/我在泰國賣佛牌的那幾年由 （2分） 所以，所求的時間t的范圍為 （1分）二、電學(xué)綜合題

26、1（2011年肇慶市二模36）（18分）如圖所示，一半徑為r的圓形導(dǎo)線框內(nèi)有一勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直于導(dǎo)線框所在平面，導(dǎo)線框的右端通過導(dǎo)線接一對水平放置的平行金屬板，兩板間的距離為d. 在t=0時，圓形導(dǎo)線框中的磁感應(yīng)強(qiáng)度B從B0開始均勻增大；同時，有一質(zhì)量為m、帶電量為q的液滴以初速度v0水平向右射入兩板間（該液滴可視為質(zhì)點(diǎn)）。該液滴恰能從兩板間作勻速直線運(yùn)動，然后液滴在電場強(qiáng)度大小恒定、方向未知、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1、寬為L的（重力場、電場、磁場）復(fù)合場（磁場的上下區(qū)域足夠大）中作勻速圓周周運(yùn)動求：（1）磁感應(yīng)強(qiáng)度B從B0開始均勻增大時，試判斷1、2兩極板哪一塊為正極板？磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間的變化

27、率K=？（2）（重力場、電場、磁場）復(fù)合場中的電場強(qiáng)度方向如何？大小如何？（3）該液滴離開復(fù)合場時，偏離原方向的距離。Bd12v0B1××××××××××××××××××××××××L解：（18分）（1）2極板為正極板（2分）由題意可知：兩板間的電壓U （1分）而：Sr2帶電液滴所受的電場力：F （1分）在豎直方向：Fmg0 （1分）由以上各式得K （1分）

28、（2）液滴在復(fù)合場中作勻速圓周周運(yùn)動，則電場力與重力平衡，所以，電場力方向豎直向上，由題意知該液滴帶正電，故電場強(qiáng)度方向豎直向上。（2分）設(shè)勻強(qiáng)電場強(qiáng)度為E，則 （1分） （1分）（3）液滴進(jìn)入復(fù)合場后做勻速圓周運(yùn)動，設(shè)運(yùn)動半徑為R，由牛頓第二定律有： （1分）由式得： （1分）討論：若R>L，電子從磁場右邊界離開 （1分）由幾何關(guān)系知偏轉(zhuǎn)距離為 （1分）代入數(shù)據(jù)并整理得 （1分）若RL，電子從磁場左邊界離開 （1分）由幾何關(guān)系知偏轉(zhuǎn)距離為 y=2R （1分）代入數(shù)據(jù)并整理得 （1分）（用其他解法正確的同樣給分）2（2011年惠州市一模36）（18分）有一平行板電容器，內(nèi)部為真空，兩個電極板的間距為，每一個正方形電極板的長均為L，電容器內(nèi)有一均勻電場，U為兩個電極板間的電壓，如圖甲所示。電子從電容器左端的正中央以初速v0射入，其方向平行于電極板之一邊，并打在圖上的D點(diǎn)。電子的電荷以-e表示，質(zhì)量以表示，重力可不計(jì)。回答下面各問題（用已知物理的字母表示）（1）求電子打