【初中物理】重慶市南開中學2022屆九年級上學期12月月考物理試卷-人教版

1、重慶市南開中學2022屆九年級上學期12月月考物理試卷一、選擇題每題3分，共30分13分以下選項中，正確描述電功單位的是AVBVAsCkwDC考點：電功.專題：應用題；電能和電功率分析：根據我們對于電功單位的了解來作答；電功的單位有兩個：焦耳和千瓦時解答：解：A、V是電壓的單位，所以A是錯誤的；B、VAs是電壓、電流與時間的單位，由W=UIt可知它們的積是電功的單位，所以B是正確的；C、kW是電功率的單位，所以C是錯誤的；D、C是電量的單位，所以D是錯誤的應選B點評：此題考查的是我們對于電功單位的了解，是一道根底題23分2022威海下面關于熱現(xiàn)象的說法，正確的選項是A物體溫度升高一定是吸收了熱

2、量B冰在融化時溫度不變內能增加C從游泳池里上來感覺冷是由于水蒸發(fā)放熱D汽車發(fā)動機用水作冷卻液是因為水的比熱容較小考點：溫度、熱量與內能的關系；熔化與熔化吸熱特點；汽化及汽化吸熱的特點；水的比熱容的特點及應用.專題：熱和能；溫度計、熔化和凝固；汽化和液化、升華和凝華分析：1溫度升高，內能一定增大；內能增大，可能是從外界吸收了熱量，也可能是外界物體對它做功造成的；2冰是晶體，晶體熔化的特點是溫度不變，但要繼續(xù)吸熱，其內能不斷增大3物質由液態(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)叫汽化，汽化包括蒸發(fā)和沸騰兩種方式，汽化時要吸收熱量；4因為水的比熱容較大，相同質量的水和其它物質比擬，吸收或放出相同的熱量，水的溫度升高或降低的少；升

3、高或降低相同的溫度，水吸收或放出的熱量多解答：解：A、物體溫度升高，也可能是外界對它做了功，不一定吸收了熱量；故A錯誤；B、冰是晶體，0的冰熔化成0水，吸收熱量，內能增加，但溫度不變故B正確；C、從游泳池里出來后，附著在身上的水發(fā)生汽化變?yōu)樗魵?，在這一過程中水要吸收小明身體的熱量，是由于汽化吸熱；故C錯誤；D、汽車發(fā)動機用水作冷卻液是因為水的比熱容較大，故D錯誤應選B點評：此題涉及到溫度、熱量與內能的關系，熔化與熔化吸熱特點，汽化與汽化吸熱特點，水的比熱容的特點及應用，綜合性很強，要求學生具備較為扎實全面的物理知識，難易程度適中，是一道好題33分2022株洲今年春季，株洲持續(xù)了較長時間的“回

4、潮現(xiàn)象，地面、墻壁全是濕的此現(xiàn)象屬于A汽化B液化C升華D凝華考點：液化及液化現(xiàn)象.專題：應用題分析：“回潮指的是瓷磚地板和墻壁上出現(xiàn)小水珠，根據物態(tài)變化的知識物體由氣態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)的現(xiàn)象叫液化，物體由固態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)的現(xiàn)象叫熔化可知，液化和熔化會出現(xiàn)小水珠，房間內沒有固態(tài)的水小冰晶等，所以是由空氣中的水蒸氣形成的，是液化現(xiàn)象解答：解：陰雨天氣空氣中的水蒸氣比擬多，碰到溫度比擬低的瓷磚地板和墻壁，就會液化形成小水珠，也就是“回潮現(xiàn)象應選B點評：物態(tài)變化知識是中考必考的一個知識點，判斷物態(tài)變化現(xiàn)象首先要知道物態(tài)變化的定義，然后看物體由什么狀態(tài)變?yōu)榱耸裁礌顟B(tài)，從而得出結論43分學習了電學知識后，判斷以下說法

5、正確是A電功是描述電流做功快慢的物理量B導體和絕緣體之間界限清楚，不可互相轉化C導體電阻的大小與導體兩端的電壓成正比，與通過導體電流成反比D通過導體的電流大小與導體兩端的電壓成正比，與導體的電阻成反比考點：電功；導體和絕緣體的區(qū)別；電阻；歐姆定律的應用.專題：錯解分析題；電壓和電阻；歐姆定律；電能和電功率分析：1電功率是描述電流做功快慢的物理量；2根據導電性的不同，材料可分為導體、半導體、絕緣體三大類，容易導電的物體叫導體，不容易導電的物體叫絕緣體，導電性能介于導體與絕緣體之間的叫半導體它們之間沒有嚴格的界限3電阻是導體本身的一種性質，它與兩端的電壓和通過電流無關；2根據歐姆定律可知：通過導體

6、的電流大小與導體兩端的電壓和電阻有關解答：解：A、電功是描述電流做功多少的，電功率是描述電流做功快慢的物理量，故A錯誤；B、導體和絕緣體之間的沒有絕對的界線，在一定的條件下，絕緣體可以變?yōu)閷w，故B錯誤；C、公式R=只說明導體電阻的大小是導體兩端的電壓與通過導體的電流大小的比值，與它兩端的電壓和通過的電流無關，故C錯誤；D、根據歐姆定律可知：通過導體的電流大小與導體兩端的電壓和電阻有關，通過導體的電流大小與導體兩端的電壓成正比，與導體的電阻成反比，故D正確應選D點評：此題考查電功和電功率、導體與絕緣體的定義以及歐姆定律的理解，要知道導體與絕緣體之間的界線不是絕對的在一定條件可以轉化；知道影響電

7、阻大小的因素是導體的材料、長度、橫截面積和溫度，與導體兩端的電壓和通過的電流沒有關系；通過導體的電流大小與導體兩端的電壓和電阻有關53分2022金灣區(qū)一模如下圖電路，電源電壓不變，滑動變阻器上標有“2A 20字樣以下四個圖象中，能正確表示當開關S閉合后，通過小燈泡L 的電流I與滑動變阻器連入電路的電阻R的關系的是ABCD考點：歐姆定律的應用；滑動變阻器的使用.專題：應用題；推理法分析：由電路圖可知，燈泡L與滑動變阻器R串聯(lián)，當滑片P處于最左端時，電路為燈泡L的簡單電路，根據歐姆定律可知此時電路中的電流最大；當滑片P向右移動時，接入電路的電阻變大，根據歐姆定律可知電路中電流的變化；當滑片P處于最

8、右端時，電路中的電阻最大，電流最小且不為0，根據以上分析得出答案解答：解：當滑片P處于最左端時，電路為燈泡L的簡單電路，根據歐姆定律可知此時電路中的電流最大；當滑片P向右移動時，接入電路的電阻變大，根據歐姆定律可知電路中電流變??；滑片P處于最右端時，電路中的電阻最大，電流最小且不為0；綜合以上分析可知符合題意的圖象為C圖應選C點評：此題考查了串聯(lián)電路的特點和歐姆定律的應用，關鍵是滑動變阻器接入電路電阻變化時對電路中電流影響的正確分析63分如圖電路中R1R2，電壓表V的示數為8V，電壓表V1的示數 A等于8VB等于4VC小于4VD大于4V，小于8V考點：歐姆定律的應用.專題：歐姆定律分析：R1R

9、2，判斷電壓表所測誰的電壓，再根據串聯(lián)電路兩端的電壓等于各局部電壓之和可作出選擇解答：解：R1R2，電壓表V的示數為8V，即電源電壓為8V，電壓表V1測R1兩端的電壓，根據串聯(lián)電路兩端的電壓等于各局部電壓之和可知，電壓表V1的示數大于4V而小于8V，應選D點評：此題考查串聯(lián)電路的電壓規(guī)律，比擬簡單，屬于根底知識73分在如下圖電路中，電源電壓不變當滑動變阻器的滑片P由中點向右端移動時，以下說法正確的選項是A電流表的示數變小B電壓表的示數變小C電路的總電阻不變D電壓表和電流表的比值不變考點：歐姆定律的應用.專題：歐姆定律分析：根據圖示電路圖分析清楚電路結構，根據滑片的移動方向判斷滑動變阻器接入電路

10、的阻值如何變化，應用并聯(lián)電路特點與歐姆定律分析答題解答：解：由圖示電路圖可知，燈泡與滑動變阻器并聯(lián)，電壓表測電源電壓，電流表測通過燈泡的電流；當滑動變阻器的滑片P由中點向右端移動時，電源電壓不變，電壓表示數不變，燈泡兩端電壓不變，通過燈泡的電流不變，電流表示數不變，電壓表與電流表比值等于燈泡電阻，燈泡電阻不變，電壓表與電流表示數比值不變；當滑動變阻器的滑片P由中點向右端移動時，滑動變阻器接入電路的阻值增大，燈泡電阻不變，燈泡與滑動變阻器并聯(lián)電阻變大，電路總電阻變大；故ABC錯誤，D正確；應選D點評：此題是電路動態(tài)分析題，分析清楚電路結構，應用并聯(lián)電路特點與歐姆定律即可正確解題83分下晚自習回家

11、后，刻苦努力的小俊同學想用臺燈照明繼續(xù)看書學習當他把臺燈的插頭插入插座后，閉合開關時，室內所有用電器全部停止工作，再用測電筆測雙孔插座的兩個孔時，氖管都不發(fā)光，那么故障可能是A插座短路B燈座短路C干路零線斷路D臺燈燈絲熔斷考點：家庭電路的故障分析.專題：應用題；電與熱、生活用電分析：家庭電路中的保險絲熔斷，是由于電路中的電流過大而產生電流過大的原因有兩個：一是用電器的總功率過大，另一個是發(fā)生短路由生活常識可知，臺燈的功率一般較小，因此造成保險絲熔斷的原因不會是因臺燈的功率過大；用測電筆分別測試插座的兩個孔，發(fā)現(xiàn)測電筆都不發(fā)光，說明沒有電，即為斷路解答：解：A、假設插座短路，即在沒有插入插頭中時

12、，保險絲就會燒斷了，故不符合題意；B、燈座短路，當插頭插入插座后，閉合開關，會造成火線與零線間的短路，進戶火線上的熔絲熔斷，整個電路沒電，不會使測電筆的氖管發(fā)光，故正確；C、干路上的零線斷路，即火線沒有斷，即當測電筆測雙孔插座的兩個孔時，有一個孔氖管會發(fā)光，故不合法題意；D、假設臺燈的燈絲斷路，那么即當測電筆測雙孔插座的兩個孔時，有一個孔氖管會發(fā)光，故不合法題意應選B點評：此題考查對家庭電路故障的分析判斷能力解題的關鍵是對產生短路原因的理解93分如下圖，將一段粗細均勻的電阻絲折疊成正方形ABCD假設將AC兩端接入電路中，電流表示數為0.6A；假設將AB兩端接入電路中，電流表示數為A0.2AB0

13、.375AC0.8AD1A考點：歐姆定律的應用.專題：電路和歐姆定律分析：由電路圖可知，將AC兩端接入電路中電路的連接方式，根據電阻的串并聯(lián)求出電路中的總電阻，利用歐姆定律表示出電路中的電流；再分析將AB兩端接入電路中電路的連接方式，根據電阻的串并聯(lián)求出電路中的總電阻，利用歐姆定律求出此時電流表的示數，進一步得出答案解答：解：設RAB=RBC=RAD=RDC=R，當將AC兩端接入電路中時，RAB與RBC串聯(lián)，RAD與RDC串聯(lián)，然后它們再并聯(lián)，因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，且并聯(lián)電路中總電阻的倒數等于各分電阻倒數之和，所以，電路中的總電阻：RAC=R，電流表的示數：I=0.6A，當將AB

14、兩端接入電路中時，RAD、RDC、RBC串聯(lián)后與RAB并聯(lián)，那么電路中的總電阻：RAB=R，所以，電流表的示數：I=×=×0.6A=0.8A應選C點評：此題考查了電阻的串并聯(lián)和歐姆定律的應用，分清電路的連接方式是關鍵103分如下圖的電路中，電源電壓不變，R1=20，滑動變阻器R2的最大值為60，小燈泡L的額定電壓為5V，電流表的量程03A只閉合S2時，電流表的示數為0.4A；只閉合S3，且滑動變阻器的滑片P在中點時，電流表的示數為0.3A不考慮燈絲的電阻變化當開關S1、S2、S3都閉合時，為了保證電路平安，以下說法正確的選項是A電源電壓為l0VB電路中小燈泡電阻為5C電流表

15、的變化范圍為00.8AD變阻器R2的可調范圍為560考點：歐姆定律的應用.專題：歐姆定律分析：1只閉合S2時，R1與燈泡L串聯(lián)，電流表測電路中的電流，根據電阻的串聯(lián)和歐姆定律表示出電源的電壓；只閉合S3，且變阻器的滑片P在正中點時，燈泡L與滑動變阻器最大阻值的一半串聯(lián)，電流表測電路中的電流，再根據電阻的串聯(lián)和歐姆定律表示出電源的電壓，利用電源的電壓不變建立等式即可求出電源的電壓和燈絲電阻；2閉合S1、S2、S3時，R1與R2并聯(lián)，電流表測干路電流，當滑動變阻器接入電路中的電阻最大時電流表的示數最小，根據并聯(lián)電路的電壓特點和歐姆定律求出其大?。划旊娏鞅淼氖緮底畲鬄?A時，滑動變阻器接入電路中的電

16、阻最小，根據并聯(lián)電路的電流特點求出通過滑動變阻器的電流，利用歐姆定律求出滑動變阻器接入電路的最小值即可得出答案解答：解：1只閉合S2時，R1與燈泡L串聯(lián)，電流表測電路中的電流；因為串聯(lián)電路中的總電阻等于各分電阻之和，所以根據歐姆定律可得，電源的電壓：U=I1R1+RL=0.4A×20+RL，只閉合S3，且變阻器的滑片P在正中點時，燈泡L與滑動變阻器最大阻值的一半串聯(lián)，電流表測電路中的電流，電源的電壓：U=I2R2+RL=0.3A××60+RL，因為電源的電壓不變，那么有：0.4A×20+RL=0.3A××60+RL解得：RL=10；電

17、源的電壓U=0.4A×20+RL=0.4A×20+10=12V；故AB錯誤；2閉合S1、S2、S3時，R1與R2并聯(lián)，電流表測干路電流；當滑動變阻器接入電路中的電阻R2=60時電流表的示數最??；因為并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，且干路電流等于各支路電流之和，所以電流表的最小示數：Imin=+=+=0.6A+0.2A=0.8A；當電流表選接03A，且示數為3A時，滑動變阻器接入電路中的電阻最??；此時通過滑動變阻器的電流：I2=ImaxI1=3A0.6A=2.4A，滑動變阻器接入電路中的最小阻值： R2=5，綜合上述分析可得：變阻器R2的可調范圍為560，電流表的示數范圍為3

18、A0.8A，故C錯誤，D正確應選D點評：此題考查了串聯(lián)電路特點和并聯(lián)電路的特點以及歐姆定律、電功率公式的應用，關鍵是開關閉合、斷開時電路連接方式的區(qū)分，要注意滑動變阻器變化時和電流表示數的對應關系二、填空題每空l分，興17分112分毛皮摩擦過的橡膠棒得到選填“得到、“失去電子而帶電，將該橡膠棒靠近帶負電的泡沫塑料小球時，小球將會被排斥選填“吸引、“排斥、“不動考點：摩擦起電的實質.專題：電流和電路分析：1人們規(guī)定，用毛皮摩擦過的橡膠棒帶負電，用絲綢摩擦過的玻璃棒帶正電；摩擦起電的實質是電子發(fā)生了轉移，使物體的正負電荷數不相等；失去電子的帶正電荷，得到電子的帶負電荷2電荷間的相互作用規(guī)律是：同種

19、電荷相排斥，異種電荷相吸引解答：解：1毛皮摩擦過的橡膠棒因得到電子帶負電；2將該橡膠棒靠近帶負電的泡沫塑料小球時，小球將會被排斥故答案為：得到；排斥點評：1記住正電荷和負電荷的規(guī)定掌握電荷間的作用2排斥的物體帶有同種電荷，吸引的可能帶有異種電荷，可能帶電體吸引不帶電體123分根據歐姆定律可知，某個標有“8V、8定值電阻正常工作時，流過該電阻的電流為1A；假設將該電阻接在電壓為12V的電源中，至少要串聯(lián)一個4的電阻才能保證不損壞該定值電阻考點：歐姆定律的應用.專題：歐姆定律分析：1定值電阻的額定電壓和阻值，根據歐姆定律求出定值電阻正常工作的電流；2電源電壓大于電阻的額定電壓，要使電阻正常發(fā)光，根

20、據串聯(lián)電路具有分壓作用可知需要在電路中串聯(lián)一個電阻分壓；根據串聯(lián)電路的電流特點和歐姆定律求出電路中的總電阻，利用電阻的串聯(lián)求出串聯(lián)電阻的大小解答：解：1定值電阻正常工作時，流過該電阻的電流：I=1A；2因為串聯(lián)電路中各處的電流相等，所以定值電阻正常工作時，電路中的總電阻：R總=12；因為串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所以串聯(lián)電阻的阻值：R=R總R=128=4故答案為：1；串；4點評：此題考查了串聯(lián)電路的特點和歐姆定律的應用，關鍵是知道串聯(lián)電路具有分壓作用、并聯(lián)電路具有分流特點132分如下圖電源兩極間的電壓不變R1=6、R2=8當S1閉合時、S2斷開且都是電流表時，兩表的示數之比為3：7；當

21、S1、S2都閉合且都是電壓表時，兩表示數之比為7：4考點：歐姆定律的應用.專題：歐姆定律分析：1當S1閉合S2斷開，都是電流表時，兩電阻并聯(lián)，電流表測R2支路的電流，電流表測干路電流，根據并聯(lián)電路的電壓特點和歐姆定律求出兩支路的電流之比，根據并聯(lián)電路的電流特點求出兩電流表的示數之比；2當S1、S2都閉合，都是電壓表時，兩電阻串聯(lián)，電壓表測電源的電壓，電壓表測R2兩端的電壓，根據電阻的串聯(lián)和歐姆定律求出兩電壓表的示數之比解答：解：1當S1閉合S2斷開，都是電流表時，兩電阻并聯(lián)，電流表測R2支路的電流，電流表測干路電流，因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，所以，兩支路的電流之比：=，因并聯(lián)電路中干路

22、電流等于各支路電流之和，兩電流表的示數之比：=；2當S1、S2都閉合，都是電壓表時，兩電阻串聯(lián)，電壓表測電源的電壓，電壓表測R2兩端的電壓，因串聯(lián)電路中各處的電流相等，且總電阻等于各分電阻之和，兩電壓表的示數之比：=故答案為：3：7；7：4點評：此題考查了串并聯(lián)電路的特點和歐姆定律的應用，分清電路的連接方式和電表所測的電路元件是關鍵142分如下圖，電源電壓恒定，R1=15，閉合開關S，斷開開關S1，電流表示數是0.3A；假設再閉合S1，發(fā)現(xiàn)電流表示數增大了0.5A，那么電源電壓為5 V，R2的阻值為25考點：歐姆定律的應用.專題：歐姆定律分析：1閉合S，斷開S1時，電路為R1的簡單電路，根據歐

23、姆定律求出電源的電壓；2假設再閉合S1時，兩電阻并聯(lián)，電流表測干路電流，根據并聯(lián)電路的電流特點可知電流表示數的變化即為R2支路的電流，根據并聯(lián)電路的電壓特點和歐姆定律求出R2的阻值解答：解：1閉合S，斷開S1時，電路為R1的簡單電路，電源的電壓U=U1=I1R1=0.3A×15=5V；2假設再閉合S1時，兩電阻并聯(lián)，那么U2=U=6V，電流表示數的變化量即為R2支路的電流，那么I2=0.5A0.3A=0.2A，所以R2=25；故答案為：5；25點評：此題考查了并聯(lián)電路的特點和歐姆定律公式的靈活運用，關鍵是能判斷出開關S1時電流表示數的變化即為通過R2支路的電流152分甲、乙兩個定值電

24、阻上標有“3V、1A、“6V、0.5A的額定值，把甲乙兩個電阻串聯(lián)在電路中時，電路允許的最大電源電壓為7.5V；當把甲乙兩個電阻并聯(lián)在電路中時，電路允許通過的最大電流為1.25A考點：歐姆定律的應用.專題：應用題；電路和歐姆定律分析：兩電阻允許所加的最大電壓和允許通過的最大電流，根據歐姆定律求出兩電阻的阻值1根據串聯(lián)電路的電流特點可知，兩電阻串聯(lián)時電路允許通過的最大電流為兩個允許通過最大電流的較小值，然后根據電阻的串聯(lián)和歐姆定律求出兩端允許加的最大電壓；2根據并聯(lián)電路的電壓特點可知，兩電阻并聯(lián)時，并聯(lián)電路兩端允許加的最大電壓為較小的一個，然后由歐姆定律求出通過兩電阻的電流，再根據并聯(lián)電路的電流

25、特點求出干路的最大電流解答：解：由I=可得，兩定值電阻的阻值分別為：R甲=3，R乙=12；1因串聯(lián)電路中各處的電流相等，所以，兩只電阻串聯(lián)時，電路中的最大電流I=I乙=0.5A，因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，兩端允許加的最大電壓：U=IR甲+R乙=0.5A×3+12=7.5V；2因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，所以，兩只電阻并聯(lián)時，電路中的最大電壓U=U甲=3V，此時通過甲的電流為1A，通過乙的電流I乙=0.25A，因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，所以，干路最大電流：I=I甲+I乙=1A+0.25A=1.25A故答案為：7.5；1.25點評：此題考查電壓、電流的

26、計算，關鍵是公式及其變形的靈活運用，難點是知道串聯(lián)時允許通過的最大電流為兩個額定電流里面最小的一個，兩只電阻并聯(lián)時，電壓也選最小163分如下圖是電阻甲和乙的UI圖象，電阻甲的阻值為20；當把電阻甲和乙并聯(lián)在電源電壓為2V的電路中，干路電流是0.3A；當把電阻甲和乙串聯(lián)在電壓為6V的電路中，串聯(lián)電路的電流為0.2A考點：歐姆定律的應用.專題：應用題；電路和歐姆定律分析：1由圖象可知，甲電阻的UI圖象為正比例函數，那么甲電阻為定值電阻，根據圖象得出任意一組電壓和對應的電流值，根據歐姆定律求出甲電阻的阻值；2并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，根據圖象讀出甲、乙并聯(lián)在電源電壓為2V時通過的電流，根據并聯(lián)

27、電路的電流特點求出干路電流；3兩電阻串聯(lián)時通過它們的電流相等，總電壓等于各分電壓之和，根據圖象讀出符合題意的電流和電壓值即可得出答案解答：解：1由圖象可知，甲電阻為定值電阻，當U甲=2V時，通過的電流I甲=0.1A，由I=可得，甲的電阻：R甲=20；2當甲、乙并聯(lián)在電路中，電源電壓為2V時，因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，所以，U甲=U乙=2V，由圖象可知，通過甲、乙的電流分別為I甲=0.1A，I乙=0.2A，因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，所以，干路電流：I=I甲+I乙=0.1A+0.2A=0.3A；3當把電阻甲和乙串聯(lián)在電壓為6V的電路中，因串聯(lián)電路中各處的電流相等，且總電壓等于

28、各分電壓之和，所以，由圖象可知，電路中的電流為0.2A，甲兩端的電壓為4V，乙兩端的電壓為2V時符合故答案為：20；0.3；0.2點評：此題考查了并聯(lián)電路的特點和歐姆定律的應用，關鍵是根據圖象讀出電壓和電流的對應值171分如下圖的電路中，電源電壓不變，開關S閉合后，移動滑片P，改變滑動變阻器接入電路的阻值，電壓表的示數變化范圍是2V6V，同時觀察到電流表的示數變化范圍是0.5A1A，那么電阻R0的阻值為8考點：歐姆定律的應用.專題：電路和歐姆定律分析：由電路圖可知，電阻R0與滑動變阻器串聯(lián)，電壓表測滑動變阻器兩端的電壓，電流表測電路中的電流；當滑片向左移動時接入電路中的電阻變小，電路中的電流變

29、大，滑動變阻器兩端的電壓變小，據此得出兩電表對應的示數關系；根據串聯(lián)電路的特點和歐姆定律表示出電源的電壓，利用電源的電壓不變建立等式即可求出R0的阻值和電源的電壓解答：解：當電路中的電流為0.5A時，電壓表的示數為6V，串聯(lián)電路中各處的電流相等，且總電壓等于各分電壓之和，電源的電壓：U=I1R0+U滑=0.5A×R0+6V當電路中的電流為1A時，電壓表的示數為2V，電源的電壓：U=I2R0+U滑=1A×R0+2V電源的電壓不變，那么：0.5A×R0+6V=1A×R0+2V，解得：R0=8故答案為：8點評：此題考查了串聯(lián)電路的特點和歐姆定律的應用，關鍵是滑

30、片移動時電壓表和電流表示數對應關系的判斷182分半導體材料的導電能力介于導體和絕緣體之間，其電阻受溫度的影響較大下表是小白同學對某種半導體材料的電阻R隨溫度變化所測量的有關數據環(huán)境溫度/2030406080100半導體材料電阻R/50.024.920.013.211.110.0根據這種半導體材料電阻的特性，小白同學設計了一個如下圖的電路，可以測量某一空間的環(huán)境溫度使用器材如下：半導體R，電源，電流表00.6A，開關S，定值電阻R010，導線假設干當環(huán)境溫度為20時，電流表讀數為0.3A；電源電壓為18V根據該半導體材料的特性，可將其改造成為一個測量環(huán)境溫度的溫度計：在平安使用電路的情況下，由表

31、格數據可知，該半導體對環(huán)境溫度的測量范圍為20100考點：歐姆定律的應用.專題：電路和歐姆定律分析：由表格可得40時半導體的電阻值R，然后根據串聯(lián)電路的特點和歐姆定律求出電源電壓解答：解：由表中數據知：當t=20時，半導體材料電阻R=50.0，串聯(lián)電路的總電壓等于各分電壓之和，根據歐姆定律可得：電源的電壓：U=IR+IR0=0.3A×50.0+0.3A×10=18V；由表中數據可知，測溫范圍是：20100；故答案為：18；20100點評：此題考查了串聯(lián)電路的特點和歐姆定律的計算，能根據表格獲取某溫度下的電阻值是解題的前提與關鍵三、實驗作圖題19題2分，20題5分，21題8分

32、，共15分192分2022包頭把帶有開關的電燈，三孔插座正確地連入如圖的家庭電路中考點：家庭電路的連接.專題：作圖題；電與熱、生活用電分析：1火線首先進入開關，然后進入燈泡頂端的金屬點；零線直接進入螺旋套火線接在燈泡的頂端，在更換燈泡時，斷開開關，切斷火線，更平安2三孔插座的接法：上孔接地線；左孔接零線；右孔接火線解答：解：燈泡接法：火線進入開關，再進入燈泡頂端的金屬點，零線直接接入燈泡的螺旋套，這樣在斷開開關能切斷火線，接觸燈泡不會發(fā)生觸電事故，既能控制燈泡，又能更平安；三孔插座接法：上孔接地線；左孔接零線；右孔接火線如以下圖所示點評：掌握家庭電路的燈泡、開關、三孔插座、兩孔插座、保險絲的接

33、法，同時考慮使用性和平安性205分小光和小強同學在學習了電功的知識后，開動腦筋運用簡單的電學器材設計了探究影響電功大小因素的實驗如下圖，將電阻絲R1、R2R1R2串聯(lián)在電路中，分別把2根相同的火柴m、n放在兩電阻絲上；閉合開關后，看到m火柴首先被點燃1該實驗通過觀察火柴先后著火的次序來說明電功大小，運用了轉換法的思想；2小光同學認為該實驗能夠用來探究電功大小與電壓的關系；如果把R1、R2并聯(lián)，分別把2根相同的火柴放在兩電阻絲上，那么能夠探究電功大小與電流的關系，這種研究方法叫控制變量法3小強同學思考后認為火柴能夠被點燃，是因為電流對電阻絲做功把電能轉化為內能，使得電阻絲溫度升高傳熱給火柴，到達

34、著火點而點燃火柴考點：控制變量法與探究性實驗方案.專題：實驗題；探究型實驗綜合題分析：1實驗中通過火柴著火的先后順序說明電功大小，運用了轉換法；2串聯(lián)電流相同、并聯(lián)電壓相同，從而可判斷影響因素；3電流通過導體發(fā)熱，是電流的熱效應，將電能轉化為內能解答：解：1該實驗通過觀察火柴先后著火的次序來說明電功大小，運用了轉換法的思想；2由圖知，兩電阻串聯(lián)，電流和通電時間相同，兩電阻兩端的電壓不同，那么該實驗能夠用來探究電功大小與電壓的關系；如果把R1、R2并聯(lián)，兩電阻兩端的電壓和通電時間相同，電流不同，分別把2根相同的火柴放在兩電阻絲上，那么能夠探究電功大小與電流的關系，這種研究方法叫控制變量法3火柴能

35、夠被點燃，是因為電流對電阻絲做功把電能轉化為內能故答案為：1轉換；2電壓；電流；控制變量；3電能點評：此題是探究影響電功大小的因素實驗，主要考查了控制變量法及轉換法的應用218分小新同學利用電壓表和電流表測量定值電阻R1的阻值約9左右，電源選用兩節(jié)新的干電池1按圖甲電路，將圖乙中電流表正確連入電路注意選擇量程2小新同學連接好電路后，合上開關，可是無論怎樣移動滑片，電壓表示數總為3v不變，電流表有示數，你認為發(fā)生故障的原因可能是R1處斷路R2處短路3去除故障后，小新同學將滑片P向左滑動時，電壓表示數將增大選填“增大、“減小、“不變，當P滑到某一位置時，兩表讀數如圖丙所示，由此可知R1=10你認為

36、這個結果可靠嗎？不可靠：選填“可靠、“不可靠理由是沒有屢次測量求平均值4假設在測量過程中，電壓表意外損壞不能使用；小新同學思考之后取下電壓表，只用電流表繼續(xù)測量設計了如圖丁所示電路R0為阻值的定值電阻，并設計了如下實驗步驟，請幫他把缺少的步驟補全，并寫出Rx的表達式實驗步驟：A按照設計的電路圖連接電路B斷開S2、閉合S1記錄電流表示數為l1C斷開S1、閉合S2記錄電流表示數為I2；D表達式：Rx=R0用和測量的物理量的符號表示考點：伏安法測電阻的探究實驗.專題：實驗題；探究型實驗綜合題分析：1電源電壓是3V，電阻R19，根據I=可以估算出干路中的電流大約在0.33A左右，所以選擇電流表的量程為

37、00.6A；2電壓表示數總為3V不變，說明電壓表測量的是電源兩端的電壓，尋找可能的原因，一是滑動變阻器短路或被測電阻斷路；3在測量電阻的實驗中，應通過滑動變阻器改變電路中的電流，屢次測量求平均值，以減小實驗的誤差，因為導體的電阻與電流和電壓無關；4在沒有電壓表時，使定值電阻與待測電阻并聯(lián)，根據開關的狀態(tài)、電流表的示數以及歐姆定律得出定值電阻兩端電壓，然后根據公式R=計算出被測電阻的阻值解答：解：1由于電源是兩節(jié)干電池串聯(lián)，電源電壓為3V，故電壓表量程選擇03V，根據R=可判斷電路中的最大電流在0.33A左右，故電流表的量程選擇00.6A；電路圖如下圖：2移動滑片，電壓表示數總為3V，說明電壓表

38、測的是電源電壓，即R1處斷路或R2處短路；3去除故障后，將滑片P向左滑動時，其電阻減小，整個電路的電流增大，電壓表示數將增大；由圖丙知：U=2V，I=0.2A，所以R=10；這個結果不可靠，應屢次測量求平均值，以減小實驗的誤差；4實驗步驟：1按電路圖連接電路2斷開S2、閉合S1記錄電流表示數為I1；3斷開S1、閉合S2記錄電流表示數為I2；4由上知，U=I1R0，那么Rx=R0故答案為：1電路如上圖所示；2R1處斷路R2處短路；3增大；10；不可靠；沒有屢次測量求平均值；4C、閉合S2記錄電流表示數為I2；D、R0點評：此題是測量電阻的實驗步驟的設計，此題的難點較多，一是電流表量程的選取，二是

39、故障原因的判斷，需要學生在平時的學習中積累方法與技巧在實驗中用一個定值電阻和一塊電流表代替了電壓表，設計實驗步驟的宗旨是怎樣能間接地測出電阻兩端的電壓四、計算題22題5分，23題6分，24題7分，共l8分225分如下圖的電路中，電源電壓6V保持不變，電阻R1=10只閉合開關S2，通過電阻R2的電流為0.2A求：1R2的電阻值；2斷開開關S2，只閉合開關S1和S3時，通電2min時R1消耗的電能考點：歐姆定律的應用；電功的計算.專題：應用題；電路和歐姆定律；電能和電功率分析：1只閉合開關S2時，兩電阻串聯(lián)，根據串聯(lián)電路的電流特點和歐姆定律求出電路中的總電阻，利用電阻的串聯(lián)求出R2的電阻值；2斷開

40、開關S2，只閉合開關S1和S3時，兩電阻并聯(lián)，根據并聯(lián)電路的電壓特點和W=UIt=t求出通電2min時R1消耗的電能解答：解：1只閉合開關S2時，兩電阻串聯(lián)，因串聯(lián)電路中各處的電流相等，所以，由I=可得，電路中的總電阻：R=30，因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，R2的電阻值：R2=RR1=3010=20；2斷開開關S2，只閉合開關S1和S3時，兩電阻并聯(lián)，因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，所以，通電2min時R1消耗的電能：W2=t=×2×60s=216J答：1R2的電阻值為20；2斷開開關S2，只閉合開關S1和S3時，通電2min時R1消耗的電能為216J點評：此題考查了串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點以及歐姆定律、電功公式的靈活運用，要注意開關閉合、斷開時電路的串并聯(lián)236分風行全球的最快電動跑車特斯拉，有著優(yōu)越的性能，良好的操作性，使用經濟廉價等諸多優(yōu)點型號為Model5該車配備65kWh電池，作為汽車動力來源，為了方便車主充電，特斯拉工廠在全球多個城市配置了超級充電站，超級充電時的充電電壓為380V，充電電流為195A，求：1充電完成一半需要多長時間；2充滿電的汽車電池能續(xù)航500公里，而特斯拉電動車的能量轉換效率可以高達90%，那么該車勻速運行的牽引力是多大考點：電功率與電能、時間的關