【KS5U解析】廣東省揭陽市2020屆高三下學期線上教學摸底物理測試題 Word版含解析

1、揭陽市 2020 年高三物理科線上教學摸底測試說明：本自測題共 14 題，均為單項選擇題。其中，第 1-13 題，每小題 4 分，第 14 小題 3 分，滿分55 分，測試時間 30 分鐘。1. “物理”是取“格物致理”四字的簡稱。在學習物理規(guī)律同時，還需要了解物理學家發(fā)現(xiàn)物理規(guī)律的過程，領悟并掌握處理物理問題的思想與方法。下列敘述正確的是（）a. 在驗證力的平行四邊形定則的實驗中使用了控制變量的方法b. 伽利略采用了斜面實驗，“沖淡”了重力的作用，便于運動時間的測量c. 笛卡爾根據(jù)理想斜面實驗，提出了力不是維持物體運動的原因d. 牛頓三大定律都無法利用實驗來驗證【答案】b【解析】【詳解】a在

2、驗證力的平行四邊形定則的實驗中使用了等效替代的方法，故a錯誤；b伽利略采用了斜面實驗，“沖淡”了重力的作用，延長小球滾下斜面的速度，便于運動時間的測量，b正確；c伽利略根據(jù)理想斜面實驗，提出了力不是維持物體運動的原因，故c錯誤；d牛頓第一定律是利用邏輯思維對事實進行分析的產(chǎn)物，不可能直接用實驗進行驗證，但是牛頓第二定律和牛頓第三定律是可以通過實驗驗證的，d錯誤。故選b。2.為了安全，轎車中都裝有安全氣囊。當發(fā)生劇烈碰撞時，安全氣囊啟動為駕駛員提供保護。關于安全氣囊的作用下列說法正確的是（）a. 減小了駕駛員的動量變化量b. 增大了駕駛員的動量變化量c. 減小了駕駛員的動量變化率d. 減小了駕駛

3、員受到撞擊力的沖量【答案】c【解析】【詳解】在碰撞過程中，人的動量的變化量是一定的，而用安全氣囊后增加了作用的時間，根據(jù)動量定理ft=p可知，可以減小駕駛員受到的沖擊力，故c正確，abd錯誤。故選c3.如圖所示為氫原子的能級圖，用某種頻率的光照射大量處于基態(tài)的氫原子，受到激發(fā)后的氫原子只輻射出三種不同頻率的光a、b、c，頻率abc，下列說法正確的是a. 照射氫原子的光子能量為12.75evb. 從n=3能級躍遷到n=2能級輻射出的光頻率為ac. 從n=3能級躍遷到n=1能級輻射出的光頻率為cd. 光a能使逸出功為10.2ev的某金屬發(fā)生光電效應【答案】d【解析】【詳解】根據(jù)公式，可知，n=3，

4、因此受到激發(fā)后的氫原子處于第n=3能級；a根據(jù)氫原子由n=3躍遷到n=1產(chǎn)生的光子能量與從n=1躍遷到n=3所吸收的光子能量相等可知，照射氫原子的光子能量為：e31=e3-e1=-1.51-（-13.6）=12.09ev，故a錯誤；b頻率大小關系為vavbvc，從n=3躍遷到n=2輻射出的能量最小，即其對應的光頻率為vc，故b錯誤；c氫原子由n=3躍遷到n=1產(chǎn)生的光的能量最大，輻射出的光頻率為va，故c錯誤；d氫由n=3躍遷到n=1產(chǎn)生的光的能量12.09ev，依據(jù)光電效應方程，所以能使逸出功為10.2ev的金屬能發(fā)生光電效應，故d正確4.如圖所示，一光滑小球靜止放置在光滑半球面的底端，用豎

5、直放置的光滑擋板水平向右緩慢地推動小球，則在小球運動的過程中（該過程小球未脫離球面)，木板對小球的推力f1、半球面對小球的支持力f2的變化情況正確的是（ ）a. f1增大，f2減小b. f1減小，f2減小c. f1增大，f2增大d. f1減小，f2增大【答案】c【解析】【詳解】對小球受力分析，受重力、擋板向右的支持力和半球面的支持力，如圖，根據(jù)平衡條件解得：由于不斷增加，故f1增大、f2增大，故c正確。故選c。5.如圖所示，理想變壓器原線圈輸入電壓u=umsint，副線圈電路中r0為定值電阻，r是滑動變阻器v1和 v2是理想交流電壓表，示數(shù)分別用u1和u2表示；a1 和a2

6、 是理想交流電流表，示數(shù)分別用i1和i2表示下列說法正確的是（）a. 和表示電流的瞬時值b. 和表示電壓的最大值c. 滑片p向下滑動過程中，不變、變大d. 滑片p向下滑動過程中，變小、變小【答案】c【解析】【詳解】在交流電中電表顯示的都是有效值，故ab錯誤；滑片p向下端滑動過程中，電阻減小，電壓不變即u2不變，則i2變大，輸出功率變大，輸入功率變大，輸入電壓不變，所以i1變大，故c正確，d錯誤6.a、b、c三點構成等邊三角形，邊長為2cm，勻強電場方向與abc構成的平面的夾角為，電勢a=b=4v，c=1v，下列說法正確的是（）a. 勻強電場場強大小為200v/mb. 勻強電場場強大小

7、100v/mc. 將一個正電荷從a點沿直線移到c點，它的電勢能一直增大d. 將一個正電荷從a點沿直線移到b點，它的電勢能先增大后減小【答案】a【解析】【詳解】ab等邊三角形邊長l=2cm=0.02m，設ab邊中點為o，連接oc根據(jù)幾何關系可得因為故ab為一條等勢線，則電場線與ab垂直，又因為c點電勢畫出該電場的俯視圖和主視圖，分別如圖所示，oc兩點的電勢差電場方向與abc平面的夾角=，根據(jù)電場強度與電勢差之間的關系式，可得故a正確，b錯誤；c正電荷從a點沿直線移到c點，電場力與位移之間的夾角為銳角，電場力做正功，電勢能減小，故c錯誤；dab為一條等勢線，正電荷從a點沿直線移到b點，電場力不做功

8、，電勢能不變，故d錯誤。故選a。7.一物體沿傾角為30°的粗糙斜面從頂端由靜止開始下滑，運動的位移x時間t關系圖像是一段拋物線，如圖所示，g=10m/s2。則（）a. 下滑過程中物體的加速度逐漸變大b. t=0.5s時刻，物體的速度為0.5m/sc. 00.5s時間內(nèi)，物體平均速度為1m/sd. 物體與斜面間動摩擦因數(shù)為【答案】d【解析】【詳解】a由勻變速直線運動位移公式代入圖中數(shù)據(jù)解得a=2m/s2a錯誤；b根據(jù)運動學公式t=0.5s代入方程解得b錯誤；c00.5s時間內(nèi)，物體平均速度c錯誤；d由牛頓第二定律有mgsin30°mgcos30°=ma解得動摩擦因數(shù)

9、d正確。故選d。8.在某次乒乓球比賽中，乒乓球先后兩次落臺后恰好在等高處水平越過球網(wǎng)，過網(wǎng)時的速度方 向均水平向右，把兩次落臺的乒乓球看成完全相同的球1和球2，如圖所示，不計乒乓球的旋轉(zhuǎn)和空氣阻力，乒乓球自起跳到最高點的過程中，下列說法正確的是（）a. 過網(wǎng)時球1的速度小于球2的速度b. 球1的飛行時間大于球2的飛行時間c. 落在臺上起跳時，球1的重力功率等于球2的重力功率d. 球1的速度變化率小于球2的速度變化率【答案】c【解析】【詳解】abc起跳后，乒乓球的運動視為斜拋運動，其逆過程為平拋運動，由得則球1的飛行時間等于球2的飛行時間，過網(wǎng)時球的速度是平拋運動的初速度，根據(jù)以上分析知運動時間

10、相同，球1的水平位移大，故過網(wǎng)時球1的速度大于球2的速度，起跳時，豎直分速度為vy=gt，可知起跳時，兩球豎直方向的分速度是相等的，則此時球1的重力功率等于球2的重力功率，故ab錯誤，c正確；d不計乒乓球的旋轉(zhuǎn)和空氣阻力，知兩球加速度等于g，相同，速度變化率即為加速度，故球1的速度變化率等于球2的速度變化率，故d錯誤。故選c。9.如圖所示，衛(wèi)星a和b分別在半徑相同的軌道上繞金星和地球做勻速圓周運動，已知金星的質(zhì)量小于地球的質(zhì)量，則（）a. a、b的線速度大小相等b. a的角速度較大c. a的周期較大d. a的向心加速度較大【答案】c【解析】【詳解】衛(wèi)星繞星球做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力解

11、得，分析題意可知，金星的質(zhì)量小于地球質(zhì)量，則b的角速度大，b的周期小，b的線速度大，b的向心加速度大，故abd錯誤，c正確。故選c。10.如圖所示，由同種材料制成，粗細均勻，邊長為l、總電阻為r的單匝正方形閉合線圈 mnpq放置在水平面上，空間存在方向豎直向下、磁感應強度大小為b的有界勻強磁場，磁場兩邊界成=角?，F(xiàn)使線圈以水平向右的速度勻速進入磁場，則（）a. 當線圈中心經(jīng)過磁場邊界時，p點的電勢比n點高b. 當線圈中心經(jīng)過磁場邊界時，n、p兩點間的電勢差u=blvc. 當線圈中心經(jīng)過磁場邊界時，線圈所受安培力大小d. 線圈從開始進入磁場到其中心經(jīng)過磁場邊界的過程中，通過導線某一橫截面的電荷量

12、【答案】d【解析】【詳解】a當線圈中心經(jīng)過磁場邊界時，此時切割磁感線的有效線段為np，由右手定則可知，p點的電勢比n點低，故a錯誤；b根據(jù)法拉第電磁感應定律，np產(chǎn)生的感應電動勢為，此時n、p兩點間的電勢差u為路端電壓，有故b錯誤；c當線圈中心經(jīng)過磁場邊界時，qp、np受安培力作用，且兩力相互垂直，故合力為故c錯誤；d根據(jù)法拉第電磁感應定律和歐姆定律，有，通過導線某一橫截面的電荷量為故d正確。故選d。11.如圖，m、n和p是以mn為直徑的半圓弧上的三點，o點為半圓弧的圓心，mop=。在m、n處各有一條長直導線垂直于紙面放置，導線中通有大小相等的恒定電流、方向如圖所示，這時o點磁感應強度的大小為

13、b1；若將n處的長直導線移至p處，則o點的磁感應強度大小變?yōu)閎2。則b1與b2之比為a. 11b. 1c. 1d. 21【答案】c【解析】【詳解】由題意可知o點為mn的中點，o點磁感應強度的大小為b1，則可知m和n在o點處產(chǎn)生的磁場磁感應強度為；當將n處的長直導線移至p處后，m和n在o處產(chǎn)生的磁場如圖所示：由幾何關系可知o點的合磁感應強度大小為：所以：故c正確，abd錯誤。故選c。12.如圖所示，兩平行板間有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度為b，板長為l，兩板間距離為l。有一個帶電量為q、質(zhì)量為m的粒子，以水平速度v，從靠近上板邊緣處進入該磁場，粒子恰能從下極板右側邊緣離開磁場，不計粒子重力

14、。則（）a. 該粒子帶正電b. 該粒子做勻變速曲線運動c. 該粒子在磁場中運動的時間為d. 該粒子離開磁場時速度偏轉(zhuǎn)角為【答案】d【解析】【詳解】a根據(jù)題意可知，粒子向下偏轉(zhuǎn)，受到洛倫茲力向下，所以粒子帶負電，故a錯誤；b根據(jù)題意粒子在磁場中做勻速圓周運動，即做變加速曲線運動，故b錯誤；c粒子在磁場中做勻速圓周運動的軌跡如圖所示設圓周半徑為r，圓心角為，由勾股定理有解得故有可知圓心角為則速度偏向角為，則粒子在磁場中運動的時間為故c錯誤，d正確。故選d13.如圖，水平傳送帶以恒定速度順時針轉(zhuǎn)動，傳送帶右端上方的擋板上固定著一輕彈簧將小物塊p輕放在傳送帶左端，p在接觸彈簧前速度已達到v，與彈簧接觸

15、后彈簧的最大形變量為dp的質(zhì)量為m，與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g從p開始接觸彈簧到彈簧第一次達到最大形變的過程中a. p的速度一直減小b. 傳送帶對p做功功率一直減小c. 傳送帶對p做的功w<mgdd. 彈簧的彈性勢能變化量ek=mv2+mgd【答案】c【解析】【詳解】a項：p與彈簧接觸后在水平方向受彈簧力作用， p受的靜摩擦力向右，p做勻速運動，運動到彈力與最大摩擦力相等時，p物體由慣性p繼續(xù)壓縮彈簧，p接下來做減速運動直到速度為零，故a錯誤；b項：由公式可知，由于p先做勻速后做減速，由于靜摩擦力增大，速度不變，所以功率先增大，后滑動摩擦力不變

16、，速度減小，所以功率減小，故b錯誤；c項：由于p開始到彈力與最大靜摩擦力相等的過程中p受的為靜摩擦力，后來為滑動摩擦力，所以傳送帶對p做的功小于mgd，故c正確；d項：對滑塊由動能定理得：，由于，所以彈簧的彈性勢能變化量小于mv2+mgd，故d錯誤故選c14.某同學欲將電流表改裝為兩用電表，即中央刻度為15的“×1”擋的歐姆表及量程為 015v的電壓表，實驗室可提供的器材有a.一節(jié)全新的5號干電池（電動勢e=1.5v，內(nèi)阻不計）b.電流表a1（量程010ma，內(nèi)阻為25）c.電流表a2（量程0100ma，內(nèi)阻為2.5） d.滑動變阻器r1（030）e.滑動變阻器r2（03）f.定值電阻r3（117.5）g.定值電阻r4（120）h.定值電阻r5（147.5）l.單刀雙擲開關s，一對表筆及若干導線(1)圖中電流表應選用_（選填“b”或“c”），滑動變阻器應選用_（選填“d”或“e”），定值電阻r0應選_（選填“f"“g"或“h”）；(2)在正確選用器材的情況下，正確連接好實驗電路。若電流表滿偏電流為ig，則電阻刻度盤上指針指在處應標上_。（填寫具體數(shù)值）以上四空答案依次是_a.b、