解析河北省衡水中學(xué)2021年高三上學(xué)期四調(diào)物理試卷

1、word版高中物理2020- 202 1學(xué)年河北省衡水中學(xué)高三（上）四調(diào)物理試卷選擇題（本大題共15小題;每小題4分，共60分；其中5. 6. 7. 8. 10. 11.14是多項(xiàng)選擇題，其余各題是單項(xiàng)）1.下列說法正確的是：（）A. 物體速度變化越大，則加速度一走越大B. 物體動(dòng)量發(fā)生變化，則物體的動(dòng)能一走變化C. 合外力對(duì)系統(tǒng)做功為零，則系統(tǒng)機(jī)械能一定守恒D. 系統(tǒng)所受合外力為零測(cè)系統(tǒng)的動(dòng)呈一定守恒.2氫原子能級(jí)如圖，當(dāng)氫原子從n= 3躍遷到n=2的能級(jí)時(shí)，輻射光的波長(zhǎng)為656ng以下判n s43斷正確的是（）7- -0.85-1.51E/eV23.4113.6A .氫原子從n = 2躍遷

2、到n =1的能級(jí)時(shí)，輻射光的波長(zhǎng)大于656 nmB .用波長(zhǎng)為325nm的光照射，可使氫原子從n=l躍遷到n= 2的能級(jí)C .群處于n=3能級(jí)上的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)最多產(chǎn)生3種譜線D.用波長(zhǎng)6 33nm的光照射r不能使氫原子從n二2躍遷到n=3的能級(jí)3 .已知鈣和鉀的截止頻率分別為7.73x1014Hz和5.44xlO14H乙在某種單色光的照射下兩種金屬均發(fā)生光電效應(yīng)，比較它們表面逸出的具有最大初動(dòng)能的光電子，鈣逸出的光電子 具有較大的（）A.波長(zhǎng),B.頻率 C.能量D.動(dòng)星4 .如圖所示,x軸在水平地面上,y軸豎直向上，在y軸上的P點(diǎn)分別沿x軸正方向和y軸正方向以相同大小的初速度拋出兩個(gè)小

3、球a和b不計(jì)空氣阻力，若b上行的最大高度等于P 點(diǎn)離地的高度，則從拋出到落地，有（）A. a的運(yùn)動(dòng)時(shí)間是b的運(yùn)動(dòng)時(shí)間的呵咅B(yǎng). a的位移大小是b的位移大小的阿咅C. a、b落地時(shí)的速度相同，因此動(dòng)能一走相同D. a、b落地時(shí)的速度不同，但動(dòng)能可能相同5.如圖所示.光滑水平面上放著足夠長(zhǎng)的木板B，木板B上放著木塊A,A、B間的接觸面粗糙. 現(xiàn)用一水平拉力F作用在A上使其由靜止開始運(yùn)動(dòng)，用fi代表B對(duì)A的摩擦力，f 2代表A 對(duì)B的摩擦力，則下列情況可能的是（）A .拉力F做的功等于A、B系統(tǒng)動(dòng)能的增加呈B .拉力F做的功大于A、B系統(tǒng)動(dòng)能的增加星C .拉力F和f 1對(duì)A做的功之和小于A的動(dòng)能的增

4、加星D.f2對(duì)B做的功小于B的動(dòng)能的增加呈6 小行星繞恒星運(yùn)動(dòng)的同時(shí)恒星均勻地向四周輻射能星質(zhì)量緩減小，可認(rèn)為小行星在繞恒星運(yùn)動(dòng)一周的過程中近似做圓周運(yùn)動(dòng)則經(jīng)過足夠長(zhǎng)的時(shí)間后，小行星運(yùn)動(dòng)的（）A半徑變大d B 速率變大C加速度變小 D周期變小7.A、B兩物體在光滑水平面上沿同一直線運(yùn)動(dòng)，圖表示發(fā)生碰撞前后的v -1圖線,由圖線可以判斷（ ）AAx B的質(zhì)呈比為3 : 2 BA、B作用前后總動(dòng)星守恒CA、B作用前后總動(dòng)呈不守恒 Ax B作用前后總動(dòng)能不變8 如圖甲所示，靜止在水平地面的物塊A ,受到水平向右的拉力F作用行與時(shí)間t的關(guān)系如圖乙所示，設(shè)物塊與地面的靜摩擦力最大值fm與滑動(dòng)摩擦力大小相

5、等，則（）圖甲圖乙A.O-ti時(shí)間內(nèi)F的功率逐漸增大B.t 2時(shí)刻物塊A的加速度最大Ct2時(shí)刻后物塊A做反向運(yùn)動(dòng)D . t3時(shí)刻物塊A的動(dòng)能最大9如圖所示，在光滑的水平面上質(zhì)呈為m 1的小球A以速率vo向右運(yùn)動(dòng) 在小球的前方0點(diǎn) 處有一質(zhì)呈為m2的小球B處于靜止?fàn)顟B(tài)，Q點(diǎn)處為一豎直的墻壁.小球A與小球B發(fā)生 彈性曲1后兩小球均向右運(yùn)動(dòng)小球B與墻壁碰撞后原速率返回并與小球A在P點(diǎn)相 遇.PQ= 2 PQ則兩小球的質(zhì)量之比m 1 : m2為（）X ito r0A7:5oB 1 : 3C . 2 : 1D.5 : 310 兩個(gè)小球在光滑水平面上沿同一直線同一方向運(yùn)動(dòng)，B球在前A球在后mA=lkg/

6、mB=2kg/VA=6m/s/VB二2m/s ,當(dāng)A球與B球發(fā)生碰撞后,A、B兩球速度可能為（）A va= 4 m/s VB = 4m/sB v A=2m/s , vb 二 5m/sC va= - 4m/s r v b =6m / s D.va= 7 m/srVB=2 5m/s11 如圖所示r生產(chǎn)車間有兩個(gè)相互垂直且等高的水平傳送帶甲和乙,甲的速度為V0小工件離開甲前與甲的速度相同，并平穩(wěn)地傳到乙上乙的盍度足夠大,速度為vi.5iy（）A. 在地面參考系中,工彳牛做類平拋運(yùn)動(dòng)B. 在乙參考系中，工件在乙上滑動(dòng)的軌跡是直線C工件在乙上滑動(dòng)時(shí)r受到乙的摩擦力方向不變D.工件沿垂直于乙的速度減小為0

7、時(shí)r工件的速度等于vi12 人用手托著質(zhì)星為m的小蘋果，從靜止開始沿水平方向運(yùn)動(dòng)，前進(jìn)距離L后,速度為v （物體與手始終相對(duì)靜止）,物體與手掌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為M ,則下列說法正確的是)A. 手對(duì)蘋果的作用力方向豎直向上B. 蘋果所受摩擦力大小為Mm g1C. 手對(duì)蘋果做的功為2mv2D. 蘋果對(duì)手不做功13 如圖所示，一小球從斜軌道的某高度處由靜止滑下，然后沿豎直光滑軌道的內(nèi)側(cè)運(yùn)動(dòng)已知圍軌道的半徑為R，忽略一切摩擦阻力.則下列說法正確的是（）A. 在軌道蜀氐點(diǎn)、最高點(diǎn)，軌道對(duì)小球作用力的方向是相同的B. 小球的初位置比圓軌道最氐點(diǎn)高出2 R時(shí)，小球能通過圓軌道的最高點(diǎn)C .小球的初位置比圓軌

8、道最低點(diǎn)高出0.5R時(shí)，小球在運(yùn)動(dòng)過程中能不脫離軌道D.小球的初位置只有比圓軌道最低點(diǎn)高出2.5R時(shí)小球在運(yùn)動(dòng)過程中才能不脫離軌道1 4 .在光滑的水平面上，動(dòng)能為Eo,動(dòng)星為P o的小鋼球1與靜止的小鋼球2發(fā)生碰撞碰撞前后球1運(yùn)動(dòng)方向相反，將碰撞后球1的動(dòng)能動(dòng)臺(tái)大小記為Ei和P球2的動(dòng)能動(dòng) 星大小記為E2和P2 ,則必有（）A . EiEoB . Pi EoD.P2Po 1 5 如圖，表面光滑的固走斜面頂端安裝一定滑輪，小物塊A、B用輕繩連接并跨過滑輪（不 計(jì)滑輪的質(zhì)臺(tái)和摩擦）.初始時(shí)刻,A、B處于同一高度并恰好靜止?fàn)顟B(tài).剪斷兩物塊 輕繩 后A下落、B沿斜面下滑，則從勢(shì)斷輕繩到物塊看地,（

9、）A.速率的變化量相同。B.機(jī)械能的變化量不同C重力勢(shì)能的變化量相同“D重力做功的平均功率相同二 非選擇題（本大題共6小題，共50分）16 .與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器一樣,光電計(jì)時(shí)器也是一種研究物體運(yùn)動(dòng)情況時(shí)的常用計(jì)時(shí)儀器，如圖 甲所示，a、b分別是光電門的激光發(fā)射和接收裝置現(xiàn)利用如圖乙所示的裝置驗(yàn)證滑塊所 受外力做功與其動(dòng)能變化的關(guān)系方法是：在滑塊上安裝一遮光板，把滑塊放在水平放置的 氣墊導(dǎo)軌上（滑塊在該導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)時(shí)所受阻力可忽略）,通過跨過走滑輪的細(xì)繩與鉤碼相連，連 接好1、2兩個(gè)光電門，在圖示位置釋放滑塊后，光電計(jì)時(shí)器記錄下滑塊上的遮光板先后通過 兩個(gè)光電門的時(shí)間分別為址1、 12 已知滑塊（含遮光

10、板）質(zhì)臺(tái)為M、鉤碼質(zhì)臺(tái)為m、兩光 電門間距為S、遮光板克度為L(zhǎng).當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間.丙 用游標(biāo)卡尺測(cè)呈遮光板盍度,刻度如圖丙所示,讀數(shù)為 mm; 本實(shí)驗(yàn)想用鉤碼的重力表示滑塊受到的合外力,為減小這種做法帶來的誤差，實(shí)驗(yàn)中需要滿足的條件是Mm （填大于、遠(yuǎn)大于、小于或遠(yuǎn)小于） 計(jì)算滑塊先后通過兩個(gè)光電門時(shí)的瞬時(shí)速度的表達(dá)式為：vi =、v?=；（用題中所給字母表示） 本實(shí)驗(yàn)中驗(yàn)證滑塊運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能走理的表達(dá)式為（用題中所給字母表示）17用如圖1實(shí)9鎌置驗(yàn)證mi、m組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒m2從高處由靜止開始下落，E上拖著的紙帶打出一系列的點(diǎn)，對(duì)紙帶上的點(diǎn)跡進(jìn)行測(cè)呈，即可驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律圖2給出的是實(shí)

11、驗(yàn)中獲取的一條紙帶：0是打下的第一個(gè)點(diǎn)，每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)打點(diǎn)（圖中未標(biāo)出），計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖2所示已知rm二5 Og、m 2 = 150g ,則（結(jié)果保留0 1238.404521.6026.40（1）悝氏帶上打下記數(shù)點(diǎn)5時(shí)的速度v =m/s;（2 ）在05過程中系統(tǒng)動(dòng)能的增Ek=丄系統(tǒng)勢(shì)能的減少呈二Ep二若某同學(xué)作出訝 h圖象如圖珈當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萴 / s2 .1 8 如圖所示，物體A、B的質(zhì)呈分別是4kg和8 k g 由輕質(zhì)彈簧連接，放在光滑的水平面 上，物體B左側(cè)與豎直墻壁接觸，另有一個(gè)物體C水平向左運(yùn)動(dòng)，在t = 5 s時(shí)與物體A相碰, 并立即與A有相同的速度r 起向左運(yùn)動(dòng)

12、，物塊C的速度-時(shí)間圖象如乙所示.求物體C的質(zhì)呈;在5s到15s的時(shí)間內(nèi)墻壁對(duì)物體B的作用力的沖呈.19 如圖所示,在水平地面上固走一個(gè)傾角a=45 BH=4m的斜面在斜面上方固走放置2段由內(nèi)壁光滑的圓管構(gòu)成的軌道ABCD ,圓周部分的半徑R=3m , AB與圓周相切于B 點(diǎn),長(zhǎng)度朋R,與水平方向的夾角8=60,軌道末端豎直，已知圓周軌道最低點(diǎn)C、軌道末端D與斜面頂端處于同一高度現(xiàn)將一質(zhì)星為0 .lkg ,直徑可忽略的小球從管口 A處由靜止釋放,g取10m/s 2.(1 )求小球在C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力；(2)若小球與斜面碰撞(不計(jì)能呈損失)后做平拋運(yùn)動(dòng)落到水平地面上則碰撞點(diǎn)距斜面左端的水平距離x

13、多大時(shí)小球平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移最大？是多少?20 .如圖所示，為一傳送裝置其中AB段粗糙,AB段長(zhǎng)為L(zhǎng)=0.2m，動(dòng)摩擦因數(shù)戶0 6,B C、DEN段均可視為光滑，且BC的始、末端均水平，具有h=0.1m的高度差,DEN是半 徑為r=0.4m的半圓形軌道，其直徑DN沿豎直方向,C位于DN豎直線上,CD間的距離 恰能讓小球自由通過在左端豎直墻上固走一輕質(zhì)彈簧，現(xiàn)有一可視為質(zhì)點(diǎn)的小球,小球質(zhì)星 m=0.2kg,壓縮輕質(zhì)彈簧至A點(diǎn)后由靜止釋放(小球和彈簧不粘連),小球剛好能沿DE N軌道滑下.求：(1)小球剛好能通過D點(diǎn)時(shí)速度的大??；(2 )小球到達(dá)N點(diǎn)時(shí)速度的大小及受到軌道的支持力的大??；(3 )壓

14、縮的彈簧所具有的彈性勢(shì)能.21.如圖，一長(zhǎng)木板位于光滑水平面上長(zhǎng)木板的左端固走一擋板，木板和擋板的總質(zhì)臺(tái)為M二3 .Okg ,木板的長(zhǎng)度為L(zhǎng)= 1.5m在木板右端有一小物塊，其質(zhì)臺(tái)m二1.0kg ,小物塊與 木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)M=0. 1 0,它們都處于靜止?fàn)顟B(tài)現(xiàn)令小物塊以初速度v o沿木板向 左滑動(dòng),重力力Q速度g取10m/s2.若小物塊剛好能運(yùn)動(dòng)到左端擋板處，求vo的大?。蝗舫跛俣葀0=3m/s，小物塊與擋板相撞后胎好能回到右端而不脫離木板，求碰撞過程中損 失的機(jī)械能2020 2 021學(xué)年河北省衡水中學(xué)高三（上）四調(diào)物理試、選擇題（本大題共15小題;每小題4分,共6 0分;其中5、6、7

15、、8、10. 11、14是多 項(xiàng)選擇題，其余各題是單項(xiàng)）1 .下列說法正確的是：（）A、物體速度變化越大,則加速度一走越大B .物體動(dòng)臺(tái)發(fā)生變化，則物體的動(dòng)能一定變化C.合外力對(duì)系統(tǒng)做功為零，則系統(tǒng)機(jī)械能一走守恒D .系統(tǒng)所受合外力為零，則系統(tǒng)的動(dòng)臺(tái)一走守恒.【考點(diǎn)】動(dòng)星走理；速度；加速度；機(jī)械能守恒定律.專題動(dòng)星走理應(yīng)用專題.【分析】根據(jù)加速度的走義式判斷加速度與速度變化臺(tái)的關(guān)系,動(dòng)呈是矢呈，動(dòng)能是標(biāo)量, 動(dòng)量變化，動(dòng)能不一定變化;當(dāng)系統(tǒng)只有重力做功，機(jī)械能守恒,當(dāng)系統(tǒng)所受的外力之和為零, 系統(tǒng)動(dòng)呈守恒y【解答】解:A、根據(jù)加速度a=石知,速度變化越大，則加速度不一走大故A錯(cuò)誤.B、物體的動(dòng)

16、臺(tái)發(fā)生變化，速度大/還一走變化，則動(dòng)能不一定變化.故B錯(cuò)誤.C、合外力對(duì)系統(tǒng)做功為零，可能存在除重力以外其它力做功，其它力不為零,則機(jī)械能不守 恒故C錯(cuò)誤.D、系統(tǒng)所受的合外力為零,系統(tǒng)動(dòng)星守恒.故D正確.故選:D.【點(diǎn)評(píng)解決本題的關(guān)4道系統(tǒng)機(jī)械能守恒、動(dòng)呈守恒的條件,知道動(dòng)星是矢呈,動(dòng)能是 標(biāo)星,物體的動(dòng)竝化，動(dòng)能不一走變化，動(dòng)能變化，則動(dòng)量一走變化.2 .氫原子能級(jí)如圖，當(dāng)氫原子從n = 3躍遷到n二2的能級(jí)時(shí),輻射光的波長(zhǎng)為656nm,以下判斷正確的是()E/eV咒04-0.853 1.5123.4113.6A .氫原子從n=2躍遷到1的能級(jí)時(shí)，輻射光的波長(zhǎng)大于656nmB .用波長(zhǎng)為3

17、25nm的光照射,可使氫原子從n = l躍遷到n=2的能級(jí)C群處于n =3能級(jí)上的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)最多產(chǎn)生3種譜線D .用波長(zhǎng)63 3 n m的光照射，不能使氫原子從n二2躍遷到n=3的能級(jí)【考點(diǎn)】氫原子的能級(jí)公式和躍遷.【專題】原子的能級(jí)結(jié)構(gòu)專題.【分析】大臺(tái)處于n二3激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級(jí)躍遷,可以輻射出3種不同頻率的光子， 躍遷釋放能臺(tái)滿足 E=Em- E n.既不能多于能級(jí)差,也不能少于此值，同時(shí)根據(jù)丫，即可求解.【解答】解:A、從n =3躍遷到n二2的能級(jí)時(shí)，輻射光的波長(zhǎng)為656nm ,即有：二 二(-1. 51 - ( -3.4) ) X1.6X1 019h656nm，而當(dāng)從n

18、 =2躍遷到n二1的能級(jí)時(shí)，輻射能呈更多，則頻率更高，則波長(zhǎng)小于656nm .故A錯(cuò)誤.B、當(dāng)從n躍遷到n=2的能級(jí)，需要吸收的能呈為E=( - 3.4 - ( -13 .6)xl.6xl0he 二-19J ,根據(jù)A選項(xiàng)分析，則有：（一34 一 （一 136） ） XI. 6X1A=122nm ;故 B 錯(cuò)誤；C、根據(jù)數(shù)學(xué)組合6二3,可知一群n二3能級(jí)上的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)最多產(chǎn)生3種譜線. 故C正確.D、同理，氫原子的電子從n =2躍遷到n=3的能級(jí)，必須吸收的能星為丄E,與從n=3躍遷 到n= 2的能級(jí)，放出能呈相等,因此只能用波長(zhǎng)6 56nm的光照射，才能使得電子從n =2躍 遷到n=

19、3的能級(jí)故D正確.故選:CD .點(diǎn)評(píng)解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)的條件，以及知道能級(jí)間躍遷輻射的光子能星等于兩 能級(jí)間的能級(jí)差3 .已知鈣和鉀的截止頻率分別為7.73 x 1014 H z和5.4 4 x 1014 H z ,在某種單色光的照 射下兩種金屬均發(fā)生光電效應(yīng)，比較它們表面逸出的具有最大初動(dòng)能的光電子，鈣逸出的光 電子具有較大的( )A.波長(zhǎng),B .頻率 C .能星D.動(dòng)臺(tái)考點(diǎn)電磁波譜.專題光電效應(yīng)專題.【分析】根據(jù)爰因斯坦光電效應(yīng)方程列式,分析鈣逸出的光電子波長(zhǎng)、頻率、能星和動(dòng)星大小.金屬的逸出功W0=hYc，Vc是金屬的截止頻率【解答】解:根據(jù)爰因斯坦光電效應(yīng)方程得:Ek = hy

20、 - Wo ,又 Wo=hyc聯(lián)立得:Ek=hY - hyc,據(jù)題：鈣的截止頻率比鉀的截止頻率大，由上式可知：從鈣表面逸出的光電子最大初動(dòng)能較/ -小，由P=2in ,可知該光電子的動(dòng)量較小，根據(jù)入=可知，波長(zhǎng)較大，則頻率較小.故A 正確，BCD錯(cuò)誤.故選：A.【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵要掌握光電效應(yīng)方程,明確光電子的動(dòng)呈與動(dòng)能的關(guān)系、物質(zhì)波的h波長(zhǎng)與動(dòng)呈的關(guān)系A(chǔ)=P.4 如圖所示,x軸在水平地面上,y軸豎直向上，在y軸上的P點(diǎn)分別沿x軸正方向和y軸正方向以相同大小的初速度拋出兩個(gè)小球a和b,不計(jì)空氣阻力，若b上行的最大高度等于P點(diǎn)離地的高度，則從拋出到落地，有（ ）A. a的運(yùn)動(dòng)時(shí)間是b的運(yùn)動(dòng)時(shí)

21、間的伍倍B. a的位移大小是b的位移大小的屁C. a、b落地時(shí)的速度相同，因此動(dòng)能一走相同D. a、b落地時(shí)的速度不同，但動(dòng)能可能相同【考點(diǎn)】動(dòng)能走理的應(yīng)用；平拋運(yùn)動(dòng)專題走呈思想;合成分解法；機(jī)械能守恒走律應(yīng)用專題.【分析】a做平拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律得出時(shí)間與高度的關(guān)系.b做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，上升 過程做勻減速運(yùn)動(dòng),下落做自由落體運(yùn)動(dòng)，分兩段求運(yùn)動(dòng)時(shí)間，即可求解時(shí)間關(guān)系；b的位移大小等于拋出時(shí)的高度根據(jù)b的最大高度，求出初速度與高度的關(guān)系,即可硏究位移關(guān)系;根據(jù)機(jī)械能守恒分析落地時(shí)動(dòng)能關(guān)系【解答】解:A、設(shè)P點(diǎn)離地的高度為h.對(duì)于b: b做豎直上拋運(yùn)動(dòng)r上升過程與下落過程對(duì)稱，則b上升r從最

22、高點(diǎn)到落地的時(shí)間為t2 g ,故b運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間t b到最大的時(shí)間為ti二r對(duì)于a :做平拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為ta=V g ；則有tb二(V2+l)ta.故A錯(cuò)誤.述匿B、對(duì)于b:h = 2巳則得vo=V2gh；對(duì)于a :水平位移為x=vot=V2ghV s =2h,a的位移 為x a J “+ (2h ) 2=V5h,r?6 b的位移大小為h，則a的位移大小是b的位移大小的后倍故B正確.1辱2CD、根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：Ek=mgh+2rr，V/若兩球的質(zhì)呈相等，則兩球落地時(shí)動(dòng)能相同而速度方向不同r則落地時(shí)速度不同故C錯(cuò)誤，D正確.故選:BD點(diǎn)評(píng)本題的解題關(guān)鍵要掌握豎直上拋和平拋兩種運(yùn)動(dòng)的研究方

23、法及具規(guī)律，并根據(jù)機(jī)械 能守恒分析落地時(shí)動(dòng)能關(guān)系.5 如圖所示光滑水平面上放看足夠長(zhǎng)的木板B,木板B上放看木塊A r A、B間的接觸面 粗糙現(xiàn)用一水平拉力F作用在A上使具由靜止開始運(yùn)動(dòng)，用血代表B對(duì)A的摩擦力r f2代表A對(duì)B的摩擦力，則下列情況可能的是(A .拉力F做的功等于A、B系統(tǒng)動(dòng)能的增加呈B .拉力F做的功大于A、B系統(tǒng)動(dòng)能的增加星C .拉力F和f 1對(duì)A做的功之和小于A的動(dòng)能的增加量D. f 2對(duì)B做的功小于B的動(dòng)能的增加呈【考點(diǎn)】動(dòng)能走理的應(yīng)用.【專題】參照思想;推理法；動(dòng)能走理的應(yīng)用專題【分析】對(duì)兩物體及整體受力分析,結(jié)合可能的運(yùn)動(dòng)狀態(tài),由功能關(guān)系進(jìn)行分析.【解答】解:A、若拉

24、力不夠大,AB 起加速運(yùn)動(dòng)時(shí),對(duì)整體,根據(jù)動(dòng)能走理可知，拉力F做 的功等于A、B系統(tǒng)動(dòng)能的增加呈故A正確.B、若拉力足夠大,A與B有相對(duì)運(yùn)動(dòng),對(duì)整體分析可知,F做功轉(zhuǎn)化為轉(zhuǎn)化為兩個(gè)物體的動(dòng) 能及系統(tǒng)的內(nèi)能;故拉力F做的功大于AB系統(tǒng)動(dòng)能的增加星；故B正確.C、對(duì)A來說,只有拉力F和摩擦力f 1做功，由動(dòng)能走理可知,拉力F和fi對(duì)A做的功之和 等于A的動(dòng)能的增加呈故C錯(cuò)誤.D、對(duì)B來說，只有摩擦力f2做功，由動(dòng)能走理可知,f 2對(duì)B做的功等于B的動(dòng)能的增加星故 D錯(cuò)誤.故選:AB【點(diǎn)評(píng)】本題考查了能臺(tái)守恒定律和動(dòng)能走理的運(yùn)用,要靈活園睪硏究對(duì)象，正確分析能呈是 如何轉(zhuǎn)化的，這是解決這類問題的關(guān)鍵

25、.6.小行星繞恒星運(yùn)動(dòng)的同時(shí),恒星均勻地向四周輻射能星,質(zhì)星緩慢減小，可認(rèn)為小行星 在繞恒星運(yùn)動(dòng)一周的過程中近似做圓周運(yùn)動(dòng).則經(jīng)過足夠長(zhǎng)的時(shí)間后,小行星運(yùn)動(dòng)的( )A. 半徑變大B.速率變大,C 加速度變小。D 周期變小【考點(diǎn)】萬有引力走律及其應(yīng)用；向心力【專題】走性思想；推理法；萬有引力定律的應(yīng)用專題【分析】恒星均勻地向四周輻射能星，質(zhì)臺(tái)緩慢減小，二者之間萬有引力減小,小行星做離心 運(yùn)動(dòng),即半徑增大,又小行星繞恒星運(yùn)動(dòng)做圓周運(yùn)動(dòng),萬有引力提供向心力，可分析線速度、 周期、加速度等.【解答】解：A、恒星均勻地向四周輻射能星,質(zhì)呈緩慢減小，二者之間萬有引力減小，小行星 做離心運(yùn)動(dòng)，即半徑增大，故

26、A正確；型 俚 J4M2T3 a=r2,v=vT,T=V GM ，因?yàn)?r 增大，M 減小,則a減小,v減小,T增大.故C正確,B、D錯(cuò)誤.故選:AC.【點(diǎn)評(píng)】關(guān)于萬有引力與航天，記住作圓周運(yùn)動(dòng)萬有弓I力等于向心力；離心運(yùn)動(dòng),萬有引力 小于向心力；向心運(yùn)動(dòng)，萬有引力大于向心力7A、B兩物體在光滑水平面上沿同一直線運(yùn)動(dòng)，圖表示發(fā)生碰撞前后的v-1圖線,由圖線可以判斷（）A.A、B的質(zhì)呈比為3:2。BA、B作用前后總動(dòng)呈守恒CA、B作用前后總動(dòng)呈不守恒D.A、B作用前后總動(dòng)能不變【考點(diǎn)】動(dòng)星守恒走律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像.【分析】由圖可以讀出兩物體碰撞前后的各自速度根據(jù)動(dòng)量守恒列方程求質(zhì)呈比【解答

27、】解A 根據(jù)動(dòng)星守恒定律mA6+mBl二mA2+mB7得:mA：mB=3 : 2 ,故 A 正確;B、根據(jù)動(dòng)量守恒知A、B作用前后總動(dòng)呈守恒,B正確C錯(cuò)誤;1JL 55D、作用前總動(dòng)能:2mA- 6 2 + 2mB*l2= 3 mA丄2 些作用后總動(dòng)能：2mA-22 +陀72= 3mA可見作用前后總動(dòng)能不變,D正確；故選:ABD.點(diǎn)評(píng)兩物體碰撞過程系統(tǒng)所受合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)呈守恒.8 .如圖甲所示，靜止在水平地面的物塊A,受到水平向右的拉力F作用，F(xiàn)與時(shí)間t的關(guān)系 如圖乙所示，設(shè)物塊與地面的靜摩擦力最大值fm與滑動(dòng)摩擦力大小相等,則（）圖甲圖乙A.0ti時(shí)間內(nèi)F的功率逐漸增大B . t2時(shí)刻物

28、塊A的加速度最大C. t2時(shí)刻后物塊A做反向運(yùn)動(dòng)D . t 3時(shí)刻物塊A的動(dòng)能最大【考點(diǎn)】動(dòng)能走理的應(yīng)用；功率、平均功率和瞬時(shí)功率【專題】壓軸題;動(dòng)能走理的應(yīng)用專題【分析】當(dāng)拉力大于最大靜摩擦力時(shí)，物體開始運(yùn)動(dòng)；當(dāng)物體受到的合力最大時(shí)，物體的加速 庚最大;由動(dòng)能走理可知，物體拉力做功最多時(shí),物體獲得的動(dòng)能最大【解答】解:A、由圖象可知，0ti時(shí)間內(nèi)拉力F小于最大靜摩擦力.物體靜止，拉力功率 為零，故A錯(cuò)誤；B、由圖象可知，在12時(shí)刻物塊A受到的拉力最大,物塊A受到的合力最大，由牛頓第二定律 可得，此時(shí)物塊A的加速度最大，故B正確；C、由圖象可知在t2t3時(shí)間內(nèi)物體受到的合力與物塊的速度方向相同

29、，物塊一直做加速運(yùn) 動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D、由圖象可知在tit3時(shí)間內(nèi)，物塊A受到的合力一直做正功，物體動(dòng)能一直增加，在t 3 時(shí)刻馮，合力做負(fù)功物塊動(dòng)能減小,因此在t 3時(shí)刻物塊動(dòng)能最大，故D正確；故選BD .【點(diǎn)評(píng)】根據(jù)圖象找出力隨時(shí)間變化的關(guān)系是正確解題的前提與關(guān)鍵；要掌握?qǐng)D象題的解題 思路.9.如圖所示 在光滑的水平面上質(zhì)量為mi的小球A以速率vo向右運(yùn)動(dòng)在小球的前方0點(diǎn) 處有一質(zhì)呈為m2的小球B處于靜止?fàn)顟B(tài),Q點(diǎn)處為一豎直的墻壁小球A與小球B發(fā)生彈 性碰撞后兩小球均向右運(yùn)動(dòng)小球B與墻壁碰撞后原速率返回并與小球A在P點(diǎn)相遇,PQ=2PO,則兩小球的質(zhì)星之比mi： m2為（）A bB一丨or0

30、A.7:5 B.l : 3 C . 2:1D . 5:3【考點(diǎn)】動(dòng)臺(tái)守恒走律【分析】根據(jù)碰后再次相遇的路程關(guān)系，求出小球碰后的速度大小之比，根據(jù)碰撞過程中動(dòng)呈、 能呈守恒列方程即可求出兩球的質(zhì)星之比.【解答】解:設(shè)A、B兩個(gè)小球碰撞后的速度分別為vi、V2 ,以向右為正好方向,由動(dòng)臺(tái)守恒定律有:mi v o二mivi+m2V2.丄 2 丄由能臺(tái)守律有：2mi v o2= 2mi v i2 + 2m2V22 兩個(gè)小球碰撞后到再次相遇，其速度率不變,由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律有：Vi： v2= PO：(PO+ 2 P0)=i： 5 聯(lián)立，代入數(shù)據(jù)解得:mi : m2=5 : 3故選:D.【點(diǎn)評(píng)】解答本題的突破口

31、是根據(jù)碰后路程關(guān)系求出碰后的速度大小之比，本題很好的將直 線運(yùn)動(dòng)問題與動(dòng)星守恒和功能關(guān)系聯(lián)系起來上匕較全面的考查了基礎(chǔ)知識(shí).10 .兩個(gè)小球在光滑水平面上沿同一直線，同一方向運(yùn)動(dòng),B球在前.A球在后.mA = lk g /mB=2kg ,va= 6 m / s , vb =2m/s,當(dāng)A球與B球發(fā)生碰撞后A B兩球速度可能為 ( )A.VA=4m/s , VB=4m/s B . VA=2m/ s , VB=5m/sC . va= - 4m / s ,vb =6m/s D. v A=7m/s, v b = 2.5 m/s【考點(diǎn)】動(dòng)臺(tái)守恒走律.分析兩球樹1過程,系統(tǒng)不受外力，故碰撞過程系統(tǒng)總動(dòng)星守

32、恒;碰撞過程中系統(tǒng)機(jī)械能 可能有一咅0分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能,根據(jù)能星守恒走律，碰撞后的系統(tǒng)總動(dòng)能應(yīng)該小于或等于碰撞前 的系統(tǒng)總動(dòng)能；同時(shí)考慮實(shí)際情況,碰撞后A球速度不大于B球的速度.【解答】解:兩球碰撞過程系統(tǒng)動(dòng)呈守恒，以兩球的初速度方向?yàn)檎较?，如果兩球發(fā)生完全 非彈性碰撞由動(dòng)星守恒走律得：mava + mBVB= ( ma 十 m b ) v,10代入蠅解得:v二3m/s,如果兩球發(fā)生完全彈性射1,有:mAVA十mB v b二mAVA+mBVB：丄丄 丄丄由機(jī)械能守叵定律得:2mAVA 2 + 2mBVB2= 2ma v a，2 + 2mBVBf 2,14代入解得:VA冬 3m/s , VB 二

33、3 m/s ,2Ip WH則碰撞后 A、B 的速度：3m/ssvAS 3 m/sr 3 m / svb 3 m/s,故選：B 【點(diǎn)評(píng)】本題碰撞過程中動(dòng)呈守恒,同時(shí)要遵循能呈守恒定律，不忘聯(lián)系實(shí)際情況,即后面的球不會(huì)比前面的球運(yùn)動(dòng)的快11如圖所示住產(chǎn)車間有兩個(gè)相互垂直且等高的水平傳送帶甲和乙甲的速度為V0 小工件離開甲前與甲的速度相同，并平穩(wěn)地傳到乙上乙的竟度足夠大,速度為V 1則（ ）廣A. 在地面參考系中,工彳牛做類平拋運(yùn)動(dòng)B. 在乙參考系中,工件在乙上滑動(dòng)的軌跡是直線C工件在乙上滑動(dòng)時(shí)r受到乙的摩擦力方向不變D工件沿垂直于乙的速度減小為0時(shí)f工件的速度等于Vi【考點(diǎn)】摩擦力的判斷與計(jì)算;參

34、考系和坐標(biāo)系.【專題】摩擦力專題.【分析】在地面參考系中，沿甲與乙的運(yùn)動(dòng)方向分析摩擦力方向，根據(jù)合外力方向與初速度 方向的夾角分析工件的運(yùn)動(dòng)情況【解答】解:A、在地面參考系中，沿甲運(yùn)動(dòng)的方向滑動(dòng)摩擦力分力向左，沿乙運(yùn)動(dòng)的方向滑 動(dòng)摩擦力沿乙運(yùn)動(dòng)方向，則摩擦力的合力如圖.合初速度沿甲運(yùn)動(dòng)的方向,則合力與初速度 不垂直，所以工件做的不是類平拋運(yùn)動(dòng)故A錯(cuò)誤.B、在乙參考系中，如右圖所示，摩擦力的合力與合初速度方向相反,故工件在乙上滑動(dòng)的軌 跡是直線，做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，故B正確.C、工件在乙上滑動(dòng)時(shí)，在x軸方向做勻減速直線運(yùn)動(dòng),在y軸方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，可知 兩個(gè)方向摩擦力的分力不變，受到乙的摩擦力

35、方向不變,當(dāng)工件沿垂直于乙的速度減小為0 時(shí),摩擦力方向沿y軸方向,摩擦力方向發(fā)生改變故C錯(cuò)誤.D、設(shè)t= 0時(shí)刻摩擦力與縱向的夾角為a側(cè)向（x軸方向）、縱向（y軸方向）加速度的大小分別為ax、ay ,則ay=tana很短的時(shí)間址內(nèi),側(cè)向、縱向的速度增星大小分別為-vx=axAtVy=ay- t解得:vy=tana上 vo vo由題意知 tana=vy=vi ,則,則當(dāng)vx=vovy=vi,m以工件沿垂直于乙的速度減小為0時(shí)，工件的速度等于vi.故D正確.故選:BD .【點(diǎn)評(píng)】本題考查工件在傳送帶上的相對(duì)運(yùn)動(dòng)問題，關(guān)鍵將工件的運(yùn)動(dòng)分解為沿傳送帶方向 和垂直傳送帶方向,結(jié)合牛頓第二走律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公

36、式逬行求解.1 2 .人用手托著質(zhì)呈為m的小蘋果，從靜止開始沿水平方向運(yùn)動(dòng)，前進(jìn)距離L后，速度 為v （物體與手始終相對(duì)靜止），物體與手掌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為M ,則下列說法正確的是A. 手對(duì)蘋果的作用力方向豎直向上B 蘋果所受摩擦力大小為pmg丄C. 手對(duì)蘋果做的功為2mv2D .蘋果對(duì)手仙功【考點(diǎn)】動(dòng)能走理的應(yīng)用;牛頓第二走律;功的計(jì)算.【專題】功的計(jì)算專題【分析】分析手及蘋果的運(yùn)動(dòng)，明確蘋果及手的受力情況，根據(jù)摩擦力的性質(zhì)及受力分析可確走摩擦力及手對(duì)蘋果作用力的方向;根據(jù)動(dòng)能走理可明確手對(duì)蘋果所做的功【解答】解：A、蘋果的加速度方向水平方向，蘋果的合力方向在水平方向上,蘋果受到重力 和手的

37、作用力，而重力在豎直方向,故手的作用力應(yīng)為斜上方，故A錯(cuò)誤;B、由于蘋果和手相對(duì)靜止，故其受到的摩擦力為靜摩擦力,不能確走是否等于pmg ;故8錯(cuò) 誤；C、由動(dòng)能定理可知，合外力做功等于動(dòng)能的改變臺(tái);豎直方向重力不做功;故手對(duì)蘋果做的 丄功為2m v 2；故C正確;D、由于手發(fā)生了位移，且受到水平方向的摩擦力;故蘋果對(duì)手做功;故D錯(cuò)誤;故選:C.【點(diǎn)評(píng)】本題考查了動(dòng)能走理、受力分析及功的計(jì)算等，要注意體會(huì)受力分析的重要性,同 時(shí)掌握用動(dòng)能走理分析問題的能力13如圖所示，一小球從斜軌道的某高度處由靜止滑下，然后沿豎直光滑軌道的內(nèi)側(cè)運(yùn)動(dòng).已知圓軌道的半徑為R，忽略一切摩擦阻力則下列說法正確的是（）

38、A在軌道最氐點(diǎn)、最高點(diǎn)，軌道對(duì)小球作用力的方向是相同的B. 小球的初位置比圓軌道謝氐點(diǎn)高出2R時(shí)，小球能通過圓軌道的最高點(diǎn)C. 小球的初位置比圓軌道最低點(diǎn)高出0 . 5R時(shí)”小球在運(yùn)動(dòng)過程中能不脫離軌道D. 小球的初位置只有比圓軌道最低點(diǎn)高出2.5 R時(shí),小球在運(yùn)動(dòng)過程中才能不脫離軌道【考點(diǎn)】機(jī)械能守恒定律；牛頓第二走律；向心力.專題機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題.分析使小球能夠通過圓軌道最高點(diǎn)，那么小球在最高點(diǎn)時(shí)應(yīng)該是恰好是物體的重力作為物體的向心力，由向心力的公式可以求得此時(shí)的最小的速度，再由機(jī)械能守恒可以求得離最 低點(diǎn)的高度h.【解答】解：A、小球在最高點(diǎn)時(shí)，若受彈力,則彈力一走豎直向上；而在最

39、低點(diǎn)，支持力與 重力的合力充當(dāng)向心力,故作用力一走向上，故A錯(cuò)誤;B、要使小球能通過最高點(diǎn),則在最高點(diǎn)處應(yīng)有:mg =斤;再由機(jī)械能守恒定律可知丄imgh=mg2 R+2mv2 ;解得小球初位置的高度至少為h二Er；故小球高出2.5R時(shí)小球才 能通過最高點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；C、若小球距最低點(diǎn)高出0.5R時(shí)，由機(jī)械能守恒可知,小球應(yīng)到達(dá)等高的地方，即0.5R 處，小球受到圓軌道的支持,不會(huì)脫離軌道，故C正確；D、由C的分析可知,若小球的初位置W6T 0.5 R時(shí)，也不會(huì)脫離軌道故D錯(cuò)誤；故選:C.【點(diǎn)評(píng)】本題考查枷械能守恒及向心力公式,明確最高點(diǎn)的臨界速度,并注意小球在軌道內(nèi) 不超過R時(shí)也不會(huì)離開軌道

40、.14在光滑的水平面上動(dòng)能為E o，動(dòng)量為Po的小鋼球1與靜止的小鋼球2發(fā)生碰撞,碰撞前 后球1運(yùn)動(dòng)方向相反，將碰撞后球1的動(dòng)能和動(dòng)量大小記為Ei和Pi,球2的動(dòng)能和動(dòng)呈大小 記為E2和P2,則必有（）A.Ei Eo B.Pi Eo D. P2 Po【考點(diǎn)】動(dòng)呈守恒走律.【分析】根據(jù)過程的兩大基本規(guī)律:系統(tǒng)動(dòng)量守恒和總動(dòng)能不增加，分析可知得到:E iEo , E2Eo, PkPo.由動(dòng)星守恒走律分析P2與P o的關(guān)系.【解答】解:A、B、C由題，碰撞后兩球均有速度根據(jù)碰撞過程中總動(dòng)能不增加可知,EiEo,E2 Po.故D正確.故選ABD【點(diǎn)評(píng)】本題考查對(duì)曲1過程基本規(guī)律的理解和應(yīng)用能力碰撞過程

41、的兩大基本規(guī)律：系統(tǒng) 動(dòng)臺(tái)守恒和總動(dòng)能不增加,常常用來分析碰撞過程可能的結(jié)果.15 .如圖，表面光滑的固走斜面頂端安裝一定滑輪,小物塊A、B用輕繩連接并跨過滑輪還 計(jì)滑輪的質(zhì)星和摩擦)初始時(shí)刻,A、B處于同一高度并恰好靜止?fàn)顟B(tài)剪斷兩物塊 輕 繩后A下落、B沿斜面下滑,則從剪斷輕繩到物塊著地,( )A. 速率的變化呈相同B.機(jī)械能的變化呈不同C.重力勢(shì)能的變化星相同D .重力做功的平均功率相同考點(diǎn)枷械能守恒定律.專題枷械能守恒定律應(yīng)用專題.【分析】剪斷輕繩后A自由下落,B沿斜面下滑,AB都只有重力做功，機(jī)械能守恒，重力勢(shì)能變化臺(tái)等于重力所做的功,重力做功的平均功率等于重力做功與時(shí)間的比值【解答】

42、解:設(shè)斜面傾角為8剛開始AB處于靜止?fàn)顟B(tài)，所以m旳sin0=mAg,m以mb 丄A、剪斷輕繩后A自由下落,B沿斜面下滑，A B都只有重力做功，根據(jù)動(dòng)能走理得巨mv2二mghv=伍帀斤以速度的變化臺(tái)為v - 0 =V2gh,故a正確；B、勢(shì)斷細(xì)線，A、B兩物體都只有重力做功，機(jī)械能守恒，則機(jī)械能的變化呈都為零故B 錯(cuò)誤；C. 重力勢(shì)能變化呈bp二mgh ,由于AB的質(zhì)呈不相等,所以重力勢(shì)能變化不相同r故C 錯(cuò)誤；D、A運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為:ti=V S ,所以A重力做功的平均功率為:V Sh 112hB運(yùn)動(dòng)有:雖M二gsinOtzW解得:t2二門。V託所以B重力做功的平均功率為： mgssinPB= A

43、/T ,而mBgs i nnug,所以重力做功的平均功率相等，故D正確.故選:AD【點(diǎn)評(píng)】重力做功決走重力勢(shì)能的變化與否,若做正功，則重力勢(shì)能減少;若做負(fù)功，則重力勢(shì) 能增加，重力做功的平均功率等于重力做功與時(shí)間的比值,難度適中二、非選擇題（本大題共6小題，共50分）16.與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器一樣，光電計(jì)時(shí)器也是一種研究物體運(yùn)動(dòng)情況時(shí)的常用計(jì)時(shí)儀器，如圖甲所 示,a、b分別是光電門的激光發(fā)射和接收裝置廝I用如圖乙所示的裝置驗(yàn)證滑塊所受外力 做功與其動(dòng)能變化的關(guān)系.方法是:在滑塊上安裝一遮光板，把滑塊放在水平放置的氣墊導(dǎo) 軌上（滑塊在該導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)時(shí)所受阻力可忽略）,通過跨過走滑輪的細(xì)繩與鉤碼相連,連接

44、好1、2兩個(gè)光電門，在圖示位置釋放滑塊后,光電計(jì)時(shí)器記錄下滑塊上的遮光板先后通過兩 個(gè)光電門的時(shí)間分別為址1、厶t2已知滑塊（含遮光板）質(zhì)臺(tái)為Mx鉤碼質(zhì)臺(tái)為m、兩光電門間 距為S、遮光板題為L(zhǎng)、當(dāng)?shù)氐闹亓铀俑秊間 .丙 用游標(biāo)卡尺測(cè)呈遮光板盍度,刻度如圖丙所示讀數(shù)為5 , 70mm ； 本實(shí)驗(yàn)想用鉤碼的重力表示滑塊受到的合外力,為減小這種做法帶來的誤差，實(shí)驗(yàn)中需要 滿足的條件是M遠(yuǎn)大于m (填大于、遠(yuǎn)大于、小于或遠(yuǎn)小于)LL 計(jì)算滑塊先后通過兩個(gè)光電門時(shí)的瞬時(shí)速度的表達(dá)式為:VI二 t 1、V2 = t 2；(用題中 所給字母表示)2丄丄丄 本實(shí)驗(yàn)中，驗(yàn)證滑塊運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能走理的表達(dá)式為mg s=2M( A 12