2020高考物理復習專題08電場(解析版)

1、2020高考物理復習專題08 電場1 . （2020屆河南省十所名校高三階段性測試）如圖所示， P、Q為水平面內(nèi)帶等量同種正電的固定點 電荷，M、N為P、Q連線豎直方向上的垂直平分線上的兩點，且M、N關于P、Q連線對稱。一個帶負電的粒子，在M點以一定的初速度射出， 若粒子僅受電場力的作用， 則下列說法正確的是（）I | I串h尸：QI IA.若粒子沿中垂線向下射出，粒子在 N點的速度大小與在 M點的速度大小相等B.若粒子沿中垂線向下射出，粒子在 N點的加速度與在 M點的加速度相同C.若粒子沿中垂線向上射出，粒子向上運動的過程加速度一定越來越小，電勢能一定越來越大D.若粒子垂直中垂線射出，粒子運

2、動過程中的電勢能可能保持不變【答案】AD【解析】兩等量正電荷周圍部分電場線如圖所示。根據(jù)對稱性知，M、N電勢相等，因此粒子沿中垂線向下射出時，粒子在 N點的動能與在M點的動能相同，則速度大小相同，故 A正確；電場線的切線方向為電場強度的方向，M、N點的電場強度方向相反，所以電場力的方向相反，所以粒子在N點的加速度與在 M點的加速度方向相反，故 B錯誤；若粒子沿中垂線向上射出， 由于電場強度有可能先變大后變小，因此加速度有可能先變大后變小，故C錯誤；若粒子垂直中垂線且垂直紙面射出，粒子受到的電場力剛好能維持粒子做圓周運動，則粒子的電勢能不變，故D正確。故選AD。2. （2020屆黑龍江省哈爾濱市

3、三中高三第二次模擬）如圖所示，勻強電場中A、B、C三點間距離均為L,構成一個等邊三角形，等邊三角形所在平面與勻強電場方向平行，若在A處放一正電荷+q ,在B處放一負電荷一q,則C點場強為0,現(xiàn)將A、B處的電荷互換位置，勻強電場保持不變，則 C點場強大小為（設正負電荷不影響勻強電場的分布）（）A.3kq 3L2B姐氏L2C.D.2kq1r堅持就是勝利!【答案】D【解析】若在A處放一正電荷+q ,在B處放一負電荷一q,正負電荷分別在 C點產(chǎn)生的電場強度大小相等，方向如圖1,由電場疊加后合場強大小與勻強電場強度大小相等，勻強電場方向如圖1中紅色所示，由幾何關系可知 E1 E2 號，則勻強電場大小為

4、E k-jq2-,將A、B處的電荷互換位置，如 圖2所示，由幾何關系可知，此時 A、B處的電荷在C處產(chǎn)生的場強的合場強與勻強電場方向相同，2kq - a“一，大小相等，則此時 C點的場強為Ec故D正確，ABC錯誤。故選Do圖13. （2020屆遼寧省遼陽市高三一模）如圖所示，a、b兩點處分別固定有電荷量相同的正點電，c是線段ab的中點，g是ab的垂直平分線上的一點，且 cd=ce=cg 。下列說法正確的是（）A. a、b兩點的連線上，c點的電場強度最大B. d、e兩點的電場強度大小相等、方向相反C. c點的電勢比g點的低D.將一正點電荷從c點沿直線移到g點，其電勢能減少【答案】BD【解析】根據(jù)

5、等量同種電荷的電場分布可知，a、b兩點的連線上，c點的電場強度最小，大小為零，選項A錯誤；由對稱性可知，d、e兩點的電場強度大小相等、方向相反，選項 B正確；因c點到兩正 電荷的距離比g點到兩正電荷的距離都近，由電勢疊加可知，c點的電勢比g點的高，選項C錯誤；兩點荷連線中垂線上側的場強由中點c指向g,則將一正點電荷從 c點沿直線移到g點，電場力做正功，則其電勢能減少，選項 D正確。故選BD。4. （2020屆陜西省渭南市高三質檢）關于靜電場，下列說法正確的是（）A.同一電場線上的各點，電勢一定不同B.電荷沿電場線方向移動時，電勢能一定減少C.電勢等于零的物體一定不帶電D.電勢不變化的等勢體內(nèi)，

6、電場強度一定為零【答案】AD【解析】同一電場線上的各點，沿電場線方向電勢逐漸降低，則各點電勢一定不同，故 A正確；電荷 沿電場線方向移動時，電場力可能做正功也可能做負功，故電勢能不一定減少，故 B錯誤；電勢零點 的選取是任意的，電勢為 0物體可以帶正電，可以帶負電，也可以不帶電，故 C錯誤；電勢不變化的 等勢體內(nèi)，處于靜電平衡狀態(tài)，電場強度一定為零，故 D正確。故選AD。5. （2020屆四川省綿陽市高三四模）如圖所示，真空中 M、N點處固定有兩等量異種點電荷，其連 線的中點為O,實線是連線的中垂線，A、B、C、D分別是連線及延長線和中垂線上的點，其中 B、D分別是MO和ON的中點，且 AO=

7、3BO ,取無窮遠處電勢為零，則（）A. A點電勢比B點電勢低B. B點和C點電場強度方向相同C. B、O兩點電場強度大小之比為 20: 9D.若把單位正電荷從 O點移到D點，電場力做功為 W ,則D點電勢為 W【答案】BC【解析】如果只有正點荷存在，則 A點和B點的電勢相等，由于負點電荷的存在且B點離負點電荷更近，由電勢疊加可知，A點電勢比B點電勢高，故A錯誤；由等量異種電荷連線和中垂線上的電場線BC兩點的電場強度方向都平等于連線向右，故B正確；由電場疊加原理可知， B點的場強kQEB 12kQ 10kQ_、廠。同理，O點場強為9L2 9L2kQEo 4L2kQ kQ ntEB 20.4L2

8、 5L2 川 Eo 9 故 C 正確;由題意可知，O點電勢為0,則單位正電荷在D點具有的電勢能為把單位正電荷從D點移到O電場力所做的功即為W ,則D點電勢為W ,故D錯誤。故選BC。6. （2020屆安徽省馬鞍山市高三第二次質監(jiān)）如圖所示，空間存在水平向左的勻強電場和垂直紙面向里的水平勻強磁場。在該區(qū)域中，有一個豎直放置的光滑絕緣固定圓環(huán)，環(huán)上套有一個帶正電的小球。O點為圓環(huán)的圓心，a、b、c、d為圓環(huán)上的四個點，a點為最高點，c點為最低點，bOd沿水平方向。已知小球重力為電場力的2倍?，F(xiàn)將小球從a點由靜止釋放，則小球（）A ,不能越過d點繼續(xù)沿環(huán)向上運動B.在c點受到的洛倫茲力比在 b點受到

9、的洛倫茲力大C.從a點到b點過程中，重力勢能減小，電勢能增大D.從c點到d點過程中，電勢能變化量小于重力勢能變化量【答案】BD【解析】重力是電場力的2倍，則二者的合力指向左下方，由于合力是恒力，故可等效為“新的重力”，所以過圓心平行于合力的方向的直線與圓周的交點M、N分別相當于豎直平面圓周的“最高點”和“最低點”。根據(jù)對稱性可知，圓環(huán)從 a點由靜止釋放，可到達 a點關于“最高點” M對稱的位置, 由圖可知此位置高于 d點，即圓環(huán)能越過d點繼續(xù)沿環(huán)向上運動， A錯誤；由圖可知，C點距離“最低點” N的距離比b點距離N點的距離較近，可知c點的速度大于b點的速 度，根據(jù)f=qvB可知，在c點受到的洛

10、倫茲力比在 b點受到的洛倫茲力大，故 B正確；從a到b,重 力和電場力都做正功，重力勢能和電勢能都減少，故 C錯誤；從c點到d點過程中，電場力做負功 1 一W電=-qERmgR ?重力做功WG=-mgRmgR,電勢能的變化量等于電場力的功，重力勢能的變化量等于重力的功，可知電勢能變化量小于重力勢能變化量，選項D正確。故選BD。7. （2020屆安徽省馬鞍山市高三第二次質監(jiān)）如圖所示，帶電量為 Q的正點電荷固定在傾角為 30 ° 的光滑絕緣斜面底端 C點，斜面上有A、B、D三點，A和C相距為L, B為AC中點，D為A、B的 中點。現(xiàn)將一帶電小球從 A點由靜止釋放，當帶電小球運動到 B點

11、時速度恰好為零。已知重力加速度 為g,帶電小球在A點處的加速度大小為 9,靜電力常量為k。則（）A.小球從A到B的過程中，速度最大的位置在 AD之間 gB .小球運動到B點時的加速度大小為- 2C. BD之間的電勢差Ubd大于DA之間的電勢差 UdaD. AB之間的電勢差kQUab=L【答案】BC【解析】由題意可知，小球帶正電，在o qQA 點時 mgsin30 k-1j-1maA mg ,設平衡位置距離 C點 4o qQ為x,貝1mg sin 30 =k ,解得x xL,則速度最大的位置在 2BD之間，選項A錯誤；在B位置-qQ- mgsin30o maB/L、2aB,解得aB 9,方向沿斜

12、面向上，選項 B正確；根據(jù)點電荷周圍的電場 2分布可知，BD之間的場強大于 DA之間的場強，根據(jù)U=Ed可知，BD之間的電勢差 Ubd大于DA之間的電勢差Uda,選項C正確；從A到B由動能定理mg2sin30o UABq 0,解得 Uab 旨，選項D錯誤。故選BC。8. （2020屆廣東省佛山市高三二模）如圖所示，勻強電場中的A、B、C三點構成-一個直角三角形,BC邊垂直 AC邊，Z BAC=30,BC邊長度為d,已知電場方向與該直角三角形的某一邊平行。一質量為m、電量為q、帶正電的粒子（不計重力）在該電場中運動，經(jīng)過A點時速度大小為V0、方向沿AB;經(jīng)過BC邊的中點D時，速度大小為vd,方向

13、與BC邊垂直。以下選項正確的是（A.電場方向與AC邊平行8. A、B、C三點中B點電勢最高1C . Vd-Vo2D.電場強度大小E2 mvo4qd【答案】BD【解析】因帶正電的粒子沿 AB方向入射，垂直BC邊射出，且已知電場方向與該直角三角形的某一邊平行，根據(jù)做曲線運動的物體所受的合外力方向指向軌跡的凹向，可知則粒子所受電場力方向平行于BC向下，選項A錯誤；沿電場線電勢逐漸降低，可知 A、B、C三點中B點電勢最高，選項 B正確；粒子在垂直于BC方向做勻速運動，可知 vD v0cos30o v0 ,選項C錯誤；由A到D由動能定理 2d 1212.mv2-Eq - -mvD mv0 ,解得E ,選

14、項D正確。故選 BD。2224qd9. （2020屆廣東省茂名市高三第二次綜合測試）如圖所示 A、B是直線上的兩點，其上分別放置點電荷Qi、Q2, OO '心、B的中垂線?，F(xiàn)將點電荷q置于P點時剛好能靜止，下列說法正確的是（）0QiIQs<-i_49AI PBIIOfA. Qi帶正電、Q2帶負電B. Qi、Q2是同種電荷C.將點電荷q放在P點稍左的地方靜止釋放，它將在 P點附近來回運動D.將點電荷q從P點移到M點，電勢能可能增加【答案】BD【解析】將點電荷q置于P點時剛好能靜止，說明 Qi、Q2對q的電場力的方向相反，所以 Qi、Q2是同種電荷，故B正確，故A錯誤；若q與Qi是異

15、種電荷，在P點，Qi、Q2對q引力相等，將點電荷q放在P點稍左的地方靜止釋放，Qi對q引力大于Q2對q引力，點電荷q將向左運動，而不是 將在P點附近來回運動，故 C錯誤；不失一般性，假定 P點電勢高于M點，因為點電荷q可能是正 電荷也可能是負電荷 ，若是正電荷，將點電荷 q從P點移到M點，電勢能減?。蝗羰秦撾姾?，將點 電荷q從P點移到M點，電勢能可能增加，故 D正確；故選BD。10 . (2020屆河北省唐山市高三第一次模擬)將兩點電荷分別固定在 x軸上的A、B兩點，其坐標分 別為(-4 , 0)和(2 , 0), B處點電荷帶電量絕對值為 Q ,兩點電荷連線上各點電勢 隨x變化的關系如 圖所

16、示，其中x=0處電勢最高，x軸上M、N兩點的坐標分別為(-1 , 0)和(1 , 0),靜電力常量為k, 則下列說法正確的是()A.兩點電荷一定為異種電荷B. M點的電場強度大于 N點的電場強度kQC. M點電場強度大小為 3D.正的試探電荷由 M點運動到N點的過程，電勢能先增大后減小【答案】CD【解析】巾 x圖象的切線斜率表示電場強度，則可知原點O處合場強為零，且電勢均為負，則兩點電荷均為負電荷，故 A錯誤；巾 x圖象的切線斜率表示電場強度，則可知 M點的電場強度小于 N點的電場強度，故B錯誤;設A處點電荷帶電量絕對值為Q ,由A項知原點O處合場強為零,則有Qk34QkQ222，解得Q4Q

17、,在M點,根據(jù)電場的疊加原理有Em,Q , Q 廣k* km，聯(lián)立得Em3232M的故C3正確;由圖可知,由M點運動到N點的過程，電勢先升高再減小,故正的試探電荷由 M點運動到N點的過程，電勢能先增大后減小，故 D正確。故選CD。11 . （2020屆安徽省宣城市高三第二次調研）在光滑的水平面內(nèi)有一沿x軸的靜電場，其電勢 隨x坐標值的變化圖線如圖所示。一質量為m,帶電量為q的帶正電小球（可視為質點）從 O點以初速度V0沿x軸正向移動。下列敘述正確的是（）A.若小球能運動到xi處，則該過程小球所受電場力逐漸增大B.帶電小球從X運動到必的過程中，電勢能先減小后增大C.若該小球能運動到x，處，則初速

18、度V0至少為23 . mD .若V0 2帶電粒子在運動過程中的最大速度為 vm J6q m1m【答案】D【解析】由于6-x圖象的斜率等于電場強度，則可知小球從O運動到xi的過程中，場強不變，由F=qE知，粒子所受電場力保持不變，故A錯誤；正電荷在電勢高處電勢能大，則小球從 xi運動到x3的過程中，電勢不斷減少，正電荷的電勢能不斷減少， 故B錯誤；若小球恰好能運動到xi處，初速度V0最小,從x=0到xi處，根據(jù)動能定理得q 0 0 -mv02,得v0 J2q、，故C錯誤；當帶電粒子運動到21. mx3處時，電場力做正功最大，粒子的速度最大，從x=0到x3處，根據(jù)動能定理得q（）0= - mv m

19、2- - mv 02,22由題意v0 2 J-0 ,得最大速度為vm J四-0 ,故D正確。故選D o m' mi2 . （2020屆東北三省四市教研聯(lián)合體高三模擬）如圖所示，豎直方向上固定一光滑絕緣細桿，兩電荷量相等的正點電荷 M、N關于細桿對稱固定。兩電荷連線中點為 O,帶正電的小球套在細桿上，從距中點O高為hi處的P點靜止釋放，經(jīng)過時間ti運動到O點。此過程中小球速度的大小 V、加速度的大小a、動能Ek、電勢能Ep （無窮遠處電勢為0）隨時間t或下降距離h的變化圖像可能正確的有（）【答案】BCD【解析】根據(jù)等量同種正點電荷的特點可知，MN在桿的位置處的電場線的方向向上，從桿與 M

20、N的連線的交點處向上，電場強度的大小從0先增大后減小。小球受重力，如果開始時小球的位置在場強最大點的下方，則小球向下運動的過程中受到的電場力逐漸減小，所以小球的加速度逐漸增大，小球做加速度增大的加速運動；如果開始時小球的位置在最大的點的位置上方，則小球向下運動的過程中受到的電場力先增大后減小，所以小球的加速度可能先減小后增大，小球先做加速度減小的加速運動，后做加速度最大的加速運動；則 B項中的速度變化是可能的，A項的加速度的變化是不可能的，故 A錯誤，B正確；如果開始時小球的位置在場強最大的點的位置上方，而且電場力最大的時候電場力大于重力，則小球向下運動的過程中受到的電場力先增大后減小，所以小

21、球的加速度先減小然后反向增大，所以小球先做加速度減小的加速運動，后做加速度增大的減速運動；當經(jīng)過了電場力得最大點后，又做加速度減小的減速運動，最后再做加速度增大的加速運動，該種情況下小球的運動過程最復雜，小球的速度先增大，然后減小，最后又增大。小球的動能也是先增大，然后減小，最后又增大，故C正確；小球向下運動的過程中電場力一直做負功，所以小球的電勢能一直增大， 故D正確。故選BCD。13. （2020屆福建泉州市普通高中高三第一次質量檢測）半徑為R、均勻帶正電荷的球體在空間產(chǎn)生球對稱的電場，場強E沿半徑的變化規(guī)律如圖所示，圖中Eo已知，E-r曲線下方與軸圍成的面積中,R8部分的面積等于 OR部

22、分面積的2倍。一質量為m、電荷量為e的電子在該球體表面附近繞球心做勻速圓周運動。靜電力常量為k,取無窮遠電勢為零，則（）A . E-r曲線下面積所表示的物理量單位為焦耳B.球心與球表面間的電勢差為 2EoRC.該電子繞行的速率為2eE0RD.若該電子的速率增大到2eER ,就可以掙脫球體電場的束縛 m【答案】D 【解析】根據(jù)公式U Ed可知E-r曲線下面積所表示的物理量為電勢差，單位為 V ,故A錯誤；E-r Ec R EcR 曲線下面積所表土的物理量為電勢差，故球心與球表面間的電勢差為U 一0一,故B錯誤；22電子在該球體表面附近繞球心做勻速圓周運動有m Eoe e ,解得v ，更生，故c錯

23、誤；電RR. 2m子掙脫球體電場時根據(jù)動能定理有 工mv末2 Wfe =2Ue ,解得v末二geER 故d正確。故選D。2V m1cm的立方體abdc-fgih 處于14 . （2020屆福建省漳州市高三第一次教學質量檢測）如圖，邊長為勻強電場中，d、c兩點間電勢差Udc 3V, d、b兩點間電勢差Udb 3Vo若一電子從b到g電場力做功為零，則（）A. b、g兩點間的電勢差為零B.勻強電場的方向從d指向cC. a、b兩點間的電勢差Uab 3VD.勻強電場的電場強度 E=300V/m【答案】A【解析】由于電子從 b到g電場力做功為零，因此 b、g兩點間的電勢差一定為零， A正確；由題可知，c、

24、b、g處于同一個勢面上，因此這三點確定的平面為等勢面，電場線與等勢面垂直，因此電場 強度的方向為從d到a, B錯誤；d、b兩點間電勢差U db 3v, c、b、g三點確定的平面為等勢面,根據(jù)對稱性，a、b兩點間的電勢差Uab3v, C錯誤；根據(jù)E U ,勻強電場的電場強度d3VE 300 . 2V/mV2-2, D錯誤。故選Ao10 m215. （2020屆福建省漳州市高三第一次教學質量檢測）一帶電荷量為Q的點電荷固定在橢圓的焦點F處，另一質量為m ,電荷量為q的試探電荷僅在彼此間的庫侖引力作用下繞Q做橢圓運動。MN是橢圓的長軸，SL是橢圓的短軸，則（）A.從M點到N點電勢逐漸減小B.試探電荷

25、從M點到N點電勢能增大C.試探電荷在 M點時的加速度比在 N點時的加速度大D.試探電荷從S點經(jīng)過N到L點與從L點經(jīng)過M到S點時間相等【答案】BC【解析】由于無法確定 Q帶何種電荷，因此從 M點到N點電勢如何變化不能確定， A錯誤；從M到N電場力做負功，因此電勢能增大，B正確；由庫侖定律可知，在 M點受電場力比N點大，根據(jù)牛頓第二定律，可知試探電荷在 M點時的加速度比在N點時的加速度大，C正確；從S點經(jīng)過N到L點先減速運動再加速運動；而從 L點經(jīng)過M到S點先加速運動再減速運動， S點與L點速度大小相同，因此兩段平均速率不同，雖然路程相同，但所用時間不同，D錯誤。故選BC16. （2020屆廣東省

26、模擬）如圖，帶電量分別為qa、qb、qc的小球，固定在等邊三角形的三個頂點上,qa所受庫侖力的合力 F方向垂直于qa、qb的連線，則（）A. qb、qc異號，且 qc=2q bB. qa、qb 異號，且 qb=2q aC. qa、qc 同號，且 qc=2q aD. qa、qb 同號，且 qb=2q a【答案】A【解析】根據(jù)題意可知，小球 a, c之間存在排斥力,qa、qc同號，小球a, b之間存在吸引力，qa、5異號，所以6和qc異號，根據(jù)平行四邊形法則，排斥力是吸引力的兩倍， 根據(jù)庫倫定律f kqq2, r故F k qaqcF ack 2rFab¥r根據(jù)題意得Fac 2Fab,所以

27、有qc 2qb,故BCD錯誤，A正確。故選A17. （2020屆廣東省深圳市高三第一次調研） 在x軸上，兩個點電荷 Q和Q2分別固定于X 0和x 3m處。已知0 x 3m區(qū)間內(nèi)各點場強均不為零，且方向均沿x軸正方向；在x 4m處場強為零。則A. Q電荷量較小B. Q1帶負電，Q2帶正電C. x 1m處的電勢低于x 2m處的電勢D.某負電荷在x 1m處的電勢能小于在x 2m處的電勢能【答案】D【解析】在x 4m處場強為零，說明點電荷 Q和Q2在該位置處場強大小相等，方向相反，Q到x 4m位置距離較遠，由點荷場強公式E kQ可知Q電量較大，故A錯誤；假設Q帶負電，Q2帶正電，x 0 r和x 3m之

28、間某點處合場強沿x方向，與題意不符，故 b錯誤；x 0和x 3m之間各點場強方向沿x軸正方向，沿場強方向電勢降低，說明 x 1m處的電勢高于x 2m處的電勢，故C錯誤；同一負電荷放在電勢越高處電勢能越小，x 1m處的電勢高于x 2m處的電勢，說明同一負電荷在x 1m處的電勢能小于在x 2m處的電勢能，故 D正確。故選Do18 . （2020屆江西省九江市高三第二次模擬）正六邊形ABCDEF區(qū)域內(nèi)有平行于紙面方向的勻強電場（圖中未標出），A、E、D三點電勢分別為3V、6V、9V ,現(xiàn)有一個電子從 E點以初速度V0沿EB方向射入。下列說法正確的是（）A.電子離開此區(qū)域動能增量的可能是2eV B.

29、DF的連線是電場中一條等勢線C.電子射出六邊形區(qū)域時速度大小可能仍是V0 D. B點電勢為6V【答案】AD【解析】連接AD,根據(jù)勻強電場電勢隨距離均勻變化 （除等勢面）的特點，則知AD中點的電勢為6V,連接EB, EB即為一條等勢線，CA連線即為一條電場線，DF與CA平行，所以DF也是一條電場線，由上可知BE為等勢面，所以B點電勢為6V,故B錯誤，D正確；電子在電場中做類平拋運動，根據(jù)平拋運動的知識和等勢面與電場線的關系可知電子不可能再回到同一等勢面上，故C錯誤；由圖可知電子從DC等勢面離開時動能最大，即動能增量為E eU 3eV,故A正確。故選AD。19 . （2020屆遼寧省大連市高三第一

30、次模擬）如圖所示，豎直方向上固定一光滑絕緣細桿，兩電荷量相等的正點電荷 M、N關于細桿對稱固定。兩電荷連線中點為O,帶正電的小球套在細桿上，從距中點O高為hi處的P點靜止釋放，經(jīng)過時間ti運動到O點。此過程中小球速度的大小 v、加速度的大小a、動能Ek、電勢能Ep （無窮遠處電勢為0）隨時間t或下降距離h的變化圖像可能正確的有（）【答案】BCD【解析】根據(jù)等量同種正點電荷的特點可知，MN在桿的位置處的電場線的方向向上，從桿與 MN的連線的交點處向上，電場強度的大小從0先增大后減小。小球受重力，如果開始時小球的位置在場強最大點的下方，則小球向下運動的過程中受到的電場力逐漸減小，所以小球的加速度逐

31、漸增大，小球做加速度增大的加速運動；如果開始時小球的位置在最大的點的位置上方，則小球向下運動的過程中受到的電場力先增大后減小，所以小球的加速度可能先減小后增大，小球先做加速度減小的加速運動，后做加速度最大的加速運動；則 B項中的速度變化是可能的，A項的加速度的變化是不可能的，故 A錯誤，B正確；如果開始時小球的位置在場強最大的點的位置上方，而且電場力最大的時候電場力大于重力，則小球向下運動的過程中受到的電場力先增大后減小，所以小球的加速度先減小然后反向增大，所以小球先做加速度減小的加速運動，后做加速度增大的減速運動；當經(jīng)過了電場力得最大點后，又做加速度減小的減速運動，最后再做加速度增大的加速運

32、動，該種情況下小球的運動過程最復雜，小球的速度先增大，然后減小，最后又增大。小球的動能也是先增大，然后減小，最后又增大，故C正確；小球向下運動的過程中電場力一直做負功，所以小球的電勢能一直增大， 故D正確。故選BCD。20 . （2020屆遼寧省葫蘆島市高三第一次模擬）如圖， O為大圓的圓心，直徑ac和直徑bd垂直.ac上的Oi、O2為中間兩實線小圓的圓心，大圓半徑為小圓半徑的2倍。在Oi、O2處分別放置電荷量為+Q和一2Q點電荷。下列判斷正確的是（）A. b、d兩點電場強度相等B. a點電勢一定高于 d點電勢C.移動電子從 O到b點，電場力做功為零D.移動電子從a沿中間實線半圓經(jīng) O到c,電

33、勢能一直增加【答案】BD【解析】正電荷在b點單獨產(chǎn)生的場強與在 d點單獨產(chǎn)生的場強大小相等，同理，負電荷在b點單獨產(chǎn)生的場強與在d點單獨產(chǎn)生的場強大小相等，由電場強度的疊加原理可知，b、d兩點的電場強度方向如圖，由圖可知，b、d兩點的電場強度方向不相同，故 A錯誤；由圖可知，a點離正電荷更近，離 負電荷更遠，由電勢疊加可知， a點電勢一定高于d點電勢，故B正確；由電場強度的疊加原理可知， ob段的電場強度方向斜向右下方，移動電子從 O到b點，電場力做正功，故 C錯誤；半圓Oc上各 點到負電荷的距離不變，若只有負電荷存在，則各點的電勢不變，從 O到c離正電荷的距離增大，若 只正電荷存在，則各點電勢變小，由電勢的疊加可知，從 O到c電勢降低，由負電荷在電勢低處電勢 能大，則移動電子從 a沿中間實線半圓經(jīng) O到c,電勢能一直增加，故 D正確。故選AD。21 . （2020屆四川省綿陽市高三第三次診斷）在等邊 ABC的頂點處分別固定有電荷量大小相等的點 電荷，其中A點電荷帶正電，B、C兩點電荷帶負電，