遼寧省盤錦市2021屆新高考物理最后模擬卷含解析

1、遼寧省盤錦市2021屆新高考物理最后模擬卷、單項(xiàng)選擇題：本題共 6小題，每小題5分，共30分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的1.下列說(shuō)法正確的是（）A.布朗運(yùn)動(dòng)雖不是分子運(yùn)動(dòng)，但它證明了組成固體顆粒的分子在做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)B.液體表面層內(nèi)分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，表現(xiàn)為引力C.擴(kuò)散現(xiàn)象可以在液體、氣體中進(jìn)行，不能在固體中發(fā)生D.隨著分子間距增大，分子間引力和斥力均減小，分子勢(shì)能一定減小【答案】B【解析】【分析】【詳解】A.布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中固體顆粒的運(yùn)動(dòng)，是液體分子無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的反映，不是組成固體顆粒的分子在做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故 A錯(cuò)誤；B.液體表面層，分子較為稀疏，

2、分子間距離大于平衡時(shí)的距離ro ,因此分子間作用力表現(xiàn)為引力，液體表面有收縮趨勢(shì)，故 B正確；C.擴(kuò)散現(xiàn)象可以在液體、氣體中進(jìn)行，也能在固體中發(fā)生，故 C錯(cuò)誤；D,分子間距離為平衡時(shí)的距離 r0 ,分子間作用力為零，當(dāng)分子間距離r大于r0時(shí)，分子間作用力表現(xiàn)為引力，此時(shí)隨著分子間距 r的增大分子間作用力做負(fù)功，分子勢(shì)能 Ep增大，所以當(dāng)分子間距增大時(shí)，分子勢(shì)能不一定減小，故 D錯(cuò)誤；故選B。2.如圖所示，邊長(zhǎng)為 L的正六邊形ABCDEF的5條邊上分別放置 5根長(zhǎng)度也為L(zhǎng)的相同絕緣細(xì)棒。每 根細(xì)棒均勻帶上正電?，F(xiàn)將電荷量為+Q的點(diǎn)電荷置于BC中點(diǎn)，此時(shí)正六邊形幾何中心。點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為零。若移走+Q及

3、AB邊上的細(xì)棒，則 。點(diǎn)強(qiáng)度大小為（k為靜電力常量）（不考慮絕緣棒及+Q之間的相互影響）A.B.C.kQL24kQ3L22、3kQ3L24.3kQD .23L【答案】D【解析】【詳解】根據(jù)對(duì)稱性，AF與CD上的細(xì)棒在 O點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度疊加為零，AB與ED上的細(xì)棒在 O點(diǎn)產(chǎn)生的電kQ4kQ 一 場(chǎng)強(qiáng)度疊加為零.BC中點(diǎn)的點(diǎn)電荷在 O點(diǎn)廣生的電場(chǎng)強(qiáng)度為 2 丁，因EF上的細(xì)棒與 BC(Lsin60)3L中點(diǎn)的點(diǎn)電荷在 。點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度疊加為零，EF上的細(xì)棒在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度為 華，故每根細(xì)3L2今；故3L2棒在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度為 4kQQ-,移走+Q及AB邊上的細(xì)棒，O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為 EF

4、與ED上的細(xì)棒在 3L2。點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度疊加，這兩個(gè)場(chǎng)強(qiáng)夾角為 60。，所以疊加后電場(chǎng)強(qiáng)度為 2fkQcos303L2kQ ,與結(jié)論不相符，選項(xiàng) A錯(cuò)誤；L2B.C.竺QL與結(jié)論不相符，選項(xiàng) B錯(cuò)誤;3L22"3kQ ,與結(jié)論不相符，選項(xiàng) C錯(cuò)誤;3L2D.4"3kQ ,與結(jié)論相符，選項(xiàng) D正確;3L23.電阻為R的單匝閉合金屬線框，在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞著與磁感線垂直的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)的圖像如圖所示。下列判斷正確的是(A.2B.穿過(guò)線框的磁通量最大為E0T2C.線框轉(zhuǎn)動(dòng)一周做的功為E02TT3TEnD.從t 到t 的過(guò)程中，線框的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為一0442【答案】B

5、【解析】【詳解】L .， T ，A.由圖可知t,時(shí)刻感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，此時(shí)線圈所在平面與中性面垂直，A錯(cuò)誤;Em NB.當(dāng)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)等于零時(shí)，穿過(guò)線框回路的磁通量最大，且由Em NBS得E0T2B正確;C.線圈轉(zhuǎn)一周所做的功為轉(zhuǎn)動(dòng)一周的發(fā)熱量c ( Em )2CQ T T 且 TR R 2RC錯(cuò)誤；t 一 3r .D.從一到 時(shí)刻的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為44E U不TT22D錯(cuò)誤。故選Bo4 .某同學(xué)為了驗(yàn)證斷電自感現(xiàn)象，自己找來(lái)帶鐵心的線圈L、小燈泡A、開(kāi)關(guān)S和電池組E,用導(dǎo)線將它們連接成如圖所示的電路。檢查電路后，閉合開(kāi)關(guān)S,小燈泡正常發(fā)光；再斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S,小燈泡僅有不顯著的延時(shí)熄滅現(xiàn)象。雖經(jīng)多次重

6、復(fù)，仍未見(jiàn)老師演示時(shí)出現(xiàn)的小燈泡閃亮現(xiàn)象。你認(rèn)為最有可能造成小燈泡未閃亮的原因是（）A.線圈的電阻偏大B.小燈泡的額定電壓偏大C.電源的電動(dòng)勢(shì)偏小D.線圈的自感系數(shù)偏小【解析】【分析】【詳解】圖中的電路是一個(gè)燈泡與電感線圈并聯(lián)再與電源、開(kāi)關(guān)串聯(lián)起來(lái)的電路，當(dāng)小燈泡正常發(fā)光時(shí)，通過(guò)燈泡 和電感線圈中都有電流，當(dāng)開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)，小燈泡僅有不顯著的延時(shí)熄滅現(xiàn)象，說(shuō)明開(kāi)關(guān)斷開(kāi)后，通過(guò)小燈 泡的電流也沒(méi)有顯著增大，這是因?yàn)樵瓉?lái)通過(guò)電感線圈的電流小于燈泡的電流，當(dāng)斷電后，電感最多會(huì)產(chǎn) 生原來(lái)通過(guò)自己的等大的電流，故造成小燈泡未閃亮的原因是線圈的電阻偏大的緣故。故選A。5 .如圖所示物塊 A和B的質(zhì)量分別為4m

7、和m ,開(kāi)始A、B均靜止，細(xì)繩拉直，在豎直向上拉力 F = 6mg作用下，動(dòng)滑輪豎直向上運(yùn)動(dòng). 已知?jiǎng)踊嗁|(zhì)量忽略不計(jì)，動(dòng)滑輪半徑很小，不考慮繩與滑輪之間的摩擦,細(xì)繩足夠長(zhǎng)，在滑輪向上運(yùn)動(dòng)中，物塊A和B的加速度分別為A. aA =-g, aB=5g21 一=g, aB=3g4r1B. aA= aB= - g5D. aA = 0, aB= 2g在豎直向上拉力 F = 6mg時(shí)，此時(shí) A、B受的拉力分別為 3mg、3mg,對(duì)A因?yàn)?mgv4mg,故物體A靜止，加速度為0;對(duì)物體B3mg mg = maB解得aB = 2g故選Do6.如圖，絕緣光滑圓環(huán)豎直放置,a、b、c為三個(gè)套在圓環(huán)上可自由滑動(dòng)的

8、空心帶電小球，已知小球位于圓環(huán)最高點(diǎn)，ac連線與豎直方向成60°角，bc連線與豎直方向成 30°角，三個(gè)小球均處于靜止?fàn)顟B(tài)。卜列說(shuō)法正確的是（B. a、b小球帶異種電荷，b、c小球帶同種電荷C. a、b小球電量之比為_(kāi)36D. a、b小球電量之比Y39【答案】D【解析】【詳解】AB.對(duì)a, a受到重力、環(huán)的支持力以及 及b對(duì)a的庫(kù)侖力均沿圓環(huán)直徑方向，故b、c對(duì)a的庫(kù)侖力，重力的方向在豎直方向上，環(huán)的支持力以c對(duì)a的庫(kù)侖力為引力，同理可知，c對(duì)b的庫(kù)侖力也為引力,所以a與c的電性一定相反，與 b的電性一定相同。即： a、b小球帶同種電荷，b、c小球帶異種電荷,故AB錯(cuò)誤;C

9、D .對(duì)c小球受力分析，將力沿水平方向和豎直方向正交分解后可得2 racsin60qbck 哼 sin30%cac：bc 1： 3解得：qa：qb3:9故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。二、多項(xiàng)選擇題：本題共 6小題，每小題5分，共30分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求.全部選對(duì)的得 5分，選對(duì)但不全的得 3分，有選錯(cuò)的得0分7 .水面下深h處有一點(diǎn)光源，發(fā)出兩種不同顏色的光a和b,光在水面上形成了如圖所示的一個(gè)有光線射出的圓形區(qū)域，該區(qū)域的中間為由a、b兩種單色光所構(gòu)成的復(fù)色光圓形區(qū)域，周圍為a光構(gòu)成的圓環(huán)。若b光的折射率為n,下列說(shuō)法正確的是 （選又1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3

10、個(gè)得5分;每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為 0分）。光的單色光區(qū)域復(fù)色光區(qū)域A.在水中，a光的波長(zhǎng)比 b光小8 .水對(duì)a光的折射率比 b光小C.在水中，a光的傳播速度比b光大D.復(fù)色光圓形區(qū)域的面積為 壬E.用同一裝置做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，a光的干涉條紋比 b光窄【答案】BCD【解析】【詳解】ABC項(xiàng)：a光在水面上形成的圓形亮斑面積較大，知a光的臨界角較大，根據(jù) 而匚=,知a光的折射率較小，再由匚=? = 口,可知，在水中，a光的波長(zhǎng)比b光大，故A錯(cuò)誤BC正確；D項(xiàng)：依據(jù)血1匚=丁，結(jié)合幾何關(guān)系，可知， 二一=片,而復(fù)色光圓形區(qū)域的面積為一二匚二二三7, _. Q -ft_U_ 上故D正確;a光干涉條紋

11、比bE項(xiàng)：a光的折射率小，波長(zhǎng)長(zhǎng)，根據(jù)雙縫干涉條紋與波長(zhǎng)成正比，可知相同條件下,已知地球質(zhì)量 m ,地球半徑R,光寬，故E錯(cuò)誤。8.地球表面重力加速度的測(cè)量在軍事及資源探測(cè)中具有重要的戰(zhàn)略意義,引力常量G,以下說(shuō)法正確的是()A.若地球自轉(zhuǎn)角速度為,地球赤道處重力加速度的大小為G學(xué)2RR2B.若地球自轉(zhuǎn)角速度為,地球兩極處重力加速度的大小為Gm地R2C.若忽略地球的自轉(zhuǎn),以地球表面A點(diǎn)正下方h處的B點(diǎn)為球心，r(r h)為半徑挖一個(gè)球形的防空洞,3則A處重力加速度變化量的大小為g G粵7R3h2D.若忽略地球的自轉(zhuǎn)， 以地球表面A點(diǎn)正下方h處的B點(diǎn)為球心、r(r h)為半徑挖一個(gè)球形的防空洞,

12、則A處重力加速度變化量的大小為g G(R3m地rI 3. 2:h) h【答案】ABC【解析】【分析】【詳解】AB .在赤道處Gm地m mg赤Rm 2R得出Gm地g 赤2-R2R在兩極處Gm地mR2mg極得出Gm地R2選項(xiàng)AB正確;CD.若忽略地球的自轉(zhuǎn)， 以地球表面A點(diǎn)正下方h處的B點(diǎn)為球心r(r h)為半徑挖一個(gè)球形的防空洞,該球形防空洞挖掉的質(zhì)量mta43m 地 3m r3- r4 R3 3 R3A處重力加速度變化是由該球形防空洞引起的mGh73-m地rG _ 3 2R3h2選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。故選ABC 。.不計(jì)空氣阻力及小球與地面9.如圖，相距l(xiāng)的兩小球A、B位于同一高度h(l、h均為

13、定值).將A向B水平拋出，同時(shí)讓 B自由下落.A、B與地面碰撞前后，水平分速度不變，豎直分速度大小不變、方向相反碰撞的時(shí)間，則A. A、B一定能相碰B. A、B在第一次落地前能否相碰，取決于 A的初速度大小C. A、B在第一次落地前若不碰，以后就不會(huì)相碰lD. A、B要在最局點(diǎn)相碰，A球第一次落地的水平位移一定為一2【答案】AB【解析】【分析】【詳解】A、B兩物體在豎直方向上的運(yùn)動(dòng)是相同的，若 A、B在第一次落地前不碰，由于反彈后水平分速度不變， 豎直分速度大小不變、方向相反，則以后一定能碰，故 A正確，C錯(cuò)誤.若A球經(jīng)過(guò)水平位移為l時(shí)，還未落地，則在B球正下方相碰.可知當(dāng)A的初速度較大時(shí)，A

14、、B在第一次落地前能發(fā)生相碰，故B正確.若A、B在最高點(diǎn)相碰，A球第一次落地的水平位移 x=l/n , n=2、4、6、8，故D錯(cuò)誤.故選 AB . 【點(diǎn)睛】此題關(guān)鍵是知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)該規(guī)律抓住地面碰撞前后，水平分速度不變，豎直分速度大小不變、方向相反來(lái)判斷兩球能否相碰.10.下列說(shuō)法正確的是（）A .石墨和金剛石都是晶體，木炭是非晶體B. 一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)過(guò)等容過(guò)程，吸收熱量，其內(nèi)能不一定增加C.足球充足氣后很難壓縮，是因?yàn)樽闱騼?nèi)氣體分子間斥力作用的結(jié)果D.當(dāng)液體與大氣相接觸時(shí)，液體表面層內(nèi)的分子所受其他分子作用力的合力總是指向液體

15、內(nèi)部E.氣體分子單位時(shí)間內(nèi)與單位面積器壁碰撞的次數(shù)，與單位體積內(nèi)氣體的分子數(shù)和氣體溫度有關(guān)【答案】ADE【解析】【詳解】A.石墨和金剛石都是晶體，木炭是非晶體，A正確；B.根據(jù) U Q W可知，一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)過(guò)等容過(guò)程，W 0,吸收熱量Q 0,則 U 0,即其內(nèi)能一定增加，B錯(cuò)誤；C.足球充氣后很難壓縮，是因?yàn)樽闱騼?nèi)大氣壓作用的結(jié)果，C錯(cuò)誤；D.由于表面張力的作用，當(dāng)液體與大氣相接觸時(shí)，液體表面層內(nèi)的分子所受其它分子作用力的合力總是沿液體的表面，即表面形成弓力，合力指向內(nèi)部，D正確；E.氣體分子單位時(shí)間內(nèi)與單位面積器壁碰撞的次數(shù)，與單位體積內(nèi)氣體的分子數(shù)和氣體溫度有關(guān)，E正確。 故選AD

16、E。11 .如圖所示，輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端連接一小物塊，。點(diǎn)為彈簧在原長(zhǎng)時(shí)物塊的位置.物塊由 A點(diǎn)靜止釋放，沿粗糙程度相同的水平面向右運(yùn)動(dòng)，最遠(yuǎn)到達(dá)B點(diǎn).在從A到B的過(guò)程中，物塊（）A.加速度先減小后增大B.經(jīng)過(guò)。點(diǎn)時(shí)的速度最大C .所受彈簧彈力始終做正功D.所受彈簧彈力做的功等于克服摩擦力做的功【答案】AD【解析】【分析】【詳解】A項(xiàng)：由于水平面粗糙且 O點(diǎn)為彈簧在原長(zhǎng)時(shí)物塊的位置，所以彈力與摩擦力平衡的位置在OA之間，加速度為零時(shí)彈力和摩擦力平衡，所以物塊在從 A到B的過(guò)程中加速度先減小后反向增大，故 A正確；B項(xiàng)：物體在平衡位置處速度最大，所以物塊速度最大的位置在AO之間某一位置，即

17、在 。點(diǎn)左側(cè)，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：從A到O過(guò)程中彈力方向與位移方向相同，彈力做正功，從。到B過(guò)程中彈力方向與位移方向相反，彈力做負(fù)功，故 C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：從A到B過(guò)程中根據(jù)動(dòng)能定理可得 W彈-W克f=0,即W彈=W克f,即彈簧彈力做的功等于克服摩擦力做的功，故D正確.12 .如圖，從P點(diǎn)以水平速度v將小皮球拋向固定在地面上的塑料筐，小皮球恰好能夠入筐。不考慮空氣阻力，則小皮球在空中飛行的過(guò)程中（）A.在相等的時(shí)間內(nèi)，皮球動(dòng)量的改變量相同 B.在相等的時(shí)間內(nèi)，皮球動(dòng)能的改變量相同 C.下落相同的高度，皮球動(dòng)量的改變量相同 D.下落相同的高度，皮球動(dòng)能的改變量相同【答案】AD【解析】【分析】【詳解】A.

18、因物體在空中只受重力，所以在相等的時(shí)間間隔內(nèi)，皮球受到的沖量均為mgt,故皮球受到的沖量相同，根據(jù)動(dòng)量定理可得，皮球動(dòng)量的改變量相同，故 A正確；B.在相等的時(shí)間間隔內(nèi)，皮球下落的高度不同，故重力做的功不相等，即合外力做功不等，故皮球動(dòng)能的改變量不同，故 B錯(cuò)誤；C.下落相同的高度，時(shí)間并不相等，故皮球受到的重力的沖量不相等，故皮球動(dòng)量的增量不相同，故C錯(cuò)誤；D.下落相同的高度，重力做功均為mgh,故重力做功相等，小球動(dòng)能的增量相同，故 D正確。故選AD。三、實(shí)驗(yàn)題：共2小題，每題8分，共16分13.某同學(xué)利用圖甲所示裝置探究加速度與力、物體質(zhì)量的關(guān)系圖中裝有祛碼的小車放在長(zhǎng)木板上，左端拴有一

19、不可伸長(zhǎng)的細(xì)繩，跨過(guò)固定在木板邊緣的定滑輪與一祛碼盤相連。在祛碼盤的牽引下，小車在長(zhǎng)木板上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，圖乙是該同學(xué)做實(shí)驗(yàn)時(shí)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的一條點(diǎn)跡清晰的紙帶，已知紙帶上每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有一個(gè)點(diǎn)沒(méi)有畫出，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的距離分別是X、X2、X3、X4、X5、%,打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所接交流電的周期為T ,小車及車中祛碼的總質(zhì)量為 m1,祛碼盤和盤中祛碼的總質(zhì)量為m2,當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹?g。(1)根據(jù)紙帶上的數(shù)據(jù)可得小車運(yùn)動(dòng)的加速度表達(dá)式為a (要求結(jié)果盡可能準(zhǔn)確)。(2)該同學(xué)探究在合力不變的情況下，加速度與物體質(zhì)量的關(guān)系。下列說(shuō)法正確的是。A.平衡摩擦力時(shí)，要把空祛碼盤用細(xì)繩通過(guò)定滑輪系在小

20、車上，紙帶通過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器與小車連接，再把木板不帶滑輪的一端用小墊塊墊起，移動(dòng)小墊塊，直到小車恰好能勻速滑動(dòng)為止B.平衡摩擦后，還要調(diào)節(jié)定滑輪的高度，使滑輪與小車間的細(xì)繩保持水平C.若用m2g表示小車受到的拉力，則為了減小誤差，本實(shí)驗(yàn)要求mi ? m2D.每次改變小車上祛碼的質(zhì)量時(shí)，都要重新平衡摩擦力(3)該同學(xué)探究在 m1和m2的總質(zhì)量不變情況下，加速度與合力的關(guān)系時(shí)，他平衡摩擦力后，每次都將小車中的祛碼取出一個(gè)放在祛碼盤中，并通過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的紙帶求出加速度。得到多組數(shù)據(jù)后，繪出如圖丙所示的a F圖像，發(fā)現(xiàn)圖像是一條過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)的傾斜直線。圖像中直線的斜率為 （用本實(shí)驗(yàn) 中相關(guān)物理量的符號(hào)表

21、示）。X5 X4 X3 X2 Xi36T21mim2【解析】【詳解】（1）1因?yàn)槊肯噜弮捎?jì)數(shù)點(diǎn)之間還有一個(gè)點(diǎn)為畫出，為了減小偶然誤差，采用逐差法處理數(shù)據(jù)，則有一2一 2一 2X6X33ai（2T） ,X5X23a2（2T） ,X4Xi3a3（2T）,為了更加準(zhǔn)確的求解加速度，我們對(duì)三個(gè)加速度取平均值得 。1 /一a3)a一(a a23解得（X6 X5 X4） （X1 X2 X3）a 236T（2）2A .在該實(shí)驗(yàn)中，我們認(rèn)為繩子的拉力就等于小車所受的合外力，故在平衡摩擦力時(shí)，細(xì)繩的另一端不能懸掛裝祛碼的祛碼盤，故 A錯(cuò)誤；B.平衡摩擦后，還要調(diào)節(jié)定滑輪的高度，使?fàn)恳≤嚨募?xì)繩與長(zhǎng)木板保持平行，

22、故B錯(cuò)誤;C.本實(shí)驗(yàn)中，對(duì)小車及車中祛碼由牛頓第二定律得T m1a對(duì)托盤和鉤碼由牛頓第二定律得m2g Tm2a兩式聯(lián)立解得m2T m2g ,故C正確;m1由此可知只有滿足盤和祛碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量時(shí)，近似認(rèn)為D.由于平衡摩擦力之后有m1gsinm1 g cos故tan所以無(wú)論小車的質(zhì)量是否改變，小車所受的滑動(dòng)摩擦力都等于小車的重力沿斜面的分力，改變小車質(zhì)量時(shí)不需要重新平衡摩擦力，故D錯(cuò)誤。故選Co(3)3對(duì)盤和祛碼m2g Fm2a對(duì)小車F m1a聯(lián)立解得m2 g (mi mJa認(rèn)為合力Fm2g ,所以F (m1 m2)a 即F a mi m21a F圖象是過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)的傾斜直線，直線的斜率表

23、示 m1 m214.曉宇為了測(cè)量一段長(zhǎng)度為L(zhǎng)的金屬絲的電阻率，進(jìn)行了如下的實(shí)驗(yàn)操作。甲乙(1)首先用多用電表中 “x 1的歐姆擋對(duì)該金屬絲進(jìn)行了粗測(cè)，多用電表調(diào)零后用紅黑表筆連接在金屬絲的兩端，其示數(shù)如圖甲所示，則該金屬絲的阻值R約為(2)接著對(duì)該金屬絲的電阻進(jìn)行了精確的測(cè)量，其中實(shí)驗(yàn)室提供了如下實(shí)驗(yàn)器材電流表A1 (05mA,1=50口)、電流表 A2 (00.6A,2=0.2 9、電壓表 V(06V , r v 1.5k p 滑動(dòng)變阻器 R (額定電流 2A, 最大阻值為15Q)、10的定值電阻 R1、500 的定值電阻R2內(nèi)阻可忽略不計(jì)的電源 (E=6V)、開(kāi)關(guān)一個(gè)、 導(dǎo)線若干、螺旋測(cè)微

24、器、刻度尺。利用螺旋測(cè)微器測(cè)量待測(cè)金屬絲的直徑，其示數(shù)如圖乙所示，則金屬絲的直徑D =mm；請(qǐng)將實(shí)驗(yàn)電路畫在虛線框中，并注明所選儀器的標(biāo)號(hào)；為了求出電阻率，則需測(cè)量的物理量有(并寫出相應(yīng)的符號(hào))，該金屬絲的電阻率的表達(dá)式為p =(用已知量和測(cè)量量表布)【答案】220a4.699 （4.6974.700 均可）示數(shù)ID2R U卜14LI r1 R電壓表的示數(shù)U、電流表的【解析】【詳解】(1)1金屬絲的阻值約為：Rx=22 X 10Q =220 p(2)2根據(jù)螺旋測(cè)微器的讀數(shù)規(guī)則可知，該金屬絲的直徑為: 4.5mm+19.9 4.01mm=4.699mm ;3由(1)可知，該金屬絲的電阻值約為22

25、05 電源的電動(dòng)勢(shì)為 6V,則流過(guò)金屬絲的電流約為：6 I A 30mA 200由于電流表 A2的量程比較大，因此需將電流表 A1改裝成量程為30mA的電流表，則電流表應(yīng)選用A1,又由電流表的改裝原理可知:305 50R解得：R=10Q因此定值電阻應(yīng)選擇 Ri,由于改裝后的電流表內(nèi)阻已知，因此應(yīng)選電流表的內(nèi)接，由于滑動(dòng)變阻器的總阻值小于金屬絲的電阻值，因此滑動(dòng)變阻器應(yīng)用作分壓接法，則所設(shè)計(jì)的電路圖如圖所示：45電壓表的示數(shù) U、電流表的示數(shù)I;流過(guò)金屬絲的電流為其電壓為:Ix IIriRiri IRi由歐姆定律可知該金屬絲的電阻值為：U Ir1 R1I r1R,又由電阻定律得:截面積為:s4解

26、得:2D2R1 U卜14LI r1 R1O四、解答題：本題共 3題，每題8分，共24分15.如圖所示，水平線 ab上方存在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，ab以及ab下方都存在豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng),場(chǎng)強(qiáng)大小都相等。在 ab下方同時(shí)存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。P為ab上方一點(diǎn)，至U ab距離為2L。質(zhì)量為m、帶電荷量為-q(q>0)的帶電小球從P點(diǎn)以大小為Vp 4庭、與豎直方向成0 = 30M向下拋出。g為重力加速度，經(jīng)過(guò)ab上C點(diǎn)(圖中未畫出)時(shí)速度水平。(1)求電場(chǎng)強(qiáng)度大小;(2)小球經(jīng)過(guò)ab下方Q點(diǎn)(圖中未畫出)時(shí)獲得最大速度，Q到ab的距離為 -L ,求磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度5a【答案】（1） 2河;

27、（2） B5m “ gL4qL【解析】【詳解】（1）小球在ab上方，受到電場(chǎng)力（豎直向上）與重力的合力Fi qE mg產(chǎn)生的加速度大小為, Fi a =m豎直向上 經(jīng)過(guò)ab線時(shí)速度水平，則豎直分速度 vy 0從P點(diǎn)到C點(diǎn)，豎直方向分速度勻減速到0,故2Vp cos 2a 2L p解得E 4mg q（2）根據(jù)速度分解可知小球在C點(diǎn)時(shí)的速度為Vc Vp sin 2、. gL電場(chǎng)力和重力的合外力F2 qE mg 5mg豎直向下；之后在重力、電場(chǎng)力和洛倫茲力作用下做曲線運(yùn)動(dòng)。根據(jù)左手定則可知小球運(yùn)動(dòng)到 Q點(diǎn)時(shí)速度水平向右，設(shè)為 Vq。從C到Q ,根據(jù)動(dòng)能定理有16,1 2 1 2F2 - LmvQmv

28、C522解得Vq 6 gL把小球從C到Q的過(guò)程分成無(wú)數(shù)個(gè)小過(guò)程:在第1個(gè)小過(guò)程中水平方向應(yīng)用動(dòng)量定理有qVy1B t mV, mVC即qBy1 mv1 mvC在第2個(gè)小過(guò)程中水平方向應(yīng)用動(dòng)量定理有qvy2B t mv2 mv1即qBy2 mv2 mv1在第3個(gè)小過(guò)程中水平方向應(yīng)用動(dòng)量定理有qv% B t mv3 mv2即qBy3 mv3 mv1在第n個(gè)小過(guò)程中水平方向應(yīng)用動(dòng)量定理有qVynB t mvn m4 1即qByn mvQ mvn 1把以上各式相加有qB yi y2 y3 L ymvQ m比而16yi y2 y2 l yn l 5聯(lián)立解得5m “gLB 4qL16.力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)

29、的原因，力能產(chǎn)生加速度。力在空間上的積累使物體動(dòng)能發(fā)生變化；力在時(shí)間上的積累使物體動(dòng)量發(fā)生變化。如圖所示，質(zhì)量為 m的物塊，在水平合外力 F的作用下做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，速度由v0變化到v時(shí)，經(jīng)歷的時(shí)間為t,發(fā)生的位移為 x。(1)請(qǐng)根據(jù)牛頓第二定律和相關(guān)規(guī)律，推導(dǎo)動(dòng)能定理;(2)請(qǐng)根據(jù)牛頓第二定律和相關(guān)規(guī)律，推導(dǎo)動(dòng)量定理?！敬鸢浮?1)推導(dǎo)過(guò)程見(jiàn)解析；(2)推導(dǎo)過(guò)程見(jiàn)解析【解析】【分析】【詳解】(1)物體做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，合外力提供加速度，根據(jù)牛頓第二定律F ma根據(jù)速度與位移的關(guān)系22Fv v0 2ax 2 xm變形得動(dòng)能定理1212Fx-mv - mv022(2)根據(jù)速度與時(shí)間的關(guān)系F v v0 atv0 tm變形得動(dòng)量定理Ft mv mv017.在一個(gè)足夠長(zhǎng)的水平桌