2020年湖北省孝感市聯(lián)考協(xié)作體高二(下)期中物理試卷

1、1.2.3.4.5.期中物理試卷題號(hào)一一三四總分得分、單選題（本大題共 10小題，共40.0分）首次成功解釋光電效應(yīng)和首次提出物質(zhì)波的科學(xué)家分別是（）A.普朗克、愛(ài)因斯坦B.愛(ài)因斯坦、德布羅意C.普朗克、德布羅意D.愛(ài)因斯坦、康普頓手機(jī)大多有拍照功能，用來(lái)衡量其拍照性能的一個(gè)重要的指標(biāo)就是像素，像素可理解為光子打在光屏上的一個(gè)亮點(diǎn)，300萬(wàn)像素的手機(jī)拍出的照片比 30萬(wàn)像素的手機(jī)拍出的等大的照片清晰得多，其原因可以理解為（）A.光具有波粒二象性，大量光子表現(xiàn)出光的波動(dòng)性B.光的波動(dòng)性是大量光子之間的相互作用引起的 C.光是一種粒子，它和物質(zhì)的作用是一份一份的D.大量光子表現(xiàn)光具有粒子性關(guān)于光電

2、效應(yīng)，下列說(shuō)法正確的是（A.入射光的光強(qiáng)一定時(shí)，頻率越高，單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子數(shù)就越多B.從金屬表面出來(lái)的光電子的最大初動(dòng)能越大，這種金屬的逸出功越小C.只要光照射的時(shí)間足夠長(zhǎng)，任何金屬都能產(chǎn)生光電效應(yīng)D.截止頻率越大的金屬材料逸出功越大如圖所示是一交變電流的電流隨時(shí)間變化的圖象，正半軸是正弦曲線的一個(gè)部分, 則該交變電流的有效值為（A. 2AB. 'AC. -A如圖所示，小車放在光滑的水平面上，將系繩小球拉開(kāi)到 一定角度，然后同時(shí)放開(kāi)小球和小車，那么在以后的過(guò)程 中（）A.小球向左擺動(dòng)時(shí)，小車也向左運(yùn)動(dòng)，且系統(tǒng)動(dòng)量守恒 B.小球向左擺動(dòng)時(shí)，小車向右運(yùn)動(dòng)，且系統(tǒng)動(dòng)量守恒 C.小球向左

3、擺到最高點(diǎn)，小球的速度為零而小車的速度 不為零D.在任意時(shí)刻，小球和小車在水平方向的動(dòng)量一定大小相等、方向相反6 .如圖所示，L為電感線圈，C為電容器，A、B為兩只相同的燈泡，將他們接在電壓為U的交流電源上，兩只燈泡的亮度一樣， 若保持電源電壓不變， 而將電源頻率增大，下列說(shuō)法正確的是（）A. A燈泡變暗，B燈泡變亮B. A燈泡亮度不變，B燈泡變亮C.兩燈泡的亮度不變D. A燈泡變亮，B燈泡變暗7 . 一小型水電站輸出的電功率為40KW,輸電線總電阻為2Q,如果發(fā)電機(jī)輸出電壓為400V,直接以400V電壓進(jìn)行輸電，輸電導(dǎo)線上損失的電功率Pi,若用變壓器將電壓升為2000V電壓輸電，則輸電導(dǎo)線上

4、損失電功率為P2,則Pi與P2的比值是（ ）A. 1 : 1B. 25: 1C. 25: 2D. 1: 258 .某高處落下一個(gè)雞蛋，分別落到棉絮上和水泥地上，下列結(jié)論正確的是（）A.落到棉絮上的雞蛋不易破碎，是因?yàn)樗膭?dòng)量變化小 B.落到水泥地上的雞蛋易碎，是因?yàn)樗艿降臎_量大C.落到棉絮上的雞蛋不易破碎，是因?yàn)樗膭?dòng)量變化率小D.落到水泥地上的雞蛋易碎，是因?yàn)樗膭?dòng)量變化慢9 .某小型水電站的電能輸送示意圖如圖所示。發(fā)電機(jī)的輸出電壓為 220V,輸電線總 電阻為r,升壓變壓器原、副線圈匝數(shù)分別為m、n2,降壓變壓器原、副線圈匝數(shù)分別為n3、n4 （變壓器均為理想變壓器），要使額定電壓為22

5、0V的用電器正常工作，則（）第13頁(yè)，共11頁(yè)升壓變壓器降壓變壓器C.升壓變壓器的輸出電壓等于降壓變壓器的輸入電壓D.升壓變壓器的輸出功率小于降壓變壓器的輸入功率10 .為探究理想變壓器原、副線圈電壓、電流的關(guān)系，將原線圈接到電壓有效值不變的正弦交流電源上，副線圈連接相同的燈泡 L1、L2,電路中分別接了理想交流電壓表V1、V2和理想交流電流表 A1、A2,導(dǎo)線電阻不計(jì)，如圖所示.當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合后（）A. A1示數(shù)不變,B. A1示數(shù)變大,C. V2示數(shù)變小,D. V2示數(shù)不變,A1與A2示數(shù)的比值不變A1與A2示數(shù)的比值變大V1與V2示數(shù)的比值變大V1與V2示數(shù)的比值不變、多選題（本大題共 2

6、小題，共8.0分）11 .今年春節(jié)上映的國(guó)產(chǎn)科幻大片流浪地球中有這樣的情節(jié)：為了自救，人類提出一個(gè)名為“流浪地球”的大膽計(jì)劃， 即傾全球之力在地球表面建造上萬(wàn)座發(fā)動(dòng)機(jī)和 轉(zhuǎn)向發(fā)動(dòng)機(jī)，推動(dòng)地球離開(kāi)太陽(yáng)系，用 2500年的時(shí)間奔往另外一個(gè)棲息之地。這個(gè)科幻情節(jié)中里有反沖運(yùn)動(dòng)的原理?，F(xiàn)實(shí)中的下列運(yùn)動(dòng)，屬于反沖運(yùn)動(dòng)的有（）A.汽車的運(yùn)動(dòng)B.直升飛機(jī)的運(yùn)動(dòng)C.火箭的運(yùn)動(dòng)D.反擊式水輪機(jī)的運(yùn)動(dòng)12 .質(zhì)量相等的甲乙兩球在光滑水平面上沿同一直線運(yùn)動(dòng).甲以7kg?m/s的動(dòng)量追上前方以5kg?m/s的動(dòng)量同向運(yùn)動(dòng)的乙球發(fā)生正碰，則碰后甲乙兩球動(dòng)量可能的是6kg ?m/s8kg?m/sA. 6.5kg?m/s,

7、 5.5kg?m/sB. 6kg?m/s,C. 5.5kg?m/s, 6.5kg?m/sD. 4kg?m/s,三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共 2小題，共14.0分）13 .為探究變壓器兩個(gè)線圈的電壓關(guān)系，張明同學(xué)設(shè)計(jì)如下實(shí)驗(yàn)中，操作步驟如下：將原線圈與副線圈對(duì)調(diào)，重復(fù)以上步驟；將匝數(shù)較多的一組線圈接到學(xué)生電源的交流電源輸出端上，另一個(gè)作為副線圈，接上小燈泡；閉合電源開(kāi)關(guān)，用多用電表的交流電壓擋分別測(cè)量原線圈和副線圈兩端的電壓；將兩個(gè)線圈套到可拆變壓器的鐵芯上。（1）以上操作的合理順序是 （填步驟前數(shù)字序號(hào)）；（2）如圖所示，在實(shí)驗(yàn)中，兩線圈的匝數(shù)Q=1600, n2=400,當(dāng)將n1做原線圈時(shí),原線圈兩

8、端電壓為16V,副線圈兩端電壓為 4V； n1與此對(duì)調(diào)后，原線圈兩端電壓 為8V時(shí)，副線圈兩端電壓為 32V,那么可初步確定，變壓器兩個(gè)線圈的電壓5、U2與線圈匝數(shù) m、n2的關(guān)系是 （填寫(xiě)字母關(guān)系式）。S和 （用字母表14 .用如圖所示裝置來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，質(zhì)量為mA的鋼球A用細(xì)線懸掛于。點(diǎn)，質(zhì)量為 mB的鋼球B放在離地面高度 為H的小支柱N上，。點(diǎn)到A球球心的距離為 L,使懸線 在A球釋放前伸直，且線與豎直線夾角為a, A球釋放后擺到最低點(diǎn)時(shí)恰與 B球正碰，碰撞后，A球把輕質(zhì)指示針 OC推移到與豎直線夾角 3處，B球落到地面上，地面上鋪 有一張蓋有復(fù)寫(xiě)紙的白紙 D,保持a角度不變，多次重

9、復(fù) 上述實(shí)驗(yàn)，白紙上記錄到多個(gè)B球的落點(diǎn).（1）圖中S應(yīng)是B球初始位置到 的水平距離； （2）為了驗(yàn)證兩球碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，應(yīng)測(cè)得的物理量有示）；（3）用測(cè)得的物理量表示碰撞前后 A球、B球的動(dòng)量：Pa=, Pa，=PB=0. Pb' = （當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹?g）。四、計(jì)算題（本大題共 3小題，共38.0分）15 .冰球運(yùn)動(dòng)是一項(xiàng)對(duì)抗性極強(qiáng)的冰雪體育競(jìng)技項(xiàng)目。如圖所示，甲、乙兩冰球運(yùn)動(dòng)員為爭(zhēng)搶冰球而合理水平?jīng)_撞，沖撞過(guò)程中運(yùn)動(dòng)員手中的冰球桿未與地面接觸。已知甲運(yùn)動(dòng)員的總質(zhì)量為m二50kg,乙運(yùn)動(dòng)員的總質(zhì)量為m2=60kg,沖撞前兩運(yùn)動(dòng)員速度大小均為V0=4m/s,沖撞結(jié)束，甲被撞回，

10、速度大小為 v1=1.4m/s,如果沖撞接觸時(shí)間為 0.2s, 忽略冰球鞋與冰面間的摩擦。問(wèn)：（1）撞后乙的速度 V2大小是多少？方向又如何?（2）沖撞時(shí)兩運(yùn)動(dòng)員相互間的平均作用力多大？16.發(fā)電機(jī)轉(zhuǎn)子是匝數(shù)為 100匝，長(zhǎng)為20cm、寬為30cm的長(zhǎng)方 形線圈，將線圈置于磁感應(yīng)強(qiáng)度為0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，使其繞垂直于磁場(chǎng)方向且在線圈平面內(nèi)的軸以角速度50rad /s勻速轉(zhuǎn)動(dòng)當(dāng)線圈平面與磁場(chǎng)平行時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，若線圈電阻為 2Q, 線圈的兩端通過(guò)滑環(huán)與一個(gè)阻值R=8Q的電阻連接。試求：(1)發(fā)電機(jī)線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式；17.如圖所示，質(zhì)量為 M的木球用足夠結(jié)實(shí)的細(xì)繩連接掛在。點(diǎn)處(2)電

11、阻R的電功率。于靜止?fàn)顟B(tài)，。點(diǎn)到球心的距離為 L,現(xiàn)有一質(zhì)量為m的子彈以速度V0入木球并留在木球中，求：(1)子彈射入木球后，木球的速度大小；(2)子彈射入木球后瞬間，細(xì)繩所受的彈力大??；(3)若子彈射入木球后，木球(含子彈)在豎直平面內(nèi)恰好能繞。點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，求子彈的最小入射速度大小。答案和解析1 .【答案】B【解析】解：首次成功解釋光電效應(yīng)和首次提出物質(zhì)波的科學(xué)家分別是愛(ài)因斯坦、德布羅意，故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選：B。根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可。本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問(wèn)題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一。2 .【答案】A

12、【解析】 解：AD、光具有波粒二象性，大量光子表現(xiàn)出光的波動(dòng)性，故 A正確，D錯(cuò) 誤；B、光的波粒二象性是光的內(nèi)在屬性，即使是單個(gè)光子也有波動(dòng)性，跟光子的數(shù)量和光子之間是否有相互作用無(wú)關(guān)，故B錯(cuò)誤；C、光是一種粒子，它和物質(zhì)的作用是“一份一份”進(jìn)行的，用很弱的光做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)時(shí)的照片上的白點(diǎn)就是光子落在膠片上的痕跡，清楚的顯示了光的粒子性， 但數(shù)碼相機(jī)拍出的照片不是白點(diǎn)，所以不是因?yàn)榇嗽?，?C錯(cuò)誤；故選：Ao光是一種粒子，它和物質(zhì)的作用是“一份一份”進(jìn)行的，用很弱的光做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)時(shí)的照片上的白點(diǎn)就是光子落在膠片上的痕跡，清楚的顯示了光的粒子性， 光的波粒二象性是光的內(nèi)在屬性，即使是單個(gè)光

13、子也有波動(dòng)性，跟光子的數(shù)量和光子之間是否有相互 作用無(wú)關(guān)，大量光子表明光具有波動(dòng)性。本題考查理論知識(shí)在實(shí)際生活中應(yīng)用的分析，特別注意大量光子表現(xiàn)出光的波動(dòng)性，少數(shù)光子表現(xiàn)為粒子性，屬于基礎(chǔ)題目。3 .【答案】D【解析】 解：A、發(fā)生光電效應(yīng)的前提下，入射光的光強(qiáng)一定時(shí)，頻率越高，光子數(shù)越少，單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子數(shù)就越少，故A錯(cuò)誤。B、D、逸出功 W=h必 知截止頻率越大，逸出功越大，與光電子的最大初動(dòng)能無(wú)關(guān)， 故B錯(cuò)誤，D正確。C、光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率，與入射光的照射時(shí)間無(wú)關(guān)，故C錯(cuò)誤。故選：Do光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的截止頻率，與入射光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)。根

14、據(jù)光電效應(yīng)方程判斷影響光電子最大初動(dòng)能的因素。解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)的條件，以及掌握光電效應(yīng)方程， 知道光的強(qiáng)度影響單位時(shí)間內(nèi)發(fā)出光電子的數(shù)目， 光電子的最大初動(dòng)能隨著照射光頻率的增大而增大，而光電子數(shù)目與光強(qiáng)有關(guān)。4 .【答案】C【解析】解：圖象上半部分電流的有效值Ii=；_A=2a,下半部分電流的有效值I2=2A,根據(jù)有效值的定義有：Ii2Rti+l22Rt2=I2R (ti+t2),其中ti=0.01s, t2=0.02s,代入數(shù)據(jù)解 炳一得電流的有效值為：I= A,故C正確，ABD錯(cuò)誤。J I故選：Co先求出一個(gè)周期內(nèi)，上半部分和下半部分電流的有效值，再根據(jù)有效值的定義，利用Ii2

15、Rti+l22Rt2=I2R （ti + t2）,可以求出電流的有效值。本題考查了交變電流的有效值的求法。求有效值的時(shí)候，一定要注意在一個(gè)完整的周期來(lái)求解?！窘馕觥拷猓篈、小球與小車組成的系統(tǒng)在水平方向不受外力，豎直方向所受外力不為零，故系統(tǒng)只在在水平方向動(dòng)量守恒，故AB錯(cuò)誤C、小球向左擺到最高點(diǎn)，豎直方向速度為零，水平速度小球與車等大反向，則小球的速度為零而小車的速度也為零，故C錯(cuò)誤D、系統(tǒng)只在在水平方向動(dòng)量守恒，在任意時(shí)刻，小球和小車在水平方向的動(dòng)量一定大小相等、方向相反。故 D正確故選：D。小球與小車組成的系統(tǒng)在水平方向不受外力，滿足水平方向動(dòng)量守恒定律；系統(tǒng)機(jī)械能守恒，但對(duì)小球來(lái)說(shuō)，不

16、滿足動(dòng)量和機(jī)械能守恒的條件。本題對(duì)照機(jī)械能和動(dòng)量守恒的條件進(jìn)行判斷。對(duì)于系統(tǒng)而言，機(jī)械能守恒、總動(dòng)量不守恒，但由于系統(tǒng)所受的外力都在豎直方向上，系統(tǒng)水平方向上動(dòng)量守恒。6 .【答案】A【解析】解：若保持交流電源的電壓不變，使交變電流的頻率增大，電容器對(duì)其阻礙變小，線圈對(duì)其阻礙變大。所以 A燈泡將變暗，B燈泡將變亮，故 A正確，BCD錯(cuò)誤。 故選：Ao對(duì)于電容器來(lái)說(shuō)能通交流隔直流， 而頻率越高越容易通過(guò). 對(duì)于線圈來(lái)講通直流阻交流， 通低頻率交流阻高頻率交流.當(dāng)電容器的電容越小，頻率越低時(shí)，容抗越高；而線圈的自感系數(shù)越大，頻率越高時(shí)， 感抗越高.7 .【答案】B【解析】 解：輸送功率為 P,則輸

17、電電壓為 U時(shí)，輸電電流為：I="輸電電阻為R,則損失的功率為：F質(zhì)=產(chǎn)R =則由題意得，兩種輸電電壓下的損失功率為:及二薪二（匕）=（祠）=T故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選：Bo根據(jù)輸送功率和輸電電壓由P=UI求得輸電電流，再功率損耗的功率p=i2r求得不同輸電電壓下的損失功率比即可。掌握輸電時(shí)，損失的功率等于輸電導(dǎo)線上消耗的熱功率，掌握功率和熱功率表達(dá)式是關(guān)鍵。8 .【答案】C【解析】 解：AB、雞蛋分別落到棉絮上和水泥地上，在與棉絮和水泥地接觸的過(guò)程中， 雞蛋的速度都由v變化為零，可知?jiǎng)恿孔兓肯嗤鶕?jù)動(dòng)量定理知，合力的沖量相等, 故AB錯(cuò)誤。C、落到棉絮上的雞蛋不易破碎，根據(jù)F

18、合t = AP知，落到棉絮上的作用時(shí)間長(zhǎng)，動(dòng)量的變化率小，即合力小，導(dǎo)致對(duì)雞蛋的作用力較小，不容易破碎，故 C正確。D、落到水泥地上，作用時(shí)間較短，動(dòng)量的變化率大，動(dòng)量變化快，導(dǎo)致對(duì)雞蛋的作用 力大，所以易碎，故 D錯(cuò)誤。故選：Co雞蛋落地前是自由落體運(yùn)動(dòng)；與地面碰撞過(guò)程，根據(jù)動(dòng)量定理列式分析即可.本題關(guān)鍵是明確雞蛋的運(yùn)動(dòng)情況和受力情況，然后根據(jù)動(dòng)量定理列式分析，基礎(chǔ)問(wèn)題.9 .【答案】A【解析】解：AB、由變壓器的電壓比匝數(shù)之比 卜；=：，伊:言，又因?yàn)榫€路電壓損失，即U2>u3,所以 H故A正確,B錯(cuò)誤;CD、由于遠(yuǎn)距離輸電，輸電線電阻不能忽略，導(dǎo)致輸電線路上電壓損失，使功率損失，

19、所以升壓變壓器的輸出電壓大于降壓變壓器的輸入電壓；升壓變壓器的輸出功率大于降壓變壓器的輸入功率。故 CD錯(cuò)誤。故選：Ao通過(guò)理想升壓變壓器將電送到用戶附近，然后用理想降壓變壓器向遠(yuǎn)處用戶供電家中。提升電壓的目的是降低線路的功率損失，從而提高用戶得到的功率。理想變壓器的輸入功率與輸出功率相等，且沒(méi)有漏磁現(xiàn)象。遠(yuǎn)距離輸電，由于導(dǎo)線通電 發(fā)熱導(dǎo)致能量損失，所以通過(guò)提高輸送電壓，從而實(shí)現(xiàn)降低電損。10 .【答案】D【解析】解：由于理想變壓器原線圈接到電壓有效值不變，則副線圈電壓不變，V2示數(shù)不變，V1與V2示數(shù)的比值不變，C錯(cuò)誤、D正確。開(kāi)關(guān)S閉合后，變壓器副線圈的負(fù)載電阻減小， V2不變，由歐姆定律

20、可得 Ai示數(shù)變大， 由于理想變壓器 P2=Pi, Vi與V2示數(shù)的比值不變，所以 Ai與A2示數(shù)的比值不變，AB 錯(cuò)誤。故選：Do本題和閉合電路中的動(dòng)態(tài)分析類似，可以根據(jù)R2的變化，確定出總電路的電阻的變化，進(jìn)而可以確定總電路的電流的變化的情況，在根據(jù)電壓不變，來(lái)分析其他的原件的電流和電壓的變化的情況.電路的動(dòng)態(tài)變化的分析， 總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化的情況，再確定其他的電路的變化的情況，即先部分后整體再部分的方法.11 .【答案】CD【解析】【分析】汽車的運(yùn)動(dòng)是由汽車的牽引力拉汽車前進(jìn)，不屬于反沖運(yùn)動(dòng)；直升飛機(jī)的運(yùn)動(dòng)是利用氣體動(dòng)力學(xué)的原理制成的，不屬于反沖運(yùn)動(dòng)；火箭的運(yùn)動(dòng)

21、是利用噴氣的方式而獲得動(dòng)力， 屬于反沖運(yùn)動(dòng)；反擊式水輪機(jī)的運(yùn)動(dòng)利用了水的反沖作用而獲得動(dòng)力，屬于反沖運(yùn)動(dòng)。本題考查了反沖運(yùn)動(dòng)。對(duì)直升飛機(jī)的運(yùn)動(dòng)是否為反沖運(yùn)動(dòng)，很容易出錯(cuò)，和噴氣式飛機(jī)不一樣。【解答】A、汽車的運(yùn)動(dòng)是由汽車的牽引力拉汽車前進(jìn)，不屬于反沖運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B、直升飛機(jī)的運(yùn)動(dòng)是利用空氣的反作用力的原理制成的，不屬于反沖運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C、火箭的運(yùn)動(dòng)是利用噴氣的方式而獲得動(dòng)力，屬于反沖運(yùn)動(dòng)，故 C正確；D、反擊式水輪機(jī)的運(yùn)動(dòng)利用了水的反沖作用而獲得動(dòng)力，屬于反沖運(yùn)動(dòng)。故D正確。故選：CD。12 .【答案】BC【解析】解：以兩物體組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，以甲的初速度方向?yàn)檎较?，兩個(gè)物體 的

22、質(zhì)量均為m,碰撞前系統(tǒng)的總動(dòng)能：Ek=51+H=3+ =方Hq,加二口開(kāi)2限|m系統(tǒng)的總動(dòng)量：P=7kg?m/s+5kg?m/s=12 kg?m/s；A、碰后甲乙兩球動(dòng)量為：6.5kg?m/s, 5.5 kg?m/s,系統(tǒng)的總動(dòng)量 P' =6.5+5.5=12kg?m/s,動(dòng)量守恒。碰后，兩球同向運(yùn)動(dòng)，甲的速度比乙球的速度大，兩者發(fā)生第二次碰撞，不 符合兩球的運(yùn)動(dòng)情況，所以不可能，故 A錯(cuò)誤。B、碰后甲乙兩球動(dòng)量為：6 kg?m/s, 6 kg?m/s,系統(tǒng)總動(dòng)量 P' =6+6=12kg?m/s,系統(tǒng)的P才白動(dòng)量守恒，總動(dòng)能：E=''+='一系統(tǒng)動(dòng)能增

23、加，并且不會(huì)發(fā)生二次碰撞，是可能的，故B正確；C、碰后甲乙兩球動(dòng)量為：5.5kg?m/s, 6.5 kg?m/s,系統(tǒng)動(dòng)量總 P' =5.5+6.5=12 kg?m/s,系統(tǒng)動(dòng)量守恒，總動(dòng)能：Ek'=匚"+'”三上，系統(tǒng)動(dòng)能不增加，不會(huì)發(fā)生二次碰撞，是2a?t 2m I可能的，故C正確；D、如果4kg?m/s, 8 kg?m/s,系統(tǒng)總動(dòng)量 P' =4+8=12 kg?m/s,系統(tǒng)動(dòng)量守恒，系統(tǒng)總 動(dòng)能：EJ =*三：系統(tǒng)總動(dòng)能增加，違反了能量守恒定律，不可能，故 D錯(cuò)誤； 故選：BC。當(dāng)甲球追上乙球時(shí)發(fā)生碰撞時(shí)，遵守動(dòng)量守恒.由動(dòng)量守恒定律和碰撞過(guò)程

24、總動(dòng)能不增加，通過(guò)列式分析，再進(jìn)行選擇.對(duì)于碰撞過(guò)程要遵守三大規(guī)律：1、是動(dòng)量守恒定律；2、總動(dòng)能不增加；3、符合物體的實(shí)際運(yùn)動(dòng)情況.13 .【答案】(1)；【解析】 解：(1)在“探究變壓器兩個(gè)線圈的電壓關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中，首先將兩個(gè)線圈套到可拆變壓器的鐵芯上；再將匝數(shù)較多的一組線圈接到學(xué)生電源的交流電源輸出端上，另一個(gè)作為副線圈，接上小燈泡；閉合電源開(kāi)關(guān)、用多用電表的交流電壓檔分別測(cè) 量原線圈和副線圈兩的電壓；最后將原線圈與副線圈對(duì)調(diào)，重復(fù)以上步驟；故以上操作 的合理順序是。(2)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，原副線圈的磁通量的變化率相同，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小與匝數(shù)成正比，兩線圈的匝數(shù) n=1600,

25、 n2=400,當(dāng)將m做原線圈時(shí)，U=16V,副線圈兩端電壓 U2=4V; 當(dāng)原線圈與副線圈對(duì)調(diào)后，UT =8V時(shí)，U2，=32V,此日U2,為原線圈的電壓，而U1'為副線圈的電壓；1);由上數(shù)據(jù)可得： 故答案為:(1)根據(jù)變壓器的工作原理：原副線圈的磁通量的變化率相同，結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)定律，求解電壓與匝數(shù)關(guān)系，再依據(jù)實(shí)驗(yàn)操作步驟，即可求解；(2)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，結(jié)合實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，即可求解。本題考查變壓器的工作原理，要掌握法拉第電磁感應(yīng)定律的應(yīng)用，注意原副線圈的中磁通量變化率相同是解題的關(guān)鍵。14 .【答案】（1）落地點(diǎn)；（2） mA、mB、a、& H、L、S ;mBS（

26、3） mAL(_l-cosay 刖八 2英(1-的夕),【解析】解：（1） B球離開(kāi)小支柱后做平拋運(yùn)動(dòng)，S是B球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移，即:B球初始位置到落地點(diǎn)的水平距離.（4） 小球從A處下擺過(guò)程只有重力做功，機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：2mAgL （1-cos , =.mAVA-0, 解得：VA八2gLe,貝U PA=mAVA=mAj2ffL（l-cosa；;小球A與小球B碰撞后繼續(xù)運(yùn)動(dòng)，在 A碰后到達(dá)最左端過(guò)程中，機(jī)械能再次守恒，由機(jī)械能守恒定律得：-mAgL （1-cos $ =0-£mAVA，2,解得 Va，=j2g“l(fā)-c心0）,Pa' =mAVA' =

27、mA2g£（lcns/?）；碰前小球B靜止，則Pb=0 -碰撞后B球做平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向：S=Vb，t,豎直方向H = gt2,解得vb，=S島,則碰后B球的動(dòng)量Pbz =mBVBz =mBS；由動(dòng)量守恒定律可知，實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的表達(dá)式為：m a2L（1-coset = mA j2gL（lcos（i', + mBSj,實(shí)驗(yàn)需要測(cè)量的量有：mA； mB；弭3； H; L； S.故答案為：（1）落地點(diǎn)；（2）mA、mB、& H、L、S. （ 3）心顫聲畫(huà) 冊(cè)小麗三硒；0; mBSj品；（3） mBS向.A球下擺過(guò)程機(jī)械能守恒，根據(jù)守恒定律列式求最低點(diǎn)速度；球A上擺過(guò)程機(jī)械能

28、再次守恒，可求解碰撞后速度； 碰撞后小球B做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的分位移公式求解 碰撞后B球的速度，然后驗(yàn)證動(dòng)量是否守恒即可.本題考查了動(dòng)量守恒定律的驗(yàn)證實(shí)驗(yàn)；重點(diǎn)考查了確定實(shí)驗(yàn)需要測(cè)量的量，知道實(shí)驗(yàn)原理、求出實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的表達(dá)式是正確解題的關(guān)鍵.15 .【答案】解：（1）取甲碰前的速度方向?yàn)檎较?，?duì)兩甲、乙組成的系統(tǒng)，由動(dòng)量 守恒定律得：m1V0-m2V0=-m1V1-m2 V2代入數(shù)據(jù)得：V2=0.5m/s；方向與甲碰前速度方向相同。（2）取甲碰前的速度方向?yàn)檎较?，以甲為研究?duì)象，設(shè)沖撞時(shí)平均作用力大小為F,由動(dòng)量定理得：-Ft=-m1V1-m1V0代入數(shù)據(jù)得：F=1350N答：（1

29、）撞后乙的速度大小是 0.5m/s,方向與甲碰前速度方向相同。（2）沖撞時(shí)兩運(yùn)動(dòng)員相互間的平均作用力是1350N?！窘馕觥浚?）取沖撞前甲的速度方向?yàn)檎较?，?duì)兩人組成的系統(tǒng)運(yùn)用動(dòng)量守恒定律, 即可求出沖撞后乙的速度大小和方向。(2)對(duì)甲，運(yùn)用動(dòng)量定理列式，可求得乙對(duì)甲的平均作用力。對(duì)于碰撞、打擊、爆炸等瞬間問(wèn)題求作用力時(shí)往往根據(jù)動(dòng)量定理求解，由于相互作用力 是變力，不好運(yùn)用牛頓運(yùn)動(dòng)定律求解。碰撞的基本規(guī)律是動(dòng)量守恒定律，要注意在規(guī)定 正方向的基礎(chǔ)上，用正負(fù)號(hào)表示動(dòng)量的方向。16 .【答案】 解：(1)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值為：Em=NBSco =100 X 0.5 X 0,2 X (V315050故交變電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值的表達(dá)式為：e=Emcos d=150cos50t (V)(2)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)