北京專家高考模擬試卷四答案

1、北京專家2020屆高考模擬試卷（四）123456BDCDDA1.【解析】:細(xì)胞膜中的磷脂是由甘油、脂肪酸和磷酸等物質(zhì)組成，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；細(xì)胞膜上的多糖與蛋白質(zhì)結(jié)合形成糖蛋白，與脂質(zhì)結(jié)合形成糖脂，B選項(xiàng)正確；物質(zhì)的各種跨膜運(yùn)輸方式與細(xì)胞膜上分子的運(yùn)動(dòng)都有關(guān)系，C選項(xiàng)錯(cuò)誤；組成細(xì)胞膜的各種化學(xué)成分會(huì)發(fā)生改變，如癌變的細(xì)胞膜會(huì)出現(xiàn)甲胎蛋白和癌胚抗原，D選項(xiàng)錯(cuò)誤。2.【解析】: 24 h前就有物質(zhì)A通過細(xì)胞膜進(jìn)入細(xì)胞內(nèi)，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；01 h內(nèi)既有H2O的輸出也有H2O的輸入，只是輸出更多，B選項(xiàng)錯(cuò)誤；23 h內(nèi)，細(xì)胞開始吸水，原生質(zhì)體體積增大開始恢復(fù)，物質(zhì)A溶液滲透壓小于細(xì)胞液滲透壓，C選項(xiàng)錯(cuò)誤；在轉(zhuǎn)折

2、點(diǎn)之前細(xì)胞液濃度小于外界的物質(zhì)A濃度，在轉(zhuǎn)折點(diǎn)之后，細(xì)胞液濃度大于外界的物質(zhì)A濃度，故在曲線最低處相等，D選項(xiàng)正確。3.【解析】:神經(jīng)遞質(zhì)通過胞吐出細(xì)胞，而Cl-通過協(xié)助擴(kuò)散進(jìn)出細(xì)胞，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；釋放-氨基丁酸的部位是軸突，B選項(xiàng)錯(cuò)誤；神經(jīng)元白天胞內(nèi)Cl-濃度高于胞外，順濃度梯度出細(xì)胞，造成外負(fù)內(nèi)正，神經(jīng)元電位逆轉(zhuǎn)發(fā)生興奮，故白天-氨基丁酸使該神經(jīng)元興奮，C選項(xiàng)正確；-氨基丁酸發(fā)揮作用后，一般被酶降解失活，故不能在突觸處持續(xù)作用，D選項(xiàng)錯(cuò)誤。4.【解析】: 圖甲邊轉(zhuǎn)錄邊翻譯，是原核生物的基因表達(dá)特點(diǎn)，故RNA聚合酶不需要通過核孔進(jìn)入細(xì)胞核并催化轉(zhuǎn)錄的過程，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；圖乙所示核苷酸共有8種，與

3、的區(qū)別在于五碳糖不同，B選項(xiàng)錯(cuò)誤；鏈的值等于模板鏈的值等于DNA的值，C選項(xiàng)錯(cuò)誤；圖甲中核糖體移動(dòng)方向是 ab 且先后合成的蛋白質(zhì)相同，D選項(xiàng)正確。5.解析: 據(jù)題干信息可知，一只蘆花雌雞與一只蘆花雄雞交配，F(xiàn)1子代中有3/16為全羽雞，因此親代雌雞的基因型為TtZBW、TtZBZb，A正確；白羽雞的基因型為tt_ _，因此子代出現(xiàn)白羽雞的概率為1/4，B正確；親本雌雞的基因型為ZBW，產(chǎn)生ZB的概率為1/2，親本雄雞的基因型為ZBZb，產(chǎn)生ZB的概率也為1/2，故C正確；親本蘆花雌雞的次級(jí)卵母細(xì)胞中含0或1或2條W染色體，D錯(cuò)誤。6.【解析】：蛇的遷入增加了該生態(tài)系統(tǒng)食物鏈增加了第四營養(yǎng)級(jí)，

4、故增加了能量消耗的環(huán)節(jié)，A選項(xiàng)正確；能量流動(dòng)是沿著食物鏈進(jìn)行的，蛇的遷入沒有改變?cè)撋鷳B(tài)系統(tǒng)能量流動(dòng)的方向，B項(xiàng)錯(cuò)誤；蛇遷入后，形成了食物鏈：植物昆蟲蛙蛇，據(jù)此可知，蛇的遷入會(huì)使該農(nóng)田中蛙的數(shù)量減少、昆蟲增加等系列變化，C項(xiàng)錯(cuò)誤；生態(tài)系統(tǒng)中能量流動(dòng)是單向流動(dòng)、逐級(jí)遞減，因此能量不能循環(huán)利用，D項(xiàng)錯(cuò)誤。78910111213CABCBDD7.【解析】含4%硅的硅鋼導(dǎo)磁性很強(qiáng)，主要用作變壓器的鐵芯，選項(xiàng)A正確；石灰屬于堿，能使蛋白質(zhì)變性，選項(xiàng)B正確；煤干餾得到煤焦油，煤焦油中含有各種芳香族化合物，通過分餾可獲得苯、二甲苯等有機(jī)物，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；臭氧是一種有魚腥味、氧化性極強(qiáng)的淡藍(lán)色氣體，可用作自來水消

5、毒劑，選項(xiàng)D正確。8. 【解析】的同分異構(gòu)體中含有苯環(huán)且屬于羧酸可分三種情況考慮，苯環(huán)上的一取代有-CH2CH2COOH、-CH(COOH)CH3兩種；苯環(huán)上的二取代有-CH3、-CH2COOH，-CH2CH3、-COOH兩種組合，共有6種；苯環(huán)上的三取代基有兩個(gè)-CH3、-COOH，共有6種，共有14種，選項(xiàng)A正確；葡萄糖與果糖互為同分異構(gòu)體，淀粉與纖維素的化學(xué)式為(C6H10O5)n，但n值不同，故不是同分異構(gòu)體，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；2，2-二甲基丙烷的結(jié)構(gòu)為C(CH3)4，中心C上無H原子，故不能通過加成H2得到，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；植物油為酯類化合物，含有氧元素，為烴的含氧化合物，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。9.

6、【解析】14C18O的式量為32，質(zhì)子數(shù)為12.8 g 14C18O物質(zhì)的量小于0.1mol，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；3NO2+H2O=2HNO3+NO，轉(zhuǎn)移電子數(shù)為2e，0.3 mol NO2通入水中完全反應(yīng)，轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為0.2NA，選項(xiàng)B正確；CO燃燒熱為283.0 kJ/mol，若一定量的CO完全燃燒放出熱量為283.0 kJ，則消耗O2分子數(shù)為0.5NA，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；62.0 g乙二醇為1mol，含有的羥基數(shù)目為2NA，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。10. 【解析】根據(jù)題干信息可得A-H、B-N、C-O、D-S、E-Cl，C、D、E的簡(jiǎn)單離子半徑：S2> Cl > O2，選項(xiàng)A正確；H元素與N、O、

7、S、Cl可形成N2H4、H2O2、H2S、HCl18電子分子，選項(xiàng)B正確；H、N、O三元素可形成HNO3，其水溶液對(duì)水的電離是抑制作用，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；S2Cl2的結(jié)構(gòu)為Cl-S-S-Cl，分子中存在非極性鍵，選項(xiàng)D正確。11. 【解析】Na2CO3+CO2+H2O= 2NaHCO3，反應(yīng)中消耗水同時(shí)溶質(zhì)增多，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；酸堿中和滴定實(shí)驗(yàn)中，待測(cè)液可以放在錐形瓶中也可以在滴定管中，故選項(xiàng)B正確；蔗糖與濃硫酸反應(yīng)產(chǎn)生的氣體有CO2和SO2，SO2也能與澄清石灰水反應(yīng)出現(xiàn)渾濁現(xiàn)象，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D中無現(xiàn)象能證明該反應(yīng)為放熱反應(yīng)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。12. 【解析】通過電子轉(zhuǎn)移可確定M為負(fù)極，N為正極，負(fù)極的

8、電極反應(yīng)為CH3COOH8e+2H2O=2CO2+8H+，正極的電極反應(yīng)為O2+4e+4H+=2H2O或Cr2O72+6e+8H+=2Cr(OH)3+ H2O，故H+雖然會(huì)從負(fù)極移動(dòng)到正極，但正極會(huì)消耗H+，故N極附近的溶液pH不會(huì)下降，選項(xiàng)A、C錯(cuò)誤；選項(xiàng)B中未說明是否是標(biāo)準(zhǔn)狀況，故選項(xiàng)B也錯(cuò)誤，由于Cr2O72具有強(qiáng)氧化性，能將還原菌氧化而失活，故選項(xiàng)D正確。13. 【解析】由圖中信息可知Ka1=101.2，Ka2=104.2，C點(diǎn)H2C2O4 和C2O42相等，而Ka1Ka2= c2(H+) c(C2 O42)/ c(H2C2O4)=105.4，c(H+)=102.7，選項(xiàng)A正確； 向草

9、酸溶液中滴加氫氧化鈉溶液至pH為4.2時(shí)，根據(jù)電荷守恒c(Na+)+c(H+)=2c(C2 O42)+c(OH) + c(HC2O4)，由于c(C2 O42)= c(HC2O4)，故選項(xiàng)B正確，Ka2=104.2，HC2O4的水解常數(shù)為1012.8，HC2O4的電離大于水解，溶液呈酸性，選項(xiàng)C正確；當(dāng)c(HC2O4)c(C2 O42)時(shí)，溶液呈酸性，若溶液呈中性，則c(HC2O4) c(C2 O42)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤1415161718192021DCBBBBCACAD14【解析】根據(jù)圖像可知，B車先向x軸正方向勻速運(yùn)動(dòng)，后向x軸負(fù)方向勻速運(yùn)動(dòng)，16s末回到出發(fā)點(diǎn)，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；根據(jù)圖像可知，兩車的

10、最大距離為12m，故B錯(cuò)誤；416s時(shí)間內(nèi)，B車的路程不為零，故平均速率不為零，故C錯(cuò)誤；016s時(shí)間內(nèi)，A、B兩車分別在6s末和12s末相遇，共相遇兩次，故D選項(xiàng)正確。15.【解析】比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定，故A選項(xiàng)錯(cuò)誤；核的比結(jié)合能約為5MeV，核子數(shù)為6，故結(jié)合能約為30MeV，故B選項(xiàng)錯(cuò)誤；核的比結(jié)合能約為7MeV，故結(jié)合能約為28MeV，比核的結(jié)合能小，故C選項(xiàng)正確；兩個(gè)核結(jié)合成核時(shí)有質(zhì)量虧損，因此要釋放能量，故D選項(xiàng)錯(cuò)誤。16.【解析】由于加速度向上，故處于超重狀態(tài)，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；引力做功不會(huì)改變重力勢(shì)能，火箭對(duì)衛(wèi)星做正功，故機(jī)械能增加，D選項(xiàng)錯(cuò)誤；在地球表面：，故，高空時(shí)：，得，

11、又由萬有引力公式可知：地表附近，高空時(shí)：，則，則，故B選項(xiàng)正確，C選項(xiàng)錯(cuò)誤。17【解析】首先簡(jiǎn)化電路，電流表當(dāng)成導(dǎo)線，電壓表看成斷路，電路結(jié)構(gòu)為：滑動(dòng)變阻器R1左右兩部分并聯(lián)再與R2、電源串聯(lián)，電壓表測(cè)量的是并聯(lián)部分的電壓，電流表測(cè)量的是滑動(dòng)變阻器右邊部分的電流，當(dāng)滑片從B劃向C時(shí)，并聯(lián)部分總電阻先增加后減小，故電壓表先增加后減小，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；當(dāng)滑片劃到中間位置之前，電壓一直增加，而右半部分電阻減小，故電流表示數(shù)增大；當(dāng)滑片從中間位置向C繼續(xù)劃動(dòng)時(shí)電阻減小，干路電流增大，左邊部分電阻變大，電流減小，可知右邊部分電流增大，故右邊部分電流一直增大，故B選項(xiàng)正確；電阻先增加后減小，故消耗電功率先增加

12、后減小，故C選項(xiàng)錯(cuò)誤；由閉合電路歐姆定律可知：，但由于，故，因此D選項(xiàng)錯(cuò)誤。18【解析】解：根據(jù)電場(chǎng)力做功可知：WABqUABq（AB）;WACqUACq（AC）。根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)中場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)差的關(guān)系可知：，則此點(diǎn)電荷從D點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過程中，電場(chǎng)力做功為：故ACD錯(cuò)誤，B正確。19【解析】根據(jù)矢量疊加原理，在AO段磁感應(yīng)強(qiáng)度水平向右，而OB段磁感應(yīng)強(qiáng)度水平向左，根據(jù)左手定則可知，AO段小球所受洛倫茲力垂直于紙面向里，OB段小球所受洛倫茲力垂直于紙面向外，故A選項(xiàng)錯(cuò)誤；O點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，無窮遠(yuǎn)處磁感應(yīng)強(qiáng)度趨近于零，而中間某點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度不為零，故從O點(diǎn)到無窮遠(yuǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度先增加后減小，由于Bmax位

13、置不確定，因此B、C選項(xiàng)正確；由于洛倫茲力最大的位置不確定，所以摩擦力大小變化不能確定，加速度的變化也不能確定，故D選項(xiàng)錯(cuò)誤。20.【解析】根據(jù)比值關(guān)系：，又，故，電流，原線圈輸入功率，燈泡L2的功率，故燈泡L3的功率，電壓，故，故A、C選項(xiàng)正確，B選項(xiàng)錯(cuò)誤；t=0.02s時(shí)，線框平面應(yīng)該與磁場(chǎng)垂直，故D選項(xiàng)錯(cuò)誤。21.【解析】?jī)蓚€(gè)粒子均由O點(diǎn)出發(fā)，在D點(diǎn)相遇，因此OD為圓軌跡上的一條弦，兩個(gè)粒子的軌跡互補(bǔ)，根據(jù)對(duì)稱性可知，粒子入射角度和OC的最小夾角為0°，最大為120°，而30°和90°剛好可以滿足題目條件，因此A選項(xiàng)正確；根據(jù)前面分析可知，兩粒子相

14、差的最大圓心角為，故時(shí)間差最大為，故B選項(xiàng)錯(cuò)誤；若，粒子沿OC方向入射，則在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，故C選項(xiàng)錯(cuò)誤；如C選項(xiàng)分析，此時(shí)離開AC邊界最遠(yuǎn)距離為2r，故D選項(xiàng)正確。22.（6分）【解析】（1）利用平均速度公式，小球B經(jīng)過光電門時(shí)的速度vB表達(dá)式為 ，A、B兩者角速度相同，故，得 （2）要滿足系統(tǒng)機(jī)械能守恒則有23.【答案】（1）電流表，1mA (2)2V (3) (4)【解析】（1）在表頭兩側(cè)并聯(lián)電阻可將表頭改為大量程的電流表，若電阻R1=25，為Rg的1/4，電流為表頭的4倍，故總量程為Ig的5倍，為1mA；（2） 多用電表指針指在中間位置，說明此時(shí)的R內(nèi)=Rx，而電流I=1/2Ig，

15、則E=I（R內(nèi)+Rx）=2V（3）待測(cè)電阻阻值（4）由于電動(dòng)勢(shì)發(fā)生改變，故內(nèi)阻，電動(dòng)勢(shì)改變前后同一偏轉(zhuǎn)角度對(duì)應(yīng)同一電流，故有，因此24.（12分）【解析】（1）電動(dòng)勢(shì)：E=BLv.電阻.電流：.安培力:.加速度：.方向：沿FC方向(2) GH電流：.電功率：.25【解析】對(duì)B豎直方向：.水平方向： .得由動(dòng)量守恒定律得：.由能量守恒定律得：，.（2）A上升過程中.A勻減速至速度為零，由.減速時(shí)間：.傳送帶位移：.相對(duì)位移：.熱量：.（3） 滑塊A與傳送帶共速位移：.故下滑時(shí)可以達(dá)到共速共速時(shí)間：.傳送帶位移：.相對(duì)位移：.在共速之前兩者的相對(duì)位移：.由于，故共速后繼續(xù)加速物塊向上滑動(dòng)的距離為5

16、m，共速之前向下運(yùn)動(dòng)3.2m，故此時(shí)距離傳送帶底端1.8m，因此即使后面物塊速度大于傳送帶速度，相對(duì)位移也小于1.8m，故劃痕長(zhǎng)度為16.2m26.解析（1）用反應(yīng)I反應(yīng)II得到CH2=CHCH2C1(g)+HC1(g) CH2C1CHC1CH3(g) H= 32kJ·mol-1，H= Ea(正) Ea(逆)= 134kJ·mol-1Ea(逆)= 32kJ·mol-1，Ea(逆)= 32kJ·mol-1（2）反應(yīng)I是一個(gè)氣體物質(zhì)的量減小的反應(yīng)，反應(yīng)II氣體物質(zhì)的量不變，達(dá)到平衡后增大壓強(qiáng)，反應(yīng)I正向移動(dòng)，CH2C1CHC1CH3的產(chǎn)率增大；（3）反應(yīng)II

17、為放熱反應(yīng)，由于體系為絕熱容器，隨著反應(yīng)進(jìn)行，體系的溫度升高，容器內(nèi)氣體壓強(qiáng)增大。（4）p點(diǎn)不是對(duì)應(yīng)溫度下CH2C1CHC1CH3的平衡產(chǎn)率，因?yàn)樯蒀H2C1CHC1CH3的反應(yīng)為放熱反應(yīng)，溫度越低平衡轉(zhuǎn)化率越高，而450的產(chǎn)率高于p點(diǎn)產(chǎn)率，所以p點(diǎn)不是對(duì)應(yīng)溫度下CH2C1CHC1CH3的平衡產(chǎn)率（5）壓強(qiáng)的減小由反應(yīng)I引起CH2=CHCH3(g)+C12(g) CH2C1CHC1CH3(g)反應(yīng)120min的壓強(qiáng)的變化為10.6，故v(CH2C1CHC1CH3)=10.6/120=0.09 kPa·min-1；設(shè)起始CH2=CHCH3(g)和C12(g)的物質(zhì)的量各為1mol，平

18、衡時(shí)氣體的總物質(zhì)的量為57.6×2/80=1.44 mol，生成的n(CH2C1CHC1CH3)=0.56 mol，反應(yīng)I消耗的CH2=CHCH3(g)和C12(g)的物質(zhì)的量各為0.56 mol，根據(jù)平衡時(shí)HC1的體積分?jǐn)?shù)為，計(jì)算反應(yīng)生成的n(HC1)= n(CH2=CHCH2C1)=0.18mol，參與反應(yīng)的CH2=CHCH3(g)和C12(g)的物質(zhì)的量各為0.18 mol ，則丙烯的平衡總轉(zhuǎn)化率(0.18+0.56)/1=74%；CH2=CHCH3(g)+C12(g) CH2C1CHC1CH3(g)物質(zhì)的量分?jǐn)?shù) 0.26/1.44 0.26/1.44 0.56/1.44 Kp

19、=0.21答案（1）32（2分） （2）增大（1分） 反應(yīng)I是一個(gè)氣體物質(zhì)的量減小的反應(yīng)達(dá)到平衡后增大壓強(qiáng)，反應(yīng)I正向移動(dòng)，CH2C1CHC1CH3的產(chǎn)率增大（2分） （3）增大（1分） （4）否（1分） 因?yàn)樯蒀H2C1CHC1CH3的反應(yīng)為放熱反應(yīng)，溫度越低平衡轉(zhuǎn)化率越高，而450的產(chǎn)率高于p點(diǎn)產(chǎn)率，所以p點(diǎn)不是對(duì)應(yīng)溫度下CH2C1CHC1CH3的平衡產(chǎn)率；（2分）（5）0.09（2分） 74%（2分） 0.21（2分）27.解析(2)根據(jù)工藝流程，焙燒時(shí)，通入空氣，產(chǎn)生MoO3和SO2，即化學(xué)方程式為2MoS27O22MoO34SO2；氧化產(chǎn)物是還原劑被氧化后得到的產(chǎn)物，根據(jù)化學(xué)反應(yīng)方

20、程式中Mo、S的化合價(jià)升高，即氧化產(chǎn)物是MoO3、SO2。(3)根據(jù)問題(5)，堿浸時(shí)，Mo元素以MoO的形式存在，即“堿浸”時(shí)含鉬化合物發(fā)生的主要離子反應(yīng)是MoO3CO=MoOCO2。(5)根據(jù)溶度積，SO先沉淀出來，BaMoO4開始出現(xiàn)沉淀，此時(shí)溶液中c(Ba2)1.0×107 mol·L1，此時(shí)溶液中c(SO)Ksp(BaSO4)/c(Ba2)1×1010/1.0×107 mol·L11.0×103 mol·L1，令溶液的體積為V L，去除SO的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為×100%90%。(6)MoS2與NO反應(yīng)，S和Mo的

21、化合價(jià)都升高，S原子被氧化成SO，鉬元素以MoO的形式存在，NO中N的化合價(jià)降低，轉(zhuǎn)化成NO。答案(1)粉碎固體顆粒（2分） (2) MoO3、SO2（2分）(3) （1分）MoO3CO=MoOCO2（2分）(4)PbS（2分）(5)90（2分）(6)MoS26NO=MoO2SO6NO（2分）28.解析(2)裝置A是制備二氧化硫氣體，裝置B中的堿石灰可以吸收尾氣，并防止外界水蒸氣加入裝置，應(yīng)該在整套裝置的最后，D裝置應(yīng)該為二氧化硫與樣品反應(yīng)的裝置，進(jìn)入該裝置的二氧化硫需要用濃硫酸(E)干燥，C裝置為安全瓶，因此裝置的順序?yàn)锳CEDB，接口順序?yàn)閐eihgfb(c)；根據(jù)圖示，M為長(zhǎng)頸漏斗，在實(shí)

22、驗(yàn)過程中，可以起到平衡內(nèi)外氣壓，防止壓強(qiáng)過大的作用。(4)Na2S2O3水解顯堿性，標(biāo)準(zhǔn)液應(yīng)裝在堿式滴定管中。(5)實(shí)驗(yàn)開始時(shí)，向D裝置中加入10.00 g土壤樣品和10.16 g I2(已知I2過量)，n(I2)0.04 mol，向反應(yīng)后的D裝置加入蒸餾水，過濾，充分洗滌，并合并洗滌液和濾液，將其配成250.00 mL溶液，取25.00 mL 用0.20 mol·L1 Na2S2O3標(biāo)準(zhǔn)液滴定剩余碘單質(zhì)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知，實(shí)驗(yàn)的誤差較大，刪除該數(shù)值，實(shí)驗(yàn)消耗Na2S2O3溶液的平均值 mL 20.00 mL，根據(jù)2S2OI2=S4O2I，消耗碘單質(zhì)物質(zhì)的量n(Na2S2O3)

23、15;× ×0.020 0 L×0.20 mol·L1×100.02 mol，剩余I2物質(zhì)的量0.04 mol0.02 mol0.02 mol，即與二氧化硫反應(yīng)的碘單質(zhì)物質(zhì)的量0.04 mol0.02 mol0.02 mol，消耗水為0.04 mol，土壤樣品中水的含量×100%7.2%；若Na2S2O3標(biāo)準(zhǔn)液已部分氧化變質(zhì)，滴定過程中消耗的硫代硫酸鈉溶液體積增大，測(cè)定剩余碘單質(zhì)物質(zhì)的量增大，則與二氧化硫反應(yīng)的碘單質(zhì)減少，反應(yīng)的水的物質(zhì)的量減小，計(jì)算得到水的含量偏低。答案(1)SO2I22H2O=H2SO42HI（2分）(2)deih

24、gfb(c) （2分）長(zhǎng)頸漏斗（1分）平衡內(nèi)外氣壓，防止壓強(qiáng)過大（2分）(3)打開彈簧夾，通入氮?dú)猓?分）(4)堿式（1分）使所剩余的碘單質(zhì)均進(jìn)入濾液，測(cè)量結(jié)果更準(zhǔn)確（2分）(5)7.2（2分）偏低（1分）29.（10分）（1）C3（或三碳化合物）（1分） 暗反應(yīng)（C3的還原）光反應(yīng)（H2O的光解）（2分） （2）大于（1分） A點(diǎn)時(shí)CO2吸收速率或O2的釋放速率均大于0 ，凈光合速率大于0，因此光合速率大于呼吸速率（2分） （3）光反應(yīng)產(chǎn)生的ATP和H，在黑暗后還能維持一段時(shí)間的暗反應(yīng)（2分） 較多（2分）30.（8分）（1）甲狀腺（1分）；甲狀腺細(xì)胞受損、促甲狀腺激素受體受損（2分，任答一

25、個(gè)給滿分）；（2）由于反饋調(diào)節(jié)機(jī)制，乙患者T3、T4水平較高，從而抑制了垂體分泌TSH，因此TSH水平較低。（2分）（3）偏高（2分）；甲狀腺激素可促進(jìn)產(chǎn)熱，寒冷條件下，體內(nèi)甲狀腺激素較高，進(jìn)入醫(yī)院立刻抽血體檢，甲狀腺激素指標(biāo)偏高（2分）。31.（11分） (1)生產(chǎn)者、消費(fèi)者或分解者（2分）；遺傳物質(zhì)不同，控制合成的載體種類及數(shù)量不同（2分）；(2)生產(chǎn)者固定的太陽能和有機(jī)物中的化學(xué)能（2分）；因?yàn)樯鷳B(tài)系統(tǒng)的能量是單向流動(dòng)，逐級(jí)遞減的，因此任何生態(tài)系統(tǒng)都需要不斷得到來自系統(tǒng)外的能量補(bǔ)充（2分）；(3)間接（生態(tài)功能）（1分）；調(diào)節(jié)氣候、保護(hù)生物多樣性、美化環(huán)境、涵養(yǎng)水源、分洪蓄洪等（2分）。

26、32.（10分）（1）ABe（1分） 9/16（1分） （2）AaBbEe（1分） AaBbee（1分） 乙（2分）預(yù)期結(jié)果及結(jié)論： 若子代全為矮莖，則說明子代基因型為AaBbEe（2分）若子代高莖：矮莖=1：3，則說明子代基因型為AaBbee（2分）33物理選修33(15分) 【解析】布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中的固體小顆粒不停的在做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，不是液體分子的運(yùn)動(dòng)，但它反映了液體分子永不停息的做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故A正確；0時(shí)，水結(jié)冰，水分子的存在形式改變了，分子間的平均勢(shì)能降低，但溫度未發(fā)生變化，水分子的平均動(dòng)能不變，不會(huì)停止熱運(yùn)動(dòng)，故B選項(xiàng)錯(cuò)誤；若兩分子間距小于平衡距離，隨著分子間距離的增大，分子勢(shì)

27、能可能先減小后增大，故C正確；熱量不能自發(fā)的從低溫物體傳遞到高溫物體，如空調(diào)機(jī)，故D錯(cuò)誤；對(duì)于一定質(zhì)量的理想氣體，如果壓強(qiáng)不變，體積增大對(duì)外做功，根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程,可知?dú)怏w的溫度一定升高，內(nèi)能增加，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知它一定從外界吸熱，故E正確。【答案】ACE(2) 【解析】.對(duì)A部分氣體，初狀態(tài)：.設(shè)彈簧壓縮量為，末狀態(tài)：.由玻意耳定律得：.對(duì)活塞a由平衡條件得：.得對(duì)B部分氣體，初狀態(tài)：.末狀態(tài)：.理想氣體狀態(tài)方程：.解得：34（1）【解析】振源相同，故兩列波頻率相同，A選錯(cuò)誤，根據(jù)波長(zhǎng)關(guān)系可以看出，根據(jù)，可知，故B選項(xiàng)正確；波長(zhǎng)越大衍射現(xiàn)象越明顯，故C正確；根據(jù)多普勒效應(yīng)，當(dāng)接收

28、者靠近波源時(shí)，接收到的頻率大于波源的頻率，因此D選項(xiàng)錯(cuò)誤；只有發(fā)生干涉現(xiàn)象時(shí)，振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)才會(huì)始終加強(qiáng)，而發(fā)生干涉的條件是頻率相同，這兩列波波源相同，故可以發(fā)生干涉現(xiàn)象，振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)會(huì)始終加強(qiáng)，故E選項(xiàng)正確。(2)【解析】光路圖如圖所示：入射角的正弦：.折射角正弦：.折射定律：.得：光路圖如圖虛線所示：魚沿AB向上移動(dòng)至N點(diǎn)入射角的正弦：.折射角正弦：.折射定律：.得：因此魚向上移動(dòng)距離：.35.解析(1)根據(jù)元素M的氣態(tài)原子的第I1至I5電離能大小可以看出：I1、I2相差不大，I2、I3電離能相差較多，說明M原子最外層有2個(gè)電子。在Ca5(PO4)3中元素有Ca、P、O三種元素，只有鈣元素最外層有2個(gè)電子，原子半徑大，容易失去最外層的2個(gè)電子，化合價(jià)為2價(jià)；根據(jù)原子核外電子排布規(guī)律可知Ca基態(tài)原子電子排布式為Ar4s2或1s22s22p63s23p64s2。(3)PO的中心原子P的價(jià)層電子對(duì)數(shù)是4，故磷原子雜化為sp3雜化；由于孤對(duì)電子對(duì)數(shù)為0，該離子的空間構(gòu)型為正四面體形，鍵角為109°28，其等電子體有SO、CCl4。(5)根據(jù)CaF2晶胞結(jié)構(gòu)可知：在每個(gè)晶胞中與Ca2距離最近且等距離的Ca2有3個(gè)，通過每個(gè)C