能量再積三個月,躍遷就在高考時(省教研活動)-1

1、能量再積三個月，躍遷就在高考時談物理二、三輪復(fù)習(xí)策略及命題思路陳洪洲一、談復(fù)習(xí)（一）、時間安排（二）、具體內(nèi)容：（三）、應(yīng)對策略：1、明確重點、構(gòu)建網(wǎng)絡(luò)2、善于總結(jié)、提煉方法3、對照考綱、不留盲點4、重視基礎(chǔ)、回歸課本5、加強實驗、逐一過關(guān)6、教會審題、解題規(guī)范（四）增分途徑1 通過考綱來給高考增分.2 通過課本來給高考增分.3 通過平時的錯題來給高考增分.4 通過"抓小放大"來給高考增分.5通過"抓大放小"來給高考增分.6 通過“查漏補缺”來給高考增分.7 通過“歸納分類”來給高考增分.8 通過強化實驗來給高考增分.9 通過臨場發(fā)揮來給高考增分 通過認

2、真書寫、規(guī)范解答來給咼考增分 通過細心審題、先易后難來給高考增分 通過控制速度、把握節(jié)奏來給高考增分10.通過良好的心態(tài)來給高考增分.二、談命題1來自課堂的講解例1O佃.（08年深圳一模）如圖所示，在傾角為30的斜面OA的左側(cè)有一豎直檔板，其上有一小孔P,現(xiàn)有一質(zhì)量m=4X1020kg,帶電量14q=+2X10C的粒子，從小孔以速度vo=3X410m/s水平射向磁感應(yīng)強度B=0.2T、方向垂直紙面向里的一正三角形區(qū)域.該粒子在運動過程中始終不碰及豎直檔板，且在飛出磁場區(qū)域后能垂直打在OA面上，粒子重力不計.求：（1）粒子在磁場中做圓周運動的半徑；（2）粒子在磁場中運動的時間；(3) 正三角形磁

3、場區(qū)域的最小邊長.佃、(15分)解：2,v得:（1）由qvB二mr11mvqB=0.3m（4分）T=2二10占s=6.2810，sqB（2分）5(2)畫出粒子的運動軌跡如圖，可知t=5T，得：(4分)65m5兀_5_5，八、t10s=5.2310s（2分）3qB32r+rcos305（3）由數(shù)學(xué)知識可得：L二rcos30得:cos30°.mV/4丄小473+3-_八L（1）0.99m（3分）qB.310例25.（08年深圳二模）如圖所示為一質(zhì)點運動的位aeAPc30IX101移時間圖像，曲線為一段圓弧，則下列說法中正確的是A. 質(zhì)點可能做圓周運動B. 質(zhì)點一定做直線運動C. t時刻質(zhì)

4、點離開出發(fā)點最遠D. 質(zhì)點運動的速率先減小后增大t/s35.(10年深圳二模)如圖所示，MN為3m寬的小溝，M點左側(cè)1m處有一5m高的平1臺與半徑為1.25m的一圓弧底部相切，平臺表4面與圓軌道都光滑，一質(zhì)量為3kg的B球靜止在平臺上現(xiàn)讓一小球A從圓弧左側(cè)與圓心等高處靜止釋放，A球下滑至平臺并與B球發(fā)生碰撞.A、B兩球可視為質(zhì)點，g=10m/s2.求：(1) A球到達圓弧底端時的速度；(2) 如果碰后兩球分別落在M與N點，則A球的可能質(zhì)量.35.18分（2分）（1分）（1分）（2分）（1分）（1分）（2分）（2分）（2分）（2分）（2分）一12（1）根據(jù)機械能守恒mgRmv代入數(shù)據(jù)得v=5m/

5、s（2）若碰后兩球都向右運動，據(jù)平拋運動12hgt得t=1sx=v0t得VAi=1m/svBi=4m/s由動量守恒mAVA=mAVAi-mBVBi得mA=3kg一12碰前總動能EK1352/1212碰后總動能EK1313422因為Ek1-E；1其解成立若碰后A球向左運動，B球向右運動，則可能有:vA2=1m/sVB2=4m/s由動量守恒mAvA=mAvA2-mBvB2得mA=2kg一12碰前總動能Ek2252/1212碰后總動能Ek2二泊2（-1）234因為Ek2二E；2其解成立若碰后A球向左運動，B球向右運動，則可能有:VA2=4m/sVB2=1m/s由動量守恒mAVA=mAVA3mBVB3

6、得mA=1kg31 12碰前總動能EK3二泊決52 3/11212碰后總動能E；3（-4）2312232因為EK3二eK3其解成立2來自學(xué)生的問題例34（2）（10年深圳一模）在探究金屬絲的電阻與金屬絲長度的關(guān)系的實驗中，某實驗小組得到了如圖所示的R-L實驗圖線，則圖線的斜率與導(dǎo)線的橫截面積的乘積表示的物理量是為了測量金屬絲的電阻（阻值在510.j之間），實驗提供了下列器材和電路：A. 電壓表（03V,內(nèi)阻1k）B. 電壓表（015V，內(nèi)阻5k）C. 電流表（00.6A，內(nèi)阻2門）D. 電流表（03A,內(nèi)阻0.5門）E. 滑動變阻器（100.2A）F. 滑動變阻器（500.6A）G. 直流電源

7、（6V,內(nèi)阻不計）另有開關(guān)一個、導(dǎo)線若干.實驗中電路應(yīng)選動變阻器應(yīng)選R滑圖乙R，電壓表應(yīng)選，電流表應(yīng)選.（只填器材的字母代號）.（2）金屬絲的電阻率；乙；A；_C；F來自易錯的作業(yè)35.（18分）（11年深圳一模）輕質(zhì)細線吊著一質(zhì)量為n=10的正方形線圈，滑（每空2分）m=0.32kg,邊長為L=0.8m、匝數(shù)總電阻為r=11.邊長為-的正方2形磁場區(qū)域?qū)ΨQ分布在線圈下邊的兩側(cè)，如圖甲所示.磁場方向垂直紙面向里，大小隨時間變化如圖乙所示，從t=0開始經(jīng)to時間細線開始松馳，g=10m/s2.求：（1）在前to時間內(nèi)線圈中產(chǎn)生的電動勢；（2）在前t0時間內(nèi)線圈的電功率；（3）求t0的值.35.解

8、：（1）由法拉第電磁感應(yīng)定律得：1L2如10.82=n（_）10（）0.5=0.4（V）5分t(2)I0.4ArP=12r=0.16(W)（3）分析線圈受力可知，當細線松弛時有:F安二nBt°l寺二mgI=一rBto2mgrnL=2仃）由圖像知：B°=10.5t。解得：t°=2s4分4來自試題的啟發(fā)例136.（18分）（11年深圳二模）細管AB內(nèi)壁光滑、厚度不計，加工成如圖所示形狀，長L=0.8m的BD段固定在豎直平面內(nèi)，其B端與半徑R=0.4m的光滑圓弧軌道BP平滑連接。與長S=1.25m，動摩擦因數(shù)=0.25的1CD段是半徑R=0.4m的一圓弧，AC段在水平面

9、上,4水平軌道AQ平滑相連，管中有兩個可視為質(zhì)點的小球a、b,ma=6m，mb=2m。開始b球靜止，a球以速度Vo向右運動，與b球發(fā)生彈性碰撞之后，b球能夠越過軌道最高點P。a球能滑出AQ。（重力加速度取10m/s2，、6=2.45）。求： 若v0=4m/s2，碰后b球的速度大??； 若v0未知，碰后a球的最大速度；若V0未知，V0的取值范圍。36解：設(shè)a、b碰后瞬間速度為Va1、Vb1maVo=maVa1+mbVb1分2121212maV0maVa1mibV分2222解出：va1=v0=2m/s,vb1=2mav0=6m/smambmamba與b碰后，a上升的高度不能超過3R12mava1ma

10、xmag3R2分2va1maxRg：4.9m/s2分2欲使b能通過最高點，有mbg_mb冷厶1分R得出vb2-,Rg=2m/s分1212b球在上升過程中有mbvEmbvb2mbg(2RL)1分22解得Vbi_6m/s,v；min_Vbi=4m/s2ma因為a球能通過粗糙區(qū)域，有2Vai2gs分v/o=2Vai5m/s分碰后a上升的高度不能超過3R，必須滿足Vomax=2vai二-2,6Rg=9.8m/s分1綜上可得5m/s：(v_9.8m-/s1分例236.(18分)(12年深圳一模)如圖所示，光滑的絕緣平臺水平固定，平臺右下方邊界MN、PQ之間存在勻強電場和勻強磁場，MN過平臺右端并與水平方

11、向呈37°,MN與PQ平行，豎直距離為h=1.7m，磁感應(yīng)強度B=0.9T，方向垂直紙面向外，平臺左端放有可視為質(zhì)點的A球，質(zhì)量為mA=0.17kg，電量為q=+0.1C,恰好能做勻速圓周運動，g取10m/s2。(1) 求電場強度的大小和方向；(2) 要使A球在MNPQ區(qū)域內(nèi)的運動時間保持不變，A球初速度應(yīng)滿足的條件？(設(shè)A球飛出MNPQ區(qū)域后被收集不能再返回)(3) 在平臺右端再放一個不帶電也可視為質(zhì)點的絕緣B球，A球以VA0=3m/s的速度水平向右運動，與B球碰后兩球均能垂直PQ邊界飛出，則B球的質(zhì)量為多少？36.解：(1)A球能做圓周運動，必有：Eq=mAg2分E=mAgwn/

12、C1分q電場強度方向豎直向上I分(2)A球在MNPQ區(qū)域運動時間相等，必須從邊界MN飛出，如圖所示，最大半徑滿足：WcosB+R/=hcos02分A球做勻速圓周運動有：2VABqvA=m2分現(xiàn)給A球不同的水平初速度，飛出平臺后NRRORR解得：VA=0.4m/s分依題意，A球速度必須滿足:OvvAw0.4m/s1分(3)AB相碰后，A做勻速圓周運動，半徑R=h1分”vA由BqvA=mA-R得vA=0.9m/sB球做平拋運動，設(shè)飛行的水平距離為有:X=VB0t1分1 八h-xtan0=vytT分2VB0=Vytan0=gttan01分得VB0=3m/s1分由動量守恒定律得：mAVAO=mAVA+

13、mBVBO1分mB=0.119Kg分MX,PQ5來自思考的火花例35.(18分)(10年深圳一模)如圖所示，ABCDE是由三部分光滑軌道平滑連接在一起組成的，AB為水平軌道，BCD是半徑為R的半圓弧軌道，DE是半徑為2R的圓弧軌道，BCD與DE連接在軌道最高點D,R=0.6m.質(zhì)量為M=0.99kg的小物塊，靜止在AB軌道上，一顆質(zhì)量為m=0.01kg子彈水平射入物塊但未穿出，物塊與A子彈一起運動，恰能貼著BCDE軌道內(nèi)側(cè)通過最高點D.取重力加速度g=10m/s2，求:(1) 物塊與子彈一起剛滑上圓弧軌道B點的速度；(2) 子彈擊中物塊前的速度；(3) 系統(tǒng)損失的機械能.35.(1)由物塊與子

14、彈一起恰能通過軌道最高點D,得：2(Mm)g=(Mn2R(3分)又由物塊與子彈上滑過中根據(jù)機械能守恒得:-(Mm)vD(Mm)g2R=-(Mm)vB(3分)213代入數(shù)據(jù)解得：Vb=j6Rg二6m/s（2分）(2)由動量守恒mv=（Mm）vB(3分)v二600m/s(2分)(3)根據(jù)能的轉(zhuǎn)化和守恒定律得CE=1mv2-2122（Mm）vB（3分）代入數(shù)據(jù)得：厶E=1782J（2分）6來自命題的要求(1)要求有通解例20.(18分)(08年深圳二模)如圖所示，直線MN下方無磁場，上方空間存在兩個勻強磁場，其分界線是半徑為R的半圓，兩側(cè)的磁場方向相反且垂直于紙面，磁感應(yīng)強度大小都為B.現(xiàn)有-質(zhì)量為

15、m、電荷量為q的帶負電微粒從P點沿半徑方向向左側(cè)射出，最終打到Q點,不計微粒的重力.求：XXXXXXXXX(1)微粒在磁場中運動的周期.XXXXXXXXX(2)從P點到Q點，微粒的運動速度大小及運動時間.XXX*B'J.xxX(3)若向里磁場是有界的，分布在以O(shè)點為圓心、半XXBX/1x*/-1XXX徑為R和2R的兩半圓之間的區(qū)域，上述微粒仍MP從P點沿半徑方向向左側(cè)射出，且微粒仍能到達Q點，求其速度的最大值.>OQN220、解：(1)洛侖茲力提供向心力BvomVo(2分)r2二mBq（2分）(2)粒子的運動軌跡將磁場邊界分成Tt由幾何知識可得：71=2nn等分（n=2,3,4）

16、2VoBv0q二mr得v-BqRtan工（n=2,3,4）（4分）m2n15OiO2xXX_XO2O3皆左Axx.04'_-i_K_*N當n為偶數(shù)時,由對稱性可得二nmBq（n-2,4,6）（2分）當n為奇數(shù)時,t為周期的整數(shù)倍加上第一段的運動時間，即ji+t-T22兀_nT_亦1）二mnBq（n=3,5,7）（2分）(3)由幾何知識得r=Rtan2n不超出邊界須有：(2分)cos2nN2分）X冥029-AAXX2XX：XXXXXX024XX7Oi一牛u/uXXXBXXXXXXBxxXXX圖（a）2O°口昔AF/Ni123tTs圖（b）力傳感器分2（2）要求簡單、學(xué)生熟悉又要

17、有點變化35.（i8分）（i2年深圳一模）如圖（a）所示，“”型木塊放在光滑水平地面上，木塊水平表面AB粗糙，光滑表面BC且與水平面夾角為9=37°.木塊右側(cè)與豎直墻壁之間連接著一個力傳感器，當力傳感器受壓時，其示數(shù)為正值；當力傳感器被拉時，其示數(shù)為負值一個可視為質(zhì)點的滑塊從C點由靜止開始下滑，運動過程中，傳感器記錄到的力和時間的關(guān)系如圖（b）所示設(shè)斜面與平面連接處沒有動能損失，已知sin37°=0.6,cos37°=0.8,g取10m/s求：（1）斜面BC的長度；（2）滑塊的質(zhì)量；（3）運動過程中滑塊克服摩擦力做的功.35. 解：分析滑塊受力，由牛頓第二定律得：

18、得：ai=gsin0=6m/s22分通過圖像可知滑塊在斜面上運動時間為：ti=is一12由運動學(xué)公式得：s二丄玄2=3m2 滑塊對斜面的壓力為：Ni/=mgcos02分木板對傳感器的壓力為：Fi=Ni/sin02分由圖像可知：Fi=i2N1分解得：m=2.5Kg1分（說明：如果從系統(tǒng)考慮，答案正確得滿分） 滑塊滑到B點的速度為：vi=aiti=6m/s1分由圖像可知：fi=5N,t2=2s分f12八a2=2m/si分m12s2=v1ta2t8mi分2W=fS2=40J分1935.（18分）（13年深圳一模）如圖甲所示，在高h=0.8m的平臺上放置一質(zhì)量為M=0.99kg的小木塊（視為質(zhì)點），小

19、木塊距平臺右邊緣d=2m，一質(zhì)量m=0.01kg的子彈沿水平方向射入小木塊并留在其中，然后一起向右運動，在平臺上運動的S-x關(guān)系如圖乙所示.最后，小木塊從平臺邊緣滑出落在距平臺右側(cè)水平距離s=0.8m的地面上，g取10m/s2，求:s木塊飛出時的速度V2=t2m/s4分（2）因為小木塊在平臺上滑動過程中做勻減速運動，根據(jù)24_10知v-s圖象的斜率k2a1得小木塊在平臺上滑動的加速度大小a=3m/s222v2-Vi=-2ax4分根據(jù)牛頓第二定律，得f=(Mm)a二(0.990.01)3=3N根據(jù)能量守恒定律，得小木塊在滑動過程中產(chǎn)生的熱量4分（其它解法一樣給分）（3）由圖象可得10-v11-0

20、4-102-1（1）小木塊滑出時的速度；（2）小木塊在滑動過程中產(chǎn)生的熱量;（3）子彈射入小木塊前的速度.35. 解：（1）小木塊從平臺滑出后做平拋運動,有:h=1gt22a得：t=0.4s3分mv0二(Mm)v1解得小木塊剛開始滑動時的速度為V1=4m/s（其它解法同樣給分）子彈射入木塊的過程中，根據(jù)動量守恒定律，有解得：v°=400m/s例17.（16分）（09年深圳二模）在半徑R=5000km的某星球表面，宇航員做了如下實驗，實驗裝置如圖甲所示豎直平面內(nèi)的光滑軌道由軌道AB和圓弧軌道BC組成，將質(zhì)量m=0.2Kg的小球，從軌道AB上高H處的某點靜止滑下，用力傳感器測出小球經(jīng)過C

21、點時對軌道的壓力F,改變H的大小，可測出相應(yīng)的F大小，F(xiàn)隨H的變化關(guān)系如圖乙所示，求:（1）圓軌道的半徑；（2）該星球的第一宇宙速度.17.甲（16分）（1）小球過C點時滿足由（2）得：F=2mgH-5mg（3）2/r由圖可知：H1=0.5m時F1=0;代入（3）可得r-0.2m2/H2=1.0m時F2=5N;代入（3）可得2g_5m/s2/又根據(jù)12mg（H2r）mvc24/可得v=.Rg=5103m/s2/2據(jù)mVR=mg9227來自平時的留心例4J3，在斜面底端的豎1520.（18分）（09年深圳一模）如圖所示，傾角為30°的粗糙斜面的底端有一小車,車內(nèi)有一根垂直小車底面的細直

22、管，車與斜面間的動摩擦因數(shù)直線上，有一可以上下移動的發(fā)射槍，能夠沿水平方向發(fā)射不同速度的帶正電的小球，其電量與質(zhì)量之比_qm=0.5773102c/kg（計算時><102c/kg）,在豎直線與斜面3之間有垂直紙面向外的勻強磁場和豎直向上的勻強電場，小球在運動過程中重力和電場力始終平衡當小車以V°=7.2m/s的初速度從斜面底端上滑至2.7m的A處時，小球恰好落入管中且與管壁無碰撞，此時小球的速率是小車速率的兩倍取g=10m/s2.求：（1）小車開始上滑到經(jīng)過A處所用的時間；（2）勻強磁場的磁感應(yīng)強度的大小20.解：（1）當小車上滑時，ai二gsinv'gco，1分

23、12上滑至A處時sVolat12由得匕=0.6s2分此時V車=1.8m/s；1分V車S剩0.18m2a1當小車下滑時，a2二gsi-gcosr卜1分12S剩at下）2由得:t下=0.6s此時7車=0.6m/s1分從開始上滑到下滑經(jīng)過A處的時間t2=t上+t下=V°0.6=1.4sa1上滑經(jīng)過A點時，V車=1.8m/s,由題意知V球=3.6m/s由幾何關(guān)系得r=2.7.3m（2分又r=業(yè)位）qB49由、（11）、（12）得B10T（12分3下滑經(jīng)過A處時，V車=0.6m/s,則V球=1.2m/s（C"7由幾何關(guān)系得rV3m(15)2分28/由(12)、(14)、(15)得B1

24、0T(162分8來自高考的熱點例36.(18分)(11年深圳一模)如圖所示，傾角為37的足夠大斜面以直線MN為界由兩部分組成，MN垂直于斜面的水平底邊PQ且其左邊光滑右邊粗糙，斜面上固定一個既垂直于斜面又垂直于MN的粗糙擋板.質(zhì)量為mi=3kg的小物塊A置于擋板與斜面間，A與擋板間的動摩擦因數(shù)為山=0.1.質(zhì)量為m2=1kg的小物塊B用不可伸長的細線懸掛在界線MN上的0點，細線長為l=0.5m，此時，細線恰好處于伸直狀態(tài).A、B可視為質(zhì)點且與斜面粗糙部分的動摩擦因數(shù)均為血=0.3,它們的水平距離S=7.5m.現(xiàn)A以水平初速vo=5m/s向右滑動并恰能與B發(fā)生彈性正撞(1) A碰撞前向右滑動時受

25、到的摩擦力；(2) 碰后A滑行的位移；(3) B沿斜面做圓周運動到最高點的速度.36. 解：(1)分析物塊A的受力得：f“ggsin370=0.13100.6=1.8(N)PnzQ分(2)設(shè)A運動至與B相碰前速度為V1,由動能定理得：01212-migsin37smwgv。解得：q=4m/s4分22A和B發(fā)生彈性正碰，由動量守恒和能量守恒得：21212m1v1=mv-im2v2miv1miv1m2v2222解得：w=2m/sv2=6m/s設(shè)A滑行的位移為s1,由動能定理得：-Cl2m1gcos3J1m1gsin37)$=0-1gvj2解得：2s1m：0.67m4分3(3) 設(shè)B做圓周運動到最高點的速度為V®由動能定理得:I_1212-二2m2gcos37二I-