2017年四川省德陽市高考物理一診試卷(解析版)

1、2017年四川省德陽市高考物理一診試卷一、選擇題（本題共11小題，每小題4分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第911題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）1下列說法正確的是（）A力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因B物體的速度方向改變，則加速度方向一定改變C物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的改變是指其加速度在變化D物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的變化是指其速度在變化2如果一物體在任意相等的時(shí)間內(nèi)受到的沖量相等，則此物體的運(yùn)動(dòng)不可能是（）A勻速圓周運(yùn)動(dòng)B自由落體運(yùn)動(dòng)C平拋運(yùn)動(dòng)D豎直上拋運(yùn)動(dòng)3如圖所示，某人通過光滑的定滑輪拉住一重物，當(dāng)人向右跨出一步后，人與物體仍保持靜止，則下列說法正確的

2、是（）A人對(duì)繩子的拉力增大B地面對(duì)人的支持力不變C地面對(duì)人的摩擦力減小D人對(duì)地面的作用力增大4一質(zhì)點(diǎn)沿直線運(yùn)動(dòng)，其平均速度與時(shí)間的關(guān)系滿足v=2+t（各物理量均選用國際單位制中單位），則關(guān)于該質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是（）A質(zhì)點(diǎn)可能做勻減速直線運(yùn)動(dòng)B5 s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的位移為35 mC質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的加速度為1 m/s2D質(zhì)點(diǎn)3 s末的速度為5 m/s510月17日發(fā)射的“神舟十一號(hào)”飛船于10月21日與“天宮二號(hào)”順利實(shí)現(xiàn)了對(duì)接在對(duì)接過程中，“神舟十一號(hào)”與“天宮二號(hào)”的相對(duì)速度非常小，可以認(rèn)為具有相同速率它們的運(yùn)動(dòng)可以看作是繞地球的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)“神舟十一號(hào)”的質(zhì)量為m，對(duì)接處距離地球表面高度為h

3、，地球的半徑為r，地球表面處的重力加速度為g，不考慮地球自轉(zhuǎn)的影響，“神舟十一號(hào)”在對(duì)接時(shí)，下列結(jié)果正確的是（）A對(duì)地球的引力大小為mgB向心加速度為gC周期為D動(dòng)能為6如圖所示，在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中的O點(diǎn)固定一點(diǎn)電荷+Q，a、b、c、d、e，為以O(shè)點(diǎn)為球心的同一球面上的點(diǎn)，aecf平面水平，bedf平面與勻強(qiáng)電場(chǎng)垂直，則下列說法中正確的是（）Aa、c兩點(diǎn)電勢(shì)相等Bd、f兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等C將點(diǎn)電荷+q從球面上b點(diǎn)移到c點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為零D將點(diǎn)電荷+q在球面上任意兩點(diǎn)之問移動(dòng)，從e點(diǎn)移動(dòng)到f點(diǎn)的電勢(shì)能變化量最大7如圖所示，放在光滑水平桌面上的A、B兩小木塊中部夾一被壓縮的輕彈簧，當(dāng)輕彈簧被

4、放開時(shí)，A、B兩小木塊各自在桌面上滑行一段距離后，飛離桌面落在地面上若mA=3mB，則下列結(jié)果正確的是（）A若輕彈簧對(duì)A、B做功分別為W1和W2，則有W1：W2=1：1B在與輕彈簧作用過程中，兩木塊的速度變化量之和為零C若A、B在空中飛行時(shí)的動(dòng)量變化量分別為p1和p2，則有p1：p2=1：1D若A、B同時(shí)離開桌面，則從釋放輕彈簧開始到兩木塊落地的這段時(shí)間內(nèi)，A、B兩木塊的水平位移大小之比為l：38某位同學(xué)在電梯中用彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)量一物體的重力，在0至t3時(shí)間段內(nèi)，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)F隨時(shí)間 t變化如圖所示，以豎直向上為正方向，則下列關(guān)于物體運(yùn)動(dòng)的at圖、vt圖及Pt圖（P為物體重力的功率大小）可能

5、正確的是（）ABCD9甲、乙兩船在同一河流中同時(shí)開始渡河，河水流速為v0，船在靜水中的速率均為v，甲、乙兩船船頭均與河岸成角，如圖所示，已知甲船恰能垂直到達(dá)河正對(duì)岸的A點(diǎn)，乙船到達(dá)河對(duì)岸的B點(diǎn)，A、B之間的距離為L(zhǎng)，則下列判斷正確的是（）A乙船先到達(dá)對(duì)岸B若僅是河水流速v0增大，則兩船的渡河時(shí)間都不變C不論河水流速v0如何改變，只要適當(dāng)改變角，甲船總能到達(dá)正對(duì)岸的A點(diǎn)D若僅是河水流速v0增大，則兩船到達(dá)對(duì)岸時(shí)，兩船之間的距離仍然為L(zhǎng)10如圖所示，帶電質(zhì)點(diǎn)P1固定在光滑的水平絕緣面上，在水平絕緣面上距P1一定距離處有另一個(gè)帶電質(zhì)點(diǎn)P2，P2在水平絕緣面上運(yùn)動(dòng)，某一時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P2以速度v沿垂直于P1

6、 P2的連線方向運(yùn)動(dòng)，則下列說法正確的是（）A若P1、P2帶同種電荷，以后P2一定做速度變大的曲線運(yùn)動(dòng)B若P1、P2帶同種電荷，以后P2一定做加速度變大的曲線運(yùn)動(dòng)C若P1、P2帶異種電荷，以后P2的速度和加速度可能都不變D若P1、P2帶異種電荷，以后P2可能做加速度、速度都變小的曲線運(yùn)動(dòng)11如圖所示，固定于地面、傾角為的光滑斜面上有一輕質(zhì)彈簧，輕質(zhì)彈簧一端與固定于斜面底端的擋板C連接，另一端與物塊A連接，物塊A上方放置有另一物塊B，物塊A、B質(zhì)量均為m且不粘連，整個(gè)系統(tǒng)在沿斜面向下的恒力F作用下而處于靜止?fàn)顟B(tài)某一時(shí)刻將力F撤去，若在彈簧將A、B彈起過程中，A、B能夠分離，則下列敘述正確的是（）

7、A從力F撤去到A、B發(fā)生分離的過程中，彈簧及A、B物塊所構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒BA、B被彈起過程中，A、B即將分離時(shí)，兩物塊速度達(dá)到最大CA、B剛分離瞬間，A的加速度大小為gsinD若斜面為粗糙斜面，則從力F撤去到A、B發(fā)生分離的過程中，彈簧減少的彈性勢(shì)能一定大于A、B增加的機(jī)械能與系統(tǒng)摩擦生熱之和二、非選擇題（包括必考題和選考題兩部分第12題至第16題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答第17題為選考題，考生根據(jù)要求作答）（一）必考題（共53分）12如圖1所示，有人對(duì)“利用頻閃照相研究平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律”裝置進(jìn)行了改變，在裝置兩側(cè)都裝上完全相同的斜槽A、B，但位置有一定高度差，白色與黑色的兩個(gè)相同的小球

8、都從斜槽某位置由靜止開始釋放實(shí)驗(yàn)后對(duì)照片做一定處理并建立直角坐標(biāo)系，得到如圖所示的部分小球位置示意圖（g取10m/s2）（1）觀察改進(jìn)后的實(shí)驗(yàn)裝置可以發(fā)現(xiàn)，斜槽末端都接有一小段水平槽，這樣做的目的是（2）根據(jù)部分小球位置示意圖（如圖2），下列說法正確的是A閃光間隔為0.1sBA球拋出點(diǎn)坐標(biāo)（0，0）CB球拋出點(diǎn)坐標(biāo)（0.95，0.50）D兩小球作平拋運(yùn)動(dòng)的水平速度大小不等13某實(shí)驗(yàn)小組探究合外力做功和動(dòng)能變化的關(guān)系，他們將寬度一定的擋光片固定在小車上，用不可伸長(zhǎng)的細(xì)線將其通過一個(gè)定滑輪與砝碼盤相連，在水平桌面上的A、B兩點(diǎn)各安裝一個(gè)光電門，記錄小車通過A、B位置時(shí)的遮光時(shí)間，小車中可以放置砝碼

9、（1）實(shí)驗(yàn)主要步驟如下：實(shí)驗(yàn)前應(yīng)將木板左端略微抬高，使小車通過兩光電門的遮光時(shí)間相等，這樣做的目的是；用長(zhǎng)度測(cè)量工具游標(biāo)卡尺測(cè)量擋光片寬度為d，再用刻度尺量得A、B之間的距離為L(zhǎng)；將小車停在C點(diǎn)，在砝碼盤中放上砝碼，小車在細(xì)線拉動(dòng)下運(yùn)動(dòng)，記錄此時(shí)小車（含擋光片及車中砝碼）的質(zhì)量為M，砝碼盤和盤中砝碼的總質(zhì)量為m，小車通過A、B的遮光時(shí)間分別為t1、t2，已知重力加速度為g，則可以得到A至B過程中小車的合外力做功為，小車的動(dòng)能變化量為（用相應(yīng)的字母m、M、t1、t2、L、d表示）；在小車中增減砝碼或在砝碼盤中增減砝碼，重復(fù)的操作（2）為了實(shí)驗(yàn)?zāi)苓_(dá)到預(yù)期效果，步驟中M、m應(yīng)滿足的條件是14如圖甲所

10、示，質(zhì)量為m=1kg的物體置于傾角為=37°的固定且足夠長(zhǎng)的斜面上，對(duì)物體施以平行于斜面向上的拉力F，t1=0.5s時(shí)撤去拉力，物體速度與時(shí)間（vt）的部分圖象如圖乙所示（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）問：（1）拉力F的大小為多少？（2）物體沿斜面向上滑行的最大距離s為多少？15如圖所示，在光滑絕緣水平面上，有一絕緣輕質(zhì)彎桿AOB，AOB=120°，彎桿可繞固定軸O在水平面內(nèi)做無摩擦的自由轉(zhuǎn)動(dòng)桿上A、B兩點(diǎn)分別固定著兩個(gè)質(zhì)量相同的帶電小球，其質(zhì)量均為m，電量分別為+q和2q已知OA=2OB=2L空間存在水平向右，場(chǎng)強(qiáng)大小為

11、E的勻強(qiáng)電場(chǎng)，初始時(shí)刻OA與電場(chǎng)方向平行（忽略兩小球間的相互作用）問：（1）選O點(diǎn)電勢(shì)為0，求A、B兩球在初始時(shí)刻處電勢(shì)能之和；（2）從初始位置開始釋放系統(tǒng)，問轉(zhuǎn)過30°角時(shí)B球的速度是多少？（結(jié)果可用根號(hào)表示）16如圖所示，傾角為的無限長(zhǎng)斜面上PQ部分粗糙，且長(zhǎng)為3L，其余部分都光滑質(zhì)量均為m的四個(gè)小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）置于斜面，每相鄰兩物塊間有一長(zhǎng)為L(zhǎng)且平行于斜面的輕桿，每根桿的上端與物塊粘連而下端與物塊不粘連，各物塊與斜面PQ段的動(dòng)摩擦因數(shù)均為2tanA、B、C、D同時(shí)釋放時(shí)A恰在P點(diǎn)，且各物塊有相同的沿斜面向下的初速度，最終四個(gè)物塊均能通過Q點(diǎn)重力加速度為g求：（1）A在PQ段

12、運(yùn)動(dòng)剛達(dá)到最大速度時(shí)的位置；（2）物塊C剛過P點(diǎn)時(shí)，桿對(duì)物塊D的彈力；（3）要使四個(gè)物塊均能通過Q點(diǎn)最初釋放各物塊時(shí)的初速度應(yīng)該滿足的條件（二）選考題（選修3-4）17一彈簧振子做簡(jiǎn)諧振動(dòng)，則以下說法正確的是（）A振子的質(zhì)量越大，則該振動(dòng)系統(tǒng)的周期越長(zhǎng)B振子的質(zhì)量越大，則該彈簧振子系統(tǒng)的機(jī)械能越大C已知振動(dòng)周期為T，若t=T，則在t時(shí)刻和（t+t）時(shí)刻振子運(yùn)動(dòng)的加速度一定相同D若t時(shí)刻和（t+t）時(shí)刻彈簧的長(zhǎng)度相等，則t一定為振動(dòng)周期的整數(shù)倍E振子的動(dòng)能相等時(shí)，彈簧的長(zhǎng)度不一定相等18一列簡(jiǎn)諧橫波的波形如圖所示，實(shí)線表示t1=0時(shí)刻的波形圖，虛線表示t2=0.005s時(shí)刻的波形圖，求：（i）該

13、簡(jiǎn)諧橫波的振幅與波長(zhǎng)各為多少？（ii）若2Tt2t2T，波速可能為多大？（T為周期）2017年四川省德陽市高考物理一診試卷參考答案與試題解析一、選擇題（本題共11小題，每小題4分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第911題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）1下列說法正確的是（）A力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因B物體的速度方向改變，則加速度方向一定改變C物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的改變是指其加速度在變化D物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的變化是指其速度在變化【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系【分析】明確物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)是指物體的速度，而力是改變物體運(yùn)

14、動(dòng)狀態(tài)的原因，即力是產(chǎn)生加速度的原因，同時(shí)注意理解加速度和速度之間的關(guān)系【解答】解：A、力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，不是維持物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，故A錯(cuò)誤；B、速度方向改變，但加速度方向不一定改變，如物體加速度不變，但先做減速運(yùn)動(dòng)，再做反向的加速運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；CD、運(yùn)動(dòng)狀態(tài)是指物體的速度，故運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的改變即為速度的改變，故C錯(cuò)誤D正確故選：D2如果一物體在任意相等的時(shí)間內(nèi)受到的沖量相等，則此物體的運(yùn)動(dòng)不可能是（）A勻速圓周運(yùn)動(dòng)B自由落體運(yùn)動(dòng)C平拋運(yùn)動(dòng)D豎直上拋運(yùn)動(dòng)【考點(diǎn)】動(dòng)量定理【分析】分析物體的受力情況，再根據(jù)動(dòng)量定理可明確物體的動(dòng)量變化是否相等，明確沖量不變則說明物體受到的一定是恒力【解答

15、】解：如果物體在任何相等的時(shí)間內(nèi)受到的沖量都相同，由I=Ft可知，物體受到的力是恒力則可知，物體可以做自由落體運(yùn)動(dòng)、平拋運(yùn)動(dòng)或豎直上拋運(yùn)動(dòng)；物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所受合外力方向不斷變化，合力為變力，在任何相等時(shí)間內(nèi)，合外力的沖量不相等，故不可能為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，BCD均可能，A不可能；本題選運(yùn)動(dòng)不可能的，故選：A3如圖所示，某人通過光滑的定滑輪拉住一重物，當(dāng)人向右跨出一步后，人與物體仍保持靜止，則下列說法正確的是（）A人對(duì)繩子的拉力增大B地面對(duì)人的支持力不變C地面對(duì)人的摩擦力減小D人對(duì)地面的作用力增大【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；物體的彈性和彈力【分析】對(duì)人進(jìn)行受力分析，明確人受重力、支持力、

16、拉力和靜摩擦力的作用而處于平衡，通過分析拉力的夾角變化判斷各力的變化【解答】解：以物體為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件分析可知，繩子的拉力大小等于物體的重力，沒有變化人受重力、支持力、拉力和靜摩擦力處于平衡，受力如圖設(shè)拉力與豎直方向的夾角為，根據(jù)共點(diǎn)力平衡得 f=Tsin， Tcos+N=mg當(dāng)人拉著繩向右跨出一步后人和物保持靜止，增大，T不變，則靜摩擦力f增大，支持力N增大，根據(jù)牛頓第三定律，人對(duì)地面的壓力增大故D正確，ABC錯(cuò)誤故選：D4一質(zhì)點(diǎn)沿直線運(yùn)動(dòng)，其平均速度與時(shí)間的關(guān)系滿足v=2+t（各物理量均選用國際單位制中單位），則關(guān)于該質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是（）A質(zhì)點(diǎn)可能做勻減速直線運(yùn)動(dòng)B5

17、s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的位移為35 mC質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的加速度為1 m/s2D質(zhì)點(diǎn)3 s末的速度為5 m/s【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系【分析】根據(jù)平均速度和時(shí)間的關(guān)系式得出位移與時(shí)間的關(guān)系式，從而結(jié)合位移時(shí)間公式得出物體的初速度和加速度，結(jié)合速度時(shí)間公式求出質(zhì)點(diǎn)的速度【解答】解：A、根據(jù)平均速度知，x=vt=2t+t2，根據(jù)x=2t+t2知，質(zhì)點(diǎn)的初速度v0=2m/s，加速度a=2m/s2，質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤，C錯(cuò)誤B、5s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的位移x=35m，故B正確D、質(zhì)點(diǎn)在3s末的速度v=v0+at=2+2×3m/s=8m/s，故D錯(cuò)誤故選：B510月

18、17日發(fā)射的“神舟十一號(hào)”飛船于10月21日與“天宮二號(hào)”順利實(shí)現(xiàn)了對(duì)接在對(duì)接過程中，“神舟十一號(hào)”與“天宮二號(hào)”的相對(duì)速度非常小，可以認(rèn)為具有相同速率它們的運(yùn)動(dòng)可以看作是繞地球的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)“神舟十一號(hào)”的質(zhì)量為m，對(duì)接處距離地球表面高度為h，地球的半徑為r，地球表面處的重力加速度為g，不考慮地球自轉(zhuǎn)的影響，“神舟十一號(hào)”在對(duì)接時(shí)，下列結(jié)果正確的是（）A對(duì)地球的引力大小為mgB向心加速度為gC周期為D動(dòng)能為【考點(diǎn)】萬有引力定律及其應(yīng)用【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力公式及角速度、周期、線速度之間的關(guān)系列式即可求解【解答】解：A、神舟十一號(hào)在對(duì)接處的重力加速度小于地球表面的重力加速度，對(duì)地球

19、的引力小于mg，故A錯(cuò)誤；B、在地球表面重力等于萬有引力，有解得：對(duì)接時(shí)，萬有引力提供向心力，有聯(lián)立式得：，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)萬有引力提供向心力，有聯(lián)立得，故C正確；D、根據(jù)萬有引力提供向心力，動(dòng)能，故D錯(cuò)誤；故選：C6如圖所示，在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中的O點(diǎn)固定一點(diǎn)電荷+Q，a、b、c、d、e，為以O(shè)點(diǎn)為球心的同一球面上的點(diǎn)，aecf平面水平，bedf平面與勻強(qiáng)電場(chǎng)垂直，則下列說法中正確的是（）Aa、c兩點(diǎn)電勢(shì)相等Bd、f兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等C將點(diǎn)電荷+q從球面上b點(diǎn)移到c點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為零D將點(diǎn)電荷+q在球面上任意兩點(diǎn)之問移動(dòng)，從e點(diǎn)移動(dòng)到f點(diǎn)的電勢(shì)能變化量最大【考點(diǎn)】電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系

20、；電勢(shì)；電勢(shì)能【分析】本題中電場(chǎng)可以看作是由勻強(qiáng)電場(chǎng)和點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加而成，結(jié)合電場(chǎng)線和等勢(shì)面的分布情況，判斷電場(chǎng)力做功和電勢(shì)能的變化【解答】解：A、在點(diǎn)電荷+Q產(chǎn)生的電場(chǎng)中a、b、c、d、e、f點(diǎn)電勢(shì)相等，但在勻強(qiáng)電場(chǎng)中b、d、e、f點(diǎn)電勢(shì)相等，因此a、c兩點(diǎn)電勢(shì)不相等，故A錯(cuò)誤B、在點(diǎn)電荷+Q產(chǎn)生的電場(chǎng)中d、f點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，而根據(jù)電場(chǎng)的疊加原理可知，d、f兩點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)大小相等故B正確C、將點(diǎn)電荷+q從球面上b點(diǎn)移到c點(diǎn)，點(diǎn)電荷的電場(chǎng)力不做功，但勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)力卻做功，所以電場(chǎng)力做功不為零故C錯(cuò)誤D、將點(diǎn)電荷+q在球面上任意兩點(diǎn)之間移動(dòng)，點(diǎn)電荷的電場(chǎng)力不做功；而兩點(diǎn)間的電勢(shì)差最大，由公

21、式W=Uq知，勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)力做功最大，則從a點(diǎn)移動(dòng)到c點(diǎn)的電勢(shì)能變化量最大，故D錯(cuò)誤；故選：B7如圖所示，放在光滑水平桌面上的A、B兩小木塊中部夾一被壓縮的輕彈簧，當(dāng)輕彈簧被放開時(shí)，A、B兩小木塊各自在桌面上滑行一段距離后，飛離桌面落在地面上若mA=3mB，則下列結(jié)果正確的是（）A若輕彈簧對(duì)A、B做功分別為W1和W2，則有W1：W2=1：1B在與輕彈簧作用過程中，兩木塊的速度變化量之和為零C若A、B在空中飛行時(shí)的動(dòng)量變化量分別為p1和p2，則有p1：p2=1：1D若A、B同時(shí)離開桌面，則從釋放輕彈簧開始到兩木塊落地的這段時(shí)間內(nèi)，A、B兩木塊的水平位移大小之比為l：3【考點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律；功的

22、計(jì)算【分析】彈簧彈開物體過程中，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律求出A、B離開彈簧時(shí)速度大小之比，由動(dòng)能定理求彈簧對(duì)A、B做功之比A、B離開桌面后都做平拋運(yùn)動(dòng)，它們拋出點(diǎn)的高度相同，運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，由動(dòng)量定理分析動(dòng)量變化量之比由x=v0t分析水平位移之比【解答】解：A、彈簧彈開物體過程中，兩物體及彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，取水平向左為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：mAvAmBvB=0，則速度之比 vA：vB=1：3根據(jù)動(dòng)能定理得：輕彈簧對(duì)A、B做功分別為 W1=mAvA2，W2=mBvB2，聯(lián)立解得 W1：W2=1：3，故A錯(cuò)誤B、根據(jù)動(dòng)量守恒定律得知，在與輕彈簧作用過程中，兩木塊的動(dòng)量變化量之和為零，即

23、 mAvA+mBvB=0，可得，vA+vB0，故B錯(cuò)誤C、A、B離開桌面后都做平拋運(yùn)動(dòng)，它們拋出點(diǎn)的高度相同，運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，設(shè)為t由動(dòng)量定理得：A、B在空中飛行時(shí)的動(dòng)量變化量分別為p1=mAgt，p2=mBgt，所以p1：p2=3：1，故C錯(cuò)誤D、平拋運(yùn)動(dòng)水平方向的分運(yùn)動(dòng)是勻速直線運(yùn)動(dòng)，由x=v0t知，t相等，則A、B兩木塊的水平位移大小之比等于vA：vB=1：3故D正確故選：D8某位同學(xué)在電梯中用彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)量一物體的重力，在0至t3時(shí)間段內(nèi)，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)F隨時(shí)間 t變化如圖所示，以豎直向上為正方向，則下列關(guān)于物體運(yùn)動(dòng)的at圖、vt圖及Pt圖（P為物體重力的功率大?。┛赡苷_的是（）AB

24、CD【考點(diǎn)】牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像【分析】根據(jù)物體的受力情況判斷物體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，從而得出電梯的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出速度和功率【解答】解：由于該題沒有告訴彈簧的拉力與重力大小之間的關(guān)系，可以依題意，分三種情況討論：1若F1=mg，則0t1時(shí)間內(nèi)電梯靜止或做勻速直線運(yùn)動(dòng)，即速度等于0，或速度保持不變，加速度等于0四個(gè)圖線沒有是可能的；2若F2=mg，則F1mg，在0t1時(shí)間內(nèi)電梯受到的合外力的方向向下，加速度的方向向下，為負(fù)值所以D是不可能的；加速度的方向向下，則物體0t1時(shí)間內(nèi)在可能向下做加速運(yùn)動(dòng)，速度為負(fù)，故AB是不可能的；而t1t2時(shí)間內(nèi)受到的

25、合外力等于0，物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，物體的速度不變，故B是錯(cuò)誤的；又由：P=mgv，可知t1t2時(shí)間內(nèi)重力的功率不變，故C是錯(cuò)誤的；3若F3=mg，則F1mg，F(xiàn)2mg，在0t2時(shí)間內(nèi)電梯受到的合外力的方向都是向下，加速度的方向向下，故ACD是不可能的；F3=mg，可知在0t1時(shí)間內(nèi)向下的加速度大于t1t2時(shí)間內(nèi)向下的加速度，而t2t3時(shí)間內(nèi)物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以速度圖象如圖，速度的方向向下，重力的方向也向下，由P=mgv可知，圖C是重力的功率隨時(shí)間變化的圖線故C是正確由以上的分析，可知只有C選項(xiàng)是可能的，ABD都是不可能的故選：C9甲、乙兩船在同一河流中同時(shí)開始渡河，河水流速為v0，船在靜水

26、中的速率均為v，甲、乙兩船船頭均與河岸成角，如圖所示，已知甲船恰能垂直到達(dá)河正對(duì)岸的A點(diǎn)，乙船到達(dá)河對(duì)岸的B點(diǎn)，A、B之間的距離為L(zhǎng)，則下列判斷正確的是（）A乙船先到達(dá)對(duì)岸B若僅是河水流速v0增大，則兩船的渡河時(shí)間都不變C不論河水流速v0如何改變，只要適當(dāng)改變角，甲船總能到達(dá)正對(duì)岸的A點(diǎn)D若僅是河水流速v0增大，則兩船到達(dá)對(duì)岸時(shí)，兩船之間的距離仍然為L(zhǎng)【考點(diǎn)】運(yùn)動(dòng)的合成和分解【分析】根據(jù)小船的運(yùn)動(dòng)分解為平行于河岸和垂直于河岸兩個(gè)方向，抓住分運(yùn)動(dòng)和合運(yùn)動(dòng)具有等時(shí)性，可以比較出兩船到達(dá)對(duì)岸的時(shí)間以及兩船沿河岸方向上的位移大小，與間距，從而即可求解【解答】解：A、將小船的運(yùn)動(dòng)分解為平行于河岸和垂直于

27、河岸兩個(gè)方向，抓住分運(yùn)動(dòng)和合運(yùn)動(dòng)具有等時(shí)性，知甲乙兩船到達(dá)對(duì)岸的時(shí)間相等渡河的時(shí)間t=，故A錯(cuò)誤；B、若僅是河水流速v0增大，渡河的時(shí)間t=，則兩船的渡河時(shí)間都不變，故B正確；C、只有甲船速度大于水流速度時(shí)，不論水流速v0如何改變，甲船都可能到達(dá)河的正對(duì)岸A點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；D、若僅是河水流速v0增大，則兩船到達(dá)對(duì)岸時(shí)間不變，根據(jù)速度的分解，船在水平方向的分速度仍不變，則兩船之間的距離仍然為L(zhǎng)故D正確故選：BD10如圖所示，帶電質(zhì)點(diǎn)P1固定在光滑的水平絕緣面上，在水平絕緣面上距P1一定距離處有另一個(gè)帶電質(zhì)點(diǎn)P2，P2在水平絕緣面上運(yùn)動(dòng)，某一時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P2以速度v沿垂直于P1 P2的連線方向運(yùn)動(dòng)，則下

28、列說法正確的是（）A若P1、P2帶同種電荷，以后P2一定做速度變大的曲線運(yùn)動(dòng)B若P1、P2帶同種電荷，以后P2一定做加速度變大的曲線運(yùn)動(dòng)C若P1、P2帶異種電荷，以后P2的速度和加速度可能都不變D若P1、P2帶異種電荷，以后P2可能做加速度、速度都變小的曲線運(yùn)動(dòng)【考點(diǎn)】庫侖定律【分析】分P1和P2為同種電荷和異種電荷兩種情況來討論，當(dāng)為同種電荷時(shí)，P2要遠(yuǎn)離P1，當(dāng)為異種電荷的時(shí)候，根據(jù)庫侖力和向心力的大小關(guān)系來分別討論可能的運(yùn)動(dòng)情況【解答】解：A、若P1、P2為同種電荷，P1、P2之間的庫侖力為排斥力，并且力的方向和速度的方向不再一條直線上，所以質(zhì)點(diǎn)P2一定做曲線運(yùn)動(dòng)，由于兩者之間的距離越來

29、越大，它們之間的庫侖力也就越來越小，所以P2的加速度在減小速度增大，故A正確，B錯(cuò)誤；C、若P1、P2為異種電荷，P1、P2之間的庫侖力為吸引力，當(dāng)P1、P2之間的庫侖力恰好等于向心力的時(shí)候，P2就繞著P1做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，此時(shí)P2速度的大小和加速度的大小都不變，但是方向改變，故C錯(cuò)誤D、若P1、P2為異種電荷，P1、P2之間的庫侖力為吸引力，若速度較大，吸引力小于向心力，P2做離心運(yùn)動(dòng)，吸引力減小，則加速度減小，引力做負(fù)功，速度減小，做加速度、速度都變小的曲線運(yùn)動(dòng)，故D正確故選：AD11如圖所示，固定于地面、傾角為的光滑斜面上有一輕質(zhì)彈簧，輕質(zhì)彈簧一端與固定于斜面底端的擋板C連接，另一端與物塊

30、A連接，物塊A上方放置有另一物塊B，物塊A、B質(zhì)量均為m且不粘連，整個(gè)系統(tǒng)在沿斜面向下的恒力F作用下而處于靜止?fàn)顟B(tài)某一時(shí)刻將力F撤去，若在彈簧將A、B彈起過程中，A、B能夠分離，則下列敘述正確的是（）A從力F撤去到A、B發(fā)生分離的過程中，彈簧及A、B物塊所構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒BA、B被彈起過程中，A、B即將分離時(shí)，兩物塊速度達(dá)到最大CA、B剛分離瞬間，A的加速度大小為gsinD若斜面為粗糙斜面，則從力F撤去到A、B發(fā)生分離的過程中，彈簧減少的彈性勢(shì)能一定大于A、B增加的機(jī)械能與系統(tǒng)摩擦生熱之和【考點(diǎn)】功能關(guān)系；彈性勢(shì)能【分析】系統(tǒng)機(jī)械能守恒的條件是只有重力和彈簧的彈力做功A、B被彈起過程中，合

31、力等于零時(shí)，兩物塊速度達(dá)到最大A、B剛分離瞬間，以B為研究對(duì)象，求解B的加速度大小，即等于A的加速度大小若斜面有摩擦?xí)r，根據(jù)能量守恒定律分析能量是如何轉(zhuǎn)化的【解答】解：A、從力F撤去到A、B發(fā)生分離的過程中，彈簧及A、B物塊所構(gòu)成的系統(tǒng)只有重力和彈簧的彈力做功，所以系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，故A正確B、A、B被彈起過程中，合力等于零時(shí)，兩物塊速度達(dá)到最大，此時(shí)彈簧處于壓縮狀態(tài)，A、B還沒有分離，故B錯(cuò)誤C、A、B剛分離瞬間，A、B間的彈力為零，對(duì)B，由牛頓第二定律得 mgsin=maB，得 aB=gsin，此瞬間A與B的加速度相同，所以A的加速度大小為gsin，故C正確D、若斜面為粗糙斜面，則從力F撤

32、去到A、B發(fā)生分離的過程中，由能量守恒定律知，彈簧減少的彈性勢(shì)能一定等于A、B增加的機(jī)械能與系統(tǒng)摩擦生熱之和，故D錯(cuò)誤故選：AC二、非選擇題（包括必考題和選考題兩部分第12題至第16題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答第17題為選考題，考生根據(jù)要求作答）（一）必考題（共53分）12如圖1所示，有人對(duì)“利用頻閃照相研究平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律”裝置進(jìn)行了改變，在裝置兩側(cè)都裝上完全相同的斜槽A、B，但位置有一定高度差，白色與黑色的兩個(gè)相同的小球都從斜槽某位置由靜止開始釋放實(shí)驗(yàn)后對(duì)照片做一定處理并建立直角坐標(biāo)系，得到如圖所示的部分小球位置示意圖（g取10m/s2）（1）觀察改進(jìn)后的實(shí)驗(yàn)裝置可以發(fā)現(xiàn)，斜槽末端都接有

33、一小段水平槽，這樣做的目的是保證小球拋出時(shí)的速度在水平方向（2）根據(jù)部分小球位置示意圖（如圖2），下列說法正確的是ABA閃光間隔為0.1sBA球拋出點(diǎn)坐標(biāo)（0，0）CB球拋出點(diǎn)坐標(biāo)（0.95，0.50）D兩小球作平拋運(yùn)動(dòng)的水平速度大小不等【考點(diǎn)】研究平拋物體的運(yùn)動(dòng)【分析】（1）斜槽末端都接有一小段水平槽，是為了保證小球水平拋出，做平拋運(yùn)動(dòng)（2）A、平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)y=gT2求出閃光的間隔 BC、求出小球在某一位置豎直方向上的分速度，從而求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，根據(jù)h=gt2，x=v0t求出拋出點(diǎn)的坐標(biāo) D、根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的初速度是否相等，從而即可求解【解答】解：（1）觀察改進(jìn)后的

34、實(shí)驗(yàn)裝置可以發(fā)現(xiàn)，斜槽末端都接有一小段水平槽，這樣做的目的是保證小球拋出時(shí)的速度在水平方向（2）A、由圖可知，每格邊長(zhǎng)為0.05m，對(duì)A球，根據(jù)y=2L=gT2得閃光的周期為T=，故A正確B、A球在第二位置的豎直分速度為，在拋出點(diǎn)到該位置運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t=，等于閃光的周期，可知A球的拋出點(diǎn)坐標(biāo)為（0，0），故B正確C、橫坐標(biāo)為0.80m的小球在豎直方向上的分速度為vy=1.5m/s則運(yùn)行的時(shí)間為t=0.15s水平分速度為v0=m/s=1.5m/s則此時(shí)B球的水平位移為x=v0t=1.5×0.15m=0.225m，豎直位移為y=gt2=×10×0.152m=0.112

35、5m所以B球拋出點(diǎn)的坐標(biāo)為：（1.025，0.4875）故C錯(cuò)誤D、兩球在水平方向上相等時(shí)間間隔內(nèi)的位移相等，則初速度相等，故D錯(cuò)誤故答案為：（1）保證小球拋出時(shí)的速度在水平方向；（2）AB13某實(shí)驗(yàn)小組探究合外力做功和動(dòng)能變化的關(guān)系，他們將寬度一定的擋光片固定在小車上，用不可伸長(zhǎng)的細(xì)線將其通過一個(gè)定滑輪與砝碼盤相連，在水平桌面上的A、B兩點(diǎn)各安裝一個(gè)光電門，記錄小車通過A、B位置時(shí)的遮光時(shí)間，小車中可以放置砝碼（1）實(shí)驗(yàn)主要步驟如下：實(shí)驗(yàn)前應(yīng)將木板左端略微抬高，使小車通過兩光電門的遮光時(shí)間相等，這樣做的目的是平衡摩擦力；用長(zhǎng)度測(cè)量工具游標(biāo)卡尺測(cè)量擋光片寬度為d，再用刻度尺量得A、B之間的距離

36、為L(zhǎng)；將小車停在C點(diǎn)，在砝碼盤中放上砝碼，小車在細(xì)線拉動(dòng)下運(yùn)動(dòng)，記錄此時(shí)小車（含擋光片及車中砝碼）的質(zhì)量為M，砝碼盤和盤中砝碼的總質(zhì)量為m，小車通過A、B的遮光時(shí)間分別為t1、t2，已知重力加速度為g，則可以得到A至B過程中小車的合外力做功為mgL，小車的動(dòng)能變化量為（用相應(yīng)的字母m、M、t1、t2、L、d表示）；在小車中增減砝碼或在砝碼盤中增減砝碼，重復(fù)的操作（2）為了實(shí)驗(yàn)?zāi)苓_(dá)到預(yù)期效果，步驟中M、m應(yīng)滿足的條件是M遠(yuǎn)大于m【考點(diǎn)】探究功與速度變化的關(guān)系【分析】（1）為了使繩子拉力充當(dāng)合力，即細(xì)線拉力做的功等于合力對(duì)小車做的功應(yīng)先平衡摩擦力（2）小車合力做的功等于砝碼盤和盤中砝碼的重力做的功

37、，根據(jù)求出小車通過AB兩點(diǎn)的速度，從而求出動(dòng)能的變化率；（3）只有當(dāng)M遠(yuǎn)大于m時(shí)，砝碼盤和盤中砝碼的重力才等于繩子的拉力【解答】解：（1）實(shí)驗(yàn)前應(yīng)將木板左端略微抬高，使小車通過兩光電門的遮光時(shí)間相等的目的是平衡摩擦力，小車受到的拉力等于其合力，細(xì)線的拉力對(duì)小車做的功等于合力對(duì)小車做的功；（2）A至B過程中小車的合外力做功等于砝碼盤和盤中砝碼受到的重力做功，即W=mgL，小車通過A時(shí)的速度：vA=，小車通過B時(shí)的速度：vB=；則小車通過A、B過程中動(dòng)能的變化量E=MvB2MvA2=；（3）只有當(dāng)M遠(yuǎn)大于m時(shí)，砝碼盤和盤中砝碼的重力才等于繩子的拉力，即滿足M遠(yuǎn)大于m時(shí)可以用砝碼盤和盤中砝碼的重力做

38、的功代替小車合力做的功故答案為：（1）平衡摩擦力；mgL；（2）M遠(yuǎn)大于m14如圖甲所示，質(zhì)量為m=1kg的物體置于傾角為=37°的固定且足夠長(zhǎng)的斜面上，對(duì)物體施以平行于斜面向上的拉力F，t1=0.5s時(shí)撤去拉力，物體速度與時(shí)間（vt）的部分圖象如圖乙所示（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）問：（1）拉力F的大小為多少？（2）物體沿斜面向上滑行的最大距離s為多少？【考點(diǎn)】牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律的綜合運(yùn)用【分析】（1）由速度的斜率求出加速度，根據(jù)牛頓第二定律分別對(duì)拉力撤去前、后過程列式，可qc拉力和物塊與斜面的動(dòng)摩擦因數(shù)為 （2

39、）根據(jù)vt圖象面積求解位移【解答】解：（1）設(shè)物體在力F作用時(shí)的加速度為a1，撤去力F后物體的加速度為a2，根據(jù)圖象可知：力F作用時(shí)，對(duì)物體進(jìn)行受力分析，由牛頓第二定律可知Fmgsinmgcos=ma1，撤去力F后對(duì)物體進(jìn)行受力分析，由牛頓第二定律可知（mgsin+mgcos）=ma2，解得：F=24N （2）設(shè)撤去力F后物體運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)所花時(shí)間為t2，此時(shí)物體速度為零，有s 向上滑行的最大距離： m答：（1）拉力F的大小為24N；（2）物體沿斜面向上滑行的最大距離s為6m15如圖所示，在光滑絕緣水平面上，有一絕緣輕質(zhì)彎桿AOB，AOB=120°，彎桿可繞固定軸O在水平面內(nèi)做無摩擦的

40、自由轉(zhuǎn)動(dòng)桿上A、B兩點(diǎn)分別固定著兩個(gè)質(zhì)量相同的帶電小球，其質(zhì)量均為m，電量分別為+q和2q已知OA=2OB=2L空間存在水平向右，場(chǎng)強(qiáng)大小為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)，初始時(shí)刻OA與電場(chǎng)方向平行（忽略兩小球間的相互作用）問：（1）選O點(diǎn)電勢(shì)為0，求A、B兩球在初始時(shí)刻處電勢(shì)能之和；（2）從初始位置開始釋放系統(tǒng)，問轉(zhuǎn)過30°角時(shí)B球的速度是多少？（結(jié)果可用根號(hào)表示）【考點(diǎn)】勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差和電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系；電勢(shì)能【分析】（1）根據(jù)電場(chǎng)力做功和電勢(shì)能的變化關(guān)系分別求出小球A和B的電勢(shì)能即可；（2）系統(tǒng)轉(zhuǎn)過30°角時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理列方程求解B的速度【解答】解：（1）根據(jù)電場(chǎng)力做功和電勢(shì)能的變化

41、關(guān)系可得：小球A的電勢(shì)能：EPA=Eq2L小球B的電勢(shì)能：EPB=2qELsin30°所以總的電勢(shì)能為：EP=Eq2LE×2qLsin30°，代入數(shù)據(jù)解得：EP=3EqL（2）設(shè)系統(tǒng)轉(zhuǎn)過30°角時(shí)，B球的速度為vB，由動(dòng)能定理有：Eq（2L2Lcos30°）+2Eq（Lsin60°Lsin30°）=兩個(gè)小球轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度相同，根據(jù)v=r可知，vA=2vB 聯(lián)立解得：vB=答：（1）選O點(diǎn)電勢(shì)為0，A、B兩球在初始時(shí)刻處電勢(shì)能之和為3EqL；（2）從初始位置開始釋放系統(tǒng)，轉(zhuǎn)過30°角時(shí)B球的速度是16如圖所示，傾角為的

42、無限長(zhǎng)斜面上PQ部分粗糙，且長(zhǎng)為3L，其余部分都光滑質(zhì)量均為m的四個(gè)小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）置于斜面，每相鄰兩物塊間有一長(zhǎng)為L(zhǎng)且平行于斜面的輕桿，每根桿的上端與物塊粘連而下端與物塊不粘連，各物塊與斜面PQ段的動(dòng)摩擦因數(shù)均為2tanA、B、C、D同時(shí)釋放時(shí)A恰在P點(diǎn)，且各物塊有相同的沿斜面向下的初速度，最終四個(gè)物塊均能通過Q點(diǎn)重力加速度為g求：（1）A在PQ段運(yùn)動(dòng)剛達(dá)到最大速度時(shí)的位置；（2）物塊C剛過P點(diǎn)時(shí)，桿對(duì)物塊D的彈力；（3）要使四個(gè)物塊均能通過Q點(diǎn)最初釋放各物塊時(shí)的初速度應(yīng)該滿足的條件【考點(diǎn)】動(dòng)能定理的應(yīng)用；勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律的綜合運(yùn)用；牛頓第二定律【分析】（1）將四物塊及桿看成整體，當(dāng)它們下滑到下滑力等于摩擦力時(shí)運(yùn)動(dòng)速度達(dá)最大值，由此列式分析知道塊B剛過P點(diǎn)，此時(shí)A離P點(diǎn)的距離為L(zhǎng)（2）對(duì)四物塊及桿整體運(yùn)用用牛頓第二定律求出整體的加速度，再隔離D，由牛頓第二定律求桿對(duì)物塊D的彈力（3）要使四物塊都能滑出Q點(diǎn)，物塊D過Q點(diǎn)時(shí)它的速度應(yīng)大于零對(duì)物塊D從P到Q的過程用動(dòng)能定理列方程對(duì)整體進(jìn)入PQ段過程用動(dòng)能定理列式，求初速度應(yīng)滿足的條件【解答】解：（1）由整體法，將四物塊及桿看成整