福建師大附中2012屆高三高考模擬（解析版）-理綜物理

1、福建省師大附中2012屆高三高考模擬理科綜合物理試題13從地面以速率v0豎直上拋一個可視為質(zhì)點(diǎn)的小球，由于受空氣阻力，小球落回地面的速率減為v0/2，若空氣阻力與運(yùn)動速率成正比，則整個運(yùn)動過程的速度圖象（以豎直向上為正）為下列圖中的哪一個？13【答案】A【解析】由題意知，小球在上升過程中受到的阻力向下，設(shè)加速度為a，則由牛頓第二定律得mg+kv=ma，a=，因?yàn)関減小，所以a減小，v-t圖像的斜率減?。恍∏蛟谙侣溥^程中受到的阻力向上，設(shè)加速度為，則由牛頓第二定律得mg-kv=m，=，因?yàn)関增大，所以a減小，v-t圖像的斜率也減小，所以圖像為曲線，BC錯；全過程中圖像斜率一直減小，A對，D錯。1

2、4如圖所示，一束紅光PA從A點(diǎn)射入一球形水珠，光線在第一個反射點(diǎn)B反射后到達(dá)C點(diǎn)，CQ為出射光線，O點(diǎn)為球形水珠的球心。下列判斷中正確的是 A光線在B點(diǎn)可能發(fā)生了全反射B光從空氣進(jìn)入球形水珠后，波長變長了C光從空氣進(jìn)入球形水珠后，頻率增大了D僅將紅光改為紫光，光從A點(diǎn)射入后到達(dá)第一個反射點(diǎn)的時(shí)間增加了14【答案】D【解析】如圖連接OA，OB分別作出A、B兩點(diǎn)的法線，由OA=OB光線在A點(diǎn)的折射角與光線在B點(diǎn)的入射角相同，根據(jù)光路的可逆性，光線在B點(diǎn)一定不能發(fā)生全反射，A錯；光從空氣進(jìn)入球形水珠后，由，n變大，v減小，頻率f不變， C錯，得波長變短了，B錯；將紅光改為紫光，折射角變小，折射光線要

3、在紅光的里面，所以光從A點(diǎn)射入后到達(dá)第一個反射點(diǎn)的距離x增大了，如上圖所示，n變大，v減小，根據(jù)得到t增大，D對。0.2y/cmOPQ70140210280x/cm15一列簡諧橫波在t=0時(shí)刻的波形圖如圖所示，t=0.35s時(shí)Q質(zhì)點(diǎn)第二次到達(dá)正向最大位移處，而此時(shí)P質(zhì)點(diǎn)正通過平衡位置向-y方向運(yùn)動，則該波的傳播方向及波速大小為 A沿+x傳播，5m/s B沿+x傳播，7m/sC沿-x傳播，5m/s D沿-x傳播，7m/s，C對，D錯。16如圖所示，理想變壓器的副線圈上通過輸電線接有三個燈炮L1、L2和L3，輸電線的等效電阻為R，原線圈接有一個理想的電流表，開始時(shí)，開關(guān)S接通，當(dāng)S斷開時(shí)，以下說法

4、中正確的是 A燈炮L1和L2變亮 B原線圈中電流表示數(shù)增大C等效電阻R上消耗的功率變大 D原線圈兩端P、Q間的輸入電壓減小16【答案】A【解析】當(dāng)S斷開時(shí)，副線圈的電流減小，通過等效電阻R上的電流減小，根據(jù)等效電阻R上消耗的功率變小，C錯；根據(jù)，等效電阻R上的電壓變小，根據(jù)，不變，U12增大，即燈炮L1和L2變亮，A對；根據(jù)電流關(guān)系是副線圈的電流決定原線圈的電流，副線圈的電流減小，所以原線圈中電流表示數(shù)減小，B錯；原線圈兩端P、Q間的輸入電壓只與接入的電源電壓有關(guān)，即輸入電壓不變，D錯。17科學(xué)研究表明地球的自轉(zhuǎn)在變慢四億年前，地球每年是400天，那時(shí)，地球自轉(zhuǎn)的周期為21.5h，科學(xué)家們猜想

5、，地球自轉(zhuǎn)變慢的原因主要有兩個：一個是潮汐時(shí)海水與海岸碰撞、與海底摩擦而使能量變成內(nèi)能；另一個是由于潮汐的作用，地球把部分自轉(zhuǎn)能量傳給了月球，使月球的機(jī)械能增加了（不考慮對月球自轉(zhuǎn)的影響），由此可以判斷，與四億年前相比，現(xiàn)在月球繞地球公轉(zhuǎn)的 A半徑減小 B周期增大 C. 線速度增大 D角速度增大17【答案】B【解析】根據(jù)題意的另一個原因由于潮汐的作用，地球把部分自轉(zhuǎn)能量傳給了月球，使月球的機(jī)械能增加了（不考慮對月球自轉(zhuǎn)的影響），假設(shè)月球到地球的距離不變，則勢能不變，其動能增加，速度變大，根據(jù)向心力增大，將大于地球?qū)υ虑虻娜f有引力，所以月球?qū)⒆鲭x心運(yùn)動，即軌道半徑r將增大，A錯；根據(jù)得，線速度v

6、減小，C錯；根據(jù)得，周期T增大，B對；根據(jù)得，角速度減小，D錯。18陰極射線示波管的聚焦電場是由電極Al、A2形成，實(shí)線為電場線，虛線為等勢線，軸為該電場的中心軸線，P、Q、R為一個從左側(cè)進(jìn)入聚焦電場的電子運(yùn)動軌跡上的三點(diǎn)，不計(jì)電子的重力，則 A電極A1的電勢高于電極A2的電勢B電子在P點(diǎn)處的動能大于在Q點(diǎn)處的動能C電場中Q點(diǎn)的電場強(qiáng)度小于R點(diǎn)的電場強(qiáng)度D電子從P至R的運(yùn)動過程中，電場力對它一直做正功18【答案】D【解析】根據(jù)沿電場線方向電勢降低，且電場線從右向左，所以右邊電極A2電勢高，左邊電極A1的電勢低，A錯；因電場線從右向左，電子所受電場力從左向右，電子從p到Q水平位移也從左向右，所以

7、電場力對電子做正功，電勢能減小，動能增大，即Q點(diǎn)的動能大于p點(diǎn)的動能，B錯；由圖知Q處的等勢面比R處的等勢面要密集，根據(jù)等勢面的密集程度代表場強(qiáng)的大小，所以Q點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于R點(diǎn)的電場強(qiáng)度，C錯；電子從P至R的運(yùn)動過程中，電子所受電場力從左向右，電子從p到R位移也從左向右，所以電場力對電子一直做正功，D對。第卷（非選擇題 共192分）必考部分19（18分）ABCDO單位：mm（1）（1）在探究物體僅在重力作用下是否做勻變速直線運(yùn)動的實(shí)驗(yàn)中，利用打出來的紙帶可以測出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?。某次?shí)驗(yàn)得到的紙帶如圖所示，O、A、B、C、D為相鄰的五個點(diǎn)，測得OA=5.6mm、OB=15.0mm、OC=28

8、.3mm、OD=45.5mm，打下相鄰兩個點(diǎn)間的時(shí)間間隔為0.02s。 當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭 = m/s2。（結(jié)果保留三位有效數(shù)字） 把問題中求得的重力加速度與當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊臉?biāo)準(zhǔn)值比較，發(fā)現(xiàn)兩者并不相等，除了讀數(shù)誤差外，你認(rèn)為產(chǎn)生誤差的其它原因可能是 （只要求寫出一種原因）。（2）（12分）關(guān)于做“測電源電動勢和內(nèi)電阻”的實(shí)驗(yàn)有同學(xué)按圖（a）電路進(jìn)行連接，他用到的6根導(dǎo)線是aa、bb、cc、dd、de和bf ，由于其中混進(jìn)了一根內(nèi)部斷開的導(dǎo)線，所以當(dāng)他按下開關(guān)后，發(fā)現(xiàn)兩個電表的指針均不偏轉(zhuǎn)，他用多用表的電壓檔測量bc間的電壓，讀數(shù)約為1.5V（已知電池電動勢約為1.5V），由于只有一根導(dǎo)線內(nèi)部

9、斷開，根據(jù)上述現(xiàn)象可推得，這6根導(dǎo)線中哪幾根可能內(nèi)部是斷開的？答：_（寫導(dǎo)線編號）。為了確定哪一根導(dǎo)線的內(nèi)部是斷開的，他至少還要用多用表的電壓檔再測量幾次？答：_次AaVabcdef圖（a）00.51.01.50.70.91.3I/AU/V1.11.5123456圖（b）排除故障后，該同學(xué)通過改變滑動變阻器的電阻，測得了6組U、I的數(shù)據(jù)，根據(jù)第1、2、3、4、5和6組的數(shù)據(jù)，他在U-I圖上標(biāo)出了這些數(shù)據(jù)點(diǎn)，并且按照這些數(shù)據(jù)點(diǎn)的分布繪制了相應(yīng)的U-I圖線如圖（b）所示，由這一圖線，可求得電源的電動勢E為_V，內(nèi)電阻r為_。如果他不利用這一圖線，而是利用任意兩組U、I數(shù)據(jù)，那么當(dāng)他選擇哪二組數(shù)據(jù)求

10、出的E、r值時(shí)誤差最大？答：_（寫數(shù)據(jù)組編號如1和2；3和4；5和6） 。19【答案】（1） 9.69m/s2 （4分） 紙帶與限位孔之間的阻力、空氣阻力等。（2分）（2）bb、cc（3分。錯選不得分，漏選得2分）；1（3分）X4X3X2X11.45（或1.46、1.44）（2分）；0.5（或0.51、0.49）（2分）；2、3（2分）ABCDO單位：mm【解析】（1）如右圖分別計(jì)算出：X1=5.6m X2=15.0-5.6=9.4mm=9.4m X3=28.3-15.0=13.3mm=13.3m X4=45.5-28.3=17.2mm=17.2m 根據(jù)，T=0.02s將數(shù)據(jù)代入解得g=9.6

11、9m/s2 20（15分）正方形金屬線框abcd，每邊長，總質(zhì)量m，回路總電阻R，用細(xì)線吊住，線的另一端跨過兩個定滑輪，掛著一個質(zhì)量為M的砝碼。線框上方為一磁感應(yīng)強(qiáng)度B的有界勻強(qiáng)磁場區(qū)，如圖，線框abcd在砝碼M的牽引下做加速運(yùn)動，當(dāng)線框上邊ab進(jìn)入磁場后立即做勻速運(yùn)動。求：（1）此時(shí)磁場對線框的作用力多大？線框勻速上升的速度多大？（2）線框勻速進(jìn)入磁場的過程中，重物M有多少重力勢能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔埽?0【答案】（1） F=Mg- mg ； v= （2）【解析】（1）當(dāng)線框上邊ab進(jìn)入磁場，由于線框勻速運(yùn)動，線框受力平衡，F(xiàn)+mg=Mg （2分） F=Mg- mg （1分）線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流I，由楞

12、次定律可知產(chǎn)生阻礙運(yùn)動的安培力為 （2分）由公式 （2分）由歐姆定律可得 （2分）聯(lián)立求解得 v= （1分） （2）由能量守恒可得產(chǎn)生電能為（5分）用其它方法得出正確結(jié)果同樣給分。21（19分）如圖所示，地面和半圓軌道面PTQ均光滑。質(zhì)量M = l kg、長L = 4 m的小車放在地面上，右端與墻壁的距離為s = 3 m，小車上表面與半圓軌道最低點(diǎn)P的切線相平。現(xiàn)有一質(zhì)量m = 2 kg的滑塊(不計(jì)大小)以v0 = 6 m/s的初速度滑上小車左端，帶動小車向右運(yùn)動。小車與墻壁碰撞時(shí)即被粘在墻壁上，已知滑塊與小車表面的滑動摩擦因數(shù) = 0.2，g取10 m/s2。求： (1)判斷小車與墻壁碰撞前

13、是否已與滑塊相對靜止并求小車與墻壁碰撞時(shí)滑塊的速度； (2)若滑塊在圓軌道滑動的過程中不脫離軌道，求半圓軌道半徑R的取值范圍。21【答案】（1）小車與墻壁碰撞前滑塊與小車相對靜止； Vt=4m/s （2）R0.24m或R0.60m 【解析】（1）由牛頓第二定律，對滑塊：-mg=ma1 (1分)對小車：mg=Ma2 （1分）但滑塊相對小車靜止時(shí)，兩者速度相等，即：v0+a1t=a2t （1分）此時(shí) v1=v2=4m/s （1分）滑塊的位移為：s1=v0t+a1t2 （1分）滑塊與小車的相對位移為：L1=s1-s2 （1分）聯(lián)立解得，L1=3m，s2=2m （2分）因L1<L，s2<s

14、，說明小車與墻壁碰撞前滑塊與小車已具有共同速度，且共速時(shí)小車與墻壁還未發(fā)生碰撞，故小車與墻壁碰撞時(shí)的速度為：Vt=4m/s （1分）（2）與墻碰后滑塊將在小車上繼續(xù)向右做初速度為v1=4m/s，位移為L2=L-L1=1m的勻減速運(yùn)動，然后滑上圓軌道的最低點(diǎn)P。若滑塊恰能滑過圓的最高點(diǎn)，設(shè)滑至最高點(diǎn)的速度為v，臨界條件為Mg=mv2/R （2分）根據(jù)動能定理，有-mgL2-mg·2R=mv2-mv12 （2分）解得 R=0.24m （1分）若滑塊恰好滑至1/4圓弧到達(dá)T點(diǎn)時(shí)就停止，則滑塊也能沿圓軌道運(yùn)動而不脫離圓軌道。根據(jù)動能定理，有-mgL2-mgR=0-mv12 （2分）解得R=0

15、.6m （1分）綜上所述，滑塊在圓軌道運(yùn)動過程中不脫離圓軌道，則半圓軌道的半徑必須滿足：R0.24m或R0.60m （1分）22（20分）如圖甲所示，M和N是相互平行的金屬板，OO1O2為中線，O1為板間區(qū)域的中點(diǎn)，P是足夠大的熒光屏帶電粒子連續(xù)地從O點(diǎn)沿OO1方向射入兩板間帶電粒子的重力不計(jì)。 （1）若只在兩板間加恒定電壓U，M和N相距為d，板長為L（不考慮電場邊緣效應(yīng)）若入射粒子是不同速率、電量為e、質(zhì)量為m的電子，試求能打在熒光屏P上偏離點(diǎn)O2最遠(yuǎn)的電子的動能 （2）若兩板間沒有電場，而只存在一個以O(shè)1點(diǎn)為圓心的圓形勻強(qiáng)磁場區(qū)域，磁場方向垂直紙面向里，已知磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.50T，兩板間

16、距cm，板長L=l.0cm，帶電粒子質(zhì)量m=2.0×1025kg，電量q=8.0×10-18C，入射速度×105m/s若能在熒光屏上觀察到亮點(diǎn)，試求粒子在磁場中運(yùn)動的軌道半徑r，并確定磁場區(qū)域的半徑R應(yīng)滿足的條件（不計(jì)粒子的重力） （3）若只在兩板間加如圖乙所示的交變電壓u，M和N相距為d，板長為L（不考慮電場邊緣效應(yīng)）入射粒子是電量為e、質(zhì)量為m的電子某電子在時(shí)刻以速度v0射入電場，要使該電子能通過平行金屬板，試確定U0應(yīng)滿足的條件22【答案】（1）Ek= （2） r=8.7×10-3m ；R5×10-3m （3） U0 【解析】（1）電子在

17、兩極板間的加速度a= （1分）通過金屬板的時(shí)間t= （1分）對打在熒光屏上偏離點(diǎn)O2最遠(yuǎn)的粒有d=at2 （1分）有動能定理得：Ek=eU+mv2 （1分）聯(lián)立解得：Ek= （1分）（2）由牛頓第二定律可知，qvB= （2分）代入數(shù)據(jù)解得 r=5×10-3m=8.7×10-3m （1分）如圖所示，設(shè)恰好在熒光屏P上觀察到亮點(diǎn)時(shí)，粒子偏轉(zhuǎn)角為2，磁場區(qū)域的最大半徑為R0，由幾何關(guān)系可知tan2= ,tan= （2分）代入數(shù)據(jù)解得R0=5×10-3m （1分）則R應(yīng)滿足的條件R5×10-3m （1分）（3）交變電壓的周期 T=，則t0=T電子通過金屬板的時(shí)間

18、 t=T （1分）電子在兩極板間的加速度 a= （1分）設(shè)電子分別在TT、TT、TT、TT時(shí)間內(nèi)沿垂直于初速度方向運(yùn)動的位移依次為y1、y2、y3、y4，則有y1=y3=-a (T-t0)2 （1分）選考部分第卷選考部分共5題，共35分。其中第28、29題為物理題，第30、31題為化學(xué)題，考生從兩道物理題、兩道化學(xué)題中各任選一題作答，若第28、29題都作答，則按第28題計(jì)分，若30、31題都作答，則按第30題計(jì)分；第32題為生物題，是必答題。請將答案都填寫在答題卡選答區(qū)域的指定位置上。28物理選修33（本題共有兩小題，每小題6分，共12分。每小題只有一個選項(xiàng)符合題意。）（1）右圖為兩分子系統(tǒng)的勢能Ep與兩分子間距離r的關(guān)系曲線。下列說法正確的是 （填選項(xiàng)前的字母）A當(dāng)r等于r1時(shí)，分子間的作用力為零B當(dāng)r小于r1時(shí)，分子間的作用力表現(xiàn)為斥力C當(dāng)r大