2017年四川省自貢市高考一診試卷物理

1、2017 年四川省自貢市高考一診試卷物理一、選擇題，本題共8 小題，每小題6 分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第15 題只有一項(xiàng)是符合題目要求的；在第68 題有多項(xiàng)符合題目要求的，全部選對(duì)得6 分，選對(duì)但不全得 3 分，有選錯(cuò)的得0 分。1. 關(guān)于靜電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)，下列說(shuō)法正確的是( ) a.電場(chǎng)強(qiáng)度的方向處處與等電勢(shì)面垂直b.電場(chǎng)強(qiáng)度為零的地方，電勢(shì)也為零c.隨著電場(chǎng)強(qiáng)度的大小逐漸減小，電勢(shì)能逐漸降低d.任一點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度總是指向該點(diǎn)電勢(shì)降落最快的方向解析： a、電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直，而電場(chǎng)強(qiáng)度的方向?yàn)殡妶?chǎng)線的方向，所以電場(chǎng)強(qiáng)度的方向與等勢(shì)面垂直，故a正確；b、電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)沒(méi)有直接關(guān)系，電

2、場(chǎng)強(qiáng)度為零時(shí)，電勢(shì)不一定為零；電勢(shì)為零，電場(chǎng)強(qiáng)度不一定為零，故b錯(cuò)誤；c、根據(jù)電勢(shì)能ep=q 可知，電勢(shì)能與電場(chǎng)強(qiáng)度無(wú)直接關(guān)系，故c錯(cuò)誤；d、順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，由勻強(qiáng)電場(chǎng)u=ed可知， 電場(chǎng)強(qiáng)度的方向是電勢(shì)降低最快的方向，故 d正確。答案： ad 2. 木塊 a、b分別重 60n和 70n ，它們與水平地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.2 ，夾在 a、b之間的輕彈簧被壓縮了2cm，彈簧的勁度系數(shù)為500n/m。系統(tǒng)置于水平地面上靜止不動(dòng)。現(xiàn)用f=1n的水平拉力作用在木塊b上，如圖所示，力f 作用后 ( ) a.木塊 a所受摩擦力大小是12n b.木塊 a所受摩擦力大小是11n c.木塊 b所受

3、摩擦力大小是11n d.木塊 b所受摩擦力大小是13n 解析：未加f 時(shí)，木塊ab受力平衡，所受靜摩擦力等于彈簧的彈力，則彈簧彈力為：f1=kx=500n/m0.02m=10n；b木塊與地面間的最大靜摩擦力為：fbm=gb=0.2 70n=14n ；而 a木塊與地面間的最大靜摩擦力為：fam=ga=0.2 60n=12n ；施加 f 后，對(duì)木塊b有： f+f1fbm；木塊 b受摩擦力仍為靜摩擦力，其大小為fb=10n+1n=11n ，施加 f 后，木塊a所受摩擦力仍為靜摩擦力，大小為fa=10n；故 abd錯(cuò)誤， c正確。答案： c 3. 如圖所示，半徑為r，內(nèi)徑很小的光滑半圓管道豎直放置，質(zhì)

4、量為m的小球以某一速度進(jìn)入管內(nèi)，小球通過(guò)最高點(diǎn)p時(shí)，對(duì)管壁的壓力為0.5mg，則 ( ) a.小球從管口飛出時(shí)的速率一定為b.小球從管口飛出時(shí)的速率一定為c.小球落地點(diǎn)到p點(diǎn)的水平距離可能為r d.小球落地點(diǎn)到p點(diǎn)的水平距離可能為解析： a、當(dāng)小球?qū)芟卤谟袎毫r(shí)，則有：mg 0.5mg=m解得： v1=當(dāng)小球?qū)苌媳谟袎毫r(shí)，則有：mg+0.5mg=m解得： v2=，故 ab錯(cuò)誤；c、小球從管口飛出后做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向上：2r=gt2解得：t=2x1=v1t=r x2=v2t=r；故 c錯(cuò)誤， d正確。答案： d 4. 馬航客機(jī)失聯(lián)后，西安衛(wèi)星測(cè)控中心緊急調(diào)動(dòng)海洋、風(fēng)云、高分、遙感4 個(gè)型

5、號(hào)近10 顆衛(wèi)星， 為地面搜救提供技術(shù)支持。特別是“高分一號(hào)”突破了空間分辨率、多光譜與大覆蓋面積相結(jié)合的大量關(guān)鍵技術(shù)。如圖為“高分一號(hào)”與北斗導(dǎo)航系統(tǒng)兩顆衛(wèi)星在空中某一面內(nèi)運(yùn)動(dòng)的示意圖?！氨倍贰毕到y(tǒng)中兩顆衛(wèi)星“g1”和“g3”的軌道半徑均為r ，某時(shí)刻兩顆工作衛(wèi)星分別位于軌道上的a、b兩位置，“高分一號(hào)”在c位置，若衛(wèi)星均順時(shí)針運(yùn)行，地球表面處的重力加速度為g，地球半徑為r，不計(jì)衛(wèi)星間的相互作用力。則以下說(shuō)法正確的是( ) a.衛(wèi)星“g1”和“g3”的加速度大小相等均為g b.衛(wèi)星“g1”由位置a運(yùn)動(dòng)到位置b所需的時(shí)間為c.如果調(diào)動(dòng)“高分一號(hào)”衛(wèi)星到達(dá)衛(wèi)星“g3”所在的軌道，必須對(duì)其減速d.

6、“高分一號(hào)”是低軌道衛(wèi)星，其所在高度有稀薄氣體，運(yùn)行一段時(shí)間后，高度會(huì)降低，速度增大，機(jī)械能會(huì)減小解析： a、 根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力g=ma ， 得 a=。 而 gm=gr2.所以衛(wèi)星的加速度a=。故 a錯(cuò)誤。b、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力g=m 2r ，解得：=，所以衛(wèi)星1 由位置 a運(yùn)動(dòng)到位置 b所需的時(shí)間t=，故 b錯(cuò)誤。c、“高分一號(hào)”衛(wèi)星加速，將做離心運(yùn)動(dòng)，軌道半徑變大，速度變小，路程變長(zhǎng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間變長(zhǎng)，故如果調(diào)動(dòng)“高分一號(hào)”衛(wèi)星快速到達(dá)b位置的下方，必須對(duì)其加速，故c錯(cuò)誤。d、“高分一號(hào)”是低軌道衛(wèi)星，其所在高度有稀薄氣體，克服阻力做功，機(jī)械能減小。故d正確。答案： d 5. 圖示電

7、路中， 電源電動(dòng)勢(shì)為e，內(nèi)阻為 r ，r1、r2為定值電阻， r3為可變電阻， c為電容器。在可變電阻r3由較大逐漸變小的過(guò)程中( ) a.電容器充電b.流過(guò) r2的電流方向是由b 到 a c.電容器的電荷量在逐漸減少d.電源內(nèi)部消耗的功率變小解析： a、滑動(dòng)變阻器由大到小的過(guò)程中，電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知電路中電流增大，內(nèi)電壓及r1兩端的電壓增大，則r3兩端的電壓減??；電容器兩端的電壓減小，電容器電量減小，故電容器放電， 電容器的帶電量減小，電流方向由a到 b，故 c正確，故 ab錯(cuò)誤；c、由 p=i2r 可知，電源內(nèi)部消耗的功率變大，故d錯(cuò)誤。答案： c 6. 一物體從靜止

8、開(kāi)始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，下列關(guān)于物體的位移x，速度 v，加速度a 與時(shí)間t 關(guān)系的圖像可能正確的是( ) a.b.c.d.解析：因?yàn)槲矬w做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)s=at2得，知 s 與 t2成正比，加速度a 不變， v隨時(shí)間均勻增大。故bd正確， a、 c錯(cuò)誤。答案： bd 7. 如圖， 豎直擋板對(duì)小車的彈力n1，斜面小車對(duì)球的彈力n2.當(dāng)小車向左加速運(yùn)動(dòng)且加速度a逐漸增加，則 ( ) a.n2逐漸減小b.n2不變c.n1逐漸增加d.n1與 n2的合力有可能不變解析：對(duì)小球進(jìn)行受力分析，作出力圖：重力 mg 、豎直擋板對(duì)小車的彈力n1，斜面小車對(duì)球的彈力n2.。設(shè)加速度大小為a，a的傾角為 。根據(jù)

9、牛頓第二定律得：水平方向： n1n2sin =ma ，豎直方向： mg=n2cos由看出， m 、 不變，則n2不變。由得， n1=n2sin +ma. 則向左加速運(yùn)動(dòng)且加速度a 逐漸增加時(shí)， n1逐漸增大。故bc正確， ad錯(cuò)誤。答案： bc 8. 在地面附近，存在著一有界電場(chǎng)，邊界mn將空間分成上下兩個(gè)區(qū)域、，在區(qū)域中有豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在區(qū)域i 中離邊界某一高度由靜止釋放一質(zhì)量為m的帶電小球a，如圖甲所示，小球運(yùn)動(dòng)的vt 圖像如圖乙所示，不計(jì)空氣阻力，則( ) a.小球受到的重力與電場(chǎng)力之比為3： 5 b.在 t=5s 時(shí)，小球經(jīng)過(guò)邊界mn c.在小球向下運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過(guò)程中，重力做的功大

10、于電場(chǎng)力做功d.在 1s4s 過(guò)程中，小球的機(jī)械能先減小后增大解析： b、小球進(jìn)入電場(chǎng)前做自由落體運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入電場(chǎng)后受到電場(chǎng)力作用而做減速運(yùn)動(dòng)，由圖可以看出，小球經(jīng)過(guò)邊界mn的時(shí)刻是t=1s 和 t=4s 時(shí)。故 b錯(cuò)誤。a、由圖像的斜率等于加速度得小球進(jìn)入電場(chǎng)前的加速度為：a1=，進(jìn)入電場(chǎng)后的加速度大小為：a2=由牛頓第二定律得：mg=ma1fmg=ma2得電場(chǎng)力： f=mg+ma2=由得重力mg與電場(chǎng)力f 之比為 3：5. 故 a正確。c、整個(gè)過(guò)程中，動(dòng)能變化量為零，根據(jù)動(dòng)能定理，整個(gè)過(guò)程中重力做的功與電場(chǎng)力做的功大小相等。故c錯(cuò)誤。d、整個(gè)過(guò)程中， 由圖可得， 小球在 0 2.5s 內(nèi)向下

11、運(yùn)動(dòng)， 在 2.5s 5s 內(nèi)向上運(yùn)動(dòng)， 在 1s4s 過(guò)程中，小球的機(jī)械能先減小后增大電場(chǎng)力先做負(fù)功，后做正功。電勢(shì)能先增大，后減??；由于整個(gè)的過(guò)程中動(dòng)能、重力勢(shì)能和電勢(shì)能的總和不變，所以，小球的機(jī)械能先減小后增大。故d正確。答案： ad 二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。在第9第 12 題為必考題，每個(gè)考題考生都必須作答，第1316 為選考題，考生根據(jù)要求作答。( 一) 必考題9. 如圖甲所示， 為驗(yàn)證動(dòng)能定理的實(shí)驗(yàn)裝置，較長(zhǎng)的小車的前端固定有力傳感器，能測(cè)出小車所受的拉力，小車上固定兩個(gè)完全相同的遮光條a、 b，小車、傳感器及遮光條的總質(zhì)量為 m ，小車放在安裝有定滑輪和光電門的光

12、滑軌道d上，光電門可記錄遮光條a、b通過(guò)它時(shí)的擋光時(shí)間。 用不可伸長(zhǎng)的細(xì)線將小車與質(zhì)量為m的重物相連， 軌道放在水平桌面上，細(xì)線與軌道平行 ( 滑輪質(zhì)量、摩擦不計(jì)) 。用螺旋測(cè)微器測(cè)遮光條的寬度，如圖乙所示，則遮光條的寬度d= mm 實(shí)驗(yàn)過(guò)程中滿足 m遠(yuǎn)大于 m(填“需要”或“不需要”) 。實(shí)驗(yàn)主要步驟如下：測(cè)量小車、傳感器及遮光條的總質(zhì)量m ，測(cè)量?jī)烧诠鈼l間的距離l，按圖甲正確連接器材。由靜止釋放小車，小車在細(xì)線拉動(dòng)下運(yùn)動(dòng)，記錄傳感器的示數(shù)f 及遮光條a、b 經(jīng)過(guò)光電門的擋光時(shí)間ta和 tb，則驗(yàn)證動(dòng)能定理的表達(dá)式為( 用字母 m 、 f、l、d、ta、tb表示 ) 。解析： 螺旋測(cè)微器的固

13、定刻度讀數(shù)為0mm ，可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01 40.0mm=0.400mm ，所以最終讀數(shù)為： 0mm+0.400mm=0.400mm。實(shí)驗(yàn)中小車的力由力傳感器測(cè)出，無(wú)需m遠(yuǎn)大于 m ；由于遮光條通過(guò)光電門的時(shí)間極短因此可以利用平均速度來(lái)代替其瞬時(shí)速度，因此小車經(jīng)過(guò)光電門時(shí)的瞬時(shí)速度為：v=，所以小車經(jīng)過(guò)a點(diǎn)的速度，經(jīng)過(guò) b點(diǎn)的速度，以小車為研究對(duì)象，合外力做的功w=fl ，動(dòng)能的增量為：。則驗(yàn)證動(dòng)能定理的表達(dá)式為答案： 0.400 ；不需要；10.(9 分 )回答下列問(wèn)題：(1) 某研究小組的同學(xué)為了測(cè)量某一電阻rx的阻值，甲同學(xué)先用多用電表進(jìn)行粗測(cè)。使用多用電表歐姆擋時(shí)， 將選擇開(kāi)關(guān)調(diào)到歐

14、姆擋“10”檔位并調(diào)零，測(cè)量時(shí)發(fā)現(xiàn)指針向右偏轉(zhuǎn)角度太大，這時(shí)他應(yīng)該：先將選擇開(kāi)關(guān)換成歐姆擋的“”檔位， 將紅、黑表筆短接，再進(jìn)行，使指針指在歐姆刻度的“0”處；再次測(cè)量電阻rx的阻值時(shí)，指針在刻度盤上停留的位置如圖1 所示，則所測(cè)量的值為。解析：測(cè)電阻時(shí)用“ 10”檔位并調(diào)零，測(cè)量時(shí)指針向右偏轉(zhuǎn)角度太大，說(shuō)明所選擋位太大，為準(zhǔn)確測(cè)出電阻，應(yīng)先將選擇開(kāi)關(guān)換成歐姆擋的“1”檔位，將紅、黑表筆短接，再進(jìn)行歐姆調(diào)零；由圖示表盤可知，所測(cè)量電阻的值為r=18 1=18。答案： 1；歐姆調(diào)零；18。(2) 為進(jìn)一步精確測(cè)量該電阻，實(shí)驗(yàn)臺(tái)上擺放有以下器材：a.電流表 (量程 15ma ，內(nèi)阻約100 ) b

15、.電流表 (量程 0.6a，內(nèi)阻約0. 5 ) c.電阻箱 (最大電阻99. 99 ) d.電阻箱 (最大電阻999. 9) e.電源 ( 電動(dòng)勢(shì) 3v，內(nèi)阻 0. 8) f.單刀單擲開(kāi)關(guān)2 只g.導(dǎo)線若干乙同學(xué)設(shè)計(jì)的電路圖如圖2 所示，現(xiàn)按照如下實(shí)驗(yàn)步驟完成實(shí)驗(yàn)：調(diào)節(jié)電阻箱，使電阻箱有合適的阻值r1，僅閉合s1，使電流表有較大的偏轉(zhuǎn)且讀數(shù)為i ；調(diào)節(jié)電阻箱，保持開(kāi)關(guān)s1閉合，開(kāi)關(guān)s2閉合，再次調(diào)節(jié)電阻箱的阻值為r2，使電流表讀數(shù)仍為 i 。a.根據(jù)實(shí)驗(yàn)步驟和實(shí)驗(yàn)器材規(guī)格可知，電流表應(yīng)選擇( 填器材前字母 ) b.根據(jù)實(shí)驗(yàn)步驟可知，待測(cè)電阻rx= ( 用題目所給測(cè)量數(shù)據(jù)表示) 。解析：根據(jù)閉合

16、電路歐姆定律可知，通過(guò)待測(cè)電阻的最大電流約為：imax= 0.167=167ma，如果電流表選b，則讀數(shù)誤差太大，故電流表應(yīng)選a；根據(jù)閉合電路歐姆定律，s2斷開(kāi)時(shí)有： e=i(rx+r1+ra+r) s2閉合時(shí)有： e=i(r2+ra+r) 聯(lián)立解得：rx=r2r1；答案： a、a；b、r2r1。(3) 利用以上實(shí)驗(yàn)電路，閉合s2調(diào)節(jié)電阻箱r，可測(cè)量出電流表的內(nèi)阻ra，丙同學(xué)通過(guò)調(diào)節(jié)電阻箱 r，讀出多組r和 i 值，作出了r圖像如圖 3 所示。若圖像中縱軸截距為1a 1，則電流表內(nèi)阻ra= 。解析：閉合s2后，由閉合電路歐姆定律可知：e=i(r+ra+r) 則有：=r+， 則r圖像縱軸截距：

17、b=1， 解得： ra=eb r=3 10.8=2. 2。答案： 2.2 11.(12分) 如圖所示，一個(gè)小球從高h(yuǎn)=10m處以水平速度v0=10m/s 拋出，撞在傾角=45的斜面上的p點(diǎn)，已知 ac=5m ，求： (g=10m/s2)p、c之間的距離；小球撞擊p點(diǎn)時(shí)速度的大小。解析：設(shè)p、c之間的距離為l，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律，5+lcos45=v0t hlsin45 = gt2，聯(lián)立解得： l=5m ，t=1s 。小球撞擊p點(diǎn)時(shí)的水平速度v=v0=10m/s，豎直速度vy=gt=10m/s 。小球撞擊p點(diǎn)時(shí)速度的大小為v=10m/s，設(shè)小球的速度方向與水平方向的夾角為，則 tan =1，=45

18、，方向垂直于斜面向下。所以小球垂直于斜面向下撞擊p點(diǎn)。答案： p、c之間的距離是5m ；小球撞擊p點(diǎn)時(shí)速度的大小是10m/s。12.(20分) 如圖所示，固定于同一條豎直線上的a、b是兩個(gè)帶等量異種電荷的點(diǎn)電荷，電荷量分別為 +q和 q ，a、b相距為 2d.mn是豎直放置的光滑絕緣細(xì)桿，另有一個(gè)穿過(guò)細(xì)桿的帶電小球p，其質(zhì)量為m 、電荷量為 +q(可視為點(diǎn)電荷，不影響電場(chǎng)的分布) ，現(xiàn)將小球p從與點(diǎn)電荷a等高的 c處由靜止開(kāi)始釋放，小球 p向下運(yùn)動(dòng)到距c點(diǎn)距離為d 的 o點(diǎn)時(shí)，速度為 v，已知 mn 與 ab之間的距離為d，靜電力常量為k，重力加速度為g.求： c、o間的電勢(shì)差 uco；小球

19、p在 o點(diǎn)時(shí)的加速度大小以及小球p經(jīng)過(guò)與點(diǎn)電荷b等高的 d點(diǎn)時(shí)的速度大小。解析：小球p 由 c運(yùn)動(dòng)到 o的過(guò)程，由動(dòng)能定理得 mgd+quco=mv20所以 uco=小球 p 經(jīng)過(guò) o點(diǎn)時(shí)受力如圖由庫(kù)侖定律得f1=f2=k它們的合力為f=f1cos 45 +f2cos 45 =eq 所以 o點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度e。由牛頓第二定律得：mg+qe=ma 所以 a=g+小球 p 由 o運(yùn)動(dòng)到 d的過(guò)程，由動(dòng)能定理得mgd+quod=mmv2由電場(chǎng)特點(diǎn)可知uco=uod聯(lián)立解得vd=v 答案： c、o間的電勢(shì)差為；小球 p在 o點(diǎn)時(shí)的加速度大小為以及小球p經(jīng)過(guò)與點(diǎn)電荷b等高的 d點(diǎn)時(shí)的速度大小( 二) 選考

20、題 ( 任選一模塊作答) 物理 - 選修 3-3(15分) 13.(5 分 )下列說(shuō)法正確的是( ) a.將一塊晶體敲碎后，得到的小顆粒是非晶體b.固體可以分為晶體和非晶體兩類，有些晶體在不同方向上有不同的光學(xué)性質(zhì)c.由同種元素構(gòu)成的固體，可能會(huì)由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體d.在合適的條件下，某些晶體可以轉(zhuǎn)變?yōu)榉蔷w，某些非晶體也可以轉(zhuǎn)變?yōu)榫we.在熔化過(guò)程中，晶體要吸收熱量，但溫度保持不變，內(nèi)能也保持不變解析： a、將一塊晶體敲碎后，得到的小顆粒還是晶體，選項(xiàng)a錯(cuò)誤。b、固體可以分為晶體和非晶體兩類，有些晶體在不同方向上各向異性，具有不同的光學(xué)性質(zhì)，選項(xiàng)b正確。c、由同種元素構(gòu)成的

21、固體，可能會(huì)由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體，例如石墨和金剛石。選項(xiàng)c正確。d、在合適的條件下，某些晶體可以轉(zhuǎn)變?yōu)榉蔷w，某些非晶體也可以轉(zhuǎn)變?yōu)榫w，例如天然石英是晶體，熔融過(guò)的石英卻是非晶體。把晶體硫加熱熔化( 溫度超過(guò)300) 再倒進(jìn)冷水中，會(huì)變成柔軟的非晶硫，再過(guò)一段時(shí)間又會(huì)轉(zhuǎn)化為晶體硫。所以選項(xiàng)d正確。e、在熔化過(guò)程中，晶體要吸收熱量，雖然溫度保持不變，但是內(nèi)能要增加。選項(xiàng)e錯(cuò)誤答案： bcd 14.(10分) 如圖，一固定的豎直汽缸由一大一小兩個(gè)同軸圓筒組成，兩圓筒中各有一個(gè)活塞，已知大活塞的質(zhì)量為m1=2.50kg ，橫截面積為s1=80.0cm2，小活塞的質(zhì)量為m2=1.5

22、0kg ，橫截面積為 s2=40.0cm2，兩活塞用剛性輕桿連接，間距保持為l=40.0cm ，汽缸外大氣的壓強(qiáng)為p=1.00 105pa，溫度為t=303k，初始時(shí)大活塞與大圓筒底部相距，兩活塞間封閉氣體的溫度為 t1=495k，現(xiàn)汽缸內(nèi)氣體溫度緩慢下降，活塞緩慢下移，忽略兩活塞與汽缸壁之間的摩擦，重力加速度大小g 取 10m/s2，求：在大活塞與大圓筒底部接觸前的瞬間，缸內(nèi)封閉氣體的溫度；缸內(nèi)封閉的氣體與缸外大氣達(dá)到熱平衡時(shí)，缸內(nèi)封閉氣體的壓強(qiáng)。解析：大活塞與大圓筒底部接觸前氣體發(fā)生等壓變化，氣體的狀態(tài)參量：v1=(l )s2+s1=(40) 40+80=2400cm3，t1=495k，v2=s2l=40 40=1600cm3，由蓋呂薩克定律得：=，即：=，解得： t2=330k；大活塞與大圓筒底部接觸后到氣缸內(nèi)氣體與氣缸外氣體溫度相等過(guò)程中氣體發(fā)生等容變化，大活塞剛剛與大圓筒底部接觸時(shí)，由平衡條件得：ps1+p2s2+(m1+m2)g=p2s1+