江西省某知名中學(xué)高三物理最后一卷試題含解析2

1、江西師范大學(xué)附屬中學(xué)2018屆高三年級測試（最后一卷）理科綜合物理試卷二、選擇題（本大題共8小題，每小題6分，共48分在每小題給出的四個選項中，第1418題只有一項符合題目要求，第1921題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分）1. 下列說法中錯誤的是（ ）a. 若氫原子從n=6能級向n=1能級躍遷時輻射出的光不能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則氫原子從n=6能級向n=2能級躍遷時輻射出的光也不能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)b. 核泄漏事故污染物能夠產(chǎn)生對人體有害的輻射，其核反應(yīng)方程式為，可以判斷x為電子c. 盧露福通過對粒子散射實驗結(jié)果的分析，提出了原子核內(nèi)有中子存在d.

2、 質(zhì)子、中子、拉子的質(zhì)量分別是m1、m2、m3，質(zhì)子和中子結(jié)合成一個拉子，釋放的能量是（2m1+2m2-m3）c2【答案】c【解析】a、根據(jù)玻爾理論可知，氫原子從n=6能級向n=1能級躍遷時輻射出的光的能量大于氫原子從n=6能級向n=2能級躍遷時輻射出的光的能量，結(jié)合光電效應(yīng)發(fā)生的條件可知，若氫原子從n=6能級向n=1能級躍遷時輻射出的光不能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則氫原子從n=6能級向n=2能級躍遷時輻射出的光也不能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)。故a正確；b、根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒與電荷數(shù)守恒可知，衰變后的產(chǎn)物x的質(zhì)量數(shù)為0，電荷數(shù)為-1，衰變方程為：，所以x是電子。故b正確；c、盧瑟福通過對粒子散射實驗結(jié)果

3、的分析，提出了原子核式結(jié)構(gòu)理論。故c錯誤；d、質(zhì)子、中子、粒子的質(zhì)量分別是m1、m2、m3，質(zhì)子和中子結(jié)合成一個粒子的過程中虧損的質(zhì)量為(2m1+2m2-m3)，根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程可知釋放的能量是（2m1+2m2-m3）c2故d正確。本題選擇錯誤的，故選c.【點睛】該題考查原子物理學(xué)的多個知識點的內(nèi)容，其中玻爾理論與質(zhì)能方程為這一部分的重點，要準確理解其內(nèi)容2. 如圖所示為一簡易起重裝置，ac是上端帶有滑輪的固定支架bc為質(zhì)量不計的輕桿，桿的一端c用較鏈固定在支架上，另一端b懸掛一個質(zhì)量為m的重物，并用鋼絲繩跨過滑輪a連接在卷揚機上.開始時，桿bc與ac的夾角bca>90°，

4、現(xiàn)使bca緩緩變小，直到bca=30°.在此過程中，桿bc所受的力（不計一切阻力）（ ）a. 逐漸增大b. 先減小后增大c. 大小不變d. 先增大后減小【答案】c【解析】以結(jié)點b為研究對象，分析受力情況，作出力的合成圖如圖，根據(jù)平衡條件則知，f、n的合力f合與g大小相等、方向相反。根據(jù)三角形相似得：，又f合=g，得：，現(xiàn)使bca緩慢變小的過程中，ab變小，而ac、bc不變，則得到，f變小，n不變，所以繩子越來越不容易斷，作用在bc桿上的壓力大小不變；故選c?！军c睛】本題運用三角相似法研究動態(tài)平衡問題，直觀形象，也可以運用函數(shù)法分析研究3. 如圖所示，卡車通過定滑輪以恒定的功率p0控繩

5、，牽引河中的小船沿水面運動，已知小船的質(zhì)量為m沿水面運動時所受的阻力為f,當繩ao段與水平面夾角為時，小船的速度為v，不計繩子與滑輪的摩擦，則此時小船的加速度等于（ ）a. b. c. d. 【答案】d【解析】小船的實際運動為合運動，沿著繩子方向和垂直繩子方向的是分運動，如圖：根據(jù)平行四邊形定則，有v車=vcos，故拉力為：   ；對船受力分析，受重力、拉力、浮力和阻力:根據(jù)牛頓第二定律，有：fcos-f=ma     ；由解的，故選d?！军c睛】本題關(guān)鍵是根據(jù)運動的合成與分解的知識求出拉繩子的速度，然后根據(jù)牛頓第二定律列式求解加速度。4. 我國

6、發(fā)射的北斗系列衛(wèi)星的軌道位于赤道上方，軌道半徑為r，繞行方向與地球自轉(zhuǎn)方向相同.設(shè)地球自轉(zhuǎn)角速度為0，地球半徑為r，地球表面重力加速度為g.設(shè)某一時刻，衛(wèi)星通過赤道上某建筑物的上方，則當它再一次通過該建筑物上方時，所經(jīng)歷的時間為（ ）a. b. c. d. 【答案】a【點睛】本題的關(guān)鍵：根據(jù)萬有引力提供向心力求解出角速度；根據(jù)地球表面重力等于萬有引力得到重力加速度表達式；根據(jù)多轉(zhuǎn)動一圈后再次到達某建筑物上空列式5. 如圖所示，在水平線oo某豎直平面內(nèi)，距地面高度為h，一條長為l(lh)的輕繩兩端分別系小球a和b，小球a在水平線oo上，豎直向上的外力作用在a上，a和b都處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)從oo上另

7、一點靜止釋放小球1，當小球1下落至與小球b等高位置時，從oo上靜止釋放小球a和小球2，小球2在小球1的正上方。則下列說法正確的是（ ） a. 小球1將與小球b同時落地b. 在小球b下落過程中，輕繩對b的拉力豎直向上c. h越大，小球a與小球b的落地時間差越大d. 在小球1落地前，小球1與2之間的距離隨時間的增大而增大【答案】d【解析】a、設(shè)小球1下落到與b等高的位置時的速度為v，設(shè)小球1還需要經(jīng)過時間t1落地，則： ，設(shè)b運動的時間為t2，則： ，比較可知，t1t2故a錯誤；b、小球a與b都做自由落體運動，所以二者之間的輕繩沒有作用力，故b錯誤。c、設(shè)a運動時間為t3，則 ；可得： ，可知l是

8、一個定值時，h越大，則小球a與小球b的落地時間差越小；故c錯誤。d、1與2兩球的距離：，可見兩球間的距離隨時間的推移，越來越大；故d正確。故選d?！军c睛】小球1、2以及ab兩球均做自由落體運動，由位移公式列出它們的距離與時間關(guān)系的表達式即可正確解答.6. 某課外探究小組設(shè)計了一個電路.如圖所示，一理想變壓器的原線圈匝數(shù)為n1，連接一理想電流表；副線圈接入電路的匝數(shù)n2可以通過滑動觸頭調(diào)節(jié)，劇線圈接有定值電阻r0和壓敏電阻r（r的阻值會隨壓力的增大而變?。?，物塊m置于壓敏電阻上，保持原線圈輸入電壓不變，則（ ）a. 原副線圈電流之比為n1：n2b. 只使n2增大，電流表示數(shù)變大c. 只增大物塊對

9、r的壓力，電流表示數(shù)變大d. 只增大物塊對r的壓力，原線圈的輸入功率變小【答案】bc【解析】a、理想變壓器的電流與匝數(shù)成反比，并且副線圈的匝數(shù)是變化的，此時副線圈的匝數(shù)并不一定就是n2，所以原副線圈匝數(shù)之比并不是一定就是n1：n2，故a錯誤；b、根據(jù)理想變壓器的電壓與匝數(shù)成正比可知，當副線圈的匝數(shù)n2變大，則變壓器的輸出電壓變大，則副線圈的功率變大，由，可知原線圈的電流增大，即電流表示數(shù)變大，所以b正確。c、d、當增大物塊對r的壓力，r的阻值會變小，在電壓不變的情況下，副線圈的電流就會變大，原線圈的電流也會變大，所以電流表讀數(shù)變大，原線圈的輸入功率增大，故c正確、d錯誤。故選bc?！军c睛】變壓

10、器動態(tài)分析的題型：一是壓敏電阻r的阻值在壓力增大時，r的阻值會變小，由此可以判斷電路中電阻的變化的情況；而是負載不變改變匝數(shù)，從而引起電流和功率的變化7. 如圖所示，絕緣的輕質(zhì)彈簧豎直立于水平地面上，上面放一質(zhì)量為m的帶正電小球（小球與彈簧不拴接)，整個系統(tǒng)處在方向豎直向上的勻強電場中.開始時，整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)施加一外力f，將小球向下壓至某一位置，然后撤去外力，使小球從靜止開始向上運動.設(shè)小球從靜止開始向上運動到離開彈簧的過程中，電場力對小球所做的功為w1，小球克服重力所做的功為w2，小球離開彈簧時的速度為v.不計空氣阻力，則在上述過程中（ ）a. 小球與彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒b.

11、小球的重力勢能增加了w2c. 小球的電勢能減少了w1d. 小球的機城修增加了mv2+w2- w1【答案】bc【解析】試題分析：由于電場力做功，所以小球和彈簧組成的系統(tǒng)機械能不守恒，a錯誤；重力做功為且為負功，則重力勢能應(yīng)增加，b正確；電場力做正功，所以電勢能減小，為，c正確；小球增加的機械能應(yīng)該為小球的機械能增加，d錯誤；故選bc考點：機械能守恒定律、電場力以及重力做功點評：此類題型考察了關(guān)于機械能守恒定律的判斷，并考察了做功與相應(yīng)能量轉(zhuǎn)化量度的關(guān)系。8. 如圖所示，虛線框中存在垂直紙面向外的勻強磁場b和平行紙面且與豎直平面夾角為45°斜向下的勻強電場e，有一質(zhì)量為m，電荷量為q的帶

12、負電的小球在高為h處的p點從靜止開始自由下落，當小球運動到復(fù)合場內(nèi)時剛好做直線運動，那么（ ）a. 小球在復(fù)合場中一定做勻速直線運動b. 若換成帶正電的小球，小球仍可能做直線運動c. 磁感應(yīng)強度場強d. 若同時改變小球的比荷與初始下落高度h，小球不能沿直線通過復(fù)合場【答案】acd【解析】a、小球在復(fù)合場中受到豎直向下的重力、與電場強度方向相反的電場力和水平向右的洛倫茲力的作用，如圖所示：其中電場力和重力是恒力，而洛倫茲力的大小與小球的速度大小成正比，若小球做的是變速運動，那么洛倫茲力也是變力，小球的合外力方向也要改變，這與題意不符，所以小球在復(fù)合場中一定做勻速直線運動。故a正確。b、c、根據(jù)小

13、球的平衡條件可得：，又v2=2gh，聯(lián)立各式解得磁感應(yīng)強度，電場強度；若要使小球沿直線通過復(fù)合場，小球的合力一定為零，所以一定要滿足，若同時改變小球的比荷與初始下落的高度h，以上兩個式子不能同時滿足，不能做直線運動，故c、d正確。b、若換成帶正電的小球，則電場力和洛倫茲力同時反向，合力不可能為零，故b錯誤。故選acd?！军c睛】本題主要是考查了帶電粒子在復(fù)合場中運動情況分析；對于此類問題，要掌握粒子的受力特點，如果粒子在電場、磁場和重力場中做勻速圓周運動，則一定是電場力和重力平衡；如果粒子受三種力做的是直線運動，則一定是勻速直線運動三、非選擇題（共174分。第2232題為必考題，每個試題考生都必

14、須作答。第3338題為選考題，考生根據(jù)要求作答）（一）必考題（共129分）9. (1)在實驗室中用游標卡尺測量一物體長度的讀數(shù)是_cm，螺旋測微儀測量金屬絲的直徑時，由圖可知金屬絲的直徑是_mm.(2)某同學(xué)利用如圖甲所示的裝置驗證動能定理.固定并調(diào)整斜槽，使它的末端o點的切線水平，在水平地面上依次鋪放好木板、白紙、復(fù)寫紙.將小球從斜槽上不同的標記點由靜止釋放，記錄小球到達斜槽底端時下落的高度h，并根據(jù)落點位置測量出小球平拋的水平位移x，改變小球在斜槽上的釋放位置，進行多次測量，記錄數(shù)據(jù)如下：斜槽傾角為，小球與斜槽之間的動摩擦因數(shù)為，斜槽底端離地的高度為y，不計小球與水平槽之間的摩擦。以h為橫

15、坐標，以_為縱坐標，在坐標紙上描點作圖，如圖乙所示：達到了驗證動能定理的目的.受該實驗方案的啟發(fā)，另一同學(xué)改用圖丙的裝置實驗.他將木板豎直放置在斜槽末端的前方某一固定位置，仍將小球從不同的標記點由靜止釋放，記錄小球到達斜槽底端時下落的高度h，并測量小球擊中木板時平拋下落的高度d.當他以h為橫坐標，以_為縱坐標，描點作圖，使之仍為一條傾斜的直線，也達到了同樣的目的.【答案】 (1). 10.125 (2). 0.900 (3). (4). 【解析】(1)20分度的游標卡尺，精確度是0.05mm，游標卡尺的主尺讀數(shù)為101mm，游標尺上第5個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數(shù)為5×0

16、.05mm=0.25mm，所以最終讀數(shù)為：101mm+0.25mm=101.25mm=10.125cm螺旋測微器的固定刻度為0.5mm，可動刻度為40.0×0.01mm=0.400mm，所以最終讀數(shù)為0.5mm+0.400mm=0.900mm(2)設(shè)小球離開斜槽時的速度為v，根據(jù)平拋運動的規(guī)律得：，聯(lián)立得：，小球在斜槽上滑下過程中，重力和摩擦力做功，則合力做的功為：，小球動能的變化量，則小球從斜槽上滑下的過程中，動能定理若成立應(yīng)滿足的關(guān)系式是：，即，根據(jù)結(jié)果可知，以h為橫坐標，以x2為縱坐標，在坐標紙上描點作圖，如圖乙所示；根據(jù)平拋運動的規(guī)律有：，則動能定理表達式為：，所以以h為橫坐

17、標，以為縱坐標，描點作圖，使之仍為一條傾斜的直線?！军c睛】解決本題的關(guān)鍵掌握游標卡尺的讀數(shù)方法，固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時不需要估讀；利用平拋運動的知識求得小球到達斜槽的末速度，從而寫出動能定理表達式，要能根據(jù)數(shù)學(xué)知識靈活選擇坐標。10. 現(xiàn)有如下器材：待測電阻rx阻值約為2030待測電流表a，刻度尚清晰，但數(shù)值完全模糊不清，現(xiàn)要將刻度值標注上去電壓表v，量程6v，內(nèi)阻約為6k電組箱r1：0999.9滑動變阻器r，最大阻值30電源e，電動勢約6v，內(nèi)阻不可忽略開關(guān)一只，導(dǎo)線若干為了測定電阻rx，并標注上電流表的刻度值，某同學(xué)用如圖所示的電路進行實驗，調(diào)節(jié)r1與r2至適當值

18、使電流表滿偏，記錄此時電壓表u和電阻箱r1的讀數(shù)，再次改變r1與r的值，仍使電流表滿偏，多次測量，記錄u與r1的數(shù)據(jù)如下表。(1)由測量數(shù)據(jù)可知，u與r1之間并非線性關(guān)系，為了更好利用所測量的數(shù)據(jù)，某同學(xué)“化曲為直”得到如圖所示的圖象，該同學(xué)所畫圖象的橫軸為_，縱軸為_。(2)借助該圖象，可計算出rx的測量值為_，電流表的滿偏電流為_a.（結(jié)果保留兩位有效數(shù)值）【答案】 (1). (2). (3). 25 (4). 0.20【解析】(1)根據(jù)圖象上的點可由數(shù)據(jù)表得到圖象橫軸為，縱軸，故。(2)根據(jù)電路連接可得：，所以，滿偏電流.【點睛】考查數(shù)形結(jié)合的思想方法：根據(jù)電路圖得到u與r1之間之間的關(guān)

19、系，或直接由數(shù)據(jù)表根據(jù)圖象上的點確定橫軸、縱軸；根據(jù)電路圖得到u與r1之間之間的關(guān)系，從而根據(jù)圖象截距得到rx的測量值；再根據(jù)圖象斜率求得滿偏電流。11. 如圖1所示，空間存在方向豎直向下、磁感應(yīng)強度大小b=0.5t的勻強磁場，有兩條平行的長直導(dǎo)軌mn、pq處于同一水平面內(nèi)，間距l(xiāng)=0.2m，左端連接阻值r=0.4的電阻。質(zhì)量m=0.1kg的導(dǎo)體棒ab垂直跨接在導(dǎo)軌上，與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)=0.2。從t=0時刻開始，通過一小型電動機對棒施加一個水平向右的牽引力，使棒從靜止開始沿導(dǎo)軌方向做加速運動，此過程中棒始終保持與導(dǎo)軌垂直且接觸良好。除r以外其余部分的電阻均不計，取重力加速度大小g=10m/

20、s2。(1)若電動機保持恒定功率輸出，棒的v-t如圖2所示（其中oa是曲線，ab是水平直線）則求：導(dǎo)體棒達到最大速度vm時牽引力大小?(2)若電動機保持恒牽引力f=0.3n，且將電阻換為c=10f的電容器（耐壓值足夠大），如圖3所示，求導(dǎo)體棒的速度隨時間變化的函數(shù)表達式?！敬鸢浮?1)f=0.45n (2)v=0.5t【解析】(1)當導(dǎo)體棒達到最大速度后，所受合外力為零，沿導(dǎo)軌方向有：f-f安-f=0摩擦力f=mg=0.2×0.1×10=0.2n感應(yīng)電動勢e=blym,感應(yīng)電流i=安培力f安=bil=n此時率引力f=f安+f=0.45n(2)當金屬棒的速度大小為時v，感應(yīng)電

21、動勢為e=blv 由c=可知，此時電容器極板上前電荷量為q=cu=ce=cblv 設(shè)在一小段時間t內(nèi)，可認為導(dǎo)體棒做勻變速運動，速度增加量為v，電容器板板上增加的電荷量為q=cbl·v根據(jù)電流的定義式i=對導(dǎo)體棒受力分析，根據(jù)牛領(lǐng)第二定律，有f-f-bil=ma將i=cbla代入上式可得：可知導(dǎo)體棒的加速度與時間無關(guān)，即導(dǎo)體棒做勻加速運動v=0.5t 【點睛】本題是力電綜合題型，是高考常見的題型，受力分析時要學(xué)會推導(dǎo)安培力的表達式，采用微元法推導(dǎo)出加速度，是解決本題的關(guān)鍵12. 如圖是工廠流水生產(chǎn)線包裝線示意圖，質(zhì)量均為m=2.5kg、長度均為l=0.36m的產(chǎn)品在光滑水平工作臺ab

22、上緊靠在一起排列成直線（不粘連），以v0=0.6m/s的速度向水平傳送帶運動，設(shè)當每個產(chǎn)品有一半長度滑上傳送帶時，該產(chǎn)品即刻受到恒定摩擦力ff=mg而做勻加速運動，當產(chǎn)品與傳送帶間沒有相對滑動時，相鄰產(chǎn)品首尾間距離保持2l（如圖）被依次送入自動包裝機c進行包裝。觀察到前一個產(chǎn)品速度達到傳送帶速度時，下一個產(chǎn)品剛好有一半滑上傳送帶而開始做勻加速運動。取g=10m/s2。試求：(1)傳送帶的運行速度v；(2)產(chǎn)品與傳送帶間的動摩擦因數(shù)：(3)滿載工作時與空載時相比，傳送帶驅(qū)動電動機增加的功率p；(4)為提高工作效率，工作人員把傳送帶速度調(diào)成v'=2.4m/s，已知產(chǎn)品送入自動包裝機前已勻速

23、運動，求第(3)問中的p?第(3)問中在相當長時間內(nèi)的等效p?【答案】(1)1.8m/s (2) =0.2 (3)9w (4)18w【解析】(1)產(chǎn)品在平臺和傳送帶上不積壓、不斷流，則產(chǎn)品在平臺上運動l與在傳送帶上最終運動3l距離所用時間相等設(shè)為t，則t=解得他送帶速度v=3v0=1.8m/s，t=0.6s(2)解法一：產(chǎn)品滑上傳送帶后做初速度為v0的勻加速運動，設(shè)加速時間為t，依題意，前一個產(chǎn)品加速結(jié)束時下一個產(chǎn)品剛好開始加速，因此t=t=0.6s由速度公式得v=v0+a t由牛頓第二定律ff=ma聯(lián)立代入ff=mg解得=0.2.對前一個產(chǎn)品 對下一個產(chǎn)品且x1-x2=3l解得t'=

24、0.6s由速度公式得v=v0+at'由牛頓第二定律可知ff=ma聯(lián)立代入ff=mg解得=0.2(3)由t'=0.6s=t可知，傳送帶上始終只有一個產(chǎn)品正在加速，所以傳送帶驅(qū)動電動機增加的功率p=ffv聯(lián)立解得p=9w(4)兩種情況，若是兩個產(chǎn)品正在加速p=ffv=24w，若是一個產(chǎn)品正在加速p=ffv=12w時間足夠長，兩個產(chǎn)品加速和一個產(chǎn)品加速的時間近似相等，等效的p=（24+12）/2=18w【點睛】關(guān)鍵是明確滑塊在傳送帶的受力情況和運動情況，結(jié)合牛頓第二定律和運動學(xué)公式列式求解。（二）選考題（共45分。請考生從2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答。如果多做，則每科按所做的第一題計分）13. (1)在“用油膜法估測分子大小”的實驗中，用移液管量取0.25ml油酸，倒入標注250ml的容量瓶中，再加入酒精后得到250ml的溶液。然后用滴管吸取這種溶液，向小量筒中滴入100滴溶液，溶液的液面達到量簡中1ml 的刻度，再用滴管取配好的油酸溶液，向撒有痱子粉的盛水淺盤中滴下2滴溶液，在液面上形成油酸薄膜，待油膜穩(wěn)定后，放在帶有正方形坐標格的玻璃板下觀察油膜，如圖所示。坐標格的正方形大小為2c