走向高考高考物理總復習人教實驗版高考物理模擬試題

1、2019年高考物理模擬試題本卷分第卷(選擇題)和第卷(非選擇題)兩部分滿分110分，考試時間60分鐘第卷(選擇題共48分)一、選擇題(本大題共8小題， 每小題6分在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分)1下列說法正確的是()A英國科學家胡克發(fā)現(xiàn)了彈簧的彈力與彈簧的伸長量間的關系B牛頓通過理想實驗證實了物體自由下落時的速度與物體的重力無關C開普勒行星運動定律都是在牛頓萬有引力的基礎上推導出來的D英國物理學家卡文迪許利用扭秤裝置比較準確地測出了引力常量答案AD解析伽利略通過理想實驗證實了物體自由下落時的速度與物

2、體的重力無關；開普勒行星運動定律是在觀測的基礎上發(fā)現(xiàn)的，牛頓的萬有引力定律比開普勒行星運動定律發(fā)現(xiàn)得晚，選項B、C錯誤2如圖所示，擋板垂直于斜面固定在斜面上，一滑塊m放在斜面上，其上表面呈弧形且左端最薄，一球M擱在擋板與弧形滑塊上，一切摩擦均不計，用平行于斜面的拉力F拉住弧形滑塊，使球與滑塊均靜止現(xiàn)將滑塊平行于斜面向上拉過一較小的距離，球仍擱在擋板與滑塊上且處于靜止狀態(tài)，則與原來相比()A擋板對球的彈力增大B滑塊對球的彈力增大C斜面對滑塊的彈力不變D拉力F減小答案C解析對M受力分析，擋板對球的彈力F1和滑塊對球的彈力F2，在滑塊向上移動時兩者合力不變，夾角減小，故擋板對球的彈力減小，滑塊對球的

3、彈力也減小，A、B錯誤；用整體法對球和滑塊組成的整體分析可知斜面對滑塊的彈力不變，又擋板對球的彈力減小，故拉力F增大，C正確，D錯誤3陰極射線示波管的聚焦電場是由電極A1、A2、A3、A4形成的，實線為電場線，虛線為等勢線，x軸為該電場的中心軸線，P、Q、R為一個從左側進入聚焦電場的電子運動軌跡上的三點，則()A電極A1的電勢高于電極A2的電勢B電場中Q點的電場強度大于R點的電場強度C電子在P點處的動能大于在Q點處的動能D電子從P運動到R的過程中，電場力對它一直做正功答案B解析沿電場線方向電勢逐漸降低，結合電場線的走向可知電極A2的電勢高于電極A1的電勢，A錯誤；由電場線疏密情況可判斷電場中Q

4、點的電場強度大于R點的電場強度，B正確；電子由P運動到R的過程中，電場力做正功，動能不斷變大，故電子在P點處的動能小于在Q點處的動能，D正確，C錯誤4.如圖所示，距離水平地面高為h的飛機沿水平方向做勻加速直線運動，從飛機上以相對地面的速度v0依次從a、b、c水平拋出甲、乙、丙三個物體，拋出的時間間隔均為T，三個物體分別落在水平地面上的A、B、C三點，若ABl1、ACl2，不計空氣阻力，下列說法正確的是()A物體甲在空中運動的時間為B飛機的加速度為C物體乙剛離開飛機時飛機的速度為D三個物體在空中運動時總在一條豎直線上答案AC解析物體甲在空中做平拋運動，在豎直方向上有hgt2，解得t，選項A正確；

5、AB等于ab，BC等于bc，由xaT2可得a，選項B錯誤；物體乙剛離開飛機時，飛機的速度為v，等于a、c之間的平均速度，則v，選項C正確；三個物體在空中運動時，并不在一條豎直線上，選項D錯誤5圖甲中的變壓器為理想變壓器，原、副線圈的匝數(shù)之比為n1n210 1.變壓器原線圈加上如圖乙所示的正弦式交變電壓，副線圈接兩個串聯(lián)在一起的阻值大小均為10的定值電阻R1、R2.電壓表為理想交流電表則以下說法正確的是()A原線圈上電壓的有效值為100VB原線圈上電壓的有效值約為70.7VC電壓表的讀數(shù)為5.0VD變壓器的輸入功率為25W答案B解析原線圈上電壓的有效值為U1V50V70.7V，副線圈上的電壓為U

6、2U17.07V，電壓表示數(shù)為副線圈電壓的一半，為3.535V，P入P出2.5W.故選B.6我國自主研制并發(fā)射的“天宮一號”與俄羅斯、美國等國共同研制并發(fā)射的“國際空間站”同在地球上空運動假設“天宮一號”和“國際空間站”都繞地球做勻速圓周運動，兩者的軌道如圖所示，下列說法中正確的是()A“天宮一號”比“國際空間站”的加速度大B“天宮一號”比“國際空間站”運行的周期大C“天宮一號”比“國際空間站”運行的角速度小D“天宮一號”比“國際空間站”受到的地球的萬有引力小答案A解析根據(jù)萬有引力提供向心力，有mamrm2r，解得a，T2，故A對，B、C錯因為不知道“天宮一號”和“國際空間站”的質量大小關系，

7、所以無法判斷兩者受到的地球的萬有引力大小關系，D錯7.如圖所示，一個金屬圓環(huán)固定在處于徑向對稱方向水平發(fā)散的磁場中，環(huán)面與磁感線平行，圓環(huán)的密度8g/cm3、橫截面積S10mm2，環(huán)上各處的磁感應強度大小為B0.04T，若在環(huán)中通以順時針方向(俯視)的恒定電流I10A，保持電流恒定，將圓環(huán)由靜止釋放不計空氣阻力，不考慮磁場在圓環(huán)內外的差異，g10m/s2，則下列說法正確的是()A圓環(huán)的張力為零B圓環(huán)有擴張的趨勢C圓環(huán)將向下做自由落體運動D圓環(huán)在0.2s內下落的高度為0.1m答案AD解析因為電流恒定，所以圓環(huán)受到向上恒定的安培力，F(xiàn)BIL，L是圓環(huán)的周長，由于圓環(huán)只受向下的重力和向上的安培力，因

8、此圓環(huán)沒有擴散和收縮的趨勢，張力為零，A項正確，B項錯誤；由于mgLSg>BIL，因此圓環(huán)將向下做初速度為零的勻加速運動，a5m/s2，因此圓環(huán)在0.2s內下落的高度hat20.1m，D項正確，C項錯誤8如圖甲所示，光滑的平行導軌MN、PQ放在水平面上固定不動，導軌表面上放著光滑導體棒ab、cd，兩棒之間用細的絕緣細桿連接，兩導體棒平行且與導軌垂直，現(xiàn)加一垂直導軌平面的勻強磁場，設磁場方向向下為正，磁感應強度B隨時間t的變化如圖乙所示，t1t0t0，不計ab、cd間電流的相互作用，不計導軌的電阻，每根導體棒的電阻為R，導軌間距和絕緣細桿的長均為L，則下列說法正確的是()A在0t1時間內，

9、絕緣細桿先被拉伸后被擠壓B在0t1時間內，導體棒ab中感應電流的方向先是從b到a，后是從a到bC若在0t1時間內流過導體棒的電量為q，則t1時刻的磁感應強度大小為D若在0t1時間內導體棒上產(chǎn)生的總電熱為Q，則t1時刻的磁感應強度大小為答案AD解析在0t1時間內，磁感應強度先變小后增大，因此導體棒和導軌所圍的面積先有擴張趨勢，后有收縮趨勢，因而絕緣細桿先被拉伸后被擠壓，A項正確； 在0t1時間內，磁感應強度先正向減小，后反向增大，根據(jù)楞次定律可知感應電流的方向不變，B項錯誤；設t1時刻磁感應強度的大小為B0，根據(jù)對稱性可知，t0時刻磁感應強度的大小也為B0，則回路中感應電流的大小為I，若在0t1

10、時間內流過導體棒的電量為q，則qIt1，解得B0，C項錯誤；若在0t1時間內導體棒上產(chǎn)生的總電熱為Q，則I2×2R×2t0Q，解得B0，D項正確第卷(非選擇題共62分)二、非選擇題(包括必考題和選考題兩部分第9題第12題為必考題，每個試題考生都必須作答第13題第15題為選考題，考生根據(jù)要求作答)(一)必考題(4題，共 47分)9(6分)某同學用如圖甲所示的實驗裝置做了兩個實驗：一是驗證機械能守恒定律，二是研究勻變速直線運動該同學取了質量分別為m150g和m2150g的兩個鉤碼a、b，用一根不可伸長的輕質細繩跨過定滑輪將它們連在一起，取a、b為研究系統(tǒng)使鉤碼b從某一高度由靜止

11、下落，鉤碼a拖著紙帶打出一系列的點圖乙給出的是實驗中獲取的一條紙帶，0是打下的第一個點，每相鄰兩計數(shù)點間還有4個點未標出，計數(shù)點間的距離如圖乙所示(打點計時器所用電源頻率為50Hz)(1)由圖乙中的數(shù)據(jù)可求得打第“5”點時鉤碼速度的大小為_m/s，鉤碼加速度的大小為_m/s2.(2)在打05點的過程中，系統(tǒng)動能的增加量Ek_J，系統(tǒng)重力勢能的減少量Ep_J(g取9.8m/s，結果保留三位有效數(shù)字)(3)根據(jù)計算結果知Ek_(填“>”、“<”或“”)Ep，出現(xiàn)上述結果的原因是_答案(1)2.404.80(2)0.5760.588(3)<系統(tǒng)不可避免地要克服摩擦力做功解析(1)打

12、第“5”點時鉤碼的速度等于打點“4”、“6”間鉤碼的平均速度，故v5m/s2.40m/s，根據(jù)xaT2，可求得am/s24.80m/s2.(2)在打05點的過程中，系統(tǒng)重力勢能的減少量等于m2重力勢能的減少量減去m1重力勢能的增加量，即Ep(m2m1)gh0.588J，兩鉤碼運動的速度相等，故系統(tǒng)動能的增加量為Ek(m1m2)v20.576J.(3)由(2)知Ek<Ep，出現(xiàn)這一結果是因為系統(tǒng)不可避免地要克服摩擦力做功10(9分)現(xiàn)要測量某未知電阻Rx(阻值約20)的阻值，實驗室有如下實驗器材：A電流表A1(量程為0150mA，電阻r1約為10)B電流表A2(量程為020mA，電阻r23

13、0)C定值電阻R0(100)D滑動變阻器R(010)E直流電源E(電動勢約6V，內阻較小)F開關S與導線若干(1)請在方框中畫出測量電阻Rx的電路圖，并標上相應元件的符號，要求電表的示數(shù)大于其總量程的三分之一(2)寫出電阻Rx的表達式：Rx_(用已知量和一組直接測得的量的字母表示)答案(1)如圖(2)解析(1)從題中給出的器材知，這里對電阻Rx的測量可用伏安法來設計電路由于題給的器材中沒有電壓表，且電流表A2的內阻r2已知，因此電壓可由電流表A2來間接測出，那么電流的測量只能由電流表A1來完成由于電流表A2的量程為020mA，用它測出的最大電壓為Um20×103×30V0.

14、6V，電阻Rx上的最大電流約為Ix0.03A30mA，這時通過電流表A1中的電流約為20mA30mA50mA，這樣我們就不能保證在實際測量中電流表A1的示數(shù)大于其量程(150mA)的.為了增大電流表A1中的電流，我們可以將已知的固定電阻R0(100) 與電流表A2串聯(lián)通過計算我們不難發(fā)現(xiàn)，這種設計完全符合題中的測量要求本題如果用限流法，電路中的最小電流還超出電流表的量程，故控制電路宜采用分壓式，完整的實驗電路設計如答圖所示(2)進行實驗時，在某次合適的測量中記下電流表A1與電流表A2的示數(shù)分別為I1與I2，則有(I1I2)RxI2(r2R0)，故Rx.11(13分)一滑雪運動員以滑雪板和滑雪杖

15、為工具在平直雪道上進行滑雪訓練如圖所示，某次訓練中，他站在雪道上利用滑雪杖對雪面的作用第一次獲得水平推力F60N而向前滑行，其作用時間為t11s，撤除水平推力F經(jīng)過t22s后，他利用滑雪杖對雪面的作用第二次獲得同樣的水平推力且其作用時間仍為1s，之后滑雪杖對雪面不再發(fā)生相互作用已知該滑雪運動員連同裝備的總質量為m50kg，假設在整個運動過程中受到的滑動摩擦力大小恒為f10N，求該滑雪運動員(可視為質點)從運動到停下來滑行的總距離答案9.6m解析第1s內對滑雪運動員受力分析， 設加速度為a1，運動的位移為x1，第1s末的速度為v1，則由牛頓第二定律得a11m/s2根據(jù)運動學公式可得x1a1t0.

16、5mv1a1t11m/s第一次撤除水平推力F后，設加速度為a2，減速運動的位移為x2，第3s末的速度為v2，則由牛頓第二定律得a20.2m/s2根據(jù)運動學公式得x2v1t2a2t1.6mv2v1a2t20.6m/s第二次水平推力F作用時，設加速度為a3，運動的位移為x3，第4s末的速度變?yōu)関3，則由牛頓第二定律得a3a1根據(jù)運動學公式得x3v2t3a3t1.1mv3v2a3t31.6m/s第二次撤除水平推力F后，設加速度為a4，速度減為零時運動的位移為x4，則由牛頓第二定律得a4a2根據(jù)運動學公式得x46.4m故該滑雪運動員從運動到停下來滑行的總路程為xx1x2x3x49.6m12(19分)如

17、圖所示，一面積為S的單匝圓形金屬線圈與阻值為R的電阻連接成閉合電路，不計圓形金屬線圈及導線的電阻線圈內存在一個方向垂直紙面向里、磁感應強度大小均勻增加且變化率為k的磁場Bt.電阻R兩端并聯(lián)一對平行金屬板M、N，兩板間距為d，N板右側xOy坐標系(坐標原點O在N板的下端)的第一象限內，有垂直紙面向外的勻強磁場，磁場邊界OA和y軸的夾角AOy45°，AOx區(qū)域為無場區(qū)在靠近M板處的P點由靜止釋放一質量為m、帶電荷量為q的粒子(不計重力)，經(jīng)過N板的小孔，從點Q(0，l)垂直y軸進入第一象限，經(jīng)OA上某點離開磁場，最后垂直x軸離開第一象限求：(1)平行金屬板M、N獲得的電壓U；(2)yOA

18、區(qū)域內勻強磁場的磁感應強度B；(3)粒子從P點射出到到達x軸的時間答案(1)kS(2)(3)(2dl)解析 根據(jù)法拉第電磁感應定律，閉合電路的電動勢為ESkS因平行金屬板M、N與電阻并聯(lián)，故M、N兩板間的電壓為UUREkS(2)帶電粒子在M、N間做勻加速直線運動，有qUmv2帶電粒子進入磁場區(qū)域的運動軌跡如圖所示，有qvBm由幾何關系可得rrcot45°l聯(lián)立得B(3)粒子在電場中，有datqma粒子在磁場中，有Tt2T粒子在第一象限的無場區(qū)中，有svt3由幾何關系得sr粒子從P點射出到到達x軸的時間為tt1t2t3聯(lián)立以上各式可得t(二)選考題：共15分請考生從給出的3道物理題中任

19、選一題作答如果多做，則按所做的第一題計分13物理選修33(15分)(1)(6分)某高中課外探究小組將4只相同的氣球充以質量相等的空氣(可視為理想氣體)，放在水平的玻璃板上，并在氣球的上面再放一玻璃板下列說法正確的是_A氣球內氣體的壓強是由于氣體分子之間的斥力而產(chǎn)生的B氣球內氣體的壓強是由于大量氣體分子的碰撞而產(chǎn)生的C若在上玻璃板上再放一個杯子，則氣球內氣體體積不變(氣球內氣體溫度可視為不變)D若在上玻璃板上再放一個杯子，則氣球內氣體內能不變(氣球內氣體溫度可視為不變)E若在上玻璃板上再放一個杯子，則氣球內氣體壓強不變(氣球內氣體溫度可視為不變)(2)(9分)如圖所示是正在使用的飲水機，在桶的上

20、部有1000mL的氣體，氣體的壓強為1.0×105Pa.某同學接了半杯水之后，再沒有氣體進入水桶，但桶內氣體體積增加了200mL.經(jīng)過足夠長的時間之后，桶內氣體的溫度與接水前一致，試求此時桶內氣體的壓強，并判斷桶內氣體是吸熱還是放熱(結果保留兩位有效數(shù)字)答案(1)BD(2)8.3×104Pa吸熱解析(1)BD根據(jù)氣體壓強的微觀解釋可知B對，A錯若在上玻璃板上再放一個杯子，由受力分析可知氣球內氣體的壓強增大，故氣球內氣體體積變小，C、E錯氣球內氣體為理想氣體，溫度不變，故氣體內氣體內能不變，D對(2)設氣體初態(tài)壓強為p1，體積為V；末態(tài)壓強為p2，體積為V.由玻意耳定律得p

21、1Vp2V解得p28.3×104Pa氣體溫度不變，說明氣體的內能不變氣體體積增大，對外做功，要使氣體的內能不變，氣體要從外界吸熱14物理選修34(15分)(1)(6分)如圖甲所示是一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t0時刻的波形圖，P是離原點x12m的一個介質質點，Q是離原點x24m的一個介質質點，此時離原點x36m的介質質點剛剛要開始振動圖乙是該簡諧波傳播方向上的某一質點的振動圖象(計時起點相同)由此可知_A這列波的波長4mB這列波的周期T3sC這列波的傳播速度v2m/sD這列波的波源起振方向為向上E乙圖可能是圖甲中質點Q的振動圖象(2)(9分)雨過天晴，人們?？吹教炜罩谐霈F(xiàn)彩虹，它是陽光照射到空中彌漫的水珠上時出現(xiàn)的現(xiàn)象在說明這個現(xiàn)象時，需要分析光線射入水珠后的光路一細束光線射入水珠，水珠可視為一個半徑R10mm的球，球心O到入射光線的垂直距離d8mm，水的折射率n4/3.在圖上畫出該束光線射入水珠后，第一次從水珠中射出的光路圖求這束光線從射入水珠到第一次射出水珠，光線偏轉的角度答案(1)ACE(2)光路如圖所示32°解析(1)由圖象可知波長4m，周期T2s，傳播速度v2m/s，由振動圖象可知質點起振方向向下，結合波動圖象與振動圖象的關系可知Q質點振動方向向上，形式與振動圖象完全一致(2)如圖所示由幾何關系得sin10.8即153°由折射定律得s